江西省頂級(jí)名校2023年物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

江西省頂級(jí)名校2023年物理高二第一學(xué)期期末質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類(lèi)型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫(xiě)在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來(lái)的答案，然后再寫(xiě)上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無(wú)效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，氧氣在0℃和100℃兩種不同情況下，各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比與分子速率間的關(guān)系．下列說(shuō)法正確的是A.甲為0℃時(shí)情形，速率大的分子比例比100℃時(shí)少B.乙為0℃時(shí)情形，速率大的分子比例比100℃時(shí)少C.甲為100℃時(shí)情形，速率小的分子比例比0℃時(shí)多D.乙為100℃時(shí)情形，速率小的分子比例比0℃時(shí)多2、下列說(shuō)法正確的是（）A.只有體積很小的帶電體才能看成點(diǎn)電荷，體積很大的帶電體一定不能看成點(diǎn)電荷B.感應(yīng)起電和摩擦起電都是電荷從物體的一部分轉(zhuǎn)移到另一部分C.元電荷的數(shù)值最早是由美國(guó)物理學(xué)家密立根測(cè)得的，元電荷的數(shù)值跟一個(gè)電子電荷量的數(shù)值相等D.電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小等于正電荷在該點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大小3、如圖所示為電流天平，可用來(lái)測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度．天平的右臂上掛有一匝數(shù)為N的矩形線(xiàn)圈，線(xiàn)圈下端懸在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，當(dāng)線(xiàn)圈中通有電流I（方向如圖）時(shí)，發(fā)現(xiàn)天平的左端低右端高，下列哪些調(diào)節(jié)方案可以使天平平衡A.減小電流I大小B.增長(zhǎng)線(xiàn)框的寬度C.增大左盤(pán)砝碼的質(zhì)量D.增加線(xiàn)圈的匝數(shù)N4、如圖所示，兩個(gè)傾角分別為30°和60°的光滑斜面固定于水平地面上，并處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，兩個(gè)質(zhì)量均為m、電荷量均為q的帶正電小滑塊甲和乙分別從兩個(gè)斜面頂端由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，兩小滑塊都將飛離斜面（斜面足夠長(zhǎng)），在此過(guò)程中（）A.在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，甲比乙短B.飛離斜面瞬間的速度，甲比乙大C.在斜面上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度大小，甲和乙相等D.在斜面上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中重力平均功率，甲和乙相等5、如圖所示的電路可以用來(lái)“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”。干電池、開(kāi)關(guān)、線(xiàn)圈A、滑動(dòng)變阻器串聯(lián)成一個(gè)電路，電流計(jì)、線(xiàn)圈B串聯(lián)成另一個(gè)電路。線(xiàn)圈A、B套在同一個(gè)閉合鐵芯上，且它們的匝數(shù)足夠多。從開(kāi)關(guān)閉合時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，流經(jīng)電流計(jì)的電流大小i隨時(shí)間t變化的圖像是（）A. B.C. D.6、如圖所示的電路中，當(dāng)變阻器R3的滑片向上移動(dòng)時(shí)（）A.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變大B.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小C.電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變大D.電壓表示數(shù)變小，電流表示數(shù)變小二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，正方形容器處在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一束電子從a孔沿a→b方向垂直射入容器內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，結(jié)果一部分電子從小孔c射出，一部分電子從小孔d射出，則從c、d兩孔射出的電子A.速度之比vc∶vd＝1∶2B.在容器中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比tc∶td＝1∶2C.在容器中運(yùn)動(dòng)加速度之比ac∶ad＝2∶1D.在容器中運(yùn)動(dòng)受到向心力之比Fc∶Fd＝1∶28、如圖所示，有一個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，一半徑為r金屬圓環(huán)放置在磁場(chǎng)中，金屬圓環(huán)所在的平面與磁場(chǎng)垂直．金屬桿Oa一端在O，另一端a擱在環(huán)上金屬桿Oa可繞環(huán)的圓心O旋轉(zhuǎn)，另一金屬桿Ob一端固定在O點(diǎn)，另一端b固定在環(huán)上，．已知Oa桿以角速度ω勻速旋轉(zhuǎn)，所有接觸點(diǎn)接觸良好，Ob不影響Oa的轉(zhuǎn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是（）A.流過(guò)Oa的電流方向?yàn)镺指向aB.流過(guò)Oa的電流方向?yàn)閍指向OC.Oa旋轉(zhuǎn)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為Bωr2D.Oa旋轉(zhuǎn)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小為Bωr29、如圖所示，真空中等量同種正點(diǎn)電荷放置在M、N兩點(diǎn)，在MN的連線(xiàn)上有對(duì)稱(chēng)點(diǎn)a、c，MN連線(xiàn)的中垂線(xiàn)上有對(duì)稱(chēng)點(diǎn)b、d，則下列說(shuō)法正確的是()A.正電荷+q在c點(diǎn)電勢(shì)能大于在a點(diǎn)電勢(shì)能B.正電荷+q在c點(diǎn)電勢(shì)能等于在a點(diǎn)電勢(shì)能C.在MN連線(xiàn)的中垂線(xiàn)上,O點(diǎn)電勢(shì)最高D.負(fù)電荷-q從d點(diǎn)靜止釋放，在它從d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，加速度先減小再增大10、如圖，在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球由靜止釋放，斜向右下做直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，軌跡與豎直方向的夾角為，則（）A.電場(chǎng)強(qiáng)度的最小值為 B.電場(chǎng)方向可能水平向右C.電場(chǎng)力對(duì)小球可能不做功 D.小球的電勢(shì)能不可能增加三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）張明同學(xué)在測(cè)定某種合金絲的電阻率時(shí)：(1)用螺旋測(cè)微器測(cè)得其直徑為_(kāi)____mm（如圖甲所示）；(2)用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)其長(zhǎng)度為_(kāi)_____cm（如圖乙所示）；(3)用圖丙所示的電路測(cè)得的電阻值將比真實(shí)值________(填“偏大”或“偏小”)12．（12分）如圖所示，兩條相距d的平行金屬導(dǎo)軌位于同一水平面內(nèi)，其右端接一阻值為R的電阻．質(zhì)量為m的金屬桿靜置在導(dǎo)軌上，其左側(cè)的矩形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域MNPQ的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下．當(dāng)該磁場(chǎng)區(qū)域以速度v0勻速地向右掃過(guò)金屬桿后，金屬桿的速度變?yōu)関．導(dǎo)軌和金屬桿的電阻不計(jì)，導(dǎo)軌光滑且足夠長(zhǎng)，桿在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸．求：（1）MN剛掃過(guò)金屬桿時(shí)，桿中感應(yīng)電流的大小I；（2）MN剛掃過(guò)金屬桿時(shí)，桿的加速度大小a；（3）PQ剛要離開(kāi)金屬桿時(shí)，感應(yīng)電流的功率P四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過(guò)b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫(huà)出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】由題意可知考查分子速率分布圖線(xiàn)，根據(jù)分子熱運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)分析可得【詳解】AB．一定質(zhì)量的氣體分子，溫度升高，大部分分子速率增大，反映在圖象上峰值右移，分子平均速率越大，分子速率大的占有比例越大．由此可知甲為0℃時(shí)情形，速率大的分子比例比100℃時(shí)少，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．如前分析可知甲為0℃時(shí)情形，速率小的分子比例比100℃時(shí)多，故CD均錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】溫度升高，大部分分子速率增大，圖象的峰值右移，個(gè)別分子速率可能增大，也可能減小2、C【解析】A．點(diǎn)電荷是一個(gè)理想模型，能否看成點(diǎn)電荷取決于它的大小和形狀都研究問(wèn)題有無(wú)影響，不取決于它的實(shí)際大小，故A錯(cuò)誤；B．摩擦起電是電荷從一個(gè)物體轉(zhuǎn)移到另一個(gè)物體，故B錯(cuò)誤；C．密立根測(cè)定了元電荷的電荷量，一個(gè)電子或質(zhì)子的電荷量數(shù)值上等于元電荷電荷量，C正確；D．電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度等于電荷受到的力與其電荷量的比值，故D錯(cuò)誤；故選C。3、A【解析】根據(jù)天平原理，根據(jù)左手定則、安培力公式進(jìn)行判斷；【詳解】天平是等臂杠桿，當(dāng)線(xiàn)圈中通有電流I時(shí)，根據(jù)左手定則，右端線(xiàn)圈受到的安培力豎直向上，天平的左端低右端高，要使天平水平平衡，可以減小左端的砝碼的質(zhì)量，也可以減小安培力，即減小匝數(shù)、電流、線(xiàn)框?qū)挾鹊?，故選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵明確天平的工作原理是等臂杠桿，然后判斷出安培力方向，得到控制平衡的方法4、B【解析】小滑塊向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到重力、支持力、垂直斜面向上的洛倫茲力，向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，速度增大，洛倫茲力增大，支持力減小，當(dāng)支持力減到0時(shí)，離開(kāi)斜面．根據(jù)平衡條件確定離開(kāi)時(shí)的速度，再根據(jù)勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)規(guī)律可確定離開(kāi)的時(shí)間以及速度，根據(jù)功率公式確定平均功率的大小關(guān)系【詳解】A、小滑塊飛離斜面時(shí)，洛倫茲力與重力的垂直斜面的分力平衡，故：．解得：，所以斜面角度越小，飛離斜面瞬間的速度越大；由受力分析得加速度a＝gsinθ，所以甲的加速度小于乙的加速度，因?yàn)榧椎淖畲笏俣却笥谝业淖畲笏俣?，由vm＝at得，甲的時(shí)間大于乙的時(shí)間，故A錯(cuò)誤，B正確；C、物體受重力、支持力和洛倫茲力作用，由于支持力和洛倫茲力與運(yùn)動(dòng)方向相互垂直，故合外力為mgsinθ，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度大小為gsinθ；兩物體的加速度不相同，故C錯(cuò)誤；D、由平均功率的公式，因夾角不同，故重力的平均功率不相同，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道洛倫茲力的方向和洛倫茲力的大小以及能夠正確的受力分析，理清物體的運(yùn)動(dòng)狀況，注意明確洛倫茲力永不做功的基本性質(zhì)5、B【解析】干電池、開(kāi)關(guān)、線(xiàn)圈A、滑動(dòng)變阻器串聯(lián)成一個(gè)電路，當(dāng)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)磁通量變大，導(dǎo)致電流計(jì)、線(xiàn)圈B串聯(lián)成另一個(gè)電路中產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，由于電動(dòng)勢(shì)短暫的，出現(xiàn)電流慢慢變小的現(xiàn)象?！驹斀狻緼．由于干電池、開(kāi)關(guān)、線(xiàn)圈A、滑動(dòng)變阻器串聯(lián)成一個(gè)電路的磁通量變化是瞬間的，因此電流計(jì)、線(xiàn)圈B串聯(lián)成另一個(gè)電路中有電動(dòng)勢(shì)也是短暫的，所以出現(xiàn)電流慢慢變小，故A錯(cuò)誤；B．由于干電池、開(kāi)關(guān)、線(xiàn)圈A、滑動(dòng)變阻器串聯(lián)成一個(gè)電路的磁通量變化是瞬間的，因此電流計(jì)、線(xiàn)圈B串聯(lián)成另一個(gè)電路中有電動(dòng)勢(shì)也是短暫的，所以出現(xiàn)電流慢慢變小，故B正確；C．由于干電池、開(kāi)關(guān)、線(xiàn)圈A、滑動(dòng)變阻器串聯(lián)成一個(gè)電路的磁通量變化是瞬間的，因此電流計(jì)、線(xiàn)圈B串聯(lián)成另一個(gè)電路中有電動(dòng)勢(shì)也是短暫的，所以出現(xiàn)電流慢慢變小，故C錯(cuò)誤；D．由于干電池、開(kāi)關(guān)、線(xiàn)圈A、滑動(dòng)變阻器串聯(lián)成一個(gè)電路的磁通量變化是瞬間的，因此電流計(jì)、線(xiàn)圈B串聯(lián)成另一個(gè)電路中有電動(dòng)勢(shì)也是短暫的，所以出現(xiàn)電流慢慢變小，故D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】由楞次定律來(lái)確定感應(yīng)電流的方向，而閉合線(xiàn)圈中的磁通量發(fā)生變化有幾種方式：可以線(xiàn)圈面積的變化，也可以磁場(chǎng)的變化，也可以線(xiàn)圈與磁場(chǎng)的位置變化。6、B【解析】當(dāng)變阻器R3的滑片向上移動(dòng)時(shí)，R3接入電路的阻值增加，整個(gè)電路總電阻增加，總電流強(qiáng)度減小，內(nèi)電壓降低，路端電壓升高，電壓表示數(shù)增加；流過(guò)R1的電流減小，加在R1兩端的電壓降低，因此加在R2兩端的電壓升高，流過(guò)R2的電流增大，由于總電流減小，因此流過(guò)電流表的電流減小，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】設(shè)磁場(chǎng)邊長(zhǎng)為，如圖所示，粒子從點(diǎn)離開(kāi)，其半徑為：粒子從點(diǎn)離開(kāi)，其半徑為：A．電子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：解得：電子速率之比：故A錯(cuò)誤；B．從點(diǎn)射出的電子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是個(gè)周期，從點(diǎn)射出的電子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間是個(gè)周期，電子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，從兩孔射出的電子在容器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比：故B正確；C．向心加速度：從兩孔射出的電子的加速度大小之比：故C正確；D．向心力：向心力之比：故D錯(cuò)誤；故選BC。8、AD【解析】oa桿以角速度勻速旋轉(zhuǎn)，切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，其余部分為外電路．當(dāng)oa轉(zhuǎn)到最高點(diǎn)時(shí)，外電路總電阻最大，通過(guò)oa的電流最??；當(dāng)oa與ob重合時(shí)，環(huán)的電阻為0，外電路總電阻最小，通過(guò)oa的電流最大．根據(jù)E=BLv和歐姆定律求解，其中v是速度的平均值【詳解】A、B項(xiàng)：根據(jù)右手定則可知，流過(guò)oa電流方向?yàn)橛蒾指向a，故A正確，B錯(cuò)誤；C、D項(xiàng)：oa桿切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=，故C錯(cuò)誤，D正確故選AD【點(diǎn)睛】本題一要會(huì)求解感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由于oa桿上各點(diǎn)切割速度不同，要用平均速度求解；二要知道最大值與最小值的條件，運(yùn)用歐姆定律求解9、BC【解析】本題考查了等量同種電荷周?chē)妶?chǎng)分布情況：中垂線(xiàn)上上下電場(chǎng)線(xiàn)方向相反，根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)方向判斷電勢(shì)高低．a(chǎn)、c兩點(diǎn)關(guān)于中垂線(xiàn)對(duì)稱(chēng)，電勢(shì)相等，電荷在這兩點(diǎn)的電勢(shì)能相等.【詳解】根據(jù)電場(chǎng)線(xiàn)的分布情況和對(duì)稱(chēng)性可知，a、c兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，則正電荷在a點(diǎn)電勢(shì)能一定等于在c點(diǎn)電勢(shì)能．故A錯(cuò)誤，B正確；沿電場(chǎng)線(xiàn)方向電勢(shì)降低，在MN連線(xiàn)的中垂線(xiàn)上，O點(diǎn)電勢(shì)最高．故C正確；由對(duì)稱(chēng)性知O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，從O點(diǎn)向上或向下場(chǎng)強(qiáng)都是先增加后減??；則電荷-q從d點(diǎn)靜止釋放，在它從d點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中，加速度可能先減小再增大，也可能先增大，后減小再增大再減?。蔇錯(cuò)誤；故選BC10、ABC【解析】A．帶電小球的運(yùn)動(dòng)軌跡為直線(xiàn)，在電場(chǎng)中受到重力mg和電場(chǎng)力F，其合力必定沿此直線(xiàn)向下，根據(jù)三角形定則作出合力，由圖看出，當(dāng)電場(chǎng)力F與此直線(xiàn)垂直時(shí)，電場(chǎng)力F最小，場(chǎng)強(qiáng)最小，則有得到故A正確；B．小球帶正電，所受的電場(chǎng)力方向只能指向右側(cè)，故電場(chǎng)方向不可能向左，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知，電場(chǎng)力有可能與運(yùn)動(dòng)方向相互垂直，故電場(chǎng)力可能不做功，故C正確；D．如果小球受到的電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向夾角小于90度，則電場(chǎng)力可能做正功，小球的電勢(shì)能增加，故D錯(cuò)誤。故選ABC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.3.202-3.205②.5.015③.偏小【解析】（1）解決本題的關(guān)鍵明確：螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀（2）游標(biāo)卡尺讀數(shù)的方法，主尺讀數(shù)加上游標(biāo)尺讀數(shù)，不需估讀（3）由電路圖，根據(jù)電表內(nèi)阻的影響確定誤差情況【詳解】（1）螺旋測(cè)微器的固定刻度為3.0mm，可動(dòng)刻度為20.5×0.01mm=0.205mm，所以最終讀數(shù)為3.0mm+0.205mm=3.205mm（2）20分度的游標(biāo)卡尺，精確度是0.05mm，游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為50mm，游標(biāo)尺上第3個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)尺讀數(shù)為3×0.05mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm（3）由歐姆定律得，電阻阻值R=U/I，由于電壓表的分流作用使電流測(cè)量值偏大，則電阻測(cè)量值偏小【點(diǎn)睛】考查螺旋測(cè)微器固定刻度與可動(dòng)刻度示數(shù)之和是螺旋測(cè)微器示數(shù)；游標(biāo)卡尺不需要估讀、螺旋測(cè)微器需要估讀．掌握由歐姆定律分析電路的誤差的方法12、（1）；（2）；（3）；【解析】本題的關(guān)鍵在于導(dǎo)體切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)E=Blv，切割的速度（v）是導(dǎo)體與磁場(chǎng)的相對(duì)速度，分析這類(lèi)問(wèn)題，通常是先電后力，再功能（1）根據(jù)電磁感應(yīng)定律的公式可得知產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合閉合電路的歐姆定律，即可求得MN剛掃過(guò)金屬桿時(shí)，桿中感應(yīng)電流的大小I；（2）根據(jù)第一問(wèn)求得的電流，利用安培力的公式，結(jié)合牛頓第二定律，即可求得MN剛掃過(guò)金屬桿時(shí)，桿的加速度大小a；（3）首先要得知，PQ剛要離開(kāi)金屬桿時(shí)，桿切割磁場(chǎng)的速度，即為兩者的相對(duì)速度，然后結(jié)合感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的公式以及功率的公式即可得知感應(yīng)電流的功率P【詳解】（1）感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流解得（2）安培力牛頓第二定律解得（3）金屬桿切割磁感線(xiàn)的速度，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)電功率解得【點(diǎn)睛】該題是一道較為綜合的題，考查了電磁感應(yīng)，閉合電路的歐姆定律以及電功電功率．對(duì)于法拉第電磁感應(yīng)定律是非常重要的考點(diǎn)，經(jīng)常入選高考物理壓軸題，平時(shí)學(xué)習(xí)時(shí)要從以下幾方面掌握（1）切割速度v的問(wèn)題切割速度的大小決定了E的大??；切割速度是由導(dǎo)體棒的初速度與加速度共同決定的．同時(shí)還要注意磁場(chǎng)和金屬棒都運(yùn)動(dòng)的情況，切割速度為相對(duì)運(yùn)動(dòng)的速度；不難看出，考電磁感應(yīng)的問(wèn)題，十之八九會(huì)用到牛頓三大定律與直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)的知識(shí)（2）能量轉(zhuǎn)化的問(wèn)題電磁感應(yīng)主要是將其他形式能量（機(jī)械