2023年湖北省十一校高考物理第二次聯(lián)考試卷及答案解析

2023年湖北省十一校高考物理第二次聯(lián)考試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.科學(xué)家利用激光觀察到了多個光子同時被一個電子吸收并發(fā)射光電子的多光子光電效應(yīng)

現(xiàn)象。某單色激光分別照射金屬a和b,分別發(fā)生單光子光電效應(yīng)和雙光子光電效應(yīng)，且產(chǎn)生

的光電子的最大初動能相同（不為零），金屬a和b的逸出功分別為明和管，對應(yīng)的遏止電壓分

別為/和“，且該激光不能使金屬b發(fā)生單光子光電效應(yīng)。下列說法正確的是（）

A.嗎>W2B.名<W2C.%>U2D.a<U2

2.興趣小組利用多匝線圈和靈敏電流計制作了一個簡易的電流探測儀，用于檢測埋在地下

的通電導(dǎo)線，如圖（a）所示。地面表層有兩根有絕緣皮包裹的垂直長導(dǎo)線48、CD,如圖（b）所

示。當(dāng)線圈水平放置沿快速移動，電流計指針不偏轉(zhuǎn)。當(dāng)線圈水平放置沿GA方向快速

移動，電流計指針偏轉(zhuǎn)。下列說法正確的是（）

C.中無電流，中有電流D.48中有電流，CO中無電流

3.2022年11月3日，夢天實驗艙完成轉(zhuǎn)位，標(biāo)志著天宮空間站T字基本構(gòu)型在軌組裝完

成。天宮空間站繞地心運行的軌道半徑為地球半徑的n倍。地球自轉(zhuǎn)周期為7,地球自轉(zhuǎn)時赤

道表面的線速度為小地球表面兩極的重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.天宮空間站運行的周期為忘丁B.天宮空間站運行的線速度為臺

C.天宮空間站中儀器的重力為零D.天宮空間站處的重力加速度為卷

4.把上端4封閉、下端B開口的玻璃管插入水中。放掉適當(dāng)?shù)目諝夂蠓攀郑?/p>

讓玻璃管豎直浮在水中，4端露出水面的高度為，玻璃管內(nèi)外的水面高度

差為九，如圖所示。放掉的空氣越多，則（）

A.x越小

B.x越大

C.h越小

D.h越大

5.單杠項目對體力和技巧要求高，需要注意安全。如圖（a）所示，質(zhì)量為50kg的小李雙臂平

行，靜止倒立在單杠4B上。隨后小李繞杠旋轉(zhuǎn)至最低位置，如圖（b）所示。若把小李看作質(zhì)

點，小李從靜止到最低位置過程的運動可看作半徑為1.2ni的圓周運動，不計各種阻力，g=

10m/s2o小李在最低位置時，一只手對單杠48的拉力大小為（）

A.1000/VB.12507VC.2000/V

6.甲、乙兩列簡諧橫波在同一介質(zhì)中分別沿x軸正向和負(fù)

向傳播，波速均為0.05m/s。兩列波在時刻t=0的波形曲線

如圖所示。下列說法正確的是（）

A.甲、乙兩波的波長之比為2：3

B.甲、乙兩波的周期之比為3：2

C.t=Is,x=25cm處質(zhì)點的位移為0

D.t=0,x=40cm處質(zhì)點的位移為2cm

7.2023年1月，百度與武漢市政府簽署合作協(xié)議，開啟規(guī)?；療o人駕駛商業(yè)運營服務(wù)。無人

駕駛汽車從發(fā)現(xiàn)緊急情況到開始剎車的時間為反應(yīng)時間。某無人汽車以30m/s的速度在干燥

路面從發(fā)現(xiàn)緊急情況到剎車停下來要運動96m,若以20m/s的速度在某濕潤路面從發(fā)現(xiàn)緊急

情況到剎車停下來要運動104m。濕潤路面的摩擦阻力為干燥路面的0.4倍，g=10m/s2,無

人駕駛汽車的反應(yīng)時間為（）

A.0.1sB.0.15sC.0.2sD.0.25s

二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）

8.咸寧九宮山的風(fēng)電通過如圖所示的線路輸送到某工廠。兩變壓器均為理想變壓器，升壓

變壓器的匝數(shù)比九1：n2=1：5,輸電線的總電阻R=30。風(fēng)力發(fā)電機的輸出功率為62.5kW,

升壓變壓器的輸入電壓Ui=250V,降壓變壓器的輸出電壓力=220V。下列說法正確的是（）

升壓變壓器降壓變壓器

C.輸電線路上損失的電功率750WD,降壓變壓器的輸入電壓4=l.lkV

9.如圖所示，放置在水平桌面上的單匝線圈在大小為F的水平外力一

作用下以速度"向右勻速進入豎直向上的勻強磁場（圖中虛線為磁場口1

邊界）。第二次在大小為2F的水平外力作用下以3〃向右勻速進入同一-------

勻強磁場。線圈的邊長為L,電阻為R。下列說法正確的是（）

A.線圈受到的摩擦力為0.5FB.線圈受到的摩擦力為0.75F

FRD.磁場的磁感應(yīng)強度為信

C.磁場的磁感應(yīng)強度為

2L2V

10.如圖所示，四個點電荷a、b、c和d構(gòu)成一個長方形。電荷a、b帶a--------二6

電量均為+q（q>0）,電荷c、d帶電量均為-q。規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢為'、、0/

零，下列說法正確的是（）

A.。點電勢大于零B.。點電場方向垂直指向線段cd

C.移走電荷a后，。點電勢一定減小D.移走電荷b后，。點電場強度一定減小

11.密立根油滴實驗裝曾由半徑為R的兩塊水平金屬板和絕

緣圓筒組成，圓筒高2R,其截面圖如圖所示。上、下極板分別

與恒壓電源的正負(fù)極相接，產(chǎn)生勻強電場。油滴a以初速度處從

上極板圓心0豎直向下進入圓筒，運動距離0.5R后靜止。油滴

的阻力和速度成正比，下列說法正確的是（）

A.若初速度為2%，油滴a運動距離為/?

B.若初速度為2%,油滴a運動距離為2R

C.若在筒內(nèi)再加垂直紙面的勻強磁場，油滴a運動路程可能為0.5R

D.若在筒內(nèi)再加水平電場，使油滴a垂直擊中筒壁，則此時油滴a距離上極板0.5R

三、實驗題(本大題共2小題，共18.0分)

12.某實驗小組用如圖(a)所示裝置通過半徑相同的小球1和2的碰撞來驗證動量守恒定律。

實驗時先使小球1從斜槽頂端固定擋板處由靜止開始釋放，落到位于水平地面的記錄紙上，重

復(fù)上述操作10次。再把小球2放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓小球1仍從斜槽頂端固定擋

板處由靜止開始釋放，小球1和小球2碰撞后，分別在記錄紙上留下落點痕跡。重復(fù)這種操作

10次，用最小的圓圈把所有落點圈在里面，圓心即為落點的平均位置，得到如圖(b)所示的三

個落點Q、P和R。。點為斜槽末端在記錄紙上的豎直投影點。

::\\01020cm\

~O~QPR

圖(a)圖(b)

(1)落點R到。點的距離為cm?

(2)由圖(b)信息可知，小球1和2的質(zhì)量之比近似為。(填正確答案標(biāo)號)

A.2：1

2.3：1

C.3：2

(3)由圖(b)信息可知，在誤差允許范圍內(nèi)，小球1和2碰撞過程機械能。(選填“守恒”

或“不守恒”)

13.實驗小組測量某彈性導(dǎo)電繩的電阻率。實驗過程如下：

裝置安裝和電路連接。如圖(a)所示，導(dǎo)電繩的一端固定，另一端作為拉伸端，兩端分別用帶

有金屬夾4、B的導(dǎo)線接入如圖(b)所示的電路中。先閉合開關(guān)品、S2,調(diào)節(jié)R,使電壓表和電

流表的指針偏轉(zhuǎn)到合適的位置，記錄兩表的示數(shù)4和

⑴然后斷開開關(guān)S2,電流表的示數(shù)(選填“變大”或“變小”)，調(diào)節(jié)滑動變阻器R的

滑片，使電流表示數(shù)為記下此時電壓表示數(shù)％以及彈性導(dǎo)電繩AB間的距離力和橫截面積

Si，則此時導(dǎo)電繩的電阻Rx=(結(jié)果用含%、/和的式子表示)；

(2)多次拉伸導(dǎo)電繩，每次都測量并記錄4B間的距離L和導(dǎo)電繩橫截面積S,調(diào)節(jié)滑動變阻器R

的滑片的位置，使電流表的示數(shù)為/。，記下此時的電壓表示數(shù)繪制如圖(c)所示的圖像。

已知圖線的斜率為3與縱軸的截距為d,則彈性導(dǎo)電繩的電阻率p=,保護電阻&=

(結(jié)果用含k或d的式子表示)；

(3)若考慮電流表的內(nèi)阻，貝lj(2)中的電阻率的測量值(選填“偏大”、“偏小”或“不

變”)。

四、簡答題(本大題共3小題，共9.0分)

14.如圖所示，半徑為R的某透明介質(zhì)半球，放在空氣中，一平行光束垂直入射到左側(cè)平面

上，正好覆蓋整個圓平面。以球心。為原點且與平面垂直向右為正方向建立x軸。距離球心。為

0.6R的力點的光線從半球面上的B點射出后與％軸的交點為C,光線BC與x軸的夾角為16。。

s譏37。=0.6,求：(結(jié)果可以用含有根號的式子表示)

(1)該光線對透明介質(zhì)的折射率混結(jié)果用分式表示)；

(2)半球面右側(cè)的出射光線與x軸的交點的最小坐標(biāo)值x(結(jié)果用含有根號的式子表示)。

15.如圖(a)所示，木板靜止在光滑水平面上，木板右側(cè)距離為x處固定彈性擋板。質(zhì)量

3kg的小物塊以為=4m/s的初速度從最左端沖上木板，一段時間后木板與擋板發(fā)生彈性碰撞。

木板與小物塊之間的動摩擦因數(shù)〃=0.4。第一次碰撞完瞬間開始的0.25s內(nèi)木板的u-t圖像

如圖(b)所示，此過程木板的加速度大小為或在以后的運動過程中，小物塊始終沒有滑離木

板。重力加速度g=10m/s2,求:

(1)加速度a和木板的質(zhì)量M：

(2)x的最小值；

(3)木板的最小長度L。

/zPz//z//z1//////zzzzzzzz

(a)

16.在“質(zhì)子療法”中，質(zhì)子先被加速到具有較高的能量，然后被引向轟擊腫瘤，殺死細(xì)胞。

如圖所示，質(zhì)量為m、電荷量為q的質(zhì)子從極板4處由靜止加速，通過極板4中間的小孔后進

入速度選擇器，并沿直線運動。速度選擇器中的勻強磁場垂直紙面向里，磁感應(yīng)強度大小為

B=O.O1T,極板CC1間的電場強度大小為E=1x105/V/Co坐標(biāo)系xOy中yOP區(qū)域充滿沿y軸

負(fù)方向的勻強電場I,xOP區(qū)域充滿垂直紙面向外的勻強磁場H,OP與久軸夾角a=30。。勻

強磁場H的磁感應(yīng)強度大小名,且IT<St<1.5T。質(zhì)子從(0,d)點進入電場I,并垂直O(jiān)P進

入磁場H。取質(zhì)子比荷為2=1x108c〃g,d=0.5m。求:

。)極板間的加速電壓U；

(2)勻強電場I的電場強度Ei；

(3)質(zhì)子能到達x軸上的區(qū)間的長度〃結(jié)果用根號表示)。

/4，+產(chǎn)，/

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：根據(jù)光電效應(yīng)方程可得：Ek=hv-Wlr根據(jù)動能定理可得：eUi=Ek，同理：eU2=

Ek=2hv-W2,由于產(chǎn)生的光電子的最大初動能相同，所以也<W2,Ui=U2,故B正確，ACD

錯誤。

故選：B。

根據(jù)光電效應(yīng)方程以及動能定理列式即可求出。

解決本題的關(guān)鍵在新的信息條件下靈活掌握光電效應(yīng)方程，要知道最大初動能與遏止電壓的關(guān)系。

2.【答案】D

【解析】解：當(dāng)線圈水平放置沿快速移動時，中即使有電流，其在線圈中產(chǎn)生的磁通量也

是不變的；電流計指針不偏轉(zhuǎn)，說明線圈中磁通量不變，直導(dǎo)線CO中無電流；

當(dāng)線圈沿方向快速移動，電流計指針偏轉(zhuǎn)，說明線圈中磁通量有變化，則直導(dǎo)線AB中有電流，

故。正確，4BC錯誤。

故選：D。

明確兩導(dǎo)線形成的磁場分布規(guī)律，注意當(dāng)線圈平行于某一導(dǎo)線運動時，導(dǎo)線中電流形成的磁場產(chǎn)

生的磁通量不變，只有垂直運動方向上的導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場才會引起磁通量的變化。

本題考查感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件以及安培定則的應(yīng)用，要注意長直導(dǎo)線形成的磁場的分布規(guī)律。

3.【答案】D

【解析】解：4B.設(shè)地球質(zhì)量為M,地球半徑為R,則空間站的軌道半徑r=nR

設(shè)貼近地面環(huán)繞地球做勻速圓周運動的物體的線速度（第一宇宙速度）為打，周期為A，

由G^=mJ=mR.笄

解得”】=與?。?2兀后

v22

同理對于天宮空間站，則有：G等==mr.篝

丁空

空間站的線速度"空=用

空間站做圓周運動的周期=2兀皿

T\GM

3Ui

解得：7空=能7］，"空=湍

而地球自轉(zhuǎn)周期T>71,地球自轉(zhuǎn)時赤道表面的線速度u<%,故AB錯誤；

C.天宮空間站中儀器的重力等于受到的萬有引力，不為零，故C錯誤：

。.由已知地球表面兩極的重力加速度為g,可得：G^=mg

設(shè)空間站處的重力加速度為g.，空間站的軌道半徑r=nR,

根據(jù)牛頓第二定律G繆=mg.

代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得=今，故。正確。

故選：D。

4B.物體在赤道平面上隨地球做圓周運動，合力等于物體所受萬有引力與物體重力之差，再根據(jù)圓

周運動向心力公式求物體的周期和線速度；空間站繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，

再根據(jù)圓周運動向心力公式求空間站的周期和線速度，最后求比值；

C.空間站所受的萬有引力(該處的重力)完全用于提供向心力，據(jù)此分析；

。.在地球表面，忽略地球自轉(zhuǎn)，萬有引力等于重力，空間站所受的萬有引力等于該處的重力，然

后求重力加速度之比。

本題考查了萬有引力定律的運用，關(guān)鍵是要弄清運用萬有引力定律的兩條思路：萬有引力完全提

供向心力，萬有引力等于重力。

4.【答案】A

【解析】解：CD.設(shè)玻璃管質(zhì)量為m,橫截面積為S,設(shè)大氣壓強為po,封閉氣體壓強為p。對玻璃

管受力分析可知：

mg=(p-po)S

設(shè)水的密度為P，對封閉氣體分析可知p=Po+pgh

兩式聯(lián)立可得mg=pghS

可見放掉空氣的多少不影響力的大小，故CQ錯誤。

4B.根據(jù)上述可知，八保持不變，在八不變的情況下，放掉的空氣越多，x越小，故A正確，8錯誤。

故選：A。

對玻璃管受力分析。結(jié)合壓強的計算公式得出八的影響因素；

根據(jù)九的變化特點得出工與放掉的空氣的關(guān)系，并結(jié)合題意完成分析。

本題主要考查了氣體壓強的相關(guān)應(yīng)用，熟悉壓強的計算公式，結(jié)合對玻璃管的受力分析即可完成

解答。

5.【答案】B

【解析】解：人轉(zhuǎn)動的半徑大小為r=1.2m

最低點速度為U，根據(jù)動能定理有2?ngr=gm*,

根據(jù)向心力公式有，F(xiàn)—mg=m-

聯(lián)立解得，F(xiàn)=2500N

則一只手對單杠4B的拉力大小為1250N,故8正確，AC。錯誤。

故選：Bo

根據(jù)動能定理計算速度的大小，根據(jù)向心力公式計算向心力的大小。

本題是對向心力的考查，根據(jù)動能定理計算出速度的大小即可計算受力的大小。

6.【答案】A

【解析】解：4根據(jù)波動圖像知，甲、乙兩波的波長分別為右=40cm,A2=60cm,則甲、乙兩

波的波長之比為2：3,故4正確；

氏根據(jù)知，波速“相同時，甲、乙兩波的周期之比等于甲、乙兩波的波長之比為2：3,故B

錯誤；

CD.根據(jù)》=今十算得，甲、乙兩波的周期分別為A=B=耗S=8s,彩=§=耗S=12s,甲、

乙兩波的圖像方程分別為:％=5cos^,y2=5cos^t=ls,x=25cm處質(zhì)點的位移為一10cm,

t=0,%=40cm處質(zhì)點的位移為2.5cm,故C錯誤，D錯誤。

故選：Ao

由圖讀出甲、乙波的波長，知波長之比，根據(jù)波速公式"=生求周期之比；寫出兩列波的波動方程，

根據(jù)方程分析時刻對應(yīng)的位移。

本題通過波動圖像分析甲、乙兩波的傳播情況，體現(xiàn)物理觀念中的“運動觀念”、科學(xué)思維中的

“模型建構(gòu)”“科學(xué)推理”等核心素養(yǎng)。

7.【答案】C

【解析】解：設(shè)汽車在干燥路面上速度為巧，反應(yīng)距離為修，剎車加速度大小為由,剎車距離為不，

反應(yīng)時間為t,有

=vrt

V1=2a62

+%2=96m

濕潤路面的摩擦阻力為干燥路面的0.4倍，由牛頓第二定律知：f=ma,可得剎車的加速度大小為

=

0.4。］0

設(shè)汽車在濕潤路面上速度為％反應(yīng)距離為X/，剎車距離為X2’，反應(yīng)時間不變?yōu)?有

X1=v2t

v2=2a2工2’

x/+x2~104m

聯(lián)立以上解得t=0.2s,故4BD錯誤，C正確。

故選：Co

對于干燥路面和濕潤路面，分別根據(jù)位移一時間公式列式，得出反應(yīng)時間內(nèi)汽車的位移與時間的

關(guān)系，由速度一位移公式得出剎車距離與初速度的關(guān)系，再根據(jù)牛頓第二定律分析兩種情況下汽

車的加速度關(guān)系，聯(lián)立求解。

解決本題時，要知道在反應(yīng)時間內(nèi)汽車做勻速運動，搞清剎車距離與速度、加速度的關(guān)系。

8.【答案】BD

【解析】解：D.根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系，副線圈兩端電壓/=署（/1=5x250K=

12507

根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系，通過副線圈的電流/2=+i=^x；=“縹器4=504

712/23NDU

則降壓變壓器的輸入電壓為3=U2-l2R=1250-50x3=1100V,故。正確；

員根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系，降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比詈=牛=琛=；,故B正

九41

確；

A.根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系，降壓變壓器的輸出電流為/3=知2=5X504=2504,

故A錯誤；

C.輸電線路上損失的電功率為P=碎R=502X3W=7500W,故C錯誤。

故選:BD。

根據(jù)理想變壓器的電壓與匝數(shù)比、電流與匝數(shù)比的關(guān)系，功率公式、歐姆定律和能量守恒分析作

答。

本題考查遠(yuǎn)距離輸電中對變壓器的分析問題，要注意對于遠(yuǎn)距離輸電問題，一定要明確整個過程

中的功率、電壓關(guān)系，尤其注意導(dǎo)線上損失的電壓和功率與哪些因素有關(guān)。

9.【答案】AC

【解析】解：當(dāng)線圈的速度為。時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為E=B。，感應(yīng)電流為/=后受到的安培

K

力大小為尸紜=BIL,聯(lián)立可得尸"=華

女R

同理可得，當(dāng)線圈的速度為3u時，受到的安培力大小為尸」=理包

女R

2222

根據(jù)題意，受力分析，由平衡條件有：F=W+f，2尸=叱*

RR

聯(lián)立解得八信

f=0.5F,故AC正確，BD錯誤。

故選：AC.

由法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律以及安培力計算公式推導(dǎo)出安培力與速度的關(guān)系，對兩種情況，

分別根據(jù)平衡條件列方程，聯(lián)立求解。

解決本題的關(guān)鍵要根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律以及安培力計算公式推導(dǎo)出安培力表達式

「心="，再利用平衡條件進行解答。

10.【答案】BC

【解析】解：A由等量異種電荷的電勢分布可知，連線中點的電勢為0,0點為ad,be的中點，根

據(jù)對稱性可知。點電勢為0,故4錯誤；

氏設(shè)a。的的長度為L,則電荷a在。點產(chǎn)生的電場強度E=1｛卷

同理可得，電荷b、c、d在。點的場強大小與電荷a產(chǎn)生的相同，根據(jù)矢量合成的特點可知，E。=

2（2Ecos笥％）,方向垂直于cd向下，故B正確；

C.0點電勢是四個點電荷在。點分別產(chǎn)生的電勢的標(biāo)量和，移走正電荷a,會導(dǎo)致。點的電勢會減小,

故C正確；

。.當(dāng)NcOd較大時，移走電荷6,由平行四邊形定則可知，。點的場強會增大，故。錯誤。

故選：BC.

理解點電荷周圍的場強和電勢的變化趨勢，結(jié)合物理量的疊加特點和題目選項完成分析。

本題主要考查了電場的疊加的相關(guān)應(yīng)用，理解點電荷周圍的場強分布特點，結(jié)合矢量合成的特點

即可完成分析。

11.【答案】ACD

【解析】解：AB,設(shè)平均速度為外阻力的比例系數(shù)為k,運動時間為t,以向下為正，

根據(jù)動量定理有：—kft=O—m%

又x=vt

聯(lián)立代入解得：x=^=0.5/?

K

所以若初速度為2%,油滴a運動距離為：x'=R,故A正確，B錯誤；

C、若在筒內(nèi)再加垂直紙面的勻強磁場，油滴受洛倫茲力作用將發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則在豎直方向的分速

度將減小，根據(jù)前面分析可知豎直方向運動的距離將小于0.5R,但由于油滴水平方向也有運動距

離，所以油滴a運動路程可能為0.5R,故C正確；

。、油滴a垂直擊中筒壁，豎直方向的速度為零，根據(jù)運動的獨立性可知油滴在豎直方向的運動不

變，因此油滴a距離上極板仍為0.5R,故。正確。

故選：ACD.

根據(jù)電題設(shè)條件確定微粒初速度方向，然后對小油滴受力分析，由牛頓第二定律、動量定理以及

運動學(xué)原理進行分析和求解。

本題考查帶電油滴在電場中的運動，要求學(xué)生對粒子在重力和電場力形成的復(fù)合場中的運動情況

進行分析和求解，難度適中。

12.【答案】20.0A守恒

【解析】解：⑴最小刻度為1cm,估讀到下一位，落點R到。點的距離為20.0cm。

(2)小球豎直方向做自由落體運動，設(shè)下落高度為/I,時間為t

由無-^gt2

散=品

小球做平拋運動的時間相同。小球1碰撞前后的速度大小分別為：

OP,OQ

%=%=T

小球2碰撞后的速度大小為%=?

選水平向右的方向為正方向，由動量守恒定律得血1%=+m2v2

OPOQ,OR

mi-=mi~m2-

圖(b)可以讀出

OQ=5.0cm

OP=15.0cm

可得mi：m2=2：1,故A正確，3C錯誤；

故選：Ao

(3)由機械能守恒定律得：

“皚2=家得a+梟皚2②

聯(lián)立解得：OP+OQ=OR

由圖(b)可知，OP、OQ、OR正好滿足上述關(guān)系。在誤差允許范圍內(nèi)，小球1和2碰撞過程機械能守

恒。

故答案為：(1)20.0；(2)4(3)守恒

(1)根據(jù)刻度尺的讀數(shù)規(guī)則得出對應(yīng)的示數(shù)；

(2)根據(jù)平拋運動的特點，結(jié)合動量守恒定律得出質(zhì)量的比值關(guān)系；

(3)根據(jù)機械能守恒定律的特點列式分析出碰撞過程是否機械能守恒。

本題主要考查了動量守恒定律的驗證實驗，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，結(jié)合平拋運動的

特點即可完成分析。

13.【答案】變小午包kd不變

【解析】解：(1)然后斷開開關(guān)S2,電路中總電阻增大，總電流減小，電流表的示數(shù)變??；

根據(jù)電路歐姆定律，先閉合開關(guān)工、52時/。=器

然后斷開開關(guān)S2/0=左土

聯(lián)立解得：％=與包

(2)根據(jù)題意分析結(jié)合歐姆定律和電阻定律可得：

則圖線的斜率k=p

與縱軸的截距為d=Ro

(3)若考慮電流表的內(nèi)阻，則齊=Ro+〃+pt

則圖線的斜率不變，則(2)中的電阻率的測量值不變。

故答案為：(1)變?。籗泮；(2)k；b；(3)不變

(1)根據(jù)歐姆定律結(jié)合電阻的變化分析出電流的變化，從而得出電流表示數(shù)的變化；

根據(jù)歐姆定律聯(lián)立等式得出電阻的表達式；

(2)理解圖像的物理意義，從而得出電阻率和保護電阻的表達式；

(3)根據(jù)實驗原理分析出電流表內(nèi)阻對電阻率測量結(jié)果的影響。

本題主要考查了電阻率的測量實驗，根據(jù)實驗原理掌握正確的實驗操作，結(jié)合圖像的物理意義即

可完成分析。

14.【答案】解：(1)由幾何關(guān)系有入射角。滿足sin。=0.6

解得。=37°

折射角a=16°+37°=53°

由折射定律有F=亞槳=9

stn373

(2)如圖所示，設(shè)臨界角為C,根據(jù)臨界角公式

出射光線與X軸交點的最近值為X=￡

COSC

解得x=^R

答：(1)該光線對透明介質(zhì)的折射率為全

(2)半球面右側(cè)的出射光線與X軸的交點的最小坐標(biāo)值為生

【解析】(1)根據(jù)幾何關(guān)系求出入射角和折射角，然后根據(jù)折射定律求出透明介質(zhì)的折射率；

(2)畫出光路圖，根據(jù)臨界角與折射率的關(guān)系，結(jié)合幾何關(guān)系求出出射光線與％軸交點的最近值。

本題考查了光的折射和全反射，解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握折射定律和臨界角與折射率的關(guān)系。

15.【答案】解：(1)根據(jù)圖像可知a=弟=°o^25^m/s2=12m/s2

根據(jù)牛頓第二定律得

fimg—Ma

解得：M=1kg

(2)小物塊在木板上滑行，取向右為正方向，由動量守恒定律得

mv0=+mv2

據(jù)題圖知，木板與墻碰撞完瞬間速度大小巧=3zn/s,解得：v2-3m/s

則知木板與擋板碰撞前己經(jīng)共速，所以共速碰撞，x最小，對木板，由動能定理得

Mv?

/rnigx=

解得：x=