2023年青海省海東市高考聯(lián)考試卷（3月份）及答案解析

2023年青海省海東市高考聯(lián)考試卷（3月份）

1.某同學(xué)站在自動(dòng)扶梯的水平粗糙踏板上，隨扶梯一起斜向

上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，如圖所示。該同學(xué)所受力的個(gè)數(shù)為（）

A.2

B.3

C.4

D.5

2.小明將一質(zhì)量為m的籃球（視為質(zhì)點(diǎn)）從距水平地面高度為八處由靜止釋放，籃球多次彈跳

后停在地面上。若空氣阻力的大小與籃球的速度大小成正比，重力加速度大小為g,則在整

個(gè)過程中，重力對(duì)籃球做的功為（）

A.—mghB.mghC.2mghD.—2mgh

3.變壓器線圈中的電流越大，所用的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)越粗。街頭見到的變壓器是降壓變壓器，假

設(shè)它只有一個(gè)原線圈和一個(gè)副線圈，則（）

A.副線圈的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)粗些，且副線圈的匝數(shù)少

B.副線圈的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)粗些，且副線圈的匝數(shù)多

C.原線圈的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)粗些，且原線圈的匝數(shù)少

D.原線圈的導(dǎo)線應(yīng)當(dāng)粗些，且原線圈的匝數(shù)多

4.2023年1月9日，“長(zhǎng)征七號(hào)”4運(yùn)載火箭在中國文昌航天發(fā)射場(chǎng)點(diǎn)火起飛，托舉“實(shí)踐

二十三號(hào)”衛(wèi)星直沖云霄，隨后衛(wèi)星進(jìn)入預(yù)定軌道，發(fā)射取得圓滿成功。假設(shè)該軌道為圓，

且在該軌道上還有其他衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)，則對(duì)該軌道上的所有衛(wèi)星，下列物理量一定相同的

是（）

A.動(dòng)能B.向心加速度C.周期D.線速度

5.如圖所示，在第IV象限內(nèi)有垂直坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，ty

一對(duì)比荷之比為2：1的正、負(fù)帶電粒子在坐標(biāo)平面內(nèi)以相同的

速率沿與x軸成30。角的方向從坐標(biāo)原點(diǎn)射入磁場(chǎng)。不計(jì)粒子受

到的重力及粒子間的作用力。正、負(fù)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的

時(shí)間之比為（）

A.1：2B.2：1C.1：3D.1：1

6.下列說法正確的是（）

A.核反應(yīng)記C-尹N+2]e屬于夕衰變且能自發(fā)發(fā)生

B.核反應(yīng)出+出-4He+加屬于核聚變且能自發(fā)發(fā)生

C.查德威克通過核反應(yīng)匆e+1Bec+乩發(fā)現(xiàn)了中子

D.普朗克發(fā)現(xiàn)了電子

7.某種電容式話筒的工作原理如圖所示，Q是絕緣支架，M是薄金屬膜和固定電極N形成的

一個(gè)電容器，當(dāng)聲波使膜片振動(dòng)時(shí)，電容發(fā)生變化，電路中形成變化的電流。當(dāng)膜片向左運(yùn)

動(dòng)時(shí)（）

A.固定電極N帶正電B.電容器的電容變小

C.電容器正在充電D.導(dǎo)線的電流自4流向B

8.甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)同時(shí)從坐標(biāo)原點(diǎn)出發(fā)沿x軸正方向做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過

程中速度大小的二次方。2與它們到原點(diǎn)之間的距離的關(guān)系如圖中的圖線4B所示。運(yùn)動(dòng)一段

位移后停止的質(zhì)點(diǎn)將不再運(yùn)動(dòng)。下列說法正確的是（）

A.甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)均做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)的加速度大小之比為2：1

C.甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)在x=4m處相遇D.甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)只能相遇一次

9.利用如圖1所示的裝置可以探究小車質(zhì)量不變的情況下加速度與合力的關(guān)系，圖中軌道放

置在水平桌面上，位移傳感器可以測(cè)量小車位移隨時(shí)間變化的規(guī)律，拉力傳感器可以測(cè)量輕

繩的拉力。

位移傳感器

(發(fā)射器)

(1)為了使定滑輪右側(cè)輕繩的拉力作為小車受到的合力，要求—。

人平衡小車受到的摩擦力

A定滑輪右側(cè)輕繩與軌道平行

C鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(包括拉力傳感器、位移傳感器)的總質(zhì)量

(2)按正確操作進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，通過數(shù)字化信息系統(tǒng)處理可獲得小車加速度Q與拉力傳感器的示數(shù)

F的關(guān)系圖像，圖2圖像正確的是一。

10.某同學(xué)用如圖甲所示的電路測(cè)量未知電阻心的阻值。

(1)請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線，按電路圖甲完成實(shí)物圖乙的連接。

(2)根據(jù)電路圖甲，閉合開關(guān)Si前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)在最—(填“上”或“下”)端。閉

合開關(guān)&后，將開關(guān)S2接a,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器Ri，使毫安表的示數(shù)為/。

(3)保持滑動(dòng)變阻器的滑片不動(dòng)，將開關(guān)S2接b,調(diào)節(jié)電阻箱，使—,記錄此時(shí)電阻箱的阻

值°

(4)未知電阻的阻值％=一，測(cè)量值一(填“大于”、“等于”或“小于”)真實(shí)值。

11.如圖所示，兩固定平行金屬導(dǎo)軌由光滑傾斜導(dǎo)軌和粗糙水平導(dǎo)軌組成，傾斜導(dǎo)軌的傾角

為仇水平虛線MN垂直于導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為d,上端接有阻值為R的定值電阻，傾斜導(dǎo)軌區(qū)域

存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為當(dāng)、方向垂直導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，水平導(dǎo)軌區(qū)域存在方向豎直

向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為小、長(zhǎng)為d、電阻為r的金屬棒從傾斜導(dǎo)軌上某處由靜止下滑，金屬

棒到達(dá)MN時(shí)速度恰好達(dá)到最大，進(jìn)入水平導(dǎo)軌后滑行距離x停下，金屬棒在水平導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)

的過程中，通過金屬棒某一橫截面的電荷量為小金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加

速度大小為9,不計(jì)導(dǎo)軌電阻，不計(jì)金屬棒通過MN時(shí)的能量損失。求：

Q)金屬棒在傾斜導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度為;

(2)水平導(dǎo)軌間磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B2。

12.如圖所示，靜置于光滑水平地面(足夠大)上質(zhì)量M=0.4kg的木塊，由豎直平面內(nèi)半徑

R=1.6m的光滑半圓形軌道4B和水平直軌道BC(8C的厚度不計(jì))組成，4B與BC相切于B點(diǎn)。

現(xiàn)將木塊鎖定，使一質(zhì)量m=0.1kg的物塊(視為質(zhì)點(diǎn))從C端以大小%=13m/s、方向水平

向左的初速度沿軌道BC滑行。已知B、C兩點(diǎn)間的距離L=2.5m,物塊與BC間的動(dòng)摩擦因數(shù)

“=0.5,取重力加速度大小g=lOm/s2,不計(jì)空氣阻力。

(1)求物塊通過B點(diǎn)時(shí)對(duì)半圓形軌道的壓力大??；

(2)若在物塊通過B點(diǎn)時(shí)將木塊解鎖，求物塊從力端飛出時(shí)的速度大小和方向；

(3)證明在(2)中情況下物塊從A端飛出后落在地面上，并求物塊落地時(shí)與8點(diǎn)的距離。

13.下列說法正確的是()

A.若分子力表現(xiàn)為引力，則當(dāng)分子間的距離增大時(shí)，分子力增大

B.對(duì)于任何物質(zhì)，只要溫度降低，分子平均動(dòng)能就一定減小

C.液體中的布朗運(yùn)動(dòng)就是液體分子的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)

D.一定質(zhì)量的某種理想氣體在等溫膨脹的過程中一定吸熱

E.物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的物體可能是晶體

14.如圖所示，圓柱形容器內(nèi)盛有水，將質(zhì)量為m、容積為V、橫

截面積為S的薄玻璃管開口向下緩慢豎直插入水中，放手后玻璃管在

水下某位置保持懸浮狀態(tài).水的密度為P，重力加速度大小為g,將玻

璃管內(nèi)的空氣視為理想氣體。

(1)求玻璃管在水下保持懸浮狀態(tài)時(shí)，玻璃管內(nèi)水的長(zhǎng)度看；

(2)若大氣壓強(qiáng)恒為po,將玻璃管從水下緩慢上提(玻璃管內(nèi)空氣的

溫度不變)，放手后玻璃管漂浮在水面上，求此時(shí)水進(jìn)入玻璃管的長(zhǎng)

度°

15.下列說法正確的是()

A.做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)在平衡位置時(shí)受到的合力一定為零

B.電磁波可以在真空中傳播

C.一個(gè)單擺從赤道移到北極后，振動(dòng)的頻率變大

D.若兩列波產(chǎn)生了干涉現(xiàn)象，則這兩列波的頻率相同

E.波的傳播方向一定和介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的方向一致

16.由某種材料制成的透明磚的截面如圖所示，4BCD為直角梯D

形，4。=2L,乙4=53。。一光線從P點(diǎn)垂直于AB邊入射，到達(dá)ADJ

邊的中點(diǎn)E時(shí)恰好發(fā)生全反射，然后從CD邊射出。真空中的光速/

為c,取5,53。=0,8,cos53。=0.6,不考慮光在透明磚中的多次---------B

反射。求：

(i)材料對(duì)該光線的折射率n；

(ii)光線在透明磚中傳播的時(shí)間t。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：由于該同學(xué)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以合力為零，即該同學(xué)受豎直向下的重力和踏板對(duì)

同學(xué)向上的支持力.故A正確，38錯(cuò)誤。

故選：Ao

該同學(xué)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)受力情況，分析受力個(gè)數(shù)。

本題是一道基礎(chǔ)題，根據(jù)受力情況分析受力個(gè)數(shù)即可。

2.【答案】B

【解析】解：由題意可知，整個(gè)過程籃球下落的高度為九，根據(jù)功的公式可知，重力對(duì)籃球所做的

功力=Tng/i,故B正確，ACC錯(cuò)誤。

故選：B。

明確籃球全程下落的高度，再根據(jù)重力做功的公式W=rngh求出重力所做的功。

本題考查重力做功的計(jì)算，要注意明確重力做功和物體運(yùn)動(dòng)的路徑無關(guān)，只取決于物體下落的高

度差。

3.【答案】A

【解析】解：小區(qū)附近居民用電的變壓器是降壓變壓器，可知原線圈的匝數(shù)比副線圈的匝數(shù)多，

由于功率相同，而原線圈中電壓小，所以原線圈的電流比副線圈的電流要小，副線圈的電流大的，

導(dǎo)線要用粗的，原線圈的電流小，導(dǎo)線要用細(xì)的。

故選：A?

本題考查的是變壓器的特點(diǎn)，知道小區(qū)附近居民用電的變壓器是降壓變壓器，根據(jù)電流與匝數(shù)成

反比分析需要的導(dǎo)線的粗細(xì)。

4.【答案】C

【解析】解:根據(jù)萬有引力提供向心力有：^=m^=m^=ma

解得：T=,可知該軌道上衛(wèi)星的周期相同;

解得：a=管，u=J"，可知該軌道上衛(wèi)星的向心加速度的大小相等，但方向不同；

由于衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相同，則衛(wèi)星的動(dòng)能不一定相同。故錯(cuò)誤，C正確；

故選：Co

萬有引力提供衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，由啤=mQ=m殍=ma,即可推導(dǎo)出周期、速度和

rzr片

加速度的表達(dá)式。由于衛(wèi)星的質(zhì)量不一定相同，則衛(wèi)星的動(dòng)能不一定相同

本題考查萬有引力定律提供衛(wèi)星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，根據(jù)相關(guān)公式即可求解，難度不大。

5.【答案】D

【解析】解：作出正、負(fù)粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示:

根據(jù)幾何關(guān)系可得正粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角8=120°,負(fù)粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為a=60°

根據(jù)周期公式可知粒子的周期為：丁=察

正、負(fù)帶電粒子比荷之比為2：1,則正、負(fù)帶電粒子周期之比為：T2=1：2

正粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：打=券7\,負(fù)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：今=備72，

□oUJOU

所以有：0：t2=l：1，故。正確、ABC錯(cuò)誤。

故選：Do

根據(jù)幾何關(guān)系可得正、負(fù)粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，根據(jù)周期公式求解正、負(fù)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)

動(dòng)的時(shí)間之比。

對(duì)于帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況分析，一般是確定圓心位置，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，結(jié)合洛倫

茲力提供向心力求解未知量；根據(jù)周期公式結(jié)合軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角求時(shí)間。

6.【答案】AC

【解析】解：4、核反應(yīng)/N+91e屬于￡衰變，衰變可以自發(fā)發(fā)生，故A正確；

B、核反應(yīng)出+"T$He+2n屬于核聚變，但不能自發(fā)發(fā)生，故B錯(cuò)誤；

C、查德威克發(fā)現(xiàn)了中子，核反應(yīng)方程為胃He+淚e—TC+M，故C正確：

。、湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子，而不是普朗克，故。錯(cuò)誤；

故選:AC.

根據(jù)/?衰變和輕核聚變的特點(diǎn)分析，查德威克發(fā)現(xiàn)了中子，湯姆遜發(fā)現(xiàn)了電子。

本題考查物理學(xué)史，解題關(guān)鍵掌握0衰變和輕核聚變的理解。

7.【答案】BD

【解析】解：4、固定電極N與電源負(fù)極相連，則N極帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B、當(dāng)膜片向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，薄金屬膜和固定電極N的距離d變大，根據(jù)電容的決定式。=衿知電容

4nka

變小，故B正確；

C。、電容始終接在電源的兩端，電勢(shì)差不變，根據(jù)Q=CU知電容變小時(shí)，電容器帶電量減小，

電容器正在放電，所以導(dǎo)線4B的電流自4流向B,故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：BD。

固定電極N與電源負(fù)極相連，帶負(fù)電。當(dāng)膜片向左運(yùn)動(dòng)時(shí):根據(jù)電容的決定式C=鋁判斷電容的

4nka

變化，電容器始終接在電源的兩端，兩極板間電勢(shì)差不變，根據(jù)Q=CU,判斷其帶電量的變化,

從而得出導(dǎo)線48的電流流向。

解決本題的關(guān)鍵要掌握電容的決定式電容的決定式C=品和電容的定義式C=9以及知道電容

器始終接在電源的兩端，電勢(shì)差不變。

8.【答案】BD

【解析】解：4、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移一速度公式得：v2-vl=lax

整理得：盧=2ax+詔

則/-X圖像的斜率為2a,甲質(zhì)點(diǎn)的加速度為負(fù)值，甲做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，乙質(zhì)點(diǎn)的加速度為正

值，乙做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、由4得，/—x圖像的斜率為2a,由圖像得，甲的加速度大小的=：|空|m/s2=37n/s2

乙的加速度大小a乙=1x^m/s2=1.5m/s2

則甲、乙兩質(zhì)點(diǎn)的加速度大小之比為a#：。Z=3：1.5=2：1

故8正確；

CD、由圖像得，甲的初速度大小為%=6m/s,甲質(zhì)點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為口=苗;=^s=2s

2s時(shí)，乙質(zhì)點(diǎn)的位移X/=^at2=1x1.5x227n=3m<4m

乙，乙zz

則當(dāng)甲質(zhì)點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)時(shí)，乙質(zhì)點(diǎn)還未到達(dá)x=4m處，則兩質(zhì)點(diǎn)不會(huì)在x=4/n處相遇，且由于甲質(zhì)

點(diǎn)停止后不再運(yùn)動(dòng)，所以甲乙兩質(zhì)點(diǎn)只能在x=6m處相遇一次，故C錯(cuò)誤，。正確。

故選：BD。

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移一速度公式求解后隨久變化的關(guān)系，結(jié)合圖像求解兩質(zhì)點(diǎn)的斜率，判斷

兩質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)情況；甲做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)速度一時(shí)間公式求解甲質(zhì)點(diǎn)停止運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根

據(jù)位移一時(shí)間公式求解乙質(zhì)點(diǎn)的位移，判斷即可。

本題考查勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像，解題關(guān)鍵是掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，分析圖像的意義，結(jié)

合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式列式求解即可。

9.【答案】ABB

【解析】解：(1)4小車受到的合力為繩子拉力，需要平衡小車受到的摩擦力，故A正確；

A定滑輪右側(cè)輕繩與軌道平行，才能保證小車受到的合力為繩子拉力，故B正確；

C繩子拉力由傳感器測(cè)得，不需要鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(包括拉力傳感器、位移傳感器)的總質(zhì)

量，故C錯(cuò)誤。

故選：AB。

(2)小車受到的合力為繩子拉力，繩子拉力由傳感器測(cè)得，加速度為位移傳感器測(cè)量計(jì)算獲得，都

為準(zhǔn)確值，故小車質(zhì)量不變情況下，小車加速度Q與拉力產(chǎn)成正比，故8正確，AC。錯(cuò)誤。

故選：B。

故答案為:(1)/18;(2)8。

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和注意事項(xiàng)分析判斷；

(2)分析加速度和拉力的誤差，分析判斷。

本題考查探究小車質(zhì)量不變的情況下加速度與合力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)裝置，

實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理。

10.【答案】上毫安表的示數(shù)為/Ro等于

【解析】解：(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖如下圖所示

(2)閉合開關(guān)Si前，應(yīng)保證滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值最大，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)在最上端；

(3)開關(guān)S2接a、b時(shí)分別是&和%接入電路，其他部分的電路不變，兩次毫安表的示數(shù)相同，說

明心與電阻箱氏此時(shí)的阻值相同；

(4)由(3)可知&=%，測(cè)量值等于真實(shí)值。

故答案為：(1)見解析；(2)上；(3)毫安表的示數(shù)為/；(4)R0,等于。

(1)根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖；

(2)保護(hù)電路，閉合開關(guān)前電路電流應(yīng)最??；

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析；

(4)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和誤差分析。

本題考查測(cè)量未知電阻&的阻值實(shí)驗(yàn)，要求掌握實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)電路、實(shí)驗(yàn)步驟、數(shù)據(jù)處理和誤

差分析。

11.【答案】解：(1)對(duì)金屬棒,速度最大時(shí)受力平衡，沿斜面方向根據(jù)平衡條件可得:mgsind=BJd

其中：/=與警

R+r

底-V版汨?_mg(R+r)s沆6

聯(lián)乂解得：—記不

(2)金屬棒在水平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)過程中，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理可得：-4/么=0-mvm

其中：lt=q=-t=—=^

“RR+rR+r

解得：殳=今答

答：(1)金屬棒在傾斜導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)時(shí)的最大速度為嗎箏幽；

(2)水平導(dǎo)軌間磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為嗡”J喈。

【解析】(1)對(duì)金屬棒，速度最大時(shí)受力平衡，沿斜面方向根據(jù)平衡條件進(jìn)行解答;

(2)金屬棒在水平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)過程中，根據(jù)動(dòng)量定理結(jié)合電荷量的計(jì)算公式進(jìn)行解答。

對(duì)于安培力作用下導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)問題，如果涉及電荷量問題，常根據(jù)動(dòng)量定理結(jié)合法拉第電磁感

應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律列方程進(jìn)行解答。

12.【答案】解：(1)設(shè)物塊通過B點(diǎn)時(shí)的速度大小為外,對(duì)物塊從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程，根據(jù)動(dòng)

能定理有-pngA=-gm詔

解得為-12m/s

設(shè)物塊通過B點(diǎn)時(shí)所受半圓形軌道的支持力大小為N',根據(jù)牛頓第二定律及圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律有N'-

mg=VB

根據(jù)牛頓第三定律可知，物塊通過B點(diǎn)時(shí)對(duì)半圓形軌道的壓力大小N=N'

解得N=10/V.

(2)設(shè)木塊解鎖后，以水平向左為正方向，物塊從4端飛出時(shí)物塊、木塊的速度分別為％、v2,物

塊和木塊組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，有?—m%+MV2

^mvg=+mgx2R

解得%=-4m/s

物塊從4端飛出時(shí)的速度大小為4zn/s,方向水平向右.

(3)設(shè)物塊從4端飛出后在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為3根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律有2R=：gt2

解得t=0.8s

由(2)可得%=4m/s

在時(shí)間t內(nèi)，木塊相對(duì)物塊向左運(yùn)動(dòng)的距離％=(v2~%"

解得x=6.4m

因?yàn)閤>L,所以物塊從4端飛出后落在地面上

物塊落地時(shí)與B點(diǎn)間的距離為6.4m.

答：(1)物塊通過B點(diǎn)時(shí)對(duì)半圓形軌道的壓力大小為10N：

(2)若在物塊通過B點(diǎn)時(shí)將木塊解鎖，物塊從4端飛出時(shí)的速度大小為4m/s,方向水平向右；

(3)證明見解析，物塊落地時(shí)與B點(diǎn)的距離為6.4機(jī)。

【解析】(1)根據(jù)動(dòng)能定理與牛頓第二定律結(jié)合牛頓第三定律解答；

(2)根據(jù)動(dòng)量守恒定律與能量守恒定律解答；

(3)根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律分析解答。

本題考查了平拋運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律、動(dòng)能定理、動(dòng)量守恒定律等知識(shí)點(diǎn)。不同的概念、規(guī)律之

間往往存在內(nèi)在的聯(lián)系，弄清相關(guān)概念、規(guī)律之間的聯(lián)系，有助于提升高中物理學(xué)習(xí)的水平。

13.【答案】BDE

【解析】解：4根據(jù)分子力與分子間距離的關(guān)系，可知分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子力隨分子間距

離的增大可能先增大后減小，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，可知對(duì)于任何物質(zhì)，只要溫度降低，分子平均動(dòng)能就一定減

小，故B正確；

C布朗運(yùn)動(dòng)是懸浮在液體中固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，間接地反映了液體分子永不停息地做無規(guī)則

運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

。.一定質(zhì)量的理想氣體在等溫膨脹的過程中內(nèi)能不變，即4U=0,體積增大，氣體對(duì)外做功，即

W<0,由熱力學(xué)第一定律4U=Q+W可知，Q>0,所以一定從外界吸收熱量，故。正確；

E單晶體的物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向異性，而多晶體和非晶體的物理性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性，所以物理

性質(zhì)表現(xiàn)為各向同性的物體可能是晶體，故E正確。

故選：BDE。

根據(jù)分子力隨分子之間距離變化的關(guān)系判斷；根據(jù)溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志判斷；根據(jù)布朗運(yùn)

動(dòng)的定義和物理意義判斷；規(guī)根據(jù)熱力學(xué)第一定律判斷；根據(jù)多晶體的物理性質(zhì)判斷。

本題考查了分子力、溫度的物理意義、布朗運(yùn)動(dòng)、熱力學(xué)第一定律、晶體、等熱學(xué)基礎(chǔ)知識(shí)，要

求學(xué)生對(duì)這部分知識(shí)要重視課本，強(qiáng)化記憶。

14.【答案】解：(1)玻璃管的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=(

當(dāng)玻璃管在水面下保持懸浮狀態(tài)時(shí)，根據(jù)平衡條件，有：mg=pg(L-x^S

解得：/=嚓二

(2)設(shè)當(dāng)玻璃管漂浮在水面上時(shí)，玻璃管內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為pi，根據(jù)平衡條件有：P1S=p0S+mg

對(duì)玻璃管內(nèi)的空氣，根據(jù)玻意耳定律有：p0V=p^L-x2)S

聯(lián)立解得：

Sp0S+mg

答：(1)玻璃管在水下保持懸浮狀態(tài)時(shí)，玻璃管內(nèi)水的長(zhǎng)度X】為聯(lián)

(2)此時(shí)水進(jìn)入玻璃管的長(zhǎng)度%2為(-