2022-2023學年河南省許昌市建安區(qū)第三高中高三一輪復習診斷調研聯(lián)考高三年級下冊聯(lián)考物理試題

2022-2023學年河南省許昌市建安區(qū)第三高中高三一輪復習診斷調研聯(lián)考高三下學期

聯(lián)考物理試題

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，固定在同一水平面內的兩根平行長直金屬導軌的間距為d,其右端接有阻值為R的電阻，整個裝置處在

豎直向上磁感應強度大小為8的勻強磁場中。一質量為機（質量分布均勻）的導體桿必垂直于導軌放置，且與兩導

軌保持良好接觸，桿與導軌之間的動摩擦因數(shù)為〃?，F(xiàn)桿受到水平向左、垂直于桿的恒力尸作用，從靜止開始沿導軌

運動，當運動距離心時，速度恰好達到最大（運動過程中桿始終與導軌保持垂直）。設桿接入電路的電阻為r,導軌電

阻不計，重力加速度大小為g。對于此過程，下列說法中正確的是（）

A.當桿的速度達到最大時，。、〃兩端的電壓為

BL

B.桿的速度最大值為需

C.恒力產做的功與安培力做的功之和等于桿動能的變化量

D.安倍力做功的絕對值等于回路中產生的焦耳熱

2、慣性制導系統(tǒng)的原理如圖所示。沿導彈長度方向安裝的固定光滑桿上套一個質量為機的滑塊，滑塊的兩側分別與

勁度系數(shù)均為A的彈簧相連，兩彈簧的另一端與固定壁相連?；瑝K原來靜止，彈簧處于自然長度?；瑝K上有指針，可

通過標尺測出滑塊的位移，然后通過控制系統(tǒng)進行制導。設某段時間內導彈沿水平方向運動，指針向左偏離。點的距

離為?，，則這段時間內導彈的加速度（）

標尺

彈簧滑塊彈簧

A.方向向左，大小為一

m

B.方向向右，大小為一

m

C.方向向右，大小為絲

m

D.方向向左，大小為20ks

m

3、如圖所示，豎直直線MN的右側有范圍足夠大的勻強磁場，磁場方向垂直于紙面向里。正方形線框abed的邊長為

L,靜止于圖示位置，其右邊與MN重合。從/=0時刻起線框受外力拉動，水平向右勻加速運動。線框粗細均勻，其

電阻沿長度分布均勻。在運動過程中，線框a、b兩點間的電勢差隨時間變化的特點與下列圖像一致的是（）

4、甲、乙兩球質量分別為叫、加2,從同一地點（足夠高）同時靜止釋放.兩球下落過程中所受空氣阻力大小f僅與球的

速率v成正比，與球的質量無關，即f=kv（k為正的常量），兩球的v-t圖象如圖所示，落地前，經過時間兩球的速度都已達

到各自的穩(wěn)定值/、匕，則下落判斷正確的是（）

B.mi/m2=V2/vi

C.釋放瞬間甲球的加速度較大

D.to時間內，兩球下落的高度相等

5、圖甲中的變壓器為理想變壓器，原線圈匝數(shù)々與副線圈匝數(shù)〃2之比為10：1，變壓器的原線圈接如圖乙所示的正弦

交流電，電阻凡=/?2=20。，與電容器C連接成如圖所示的電路，其中電容器的擊穿電壓為8V,電表均為理想交流

電表，開關S處于斷電狀態(tài)，則（）

A.電壓表的讀數(shù)為10V

B.電流表的讀數(shù)為0.05A

C.電阻&上消耗的功率為2.5W

D.若閉合開關S,電容器會被擊穿

6、如圖所示，兩條輕質導線連接金屬棒PQ的兩端，金屬棒處于勻強磁場內且垂直于磁場。金屬棒的質量根=0.2kg,

長度L=使金屬棒中通以從。到P的恒定電流/=2A,兩輕質導線與豎直方向成30°角時，金屬棒恰好靜止。

則磁場的最小磁感應強度（重力加速度g取lOm/sD（）

L

A.大小為0.25T,方向與輕質導線平行向下

B.大小為0.5T,方向與輕質導線平行向上

C.大小為0.5T,方向與輕質導線平行向下

D.大小為0.25T,方向與輕質導線平行向上

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖所示，兩個中心重合的正三角形線框內分別存在著垂直于紙面向里和垂直于紙面向外的勻強磁場，已知內部三

角形線框A5C邊長為2m內部磁感應強度大小為灰,且每條邊的中點開有一個小孔。有一帶電荷量為+小質量為

的粒子從A3邊中點。垂直A3進入內部磁場。如果要使粒子恰好不與邊界碰撞，在磁場中運動一段時間后又能從。

點射入內部磁場，下列說法正確的是（）

A.三角形ABC與之間的磁感應強度大小也為Bo

B.三角形人長。的邊長可以為26a

C.粒子的速度大小為絲絲

m

1Jim

D.粒子再次回到。點所需的時間為77廠

8、如圖所示，把半徑為d的玻璃半球體放在紙面上，讓它的凸面向上，分別從4、8兩處（其中A處為玻璃半球體的

最高點）觀察玻璃半球體中心。處紙面上的文字，下列說法正確的是（）

A.從A處看到的字比從B處看到的字高

B.從5處看到的字比從A處看到的字高

C.從4處看到的字和從B處看到的字一樣高

D.從A處看到的字和沒有放玻璃半球體時一樣高

9、下列說法正確的是（）

A.隨著分子間距離的減小，其斥力和引力均增大

B.單晶體有固定的熔點，多晶體和非晶體沒有固定的熔點

C.一定質量的（FC的冰熔化成HC的水，其分子勢能會增加

D.一定質量的氣體放出熱量，其分子的平均動能可能增大

E.第二類永動機不可能制成的原因是它違反了能量守恒定律

10、如圖所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈（線圈電阻不計）繞垂直于磁感線的軸以角速度勻速轉動，線圈通

過電刷與理想變壓器原線圈相連，副線圈接一滑動變阻器R,原、副線圈匝數(shù)分別為〃I、"2。要使電流表的示數(shù)變?yōu)?/p>

原來的2倍，下列措施可行的是

A.“2增大為原來的2倍，3、K不變

B.“增大為原來的2倍，"2、/?不變

C.”和尺都增大為原來的2倍，"2不變

D.〃2和K都增大為原來的2倍，?不變

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖甲所示，是一塊厚度均勻、長寬比為5：4的長方形合金材料薄板式電阻器，a、力和c、d是其兩對引

線，長方形在。、。方向的長度大于在c、d方向的長度。已知該材料導電性能各向同性。某同學想測定該材料的電阻

率。他選取的器材有：①多用電表；②游標卡尺；③螺旋測微器；④學生電源；⑤電壓表V（量程：3V,內阻約為3kQ）；

⑥電流表A（量程：0.6A,內阻約為0.2Q）；⑦滑動變阻器R。（最大阻值10。）；⑧開關S、導線若干。

（1）用多用電表粗測該電阻器的電阻值。他首先調整多用電表“指針定位螺絲”，使指針指在零刻度；再將選擇開關旋

至電阻擋“xl”擋位，兩支表筆金屬部分直接接觸，調整“歐姆調零旋鈕”，使指針指向“0?！?。然后，用兩支表筆分別

連接電阻器的。、5引線，多用電表表盤指針位置如圖乙所示。。、方兩引線之間的電阻值^=Q?

（2）用游標卡尺和螺旋測微器分別測量薄板的寬度和厚度，結果如圖丙所示，則寬度L=mm,厚度

D=mmo

567

01020

（3）為了精確測定a、分兩引線之間的電阻值R,該同學在圖丁所示的實物中，已經按圖丁中電路圖正確連接了部分

電路；請用筆畫線代替導線，完成剩余電路的連接.

T

（4）若該同學保持電路不變，只將。、?引線改接為c、d引線，測量c、d之間的電阻值，則測量c、d之間電阻值的

相對誤差___________（填“大于”、“小于”或“等于"）測量4、8之間電阻值的相對誤差。

（5）計算該材料電阻率的表達式。=.（式中用到的物理量的符號均要取自（1）（2）（3）問）

12.（12分）電阻率是用來表示各種物質電阻特性的物理量。某同學在實驗室測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻

率。

（1）用螺旋測微器測量其橫截面直徑如圖甲所示，由圖可知其直徑為mm,如圖乙所示，用游標卡尺測其長度為

cm,如圖丙所示，用多用電表xlQ擋粗測其電阻為

甲乙丙

（2）為了減小實驗誤差，需進一步測量圓柱體的電阻，除待測圓柱體R夕卜，實驗室還備有的。實驗器材如下，要求待測

電阻兩端的電壓調節(jié)范圍盡量大，則電壓表應選,電流表應選________，滑動變阻器應選__________o（均填器

材前的字母代號）

A.電壓表V1（量程3V,內阻約為15kC）；

B.電壓表V2（量程15V,內阻約為75k。）；

C.電流表Ai（量程1.6A,內阻約為1C）；

D.電流表Az（量程3A,內阻約為1.2。）；

E.滑動變阻器R（阻值范圍1-5C,1.1A）；

F.滑動變阻器&（阻值范圍1?2111。，1.1A）；

G.直流電源E（電動勢為3V,內阻不計）

H.開關S,導線若干。

（3）請設計合理的實驗電路，并將電路圖畫在虛線框中

（4）若流經圓柱體的電流為/,圓柱體兩端的電壓為。，圓柱體橫截面的直徑和長度分別用。、L表示，則用。、L、/、

U表示該圓柱體電阻率的關系式為P=。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在直線MN和PQ之間有一勻強電場和一圓形勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，MN、PQ

與磁場圓相切，。是圓的一條直徑，長為2r,勻強電場的方向與平行向右，其右邊界線與圓相切于C點。一比

荷為左的帶電粒子（不計重力）從尸。上的A點垂直電場射入，初速度為山，剛好能從C點沿與。夾角為a的方向

進入磁場，最終從。點離開磁場。求：

⑴電場的電場強度E的大??；

（2）磁場的磁感應強度B的大小。

14.（16分）如圖所示，在X。），坐標系中，在的區(qū)域內分布由指向y軸正方向的勻強電場，在3d的區(qū)

域內分布有垂直于xQy平面向里的勻強磁場，MN為電場和磁場的邊界，在y=34處放置一垂直于y軸的足夠大金屬

擋板ab,帶電粒子打到板上即被吸收（設軌跡圓與擋板ab相切的粒子剛好不會被吸收），一質量為m.電量為+q的粒

子以初速度必由坐標原點O處沿X軸正方向射入電場，已知電場強度大小為七二天差，粒子的重力不計.

9qa

(1)要使粒子不打到擋板上，磁感應強度應滿足什么條件？

(2)通過調節(jié)磁感應強度的大小，可讓粒子剛好通過點P(4d,0)(圖中未畫出)，求磁感應強度的大小.

15.(12分)一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，r=0時的波動圖像如圖，此時尸、。兩質點的振動位移相同。介質中P

質點由圖像位置回到平衡位置的最短時間為0.1s,。質點由圖像位置回到平衡位置的最短時間為0.5s。求：

(i)t=0.4s時刻尸質點相對平衡位置的位移

(ii)此簡諧橫波傳播速度的大小

1218切cm

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、D

【解析】

AB.當桿勻速運動時速度最大，由平衡條件得：

-/jmg+

得最大速度為

(F-〃ng)(R+r)

B'l?

當桿的速度達到最大時，桿產生的感應電動勢為:

E=BLv=（尸"g）（「+r）

a、小兩端的電壓為：

U=±E=8Mg）R

故AB錯誤；

C.根據(jù)動能定理知，恒力廠做的功、摩擦力做的功與安培力做的功之和等于桿動能的變化量，故C錯誤；

D.根據(jù)功能關系知，安倍力做功的絕對值等于回路中產生的焦耳熱，故D正確。

故選：D。

2、C

【解析】

導彈的速度與制導系統(tǒng)的速度始終相等，則其加速度相等?；瑝K受到左、右兩側彈簧的彈力方向均向右，大小均為依。

則合力方向向右，加速度方向向右。由牛頓第二定律得

2ks=ma

解得

Cl-------

m

故ABD錯誤，C正確。

故選C。

3、C

【解析】

線框有兩段勻加速直線運動過程：進入磁場的運動過程，在磁場中的運動過程。兩過程加速度相等，設為a。

線框進入磁場的運動過程。由右手定則知感應電流方向由力向以。。段為電源，則a點電勢高于b點電勢。電動勢大

小為

E=BLv

由運動規(guī)律得

解以上三式得

3

U『BLat

圖像為過原點的直線，斜率為=3在時刻有

3

。訪=WBLatQo

在磁場中的運動過程。由右手定則知“點電勢高于〃點電勢。在九時刻有

U而=E，=BLat0

運動過程有

Uab=E'=BL(v0+at)

由運動規(guī)律得

Vg=2aL

解以上兩式得

U曲=BL《2aL+BLat

圖像斜率為BLao

故選C。

4、A

【解析】

兩球先做加速度減小的加速運動，最后都做勻速運動，穩(wěn)定時kv=mg,因此最大速度與其質量成正比，即vm^m,

~=-L,由圖象知vi>V2,因此m單>mz,；故A正確，B錯誤.釋放瞬間v=0,空氣阻力f=0,兩球均只受重力，

但v2

加速度均為重力加速度g.故C錯誤；圖象與時間軸圍成的面積表示物體通過的位移，由圖可知，t。時間內兩球下落

的高度不相等；故D錯誤；故選A.

5、C

【解析】

A.開關斷開時，副線圈為&和K串聯(lián)，電壓表測量R2的電壓，由圖可知原線圈電壓為100gV,所以副線圈電壓

為10行V,則電壓表的讀數(shù)是此的電壓為50V6.O7V,故A錯誤;

B.由A的分析可知，副線圈電流為

10&

A=0.25夜A

l?i+R,20+20

所以原線圈電流為

/=^-/=0.025V2A

故B錯誤：

C.電阻Ri、&上消耗的功率為

P=Z；/?=(0.25V2)2x20=2.5W

故C正確；

D.當開關閉合時，肥與&并聯(lián)后和4串聯(lián)，電容器的電壓為并聯(lián)部分的電壓，并聯(lián)部分電阻為K并=10。，所以并

聯(lián)部分的電壓為

最大值為U巫X&=^V<8V,所以電容器不會被擊穿，故D錯誤。

33

故選C。

6、B

【解析】

說明分析受力的側視圖(右視圖)如圖所示

磁場有最小值且.，應使棒平衡時的安培力有最小值正安而。棒的重力大小、方向均不變，懸線拉力方向不變，由“力三

角形”的動態(tài)變化規(guī)律可知

&min=缶Sin30°

又有

廣安min—紇而"

聯(lián)合解得

加gsin30

紇.=---------=（）5T

IL

由左手定則知磁場方向平行輕質導線向上。故ACD錯誤，B正確。

故選B。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ACD

【解析】

A.要想使粒子不與邊界碰撞，在磁場中運動一段時間后又能從。點射入內部磁場，則帶電粒子在內、外磁場中做圓

周運動的軌跡都應為半徑為，，的圓弧，粒子運動軌跡如圖所示，所以三角形A8C與之間的磁感應強度大小也應

該為風，故A正確；

B.由幾何知識可知，三角形4方。的最短邊長為2a+2百a,B錯誤；

C.帶電粒子做圓周運動的軌跡半徑為

速度為

C正確;

D.分析知粒子再次回到“點時，其運動軌跡對應的圓心角〃=2乂60。+300。=420。，故

420117tm

7

360~3qBn

D正確

A'A^PB'K

A/

故選ACD?

8、CD

【解析】

只有入射角不等于零時才會發(fā)生折射，當人通過玻璃半球體看中心。處的字的時候，進入眼睛的光線沿著半球體半徑,

也就是球面法線，所以不發(fā)生折射，物像重合，從A處看到的字和從8處看到的字一樣高，而且和沒有放玻璃半球時

一樣高，CD正確，AB錯誤。

故選CD?

9、ACD

【解析】

A.分子間距離減小，其斥力和引力均增大，A正確；

B.晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點，B錯誤：

C.O'C的冰熔化成0℃的水，吸收熱量，分子平均動能不變，其分子勢能會增加，C正確；

D.對氣體做功大于氣體放出的熱量，其分子的平均動能會增大，D正確；

E.第一類永動機違反了能量守恒定律，第二類永動機不違反能量守恒定律，只是違反熱力學第二定律，E錯誤。

故選ACD。

10、BD

【解析】

線圈轉動產生的電壓有效值為：

U=^^=U'

V2

根據(jù)理想變壓器的規(guī)律：

U2〃2

/|=

k

根據(jù)歐姆定律：

2R

聯(lián)立方程解得：4=生幺=%竿），”增大為原來的2倍，“2、R不變、〃2和R都增大為原來的2倍，3

V?iJR14J垃R

不變均可電流表的示數(shù)變?yōu)樵瓉淼?倍，BD正確，AC錯誤。

故選BD,

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

4

11>650.601.200小于-DR

【解析】

⑴⑴開關旋至電阻擋"XI”擋位，故電阻為6Q。

⑵⑵[3]游標卡尺讀數(shù)為

L=50mm+0.05x12mm=50.60mm

螺旋測微器讀數(shù)

Z)=1mm+0.01mmx20.0=1.200mm

(3)[4]根據(jù)電路圖可知，連線如下

(4)[5]因為4間電阻小于附間電阻，則電壓表分流更小，帶來的誤差更小，測量c、d之間電阻值的相對誤差小于測

量。、b之間電阻值的相對誤差。

⑸⑹根據(jù)

j-L

R=p—=p——

SLD

可知

4

p=-DR

5

R、

7lD2U

12、1.844（1.842~1?846均可）4.241ACEp=--------

4IL

【解析】

(1)。］螺旋測微器的讀數(shù)為固定刻度讀數(shù)+可動刻度讀數(shù)+估讀，由題圖甲知，圓柱體的直徑為刻度讀數(shù)十估讀，由題圖

甲知，圓柱體的直徑為

1.5mm+34.4xl.Hmm=1.844mm

由于誤差則1.842mm~1.846mm均可

⑵游標卡尺讀數(shù)為主尺讀數(shù)+游標尺讀數(shù)x精度，由題圖乙知，長度為

42mm+8x1.15mm=42.41mm=4.241cm

［3］多用電表的讀數(shù)為電阻的粗測值，其電阻為6Q

⑵［4U5n6］待測電阻大約6Q,若用滑動變阻器電(阻值范圍0~2000。，0.1A)調節(jié)非常不方便，且額定電流太小,

所以應用滑動變阻器拈(阻值范圍()~5C,1.1A),電源電動勢為3V,所以電壓表應選3V量程的

為了測多組實驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應用分壓接法，電壓表內電阻較大，待測圓柱體的電阻較小，故采用電流表外接法

誤差較小；電路中的電流約為

/=—=0.5A

R

所以電流表量程應選L6A量程的。

(3)［7］根據(jù)以上分析，設計的電路圖如圖所示

R、

7lD2U

p

ML

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)―%—；(2)子。

krtanakr

【解析】

求出粒子在C點的沿x方向的分速度以及從A到C的時間，根據(jù)速度時間關系求解電場強度；求出粒子在磁場中運動

的速度大，根據(jù)幾何關系可得軌跡半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解磁感應強度。

【詳解】

(1)粒子在C點的沿x方向的分速度為以，根據(jù)幾何關系可得：

匕=—^―

tana

從A到C的時間為t,根據(jù)速度時間關系可得：

(_r

%

根據(jù)速度時間關系可得：

ciEr

v=at=x——

%

解得:

2

E二」—

krtana

(2)粒子在磁場中運動的速度大小為:

sintz

根據(jù)幾何關系可得軌跡半徑：

R=-^—

sina

根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得:

v2

qvB=m—

解得:

答：(1)電場的電場強度E的大小為」一

krtana

(2)磁場的磁感應強度B的大小為粵。

kr

14、⑴旌普(2)B由

3qd3qd

【解析】

(1)粒子先在電場中做類平拋運動，x=w，d=\af,其中4=變=/_,

得到：x=-d