廣東省鶴山2023學(xué)年高三第一次模擬考試物理試卷含解析

2023學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)

1.考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。

2.試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑

色字跡的簽字筆作答。

3.考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示，一根長為L的金屬細(xì)桿通有電流時，在豎直絕緣擋板作用下靜止在傾角為。的光滑絕緣固定斜面上。斜

面處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場中。若電流的方向和磁場的方向均保持不變，金屬細(xì)桿的電流

大小由/變?yōu)?.51,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小由5變?yōu)?B,金屬細(xì)桿仍然保持靜止，則（）

A.金屬細(xì)桿中電流方向一定垂直紙面向外B.金屬細(xì)桿受到的安培力增大了2B/Lsin。

C.金屬細(xì)桿對斜面的壓力可能增大了3〃D.金屬細(xì)桿對豎直擋板的壓力可能增大了8遼

2、關(guān)于核能，下述正確的是

A.它是可再生能源

B.它只能通過重核裂變獲得

C.它是原子核結(jié)構(gòu)發(fā)生變化時放出的能量

D.重核裂變的反應(yīng)速度無法控制

3、一三棱鏡截面如圖所示，NC=90。，NB=60。，AC面涂有反光涂層。一細(xì)束光從。垂直A8邊射入棱鏡，經(jīng)AC面

反射到面，在8c面上恰好發(fā)生全反射。則該棱鏡的折射率為（）

A.72B.6C.D.2

3

4、下列說法正確的是（）

A.一個熱力學(xué)系統(tǒng)吸收熱量后，其內(nèi)能一定增加

B.一個熱力學(xué)系統(tǒng)對外做功后，其內(nèi)能一定減少

C.理想氣體的質(zhì)量一定且體積不變，當(dāng)溫度升高時其壓強(qiáng)一定增大

D.理想氣體的質(zhì)量一定且體積不變，當(dāng)溫度升高時其壓強(qiáng)一定減小

5、現(xiàn)用某一頻率的光照射鋅板表面，能發(fā)生光電效應(yīng)，若（）

A.只增大入射光的頻率，遏止電壓不變

B.只增大入射光的頻率，鋅的逸出功變大

C.只增大入射光的強(qiáng)度，飽和光電流變大

D.只增大入射光的強(qiáng)度，光電子的最大初動能變大

6、“世界上第一個想利用火箭飛行的人”是明朝的士大夫萬戶。他把47個自制的火箭綁在椅子上，自己坐在椅子上，

雙手舉著大風(fēng)箏，設(shè)想利用火箭的推力，飛上天空，然后利用風(fēng)箏平穩(wěn)著陸。假設(shè)萬戶及所攜設(shè)備（火箭（含燃料）、椅

子、風(fēng)箏等）總質(zhì)量為M,點(diǎn)燃火箭后在極短的時間內(nèi)，質(zhì)量為m的熾熱燃?xì)庀鄬Φ孛嬉訴。的速度豎直向下噴出。忽

略此過程中空氣阻力的影響，重力加速度為g,下列說法中正確的是

A.火箭的推力來源于空氣對它的反作用力

B.在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，火箭的速度大小為

M-m

22

C.噴出燃?xì)夂笕f戶及所攜設(shè)備能上升的最大高度為

g(M-m)2

D.在火箭噴氣過程中，萬戶及所攜設(shè)備機(jī)械能守恒

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、一列簡諧橫波在某時刻的波形如圖所示，此時刻質(zhì)點(diǎn)尸的速度為歷經(jīng)過1s后它的速度大小、方向第一次與v相

同，再經(jīng)過0.2s它的速度大小、方向第二次與v相同，則下列判斷正確的是。

A.波沿x軸負(fù)方向傳播，且周期為1.2s

B.波沿x軸正方向傳播，且波速為10m/s

C.質(zhì)點(diǎn)M與質(zhì)點(diǎn)。的位移大小總是相等，方向總是相反

D.若某時刻N(yùn)質(zhì)點(diǎn)速度為零，則。質(zhì)點(diǎn)一定速度為零

E.從圖示位置開始計時，在3s時刻，質(zhì)點(diǎn)M偏離平衡位置的位移y=-10cm

8、如圖所示，光滑水平面上存在有界勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為3,質(zhì)量為/〃、邊長為。的正方形線框ABC。斜向穿

進(jìn)磁場，當(dāng)AC剛進(jìn)入磁場時，線框的速度為乙方向與磁場邊界成45°,若線框的總電阻為R,則（）

XXXXXX

A.線框穿進(jìn)磁場過程中，框中電流的方向?yàn)?。CBA

B.AC剛進(jìn)入磁場時線框中感應(yīng)電流為叵竺

R

c.AC剛進(jìn)入磁場時線框所受安培力大小為1支立

R

3

D.此進(jìn)CO兩端電壓為一&w

4

9、如圖所示，三顆衛(wèi)星a、b、c均繞地球做勻速圓周運(yùn)動，其中從c在地球的同步軌道上，a距離地球表面的高度

為R,此時a、b恰好相距最近。已知地球質(zhì)量為M、半徑為R、地球自轉(zhuǎn)的角速度為3。萬有引力常量為G,則（）

A.發(fā)射衛(wèi)星從c時速度要大于11.2.km/s

3

B.b、c衛(wèi)星離地球表面的高度為

CO

2兀

C.衛(wèi)星a和'下一次相距最近還需經(jīng)過GNJ-S

V8R34

D.若要衛(wèi)星c與6實(shí)現(xiàn)對接，可讓衛(wèi)星方減速

10、如圖，空間存在方向豎直向上、場強(qiáng)大小為E的勻強(qiáng)電場；傾角為30°的光滑絕緣斜面固定在地面上，絕緣輕彈

簧的下端連接斜面底端的擋板，上端連接一帶電量為+g的小球，小球靜止時位于M點(diǎn)，彈簧長度恰好為原長。某時

刻將電場反向并保持電場強(qiáng)度大小不變，之后彈簧最大壓縮量為L重力加速度為g。從電場反向到彈簧壓縮至最短

的過程中，小球（）

A.機(jī)械能一直減少

B.電勢能減少了;EgL

C.最大加速度為g

D.最大速度為瘋

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）寒假期間，某課外活動小組用蘋果自制了一水果電池組.現(xiàn)在要測量該電池組的電動勢和內(nèi)阻（電動勢約

為2V,內(nèi)阻在IkC?2k。之間），實(shí)驗(yàn)室現(xiàn)有如下器材各一個

多用電表:歐姆擋（Xl,X11,xlll,Xlk）

直流電流擋（1~1.5mA,1?1mA,l~lllmA）

直流電壓擋（1~L5V,1~2.5V,1~51V,1?251V,1~511V）

電壓表：（1?3V,1~15V）

電流表：（1~1.6A,1?3A）

滑動變阻器：Ri（1?11。），R2（1?2111。）

開關(guān)及導(dǎo)線若干.

（1）該小組同學(xué)先用多用電表直流電壓“1~2.5V”擋，粗測了電池組的電動勢，指針穩(wěn)定時如圖甲所示，其示數(shù)為

V（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）；

（2）為了更精確地測量該電池組的電動勢和內(nèi)阻，采用伏安法測量，應(yīng)選________測電壓，選_______測電流（填電

表名稱和所選量程）；滑動變阻器應(yīng)選______（填電阻符號）；

（3）請?jiān)O(shè)計實(shí)驗(yàn)電路，并用線段代替導(dǎo)線將圖乙中相關(guān)器材連成實(shí)物電路圖.

甲乙

12.（12分）在“用DIS描繪電場的等勢線”的實(shí)驗(yàn)中，電源通過正負(fù)電極在導(dǎo)電物質(zhì)上產(chǎn)生的穩(wěn)定電流分布模擬了由

二個等量導(dǎo)種點(diǎn)電荷產(chǎn)生的靜電場。

（1）給出下列器材，電源應(yīng)選用_（選填“6V的交流電源”或“6V的直流電源”），探測等勢點(diǎn)的儀器應(yīng)選用_（選填“電

壓傳感器''或"電流傳感器”）；

（2）如圖在尋找基準(zhǔn)點(diǎn)1的等勢點(diǎn)時，應(yīng)該移動探針_（選填?"或”"），若圖示位置傳感器的讀數(shù)為正，為了盡快

探測到基準(zhǔn)點(diǎn)1的等勢點(diǎn)，則逐漸將該探針向_（選填“右”或“左”）移動。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，一長木板以％=5m/s的速度沿水平桌面向右勻速運(yùn)動，f=O時刻將一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊緩

慢地放到長木板上，同時啟動長木板上的制動系統(tǒng)，使長木板以a=3m/s2的加速度做勻減速直線運(yùn)動直至靜止，已

19

知物塊的釋放點(diǎn)距離長木板左端/=^m，物塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)〃=02,重力加速度g取lOm/sL求：

6

（1）從f=0時刻開始，經(jīng)多長時間物塊與長木板具有共同的速度；

（2）通過計算分析物塊能否從長木板上滑下，若不能，求出物塊到長木板左端的距離。

/T?

14.（16分）游樂場投擲游戲的簡化裝置如圖所示，質(zhì)量為2kg的球a放在高度人=1.8m的平臺上，長木板c放在水平

地面上，帶凹槽的容器6放在c的最左端。a、6可視為質(zhì)點(diǎn)，b、c質(zhì)量均為1kg,b、c間的動摩擦因數(shù)川=0.4,c與

地面間的動摩擦因數(shù)收=0.6.在某次投擲中，球a以vo=6m/s的速度水平拋出，同時給木板c施加一水平向左、大小為

24N的恒力，使球a恰好落入?的凹槽內(nèi)并瞬間與方合為一體。取g=10m/s2,求:

(1)球a拋出時，凹槽〃與球a之間的水平距離xo；

(2)以5合為一體時的速度大?。?/p>

(3)要使ab不脫離木板c,木板長度L的最小值。

15.(12分)在直角坐標(biāo)系xoy平面內(nèi)存在著電場與磁場，電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間周期性變化的圖像如圖甲所

示。Q0時刻勻強(qiáng)電場沿x軸負(fù)方向，質(zhì)量為“八電荷量大小為e的電子由(一心0)位置以沿y軸負(fù)方向的初速度

為進(jìn)入第HI象限。當(dāng)電子運(yùn)動到(0,-2L)位置時，電場消失，空間出現(xiàn)垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場，電子在磁場中運(yùn)

動半周后，磁場消失，勻強(qiáng)電場再次出現(xiàn)，當(dāng)勻強(qiáng)電場再次消失而勻強(qiáng)磁場再次出現(xiàn)時電子恰好經(jīng)過y軸上的(0,L)

點(diǎn)，此時電子的速度大小為W、方向?yàn)?y方向。已知電場的電場強(qiáng)度、磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度以及每次存在的時間均不變,

求：

⑴電場強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；

(2)電子從U0時刻到第三次經(jīng)過y軸所用的時間；

(3)通過分析說明電子在運(yùn)動過程中是否會經(jīng)過坐標(biāo)原點(diǎn)。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

A.金屬細(xì)桿受到重力、斜面的支持力、擋板的支持力和安培力作用，根據(jù)力的平衡條件可知，金屬細(xì)桿中電流方向

可能垂直紙面向外，也可能垂直紙面向里，故A錯誤；

B.由于磁場與電流方向垂直，開始安培力為耳=8〃，后來的安培力為

F2=AB-IL=2BIL

則金屬細(xì)桿受到的安培力增大了

^F=BIL

故B錯誤：

C.金屬細(xì)桿受到重力、斜面的支持力、擋板的支持力和安培力作用，根據(jù)力的平衡條件可知，將斜面的支持力分解

成水平方向和豎直方向，則水平方向和豎直方向的合力均為零，由于金屬細(xì)桿的重力不變，故斜面的支持力不變，由

牛頓第三定律可知，金屬細(xì)桿對斜面的壓力不變，故C錯誤；

D.由于金屬細(xì)桿受到斜面的支持力不變，故安培力的大小變化量與擋板的支持力的大小變化量相等；如果金屬細(xì)桿

中電流方向垂直紙面向里，安培力方向水平向右，當(dāng)安培力增大，則金屬細(xì)桿對擋板的壓力增大，由于安培力增大BIL,

所以金屬細(xì)桿對豎直擋板的壓力增大了如果金屬細(xì)桿中電流方向垂直紙面向外，安培力方向水平向左，當(dāng)安培

力增大BIL,則金屬細(xì)桿對擋板的壓力減小5/L,故金屬細(xì)桿對豎直擋板的壓力可能增大了D正確。

故選D。

2、C

【解析】

A.核能是新能源，但不是再生能源，A錯誤；

B.輕核的聚變也能產(chǎn)生核能，比如氫彈，B錯誤；

C.它是原子核結(jié)構(gòu)發(fā)生變化時，產(chǎn)生新核，出現(xiàn)質(zhì)量虧損，從而放出的能量，C正確；

D.輕核的聚變的反應(yīng)速度無法控制，而重核裂變的反應(yīng)速度可以控制，D錯誤；

故選C。

3、C

【解析】

做出光路圖，如圖所示

根據(jù)幾何關(guān)系，光線到達(dá)AC面的入射角為a=30。，則反射角為夕=￡=30。，根據(jù)幾何關(guān)系，光線在BC面的入射角

為，?=60。，因?yàn)楣饩€在8c面上恰好發(fā)生全反射，則

sin902>/3

n=--------=------

sini3

故C正確，ABD錯誤。

故選C。

4、C

【解析】

AB.一個熱力學(xué)系統(tǒng)內(nèi)能增量等于氣體從外界吸收的熱量與外界對它所做的功的和，所以AB錯誤；

CD.理想氣體的質(zhì)量一定且體積不變，當(dāng)溫度升高時，根據(jù)”=C可知，壓強(qiáng)一定增大，故C正確，D錯誤。

T

故選C

5、C

【解析】

A.根據(jù)光電效應(yīng)的規(guī)律

12

—mvm=hy-W

而遏止電壓

可知遏止電壓的大小與照射光的頻率有關(guān)，只增大入射光的頻率，遏止電壓增大，A錯誤；

B.金屬的逸出功與入射光無關(guān)，B錯誤；

CD.光強(qiáng)度只會影響單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目，只增大入射光的強(qiáng)度，單位時間內(nèi)逸出的光電子數(shù)目增大，飽和

光電流變大，對光電子的最大初動能不影響，C正確D錯誤。

故選C。

6、B

【解析】

火箭的推力來源于燃料燃燒時產(chǎn)生的向后噴出的高溫高壓氣體對火箭的反作用力，在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，視萬戶及所

攜設(shè)備（火箭（含燃料）、椅子、風(fēng)箏等）為系統(tǒng)，動量守恒，噴出燃?xì)夂笕f戶及所攜設(shè)備做豎直上拋運(yùn)動。

【詳解】

A、火箭的推力來源于燃料燃燒時產(chǎn)生的向后噴出的高溫高壓氣體對火箭的反作用力，故A錯誤；

B、在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，視萬戶及所攜設(shè)備（火箭（含燃料）、椅子、風(fēng)箏等）為系統(tǒng)，動量守恒，設(shè)火箭的速度大小為

v,規(guī)定火箭運(yùn)動方向?yàn)檎较?，則有=0,解得火箭的速度大小為v=—"」，故B正確；

M-m

y2加2V2

c、噴出燃?xì)夂笕f戶及所攜設(shè)備做豎直上拋運(yùn)動，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式可得上升的最大高度為〃=故

2g2（M-㈤飛

C錯誤；

D、在火箭噴氣過程中，燃料燃燒時產(chǎn)生的向后噴出的高溫高壓氣體對萬戶及所攜設(shè)備做正功，所以萬戶及所攜設(shè)備

機(jī)械能不守恒，故D錯誤；

故選B。

【點(diǎn)睛】

關(guān)鍵是、在燃?xì)鈬姵龊蟮乃查g，視萬戶及所攜設(shè)備（火箭（含燃料）、椅子、風(fēng)箏等）為系統(tǒng)，動量守恒；在火箭噴氣過程

中，燃料燃燒時產(chǎn)生的向后噴出的高溫高壓氣體對萬戶及所攜設(shè)備做正功，所以萬戶及所攜設(shè)備機(jī)械能不守恒。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、ADE

【解析】

AB.由于ls>0.2s,即質(zhì)點(diǎn)尸第一次達(dá)到相同速度的時間間隔大于第二次的，故可得到圖示時刻質(zhì)點(diǎn)尸向下運(yùn)動，經(jīng)

過1.2s正好運(yùn)動一個周期回到圖示位置，故波沿x軸負(fù)方向傳播，且周期為1.2s,波速

v=—=—m/s=10m/s

T1.2

故A正確，B錯誤；

C.M、。的平衡位置距離大于;3故質(zhì)點(diǎn)用和質(zhì)點(diǎn)。的相位差不等于小那么，質(zhì)點(diǎn)M與質(zhì)點(diǎn)。的位移不可能總

是大小相等，方向相反，故C錯誤；

D.N、。的平衡位置距離剛好等于;3故質(zhì)點(diǎn)M和質(zhì)點(diǎn)。的相位差等于；r,那么，質(zhì)點(diǎn)M與質(zhì)點(diǎn)。的位移、速度

總是大小相等，方向相反，故若某時刻N(yùn)質(zhì)點(diǎn)速度為零，則。質(zhì)點(diǎn)一定速度為零，故D正確；

E.3s=-T,即質(zhì)點(diǎn)M振動°個周期，那么，由波沿x軸負(fù)方向傳播可得：零時刻質(zhì)點(diǎn)向上振動，故在3s時刻，質(zhì)

22

點(diǎn)M偏離平衡位置的位移尸-10cm,故E正確；

故選ADE.

8、CD

【解析】

線框進(jìn)入磁場的過程中穿過線框的磁通量增大，由楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場的方向向外，則感應(yīng)電流的方向?yàn)?/p>

ABCD方向，故A錯誤；AC剛進(jìn)入磁場時CD邊切割磁感線，AD邊不切割磁感線，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢石=&V,

則線框中感應(yīng)電流為/=5=等'此時CD兩端電壓,即路端電壓為。=避后=之8,”‘故B錯誤'口正確；AC

R4

剛進(jìn)入磁場時線框的CD邊產(chǎn)生的安培力與v的方向相反，AD邊受到的安培力的方向垂直于AD向下，它們的大小都

是F=Bia,由幾何關(guān)系可以看出，AD邊與CD邊受到的安培力的方向相互垂直，所以AC剛進(jìn)入磁場時線框所受

安培力為AD邊與CD邊受到的安培力的矢量合，即埸=正尸=立祟士，故C正確。

故選CDo

9、BC

【解析】

A.衛(wèi)星仄c繞地球做勻速圓周運(yùn)動，7.9km/s是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運(yùn)動所需的最小初始速度,

H.2km/s是物體掙脫地球引力束縛的最小發(fā)射速度。所以發(fā)射衛(wèi)星分時速度大于7.9km/s,而小于11.2km/s,故A錯

誤；

B.萬有引力提供向心力，對從c衛(wèi)星，由牛頓第二定律得

故B正確；

C.衛(wèi)星b在地球的同步軌道上，所以衛(wèi)星力和地球具有相同的周期和角速度。由萬有引力提供向心力，即

a距離地球表面的高度為R,所以衛(wèi)星a的角速度

\GM

就

此時a、6恰好相距最近，到衛(wèi)星。和b下一次相距最近

Z=27T

2萬

故C正確；

D.讓衛(wèi)星8減速，衛(wèi)星》所需的向心力減小，萬有引力大于所需的向心力，衛(wèi)星b會做向心運(yùn)動，軌道半徑變小,

離開原軌道，所以不能與c對接，故D錯誤；

故選BC?

10、BC

【解析】

B.電勢能的減小量等于電場力做的功，即為

嗎?=q￡Lsin30°=；gEL

故B正確；

C.小球在M點(diǎn)時有

mg=qE

從電場反向到彈簧壓縮至最短的過程中，小球先做加速度減小的加速運(yùn)動，再做加速度反向增大的減速運(yùn)動，由彈簧

振子對稱性可知，小球在M點(diǎn)開始運(yùn)動時的加速度最大即為

qE+mg.o

?=-----------sin30=g

maxm

故C正確；

D.小球速度最大時合力為0,由平衡可得

=(mg+<7E)sin3O=mg

由對稱性可知，速度最大時，小球運(yùn)動的距離為

L

x=-

2

由動能定理有

。陽+qE)?gsin30'一號?《=；

得

%”二

故D錯誤；

A.小球速度最大時合力為()，由平衡可得

G單=(mg+q￡)sin30=mg

此過程小球克服彈力做功為

"幽

彈224

電場力做功為

W-/ng與sin30°=

F

小球克服彈力做功與電場力做功相等，說明小球機(jī)械能不是一直減小，故A錯誤。

故選BC?

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、(1)1.8V；(2)電壓表，L3V；多用電表直流電流檔1mA；R2；(3)連線圖見解析；

【解析】

試題分析：(D萬用表讀數(shù)為1.8V；(2)用伏安法測量電源的電動勢及內(nèi)阻，應(yīng)選用L3V的電壓表測量電壓，因?yàn)?/p>

通過水果電池的最大電流不超過1mA,故選擇多用電表直流電流1mA檔；因?yàn)殡姵貎?nèi)阻在lkC-2k。之間，所以滑動

變阻器選擇R2；

(3)實(shí)物連線如圖所示.

考點(diǎn)：測量電源的電動勢及內(nèi)阻；

12、6V的直流電源電壓傳感器b右

【解析】

(1)[1]本實(shí)驗(yàn)是用恒定電流場來模擬靜電場，圓柱形電極A接電源正極，圓環(huán)電極B接電源負(fù)極，可以在A、8之

間形成電流，產(chǎn)生恒定的電流場，可以用此電流場模擬靜電場，所以要使用低壓直流電源，即選擇6V的直流電源；

[2]本實(shí)驗(yàn)的目的是描繪電場等勢線，等勢面上各點(diǎn)之間的電勢差為0,根據(jù)兩點(diǎn)電勢相等時，它們間的電勢差即電壓

為零，來尋找等勢點(diǎn)，故使用的傳感器是電壓傳感器；

(2)[3]為了尋找與該基準(zhǔn)點(diǎn)等勢的另一點(diǎn)，移動探針〃的位置，使傳感器的顯示讀數(shù)為零；

[4]由于該實(shí)驗(yàn)?zāi)M的是靜電場的情況，所以其等勢面的分布特點(diǎn)與等量異種點(diǎn)電荷的電場的等勢面是相似的，點(diǎn)1

離A點(diǎn)比較近，所以探針。的等勢點(diǎn)的位置距離A要近一些，近似在點(diǎn)1的正上方偏左一點(diǎn)點(diǎn)，由于圖中b的位置在

點(diǎn)1的左上方，所以為了盡快探測到基準(zhǔn)點(diǎn)1的等勢點(diǎn)，則逐漸將該探針向右移動一點(diǎn)點(diǎn)。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)1s;(2)不能；1m

【解析】

(1)設(shè)物塊放到長木板上的瞬間加速度大小為屋，物塊相對長木板向左運(yùn)動，對物塊由牛頓第二定律得

/amg=ma'

解得

a'=/jg=2m/s2

方向向右，物塊放到長木板上后，先做勻加速直線運(yùn)動，假設(shè)經(jīng)過時間f與長木板具有共同的速度，由運(yùn)動學(xué)公式得

a't-va—at

解得

，=ls

此時共同的速度

v=dt=2m/s

(2)設(shè)物塊與長木板具有共同的速度時，物塊與長木板的位移分別為西、々

對物塊有

X.=—a't2=1m

2

對長木板有

12

x2=vat--at=3.5m

此時，物塊相對長木板向左移動的距離

Ax=x2-%,=2.5m<I

此后，物塊和長木板均做勻減速直線運(yùn)動，物塊的加速度

a"-2m/s2

方向向左，小于長木板的加速度"，因此，物塊不能從長木板上滑下，直到兩物體的速度均減為零，從二者共速到

停止的過程，對物塊有

對長木板有

則物塊到長木板左端的距離

d=/-AX+M-52=Im

14、(l)4.32m；(2)3.2m/s；(3)2.96m.

【解析】

(Da球從拋出到落到8槽內(nèi)的時間

此過程中a球的水平位移

xa=v(/=3.6m

設(shè)a、b、c的質(zhì)量分別為2,〃、m；假設(shè)從之間無相對滑動一起向左加速運(yùn)動，則加速度

?F—出?2mg24-0.6x20.o,,,,

a--------=-------=----------------m/s=6m/s2>a-u.e-4m/s2

2m2

則be之間要產(chǎn)生相對滑動，其中h的加速度為

%=4g=4m/s2

在時間/內(nèi)槽b的位移為

=0.72m

球”拋出時，凹槽b與球”之間的水平距離

x()=xa+xh=4.32m；

(2)a落在槽力中時，槽力的速度

Vj=abt=2.4m/s

方向向左，設(shè)向右為正方向，則對必系統(tǒng)由動量守恒定律：

2根%—mv