2021屆上海市崇明區(qū)高考物理一模試卷(含答案解析)

2021屆上海市崇明區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共12小題，共48.0分）

1.在下列力學(xué)單位中，不屬于國(guó)際單位制中基本單位的是（）

A.牛B.秒C.千克D.米

2.振源所發(fā)出的機(jī)械波的頻率為180Hz,觀察者所接收到的機(jī)械波頻率也為180Hz,則下列判斷

中正確的是（）

A.若振源靜止不動(dòng)，則觀察者一定靜止不動(dòng)

B.振源和觀察者之間的相對(duì)距離不變

C.振源和觀察者之間的相對(duì)距離增大

D.振源和觀察者之間的相對(duì)距離減小

3.a、b；c、d；e、f；g、八為以下電場(chǎng)中的四組點(diǎn)，其中a、b兩點(diǎn)距正點(diǎn)電荷的距離相等；c、d兩

點(diǎn)在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上，并關(guān)于兩點(diǎn)電荷的連線對(duì)稱；e、/兩點(diǎn)在兩點(diǎn)電荷的連線上，

并關(guān)于連線中點(diǎn)對(duì)稱；g、八兩點(diǎn)在兩點(diǎn)電荷連線的中垂線上，并關(guān)于兩點(diǎn)電荷的連線對(duì)稱。這

四組點(diǎn)中，電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)均相等的是（）

4.甲、乙兩玩具車（視為質(zhì)點(diǎn)）沿同一方向做直線運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻經(jīng)過同一地點(diǎn)，若『

以該時(shí)刻作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，得到兩車的位移圖象如圖所示，圖象中的。C與48平I：：/“

行，CB與。4平行，則下列°"〃

說法中正確的是（）

A.匕?t2時(shí)間內(nèi)兩車的距離越來越遠(yuǎn)

B.0?匕時(shí)間內(nèi)甲車的平均速度大于乙車的平均速度

C.0?t2時(shí)間內(nèi)甲車的速度和乙車的速度始終不相等

D.t3時(shí)刻甲車和乙車的位移相等

5.如圖所示，在水平向右、電場(chǎng)強(qiáng)度為E、范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，0,V、'

用長(zhǎng)為L(zhǎng)、不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)絕緣絲線將一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+q的三:~~

小球拴于。點(diǎn)。若將小球從距。點(diǎn)L遠(yuǎn)、與0點(diǎn)等高處的右邊某點(diǎn)M由-----十:---------

靜止釋放，且mg=2qE（g為重力加速度），N為最低點(diǎn)，貝[|（）

A.小球靜止不動(dòng)

B.小球運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)，對(duì)絲線的拉力大小為27ng

C.小球能運(yùn)動(dòng)到左邊與圓心等高處

D.小球最終停在N點(diǎn)

6.下列關(guān)于分子動(dòng)理論的說法正確的是（）

A.布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)

B.氣體很容易充滿整個(gè)容器，這是分子間存在斥力的緣故

C.當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨分子間距離的減小而減小

D.鉆石的摩爾質(zhì)量為M（單位為g/m。。，阿伏加德羅常數(shù)為N.,1克拉（0.2g）鉆石所含有的分子

數(shù)為等

M

7.一線圈匝數(shù)為九=10匝，線圈電阻r=2.0。，在線圈外接一個(gè)阻值R=3.00的電阻，如圖甲所

示。線圈內(nèi)有垂直紙面向里的磁場(chǎng)，線圈內(nèi)磁通量/隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示。下列說法

正確的是（）

A.線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為10UB.R兩端電壓為W

C.電路中消耗的總功率為5WD.通過R的電流大小為2.54

8.介質(zhì)中有一列沿工軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，某時(shí)刻其波動(dòng)圖象如圖ty/Cm

所示.P為介質(zhì)中一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，下列說法正確的是（）2線上

A.這列波的波長(zhǎng)為4m0[2\6

B.這列波的振幅為8cm

C.質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)方向可能與波的傳播方向在同一直線上

D.質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)頻率等于波源的振動(dòng)頻率

9.一定量的理想氣體的p-U圖象如圖所示，氣體由狀態(tài)4-8-。一。一4變c

f

化.氣體對(duì)外做正功的變化過程是下列選項(xiàng)中的（）

D

N.A”B.B-CC.CtDD.DA

10.把一根柔軟的螺旋形彈簧豎直懸掛起來，使它的下端剛好跟杯里的水銀面

接觸，并使它組成如圖所示的電路，當(dāng)電鍵S接通后，將看到的現(xiàn)象是：（）

A.彈簧向上收縮

B.彈簧被拉長(zhǎng)

C.彈簧上下跳動(dòng)

D.彈簧仍靜止不動(dòng)

11.如圖所示，質(zhì)量為M的斜面體4置于粗糙水平面上，用輕繩拴住質(zhì)量為血的

小球B置于斜面上，整個(gè)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知斜面傾角。=30。，輕繩

與斜面平行且另一端固定在豎直墻面上，不計(jì)小球與斜面間的摩擦，則（）

A.斜面體對(duì)小球的作用力大小為mg

B.輕繩對(duì)小球作用力的豎直分力大小為mg

C.斜面體對(duì)水平面的壓力大小為（m+M）g

D.斜面體與水平面間的摩擦力大小為fmg

12.如圖所示，表面光滑的固定斜面頂端安裝一個(gè)定滑輪，小物塊4B用輕

繩連接并跨過滑輪（不計(jì)滑輪的質(zhì)量和摩擦）.開始時(shí)4、B處于同一高度并

恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)剪斷輕繩后4自由下落，B沿斜面下滑.則在剪斷

輕繩到物塊著地的過程中，兩物塊（）

A.速度變化相同B.動(dòng)能變化相同

C.重力勢(shì)能變化相同D.重力做功的平均功率相同

二、填空題（本大題共5小題，共20.0分）

13.對(duì)“落體運(yùn)動(dòng)快慢”、“力與物體運(yùn)動(dòng)關(guān)系”等問題，亞里士多德和伽利略存在著不同的觀

點(diǎn).請(qǐng)完成下表：

亞里士多德的觀點(diǎn)伽利略的觀點(diǎn)

落體運(yùn)動(dòng)快慢重的物體下落快，輕的物體下落慢

力與物體運(yùn)動(dòng)關(guān)系維持物體運(yùn)動(dòng)不需要力

14,在塔頂上將一物體豎直向上拋出，拋出點(diǎn)為4,物體上升的最大高度為207n.不計(jì)空氣阻力，設(shè)

塔足夠高.則

(1)物體位移大小為12nl時(shí)，物體通過的路程可能為(寫出所有可能值)；

(2)物體拋出的初速度大小為m/s.(g取10m/s2)

15.真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷，電荷量均為q,當(dāng)兩點(diǎn)電荷相距為L(zhǎng)時(shí)，它們之間庫(kù)侖力的大小為F.

(1)若保持兩點(diǎn)電荷的電荷量不變，僅將它們之間的距離減小為求它們之間的庫(kù)侖力的大小

&;

(2)若保持兩點(diǎn)電荷之間的距離不變，僅將它們的電荷量都增大為2q,求它們之間的庫(kù)侖力的大小

16.如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=14匕內(nèi)阻r=10,小燈泡標(biāo)有“2V,

4IV”，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r'=0.50,當(dāng)變阻器阻值為10時(shí)，電燈和電動(dòng)

機(jī)均為正常工作，則：

電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為v,電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為w.―仁

17.如圖所示，光滑的半球殼半徑為R,固定在地面上，。點(diǎn)在球心的正下方，

一小球由距。點(diǎn)很近的4點(diǎn)由靜止放開，同時(shí)在。點(diǎn)正上方有一小球自由落

下，若運(yùn)動(dòng)中阻力不計(jì)，為使兩球在。點(diǎn)相碰，小球應(yīng)由h=高處自

由落下。

三、實(shí)驗(yàn)題(本大題共1小題，共10.0分)

18.某同學(xué)用如圖所示裝置探究氣體做等溫變化的規(guī)律。

(1)下列各項(xiàng)要求中，屬于本實(shí)驗(yàn)必須要做到的是

A.在等溫條件下操作

B.注射器的密封性良好

C.測(cè)量所封閉氣體的質(zhì)量

。.氣體的壓強(qiáng)和體積必須用國(guó)際單位

(2)某小組某次實(shí)驗(yàn)只記錄了如下面表格所示的兩組數(shù)據(jù)。小王認(rèn)為,

這兩組數(shù)據(jù)很好地體現(xiàn)了玻意耳定律的規(guī)律，因?yàn)閮山M數(shù)據(jù)p和

V的乘積幾乎相等，說明p跟V成反比；小李卻認(rèn)為，如果把這兩

組數(shù)據(jù)在縱坐標(biāo)軸為P、橫坐標(biāo)軸為"的坐標(biāo)系中描點(diǎn)，這兩點(diǎn)連線的延長(zhǎng)線將不經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn),

因此這兩組數(shù)據(jù)沒有反映玻意爾定律的規(guī)律。對(duì)此你有什么看法？

數(shù)據(jù)序號(hào)均勻玻璃管內(nèi)空氣柱長(zhǎng)度，/cm空氣柱的壓強(qiáng)p/105pa

139.81.024

240.30.998

四、簡(jiǎn)答題(本大題共1小題，共14.0分)

19.如圖所求，為一離子選擇器，極板從B間距為d,用來研究粒子的種類及偏向角，在4、8間加

電壓，B板電勢(shì)高于4板電勢(shì)，且4、B極板間的垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為當(dāng)、P為

一剛性內(nèi)壁光滑絕緣的兩端開口的直細(xì)管，右端開口在一半徑為R的圓形磁場(chǎng)區(qū)域中心。點(diǎn)(即

坐標(biāo)原點(diǎn))，此磁場(chǎng)方向?yàn)榇怪奔埫嫦蚶锏膭驈?qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為殳(細(xì)管中不存在磁場(chǎng)).細(xì)管

的中心軸所在的直線通過S粒子源，粒子源可發(fā)出電荷量為q、質(zhì)量為粗速度大小、方向都不同

的粒子，當(dāng)有粒子人圓形區(qū)域磁場(chǎng)射出時(shí)，其速度方向與x軸的夾角為偏向角.不計(jì)粒子重力.

(1)若已知4、B間電壓值為U,求從磁場(chǎng)當(dāng)射出粒子的速度"的大?。?/p>

(2)若粒子能從圓形區(qū)域磁場(chǎng)Bz射出時(shí)，其偏向角為0,求4、B間的電壓值U；

(3)粒子能從圓形區(qū)域磁場(chǎng)為射出時(shí)，A、B間的電壓值應(yīng)滿足什么條件？

五、計(jì)算題(本大題共1小題，共16.0分)

20.如圖所示，面積為0.2m2的io。匝線圈4處在磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直

于線圈平面.磁感強(qiáng)度隨時(shí)間變化的規(guī)律是B=(6-0.2t)T,已知

Ri=4。，R2=6/2,電容C=30〃F.線圈4的電阻不計(jì).求：

(1)閉合S后，通過8的電流強(qiáng)度大小.

(2)閉合S一段時(shí)間后電容C上所帶的電荷量.

參考答案及解析

1.答案：A

解析：解：在力學(xué)中，有三個(gè)基本物理量：質(zhì)量、長(zhǎng)度和時(shí)間，它們的單位為基本單位，而由基本

單位推導(dǎo)出的單位稱導(dǎo)出單位；在國(guó)際單位制中，取長(zhǎng)度單位米，質(zhì)量單位千克，時(shí)間單位秒作為

基本單位，牛頓為導(dǎo)出單位，故A正確，錯(cuò)誤。

故選：Ao

在力學(xué)中，質(zhì)量、長(zhǎng)度及時(shí)間為基本物理量，其單位為基本單位，而由基本單位推出的單位稱導(dǎo)出

單位

本題考查了力學(xué)單位制，基本單位和導(dǎo)出單位組成單位制，要熟記物理學(xué)中的七個(gè)基本物理量和它

們的單位。

2.答案：B

解析：解：多普勒效應(yīng)是指波源或觀察者發(fā)生移動(dòng)，而使兩者間的位置發(fā)生變化，使觀察者收到的

頻率發(fā)生了變化；現(xiàn)在振源所發(fā)出的機(jī)械波的頻率為180Hz,觀察者所接收到的機(jī)械波頻率也為

180Hz,則說明振源和觀察者之間的相對(duì)距離不變，若振源靜止不動(dòng)，觀察者不一定靜止不動(dòng)，觀

察者繞振源做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)觀察到的頻率也不變，故錯(cuò)誤，B正確。

故選：B。

多普勒效應(yīng)是由于觀察者和波源間位置的變化而產(chǎn)生的由此分析即可。

本題考查多普勒效應(yīng)的原理，熟記多普勒的定義即可求解，同時(shí)掌握頻率變化與運(yùn)動(dòng)間的關(guān)系。

3.答案：B

解析：

根據(jù)點(diǎn)電荷、等兩同種電荷、等量異種電荷周圍電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)分析解決問題。

本題考查電場(chǎng)的疊加原理，關(guān)鍵時(shí)熟練掌握常見電場(chǎng)：點(diǎn)電荷、等兩同種電荷、等量異種電荷、勻

強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布特點(diǎn)，直接應(yīng)用即可。

4正點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是以電荷為圓心的同心圓，a、b兩點(diǎn)距正點(diǎn)電荷的距離相等，所以電勢(shì)相等；

根據(jù)E=,可知兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)等量異種電荷的周圍電場(chǎng)分布特點(diǎn)關(guān)于中垂線和連線對(duì)稱性可知，c、d兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度和電

勢(shì)都相同，故B正確；

C、根據(jù)等量異種電荷的周圍電場(chǎng)分布特點(diǎn)關(guān)于中垂線和連線對(duì)稱性可知，e、/兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同，

根據(jù)沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知/點(diǎn)電勢(shì)高于e點(diǎn)電勢(shì)；故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)電場(chǎng)疊加原理可知，g/i兩點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度相同，方向相反，故電場(chǎng)強(qiáng)度不同，故。錯(cuò)誤；

故選：Bo

4.答案：D

解析：解：2、圖象的縱坐標(biāo)表示物體所在的位置；由圖可知G到垃時(shí)刻兩車的距離始終相等，故A

錯(cuò)誤；

8、由圖可知，t3時(shí)刻兩物體的位移相同；故兩物體的平均速度相等，故B錯(cuò)誤；

C、圖象的斜率表示物體的速度，由圖可知，G?t2時(shí)間內(nèi)甲車的速度和乙車的速度相等，故C錯(cuò)誤；

。、時(shí)刻兩車的位置相同，兩車處在同一位置，初位置也相同，則位移相等，故。正確；

故選：Do

在位移-時(shí)間圖象中，傾斜的直線表示物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，斜率表示速度；圖象的交點(diǎn)表示位移

相等，平均速度等于位移除以時(shí)間.

本題考查x-t圖象，在分析圖象時(shí)要注意先明確圖象的坐標(biāo)，再根據(jù)圖象的性質(zhì)進(jìn)行分析.

5.答案：B

解析：解：4、在M點(diǎn)，小球受到細(xì)線水平向左的拉力和水平向右的電場(chǎng)力、豎直向下的重力，三個(gè)

力的合力不為零，方向豎直向下，則小球?qū)⑾蛳聰[動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

8、小球從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到及點(diǎn)的過程，由動(dòng)能定理得mgL-qEL=

在N點(diǎn)，由重力和絲線拉力的合力提供小球圓周運(yùn)動(dòng)所需要的向心力，則F—

結(jié)合mg=2qE,解得尸=2mg

根據(jù)牛頓第三定律知小球運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)，對(duì)絲線的拉力大小為2mg,故8正確；

C、假設(shè)小球能運(yùn)動(dòng)到左邊與圓心等高處，則此過程中小球重力勢(shì)能的變化量為0,動(dòng)能的變化量為

0,電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，則違反了能量守恒定律，所以，小球不能運(yùn)動(dòng)到左邊與圓心等高處，

故C錯(cuò)誤；

。、由于重力和電場(chǎng)力的合力（等效重力）恒定，與單擺類似，小球?qū)⒆鐾鶑?fù)運(yùn)動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

分析小球的受力情況，判斷小球能否靜止不動(dòng)；小球從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程，由動(dòng)能定理求出小球

到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的速度。在N點(diǎn)，對(duì)小球根據(jù)牛頓第二定律求絲線對(duì)小球的拉力，從而得到小球?qū)z線的

拉力大小。利用動(dòng)能定理求小球在N點(diǎn)左側(cè)上升的最大高度；結(jié)合過程的周期性分析小球最終的運(yùn)

動(dòng)狀態(tài)。

本題考查動(dòng)能定理和向心力的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵要運(yùn)用類比的方法，分析小球的運(yùn)動(dòng)情況。

6.答案：D

解析：解：力、布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是分子

的運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤。

8、氣體分子間的作用力很小，所以氣體分子比較自由，很容易充滿容器，故B錯(cuò)誤。

C、當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨著分子間距離的減小而增大。故C錯(cuò)誤。

D、鉆石的摩爾質(zhì)量為M(單位為g/m。。，阿伏加德羅常數(shù)為N4,1克拉(0.2g)鉆石所含有的分子數(shù)

為警.故。正確。

故選：D。

布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)。

氣體分子間的作用力很小。當(dāng)分子力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子力和分子勢(shì)能總是隨著分子間距離的減小

而增大。當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子勢(shì)能隨著分子間距離的增大而減小。分子力先增大后減小。

解決本題的關(guān)鍵要掌握分子動(dòng)理論，可結(jié)合分子力和分子勢(shì)能與分子間距的圖象記住分子力和分子

勢(shì)能與分子間距離的關(guān)系。

7.答案：C

解析：解：4、線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=n*=10x-V=5V,故A錯(cuò)誤；

BD、電路電流為：I=^-=-^-=lA

IT3.U+N.u

R兩端電壓為：U=IR=lx3.0V=3V,故8。錯(cuò)誤；

C、電路中消耗的總功率為：P=EI=5xlW=5W,故C正確。

故選：Co

由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，應(yīng)用歐姆定律可以求出電流與R兩端電壓，應(yīng)用電功率

公式可以求出電路消耗的總功率。

本題是電磁感應(yīng)與電路相結(jié)合的一道綜合題，由法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，應(yīng)用

歐姆定律與電功率公式可以解題。

8.答案：D

解析：

根據(jù)波形圖可知，A=2cm,A=8m；據(jù)波的傳播特點(diǎn)可知，各質(zhì)點(diǎn)做受迫運(yùn)動(dòng)，即各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)

頻率與波源的頻率相同；由橫波的特點(diǎn)判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況.本題考查波動(dòng)圖象的性質(zhì)的掌握，根

據(jù)圖象知波長(zhǎng)和振幅，明確波傳播的特點(diǎn)是解題的關(guān)鍵，知道質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向和波的傳播方向的關(guān)

系是解題的核心.

AB,據(jù)波形圖可知，A=2cm,4=8m,故AB錯(cuò)誤；

C、由于該波是橫波，所以質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向與該波的傳播方向垂直，故C錯(cuò)誤；

。、根據(jù)波的傳播特點(diǎn)可知，各質(zhì)點(diǎn)做受迫振動(dòng)，即各質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)頻率與波源的頻率相同，故。正

確；

故選：D.

9.答案：B

解析：解：一定質(zhì)量的理想氣體從初狀態(tài)開始膨脹變化到末狀態(tài).此過程氣體體積增大，氣體對(duì)外

做功.

A、4TB體積不變，故A錯(cuò)誤

B、8體積增大，故8正確

C、CT。體積不變，故C錯(cuò)誤

D、Ct4體積減小，故。錯(cuò)誤

故選艮

一定質(zhì)量的理想氣體從初狀態(tài)開始膨脹變化到末狀態(tài).此過程中氣體對(duì)外做功.

掌握氣體膨脹即體積增大的過程就是氣體對(duì)外做正功的變化過程.

10.答案：c

解析：解：當(dāng)有電流通過彈簧時(shí)，構(gòu)成彈簧的每一圈導(dǎo)線周圍都產(chǎn)生了磁場(chǎng)，根據(jù)安培定則知，各

圈導(dǎo)線之間都產(chǎn)生了相互的吸引作用，彈簧就縮短了，當(dāng)彈簧的下端離開水銀后，電路斷開，彈簧

中沒有了電流，各圈導(dǎo)線之間失去了相互吸引力，彈簧又恢復(fù)原長(zhǎng)，使得彈簧下端又與水銀接觸，

彈簧中又有了電流，開始重復(fù)上述過程。

故選：Co

當(dāng)彈簧中通電流時(shí)，彈簧的每一圈導(dǎo)線都是一個(gè)線圈，都有N極和S極，根據(jù)安培定則判斷每一線圈

的下端都是N極，上端都是S極，根據(jù)異名磁極相互吸引，彈簧縮短，彈簧離開水銀面，電路斷開，

彈簧中沒有電流，各線圈之間失去吸引作用，彈簧恢復(fù)原狀，彈簧下落到水銀面接通電路，重復(fù)上

面的現(xiàn)象。

通電螺線管是由每一個(gè)線圈組成的，每一個(gè)線圈都有磁場(chǎng)，和判斷通電螺線管的N極、S極相同，也

按照安培定則來判斷N極和S極。

11.答案：D

解析：解：AB,以小球?yàn)檠芯繉?duì)象受力分析，

根據(jù)平衡條件，垂直斜面方向，斜面對(duì)小球的支持力為：N=mgcos30°=^mg;

平行斜面方向，輕繩對(duì)小球的作用力為：T=mgsin30°=^rng,

輕繩對(duì)小球作用力的豎直分力為Ncos。=,zng,故A錯(cuò)誤，B正確;

CD.以斜面體和小球整體為研究對(duì)象受力分析,

水平方向：f=Tcos30°=^-mg,故C錯(cuò)誤，。錯(cuò)誤。

故選：D.

以小球?yàn)檠芯繉?duì)象受力分析，根據(jù)平衡條件列方程求斜面和輕繩對(duì)小球的作用力；

以斜面體和小球整體為研究對(duì)象受力分析，根據(jù)平衡條件求斜面體受到的支持力和摩擦力。

本題采用隔離法和整體法結(jié)合研究?jī)蓚€(gè)物體的平衡問題，分析受力情況，作出力圖是關(guān)鍵。

12.答案：D

解析：解：速度是矢量，A的加速度方向豎直向下，所以速度的變化量方向豎直向下，B的加速度方

向沿斜面向下，所以B速度變化量的方向沿斜面向下，方向不同，故A錯(cuò)誤;

B、AB都只有重力做功，機(jī)械能守恒，動(dòng)能的增加量等于重力勢(shì)能的減小零，所以AEKumgh,由

于巾8＞爪4,所以動(dòng)能變化不相等，故8錯(cuò)誤;

C、重力勢(shì)能變化量△Ep=巾9兒由于ZB的質(zhì)量不相等，所以重力勢(shì)能變化不相同，故C錯(cuò)誤;

后，所以4重力做功的平均功率為：「A

。、4運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：S=T

B運(yùn)動(dòng)有：合=：gsin姐，解得：t2=高層，所以B重力做功的平均功率為：%一目一

而nzegsin。=犯4。，所以重力做功的平均功率相等，故。正確.

故選D

剪斷輕繩后4自由下落，B沿斜面下滑，AB都只有重力做功，機(jī)械能守恒，重力勢(shì)能變化量等于重力

所做的功，重力做功的平均功率等于重力做功與時(shí)間的比值.

重力做功決定重力勢(shì)能的變化與否，若做正功，則重力勢(shì)能減少；若做負(fù)功，則重力勢(shì)能增加，重

力做功的平均功率等于重力做功與時(shí)間的比值，難度適中.

13.答案：解：亞里士多德根據(jù)日常生活經(jīng)驗(yàn)，不通過實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證認(rèn)為重的物體下落快，輕的物體下落

慢，維持物體運(yùn)動(dòng)需要力；伽利略通過對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的研究推翻了他的觀點(diǎn)，伽利略認(rèn)為物體下

落快慢與物體輕重?zé)o關(guān)，維持物體運(yùn)動(dòng)不需要力.

故答案為：物體下落快慢與物體輕重?zé)o關(guān)，維持物體運(yùn)動(dòng)需要力.

解析：本題比較簡(jiǎn)單考查了亞里士多德、伽利略對(duì)“落體運(yùn)動(dòng)快慢”、“力與物體運(yùn)動(dòng)關(guān)系”等問

題的基本觀點(diǎn)，通過了解這些觀點(diǎn)，體會(huì)物理學(xué)發(fā)展的曲折歷程.

物理學(xué)的發(fā)展不是一帆風(fēng)順的，經(jīng)歷了很多曲折和挫折，同學(xué)們要理解其過程，不但要記住正確理

論，對(duì)于當(dāng)時(shí)錯(cuò)誤的理論也要有所了解.

14.答案：12m、28m、52m20

解析：解：(1)物體做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，物體上升的最大高度為20??；

物體位移大小為12nl時(shí)，可能是上升12小，此過程路程為12m；

也可能是到最高點(diǎn)后返回8m,此過程路程為20nl+8zn=28m；

還有可能是返回到下方127n位置，此過程路程為20nl+20m+12m=52m；

故路程可能是12m,28m或52m；

(2)根據(jù)詔—2g/i可得：v0=J2gh=V2x10x20m/s=20m/s.

故答案為：(l)12m,287n或52m；(2)20.

(1)位移為從初位置到末位置的有向線段，路程為運(yùn)動(dòng)軌跡的實(shí)際長(zhǎng)度，根據(jù)運(yùn)動(dòng)過程計(jì)算路程大小;

(2)根據(jù)評(píng)=2g/i計(jì)算初速度大小.

本題主要是考查豎直上拋運(yùn)動(dòng)，解答本題的關(guān)鍵是明確位移與路程的區(qū)別并能讀懂題意，能夠根據(jù)

運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解初速度大小.

15.答案:=4F=4F

解析：解：(1)由庫(kù)侖定律的公式：F=等，

保持兩點(diǎn)電荷的電荷量不變，僅將它們之間的距離減小為93則有：&=言=4尸

(2)保持兩點(diǎn)電荷之間的距離不變，僅將它們的電荷量都增大為2q,它們之間的庫(kù)侖力大小為：F2=

兩產(chǎn)=4尸

故答案為：4F；4F.

比較簡(jiǎn)單，直接代入庫(kù)侖定律的公式尸=等即可.

該題考查庫(kù)侖定律的簡(jiǎn)單計(jì)算，只有把數(shù)據(jù)代入公式就可以了.該題是基礎(chǔ)題目，很簡(jiǎn)單.

16.答案：814

解析：解：(D燈泡正常工作，電路電流/=/L=￡=：A=24

電動(dòng)機(jī)兩端電壓UM=E-Ir-IR-UL=14-2xl-2xl-2=8V；

(2)電動(dòng)機(jī)的輸入功率P”=UMI=8X2=16W,

熱功率PQ=l2r'=22x0.5=2IV,

電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率P#/=PM-PQ=16-2=141V.

故答案為：8,14.

(1)燈泡額定電壓為2V,額定功率為4分，由電功率變形公式可以求出燈泡額定電流，由串聯(lián)電路特

點(diǎn)及歐姆定律可以求出電動(dòng)機(jī)兩端電壓.

(2)由功率公式求出電動(dòng)機(jī)輸入功率與熱功率，然后求出電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率.

電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，電動(dòng)機(jī)的總功率等于熱功率與輸出功率(機(jī)械功率)之和.

17.答案：空空合氏⑺=0,1,2,...)

8

解析：

從。點(diǎn)上方下落的小球做自由落體運(yùn)動(dòng)，從4點(diǎn)釋放的小球近似看做單擺，根據(jù)各自的規(guī)律即可求得

時(shí)間的表達(dá)式，若使兩球在圓弧最低點(diǎn)。處相遇，要考慮到在軌道上運(yùn)動(dòng)的周期性，然后列出等式

即可。當(dāng)n=0時(shí)，球自由下落的高度最小。該題的要考慮到從4點(diǎn)釋放的小球運(yùn)動(dòng)的周期性，寫出

它到達(dá)最低點(diǎn)的時(shí)刻的通式是解題的關(guān)鍵。

設(shè)從。點(diǎn)上方下落的小球從離弧形槽最低點(diǎn)人高處開始自由下落，到達(dá)0點(diǎn)的時(shí)間為：匕=后

從4點(diǎn)釋放的小球近似看做單擺，其周期為：T=2兀

由于從4點(diǎn)釋放的小球運(yùn)動(dòng)的周期性，所以該小球到達(dá)。點(diǎn)的時(shí)間為：

由于兩個(gè)小球在。點(diǎn)相遇，故有：亡2=￡1

解得：h=(2八+1)/R(n=0,1,2,...)

故答案為："九+1)72R(九二0,1,2,??,)。

8r

18.答案：(1)48；(2)實(shí)驗(yàn)只測(cè)量了兩組數(shù)據(jù)，實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)太少，不能反映玻意爾定律的規(guī)律。

解析：

(1)依據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康?，前提條件，研究對(duì)象特點(diǎn)分析解答；

(2)依據(jù)實(shí)驗(yàn)具體方法、操作過程、測(cè)量工具選擇與要求、數(shù)據(jù)處理方法等方面對(duì)實(shí)驗(yàn)的進(jìn)行評(píng)估，

可見本實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)過少。

本實(shí)驗(yàn)是教材中的探究氣體做等溫變化的規(guī)律原文內(nèi)容，這也就提示了要注重教材的閱讀與解析，

高考也一樣經(jīng)常出現(xiàn)教材原文內(nèi)容。對(duì)于實(shí)驗(yàn)的評(píng)估要從實(shí)驗(yàn)?zāi)康?、?shí)驗(yàn)方法、測(cè)量工具的選擇、

操作過程、測(cè)量、數(shù)據(jù)及數(shù)據(jù)處理方法等方面去考慮，在沒思路的情況下，可逐一排查。

(1)4、依據(jù)實(shí)驗(yàn)?zāi)康摹疤骄繗怏w做等溫變化的規(guī)律”，要在溫度不變的條件下研究壓強(qiáng)與體積變化

時(shí)的關(guān)系，因此需要在等溫條件下操作，故A正確；

8、氣體實(shí)驗(yàn)定律所研究的對(duì)象都是一定質(zhì)量的某種氣體，因此本實(shí)驗(yàn)要保證注射器內(nèi)密封的氣體的

質(zhì)量不能變化，所以需要注射器的密封性良好，故8正確；

C、本實(shí)驗(yàn)只需直接或間接測(cè)量氣體的壓強(qiáng)和體積，保持質(zhì)量和溫度一定即可，不需要測(cè)量質(zhì)量，故

C錯(cuò)誤；

D.根據(jù)玻意耳定律可知，一定質(zhì)量的氣體相同溫度下，初末狀態(tài)滿足：p1V.=p2V2,可見只要?dú)?/p>

體的壓強(qiáng)和體積分別使用相同的單位此式就成立，因此氣體的壓強(qiáng)和體積可以不使用國(guó)際單位，故

。錯(cuò)誤。

故選：AB.

(2)本實(shí)驗(yàn)只測(cè)量了兩組數(shù)據(jù)，對(duì)這兩組數(shù)據(jù)進(jìn)行是沒有意義的，因?yàn)閷?shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)太少并不能得到應(yīng)有

的普遍規(guī)律，對(duì)于小王的說法是不對(duì)的，兩組數(shù)據(jù)存在偶然性，這兩組數(shù)據(jù)p