2022-2023學(xué)年湖南省高三下學(xué)期新高考模擬預(yù)熱卷物理試題（解析版）VIP

高級(jí)中學(xué)精品試卷PAGEPAGE12023屆新高考物理模擬預(yù)熱卷一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.用如圖甲所示的光電管研究光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)。用某波長(zhǎng)的綠光照射陰極K，實(shí)驗(yàn)測(cè)得的電流表示數(shù)I與電壓表示數(shù)U的變化規(guī)律如圖乙所示。光電管的陰極材料的極限頻率，電子的電荷量，普朗克常量，則()A.陰極K每秒鐘發(fā)射的光電子數(shù)為個(gè)B.光電子飛出陰極K時(shí)的最大初動(dòng)能為C.入射光的波長(zhǎng)約為D.若改用紫光照射陰極K，飽和光電流一定變大2.某課外興趣小組，晚上用無(wú)人機(jī)在水池中平靜的水面上巡航，無(wú)人機(jī)觀察到水面上有一個(gè)光線(xiàn)形成的圓形區(qū)域，原來(lái)是水面下有一位置不變的單色點(diǎn)光源S。當(dāng)無(wú)人機(jī)位于點(diǎn)光源正上方時(shí)，觀察到點(diǎn)光源的位置為，如圖所示。若觀察到的位置相對(duì)水面在上升，則()A.無(wú)人機(jī)一定正在上升B.水池的水面正在降低C.該單色光在水中發(fā)生全反射的臨界角變小D.觀察到的圓形區(qū)域大小不變3.如圖所示，滑塊位于光滑水平面上，已知的質(zhì)量均為1kg.滑塊B的左端連有輕質(zhì)彈簧，彈簧開(kāi)始處于自由伸長(zhǎng)狀態(tài).現(xiàn)使滑塊A以速度水平向右運(yùn)動(dòng)，彈簧被壓縮到最短時(shí)，B與C恰好相碰并粘接在一起，然后繼續(xù)運(yùn)動(dòng).假設(shè)B和C碰撞過(guò)程時(shí)間極短，則B和C碰撞過(guò)程中整個(gè)系統(tǒng)損失的機(jī)械能為()A.0.25J B.0.50J C.0.75J D.1.00J4.如圖所示為某人造地球衛(wèi)星的變軌發(fā)射過(guò)程，先將衛(wèi)星發(fā)射到近地圓軌道1，軌道半徑為，在A點(diǎn)進(jìn)行變軌，使衛(wèi)星在橢圓軌道2上運(yùn)行，在B點(diǎn)再次進(jìn)行變軌，使衛(wèi)星在圓軌道3上運(yùn)行，軌道半徑為，衛(wèi)星在軌道1、軌道3上運(yùn)行的環(huán)繞速度、加速度大小分別為，在軌道2上運(yùn)行到兩點(diǎn)的速度、加速度大小分別為.關(guān)于該人造衛(wèi)星的運(yùn)行過(guò)程以下說(shuō)法正確的是()A.衛(wèi)星在1，2，3三個(gè)軌道上的機(jī)械能關(guān)系是B.衛(wèi)星在1，2，3三個(gè)軌道上的周期關(guān)系是C.衛(wèi)星在兩點(diǎn)的環(huán)繞速度關(guān)系為D.衛(wèi)星在兩點(diǎn)的加速度關(guān)系是5.如圖，豎直虛線(xiàn)右側(cè)區(qū)域有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊緣有一質(zhì)量為m的矩形勻質(zhì)導(dǎo)線(xiàn)框，頂點(diǎn)a固定在虛線(xiàn)上，線(xiàn)框可繞a點(diǎn)在豎直平面內(nèi)自由無(wú)摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)，從圖示位置由靜止釋放線(xiàn)框，線(xiàn)框順時(shí)針擺動(dòng)到左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)邊與之間的夾角為45°。已知，線(xiàn)框單位長(zhǎng)度的電阻為ρ，忽略空氣阻力，重力加速度為g，則()

A.線(xiàn)框向左擺動(dòng)離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中線(xiàn)框中的電流方向?yàn)橛蒩指向bB.線(xiàn)框從釋放到擺至左側(cè)最高點(diǎn)過(guò)程中通過(guò)線(xiàn)框某截面的電荷量為C.若頂點(diǎn)c轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)角速度為ω，則此時(shí)線(xiàn)框受到的安培力大小為D.線(xiàn)框從釋放到最終靜止克服安培力做的功為6.真空中有一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正三角形ABC，AB中點(diǎn)為D，AC中點(diǎn)為E，中心為O點(diǎn)，如圖所示.現(xiàn)在A點(diǎn)固定一個(gè)電荷量為的正點(diǎn)電荷，BC兩點(diǎn)分別固定一個(gè)電荷量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷.已知真空中的點(diǎn)電荷對(duì)外部某處的電勢(shì)公式為（無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零），其中k為靜電力常量，Q為點(diǎn)電荷的電荷量（帶正負(fù)），r為某點(diǎn)到點(diǎn)電荷Q的距離，且電勢(shì)的疊加符合代數(shù)運(yùn)算，下列說(shuō)法正確的是()A.O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B.O點(diǎn)電勢(shì)為零C.將一個(gè)電荷量為的點(diǎn)電荷從O點(diǎn)移動(dòng)到E點(diǎn)，靜電力對(duì)做正功D.將一個(gè)電荷量為的點(diǎn)電荷從D點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)再移動(dòng)到E點(diǎn)，電勢(shì)能一直不變7.如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個(gè)物塊A和B左右中心開(kāi)有小孔穿在粗糙的細(xì)桿CD上，細(xì)桿繞過(guò)O點(diǎn)的豎直軸在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，之間用輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)相連，物塊中心與圓心距離分別為，與細(xì)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ相同，當(dāng)細(xì)桿轉(zhuǎn)速緩慢加快到兩物塊剛好要發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則下列說(shuō)法正確的是（重力加速度為g）()A.此時(shí)細(xì)線(xiàn)張力為B.此時(shí)A所受摩擦力方向沿半徑指向OC.此時(shí)細(xì)桿的角速度為D.此時(shí)燒斷細(xì)線(xiàn)，A仍相對(duì)細(xì)桿靜止，B將做離心運(yùn)動(dòng)二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.已知某橫波的頻率為，某時(shí)刻該波在某介質(zhì)中沿x軸正方向傳播的波動(dòng)圖像如圖所示。圖中的質(zhì)點(diǎn)P位于處，則()A.該波的傳播速度為B.質(zhì)點(diǎn)P在半個(gè)周期內(nèi)向右運(yùn)動(dòng)了C.該時(shí)刻P點(diǎn)的加速度方向沿y軸正方向D.該時(shí)刻后再經(jīng)過(guò)點(diǎn)位于波谷9.如圖所示，小型交流發(fā)電機(jī)兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。矩形金屬線(xiàn)圈ABCD的匝數(shù)，面積，線(xiàn)圈內(nèi)阻和導(dǎo)線(xiàn)電阻不計(jì)，線(xiàn)圈繞垂直于磁場(chǎng)的水平軸逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度。變壓器為理想變壓器，電壓表和電流表均為理想交流電表，均為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器?，F(xiàn)將開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，觀察到電流表的示數(shù)減小了0.2A，電流表的示數(shù)減小了0.8A，則下列說(shuō)法正確的是()A.電壓表的示數(shù)為200VB.變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)之比為1：4C.電壓表示數(shù)變化量的大小與電流表示數(shù)變化量的大小的比值不變D.若再將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，則電壓表示數(shù)變大10.如圖甲所示，兩根足夠長(zhǎng)、電阻不計(jì)且相距的平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角的絕緣斜面上，兩導(dǎo)軌間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)將兩根質(zhì)量均為、電阻均為、長(zhǎng)度均為的金屬棒放置在導(dǎo)軌頂端附近，兩金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒ab與導(dǎo)軌間的摩擦忽略不計(jì)，金屬棒cd與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.在時(shí)將金屬棒ab由靜止釋放，此時(shí)金屬棒cd鎖定在斜面上，若在時(shí)間內(nèi)，金屬棒ab沿著斜面下滑的距離為時(shí)將金屬棒cd由靜止釋放，金屬棒ab中的電流隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度大小為，則()A.時(shí)，金屬棒ab的加速度大小為B.時(shí)，金屬棒cd的加速度大小為C.時(shí)，金屬棒ab的速度大小為2m/sD.在時(shí)間內(nèi)，金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為2J11.一個(gè)質(zhì)量為的長(zhǎng)木板靜止在粗糙水平地面上，木板右端靜止一個(gè)質(zhì)量為的小物塊，小物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，如圖甲所示.某時(shí)刻，給長(zhǎng)木板一個(gè)向右大小為的沖量，此后小物塊和長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，且小物塊始終沒(méi)有滑離長(zhǎng)木板，若已知圖中，小物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)設(shè)為，長(zhǎng)木板與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)設(shè)為，重力加速度，則從初始到二者最終停下的整個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A.B.時(shí)間內(nèi)，小物塊與長(zhǎng)木板間摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為3.2JC.小物塊比長(zhǎng)木板提前0.2s停下D.小物塊相對(duì)長(zhǎng)木板的位移為0.88m三、非選擇題：本題共5小題，共52分。12.（6分）某同學(xué)用平板A和B制作了一個(gè)直角架。該同學(xué)想通過(guò)該裝置，利用壓力傳感器和量角器來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）平板B置于水平面上，壓力傳感器固定在平板B上，將木塊C置于壓力傳感器正上方，長(zhǎng)方體木塊C另一側(cè)緊靠平板A，如圖甲所示，記錄此時(shí)傳感器的示數(shù)，此時(shí)平板A對(duì)木塊C的彈力為_(kāi)_______；（2）以直角架連接邊為支點(diǎn)，抬高平板B的另一端，使平板B繞支點(diǎn)逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，平板B轉(zhuǎn)過(guò)的角度為60°時(shí)，記錄傳感器的示數(shù)，如圖乙所示；（3）在誤差允許的范圍內(nèi)，比較和的大小，若與的關(guān)系為_(kāi)_______，即可初步驗(yàn)證平行四邊形定則；（4）重復(fù)步驟（2），多次調(diào)整平板B轉(zhuǎn)動(dòng)的角度，比較和的大小，多次驗(yàn)證；（5）若平板B從圖甲所示位置開(kāi)始，以直角架連接邊為支點(diǎn)，緩慢將平板B旋轉(zhuǎn)到圖乙所示位置，可以觀察到平板B對(duì)木塊C的彈力變化，通過(guò)平行四邊形定則可以推出平板A對(duì)木塊C的彈力________（填“一直變大”或“先變大后變小”）。13.（9分）某同學(xué)用如圖所示的電路測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。（1）他連接好電路后進(jìn)行測(cè)量，發(fā)現(xiàn)調(diào)整電阻箱的電阻R時(shí)電壓表示數(shù)幾乎不變，他經(jīng)過(guò)分析后提出了下列幾種可能的原因，正確的是________。A.電源的電動(dòng)勢(shì)太小 B.電壓表的量程太大C.電源的內(nèi)阻太小 D.電阻箱的接入電阻太小（2）為解決這一問(wèn)題他提出了如下可能的做法，其中可能有效的是________。A.將5Ω的定值電阻與電阻箱并聯(lián)B.將5Ω的定值電阻串聯(lián)在電源和開(kāi)關(guān)之間C.將5Ω的定值電阻與電壓表串聯(lián)D.將5Ω的定值電阻與電阻箱串聯(lián)（3）在完成上述改進(jìn)措施后，調(diào)節(jié)電阻箱接入電路的阻值R，并記錄對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)U，測(cè)得多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，他以為縱坐標(biāo)，以為橫坐標(biāo)，將所測(cè)得的數(shù)據(jù)描點(diǎn)、連線(xiàn)后，得到了一條傾斜的直線(xiàn)，測(cè)量后得到該直線(xiàn)的斜率的絕對(duì)值為k，縱截距的絕對(duì)值為b，則他測(cè)得該電源的電動(dòng)勢(shì)________，內(nèi)阻________。（以上結(jié)果用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的物理量表示，定值電阻用表示）（4）該同學(xué)代入數(shù)據(jù)后測(cè)得電源的內(nèi)阻為2.0Ω，考慮到由于電壓表的分流，可能電源的實(shí)際電阻會(huì)有所不同，通過(guò)查找資料他得知了所用電壓表的內(nèi)阻，則他所用電源內(nèi)阻的真實(shí)值________（結(jié)果保留2位小數(shù)）。14.（10分）一定質(zhì)量的理想氣體的圖像如圖所示，氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再到狀態(tài)C，氣體在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)為。（1）求氣體在狀態(tài)C時(shí)的壓強(qiáng)；（2）若過(guò)程中氣體吸收熱量為，則過(guò)程中，求氣體向外界放出的熱量。15.（12分）如圖所示，一長(zhǎng)度的水平傳送帶，左側(cè)與豎直平面內(nèi)一傾角的斜面相鄰，右側(cè)在同一水平面上緊鄰一水平平臺(tái)?，F(xiàn)有質(zhì)量為的小滑塊從距離B點(diǎn)處的A點(diǎn)靜止釋放。斜面與傳送帶距離較小且其底端間有一小圓?。ㄟ\(yùn)動(dòng)過(guò)程可忽略），可以使小滑塊在兩點(diǎn)速度大小不變。已知小滑塊與傾斜軌道、傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為，滑塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)時(shí)能留下清晰劃痕。已知傳送帶以的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)，重力加速度g取。求：（1）小滑塊從A運(yùn)動(dòng)到D所需的時(shí)間；（2）小滑塊在傳送帶上留下劃痕的長(zhǎng)度和受到傳送帶的摩擦力的沖量大小。16.（15分）某科研設(shè)備中的電子偏轉(zhuǎn)裝置由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成，管內(nèi)抽成真空，結(jié)構(gòu)原理圖如圖甲所示。如果在偏轉(zhuǎn)電極和之間都沒(méi)有加電壓，電子束從電子槍射出后沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，打在熒光屏中心，產(chǎn)生一個(gè)亮斑，如圖乙所示。以熒光屏中心為坐標(biāo)原點(diǎn)，以方向?yàn)閤軸正方向，方向?yàn)閥軸正方向建立直角坐標(biāo)系，在板間加恒定電壓（X極板接電源正極），在板間加恒定電壓（Y極板接電源正極），偏轉(zhuǎn)電極兩極板之間的距離均為d。正負(fù)接線(xiàn)柱之間電壓為，忽略電子在兩偏轉(zhuǎn)電極之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，已知兩偏轉(zhuǎn)電極和沿示波管軸線(xiàn)方向長(zhǎng)度都是，熒光屏到偏轉(zhuǎn)電極右側(cè)的距離為，電子質(zhì)量為m，電荷量大小為e，電子從燈絲逸出的初速度不計(jì)。（1）已知燈絲正常工作電阻為R，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，求燈絲加熱t(yī)時(shí)間產(chǎn)生的熱量；（2）求電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極時(shí)的速度；（3）求電子打在熒光屏上的位置坐標(biāo)。

▁▃▅▇█參*考*答*案█▇▅▃▁1.〖答案〗C〖解析〗飽和光電流，解得個(gè)，A錯(cuò)誤；由，解得，B錯(cuò)誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程得，代入數(shù)據(jù)解得，C正確；飽和光電流取決于單位時(shí)間內(nèi)入射的光子數(shù)，改用紫光照射陰極后，若紫光的光照強(qiáng)度減弱，單位時(shí)間內(nèi)光子數(shù)可能比綠光少，飽和光電流也可能減小，D錯(cuò)誤。2.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)視深公式可知，觀察到的位置在上升，即光源的視深在減小，則實(shí)深h也在減小，即水池的水面正在下降，與觀察者在光源正上方的位置無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤，B正確；光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角滿(mǎn)足，水對(duì)該單色光的折射率不變，故臨界角不變，C錯(cuò)誤；由于水面下降，臨界角不變，所以觀察到的圓形區(qū)域范圍變小，D錯(cuò)誤。3.〖答案〗A〖解析〗對(duì)系統(tǒng)，速度相等時(shí)，彈簧被壓縮到最短，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有，代入數(shù)據(jù)，解得；彈簧被壓縮到最短時(shí)，B的速度為，此時(shí)B與C發(fā)生完全非彈性碰撞，對(duì)組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律得，代入數(shù)據(jù)，解得，只有B與C發(fā)生非彈性碰撞，有機(jī)械能損失，則損失的系統(tǒng)機(jī)械能為，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤.4.〖答案〗C〖解析〗衛(wèi)星由軌道1變?yōu)檐壍?需要在A點(diǎn)加速，機(jī)械能增加，同理衛(wèi)星由軌道2變?yōu)檐壍?需要在B點(diǎn)加速，機(jī)械能增加，所以衛(wèi)星在三個(gè)軌道的機(jī)械能大小關(guān)系是，A錯(cuò)誤；根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有，因?yàn)?，得，B錯(cuò)誤；對(duì)于軌道1和軌道3，根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力得，解得，因?yàn)?，所以衛(wèi)星在軌道1和軌道3的速度關(guān)系為，衛(wèi)星由軌道1變?yōu)檐壍?需要在A點(diǎn)加速，則，由軌道2變?yōu)檐壍?需要在B點(diǎn)加速，則，所以衛(wèi)星在兩點(diǎn)環(huán)繞速度大小關(guān)系為，C正確；在A點(diǎn)軌道1和軌道2的加速度相同，即，同理在B點(diǎn)軌道2和軌道3的加速度也相同，即，根據(jù)牛頓第二定律，得，因?yàn)?，則，所以衛(wèi)星在兩點(diǎn)加速度關(guān)系為，D錯(cuò)誤.5.〖答案〗D〖解析〗線(xiàn)框順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍措娏鞣较驗(yàn)橛蒪指向a，A錯(cuò)誤；，導(dǎo)線(xiàn)框的總電阻為，所以，B錯(cuò)誤；線(xiàn)框頂點(diǎn)c轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，回路中的感應(yīng)電流為，受到的安培力大小為，C錯(cuò)誤；線(xiàn)框最終靜止時(shí)，對(duì)角線(xiàn)恰好與重合，整個(gè)過(guò)程中根據(jù)能量守恒定律有，D正確。6.〖答案〗B〖解析〗由題意分析知，O點(diǎn)的合電場(chǎng)強(qiáng)度向下，大小為，A錯(cuò)誤；O點(diǎn)的電勢(shì)大小為，B正確；E點(diǎn)的電勢(shì)，即從O點(diǎn)到E點(diǎn)，電勢(shì)升高，則電荷量為的點(diǎn)電荷在此過(guò)程中電勢(shì)能增大，靜電力對(duì)其做負(fù)功，C錯(cuò)誤；同理可計(jì)算，得，初末位置電勢(shì)能相同，但中間電勢(shì)能是變化的，D錯(cuò)誤。7.〖答案〗A〖解析〗兩物塊A和B隨著細(xì)桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，合外力提供向心力，則，又B的半徑比A的半徑大，所以B所需向心力大，又因?yàn)榧?xì)線(xiàn)拉力相等，所以當(dāng)細(xì)桿轉(zhuǎn)速加快到兩物塊剛好要發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，B的靜摩擦力方向指向圓心，A的最大靜摩擦力方向指向圓外，有相對(duì)細(xì)桿沿半徑指向圓內(nèi)的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，根據(jù)牛頓第二定律得，解得，A正確，BC錯(cuò)誤；燒斷細(xì)線(xiàn)瞬間A所需向心力為所需向心力為，此時(shí)燒斷細(xì)線(xiàn)，所受最大靜摩擦力均不足以提供向心力，則均做離心運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤.8.〖答案〗CD〖解析〗由題圖可知，該波的波長(zhǎng)為，則該波的傳播速度，A錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，B錯(cuò)誤；P點(diǎn)位于處，回復(fù)力指向平衡位置，所以該時(shí)刻P點(diǎn)的加速度方向沿y軸正方向，C正確；根據(jù)“同側(cè)法”結(jié)合題圖可知，質(zhì)點(diǎn)P正在向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，因?yàn)?，所以波的周期，再?jīng)過(guò)，即，質(zhì)點(diǎn)P剛好位于波谷，D正確。9.〖答案〗AC〖解析〗線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，電壓表的示數(shù)，A正確；由得，B錯(cuò)誤；由知保持不變，電壓表的示數(shù)，則，電壓表示數(shù)變化量的大小與電流表示數(shù)變化量的大小的比值，保持不變，C正確；將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的有效阻值減小，電流表的示數(shù)變大，則電壓表的示數(shù)變小，D錯(cuò)誤。10.〖答案〗AC〖解析〗在時(shí)，對(duì)ab棒，由牛頓第二定律有，則金屬棒ab的加速度大小，選項(xiàng)A正確；對(duì)cd棒，由牛頓第二定律有，則金屬棒cd的加速度大小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；時(shí)，設(shè)金屬棒ab的速度為，此時(shí)回路中的電流，解得，選項(xiàng)C正確；由能量守恒定律得，可得在時(shí)間內(nèi)，金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.11.〖答案〗AB〖解析〗對(duì)長(zhǎng)木板，由動(dòng)量定理可知，對(duì)小物塊，由牛頓第二定律有，對(duì)長(zhǎng)木板有，通過(guò)對(duì)題圖及題中數(shù)據(jù)分析，在時(shí)刻建立共速方程有，聯(lián)立以上各式，解得，A正確；時(shí)間內(nèi)，二者的相對(duì)位移可通過(guò)題圖中面積算得，，則產(chǎn)生的內(nèi)能，B正確；二者共速后，小物塊加速度大小不變，由題圖知，m做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，對(duì)長(zhǎng)木板由牛頓第二定律有，解得，則的時(shí)間為，由對(duì)稱(chēng)性可知小物塊停下也會(huì)用時(shí)0.4s，則小物塊比長(zhǎng)木板晚0.2s停下，C錯(cuò)誤；小物塊與長(zhǎng)木板內(nèi)的相對(duì)位移，則全過(guò)程的相對(duì)位移為，D錯(cuò)誤.12.〖答案〗（1）0（3）（5）一直變大〖解析〗（1）題圖甲中平板B水平放置，平板A與木塊C只接觸不作用，所以平板A對(duì)木塊C的彈力為0。（3）對(duì)木塊C進(jìn)行受力分析，可知平板A對(duì)木塊C的彈力和平板B對(duì)木塊C的彈力均與各自接觸面垂直，由于木塊C處于平衡狀態(tài)，故這兩個(gè)彈力的合力應(yīng)該豎直向上，作出平行四邊形如圖1，根據(jù)幾何關(guān)系可知合力為，所以在誤差允許的范圍內(nèi)，若，即兩個(gè)平板對(duì)木塊C的彈力的合力與木塊C受到的重力大小相等，方向相反，則可初步驗(yàn)證平行四邊形定則。（5）平板B從題圖甲所示位置緩慢旋轉(zhuǎn)至題圖乙所示位置的過(guò)程中，兩板對(duì)木塊C的彈力夾角不變，保持垂直，作出輔助圓，如圖2，可知平板A對(duì)木塊C的彈力一直變大。13.〖答案〗（1）C（2）B（3）；（4）〖解析〗（1）調(diào)整電阻箱的電阻R時(shí)，電壓表示數(shù)幾乎不變，有兩種可能，一是電源的內(nèi)阻太小，二是電阻箱的接入電阻太大，造成電阻箱分得絕大部分電壓，結(jié)合題意可知C正確，A、B、D錯(cuò)誤。（2）知道了出現(xiàn)問(wèn)題的原因是電源的內(nèi)阻太小，所以應(yīng)該將定值電阻與電源串聯(lián)，結(jié)合題意可知B正確，A、C、D錯(cuò)誤。（3）由閉合電路歐姆定律有，整理有，由題意有，解得。（4）當(dāng)考慮電壓表的分流時(shí)，根據(jù)閉合電路歐姆定律有，整理得，分析可知，解得。14.〖答案〗（1）（2）50J〖解析〗（1）氣體在狀態(tài)A和在狀態(tài)C時(shí)的溫度相同，由玻意耳定律有由題圖可知，代入數(shù)據(jù)解得（2）由題圖可知BA延長(zhǎng)線(xiàn)過(guò)原點(diǎn)，則氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B發(fā)生等壓變化，過(guò)程氣體從外界吸收熱量，對(duì)外界做功，內(nèi)能增加，由熱力學(xué)第一定律有狀態(tài)C與狀態(tài)A內(nèi)能相等，為等容變化，氣體對(duì)外界不做功，有解得15.〖答案〗（1）4s（2）1m；0.2N·s〖解析〗（1）設(shè)滑塊從A到B的加速度大小為，用時(shí)為，由牛頓第二定律有由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有解得，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，滑塊滑上傳送帶時(shí)的速度大小由于滑塊滑上傳送帶時(shí)速度小于傳送帶速度，所以滑塊在傳送帶上先做加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為，由牛頓第二定律有解得，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，解得滑塊在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)間，加速運(yùn)動(dòng)位移滑塊速度達(dá)到傳送帶速度后與傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間從A運(yùn)動(dòng)到D的時(shí)間為（2）滑塊在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中傳送帶位移在傳送帶上留下劃痕的長(zhǎng)度為由動(dòng)量定理，摩擦力的沖量大小為16.〖答案〗（1）（2）（3）〖解析〗（1）由閉合電路歐姆定律可得，燈絲中電流由焦耳定律可得，燈絲加熱t(yī)時(shí)間產(chǎn)生的熱量（2）由動(dòng)能定理有解得（3）沿示波管軸線(xiàn)方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，通過(guò)兩偏轉(zhuǎn)電極的時(shí)間均為，電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極，受到的電場(chǎng)力沿y軸正方向，向y軸正方向偏轉(zhuǎn)，聯(lián)立解得電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極時(shí)，沿y軸正方向的分速度電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極后，沿y軸正方向做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，沿x軸正方向電子做初速度為零的勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，聯(lián)立解得電子出偏轉(zhuǎn)電極后，設(shè)其到達(dá)熒光屏所用時(shí)間為，則有，沿y軸正方向電子做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，電子出偏轉(zhuǎn)電極后，沿x軸正方向分速度沿x軸正方向電子做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，電子打在熒光屏上的位置坐標(biāo)為2023屆新高考物理模擬預(yù)熱卷一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分，每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.用如圖甲所示的光電管研究光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)。用某波長(zhǎng)的綠光照射陰極K，實(shí)驗(yàn)測(cè)得的電流表示數(shù)I與電壓表示數(shù)U的變化規(guī)律如圖乙所示。光電管的陰極材料的極限頻率，電子的電荷量，普朗克常量，則()A.陰極K每秒鐘發(fā)射的光電子數(shù)為個(gè)B.光電子飛出陰極K時(shí)的最大初動(dòng)能為C.入射光的波長(zhǎng)約為D.若改用紫光照射陰極K，飽和光電流一定變大2.某課外興趣小組，晚上用無(wú)人機(jī)在水池中平靜的水面上巡航，無(wú)人機(jī)觀察到水面上有一個(gè)光線(xiàn)形成的圓形區(qū)域，原來(lái)是水面下有一位置不變的單色點(diǎn)光源S。當(dāng)無(wú)人機(jī)位于點(diǎn)光源正上方時(shí)，觀察到點(diǎn)光源的位置為，如圖所示。若觀察到的位置相對(duì)水面在上升，則()A.無(wú)人機(jī)一定正在上升B.水池的水面正在降低C.該單色光在水中發(fā)生全反射的臨界角變小D.觀察到的圓形區(qū)域大小不變3.如圖所示，滑塊位于光滑水平面上，已知的質(zhì)量均為1kg.滑塊B的左端連有輕質(zhì)彈簧，彈簧開(kāi)始處于自由伸長(zhǎng)狀態(tài).現(xiàn)使滑塊A以速度水平向右運(yùn)動(dòng)，彈簧被壓縮到最短時(shí)，B與C恰好相碰并粘接在一起，然后繼續(xù)運(yùn)動(dòng).假設(shè)B和C碰撞過(guò)程時(shí)間極短，則B和C碰撞過(guò)程中整個(gè)系統(tǒng)損失的機(jī)械能為()A.0.25J B.0.50J C.0.75J D.1.00J4.如圖所示為某人造地球衛(wèi)星的變軌發(fā)射過(guò)程，先將衛(wèi)星發(fā)射到近地圓軌道1，軌道半徑為，在A點(diǎn)進(jìn)行變軌，使衛(wèi)星在橢圓軌道2上運(yùn)行，在B點(diǎn)再次進(jìn)行變軌，使衛(wèi)星在圓軌道3上運(yùn)行，軌道半徑為，衛(wèi)星在軌道1、軌道3上運(yùn)行的環(huán)繞速度、加速度大小分別為，在軌道2上運(yùn)行到兩點(diǎn)的速度、加速度大小分別為.關(guān)于該人造衛(wèi)星的運(yùn)行過(guò)程以下說(shuō)法正確的是()A.衛(wèi)星在1，2，3三個(gè)軌道上的機(jī)械能關(guān)系是B.衛(wèi)星在1，2，3三個(gè)軌道上的周期關(guān)系是C.衛(wèi)星在兩點(diǎn)的環(huán)繞速度關(guān)系為D.衛(wèi)星在兩點(diǎn)的加速度關(guān)系是5.如圖，豎直虛線(xiàn)右側(cè)區(qū)域有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁場(chǎng)邊緣有一質(zhì)量為m的矩形勻質(zhì)導(dǎo)線(xiàn)框，頂點(diǎn)a固定在虛線(xiàn)上，線(xiàn)框可繞a點(diǎn)在豎直平面內(nèi)自由無(wú)摩擦轉(zhuǎn)動(dòng)，從圖示位置由靜止釋放線(xiàn)框，線(xiàn)框順時(shí)針擺動(dòng)到左側(cè)最高點(diǎn)時(shí)邊與之間的夾角為45°。已知，線(xiàn)框單位長(zhǎng)度的電阻為ρ，忽略空氣阻力，重力加速度為g，則()

A.線(xiàn)框向左擺動(dòng)離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中線(xiàn)框中的電流方向?yàn)橛蒩指向bB.線(xiàn)框從釋放到擺至左側(cè)最高點(diǎn)過(guò)程中通過(guò)線(xiàn)框某截面的電荷量為C.若頂點(diǎn)c轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)角速度為ω，則此時(shí)線(xiàn)框受到的安培力大小為D.線(xiàn)框從釋放到最終靜止克服安培力做的功為6.真空中有一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正三角形ABC，AB中點(diǎn)為D，AC中點(diǎn)為E，中心為O點(diǎn)，如圖所示.現(xiàn)在A點(diǎn)固定一個(gè)電荷量為的正點(diǎn)電荷，BC兩點(diǎn)分別固定一個(gè)電荷量為Q的負(fù)點(diǎn)電荷.已知真空中的點(diǎn)電荷對(duì)外部某處的電勢(shì)公式為（無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零），其中k為靜電力常量，Q為點(diǎn)電荷的電荷量（帶正負(fù)），r為某點(diǎn)到點(diǎn)電荷Q的距離，且電勢(shì)的疊加符合代數(shù)運(yùn)算，下列說(shuō)法正確的是()A.O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為B.O點(diǎn)電勢(shì)為零C.將一個(gè)電荷量為的點(diǎn)電荷從O點(diǎn)移動(dòng)到E點(diǎn)，靜電力對(duì)做正功D.將一個(gè)電荷量為的點(diǎn)電荷從D點(diǎn)移動(dòng)到O點(diǎn)再移動(dòng)到E點(diǎn)，電勢(shì)能一直不變7.如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個(gè)物塊A和B左右中心開(kāi)有小孔穿在粗糙的細(xì)桿CD上，細(xì)桿繞過(guò)O點(diǎn)的豎直軸在水平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，之間用輕質(zhì)細(xì)線(xiàn)相連，物塊中心與圓心距離分別為，與細(xì)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ相同，當(dāng)細(xì)桿轉(zhuǎn)速緩慢加快到兩物塊剛好要發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則下列說(shuō)法正確的是（重力加速度為g）()A.此時(shí)細(xì)線(xiàn)張力為B.此時(shí)A所受摩擦力方向沿半徑指向OC.此時(shí)細(xì)桿的角速度為D.此時(shí)燒斷細(xì)線(xiàn)，A仍相對(duì)細(xì)桿靜止，B將做離心運(yùn)動(dòng)二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.已知某橫波的頻率為，某時(shí)刻該波在某介質(zhì)中沿x軸正方向傳播的波動(dòng)圖像如圖所示。圖中的質(zhì)點(diǎn)P位于處，則()A.該波的傳播速度為B.質(zhì)點(diǎn)P在半個(gè)周期內(nèi)向右運(yùn)動(dòng)了C.該時(shí)刻P點(diǎn)的加速度方向沿y軸正方向D.該時(shí)刻后再經(jīng)過(guò)點(diǎn)位于波谷9.如圖所示，小型交流發(fā)電機(jī)兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小。矩形金屬線(xiàn)圈ABCD的匝數(shù)，面積，線(xiàn)圈內(nèi)阻和導(dǎo)線(xiàn)電阻不計(jì)，線(xiàn)圈繞垂直于磁場(chǎng)的水平軸逆時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度。變壓器為理想變壓器，電壓表和電流表均為理想交流電表，均為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器。現(xiàn)將開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，觀察到電流表的示數(shù)減小了0.2A，電流表的示數(shù)減小了0.8A，則下列說(shuō)法正確的是()A.電壓表的示數(shù)為200VB.變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)之比為1：4C.電壓表示數(shù)變化量的大小與電流表示數(shù)變化量的大小的比值不變D.若再將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，則電壓表示數(shù)變大10.如圖甲所示，兩根足夠長(zhǎng)、電阻不計(jì)且相距的平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角的絕緣斜面上，兩導(dǎo)軌間存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小、垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)將兩根質(zhì)量均為、電阻均為、長(zhǎng)度均為的金屬棒放置在導(dǎo)軌頂端附近，兩金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好，金屬棒ab與導(dǎo)軌間的摩擦忽略不計(jì)，金屬棒cd與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為.在時(shí)將金屬棒ab由靜止釋放，此時(shí)金屬棒cd鎖定在斜面上，若在時(shí)間內(nèi)，金屬棒ab沿著斜面下滑的距離為時(shí)將金屬棒cd由靜止釋放，金屬棒ab中的電流隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示，重力加速度大小為，則()A.時(shí)，金屬棒ab的加速度大小為B.時(shí)，金屬棒cd的加速度大小為C.時(shí)，金屬棒ab的速度大小為2m/sD.在時(shí)間內(nèi)，金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為2J11.一個(gè)質(zhì)量為的長(zhǎng)木板靜止在粗糙水平地面上，木板右端靜止一個(gè)質(zhì)量為的小物塊，小物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，如圖甲所示.某時(shí)刻，給長(zhǎng)木板一個(gè)向右大小為的沖量，此后小物塊和長(zhǎng)木板運(yùn)動(dòng)的圖像如圖乙所示，且小物塊始終沒(méi)有滑離長(zhǎng)木板，若已知圖中，小物塊與長(zhǎng)木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)設(shè)為，長(zhǎng)木板與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)設(shè)為，重力加速度，則從初始到二者最終停下的整個(gè)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A.B.時(shí)間內(nèi)，小物塊與長(zhǎng)木板間摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能為3.2JC.小物塊比長(zhǎng)木板提前0.2s停下D.小物塊相對(duì)長(zhǎng)木板的位移為0.88m三、非選擇題：本題共5小題，共52分。12.（6分）某同學(xué)用平板A和B制作了一個(gè)直角架。該同學(xué)想通過(guò)該裝置，利用壓力傳感器和量角器來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則，主要實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）平板B置于水平面上，壓力傳感器固定在平板B上，將木塊C置于壓力傳感器正上方，長(zhǎng)方體木塊C另一側(cè)緊靠平板A，如圖甲所示，記錄此時(shí)傳感器的示數(shù)，此時(shí)平板A對(duì)木塊C的彈力為_(kāi)_______；（2）以直角架連接邊為支點(diǎn)，抬高平板B的另一端，使平板B繞支點(diǎn)逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，平板B轉(zhuǎn)過(guò)的角度為60°時(shí)，記錄傳感器的示數(shù)，如圖乙所示；（3）在誤差允許的范圍內(nèi)，比較和的大小，若與的關(guān)系為_(kāi)_______，即可初步驗(yàn)證平行四邊形定則；（4）重復(fù)步驟（2），多次調(diào)整平板B轉(zhuǎn)動(dòng)的角度，比較和的大小，多次驗(yàn)證；（5）若平板B從圖甲所示位置開(kāi)始，以直角架連接邊為支點(diǎn)，緩慢將平板B旋轉(zhuǎn)到圖乙所示位置，可以觀察到平板B對(duì)木塊C的彈力變化，通過(guò)平行四邊形定則可以推出平板A對(duì)木塊C的彈力________（填“一直變大”或“先變大后變小”）。13.（9分）某同學(xué)用如圖所示的電路測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。（1）他連接好電路后進(jìn)行測(cè)量，發(fā)現(xiàn)調(diào)整電阻箱的電阻R時(shí)電壓表示數(shù)幾乎不變，他經(jīng)過(guò)分析后提出了下列幾種可能的原因，正確的是________。A.電源的電動(dòng)勢(shì)太小 B.電壓表的量程太大C.電源的內(nèi)阻太小 D.電阻箱的接入電阻太?。?）為解決這一問(wèn)題他提出了如下可能的做法，其中可能有效的是________。A.將5Ω的定值電阻與電阻箱并聯(lián)B.將5Ω的定值電阻串聯(lián)在電源和開(kāi)關(guān)之間C.將5Ω的定值電阻與電壓表串聯(lián)D.將5Ω的定值電阻與電阻箱串聯(lián)（3）在完成上述改進(jìn)措施后，調(diào)節(jié)電阻箱接入電路的阻值R，并記錄對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)U，測(cè)得多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，他以為縱坐標(biāo)，以為橫坐標(biāo)，將所測(cè)得的數(shù)據(jù)描點(diǎn)、連線(xiàn)后，得到了一條傾斜的直線(xiàn)，測(cè)量后得到該直線(xiàn)的斜率的絕對(duì)值為k，縱截距的絕對(duì)值為b，則他測(cè)得該電源的電動(dòng)勢(shì)________，內(nèi)阻________。（以上結(jié)果用實(shí)驗(yàn)測(cè)得的物理量表示，定值電阻用表示）（4）該同學(xué)代入數(shù)據(jù)后測(cè)得電源的內(nèi)阻為2.0Ω，考慮到由于電壓表的分流，可能電源的實(shí)際電阻會(huì)有所不同，通過(guò)查找資料他得知了所用電壓表的內(nèi)阻，則他所用電源內(nèi)阻的真實(shí)值________（結(jié)果保留2位小數(shù)）。14.（10分）一定質(zhì)量的理想氣體的圖像如圖所示，氣體由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再到狀態(tài)C，氣體在狀態(tài)A時(shí)的壓強(qiáng)為。（1）求氣體在狀態(tài)C時(shí)的壓強(qiáng)；（2）若過(guò)程中氣體吸收熱量為，則過(guò)程中，求氣體向外界放出的熱量。15.（12分）如圖所示，一長(zhǎng)度的水平傳送帶，左側(cè)與豎直平面內(nèi)一傾角的斜面相鄰，右側(cè)在同一水平面上緊鄰一水平平臺(tái)?，F(xiàn)有質(zhì)量為的小滑塊從距離B點(diǎn)處的A點(diǎn)靜止釋放。斜面與傳送帶距離較小且其底端間有一小圓弧（運(yùn)動(dòng)過(guò)程可忽略），可以使小滑塊在兩點(diǎn)速度大小不變。已知小滑塊與傾斜軌道、傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)分別為，滑塊相對(duì)傳送帶滑動(dòng)時(shí)能留下清晰劃痕。已知傳送帶以的速度順時(shí)針運(yùn)動(dòng)，重力加速度g取。求：（1）小滑塊從A運(yùn)動(dòng)到D所需的時(shí)間；（2）小滑塊在傳送帶上留下劃痕的長(zhǎng)度和受到傳送帶的摩擦力的沖量大小。16.（15分）某科研設(shè)備中的電子偏轉(zhuǎn)裝置由電子槍、偏轉(zhuǎn)電極和熒光屏組成，管內(nèi)抽成真空，結(jié)構(gòu)原理圖如圖甲所示。如果在偏轉(zhuǎn)電極和之間都沒(méi)有加電壓，電子束從電子槍射出后沿直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，打在熒光屏中心，產(chǎn)生一個(gè)亮斑，如圖乙所示。以熒光屏中心為坐標(biāo)原點(diǎn)，以方向?yàn)閤軸正方向，方向?yàn)閥軸正方向建立直角坐標(biāo)系，在板間加恒定電壓（X極板接電源正極），在板間加恒定電壓（Y極板接電源正極），偏轉(zhuǎn)電極兩極板之間的距離均為d。正負(fù)接線(xiàn)柱之間電壓為，忽略電子在兩偏轉(zhuǎn)電極之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，已知兩偏轉(zhuǎn)電極和沿示波管軸線(xiàn)方向長(zhǎng)度都是，熒光屏到偏轉(zhuǎn)電極右側(cè)的距離為，電子質(zhì)量為m，電荷量大小為e，電子從燈絲逸出的初速度不計(jì)。（1）已知燈絲正常工作電阻為R，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，求燈絲加熱t(yī)時(shí)間產(chǎn)生的熱量；（2）求電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電極時(shí)的速度；（3）求電子打在熒光屏上的位置坐標(biāo)。

▁▃▅▇█參*考*答*案█▇▅▃▁1.〖答案〗C〖解析〗飽和光電流，解得個(gè)，A錯(cuò)誤；由，解得，B錯(cuò)誤；根據(jù)光電效應(yīng)方程得，代入數(shù)據(jù)解得，C正確；飽和光電流取決于單位時(shí)間內(nèi)入射的光子數(shù)，改用紫光照射陰極后，若紫光的光照強(qiáng)度減弱，單位時(shí)間內(nèi)光子數(shù)可能比綠光少，飽和光電流也可能減小，D錯(cuò)誤。2.〖答案〗B〖解析〗根據(jù)視深公式可知，觀察到的位置在上升，即光源的視深在減小，則實(shí)深h也在減小，即水池的水面正在下降，與觀察者在光源正上方的位置無(wú)關(guān)，A錯(cuò)誤，B正確；光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角滿(mǎn)足，水對(duì)該單色光的折射率不變，故臨界角不變，C錯(cuò)誤；由于水面下降，臨界角不變，所以觀察到的圓形區(qū)域范圍變小，D錯(cuò)誤。3.〖答案〗A〖解析〗對(duì)系統(tǒng)，速度相等時(shí)，彈簧被壓縮到最短，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有，代入數(shù)據(jù)，解得；彈簧被壓縮到最短時(shí)，B的速度為，此時(shí)B與C發(fā)生完全非彈性碰撞，對(duì)組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律得，代入數(shù)據(jù)，解得，只有B與C發(fā)生非彈性碰撞，有機(jī)械能損失，則損失的系統(tǒng)機(jī)械能為，選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤.4.〖答案〗C〖解析〗衛(wèi)星由軌道1變?yōu)檐壍?需要在A點(diǎn)加速，機(jī)械能增加，同理衛(wèi)星由軌道2變?yōu)檐壍?需要在B點(diǎn)加速，機(jī)械能增加，所以衛(wèi)星在三個(gè)軌道的機(jī)械能大小關(guān)系是，A錯(cuò)誤；根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有，因?yàn)?，得，B錯(cuò)誤；對(duì)于軌道1和軌道3，根據(jù)萬(wàn)有引力充當(dāng)向心力得，解得，因?yàn)?，所以衛(wèi)星在軌道1和軌道3的速度關(guān)系為，衛(wèi)星由軌道1變?yōu)檐壍?需要在A點(diǎn)加速，則，由軌道2變?yōu)檐壍?需要在B點(diǎn)加速，則，所以衛(wèi)星在兩點(diǎn)環(huán)繞速度大小關(guān)系為，C正確；在A點(diǎn)軌道1和軌道2的加速度相同，即，同理在B點(diǎn)軌道2和軌道3的加速度也相同，即，根據(jù)牛頓第二定律，得，因?yàn)?，則，所以衛(wèi)星在兩點(diǎn)加速度關(guān)系為，D錯(cuò)誤.5.〖答案〗D〖解析〗線(xiàn)框順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)離開(kāi)磁場(chǎng)過(guò)程中磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r(shí)針?lè)较颍措娏鞣较驗(yàn)橛蒪指向a，A錯(cuò)誤；，導(dǎo)線(xiàn)框的總電阻為，所以，B錯(cuò)誤；線(xiàn)框頂點(diǎn)c轉(zhuǎn)到最低點(diǎn)時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，回路中的感應(yīng)電流為，受到的安培力大小為，C錯(cuò)誤；線(xiàn)框最終靜止時(shí)，對(duì)角線(xiàn)恰好與重合，整個(gè)過(guò)程中根據(jù)能量守恒定律有，D正確。6.〖答案〗B〖解析〗由題意分析知，O點(diǎn)的合電場(chǎng)強(qiáng)度向下，大小為，A錯(cuò)誤；O點(diǎn)的電勢(shì)大小為，B正確；E點(diǎn)的電勢(shì)，即從O點(diǎn)到E點(diǎn)，電勢(shì)升高，則電荷量為的點(diǎn)電荷在此過(guò)程中電勢(shì)能增大，靜電力對(duì)其做負(fù)功，C錯(cuò)誤；同理可計(jì)算，得，初末位置電勢(shì)能相同，但中間電勢(shì)能是變化的，D錯(cuò)誤。7.〖答案〗A〖解析〗兩物塊A和B隨著細(xì)桿轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，合外力提供向心力，則，又B的半徑比A的半徑大，所以B所需向心力大，又因?yàn)榧?xì)線(xiàn)拉力相等，所以當(dāng)細(xì)桿轉(zhuǎn)速加快到兩物塊剛好要發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，B的靜摩擦力方向指向圓心，A的最大靜摩擦力方向指向圓外，有相對(duì)細(xì)桿沿半徑指向圓內(nèi)的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，根據(jù)牛頓第二定律得，解得，A正確，BC錯(cuò)誤；燒斷細(xì)線(xiàn)瞬間A所需向心力為所需向心力為，此時(shí)燒斷細(xì)線(xiàn)，所受最大靜摩擦力均不足以提供向心力，則均做離心運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤.8.〖答案〗CD〖解析〗由題圖可知，該波的波長(zhǎng)為，則該波的傳播速度，A錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，B錯(cuò)誤；P點(diǎn)位于處，回復(fù)力指向平衡位置，所以該時(shí)刻P點(diǎn)的加速度方向沿y軸正方向，C正確；根據(jù)“同側(cè)法”結(jié)合題圖可知，質(zhì)點(diǎn)P正在向y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，因?yàn)?，所以波的周期，再?jīng)過(guò)，即，質(zhì)點(diǎn)P剛好位于波谷，D正確。9.〖答案〗AC〖解析〗線(xiàn)圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，電壓表的示數(shù)，A正確；由得，B錯(cuò)誤；由知保持不變，電壓表的示數(shù)，則，電壓表示數(shù)變化量的大小與電流表示數(shù)變化量的大小的比值，保持不變，C正確；將滑動(dòng)變阻器的滑片向下滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器接入電路的有效阻值減小，電流表的示數(shù)變大，則電壓表的示數(shù)變小，D錯(cuò)誤。10.〖答案〗AC〖解析〗在時(shí)，對(duì)ab棒，由牛頓第二定律有，則金屬棒ab的加速度大小，選項(xiàng)A正確；對(duì)cd棒，由牛頓第二定律有，則金屬棒cd的加速度大小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；時(shí)，設(shè)金屬棒ab的速度為，此時(shí)回路中的電流，解得，選項(xiàng)C正確；由能量守恒定律得，可得在時(shí)間內(nèi)，金屬棒ab產(chǎn)生的焦耳熱為，選項(xiàng)D錯(cuò)誤.11.〖答