高三物理二輪復(fù)習(xí)（通用版）：仿真檢測（二） word版含解析

仿真檢測(二)(滿分：110分時間：60分鐘)一、選擇題(本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第1～5題只有一項符合題目要求，第6～8題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)1．下列敘述符合物理學(xué)史實的是()A．安培通過實驗發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，并總結(jié)出判定磁場方向的方法—安培定則B．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象后，領(lǐng)悟到：“磁生電”是一種在變化、運動的過程中才能出現(xiàn)的效應(yīng)C．楞次在分析了許多實驗事實后提出：感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場總要阻止引起感應(yīng)電流的磁通量的變化D．麥克斯韋認為：電磁相互作用是通過場來傳遞的。他創(chuàng)造性地用“力線”形象地描述“場”的物理圖景解析：選B奧斯特通過實驗發(fā)現(xiàn)了電流周圍存在磁場，安培總結(jié)出判定磁場方向的方法—安培定則，故A錯誤；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象后，領(lǐng)悟到：“磁生電”是一種在變化、運動的過程中才能出現(xiàn)的效應(yīng)，符合物理學(xué)史實，故B正確；楞次發(fā)現(xiàn)了感應(yīng)電流方向遵守的規(guī)律：感應(yīng)電流應(yīng)具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化，而不是阻止，故C錯誤；法拉第認為：電磁相互作用是通過場來傳遞的。他創(chuàng)造性地用“力線”形象地描述“場”的物理圖景，故D錯誤。2．下列說法正確的是()A．湯姆孫通過研究陰極射線發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的“棗糕模型”B．太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)C．光電效應(yīng)中光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比D.715N＋11H→612C＋24He是α衰變方程解析：選A湯姆孫通過研究陰極射線發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的“棗糕模型”，選項A正確；太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的熱核反應(yīng)，選項B錯誤；光電效應(yīng)中光電子的最大初動能與入射光的頻率成線性關(guān)系，不成正比，選項C錯誤；715N＋11H→612C＋24He是人工轉(zhuǎn)變，不是α衰變方程，選項D錯誤。3.據(jù)新華社北京3月21日電，記者21日從中國載人航天工程辦公室了解到，已在軌工作1630天的天宮一號目標(biāo)飛行器在完成與三艘神舟飛船交會對接和各項試驗任務(wù)后，由于超期服役兩年半時間，其功能已于近日失效，正式終止了數(shù)據(jù)服務(wù)。根據(jù)預(yù)測，天宮一號的飛行軌道將在今后數(shù)月內(nèi)逐步降低，并最終再入大氣層燒毀。若天宮一號服役期間的軌道可視為圓且距地面h(h≈343km)，運行周期為T，地球的半徑為R，下列關(guān)于天宮一號的說法正確的是()A．因為天宮一號的軌道距地面很近，其線速度小于同步衛(wèi)星的線速度B．女航天員王亞平曾在天宮一號中漂浮著進行太空授課，那時她不受地球的引力作用C．天宮一號進入外層稀薄大氣一小段時間內(nèi)，克服氣體阻力做的功小于引力勢能的減小量D．由題中信息可知地球的質(zhì)量為eq\f(4π2R3,GT2)解析：選C根據(jù)萬有引力提供向心力可知，Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)，解得：v＝eq\r(\f(GM,r))，由于天宮一號的軌道半徑小于同步衛(wèi)星的半徑，則其線速度大于同步衛(wèi)星的線速度，故A錯誤；航天員在天宮一號中處于失重狀態(tài)，地球?qū)λ娜f有引力提供她隨天宮一號圍繞地球做圓周運動的向心力，不是不受地球的引力作用，故B錯誤；根據(jù)動能定理可知引力與空氣阻力對天宮一號做的總功應(yīng)為正值，而引力做的功等于引力勢能的減少，即天宮一號克服氣體阻力做的功小于引力勢能的變化，故C正確；根據(jù)萬有引力提供向心力可知，Geq\f(Mm,R＋h2)＝meq\f(4π2R＋h,T2)，解得：M＝eq\f(4π2R＋h3,GT2)，故D錯誤。4．如圖所示，理想變壓器原線圈接有交流電源，保持輸入電壓不變，開始時單刀雙擲開關(guān)K接b。S斷開時，小燈泡A發(fā)光較暗，要使小燈泡A亮度增加，下列操作可行的是()A．閉合開關(guān)SB．把滑動變阻器滑片向右移動C．把滑動變阻器滑片向左移動D．開關(guān)K接a解析：選B閉合開關(guān)S，副線圈回路電阻變小，電流變大，滑動變阻器上的分壓增大，并聯(lián)部分的電壓變小，燈泡A變暗，故A錯誤；把滑動變阻器滑片向右移動，副線圈回路總電阻變小，總電流變大，燈泡A兩端的電壓變大，燈泡A變亮，故B正確；把滑動變阻器滑片向左移動，副線圈回路總電阻變大，總電流變小，燈泡A兩端的電壓變小，燈泡A變暗，故C錯誤；開關(guān)K接a，根據(jù)eq\f(U1,n1)＝eq\f(U2,n2)，副線圈兩端的電壓減小，燈泡A中電流變小，燈泡A變暗，故D錯誤；故選B。5．如圖所示，正方形導(dǎo)線框abcd和菱形MNPQ在同一水平面內(nèi)，ab＝MN＝MP＝L，ab⊥NQ，N位于ab的中點，菱形區(qū)域存在方向豎直向上的勻強磁場，使線框從圖示位置沿NQ方向勻速穿過菱形區(qū)域，規(guī)定電流逆時針為正，則線框中的電流i隨位移x變化的圖像可能是()解析：選D導(dǎo)線框右邊進入磁場時由楞次定律可以判斷感應(yīng)電流方向為順時針方向，故A、C錯誤。當(dāng)ab邊與MP重合時，切割長度最大，感應(yīng)電流最大；從ab邊與MP重合到cd邊到達N點，有效切割長度均勻減小，感應(yīng)電動勢均勻減小，感應(yīng)電流均勻減??；cd邊進入磁場一直運動到ab和cd邊關(guān)于MP對稱的中間位置，右邊ab切割長度均勻減小，左邊cd切割長度均勻增加，而且兩邊感應(yīng)電動勢反向，所以總電動勢減小更快，到達正中央位置電流為0，所以D正確，B錯誤。6．如圖所示電路，電源內(nèi)阻不能忽略，R1阻值小于變阻器的總電阻，初態(tài)滑片P位于變阻器的中點，P由中點向上移動到頂端的過程中()A．電源內(nèi)部消耗的功率先減小后增大B．電源的效率先減小后增大C．電流表的示數(shù)先減小后增大D．電壓表的示數(shù)先增大后減小解析：選ADP向上滑動時，并聯(lián)電路的電阻先增大后減小，外電路的總電阻就先增大后減小，則干路電流先減小后增大，由P＝I2r知，電源內(nèi)部消耗的功率先減小后增大，則A正確；由η＝eq\f(R外,R外＋r)知，電源的效率先增大后減小，則B錯誤；由U＝E－Ir知，電壓表的示數(shù)先增大后減小，則D正確；電流表所在支路電阻一直減小，所以電流一直增大，則C錯誤。7.如圖所示，表面粗糙的eq\f(1,4)豎直圓弧軌道AB固定在粗糙的水平軌道BC上，兩軌道在B處平滑連接，切點B在圓心O的正下方。一小物體由靜止開始從頂端A沿圓弧軌道滑下，最后停止于水平軌道的C處，已知BC＝d，圓弧軌道半徑為R，小物體與兩軌道的動摩擦因數(shù)均為μ?，F(xiàn)用力F將該小物體沿下滑的路徑從C處緩慢拉回圓弧軌道的頂端A，拉力F的方向始終與小物體的運動方向一致，小物體從B處經(jīng)圓弧軌道到達A處過程中，克服摩擦力做的功為μmgR，下列說法正確的是()A．物體在下滑過程中，運動到B處時速度最大B．物體從A滑到C的過程中克服摩擦力做的功大于μmg(R＋d)C．拉力F做的功小于2mgRD．拉力F做的功為mg(R＋μd＋μR)解析：選BCD物體在下滑過程中，開始階段，重力沿軌道切線方向的分力大于滑動摩擦力，物體的速度增大。后來，重力沿軌道切線方向的分力小于滑動摩擦力，速度減小，則當(dāng)重力沿軌道切線方向的分力等于滑動摩擦力時速度最大，此位置在AB之間，故A錯誤。物體緩慢地從B被拉到A，克服摩擦力做的功為μmgR，而物體從A滑到B的過程中，物體做圓周運動，根據(jù)向心力知識可知，物體所受的支持力比緩慢運動時要大，則滑動摩擦力增大，所以克服摩擦力做的功Wf大于μmgR，因此物體從A滑到C的過程中克服摩擦力做的功大于μmg(R＋d)，故B正確。從A到C的過程中，根據(jù)動能定理得：mgR－Wf－μmgd＝0－0①從C到A的過程中，根據(jù)動能定理得：WF－mgR－μmgd－μmgR＝0－0②則由②得拉力F做的功為WF＝mg(R＋μd＋μR)又Wf>μmgR③由①③得：mgR>μmgR＋μmgd④由②④得：WF<2mgR，故C、D正確。8.如圖所示，真空中有兩個點電荷Q1＝＋9.0×10－8C和Q2＝－1.0×10－8C，分別固定在x坐標(biāo)軸上，其中Q1位于x＝0處，Q2位于x＝6cm處。在x軸上()A．場強為0的點有1處B．在x>6cm區(qū)域，電勢沿x軸正方向降低C．質(zhì)子從x＝1cm運動到x＝5cm處，電勢能升高D．在0<x<6cm和x>9cm的區(qū)域，場強沿x軸正方向解析：選AD設(shè)與點電荷Q1、Q2的距離分別為r1、r2處的電場強度為零，則eq\f(kQ1,r12)＋eq\f(kQ2,r22)＝0，且r1＝r2＋6cm，解得r1＝9cm，r2＝3cm，因此場強為0的點有1處，A正確；在x＞6cm的區(qū)域，電勢沿x軸先升高后降低，B錯誤；質(zhì)子在1cm＜x＜5cm的區(qū)域運動時，電場力做正功，電勢能減小，C錯誤；在0<x<6cm和x>9cm的區(qū)域，場強沿x軸正方向，D正確。二、非選擇題(共47分)9．(6分)某實驗小組用如圖甲所示的實驗裝置測當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?，圖中A、B是兩個光電門，鋼球自由下落過程中，先后通過光電門A、B，鋼球通過光電門A時與光電門相連的光電計時器開始計時，通過光電門B時就停止計時，得到鋼球從A運動B所用的時間t，用刻度尺測出A、B間的高度h，保持小球下落的位置不變，保持光電門B的位置不變，改變光電門A的位置，重復(fù)前面的實驗，測出多組h、t的值。(1)根據(jù)測得的多組h、t的值，算出每組的eq\f(h,t)，作出eq\f(h,t)-t圖像，則圖像應(yīng)是圖乙中的________。(2)圖線與縱軸的交點表示____________________，要求出重力加速度，必須求出圖線的________，若求出的圖線的這個量用k表示，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹開_______。解析：(1)由于球下落的位置不變，光電門B的位置不變，因此小球到達B點的速度不變，設(shè)球到B點的速度為vB，則球的運動可以看成是倒過來的勻減速直線運動，則有：h＝vBt－eq\f(1,2)gt2，即eq\f(h,t)＝vB－eq\f(1,2)gt，因此D正確，A、B、C錯誤；(2)由函數(shù)表達式可知，圖線與縱軸的交點表示小球通過B光電門的速度，要求出重力加速度，必須求出圖線斜率的絕對值，則由k＝eq\f(1,2)g，解得：g＝2k。答案：(1)D(2)小球通過B光電門的速度斜率的絕對值2k10．(9分)利用如圖(a)所示電路，可以測量金屬絲的電阻率ρ，所用的實驗器材有：待測的粗細均勻的電阻絲、電流表(量程0.6A，內(nèi)阻忽略不計)、電源(電動勢3.0V，內(nèi)阻r未知)、保護電阻(R0＝4.0Ω)、刻度尺、開關(guān)S、導(dǎo)線若干、滑片P實驗步驟如下：①用螺旋測微器測得電阻絲的直徑d如圖(b)所示。②閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片P的位置，分別記錄每次實驗中aP長度x及對應(yīng)的電流值I。③以eq\f(1,I)為縱坐標(biāo)，x為橫坐標(biāo)，作eq\f(1,I)-x圖線(用直線擬合)。④求出直線的斜率k和在縱軸上的截距b。回答下列問題：(1)螺旋測微器示數(shù)為d＝________mm。(2)用題中字母可求得eq\f(1,I)與x的關(guān)系式為________。(3)實驗得到的部分?jǐn)?shù)據(jù)如表所示，其中aP長度x＝0.30m時電流表的示數(shù)如圖(c)所示，讀出數(shù)據(jù)，完成下表，答：①____，②____。x(m)0.100.200.300.400.500.60I(A)0.490.43①0.330.310.28eq\f(1,I)(A－1)2.042.33②3.033.233.57(4)在圖(d)的坐標(biāo)紙上將所缺數(shù)據(jù)點補充完整并作圖，根據(jù)圖線求得斜率k＝______A－1m－1，截距b＝________A－1。(保留小數(shù)點后兩位小數(shù))(5)根據(jù)圖線求得電阻絲的電阻率ρ＝________Ω·m，電源的內(nèi)阻為r＝________Ω。(保留小數(shù)點后一位小數(shù))解析：(1)螺旋測微器的固定刻度為0.0mm，可動刻度為0.01×40.0mm＝0.400mm，所以最終讀數(shù)為0.400mm(0.400±0.001)。(2)根據(jù)閉合電路歐姆定律，則有：E＝Ieq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(R0＋r＋ρ\f(x,π\(zhòng)b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(d,2)))2)))，由數(shù)學(xué)知識，可得，eq\f(1,I)＝eq\f(4ρ,πEd2)x＋eq\f(R0＋r,E)。(3)由圖(c)可知，電流表讀數(shù)為I＝19×0.02A＝0.38A；故表格①中應(yīng)為0.38，表格②中通過計算可知，應(yīng)該為2.63。(4)在圖(d)中描點作圖，讓直線盡量過所有的點，或讓直線對稱分布在直線兩側(cè)，由圖線可知，斜率為k＝eq\f(3.55－1.77,0.6－0)A－1·m－1＝2.97A－1·m－1，因此縱截距為b＝1.77A－1。(5)由數(shù)學(xué)知識可得，k＝eq\f(4ρ,πEd2)，b＝eq\f(R0＋r,E)，解得：ρ＝1.1×10－6Ω·mr＝1.3Ω。答案：(1)0.400(0.400±0.001)(2)eq\f(1,I)＝eq\f(4ρ,πEd2)x＋eq\f(R0＋r,E)(3)①0.38②2.63(4)圖線見解析圖3.00(2.92～3.10)1.77(1.76～1.78)(5)1.1×10－6(1.0×10－6～1.2×10－6)1.3(1.2～1.4)11．(14分)霧天行車經(jīng)常發(fā)生車輛追尾相撞的事故，造成極大的人生傷害和財產(chǎn)損失?，F(xiàn)假設(shè)某條高速公路限制速度為v＝120km/h，某種霧天的能見度(即觀察者與能看見的最遠目標(biāo)間的距離)s0＝27m，汽車緊急制動時產(chǎn)生的平均制動力F＝1.35×104N，汽車質(zhì)量m＝1500kg，其制動過程可以視為勻減速運動，制動時司機的反應(yīng)時間(即司機發(fā)現(xiàn)狀況到踩下剎車的時間，該時間內(nèi)汽車仍然勻速運動)為t0＝0.5s，求：(1)當(dāng)汽車速度為v1＝108km/h時，從踩下剎車到汽車停止運動，汽車滑行的距離；(2)在該霧天，為了安全，汽車行駛的速度不能超過多少？解析：(1)由牛頓第二定律得汽車的加速度為：a＝eq\f(F,m)＝eq\f(1.35×104,1500)m/s2＝9m/s2，剎車后汽車做勻減速直線運動，由勻變速直線運動的速度位移公式得：v12＝2ax，剎車后汽車滑行的距離：x＝eq\f(v12,2a)＝eq\f(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(108,3.6)))2,2×9)m＝50m；(2)設(shè)最大速度為v2，從發(fā)現(xiàn)危險到車停止，汽車將經(jīng)過勻速運動與勻減速運動，勻速運動的位移為x1，x1＝v2t0，勻減速運動的位移為x2，v22＝2ax2，根據(jù)題意可知：s0＝x1＋x2，解得最大速度：v2＝18m/s。答案：(1)50m(2)18m/s12.(18分)如圖所示，兩光滑金屬導(dǎo)軌，間距d＝2m，在桌面上的部分是水平的，僅在桌面上有磁感應(yīng)強度B＝1T、方向豎直向下的有界磁場，電阻R＝3Ω，桌面高H＝0.8m，金屬桿ab質(zhì)量m＝0.2kg，其電阻r＝1Ω，從導(dǎo)軌上距桌面h＝0.2m的高度處由靜止釋放，落地點距桌面左邊緣的水平距離s＝0.4m，取g＝10m/s2，導(dǎo)軌電阻不計，求：(1)金屬桿剛進入磁場時，R上的電流大??；(2)整個過程中電阻R放出的熱量；(3)磁場區(qū)域的寬度。解析：(1)設(shè)金屬桿剛進入磁場時速度為v0，由機械能守恒定律有：mgh＝eq\f(1,2)mv02代入數(shù)據(jù)解得：v0＝2m/s又由法拉第電磁感應(yīng)定律有：E＝Bdv0＝4V由閉合電路歐姆定律有：I＝eq\f(E,R＋r)＝1A。(2)設(shè)金屬桿剛離開磁場時速度為v，接著金屬桿開始做平拋運動，在豎直方向上有：H＝eq\f(1,2)gt2解得：t＝eq\r(\f(2H,g))在水平方向上有：s＝vt，解得：v＝1m/s根據(jù)能量守恒有：Q＝W電＝eq\f(1,2)mv02－eq\f(1,2)mv2電磁感應(yīng)過程中電阻R上產(chǎn)生電熱為：QR＝eq\f(R,R＋r)Q解得QR＝0.225J。(3)棒穿過磁場過程加速度為a，由牛頓第二定律有：－BId＝ma，－eq\f(B2d2v,R＋r)＝meq\f(Δv,Δt)，進一步化簡得：－eq\f(B2d2vΔt,R＋r)＝mΔv，又由于：vΔt＝Δl全程求和：∑Δv＝v－v0，∑Δl＝l解得：l＝eq\f(mR＋rv0－v,B2d2)＝0.2m。答案：(1)1A(2)0.225J(3)0.2m三、選考題(共15分，請從給出的2道題中任選一題作答，多答則按所答的第一題評分)物理——選修3－3](15分)13．(1)(5分)下列說法中正確的是________。A．氣體壓強的大小和單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動能都有關(guān)B．布朗運動是液體分子的運動，說明液體分子永不停息地做無規(guī)則熱運動C．熱力學(xué)第二定律的開爾文表述：不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響D．水黽可以停在水面上是因為液體具有表面張力E．溫度升高，物體所有分子的動能都增大(2)(10分)一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C，其p-V圖像如圖所示。已知該氣體在狀態(tài)A時的溫度為27℃，求：(ⅰ)該氣體在狀態(tài)B和C時的溫度分別為多少K?(ⅱ)該氣體從狀態(tài)A經(jīng)B再到C的全過程中是吸熱還是放熱？傳遞的熱量是多少？解析：(1)氣體分子單位時間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的次數(shù)，與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動能都有關(guān)，故A正確；布朗運動指懸浮在液體中的顆粒所做的無規(guī)則運動，布朗運動反映的是液體分子的無規(guī)則運動，故B錯誤；熱力學(xué)第二定律的開爾文表述：不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功，而不產(chǎn)生其他影響，C正確；因為液體具有表面張力，水黽才能無拘無束地在水面上行走自如，故D正確；溫度是分子平均動能的標(biāo)志，溫度升高，并不是物體所有分子的動能都增大，故E錯誤。(2)(ⅰ)對一定質(zhì)量的理想氣體由圖像可知，A→B為等容變化，由查理定律得：eq\f(pA,TA)＝eq\f(pB,TB)即代入數(shù)據(jù)得：TB＝600KA→C由理想氣體狀態(tài)方程得：eq\f(pAVA,TA)＝eq\f(pCVC,TC)代入數(shù)據(jù)得：TC＝300K。(ⅱ)從A到C氣體體積減小，外界對氣體做正功，由p-V圖線與橫軸所圍成的面積可得：W＝eq\f(pB＋pCVB－VC,2)＝1000J由于TA＝TC，該氣體在狀態(tài)A和狀態(tài)C內(nèi)能相等，有：ΔU＝0由熱力學(xué)第一定律有：ΔU＝W＋Q可得：Q＝－1000J，即氣體向外界放出熱量，傳遞的熱量為1000J。答案：(1)ACD(2)(ⅰ)600K300K(ⅱ)放熱1000J物理——選修3－4](15分)14．(1)(5分)圖(a)為一列簡諧橫波在t＝0.10s時刻的波形圖，P是平衡位置在x＝1.0m處的質(zhì)點，Q是平衡位置在x＝4.0m處的質(zhì)點；圖(b)為質(zhì)點Q的振動圖像，下列說法正確的是________。A．在t＝0.10s時，質(zhì)點Q向y軸正方向運動B．在t＝0.25s時，質(zhì)點P的加速度方向與y軸正方向相同C．從t＝0.10s到t＝0.25s，該波沿x軸負方向傳播了6mD．從t＝0.10s到t＝0.25s，質(zhì)點