2021屆上海市奉賢區(qū)高考物理一模試卷(含答案解析)

2021屆上海市奉賢區(qū)高考物理一模試卷

一、單選題（本大題共12小題，共36.0分）

1.下列物理量中屬于標(biāo)量的是（）

A.加速度B.角速度C.轉(zhuǎn)速D.線速度

2.如圖所示，照片中的汽車在水平公路上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知圖中雙向四車道的總寬度為15m,

內(nèi)車道邊緣間最遠(yuǎn)的距離為150m。假設(shè)汽車受到的最大靜摩擦力等于車重的0.7倍。g取10m/s2,

則汽車的運(yùn)動(dòng)（）

A.所受的合力可能為零

B.只受重力和地面的支持力作用

C.最大速度不能超過(guò)25m/s

D.所需的向心力由重力和支持力的合力提供

3.如圖6所示，2016年巴西奧運(yùn)會(huì)上，中國(guó)選手鄧薇以262公斤（抓舉115

公斤，挺舉147公斤）的總成績(jī)打破奧運(yùn)會(huì)、世界紀(jì)錄.某次抓舉，在

杠鈴被舉高的整個(gè)過(guò)程中，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）

A.杠鈴的動(dòng)能一直增大B.杠鈴的重力勢(shì)能一直增

大

C.杠鈴的機(jī)械能守恒D.杠鈴一直處于超重狀態(tài)

如圖為物理興趣小組設(shè)計(jì)的一種測(cè)溫裝置示意圖，玻璃管的上端與導(dǎo)熱良好

的玻璃泡連通，下端插入水中，玻璃泡中封閉有一定量的空氣，若玻璃管內(nèi)

水柱上升，則外界大氣的變化可能是（）

A.溫度降低，壓強(qiáng)增大

B.溫度升高，壓強(qiáng)不變

C.溫度升高，壓強(qiáng)減小

D.溫度不變，壓強(qiáng)減小

5,下列說(shuō)法正確的是（）

A.質(zhì)量較大的物體的加速度一定小

B.受到外力較小的物體加速度一定小

C.物體質(zhì)量一定，合外力越大，加速度越大

D.牛頓第二定律說(shuō)明當(dāng)物體有加速度時(shí)，物體才受到外力的作用

6.如圖所示，一條形磁鐵放在水平桌面上，在其左上方固定--根與磁鐵垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線，當(dāng)導(dǎo)線

中通以圖示方向的電流時(shí)（）

S

A.磁鐵對(duì)桌面的壓力增大B.磁鐵對(duì)桌面的壓力不變

C.磁鐵受到向右的摩擦力作用D.磁鐵受到向左的摩擦力作用

7.在做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)時(shí)，橡皮條的一端固定在木板上，用兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)把

橡皮條的另一端拉到某一確定的0點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.同一次實(shí)驗(yàn)中，0點(diǎn)位置不允許變動(dòng)

B.實(shí)驗(yàn)中，只要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)和0點(diǎn)的位置

C.實(shí)驗(yàn)中，把橡皮條的另一端拉到。點(diǎn)時(shí)，兩個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)之間的夾角必須取90。

D.實(shí)驗(yàn)中，要始終將其中一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)沿某一方向拉到最大量程，然后調(diào)節(jié)另一彈簧測(cè)力計(jì)

拉力的大小和方向，把橡皮條另一端拉到0點(diǎn)

8.如圖所示，兩根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線a、b平行放置，a、b中通有同方向的電流/和3/,

此時(shí)a受到的磁場(chǎng)力為F,若在a、b的正中間再放置一根與a、b平行共面的通ab

電長(zhǎng)直導(dǎo)線c,且通入與a、b同方向電流后，a受到的磁場(chǎng)力變?yōu)?F,則此時(shí)b

受到的磁場(chǎng)力為（）37

A.FB.2FC.3FD.4尸

9.關(guān)于機(jī)械波和電磁波，下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是

A.機(jī)械波和電磁波都能發(fā)生衍射和干涉現(xiàn)象

B.機(jī)械波和電磁波都可以傳遞能量

C.機(jī)械波和電磁波都能在真空中傳播

D.波長(zhǎng)、頻率和波速間的關(guān)系，即v=/lf,對(duì)機(jī)械波和電磁波都適用

10.在如圖所示的電路中，R1=7?2=0.5/?3=2R,/?4為可變電阻，最大值為4R。電源的電動(dòng)勢(shì)為￡,

內(nèi)阻r=0.5/?。設(shè)電流表4的讀數(shù)為/,電壓表U的讀數(shù)為U。當(dāng)/?4的滑動(dòng)觸點(diǎn)由接近b端向接近a

端移動(dòng)時(shí)（）

A./一直變小，U一直變大

B./先變小后變大，U先增大后變小

C.電源總功率先減小后變大，輸出效率一直變大

D.%功率先減小后后變大，&、口3和區(qū)4三電阻的總功率先增大后減小

11.如圖,在一水平面內(nèi)有四個(gè)點(diǎn)電荷分別放在一正方形力BCD的四邊的中AD

點(diǎn)，0為正方形的中心,取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，則下列說(shuō)法正確的是（）'\//

A.0點(diǎn)的電勢(shì)最高+C|]1+

B.將一點(diǎn)電荷q。從4點(diǎn)沿4。方向移動(dòng)到。點(diǎn)，電場(chǎng)力不斷變小一?一

C.將一點(diǎn)電荷q。從。點(diǎn)沿0C方向移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)

功

D.A、B、C、D四點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小一定相等

12.如圖所示，直線4為電源的U-/圖線，直線B和C分別為電阻義和7?2的

U-/圖線，用該電源分別與R1、&組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率

分別為Pi、七；電源的效率分別為小、也，貝式）

A.Pi>P2B.Pi<P2C.方>r）2D.

%<r]2

二、填空題（本大題共5小題，共24.0分）

13.如圖是點(diǎn)電荷Q所產(chǎn)生的電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線，4、B是電場(chǎng)線上的Q1----一%

兩點(diǎn).由圖可知，Q所帶電荷為電荷.若取4點(diǎn)的電勢(shì)為零，則B點(diǎn)電勢(shì)（填“大

于"、“等于”或“小于”）零.若取無(wú)限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則B點(diǎn)電勢(shì)（填“大于”、

“等于”或“小于”）零.若把同一個(gè)負(fù)電荷分別置于4、B兩點(diǎn)，則它在______點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能較

大.

14.如圖所示，桌面上放著一個(gè)單匝矩形線圈，線圈中心上方某高度處有一豎立的條形磁鐵，.

此時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量為0.041Vb.現(xiàn)使磁鐵豎直下落，經(jīng)0.5s后磁鐵的S極落到線圈內(nèi)的桌K

面上，這時(shí)穿過(guò)線圈的磁通量為0.12“。此過(guò)程中穿過(guò)線圈的磁通量增加了Wb,⑼

線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為K.

15.在高速公路的拐彎處，路面要修建的外高內(nèi)低，即當(dāng)車向右拐彎時(shí)，司機(jī)左側(cè)的路面比右側(cè)的

應(yīng)高一些.路面與水平面的夾角為。，設(shè)拐彎路段是外半徑為R的圓弧，要使車速為“時(shí)車輪與

路面之間的橫向（即垂直于前進(jìn)方向）摩擦力等于零，則。應(yīng)等于

16.一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)4經(jīng)過(guò)狀態(tài)B變化到狀態(tài)C,氣體體積U隨

熱力學(xué)溫度7變化的圖象如圖所示，氣體在狀態(tài)4的壓強(qiáng)（選

填“大于”或“小于”）氣體在狀態(tài)C的壓強(qiáng)，由狀態(tài)4到狀態(tài)B的過(guò)

程中，氣體（選填“吸熱”或“放熱”）。

17.如圖所示，一個(gè)小球從光滑斜面上無(wú)初速度滾下，然后進(jìn)入一個(gè)半徑為

0.5優(yōu)的光滑圓形軌道的內(nèi)側(cè)，小球恰能通過(guò)軌道的最高點(diǎn)，則小球下滑的

高度h為m,通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)小球的向心加速度為m/s2.（5=

10m/s2）

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共1小題，共10.0分）

18.六安一中某同學(xué)用實(shí)驗(yàn)的方法探究影響單擺周期的因素。

（1）他組裝單擺時(shí)，在擺線上端的懸點(diǎn)處，用一塊開(kāi)有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺(tái)的鐵夾將橡

皮夾緊，如圖所示。

這樣做的目的是（填字母代號(hào)）。

A.保證擺動(dòng)過(guò)程中擺長(zhǎng)不變

8.可使周期測(cè)量得更加準(zhǔn)確

C需要改變擺長(zhǎng)時(shí)便于調(diào)節(jié)

。.保證擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動(dòng)

（2）該同學(xué)探究單擺周期與擺長(zhǎng)關(guān)系，他用分度值為毫米的直尺測(cè)得擺線長(zhǎng)為齦席黛翩，用游標(biāo)卡尺

測(cè)得擺球直徑如圖甲所示，讀數(shù)為一吟則該單擺的擺長(zhǎng)為灘。用停表記錄單擺做30次

全振動(dòng)所用的時(shí)間如圖乙所示，在停表讀數(shù)為_(kāi)3,如果測(cè)得的號(hào)值偏大，可能的原因是（

填序號(hào)）。

人計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)加的是擺球的直徑

比開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，停表晚按下

C.擺線上端未牢固系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加（實(shí)驗(yàn)過(guò)程中先測(cè)擺長(zhǎng)后測(cè)周期）

D實(shí)驗(yàn)中誤將30次全振動(dòng)記為31次

（3）下列振動(dòng)圖像真實(shí)地描繪了對(duì)擺長(zhǎng)約為囑w的單擺進(jìn)行周期測(cè)量的四種操作過(guò)程，圖中橫坐標(biāo)原

點(diǎn)表示計(jì)時(shí)開(kāi)始，4B.C.D均為30次全振動(dòng)的圖像，已知幽砂=翻翻，癡晦可=歐盜，這四

種操作過(guò)程合乎實(shí)驗(yàn)要求且誤差最小的是―（填字母代號(hào)）。

四、計(jì)算題（本大題共2小題，共30.（）分）

19.如圖1、2所示，兩電源的電動(dòng)勢(shì)均為6U,內(nèi)阻為0.50,小型電動(dòng)機(jī)M的線圈電阻為0.50,滑動(dòng)

變阻器的最大阻值為5。，限流電阻Ro均為2.50,求:

圖1圖2

(1)若理想電壓表的示數(shù)均為2.5U時(shí)，試求在圖1中電源的輸出功率和電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率

(2)在圖2中限流電阻Ro可消耗的最大功率和滑動(dòng)變阻器R可消耗的最大功率.

20.汽車在平直公路上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng).途中用了6s時(shí)間經(jīng)過(guò)4、B兩根電線桿。已

知4、B間的距離為60m,車經(jīng)過(guò)B時(shí)的速度為15m/s,求：

(1)車經(jīng)過(guò)4桿時(shí)的速度大??；

(2)車的加速度大?。?/p>

(3)車從出發(fā)運(yùn)動(dòng)到B桿所用的時(shí)間。

參考答案及解析

1.答案：c

解析：解：ABD,加速度、角速度和線速度都是既有大小又有方向，相加時(shí)遵循平行四邊形定則的

矢量，故ABZ）錯(cuò)誤。

C、轉(zhuǎn)速是只有大小，沒(méi)有方向的物理量，是標(biāo)量，故C正確。

故選：C?

只有大小，沒(méi)有方向的物理量是標(biāo)量，如路程、時(shí)間、質(zhì)量、轉(zhuǎn)速等都是標(biāo)量。既有大小又有方向，

相加時(shí)遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、動(dòng)量等都是矢量。

對(duì)于物理量的矢標(biāo)性是學(xué)習(xí)的重要內(nèi)容之一，對(duì)于矢量還要抓住其方向特點(diǎn)進(jìn)行記憶。

2.答案：C

解析：解：ABD,汽車在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，始終指向圓心，拐彎時(shí)靜

摩擦力提供向心力，所需的向心力不可能由重力和支持力的合力提供，故A3。錯(cuò)誤；

2

C、汽車受到的最大靜摩擦力等于車重的0.7倍，f=0.7mg,根據(jù)牛頓第二定律/=Tn?,當(dāng)r最大

時(shí)，r—15m+—90m,有最大速度，v=yjngr=V0.7x10x90m/s?25m/s,即，車的最

大速度不能超過(guò)25m/s。故C正確；

故選Co

汽車在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力；拐彎時(shí)靜摩擦力提供向心力，根據(jù)最大靜摩

擦力和牛頓第二定律解答。

本題考查勻速圓周運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵在于分析向心力的來(lái)源，汽車轉(zhuǎn)彎時(shí)靜摩擦力提供向心力，當(dāng)軌道半

徑最大時(shí)有最大速度。

3.答案:B

解析：解：力、杠鈴在舉高的過(guò)程中，杠鈴先加速后減速，最終靜止，故杠鈴的速度先增大后減小,

動(dòng)能先增大后減小，現(xiàn)處于超重，后處于失重狀態(tài)，故錯(cuò)誤

8、由于杠鈴的高于一直升高，故重力時(shí)能一直增大，故B正確；

C、運(yùn)動(dòng)員始終對(duì)杠鈴做正功，故杠鈴的機(jī)械能增加，故機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；

故選：B

杠鈴在舉高的過(guò)程中，杠鈴先加速后減速運(yùn)動(dòng)，但高度一直升高，根據(jù)動(dòng)能勢(shì)能的表達(dá)式即可判斷

本題主要考查了杠鈴被舉高的過(guò)程中，抓住杠鈴的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，明確動(dòng)能和勢(shì)能的變化，判斷超重和

始終抓住加速度的方向即可判斷

4.答案：A

解析：解：設(shè)玻璃泡中氣體壓強(qiáng)為p,外界大氣壓強(qiáng)為p',則p'=p+pgh,且玻璃泡中氣體與外界

大氣溫度相同.液柱上升，氣體體積V減?。?/p>

A、由理想氣體的狀態(tài)方程即=C可知，V減小，如果p增大，T可能不變，可能減小，也可能增大,

故A正確；

B、由理想氣體的狀態(tài)方程與=C可知，I/減小，如果p不變，7減小，故B錯(cuò)誤；

CD、由理想氣體的狀態(tài)方程牛=c可知，v減小，如果壓強(qiáng)減小，r降低，故co錯(cuò)誤；

故選：A.

此溫度計(jì)不是根據(jù)液體的熱脹冷縮原理制成的，它是靠氣體作為膨脹物質(zhì)，液體的受熱膨脹忽略不

計(jì)；外界大氣的壓強(qiáng)變化時(shí)，根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程也可以判定.

本題考查的是氣體溫度計(jì)的原理，膨脹物質(zhì)不是液體，而是氣體，依據(jù)氣體的熱脹冷縮性質(zhì)制成的.

5.答案：C

解析：解：AB,質(zhì)量、加速度和所受外力的關(guān)系為

F=ma

由牛頓第二定律知，物體的加速度與物體的質(zhì)量和外力有關(guān)，故AB錯(cuò)誤；

C、物體的質(zhì)量一定時(shí)，物體的加速度與合外力成正比，故合外力越大，加速度越大；故C正確；

。、根據(jù)牛頓第二定律知，物體受到的外力是產(chǎn)生加速度的原因，故。錯(cuò)誤；

故選：Co

AB,根據(jù)牛頓第二定律的理解可知，物體的加速度與外力和質(zhì)量的關(guān)系；

C、根據(jù)牛頓第二定律可以知道質(zhì)量一定時(shí)，合外力和加速度的關(guān)系；

。、力是物體產(chǎn)生加速度的原因，可以判斷選項(xiàng)。

本題考查牛頓第二定律，物體的加速度和所受外力和質(zhì)量的關(guān)系要熟記，另外要注意加速度是矢量，

不光有大小，還有方向。

6.答案：C

解析：解：在條形磁鐵的外部，磁感線由N極指向S極，導(dǎo)線所在位置磁場(chǎng)方向斜向左下方，根據(jù)左

手定則可知，通電導(dǎo)線所受安培力方向斜線右下方，如圖所示；

根據(jù)牛頓第三定律可知，通電導(dǎo)線對(duì)磁鐵的作用力斜向右上方，如圖所示,

根據(jù)平衡條件，當(dāng)導(dǎo)線中通以圖示方向的電流后，磁鐵對(duì)桌面的壓力變小，磁鐵受到向右的靜摩擦

力作用，故錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

先判斷導(dǎo)線所在位置的磁場(chǎng)方向，然后根據(jù)左手定則判斷安培力方向；再根據(jù)牛頓第三定律得到磁

鐵受力方向，最后對(duì)磁鐵受力分析，根據(jù)平衡條件判斷.

本題關(guān)鍵先對(duì)電流分析，得到其受力方向，再結(jié)合牛頓第三定律和平衡條件分析磁鐵的受力情況.

7.答案：A

解析：解：力、要保證兩個(gè)彈簧稱的拉力與一個(gè)彈簧稱的拉力效果相同，橡皮條要沿相同方向伸長(zhǎng)量

相同，則。點(diǎn)的位置應(yīng)固定。故A正確。

B、本實(shí)驗(yàn)是在水平面作力的圖示，要記錄彈簧測(cè)力計(jì)的讀數(shù)和方向及0點(diǎn)的位置。故8錯(cuò)誤。

C、本實(shí)驗(yàn)只要使兩次效果相同就行，兩個(gè)彈簧稱拉力的方向沒(méi)有限制，故C錯(cuò)誤。

。、本實(shí)驗(yàn)，彈簧稱的拉力應(yīng)不超過(guò)量程，兩個(gè)彈簧稱拉力的大小沒(méi)有要求，只要使兩次效果相

同就行。故。錯(cuò)誤。

故選：4。

本實(shí)驗(yàn)的目的是驗(yàn)證力的平行四邊形定則，研究合力與分力的關(guān)系，而合力與分力是等效的.本實(shí)

驗(yàn)采用作合力與分力圖示的方法來(lái)驗(yàn)證，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和方法來(lái)選擇.

本實(shí)驗(yàn)采用是等效替代的思維方法.實(shí)驗(yàn)中要保證一個(gè)合力與兩個(gè)分力效果相同，結(jié)點(diǎn)。的位置必

須相同.

8.答案：D

解析：

明確兩導(dǎo)線通以同向電流時(shí)它們的相互作用力；再分析c在好處產(chǎn)生的磁場(chǎng)情況，明確受力情況，再

根據(jù)力的合成法則可求得b受到的磁場(chǎng)力.

本題考查安培力的疊加問(wèn)題，要注意明確磁場(chǎng)分布規(guī)律以及左手定則的正確應(yīng)用.

解：開(kāi)始時(shí)ab受力均為F,相互吸引；加入c后，a受到向右的吸引力，磁場(chǎng)力為2F,則說(shuō)明a受到c的

磁場(chǎng)為F；看c的磁場(chǎng)，根據(jù)磁場(chǎng)的對(duì)稱性可知，b處磁場(chǎng)與a處磁場(chǎng)大小相等、方向相反，由于b的

電流大小為a的3倍,方向與a相同，故b受磁場(chǎng)力大小為3F,方向向左；則可知b受合力為3F+F=4F。

故選：Do

9.答案：C

解析：試題分析：機(jī)械波和電磁波都能發(fā)生衍射和干涉現(xiàn)象，都可以傳遞能量，波長(zhǎng)、頻率和波速

間的關(guān)系，都有v=〃這個(gè)關(guān)系，但機(jī)械波傳播需要介質(zhì)，所以錯(cuò)誤說(shuō)法的為C

考點(diǎn)：機(jī)械波、電磁波

點(diǎn)評(píng)：本題考查了機(jī)械波、電磁波的相同與不同之處，電磁波可以不依賴介質(zhì)傳播，但機(jī)械波只能

在介質(zhì)中傳播，且波速有介質(zhì)決定。

10.答案：D

解析：解：AB,當(dāng)&的滑動(dòng)觸點(diǎn)由接近b端向接近a端移動(dòng)時(shí)，右側(cè)并聯(lián)的總電阻先變大，當(dāng)移動(dòng)到

/?4左邊部分阻值為R時(shí)，并聯(lián)電路兩支路電阻相等，此時(shí)并聯(lián)電路電阻最大，此后繼續(xù)移動(dòng)電阻減

小，故干路電流/通先減小后增大，由閉合電路歐姆定律有：U=￡-I^r,[/先增大后變??；當(dāng)U增

大時(shí)，并聯(lián)電路部分電壓增大，干路電流減小，此時(shí)/?3這條支路電阻減小，由/3=一工可知流過(guò)心

的電流增加，則由：/=/總一，3

可知流過(guò)/?2的電流減小，即/變?。?/p>

當(dāng)U減小時(shí)，并聯(lián)電路部分電壓減小，此時(shí)/?2這條支路電阻增加，則由/=—可知流過(guò)R2的電流

減小，所以/一直變小，故AB錯(cuò)誤

C、電源的總功率為：P=E/總，可知因?yàn)楦陕冯娏飨葴p小后增大，故電源總功率先減小后變大，電

源的效率：〃=詈=￡=￡xl00%

電源電動(dòng)勢(shì)不變，U先增大后變小，故電源的效率先增大后變小，故C錯(cuò)誤；

。、因?yàn)楦陕冯娏飨葴p小后增大，故對(duì)于&有：PI=/2R「可知氏功率先減小后后變大；將％看成

內(nèi)阻，則等效電源內(nèi)阻為2.5R,當(dāng)7?4的滑動(dòng)觸點(diǎn)由接近匕端向接近a端移動(dòng)時(shí)，外電阻先增加后減小，

最大值恰好等于2.5R,此時(shí)等效電源輸出功率最大，故由等效電源輸出功率的特點(diǎn)可知%、氏3和口4

三電阻的總功率先增大后減小，故。正確。

故選：D。

當(dāng)心的滑動(dòng)觸點(diǎn)由接近b端向接近a端移動(dòng)時(shí)，分析并聯(lián)部分的總電阻的變化，由閉合電路歐姆定律

可判斷干路電流的變化，進(jìn)而得出路端電壓即電壓表示數(shù)的變化；

電流表測(cè)量的是支路的電流，要分析并聯(lián)部分電壓值的變化及另一支路的電流變化，從而確定出

電流表的示數(shù)的變化。對(duì)于功率，定值電阻的功率的變化與電流的變化一致。電源的輸出功率變化

根據(jù)推論判斷：電源的內(nèi)外阻相等時(shí)電源的輸出功率最大。根據(jù)電源的輸出功率與總功率的百分比

分析電源效率的變化。

本題要明確：一、要明確并聯(lián)電路阻值變化規(guī)律；二、要掌握推論：當(dāng)電源的內(nèi)外阻相等時(shí)電源的

輸出功率最大，阻值差越大，功率越小。結(jié)合閉合電路歐姆定律，并聯(lián)電路特點(diǎn)進(jìn)行分析。

11.答案：。

解析：解：4、力。和4B邊、BC和CD邊分別存在兩對(duì)等量異種，中垂線為電勢(shì)為零的等勢(shì)線；。點(diǎn)的

電勢(shì)為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；

8、由場(chǎng)強(qiáng)疊加可知，。點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，從4到。點(diǎn)連線上的場(chǎng)強(qiáng)方向垂直40指向斜上方，大小先增

加后減小，選項(xiàng)8錯(cuò)誤；

C、同理，從。到C點(diǎn)連線上的場(chǎng)強(qiáng)方向垂直C0,故將一點(diǎn)電荷qo從。點(diǎn)沿0C方向移動(dòng)到C點(diǎn)，電場(chǎng)

力做功為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

。、由對(duì)稱知識(shí)可知A、B、C、D四點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小一定相等，方向不同，選項(xiàng)。正確；

故選：D。

結(jié)合題目所給示意圖，兩個(gè)等量正電荷關(guān)于。點(diǎn)對(duì)稱分布，在。點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)等大反向，疊加結(jié)果場(chǎng)

強(qiáng)為零；同理得另外兩個(gè)等量負(fù)電荷在。點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)也為零。4、8、C、。四點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)由四個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生電

場(chǎng)疊加而成，根據(jù)對(duì)稱情況可分析出四點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同

本題考查電場(chǎng)疊加知識(shí)，要求學(xué)生結(jié)合題目所給電荷分布圖，求出相關(guān)位置場(chǎng)強(qiáng)以及電勢(shì)，考查學(xué)

生對(duì)電場(chǎng)強(qiáng)度以及電勢(shì)相關(guān)概念的掌握情況，對(duì)學(xué)生幾何知識(shí)以及分析能力有一定要求。

12.答案:C

解析：解：a、B,由圖線的交點(diǎn)讀出，B接在電源上時(shí)，電源的輸出輸出功率為：Pl=U/=2X4=8W

C接在電源上時(shí)，電源的輸出輸出功率「2=U/=8W,即Pi=P2；故A、8均錯(cuò)誤。

C、D,電源的效率為：叩=￡=殍=￡,效率與路端電壓成正比，B接在電源上時(shí)路端電壓大，效

22

率圖，.故。正確，。錯(cuò)誤;

故選：Co

電源的效率等于電源輸出功率與電源總功率的百分比.根據(jù)效率的定義，找出效率與電源路端電壓

的關(guān)系，由圖讀出路端電壓，就能求出效率.電源與電阻的U-/圖線的交點(diǎn)，表示電阻接在電源上

時(shí)的工作狀態(tài)，可讀出電壓、電流，算出電源的輸出功率，進(jìn)而比較大小.

本題首先要知道效率與功率的區(qū)別，電源的效率高，輸出功率不一定大.其次，會(huì)讀圖.電源與電

阻的伏安特性曲線交點(diǎn)表示電阻接在該電源上時(shí)的工作狀態(tài).

13.答案：負(fù)；大于；小于；力

解析：解：電場(chǎng)線的方向從正電荷出發(fā).指向負(fù)電荷.由圖可知，電場(chǎng)線指向Q,所以該點(diǎn)電荷是

負(fù)電荷.

沿著電場(chǎng)線，電勢(shì)逐漸降低，故外＜RB；

若取無(wú)限遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，電場(chǎng)線從無(wú)窮遠(yuǎn)指向B,所以B點(diǎn)電勢(shì)小于零；

負(fù)電荷在電勢(shì)低的地方的電勢(shì)能大，所以把同一個(gè)負(fù)電荷分別置于4、B兩點(diǎn)，則它在4點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能

較大.

故答案為：負(fù)，大于，小于，A

沿著電場(chǎng)線，電勢(shì)逐漸降低；若4點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離是4點(diǎn)到B點(diǎn)的距離的2倍，故點(diǎn)電荷在B點(diǎn)右側(cè)，

再根據(jù)E=與列式比較4、B電場(chǎng)強(qiáng)度的大小關(guān)系.

r2

本題關(guān)鍵是明確電場(chǎng)線與電勢(shì)的關(guān)系，會(huì)根據(jù)公式E=與列式求解，基礎(chǔ)題目.

rz

14.答案：0.08；0.16

解析：解：由題，穿過(guò)線圈的磁通量增加量為：

△。=中2-%=0.12Wb-0.04W6=O.OSWb.

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：

￡=—=—1/=0.16K.

At0.5

故答案為：0.08；0.16.

穿過(guò)線圈的磁通量的變化量等于初、末磁通量的差.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大

小.

本題是法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律的簡(jiǎn)單應(yīng)用，注意楞次定律的應(yīng)用.

15.答案：arctan々

gR

解析：解：摩擦力等于零，說(shuō)明重力與支持力的合力完全提供向心力，重力、支持力的合力為：F=

mgtand

2

向心力為：F向=TH%

則有：F=F向

?2

解得：tand=—

gR

v2

所以：9=arctan—.

gR

故答案為：arctan，

汽車在水平面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，如果路面是水平的，汽車做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力只能由靜摩擦力提供；

如果外側(cè)路面高于內(nèi)側(cè)路面一個(gè)適當(dāng)?shù)母叨龋簿褪锹访嫦騼?nèi)側(cè)傾斜一個(gè)適當(dāng)?shù)慕嵌瘸鸬孛鎸?duì)車支

持力的水平分量恰好提供車所需要的向心力時(shí)，車輪與路面的橫向摩擦力正好等于零.在此臨界情

況下對(duì)車受力分析，明確汽車所受合外力的方向：水平指向圓心.然后由牛頓第二定律列方程求解.

該題是一個(gè)實(shí)際問(wèn)題，考查了圓周運(yùn)動(dòng)向心力公式，要求同學(xué)們能夠正確對(duì)物體進(jìn)行受力分析，屬

于中檔題.

16.答案：小于吸熱

解析：解：從狀態(tài)4到狀態(tài)C,氣體溫度升高，體積不變，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程與=C可知，氣體

壓強(qiáng)增大，即氣體在狀態(tài)a的壓強(qiáng)小于氣體在狀態(tài)c的壓強(qiáng)；

從狀態(tài)4到狀態(tài)B,氣體的溫度升高，體積增大，即氣體的內(nèi)能增大，At/>0,氣體對(duì)外做功，W<0,

根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q+IV可知，Q>0,即氣體吸熱。

故答案為：小于；吸熱。

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程即=C可判斷壓強(qiáng)的變化情況；根據(jù)熱力學(xué)第一定律△U=Q+勿可判斷氣

體是吸熱還是放熱。

本題主要是考查理想氣體的狀態(tài)方程的圖象問(wèn)題，關(guān)鍵是弄清楚圖象表示的物理意義，根據(jù)理想氣

體的狀態(tài)方程結(jié)合熱力學(xué)第一定律進(jìn)行分析。

17.答案：1.25；50

解析：

小球恰好能通過(guò)圓弧軌道最高點(diǎn)，說(shuō)明此時(shí)恰好是物體的重力作為向心力，由向心力的公式可以求

得在最高點(diǎn)的速度大小，再根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出小球下滑的高度力和通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)小球的速度,

由a=日求解通過(guò)最低點(diǎn)時(shí)小球的向心加速度.

本題的突破口是小球恰好能通過(guò)最高點(diǎn)，關(guān)鍵抓住重力等于向心力求出最高點(diǎn)的速度.對(duì)于光滑軌

道，首先考慮能否運(yùn)用機(jī)械能守恒，當(dāng)然本題也可以根據(jù)動(dòng)能定理求解.

解：小球恰好能通過(guò)最高點(diǎn)，在最高點(diǎn)，由重力提供向心力，設(shè)最高點(diǎn)的速度為則有：

V2

mg=m-f

得：v=yfgr=V10x0.5m/s=V5m/s

從開(kāi)始滾下到軌道最高點(diǎn)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得:

mgh=2mgr+|mv2

聯(lián)立得：/i=jr=|x0,5m=1.25m

從開(kāi)始滾下到軌道的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得:

mgh—^mv'2,得：v'2=2gh

在最低點(diǎn)，小球的向心加速度為a=十=竿=2xl°^1，25m/s2=50m/s2.

故答案為：1.25,50

18.答案：(1)AC；(2)震能翻除，㈱制遂居，ABD；(3)4

解析：(1)在擺線上端的懸點(diǎn)處，用一塊開(kāi)有狹縫的橡皮夾牢擺線，再用鐵架臺(tái)的鐵夾將橡皮夾緊,

是為了防止動(dòng)過(guò)程中擺長(zhǎng)發(fā)生變化；如果需要改變擺長(zhǎng)來(lái)探究擺長(zhǎng)與周期關(guān)系時(shí)，方便調(diào)節(jié)擺長(zhǎng)，

故A正確，C正確：周期測(cè)量是否準(zhǔn)確取決于計(jì)時(shí)工具，故8錯(cuò)誤；擺球在同一豎直平面內(nèi)擺動(dòng)，

不能做圓錐擺運(yùn)動(dòng)；但與器材無(wú)關(guān)，故。錯(cuò)誤。

(2)游標(biāo)卡尺的主尺的刻度為舞場(chǎng)曲，20分度的游標(biāo)尺精確度為血|陽(yáng)曲，游標(biāo)尺的第10刻度與上面

對(duì)齊，所以游標(biāo)尺的讀數(shù)為賺出螂蛻嫄:二欲:闔皤游標(biāo)卡尺的總讀數(shù)為購(gòu)霞搬?匚篌箴1魏哪；單擺

的擺長(zhǎng)為擺線的長(zhǎng)度與小球的半徑的和：用=；?+*空v=娜配輻淵S秒表的分鐘指針不到1

2整

分，超過(guò)半分鐘，所以秒表的秒針讀數(shù)為:豳觸；根據(jù)單擺的周期公式：如=￡風(fēng)歸得：守，

Vr要'

如果測(cè)得的雪值偏大，可能的原因測(cè)量的擺長(zhǎng)偏大，或測(cè)量的周期偏小。計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)用的是擺球的

直徑，則擺長(zhǎng)的測(cè)量值偏大，此時(shí)號(hào)的測(cè)量值偏大，故A正確；開(kāi)始計(jì)時(shí)時(shí)，停表晚按下，則測(cè)量

的時(shí)間偏小，計(jì)算出的周期偏小，測(cè)量出的號(hào)偏大，故3正確；擺線上端未牢固系于懸點(diǎn)，振動(dòng)中

出現(xiàn)松動(dòng)，使擺線長(zhǎng)度增加，真實(shí)值大于測(cè)量值，所以售的測(cè)量值偏小，故C錯(cuò)誤；實(shí)驗(yàn)中誤將30次

全振動(dòng)記為31次，周期：胃=上