2023屆“3+3+3”高考備考診斷性聯(lián)考卷(二)理綜-答案

2023屆“3+3+3”高考備考診斷性聯(lián)考卷（二）

理科綜合參考答案

一、選擇題：本題共13小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題

目要求的。

題號12345678910111213

答案BDCACDCDDAACD

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14-18題只有一

項符合題目要求；第19?21題有多項符合題目要求，全部選對的給6分，選對但不全的給3

分，有選錯的給0分。

題號1415161718192021

答案AABCCADABCD

【解析】

1.DNA（脫氧核糖核酸）是人體的遺傳物質(zhì)，組成同一個體的不同細胞中遺傳信息相同，但

由于基因的選擇性表達，不同細胞中遺傳信息的執(zhí)行情況有差異，A正確。不同細胞的細

胞周期持續(xù)時間有差異，但是高度分化的細胞失去分裂能力，不能分裂產(chǎn)生子細胞，只能

由相應的干細胞分裂分化進行補充，B錯誤。細胞以細胞膜作為系統(tǒng)的邊界，但是功能越

復雜的細胞膜，蛋白質(zhì)的種類和數(shù)量越多，C正確。組成細胞的化學元素，在無機自然界

中都能找到，但是與非生物相比，各種元素的相對含量又大不相同，D正確。

2.由表中數(shù)據(jù)可知，光照強度為lOOOLux時大于馬尾松的光補償點，此時光合速率大于呼吸

速率，馬尾松產(chǎn)生的氧氣除用于呼吸作用外，還釋放到空氣中，A錯誤。光強小于976Lux

時，石棟未達到光飽和點，限制光合速率的主要環(huán)境因素仍是光照強度，B錯誤。流入該

生態(tài)系統(tǒng)的總能量即森林中生產(chǎn)者固定有機物的能量總和，C錯誤。馬尾松與青岡進行套

種或間作都能充分利用光照等環(huán)境資源，提高光能利用率，D正確。

3.苯乙酸、0引噪乙酸、細胞分裂素、乙烯均由植物體合成，屬于植物激素，A正確。植物激

素可以調(diào)節(jié)植物體內(nèi)某些基因的表達進而影響植物生長，B正確。用適宜濃度的生長素處

理未受粉的番茄雌蕊，可獲得無子番茄，C錯誤。植物體內(nèi)脫落酸含量的變化將影響植物

生理狀態(tài)，是植物適應環(huán)境的一種方式，D正確。

理科綜合參考答案?第1頁（共18頁）

4.據(jù)圖分析，DNA復制的起點位于右側中部。剛開始進行DNA復制時利用的原料之一為低

劑量3H標記脫氧胸昔"H-dT）,此時合成的DNA片段將出現(xiàn)弱放射性。一段時間后，合

成DNA的原料之一更換為高劑量3H-dT,此時合成的DNA片段將出現(xiàn)強放射性。結合實

驗結果，復制起點的兩側均表現(xiàn)為弱放射性，是最初合成的片段；遠離起點的部位表現(xiàn)為強

放射性，是較后合成的片段。因此可以得出的結論是DNA復制從起點向兩個方向延伸，A

正確。

5.集群分布是種群的空間特征，且某種雜草的空間特征多為隨機分布，A錯誤。紫莖澤蘭入

侵后會改變該群落演替的速度和方向，B錯誤。該群落的分層現(xiàn)象、水平結構等都是長期

自然選擇的結果，C正確。紫莖澤蘭種群數(shù)量在K/2之前，是消滅其的最佳時機，D錯誤。

6.控制大翅和小翅的基因是一對等位基因，等位基因的根本區(qū)別是堿基對排列順序不同，A

正確。根據(jù)子代表現(xiàn)型及比例可知，親本小翅雄果蠅基因型為XbY,其Xb基因只能遺傳

給子代雌果蠅，B正確。大翅有節(jié)律雌果蠅與小翅無節(jié)律雄果蠅雜交，子代大翅有節(jié)律：

小翅有節(jié)律：大翅無節(jié)律：小翅無節(jié)律=1：1：1：1,說明控制翅型和生物節(jié)律的基因符

合自由組合定律，又因為控制生物節(jié)律的基因位于X染色體，所以該雜交實驗結果能證明

控制果蠅翅型的基因位于常染色體，C正確。根據(jù)伴性遺傳規(guī)律可知，自由交配的果蠅種

群中，無節(jié)律雌果蠅（XbXb）的數(shù)量明顯少于無節(jié)律雄果蠅（XbY）,D錯誤。

7.大氣中PM25比表面積大，能吸附許多有毒有害物質(zhì)，不屬于膠體，A錯誤。纖維素和淀

粉的分子式中n不同，不屬于同分異構體，B錯誤。鐵和水蒸氣反應生成的氧化物是四氧

化三鐵，被稱作磁性氧化鐵，C正確。煤的干儲屬于化學變化，石油的分儲是物理變化，

D錯誤。

布洛芬的分子式為正確。連接四個不同原子或基團的碳原子，稱為手性碳原

8.C1JI,HIOIQL,,A

子，布洛芬和成酯修飾產(chǎn)物中均含1個手性碳原子（與竣基或酯基相連碳原子），B正確。

布洛芬的等效氫有8種類型，布洛芬的核磁共振氫譜有8個峰，C正確。布洛芬中含有

1個苯環(huán)，Imol布洛芬可以和3mol%發(fā)生加成反應，D錯誤。故選D。

9.硫酸和未知固體可以產(chǎn)生使澄清石灰水變渾濁，品紅溶液不變色的離子可能是碳酸根也可

能是碳酸氫根，鈣離子也無法確定，無法判斷未知固體是碳酸鈣，A錯誤。生成的乙快中

混有硫化氫，飽和NaCl溶液無法除去雜質(zhì)氣體，乙塊和雜質(zhì)都能與高鍋酸鉀反應而使溶

液褪色，不能證明乙快的生成，B錯誤。濃鹽酸和二氧化鐳反應需要加熱，該裝置沒有加

熱，無法生成氯氣，C錯誤。鹽酸和大理石制二氧化碳，飽和碳酸氫鈉溶液除去揮發(fā)的HCI

理科綜合參考答案?第2頁（共18頁）

氣體，二氧化碳與硅酸鈉反應生成硅酸，圖中裝置可以比較碳、硅的非金屬性，D正確。

故選D。

10.f為鈉鹽，氯元素顯+1價，是NaCIO,是漂白液的有效成分。c為氧化物，氯元素顯+4

價，是CIO?，是國際上公認為安全、無毒的綠色消毒劑，可用作自來水消毒劑，A正確。

d屬于酸，氯元素顯+1價，是HC1O,電子式為H：。：。：，B錯誤。b是單質(zhì)Cl2,與水反

應時是可逆反應，故轉移電子數(shù)不是NA，C錯誤。e是NaCl溶液呈中性，f是NaClO溶

液呈堿性，所以D錯誤。故選Ao

11.pH=l的硫酸溶液中氫離子濃度為O.lmol/L,體積1L,則含有的H+數(shù)為0」N,A正確。

A

P4分子為正四面體結構，Imol白磷(P4)分子中所含非極性共價鍵數(shù)為6N&,B錯誤。

Fe(OH)膠體粒子是多微粒的聚合體，故32.5gFeCl水解形成的Fe(OH)，膠體粒子數(shù)小

于0.2",C錯誤。標準狀況下，SO不是氣體，D錯誤。故選Ao

12.由圖可知0.10mol-L-iH2A溶液的pH=1.3,則為弱酸，A正確。溶液③中pH=7,則

c(H+)=c(OH)由電荷守恒可知存在c(Na+)=c(HA-)+2c(A2-),B正確。溶液④中溶質(zhì)為

Na2A,C錯誤。四個點中，前三個點中①是酸，②和③都是酸過量，水的電離程度最大

的是④，D正確。故選C,

13.由題圖可知，原電池工作時，A1為負極，被氧化生成A1O,PbO,為正極，發(fā)生還原反

應，電解質(zhì)溶液M區(qū)為KOH,R區(qū)為K2SO4，N區(qū)為H2sO/原電池工作時，負極反應

為Al-3e-+4OH-=A1O+2Hp,則消耗OH1鉀離子向正極移動，正極反應式為

PbO,+SO2+2e-+4H+=PbSO+2H.O,正極消耗氫離子，陰離子向負極移動，則y是

陰離子交換膜，提陽離子交換膜，以此解答該題。由分析可知，電解質(zhì)溶液M區(qū)為KOH,

R區(qū)為K,SO4,N區(qū)為H2so4，A正確。放電時，正極反應式為PbO2+SO2+2e-

+4H+=PbSO4+2H2O,B正確。SO2」通過y膜移向R區(qū)，y是陰離子交換膜，Al為負極,

M區(qū)為負極區(qū)，陽離子流向正極區(qū)，故K+通過x膜移向R區(qū)，x是陽離子交換膜，C

正確。放電時，SO2j1過y膜移向R區(qū)，R區(qū)的K2s濃度逐漸增大，消耗1.8gA1

時電路中轉移的電子的物質(zhì)的量為上學0.20mol,根據(jù)電子轉移數(shù)目相等，有

27gmoli

0.1molSO2經(jīng)過y膜進入R區(qū)，有0.2molK+通過x膜移向R區(qū)，R區(qū)電解質(zhì)溶液質(zhì)量

4

增加17.4g,D錯誤。

理科綜合參考答案?第3頁(共18頁)

14.伽利略用理想斜面實驗推翻了亞里士多德關于“力是維持物體運動原因”的觀點，得出

力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故A正確。奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流磁效應，而非電磁感應現(xiàn)

象，故B錯誤。盧瑟福利用粒子散射實驗得出了原子核式結構，但并未得到核外電子

運行的具體規(guī)律，故C錯誤。卡文迪許用扭秤實驗最先測出了引力常量，故D錯誤。

15.隨著溫度的升高，黑體的輻射強度都會增加，同時輻射強度的極大值向波長較短的方向

移動，故A正確。單色光照射到光電管的陰極上時，電流表有示數(shù)，說明發(fā)生了光電效

應，因此該單色光的頻率一定大于陰極材料的截止頻率，若用頻率更低的單色光照射光

電管，若此單色光頻率大于陰極材料的截止頻率，依然可以發(fā)生光電效應，故B錯誤。從

n4能級躍遷到〃1能級時，能級差最大，則產(chǎn)生的光子頻率最大，波長最短，故C錯

誤。半衰期描述的是大量原子核的統(tǒng)計規(guī)律，不適用于少數(shù)原子核的衰變，故D錯誤。

16.由題圖可知，在xx時，三個點電荷對試探電荷的電場力向左，則該試探電荷帶正電，

I

故A錯誤。當尤x時，電場力為0,電場強度為0,所以％在X的右側，故B正確。試

110

探電荷沿X軸正方向運動，在oX卻寸，試探電荷所受電場力做負功，電勢能增大，在

I

XX時，試探電荷所受電場力做正功，電勢能減小，則試探電荷在X處電勢能最高，電

11

_L尸

勢最高，由E_可知，試探電荷在x處所受電場力為零，則該處場強為零，電場強度

41

最小，故C、D錯誤。

17.對匕進行受力分析，因為。6段繩沿豎直方向，故匕只受豎直向下的重力和豎直向上的繩

子拉力而平衡，有Fmg,故B錯誤。細繩對6有拉力，對〃也有等大的拉力，對a

Th

進行受力分析，如圖，所以。需受3個力才能平衡，故A錯誤。在

a的受力分析圖中，F(xiàn)垂直桿向上，它與豎直方向的夾角為仇FT

沿繩方向，故它與豎直方向的夾角4=90。20,故90，尸和

T

F的合力與。的重力大小相等，由正弦定理FT,解得

Nsinsin

Fmgtan,故D錯誤。又因為Fmg,所以〃的重力為sgtan,故C正確。

Tb

18.若從圖示線框位置開始計時，線框中感應電動勢的瞬時值為enBScos(t)

4()底cos(10/)V,故A錯誤。原線圈電壓為^40V,燈泡電壓即副線圈電壓

為U/PR20V,所以原、副線圈的匝數(shù)比為U：U2：1,故B錯誤。若將滑動

212

理科綜合參考答案?第4頁(共18頁)

變阻器滑片向上移動，滑動變阻器有效電阻增大，則副線圈電流變小，根據(jù)電流關系可

知原線圈電流減小，即電流表示數(shù)變小，故C正確。若將自耦變壓器觸頭向下滑動，則

副線圈匝數(shù)減小，根據(jù)變壓器電壓規(guī)律可知副線圈電壓減小，所以燈泡會變暗，故D錯

誤。

(R力)3

由開普勒第三定律乙(Rhy%,

19.I2,解得丁T,故A正確。根據(jù)

TiT22)30

o2

G處1小，解得。I絲，則“遙感三十五號04”衛(wèi)星與“遙感三十五號05”衛(wèi)星

r2r

的線速度之比為二四吼，故B錯誤。對于處在地球表面的物體萬有引力近似等于重

v\Rh

2'1

力，則有6上mg,對“遙感三十五號04”衛(wèi)星有G亡(R/z),解得

R2(/?h)2T7I

I0

4兀2(Hh)4笈(H〃)34兀2(R八

M--------------------1—g—------，故C錯誤。根據(jù)上述有M『，又由于

GT2T2H2GT2

o00

V士冗心，M,解得3兀(R”，故D正確。

3VGDR3

o

20.由尸,以豎直向下為正方向，由動量定理加gf絲＞0"

),vfh,

安2R2Ro

vBiLih

解得金屬桿運動的總時間/上故A正確。由能量守恒得」W2nighQ,解

gmg2R2o

Lmv2mgh,故B正確。對金屬桿作受力分析可知

得運動過程中產(chǎn)生的焦耳熱。

2o

mo-ma,故加速度在上升過程中隨速度減小而減小，但在最高點時加速度為g，

2R

故C錯誤。電荷量q-It_n_______BLh,故D錯誤。

2R2R

21.由乙圖可知，力尸在f5s時撤去，此時長木板P的速度。5m/s,/6s時二者速度相

112

同。3m/s,t6s前長木板P的速度大于滑塊。的速度，t6s后長木板尸的速度小

222

于滑塊。的速度，。?6s過程中，以滑塊。為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得，“ma,

1I

解得0.05o5?6s過程中，以長木板P為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可得

I

2mgmgma,解得0.075,故C正確。6s末到長木板停下來過程中，根據(jù)

2122

理科綜合參考答案?第5頁(共18頁)

牛頓第二定律可得2ngmgm,解得。lm/2,這段時間

1Sv'3s,所以

233丁

3

9s時長木板P停下來，故A錯誤。長木板P的長度至少是前6s過程中，滑塊。在長

3

55mL(53)Im'36m7.5m,故B錯誤。對長

木板戶上滑行的距X

222

木板作受力分析可知P2mgmgma,lm/s2,解得F6N,故D正確。

2

三、非選擇題（共174分）

（一）必考題（共11小題,共129分）

22.（除特殊標注外,每空2分,共5分）

（1）失重

（2）蹲下

（3）否（1分）

23.（除特殊標注外,每空2分,共10分）

R

（i）最大（i分）Y

2

(2)BA(1分)E

24.(13分)

解：分兩種情況分析:

1.A>8同向運動機。mvmv

oABB

A平拋￡vt②

1

L-③

2

解得%④

TIL

8小球做勻速圓周運動。t⑤

B2

解得。⑥

所以〃石⑦

理科綜合參考答案?第6頁（共18頁）

2.A、8相碰后A反彈mvm(v)mv⑧

0ABB

同理晨欄

3nL

Vt⑨

B2

3兀

v叵⑩

B

a廊gL)

解得機?

B0371gL0

評分標準：本題共13分。正確得出①、⑤式各給2分,其余各式各給1分。

25.(19分)

解：(1)由圖乙可知MN兩端的電壓滿足U2/①

AC產(chǎn)生的感應電動勢EBLv②

R

根據(jù)閉合電路歐姆定律U2E③

2

聯(lián)立可得U__2t

3

根據(jù)速度與時間的關系at

o

聯(lián)立解得。3m/s,a1.5m/s2

o

作出vf圖如圖所示

(2)對MN棒分析，可知/Mgcos30

對金屬導軌受力分析，根據(jù)題意以斜面向上為正方向，根據(jù)牛頓第二定律有

FBILfmgsinma⑧

因為尸24.384,所以“⑨

(3)從開始運動到撤去外力，這段時間內(nèi)導軌做勻加速運動,2s時

vvat6m/s⑩

o

1

xvt—an9m?

o2

理科綜合參考答案?第7頁(共18頁)

對框，由動能定理卬sinBILxW_mvi_mv^?

f克/■22o

WMgcos_—x(g)

?

Q6。BILx

總/

聯(lián)立解得W302.7J?

評分標準：本題共19分。正確作出圖像給1分，得出⑦、⑧、瓚各給2分，其余各式

各給1分。

26.(每空2分，共14分)

(1)TNa,SO3+H,SO4=SOJ+H2O+Na,SO4

(2)增大接觸面積使氣體和固體接觸更充分B

(3)D

(4)雖然為放熱反應，但反應在400℃?500℃下反應速率較大，且在該溫度下催化劑活

性較高(合理即可)

(5)73%

【解析】(1)因為該反應為固液不加熱制氣體的反應，且Na2sO3屬于可溶性固體，所以

只能選擇丁。A中發(fā)生反應的化學方程式為NazSO/H2s。4=SOJ+Na2SO4+H2O?

(2)加入玻璃棉，將干燥劑分散在玻璃棉上可以增大氣體和固體的接觸面積，使二者接

觸更充分，吸收效果更好。球形干燥管不能裝液體干燥劑，不能使用濃硫酸，因為二氧

化硫是酸性氧化物會與堿石灰反應，故不能使用堿石灰干燥。

(3)SO2催化制SO3使用的催化劑為五氧化二鈕。

(4)雖然為放熱反應，但反應在40()℃?500℃下反應速率較大，所以需要對反應氣體預

熱，催化劑在400℃?500℃時催化劑活性較高，所以催化劑也需加熱到這個溫度。

(5)根據(jù)生成的硫酸鋼的質(zhì)量算出轉化的SO?的量，再根據(jù)亞硫酸鈉的質(zhì)量算出生成的

8.5

SO的量，由計算可得—100%73%。

26.3

126

27.(除特殊標注外，每空2分，共14分)

(1)VA(1分)

理科綜合參考答案?第8頁(共18頁)

(2)SiO2(1分)Fe、Cu

理科綜合參考答案?第9頁（共18頁）

(3)Sb>+Cl+H20=SbOCl1+2H+避免形成膠體，不利于過濾分離

(4)鐵氟化鉀溶液

(5)堿性過強會造成Sb?。？的溶解損失

(6)Sb,0,+20H-=2sbe)2一+凡0或Sb,C)3+6OH-=2SbO;+3H,O

【解析】含睇工業(yè)廢渣加入稀鹽酸酸浸，二氧化硅不反應得到濾渣1,濾液1中主要陽離

子含有Sb3+、Sb5+、Fe3+、Cu2+、H+；濾液1加入過量鐵粉，SW、Fe3+分別轉化為Sb3+、

Fe2+,銅離子轉化為銅單質(zhì)，過濾得到濾液2加水稀釋水解生成SbOCl,酸洗后加入氨

水反應，SbOCl轉化為Sb2Or

(1)根據(jù)Sb5+為最高價可知族序數(shù)為VA。

(2)酸浸濾渣1的成分是SiO2,過量鐵能置換出溶液中銅離子生成銅單質(zhì)，故濾渣2為

鐵、銅。

(3)已知稀釋水解后得到濾餅的成分是SbOCl,故水解過程中Sb3+水解和氯離子反應得

到SbOCl和氫離子，反應為Sb3-+Cl-+H,O=SbOCl1+2H+；該過程中攪拌可以防止

水解生成膠體，導致不利于過濾分離。

(4)濾餅若洗滌不干凈則洗滌液中會含有亞鐵離子，亞鐵離子和鐵氟化鉀溶液生成藍色

沉淀，故“酸洗”后檢驗沉淀是否洗凈的試劑是鐵氟化鉀溶液。

(5)“中和”時加入氨水和SbOCl反應生成S?p,根據(jù)質(zhì)量守恒可知，還會生成氯化核、

水，反應的化學方程式為2NH3-H2O+2SbOCl=Sb2O3+2NH4Cl+H2O；Sb2O3是兩性氧化

物，能和強堿反應，“中和”需控制溶液的pH在7?8,堿性不能過強的原因是堿性過強

會造成Sb2C)3的溶解損失，導致產(chǎn)品產(chǎn)率降低。

(6)Sb,O3+2OH-=2SbO+H,0或Sb,O3+6OH-=2Sb6+3H,0。

23

28.(除特殊標注外，每空2分，共15分)

(1)+202.5kJ/mol

(2)①劣于②升高溫度或減小壓強(1分)

(3)0.01mol/(L?min)

(4)A

(5)0.26

理科綜合參考答案?第10頁(共18頁)

(6)2CO2+8H2O+12e-=C凡+120H2.24

蹄斤］(1)根據(jù)已知條件，可得熱化學方程式:

H,(g)+-O,(g)=H,O(1)AW=-285.8kJ/mol；

CH4(g)+2O2(g)=CO2(g)+2H2O(l)A//=-890.3kJ/mol；

C2H4(g)+3O,(g)=2CO2(g)+2H2O(l)A//=-1411.5kJ/mol；

根據(jù)蓋斯定律，整理可得：2CH4(g)2fH(g)^2H(g)A//=+202.5kJ/moL

(2)①由圖中可知反應在催化劑b條件下達平衡所需的時間比在催化劑a條件下短。達

平衡所需時間越短，催化效果越好，故催化劑a劣于催化劑b；②15min時，若改變外

界反應條件，”(CH,發(fā)生圖中所示變化，物質(zhì)的量隨時間變化減小，說明平衡正向進行，

正反應為氣體體積增大的吸熱反應，升高溫度或減小壓強，平衡正向進行，符合圖像變

化，故改變的條件是升高溫度或減小壓強。

-..生^=0.02mol/(L?min),根據(jù)速率之比等于

(3)根據(jù)信息可知，CO的反應速率為

22L?2min

系數(shù)之比，可得CH2==CH2(g)的平均反應速率為0.01mol/(L?min).

(4)對于主反應：2CO(g)+6H(g)CH==CH爵iO(g),在密閉容器中混合氣體

22222

的質(zhì)量不變，且恒容，則混合氣體密度一直保持不變，不能說明反應達到平衡狀態(tài)，A

選。反應前后氣體分子數(shù)有變化，在恒溫恒容下，壓強與物質(zhì)的量成正比，則混合氣體

總壓強保持不變，說明反應達到平衡狀態(tài)，B不選。乙烯體積分數(shù)保持不變說明乙烯的

物質(zhì)的量不再發(fā)生變化，說明反應達到平衡狀態(tài)，C不選。在密閉容器中混合氣體的質(zhì)

量不變，反應前后氣體分子數(shù)有變化，則物質(zhì)的量有變化，則氣體平均摩爾質(zhì)量保持不

變時說明反應達到平衡狀態(tài)，D不選。故選Ao

(5)CO起始濃度為c10.2mol/L,達到平衡時?的轉化率為45%,設生

成CH2==CH,為xmol/L,生成HCOOH為ymol,假設單獨反應可列三段式:

+

2cC)2(g)6H處)CH2==CH2(g)+4H2O(g)

開始/(mol/L)0.20.600

轉化/(mol/L)2x6xx4x

平衡/(mol/L)0.2-2x0.6-6xx4尤

理科綜合參考答案?第II頁(共18頁)

CO2(g)+H2(g)HCOOH(g)

開始/(mol/L)0.20.60

轉化/(moi/L)yyy

平衡/(mol/L)0.2-y0.6-yy

由達到平衡時CO,的轉化率為45%得2x+y=0.2molx45%=0.09mol,C2H4的選擇性為80%

得100%80%,由兩式解得x=0.04、)=0.01,由上可知反應平衡后

xy

c(CO)0.22xymol/L,組)0.66xymol/L,則該溫度下，副反應的平衡常

22

數(shù)長C(HCOOH)0.010.26。

c(CO)-c(H)0.110.35

22

29.(除特殊標注外，每空2分，共9分)

(1)無機肥中的物質(zhì)需要溶解在水中，才能以離子的形式被植物根系吸收(或避免土壤

濃度過高出現(xiàn)“燒苗”現(xiàn)象)

(2)遮陰灌水能避免植物因蒸騰作用失水過多造成氣孔關閉CO?供應不足，光合速率下降

(3)土壤中營養(yǎng)成分(元素種類)不明確，無法控制單一變量砂培通氣狀態(tài)較水培好、

砂培為根系生長提供了附著物(合理敘述即給分)

(4)植物體內(nèi)的氮元素可以重復利用(1分)

【解析】(1)無機鹽以離子形式存在才能被植物根系吸收，因此旱田施肥后適當灌水可以

使肥料中的物質(zhì)溶解在水中，以離子的形式被吸收。

(2)植物因蒸騰作用失水過多造成氣孔關閉，CO2供應不足，光合速率下降，因此適當遮

陰灌水，能有效緩解“光合午休”現(xiàn)象。

(3)探究某植物生長的必需元素時，對照組使用完全培養(yǎng)液，實驗組使用缺素培養(yǎng)液，

實驗設計需要遵循單一變量原則。與土壤相比，人工配制的培養(yǎng)液元素種類明確，便于

控制單一變量。水培和砂培是實驗室培養(yǎng)植物的常用方法，與水培相比，砂培通氣狀態(tài)

更好、還能為根系生長提供附著物。

(4)當土壤供應氮元素的能力下降時，老葉中含氮的化合物可以被分解，氮元素轉移至

新葉被重新利用，因此缺氮癥狀首先出現(xiàn)在老葉。這說明植物體內(nèi)的氮元素可以重復利用。

30.(除特殊標注外，每空2分，共9分)

(1)外分泌腺(1分)

理科綜合參考答案?第12頁(共18頁)

（2）小腸黏膜細胞（或小腸腸腔）神經(jīng)一體液調(diào)節(jié)（或“神經(jīng)調(diào)節(jié)和體液調(diào)節(jié)”或“神

經(jīng)調(diào)節(jié)和神經(jīng)一體液調(diào)節(jié)”）

（3）由內(nèi)分泌器官或細胞分泌的化學物質(zhì)進行調(diào)節(jié)

（4）胰腺分泌的胰蛋白酶可將胰島素分解

【解析】（1）胰腺因能分泌胰液（外分泌液），所以它屬于外分泌腺。

（2）鹽酸刺激小腸黏膜細胞可產(chǎn)生促胰液素，經(jīng)血液傳送至胰腺，促使胰腺分泌胰液。

該過程涉及神經(jīng)一體液調(diào)節(jié)。

（3）激素調(diào)節(jié)是指由內(nèi)分泌器官或細胞分泌的化學物質(zhì)進行調(diào)節(jié)。

（4）磨碎的小鼠胰腺組織中胰液所含蛋白酶會破壞胰島素而導致胰島素提取失敗。

31.（除特殊標注外，每空2分，共10分）

（1）100朱鶻體內(nèi)的有機物（或有機物）

（2）生物多樣性的間接價值遠大于其直接價值

（3）如圖所示（4分）

（注：若學生在箭頭上標文字注明具體過程，文字和箭頭均正確則給分。生產(chǎn)者與大氣中

CO2箭頭關系正確1分,消費者和大氣中CO2箭頭關系正確1分，生產(chǎn)者、消費者和分

解者箭頭關系正確1分，分解者和大氣中CO2箭頭關系正確1分）

【解析】（1）朱鶻用于生長發(fā)育繁殖的能量=攝入量-糞便量-呼吸散失的能量，故計算得

100x102J/（m2.a）,這些能量暫時儲存在朱鶻體內(nèi)的有機物中。

（2）改善水質(zhì)、蓄洪防旱、調(diào)節(jié)氣候等功能體現(xiàn)了生物多樣性的間接價值，而近年來人

們逐漸意識到，生物多樣性的間接價值遠大于其直接價值。

32.（除特殊標注外，每空2分，共11分）

（1）由受精卵發(fā)育而來的個體，體細胞中含有三個或三個以上染色體組染色體數(shù)目變

異（1分）

理科綜合參考答案?第13頁（共18頁）

（2）大蕉細胞中無同源染色體，不能正常進行減數(shù)分裂產(chǎn)生配子

（3）芽尖有絲分裂旺盛，秋水仙素作用于正在分裂的細胞時能抑制紡錘體形成，導致染

色體不能移向細胞兩極，從而使染色體數(shù)目加倍（3分）88（1分）

（4）用秋水仙素處理小果野蕉的幼苗（或萌發(fā)的種子）獲得粉蕉（四倍體植株）。將粉蕉

（四倍體植株）與小果野蕉雜交，收獲子代植株

【解析】（1）多倍體指的是由受精卵發(fā)育而來的個體，體細胞中含有三個或三個以上染色

體組。多倍體育種依據(jù)的遺傳學原理是染色體數(shù)目變異。

⑵小果野蕉（AA）和野蕉（BB）雜交獲得大蕉（AB）。根據(jù)染色體組成可知，大蕉（AB）

細胞中不含同源染色體，不能正常進行減數(shù)分裂產(chǎn)生配子，因此大蕉無法完成受精作用

產(chǎn)生種子。

⑶大蕉植株的芽尖有絲分裂旺盛，秋水仙素作用于正在分裂的細胞時能抑制紡錘體形

成，導致染色體不能移向細胞兩極，從而使染色體數(shù)目加倍，獲得FHIA-03蕉。FHIA-03蕉

染色體組成為AABB,體細胞中含有4個染色體組，每個染色體組含11條染色體，因此

FHIA-03蕉的體細胞中含有44條染色體。但是在有絲分裂后期，著絲點分裂，染色體數(shù)目

加倍，因此FH1A-03蕉的體細胞中最多含有88條染色體。

④利用二倍體植株培育三倍體植株的常用方法是先用秋水仙素處理二倍體植株的幼苗

或萌發(fā)的種子，獲得四倍體植株。再將四倍體植株與原有的二倍體植株雜交，收獲的子

代植株即為三倍體植株。

（-）選考題：共45分。

33.（15分）

（1）（5分）BDE（選對1個給2分，選對2個給4分，選對3個給5分。每選錯1個扣

3分，最低得分為0分）

【解析】氣體壓強是由于大量氣體分子頻繁碰撞容器壁而產(chǎn)生的，在完全失重的情況下，

氣體的壓強并不為零，故A錯誤。氣泡在水中上浮過程，體積增大，溫度基本不變，壓

強減小，根據(jù)氣體壓強的微觀解釋可知，氣泡中的氣體在單位時間內(nèi)與氣泡壁單位面積

碰撞的分子數(shù)減小，故B正確。溫度高的物體分子平均動能大，但是內(nèi)能與物體的溫度、

體積以及物質(zhì)的量等因素有關，則溫度高的物體的內(nèi)能不一定大，故C錯誤。一定量的某

種理想氣體在等壓膨脹過程中，溫度一定升高，則內(nèi)能一定增加，故D正確。布朗運動

是懸浮在水中的花粉顆粒的運動，是由于受到水分子的撞擊不平衡而發(fā)生的，故反映了

水分子的永不停息的無規(guī)則運動，故E正確。

理科綜合參考答案?第14頁（共18頁）

（2）（10分）

解：I.對活塞b下方氣體分析，因為緩慢加熱，故等壓變化，壓強始終為p；同理活塞

0

。上方氣體壓強也始終為pP_因頂部導熱，故溫度不變，氣體長度仍為_

04s44

①

V

對。下方氣體列等壓變化f

T

2

4sLs③

14224

解得T320K④

2

II.由克拉伯龍方程，漏氣前活塞。上方氣體有0匕SnRT⑤

?4??

。下方氣體有nRT⑥

0222

漏氣后，兩部分氣體融為一個整體，活塞。下降至底部，所有氣體溫度恢復至室溫，壓強

變?yōu)榇髿鈮簭妏VnRT⑦

033I

17

因”“n,解得丫—LS⑧

I2334

SLSV3L

故活塞B離頂部距離L______1_（9）

3s4

評分標準：本題共10分。正確得出②式給2分，其余各式各給1分。

34.（15分）

（1）（5分）

17

負（1分）_（2分）11（2分）

11

【解析】由題意知x0處的質(zhì)點在/1s內(nèi)的運動路程為3.5cm3Ao.5A,所以x0

T12

處質(zhì)點在f0時刻是向上振動的，該波向x軸負方向傳播；tT_Is,從而7_s,

1211

11m/so

T

理科綜合參考答案?第15頁（共18頁）

(2)(10分)

解：I.二”①

V

解得。匹②

3

II.如圖所示，從其左端的中心點以60的入射角射入，由折射定律有

解得30④

則光沿著軸線方向的速度。0cos⑤

由以上分析可得，光在光導纖維中傳輸所經(jīng)歷的時間為f上⑥

V

2/

解得f-⑦

C

評分標準：本題共10分。正確得出①、③、⑤式各給2分，其余各式各給1分。

35.（除特殊標注外，每空2分，共15分）

（1）10（1分）3sl3P33dl（1分）

（2）O（1分）sp2雜化（1分）CH分子中沒有孤電子對，NH直1對孤電子對，

孤電子對與成鍵電子對之間的排斥力大于成鍵電子對之間的排斥力，排斥力越大，鍵角

越小，所以NH,小于CH，鍵角

（3）Fe2O3（1分）Fez所帶電荷數(shù)小于Fe，，且Fe?的半徑大于Fe，,所以FeO席格

能小于Fe2Oy故FeO的熔點低于Fe2O3

（4）①C4。銅離子價電子為3d%亞銅離子價電子為3力。全充滿，更加穩(wěn)定