2023屆成都市田家炳高考物理考前最后一卷預測卷含解析

2023學年高考物理模擬試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。

2.答題時請按要求用筆。

3,請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖(a),R為電阻箱，A為理想電流表，電源的電動勢為E,內(nèi)阻為r。圖(b)為電源的輸出功率尸與A示數(shù)/的關(guān)

系圖像，其中功率尸。分別對應電流八、貝！I

2、如圖甲所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為%1,電表均為理想電表，B為阻值隨溫度升高而變小

的熱敏電阻，值為定值電阻。若發(fā)電機向原線圈輸入如圖乙所示的正弦交變電流，下列說法中正確的是()

A.輸入變壓器原線圈的交變電流的電壓表達式為“=36應sin50R(V)

B.UO.O2s時，穿過該發(fā)電機線圈的磁通量最小

C.R溫度升高時，電流表示數(shù)變大，電壓表示數(shù)變小，變壓器的輸人功率變大

D.DO.Ols時,電流表的示數(shù)為0

3、家電待機耗電問題常常被市民所忽略。北京市電力公司曾舉辦“計量日進您家”活動，免費上門為市民做家庭用電耗

能診斷分析。在上門實測過程中，技術(shù)人員發(fā)現(xiàn)電視機待機一天的耗電量在0.2度左右，小小機頂盒一天的待機耗電

量更是高達0.4度。據(jù)最新統(tǒng)計溫州市的常住人口約1000萬人，參考下表數(shù)據(jù)，估算每年溫州市家庭用電器待機耗電

量約為（）

家庭常用電器電視機洗衣機空調(diào)電腦

戶均數(shù)量（臺）2121

電器待機功耗（W/臺）10204040

A.4xl（）5度B.4xl（）7度c.4x109度D.4x10“度

4、一質(zhì)量為，”的物體用一根足夠長細繩懸吊于天花板上的。點，現(xiàn)用一光滑的金屬鉤子勾住細繩，水平向右緩慢拉

動繩子（鉤子與細繩的接觸點A始終在一條水平線上），下列說法正確的是（）

<->m

A.鉤子對細繩的作用力始終水平向右

B.OA段繩子的力逐漸增大

C.鉤子對細繩的作用力逐漸增大

D.鉤子對細繩的作用力可能等于

5、一列簡諧橫波沿x軸正向傳播，波形如圖所示，波速為10m/s。下列說法正確的是（）

八y/m

……>

-0.5p

A.該波的振幅為0.5m,頻率為2Hz

B.此時P點向y軸負方向運動

C.再經(jīng)0.9s,。點有沿y軸正方向的最大加速度

D.再經(jīng)1.05s,質(zhì)點尸沿波傳播方向遷移了10.5m

6、一物體沿傾角為30。的粗糙斜面從頂端由靜止開始下滑,運動的位移X—時間f關(guān)系圖像是一段拋物線，如圖所示,

g=10m/s2o則（）

A.下滑過程中物體的加速度逐漸變大

B.GO.5s時刻，物體的速度為0.5m/s

C.0~0.5s時間內(nèi)，物體平均速度為lm/s

D.物體與斜面間動摩擦因數(shù)為正

5

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經(jīng)8、C運動到。點，其VT圖象如圖所示。分析圖象后，下列說法正

確的是（）

A.A處的電場強度一定小于8處的電場強度

B.粒子在A處的電勢能一定大于在B處的電勢能

C.CO間各點電場強度和電勢都為零

D.A8兩點間的電勢差等于CB兩點間的電勢差

8、如圖所示，燈泡A、8完全相同，理想變壓器原副線圈匝數(shù)比?。褐?5：1,指示燈L的額定功率是燈泡4的:，

當輸入端接上“=110&sin100萬"V）的交流電壓后，三個燈泡均正常發(fā)光，兩個電流表均為理想電流表，且Az的示

數(shù)為0.4A,則（）

A.電流表Ai的示數(shù)為0.08A

B.燈泡A的額定電壓為22V

C.燈泡L的額定功率為0.8W

D.原線圈的輸入功率為8.8W

9、如圖所示，直線4、拋物線力和C為某一穩(wěn)恒直流電源在純電阻電路中的總功率尸E、輸出功率PR、電源內(nèi)部發(fā)熱

功率隨路端電壓U變化的圖象，但具體對應關(guān)系未知，根據(jù)圖象可判斷

A.尸E-U圖象對應圖線a.由圖知電動勢為9V,內(nèi)阻為3。

B.Pr-U圖象對應圖線3,由圖知電動勢為3V,阻為

C.尸R-U圖象對應圖線c,圖象中任意電壓值對應的功率關(guān)系為PE=P「+PR

D.外電路電阻為1.5。時，輸出功率最大為2.25W

io、如圖所示，x軸在水平地面上，）'軸在豎直方向。圖中畫出了從y軸上沿x軸正方向水平拋出的三個小球外人和

。的運動軌跡。不計空氣阻力，下列說法正確的是（）

A.”和匕的初速度大小之比為加：1

B.”和。在空中運動的時間之比為2：1

C.4和C的初速度大小之比為血：1

D.4和C在空中運動的時間之比為行：］

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）利用圖a所示電路，測量多用電表內(nèi)電源的電動勢E和電阻“xlO”擋內(nèi)部電路的總電阻R內(nèi)。使用的器材

有：多用電表，毫安表（量程10mA）,電阻箱，導線若干。

回答下列問題:

(1)將多用電表擋位調(diào)到電阻“xlO”擋，紅表筆和黑表筆短接，調(diào)零;

(2)將電阻箱阻值調(diào)到最大，再將圖a中多用電表的紅表筆和(填“1”或“2”)端相連，黑表筆連接另一端。

(3)調(diào)節(jié)電阻箱，記下多組毫安表的示數(shù)/和電阻箱相應的阻值R；某次測量時電阻箱的讀數(shù)如圖b所示，則該讀數(shù)為

'"為1020304050R心

圖C

,E得到關(guān)于;的表達式，以;為縱坐標，R為橫坐標，作;-R圖線，如圖c所示；由圖得

(4)甲同學根據(jù)/=不右,

E=V,/?內(nèi)=Q.(結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)

(5)該多用電表的表盤如圖d所示，其歐姆刻度線中央刻度值標為“15”，據(jù)此判斷電阻“xlO”擋內(nèi)部電路的總電阻為

。，甲同學的測量值R內(nèi)與此結(jié)果偏差較大的原因是。

12.(12分)某同學利用電磁打點計時器、光電門和氣墊導軌做驗證動量守恒定律的實驗。氣墊導軌裝置如圖(a)所

示，所用的氣墊導軌裝置由導軌、滑塊、光電門等組成，氣墊導軌大大減小了因滑塊和導軌之間的摩擦而引起的誤差。

3―、導軌標尺\調(diào)節(jié)旋鈕

(a)

112.0.T*_5.9-*學位:cm)

(b)

(1)下面是實驗的主要步驟：

①安裝好氣墊導軌，調(diào)節(jié)氣墊導軌的調(diào)節(jié)旋鈕，使導軌水平，向氣墊導軌通入壓縮空氣：

②把電磁打點計時器固定在緊靠氣墊導軌右端，將紙帶客穿過打點計時器，并固定在滑塊1的右端，調(diào)節(jié)打點計時器

的高度，直至滑塊拖著紙帶移動時，紙帶始終在水平方向且在同一直線上；

③在小滑塊2上固定一個寬度為d的窄遮光片，把滑塊2放在氣墊導軌中間附近，使滑塊2開始時處于靜止狀態(tài)；

④先,然后滑塊1一個向左的初速度，讓滑塊1帶動紙帶一起向左運動，滑塊1和2發(fā)生碰撞，紙帶記錄滑塊1碰

撞前后的運動情況，紙帶左端是滑塊1碰前運動的記錄情況，紙帶右端是滑塊1碰后運動的記錄情況。

⑤記錄滑塊2通過光電門時遮光片的遮光時間t；

⑥取下紙帶，重復步③④⑤，選出理想的紙帶如圖(b)所示，測出遮光片寬度。=2.1mm,并計算遮光片遮光時間

的平均值f=0.700ms；

⑦測得滑塊1的質(zhì)量為0.300kg,滑塊2的質(zhì)量為0100kg。

完善實驗步驟④的內(nèi)容。

(2)已知打點計時器每隔0.02s打一個點，計算可知兩滑塊相互作用以前系統(tǒng)的總動量大小為kg-m/s；兩滑塊

相互作用以后系統(tǒng)的總動量大小為kg-m/s(保留三位有效數(shù)字)。

(3)分析碰撞前后的總動量本實驗可以得到的結(jié)論是：o

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，光滑水平地面上有一上表面粗糙且水平、質(zhì)量為根c=l0kg的小車C。小車C與一固定在地

面上的光滑圓弧底端等高且平滑相接。將質(zhì)量為，%=2kg的滑塊8置于小車C的最左端?，F(xiàn)有一質(zhì)量為/%=3kg的

滑塊A從距離小車的水平面高度為〃=1.25m處的光滑軌道由靜止下滑?；瑝KA與B碰撞后立即粘在一起運動，最終

沒有滑落小車。整個過程中滑塊A和B都可以視為質(zhì)點。滑塊A和3與小車C之間的動摩擦因數(shù)均為〃=02,取

g=10m/s2?求:

(1)滑塊A和8粘在一起后和小車C相對運動過程中各自加速度的大?。?/p>

(2)若從A8碰撞時開始計時，則0~3s時間內(nèi)，滑塊A5與小車C因摩擦產(chǎn)生的熱量。為多少？

14.(16分)彩虹的產(chǎn)生原因是光的色散，如圖甲所示為太陽光射到空氣中小水珠時的部分光路圖，光通過一次折射

進入水珠，在水珠內(nèi)進行一次反射后，再通過一次折射射出水珠.現(xiàn)有一單色光束以入射角4=45。射入一圓柱形玻璃

磚，在玻璃磚內(nèi)通過一次折射、一次反射、再一次折射射出玻璃磚，如圖乙所示，已知射出光線與射入光線的夾角q>

=30°,光在真空中的速度為c,求：

①該單色光的折射率；

②該單色光在玻璃中傳播速度的大小.

15.(12分)如圖所示，光滑水平地面上固定一豎直擋板P,質(zhì)量，"B=2kg的木板B靜止在水平面上，木板右端與擋

板P的距離為心質(zhì)量機A=lkg的滑塊(可視為質(zhì)點)以vo=12m/s的水平初速度從木板左端滑上木板上表面，滑塊與

木板上表面的動摩擦因數(shù)"=0.2,假設木板足夠長，滑塊在此后的運動過程中始終未脫離木板且不會與擋板相碰，木

板與擋板相碰過程時間極短且無機械能損失，g=10m/s2,求：

(1)若木板與擋板在第一次碰撞前木板已經(jīng)做勻速直線運動，則木板右端與擋板的距離至少為多少？

(2)若木板右端與擋板的距離L=2m,木板第一次與擋板碰撞時，滑塊的速度的大?。?/p>

(3)若木板右端與擋板的距離L=2m,木板至少要多長，滑塊才不會脫離木板？(滑塊始終未與擋板碰撞)

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

電源的輸出功率：

P=EI-I2r

則：

整理得：

/.+A=-

r

E

A.Zi+Z2>yo與上述結(jié)論不符，故A錯誤;

E

B.h+l<-與上述結(jié)論不符，故B錯誤;

2ro

E

C./+/=-與上述結(jié)論相符，故C正確;

I2ro

E

D.Zi=Z=-o與上述結(jié)論不符，故D錯誤。

2r

2、C

【解析】

A.由交變電流的圖像可讀出電壓的最大值為36及V,周期為0.02s,則

co-二^-rad/s=1OOnrad/s

0.02

所以輸入變壓器原線圈的交變電流的電壓表達式為

u=36夜sin100KZ(V)

故A錯誤；

B.當U0.02s時，輸入電壓的瞬時值為0,所以該發(fā)電機的線圈平面位于中性面，穿過線圈的磁通量最大，故B錯誤；

C.K溫度升高時，其阻值變小，副線圈中的電流，2變大，則原線圈中電流也變大，由P=U/得，變壓器的輸入功率變

大，電壓表讀數(shù)

則U3減小，故C正確；

D.電流表測的是電路中的有效值，不為0,D錯誤。

故選C。

3、C

【解析】

溫州市的常住人口約1000萬人，平均每戶的人口按3人計算，溫州大約330萬戶家庭，一個家庭電器的待機功率：

2x10W+1x20W+2x40W+lx40W=l60W；所有用電器待機的總功為：W=NPt=330x104x0.16kWx(360x24h)

=456192xl0，KW?h=4.6xl0"度；故選C。

4、C

【解析】

A.鉤子對繩的力與繩子對鉤子的力是相互作用力，方向相反，兩段繩子對鉤子的作用力的合力是向左下方的，故鉤

子對細繩的作用力向右上方，故A錯誤；

B.物體受重力和拉力而平衡，故拉力T=mg,而同一根繩子的張力處處相等，故OA段繩子的拉力大小一直為mg,

大小不變，故B錯誤；

C.兩段繩子拉力大小相等，均等于mg,夾角在減小，根據(jù)平行四邊形定則可知，合力變大，故根據(jù)牛頓第三定律，

鉤子對細繩的作用力也是逐漸變大，故c正確；

D.因為鉤子與細繩的接觸點4始終在一條水平線上，兩段繩子之間的夾角不可能達到90。，細繩對鉤子的作用力不可

能等于鉤子對細繩的作用力也不可能等于0〃吆，故D錯誤。

故選C。

5、C

【解析】

A.從圖中可以看出振幅為0.5m,波長為4m,所以周期為

則頻率為

/=3=2.5Hz

故A錯誤；

B.因為波沿x軸正向傳播，所以尸點下一步會成為波峰，應該向y軸正方向運動，故B錯誤；

C.因為周期是0.4s,簡諧橫波沿x軸正向傳播，所以經(jīng)過0.9s后，相當于。點經(jīng)過(Us到達波谷，此時加速度最大,

并且沿著y軸正方向，故C正確；

D.質(zhì)點尸只會上下振動，不會沿波傳播方向遷移，故D錯誤。

故選C。

6、D

【解析】

A.由勻變速直線運動位移公式

12

x=—ar

2

代入圖中數(shù)據(jù)解得

<z=2m/s2

A錯誤；

B.根據(jù)運動學公式

v,=at

UO.5s代入方程解得

匕=lm/s

B錯誤；

C.0~0.5s時間內(nèi)，物體平均速度

C錯誤；

D.由牛頓第二定律有

mgsin30°—〃，”gcos30°=〃?a

解得動摩擦因數(shù)

A=T

D正確。

故選D。

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、BD

【解析】

A.由運動的速度-時間圖象可看出，帶正電的粒子的加速度在A點時較大，由牛頓第二定律得知在A點的電場力大,

故A點的電場強度一定大于B點的電場強度，故A錯誤；

B.由A到B的過程中，速度越來越大，說明是電場力做正功，電勢能轉(zhuǎn)化為動能，由功能關(guān)系可知，此過程中電勢

能減少，所以A點的電勢能高于B點的電勢能，故B正確。

C.從C到D,粒子速度一直不變，故電場力做功為零，可知CD間各點電場強度為零，但電勢不一定為零，故C錯

誤；

D.A、C兩點的速度相等，故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點間的

電勢差等于CB兩點間的電勢差，故D正確。

故選BDo

8、AC

【解析】

A.副線圈的總電流即A2的示數(shù)為/2=0.4A,由理想變壓器兩端的電流比等于匝數(shù)的反比，可得

/=—,=lx0.4A=0.08A

125

即電流表Ai的示數(shù)為0.08A,故A正確；

BC.變壓器的輸入電壓的有效值為U=U0V,根據(jù)全電路的能量守恒定律有

見=下+2N

而指示燈L的額定功率是燈泡A的:，即

L5

聯(lián)立解得

4=4W,”0.8W

由電功率

PAfUA.g

可得

Uz=20V

故B錯誤，C正確；

D.對原線圈電路由可得原線圈的輸入功率

PK=UIt-PL=(8.8-0.8)W=8W

故D錯誤。

故選AC。

9、BC

【解析】

A.總功率:

F-UFF2

P=EI=EX--=——U+——,

ErrR

可知PK-U圖象對應圖線用由數(shù)學知識得知，圖象a的斜率大小:

,E9,

k=—=—=3；

r3

當U=0時,

E2

心二丁9,

聯(lián)立解得

E=3V,r=lQ,

故A錯誤;

B.內(nèi)阻消耗的功率:

々（if

由數(shù)學知識可知，匕-。圖象的對應圖線仇故B正確;

C.根據(jù)功率關(guān)系可得:

PK=PR”,，

則

1E

PR=PE—K/U-十—U，

「r

由數(shù)學知識可知，a-。圖象的對應圖線C,故C正確;

D.當內(nèi)外電阻相等時，電源的輸出功率最大,即當外電路電阻為時，輸出功率最大，最大輸出功率為

22

7E3，

p——=」W=2.25W

m~R4r4x1

故D錯誤。

故選：BC?

10、CD

【解析】

小球做平拋運動，則有：

卬=X

對“有，

2L=vata

對人有，

2L=vbtb

L=ggt；

對c有：

L-匕%

L=[gt；

解得：

va:vb=\:41

%:%=3:1

vt:vt.=V2:1

*4=0:1

故CD正確，AB錯誤。

故選CD。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11>123.21.43200150甲同學沒有考慮毫安表內(nèi)阻的影響

【解析】

(2)[1]歐姆表中電流從紅表筆流入電表，從黑表筆流出電表；電流從電流表正接線柱流入，故紅表筆接觸1,黑表筆接

2；

(3)[2|由圖可知，電阻箱讀數(shù)為R=(2xlO+3x1+2x0.1)Q=23.2Q

E

⑷⑶⑷由1E變形得

L1R+冬

/EE

由圖像可得

—1=k,=-17-5-1-40

E50

解得

Ea1.43V

截距為

區(qū)=h=140

E

得

9=200。

(5)[5]由圖可知，此歐姆表的中值電阻為

%,=15xl0Q=150C

則電阻“xio”擋內(nèi)部電路的總電阻為150Q

[6]由甲同學處理方法可知，由于沒有考慮毫安表的內(nèi)阻，如果考慮毫安表的內(nèi)阻則有

L=LR5±L

IE+E+E

由此可知，甲同學的測量值R內(nèi)與此結(jié)果偏差較大的原因是沒有考慮毫安表的內(nèi)阻

12、先接通打點計時器電源0.6(X)0.595在允許誤差范圍內(nèi)，通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量守

恒

【解析】

(D⑴為了打點穩(wěn)定，實驗時應先接通打點計時器的電源，再放開滑塊1。

(2)[2]作用前系統(tǒng)的總動量為滑塊1的動量，

〃0=叫?

而

0.12

%=m/s=2m/s

0.02x3

所以

pQ=0.300x2kg-m/s=0.600kg-m/s

[3]作用后系統(tǒng)的總動量為滑塊1和滑塊2的動量和，且此時滑塊1速度內(nèi)為

V.=———m/s=0.983m/s

10.02x3

滑塊2速度以為

2.1x10-3

m/s=3m/s

0.700xl()T

以兩滑塊相互作用以后系統(tǒng)的總動量大小

p=mlvl+m2v2=0.300x0.983kg-m/s+0.100x3kg-m/s=0.595kg?m/s

(3)[4]分析碰撞前后的總動量本實驗可以得到的結(jié)論是在允許誤差范圍內(nèi)，通過該實驗驗證了兩球碰撞過程中動量

守恒。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)0)=-2m/s2,/=Im/s?；(2)Q=15J

【解析】

(1)滑塊A和8粘在一起后，滑塊4B和小車C都向右運動，設它們的加速度分別為q和生由牛頓第二定律可得

滑塊AB：

+mB)g=(mA+〃%)q,

得：

2

at=-2m/s,

對小車C：

/d(mA+mB)g=mca2

得：

2

a2-lm/s；

(2)設滑塊A滑到圓弧底端時的速度為乙，由機械能守恒定律可得

mAgh=^mAv},

設A、B碰撞后的共同速度為vAB,由動量守恒定律可得:

%以=(%+/)%，

設在()?3s時間內(nèi)，滑塊A8與小車C相對運動時間為：，由相對靜止時速度相等可得

vAB+a{t=a2t,

解得：

，=ls,

即1S后物塊和小車相對靜止向右勻速直線運動，設在相對運動時間/內(nèi)，滑塊4B和小車。的位移分別為花和X2,

由勻變速直線運動規(guī)律可得

12

須=辦溫+'4廠，

設滑塊4B與小車。相對運動的位移為Ar,則有

Ax=%1-x2,

0~3s時間內(nèi)，滑塊4B與小車。因摩擦產(chǎn)生的熱量

聯(lián)立解得：

Q=15J。

14、(1)n=-\/2(2)v-.....c

2

【解析】

①如圖所示，

設折射角為。2,分析可知。3=5-02

由等腰三角形可知04=02

由三角形內(nèi)外角關(guān)系可得％=4+

得2&=4+幺，即氏=30。

'2

sin0.r：

該單色光的折射率〃==<2.

sin%

②由光在玻璃中的傳播速度v=-