備戰(zhàn)2024年高考物理模擬卷01（浙江卷）（全解全析）

2024年高考物理第一次模擬考試1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫(xiě)在答題卡和試卷指定位置上。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)如寫(xiě)3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回1.下列儀器測(cè)得的物理量中，屬于國(guó)際單位制中的基本量的是()2.2022年11月29日23時(shí)08分，搭載神舟十五號(hào)載人飛船的長(zhǎng)征二號(hào)F遙十五運(yùn)載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射，約10分鐘后，神舟十五號(hào)載人飛船與火箭成功分離，進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射取得成功。11月30日7時(shí)33分，神舟十五號(hào)3名航天員順利進(jìn)駐中國(guó)空間站，與神舟十四號(hào)航天員乘組首次實(shí)現(xiàn)“太空會(huì)師”。下列說(shuō)法正確的是()A.23時(shí)08分指的是時(shí)間間隔B.研究飛船與火箭分離過(guò)程時(shí)，飛船可以看成質(zhì)點(diǎn)在時(shí)間軸上對(duì)應(yīng)的是一個(gè)點(diǎn)，23時(shí)0(8分)指的是發(fā)射的時(shí)刻，故A錯(cuò)誤；B.研究飛船與火箭分離過(guò)程時(shí)要考慮形狀大小，不可把飛船看成質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；C.火箭發(fā)射升空的過(guò)程中向上做加速運(yùn)動(dòng)，加速度向上，宇航員處于超重狀態(tài)，故C3.浙江最大抽水蓄能電站2016年在縉云開(kāi)建，抽水蓄能電站結(jié)構(gòu)如圖所示。抽水蓄能電站多余電能把水從下水庫(kù)抽到上水庫(kù)；另一種為放水發(fā)電模式：居民用電高峰時(shí)，再將上起到了均衡電網(wǎng)負(fù)荷的作用。關(guān)于抽水蓄能電站下列說(shuō)法正確的是()如圖1所示A.抽水蓄能的過(guò)程中，能量守恒B.放水發(fā)電的過(guò)程中，機(jī)械能守恒C.抽水蓄能電站建成之后，可以使能量增多D.抽水蓄能電站建成之后，就不會(huì)再有能源危機(jī)問(wèn)題了B、放水發(fā)電的過(guò)程中，有部分重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；C、抽水蓄能，并不能使能量增多，總的能量保持不變，故C錯(cuò)誤；增加，我們?nèi)悦媾R著能源危機(jī)，還需節(jié)約能源，故D錯(cuò)誤。4.如圖a所示，輕繩AD跨過(guò)固定在水平桿BC右端的光滑定滑輪(重力不計(jì))栓接一質(zhì)量為M的物體，∠ACB=30°;如圖b所示，輕桿HG一端用鉸鏈固定在豎直墻上，另一端通過(guò)細(xì)繩EG拉住，∠ECH=30°,另一輕繩GF懸掛在輕桿的G端，也拉住一質(zhì)量為M的物體，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是()C.輕繩AC段張力TAc與輕繩EG段張力TEg大小之比為1:1D.輕繩AC段張力TAc與輕繩EG段張力TEg大小之比為2:1B、對(duì)圖b中G點(diǎn)受力分析如圖2所示由圖2可得HG桿彈力大小為：故B錯(cuò)誤；CD、根據(jù)圖2可得輕繩EG段張力’所以輕繩AC段張力TAc與EG段張力TEG大小之比為1:2,故CD錯(cuò)誤。5.明代學(xué)者方以智在《陽(yáng)燧倒影》中記載：“凡寶石面凸，則光成一條，有數(shù)棱則必有一面五色”,表明白光通過(guò)多棱晶體折射會(huì)發(fā)生色散現(xiàn)象。如圖所示，一束復(fù)色光通過(guò)三棱鏡后分解成兩束單色光a、b.若用a、b光分別照射同一光電管都能發(fā)生光電效應(yīng)，則()A.a光的光子能量大于b光的光子能量B.用a光照射時(shí)光電子的最大初動(dòng)能大于用b光照射時(shí)光電子的最大初動(dòng)能C.a光的遏止電壓大于b光的遏止電壓D.a光的遏止電壓小于b光的遏止電壓則b的折射率大；根據(jù)折射率與光的頻率的關(guān)系可知b光的頻率大于a光的頻率，由E=hy可知b光子的能量大。故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)光電效應(yīng)方程：Ekm=hy-Wo可知，用a光照射時(shí)光電子的最大初動(dòng)能小于用b逐漸往瓶子里加水，使水從兩小孔中水平噴出形成兩列水柱，如圖所示，甲孔的離地高度是乙的2倍。當(dāng)瓶中的水加到一定高度H時(shí)，噴出的水柱恰好落到地面上的同一點(diǎn)，忽略空氣阻力，則下列判斷正確的是()A.甲孔噴出的水運(yùn)動(dòng)時(shí)間是乙孔的2倍B.乙孔噴出的水的初速度是甲孔的2倍D.礦泉水瓶自由下落時(shí)，兩小孔仍有水噴出C、水柱在空中的體積是V=votS,可知，兩空中水柱體積是相等的，故C正確；D、礦泉水瓶自由下落時(shí)，只受到重力的作用，加速度為g,處于完全失重狀態(tài)，此時(shí)水和礦泉水瓶的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)相同，它們之間沒(méi)有相互作用，水不會(huì)流出，故D錯(cuò)誤。到達(dá)100m高處后懸停(g=10m/s2)。則無(wú)人機(jī)上升過(guò)程中()A.物體對(duì)無(wú)人機(jī)的壓力一直大于20NB.物體對(duì)無(wú)人機(jī)的壓力一直等于20NC.無(wú)人機(jī)做的功等于物體和無(wú)人機(jī)增加的機(jī)械能D.無(wú)人機(jī)做的功大于物體和無(wú)人機(jī)增加的機(jī)械能【解答】解：AB、物體的重力為G=mg=2×10N=20N;無(wú)人機(jī)上升過(guò)程中，開(kāi)始一段時(shí)間內(nèi)加速度方向向上，是超重狀態(tài)，后來(lái)加速度方向向下，向上減速運(yùn)動(dòng)，是失重狀態(tài)，所以物體對(duì)無(wú)人機(jī)的壓力先大于20N、后小于20N,最后懸停時(shí)等于20N,故ABCD、無(wú)人機(jī)上升過(guò)程中，空氣阻力做負(fù)功，無(wú)人機(jī)做的功等于物體和無(wú)人機(jī)增加的機(jī)械能與克服空氣阻力產(chǎn)生的內(nèi)能之和，大于物體和無(wú)人機(jī)增加的機(jī)械能，故C錯(cuò)誤、D正8.如圖所示，a為地球赤道上的物體，b為沿地球表面附近做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的人造衛(wèi)星，c為地球同步衛(wèi)星。關(guān)于a、b、c做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法的正確的是()A.向心力關(guān)系為Fo>Fe>FaB.周期關(guān)系為T?=Te<ToC.向心加速度的大小關(guān)系為aa>ac>abD.線速度的大小關(guān)系為va<ve<vb【解答】解：A、根據(jù)向心力公式Fn=mw2r,由于a、b、c三者的質(zhì)量關(guān)系未知，所以無(wú)法判斷三者的向心力的關(guān)系，故A錯(cuò)誤；b、c兩衛(wèi)星均繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，由開(kāi)普勒第三定律可知Te>Tb,故B錯(cuò)誤；C、物體a與地球同步衛(wèi)星c的角速度w相同，由a=w2r可知，aa<ac;b、c兩衛(wèi)星均繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，則有：因?yàn)閞b<re,所以ab>ac,所以ab>ac>aa,故C錯(cuò)誤；D、b、c兩衛(wèi)星均繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)，由地球的萬(wàn)有引力提供向心力，則有：因?yàn)閞m<re,所以vb>ve;物體a與地球同步衛(wèi)星c的角速度w相同，由v=wr可知，va<ve,所以va<ve<vb,故9.如圖所示為靜電植絨技術(shù)植絨流程示意圖，需要植絨的布在滾輪的帶動(dòng)下勻速向右運(yùn)動(dòng)，將絨毛放在帶負(fù)電荷的容器中，使絨毛帶負(fù)電，容器與帶電極板之間加恒定的電壓，絨毛成垂直狀加速飛到需要植絨的布表面上，假設(shè)每根絨毛規(guī)格相同，下列判斷正確的是絨毛在帶負(fù)電荷的容器中帶上負(fù)電A.絨毛在飛往需要植絨的物體的過(guò)程中，電勢(shì)能增大B.若只增大滾輪的轉(zhuǎn)速，植絨會(huì)越密C.若增大容器與帶電極板之間的距離，植絨效果會(huì)更好D.絨毛帶的帶電量越多，到達(dá)布的表面時(shí)速率越大【解答】解：A.絨毛在飛往需要植絨的布的過(guò)程中，絨毛成垂直狀加速飛到需要植絨的布表面上，電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能不斷減小，故A錯(cuò)誤；B.若只增大滾輪的轉(zhuǎn)速，布運(yùn)動(dòng)的速度越大，植上相鄰兩個(gè)絨毛的距離越大，植絨越疏，C.若增大容器與帶電極板之間的距離，而電勢(shì)差不變，由可知，電場(chǎng)強(qiáng)度變小，絨毛受力變小，植絨效果變差，故C錯(cuò)誤；D.由動(dòng)能定理質(zhì)量相同的絨毛，帶電荷量越多，到達(dá)需要植絨的物體表面時(shí)速率越大，故D正確。10.如圖所示，某種光盤利用“凹槽”、“平面”記錄信息，激光照射到“凹槽”會(huì)產(chǎn)生極小反射光強(qiáng)，下列說(shuō)法正確的是()透明介質(zhì)平面A.“凹槽”產(chǎn)生極小光強(qiáng)是由于衍射現(xiàn)象形成B.“凹槽”入射光與“平面”反射光傳播速度不同C.激光在介質(zhì)中的波長(zhǎng)可能為“凹槽”深度的3倍D.“凹槽”反射光與“平面”反射光的頻率相同【解答】解：A.根據(jù)光的干涉知識(shí)分析可知，“凹槽”產(chǎn)生極小光強(qiáng)是由于由于“凹槽”反射光與“平面”反射光疊加后相消，是干涉現(xiàn)象形成，不是屬于衍射現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B.“凹槽”中有透明介質(zhì)，光的速度小于真空中速度，“凹槽”入射光與“平面”反射光C.由于“凹槽”反射光與“平面”反射光疊加后削弱，考慮到“凹槽”反“凹槽”深度的2倍應(yīng)該為激光束半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，故C錯(cuò)誤；11.半導(dǎo)體材料一般分為N型半導(dǎo)體(載流子為負(fù)電荷)和P型半導(dǎo)體(載流子為正電荷)n,沿+y方向通有恒定電流I。在空間中施加一個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向沿-x方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，半導(dǎo)體上、下表面之間產(chǎn)生穩(wěn)定的電勢(shì)差U,下列說(shuō)法正確的是()A.若器件為N型半導(dǎo)體，則上表面電勢(shì)高于下表面電勢(shì)B.電勢(shì)差U與載流子數(shù)密度n成正比C.若器件為P型半導(dǎo)體，載流子所帶電荷量電荷移動(dòng)方向沿-y方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向沿-x方向，根據(jù)左手定則可知，負(fù)電荷向上偏轉(zhuǎn)，故上表面電勢(shì)低于下表面電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；BC、若器件為P型半導(dǎo)體，半導(dǎo)體上、下表面之間產(chǎn)生穩(wěn)定的電勢(shì)差時(shí)，電場(chǎng)力與洛倫可知電勢(shì)差U與載流子數(shù)密度n成反比，故BC錯(cuò)誤；D、半導(dǎo)體內(nèi)載流子所受沿z方向電場(chǎng)力的大小為12.LED燈珠用半球形透明介質(zhì)封裝，如圖所示，有一個(gè)半徑r為3mm的圓形LED光源AB,其表面可以朝各個(gè)方向發(fā)光，現(xiàn)將AB封裝在一個(gè)半球形透明介質(zhì)的底部，AB中點(diǎn)與球心O重合。半球形介質(zhì)的折射率為1.5,為使LED光源發(fā)出的所有光都能射出球面，不考慮二次反射，則透明介質(zhì)球半徑R至少為()A.3V5mmB.4.5mmC.0在半球面上任選一點(diǎn)P,根據(jù)幾何關(guān)系可知，若此時(shí)線狀光源上B點(diǎn)發(fā)出的光能夠射出P13.飛船在進(jìn)行星際飛行時(shí)，使用離子發(fā)動(dòng)機(jī)作為動(dòng)力。這種發(fā)動(dòng)機(jī)工作時(shí)，由電極發(fā)射的電子射入稀有氣體(如氙氣),使氣體離子化，電離后形成的離子由靜止開(kāi)始在電場(chǎng)中加速并由飛船尾部高速連續(xù)噴出，利用反沖使飛船本身得到加速。已知氙離子質(zhì)量為m,帶電量大小為e,加速電壓為U,飛船單位時(shí)間內(nèi)向后噴射出的氙離子的質(zhì)量為k,從飛船尾部高速連續(xù)噴出氙離子的質(zhì)量遠(yuǎn)小于飛船的質(zhì)量，則飛船獲得的反沖推力大小為A.【解答】解：氙離子在電場(chǎng)中的加速過(guò)程，由動(dòng)能定理有對(duì)At時(shí)間內(nèi)噴射出的氙離子用動(dòng)量定理有FAt=△m*v(多選)14.“超導(dǎo)托卡馬克”(EAST)是我國(guó)自行研制的可控?zé)岷朔磻?yīng)實(shí)驗(yàn)裝置。設(shè)該實(shí)驗(yàn)反應(yīng)前氘核的質(zhì)量為mi,氚核(H)的質(zhì)量為m2,反應(yīng)后氦核的質(zhì)量為m?,中子的質(zhì)量為m?,真空中光速為c。下列說(shuō)法中正確的是()A.這種裝置中發(fā)生的核反應(yīng)方程B.由核反應(yīng)過(guò)程質(zhì)量守恒可知mr+mz=m?+m?D.這種裝置與我國(guó)大亞灣核電站所使用核裝置的核反應(yīng)原理不相同【解答】解：A.根據(jù)質(zhì)量數(shù)與電荷數(shù)守恒可知，可控?zé)岷朔磻?yīng)裝置中發(fā)生的核反應(yīng)方程是BC.核反應(yīng)過(guò)程中質(zhì)量數(shù)守恒，但核反應(yīng)過(guò)程中存在質(zhì)量虧損△m=m+mz-m?-m4>0(多選)15.如圖所示，在方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有兩根位于同一水平面內(nèi)且間距為L(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌(導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，電阻不計(jì));兩根質(zhì)量均為m、內(nèi)阻均為r的光滑導(dǎo)體棒ab,cd靜止在導(dǎo)軌上(導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌接觸良好),t=0時(shí)，ab棒以初速度3vo向右滑動(dòng)，cd棒以初速度vo向左滑動(dòng)，關(guān)于兩棒的運(yùn)動(dòng)情況，下列說(shuō)法正確的是()A.當(dāng)其中某根棒的速度為零時(shí)，另一根棒的速度大小為voB.當(dāng)其中某根棒的速度為零時(shí)，另一根棒的加速度大小C.從初始時(shí)刻到其中某根棒的速度為零過(guò)程中，導(dǎo)體棒ab產(chǎn)生的焦耳熱培力而阻礙相對(duì)運(yùn)動(dòng)，但對(duì)兩棒整體，由于兩棒受到的安培力大小相等，方向相反，則兩棒系統(tǒng)的總動(dòng)量守恒，以向右方向?yàn)檎?，根?jù)動(dòng)量守恒定律有：m×3vo-m×vo=0+mv′解得v′=2vo,故A錯(cuò)誤；=BL×2vo,回路中的感應(yīng)電流它受到的安倍力Fg=BI′L,所以它的加速度產(chǎn)生的執(zhí)量,聯(lián)立解得,故C正確；一起勻速運(yùn)動(dòng)，由于兩棒所受安培力的合力為零，兩棒水平方向上動(dòng)量守恒，以向右方向?yàn)檎较颍鶕?jù)動(dòng)量守恒定律得：m×3vo-m×vo=(m+m)v,解得v=vo,故D正確。16.I(1)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系(圖甲)”“研究平拋運(yùn)動(dòng)(圖乙)”“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律(圖丙)”三個(gè)實(shí)驗(yàn)中，都需要用到的器材是BB.刻度尺D.彈簧測(cè)力計(jì)(2)某同學(xué)利用圖甲裝置探究加速度與力的關(guān)系，打出的紙帶如圖丁所示，取A、B、C、D、E五個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)(每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)打點(diǎn)沒(méi)有標(biāo)出),打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源頻率是50Hz。則A、C間距離為cm,小車的加速度大小a=0.40m/s2。(計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字)丁實(shí)驗(yàn)得到的a-F圖像如圖戊中實(shí)線所示，則可知所掛槽碼質(zhì)量最大不應(yīng)超過(guò)B戊己(3)某同學(xué)運(yùn)用手機(jī)“測(cè)量自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度”,打開(kāi)智能手機(jī)應(yīng)用軟件，手持手機(jī)從海綿墊上方釋放后落下，測(cè)得加速度隨時(shí)間的變化如圖己表所示，可判斷手機(jī)做自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間約0.33s,測(cè)得當(dāng)?shù)刂亓铀俣戎凳?.82m/s2。【解答】解：(1)圖甲和圖丙都用到了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，需要用刻度尺測(cè)量紙帶上點(diǎn)跡之間的距離；圖乙是探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，需要刻度尺測(cè)量平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移和豎直位移，因此三個(gè)實(shí)驗(yàn)都要用到的器材是刻度尺，故ACD錯(cuò)誤，B正確。(2)相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔毫米刻度尺的精確度為1mm,則A、C間距離為xAc=42.0mm-10.0mm=32.0mm=C、E之間的距離為xcE=90.0mm-42.0mm=48.0mm=4.80cm根據(jù)逐差法可得小車的加速度為(3)本實(shí)驗(yàn)是用槽碼的重力代替繩子的拉力，需要滿足的條件是槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車從圖像可知當(dāng)F超過(guò)0.3N時(shí)圖像就出現(xiàn)比較明顯的彎曲，此時(shí)mg≈F?=0.3N因此，為了滿足實(shí)驗(yàn)條件，槽碼的質(zhì)量m不應(yīng)超過(guò)30g,故ACD錯(cuò)誤，B正確。(4)對(duì)表格數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，發(fā)現(xiàn)從大概0.57s開(kāi)始到0.90s時(shí)間內(nèi)手機(jī)的加速度比較穩(wěn)定，說(shuō)明該時(shí)間內(nèi)手機(jī)已經(jīng)脫離手，并還未接觸海綿墊，在做自由運(yùn)動(dòng)，因此手機(jī)做自由落體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間大概為考慮手機(jī)在自由落體運(yùn)動(dòng)的后期速度較大，空氣阻力影響比較大，因此可以認(rèn)為手機(jī)剛開(kāi)始做自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)空氣阻力較小，此時(shí)的加速度接近當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，故?dāng)?shù)氐墓蚀鸢笧椋?1)B;(2)3.20;0.40;B;(3)0.33;9.82。Ⅱ、為了探究導(dǎo)體電阻與長(zhǎng)度、橫截面積及材料等因素的關(guān)系，做如下實(shí)驗(yàn)(如圖甲)。木AB、BC的橫截面積相同，長(zhǎng)度之比1:2;BC、CD的長(zhǎng)度相同，直徑之比1:2;BC、甲乙丙(1)為了研究導(dǎo)體電阻與橫截面積的關(guān)系，應(yīng)選擇(選填A(yù)B、BC、CD或DE)兩段金屬絲。圖甲中的實(shí)驗(yàn)是否有必要測(cè)出金屬絲的電阻?不需要(填“需(2)若要測(cè)量BC段金屬絲的電阻，試在圖甲中以筆畫(huà)代替導(dǎo)線完成電路圖連接。(3)為了測(cè)量鎳鉻合金的電阻率，用螺旋測(cè)微器測(cè)量BC段金屬絲的直徑D,如圖乙所使用先后順序填字母);圖中所測(cè)金屬絲的直徑D=0.216mm。(4)圖丙為實(shí)驗(yàn)所用的電流表和電壓表的表盤，電壓表選用0-3V量程，電流表選用0-0.6A量程。將電壓表一端接在B點(diǎn)，另一端接在BC段金屬絲的P點(diǎn)(圖中未畫(huà)出),測(cè)出電壓U和PB之間的距離d、改變P點(diǎn)位置多次測(cè)量，獲得一系列U、d數(shù)據(jù)并畫(huà)出U-d圖像，測(cè)算出圖像的斜率為k。已測(cè)得BC段金屬絲直徑為D,為測(cè)出其電阻率，還要測(cè)量的物理量是電流I。電表讀數(shù)的誤差可認(rèn)為是最小刻度的一半，金屬材料該金屬0℃時(shí)的電阻率，鎳鉻合金的溫度系數(shù)a=1.0×10~6℃~1,請(qǐng)判斷，對(duì)鎳鉻合金電阻率測(cè)量值影響更大的是電表的讀數(shù)誤差【解答】解：(1)探究導(dǎo)體電阻與長(zhǎng)度、橫截面積及材料等因素的關(guān)系時(shí)，采用了“控制變量”法；因此探究橫截面積與電阻大小關(guān)系時(shí)，應(yīng)保持長(zhǎng)度和材料相同(3)用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)，先將金屬絲放在螺旋測(cè)微器的小砧和測(cè)微螺桿之間，旋動(dòng)粗調(diào)旋鈕B使測(cè)微螺桿逐漸靠近金屬絲，當(dāng)測(cè)微螺桿接觸金屬絲后，緩緩轉(zhuǎn)動(dòng)微調(diào)旋鈕B,使測(cè)微螺桿與金屬絲進(jìn)一步接觸，當(dāng)聽(tīng)到“咔嚓”聲時(shí)，停在旋動(dòng)B,此時(shí)轉(zhuǎn)動(dòng)止尺A,使測(cè)微螺桿固定，然后再讀數(shù)，因此用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑時(shí)先螺旋測(cè)微器的精確度為0.01mm,金屬絲的直徑D=0mm+21.6×0.01mm=0.216mm;(4)根據(jù)電阻定律因此還需測(cè)量的物理量是電流I;根據(jù)電表量程可判斷金屬絲電功率不超過(guò)1.8w,溫度升高不大；根據(jù)題意可知，溫度系數(shù)a=1.0×106℃~1,非常小，接近于0;由電阻率與溫度有的關(guān)系式p=(1+at)po可知，溫度對(duì)電阻率幾乎沒(méi)有影響，由此可以判斷，對(duì)鎳鉻合金電阻率測(cè)量值影響更大的故答案為：(1)BC、CD;不需要；(2)見(jiàn)解析；(3)BCA;0.216;(4)電流I;電表讀17.2023年5月3日，我國(guó)輪胎品牌“三角輪胎”攜多款熱銷工程胎和卡車胎系列產(chǎn)品亮(1)試判斷輪胎內(nèi)氣體吸放熱情況，并說(shuō)明理由；(2)求此時(shí)輪胎內(nèi)氣體的壓強(qiáng)?！窘獯稹拷猓?1)輪胎的容積幾乎不變，則氣體做功為零。輪胎內(nèi)的氣體可視為理想氣(2)根據(jù)查理定律可得：答：(1)輪胎內(nèi)氣體放熱；18.如圖所示，水平軌道AB長(zhǎng)度L?=1.3m,其左端B點(diǎn)與半徑R=0.4m的半圓形豎直軌道BCD平滑連接。軌道BCD最高點(diǎn)D與長(zhǎng)度L?=1.0m的水平細(xì)圓管道DE平滑連接。管道DE與豎直放置的光滑圓筒上邊緣E點(diǎn)相切，圓筒半徑m、高度質(zhì)量m=0.5kg、可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊，從A點(diǎn)處以初動(dòng)能Eko向左運(yùn)動(dòng)，與AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2,與其它軌道間的摩擦以及空氣阻力均忽略不計(jì)。(1)若小滑塊恰好能通過(guò)最高點(diǎn)D,求滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)對(duì)半圓形軌道的壓力大小Fx;(2)為使小滑塊不脫離軌道并最終停在AB兩點(diǎn)之間，求滑塊的初動(dòng)能Eko的范圍；(3)若小滑塊能從D點(diǎn)水平滑入管道DE,并從E點(diǎn)滑入圓筒后緊貼內(nèi)壁運(yùn)動(dòng)，再?gòu)腅點(diǎn)正下方離開(kāi)圓筒后，滑塊落在AB兩點(diǎn)之間，求滑塊在E點(diǎn)的速度大小vE。(π取√10)【解答】解：(1)小滑塊恰好能通過(guò)最高點(diǎn)D,則小球在D點(diǎn)時(shí)由B點(diǎn)到D點(diǎn)的過(guò)程，由機(jī)械能守恒定律得滑塊在B點(diǎn)時(shí)由牛頓第三定律可得，滑塊經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)對(duì)半圓形軌道的壓力大小為Fx=30N當(dāng)滑塊動(dòng)能較大超過(guò)1.3J時(shí)，滑上圓軌道并返回，則滑上軌道的最大高度不能超過(guò)R。設(shè)沿圓軌道上滑的高度為h,返會(huì)水平軌道時(shí)，不滑過(guò)A點(diǎn)，則有mgh<μmgLi可得h<μL?=0.26m<R所以小滑塊不脫離軌道并最終停在AB兩點(diǎn)之間，滑塊初動(dòng)能的范圍為Eko<1.3J或1.3J(3)小滑塊從E點(diǎn)滑入圓筒后緊貼內(nèi)壁運(yùn)動(dòng)時(shí)，在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)解得vE=nm/s(n=1,2,3…)離開(kāi)圓筒后，豎直方向的加速度仍為g,則由E點(diǎn)到落地的時(shí)間離開(kāi)圓筒后，滑塊水平方向以速度vE做勻速直線運(yùn)動(dòng)，從離開(kāi)圓筒到落地，水平位移為滑塊落在AB兩點(diǎn)之間，則可得n<4.5m所以滑塊在E點(diǎn)的速度大小為vE=nm/s(n=1,2,3,4)19.如圖所示，間距L=2.0m的平行金屬導(dǎo)軌放置在絕緣水平面上，導(dǎo)軌左端連接輸出電、勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域I和Ⅱ,兩磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B=0.5T,方向均豎直向下。質(zhì)量m=0.5kg、電阻為R?的導(dǎo)體棒靜止于區(qū)域I左邊界，質(zhì)量m=0.5kg、邊長(zhǎng)為0.5D、電阻界距離為0.5D。某時(shí)刻閉合開(kāi)關(guān)S,導(dǎo)體棒開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)。已知導(dǎo)體棒與線框、線框與豎直擋板之間均發(fā)生彈性碰撞，導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌接觸并且相互垂直，不計(jì)一切摩擦和(1)導(dǎo)體棒第一次離開(kāi)區(qū)域I時(shí)的速度大小vi;(2)線框與導(dǎo)體棒從第1次碰撞至它們第2次碰撞過(guò)程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱Q;(3)線框與導(dǎo)體棒碰撞的次數(shù)n,以及導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)區(qū)域I中運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間t。【解答】解：(1)導(dǎo)體棒受到向右的安培力，其大小為：F=BIL(2)棒與線框發(fā)生彈性碰撞，設(shè)碰撞后瞬間兩者速度分別為vi、vi”,以向右為正方第一次撞后，線框以v?=1.5m/s速度進(jìn)入磁場(chǎng)Ⅱ,棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)線框右邊從磁場(chǎng)Ⅱ左邊界運(yùn)動(dòng)到右邊界的過(guò)程用時(shí)△ti,末速度為 ,可知每次線框穿過(guò)磁場(chǎng)Ⅱ的過(guò)程，速度大小均減少0.2m/s,線框以v?=1.3m/s與擋板彈性碰撞后，以原速率回再次穿過(guò)磁場(chǎng)Ⅱ后的速度大小為v4=1.1m/s,線框以速度v?與棒(3)線框與導(dǎo)體棒第二次碰后，兩者交換速度，棒以v4=1.1m/s速度向左運(yùn)動(dòng)，線框靜止，棒進(jìn)入磁場(chǎng)1,所受安培力與原來(lái)等大反向，棒作勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定F安=ma棒在磁場(chǎng)I中的最大位移：棒在磁場(chǎng)I中減速到速度為零，然后以加速度a反向加速，以v4=1.1m/s的速度離開(kāi)磁場(chǎng)I,與線框碰撞且速度交換后，線框通過(guò)磁場(chǎng)Ⅱ速度大小減小0.2m/s,與擋板彈性碰撞后，以原速率回再次穿過(guò)磁場(chǎng)Ⅱ后的速度大小再減小0.2m/s后，以vs=0.7m/s的速度大小與棒再相碰。經(jīng)過(guò)如此反復(fù)，可知兩者每次碰撞都對(duì)應(yīng)速度大小減少0.2m/s,由可知棒與線框總的碰撞次數(shù)為7次。棒第首次從磁場(chǎng)I左邊界勻加速運(yùn)動(dòng)到右邊界時(shí)間為：棒與線框碰后從右向左進(jìn)入磁場(chǎng)I的速度均比前一次減小0.4m/s,棒在磁場(chǎng)I中勻減速直線運(yùn)動(dòng)和反向勻加速直線運(yùn)動(dòng)對(duì)稱，可得：第2次碰后棒在磁場(chǎng)I中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為：同理