2024屆安徽省浮山中學等重點名校物理高一第二學期期末綜合測試試題含解析

2024屆安徽省浮山中學等重點名校物理高一第二學期期末綜合測試試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、(本題9分)在山區(qū)某些地方到現(xiàn)在還要依靠滑鐵索過江，若把這滑鐵索過江簡化成如圖的模型，鐵索的兩個固定點A，B在同一水平面內，A，B間的距離為L=80m，繩索的最低點離AB間的垂直距離H=8m，若把繩索看做是圓弧，已知一質量m=52kg的人借助滑輪（質量不計）滑到最低點的速度v=10m/s，，那么（）A．人在整個繩索上運動可看成勻速圓周運動B．可求得繩索的圓弧半徑為102mC．在滑到最低點時人處于失重狀態(tài)D．人在滑到最低點時對繩索的壓力為570N2、(本題9分)下列關于機械能守恒的說法正確的是（）A．物體豎直向上運動時所受合力為零，其機械能守恒B．物體做平拋運動時機械能守恒C．物體在豎直平面內做勻速圓周運動時機械能守恒D．物體沿斜面勻速下滑時機械能守恒3、(本題9分)自行車的大齒輪．小齒輪．后輪是相互關聯(lián)的三個轉動部分，如圖所示．在自行車行駛過程中（）A．大齒輪邊緣點比小齒輪邊緣點的線速度大B．后輪邊緣點比小齒輪邊緣點的角速度大C．后輪邊緣點與小齒輪邊緣點的向心加速度與它們的半徑成正比D．大齒輪邊緣點與小齒輪邊緣點的向心加速度與它們的半徑成正比4、(本題9分)單車共享是目前中國規(guī)模最大的校園交通代步解決方案，為廣大高校師生提供了方便快捷、低碳環(huán)保、經濟實用的共享單車服務．如圖所示是一輛共享單車，A、B、C三點分別為單車輪胎和齒輪外沿上的點，其中RA=2RB=5RC，下列說法中正確的是（）A．B點與C點的角速度，B．A點與C點的線速度，C．A點與B點的角速度，D．A點和B點的線速度，5、(本題9分)下列有關曲線運動的說法中正確的是()A．物體的運動方向不斷改變 B．物體運動速度的大小不斷改變C．物體運動的加速度大小不斷改變 D．物體運動的加速度方向不斷改變6、如圖所示，水平光滑長桿上套有小物塊A，細線繞過O點的輕質光滑小定滑輪，一端連接A，另一端懸掛小物塊B，物塊B質量是A質量的4倍。C為O點正下方桿上的一點，滑輪到桿的距離OC=h。開始時，A位于P點，PO與水平方向的夾角為30°，現(xiàn)將A、B由靜止釋放。下列說法正確的是A．物塊A由P點出發(fā)第一次到達C點過程中，速度不斷增大B．在物塊A由P點出發(fā)第一次到達C點過程中，物塊B克服細線拉力做的功小于B重力勢能的減少量C．物塊A在桿上長為2h的范圍內做往復運動D．物塊A經過C點時的速度大小為7、(本題9分)2017年10月16日，南京紫金山天文臺對外發(fā)布一項重大發(fā)現(xiàn)，我國南極巡天望遠鏡追蹤探測到首例引力波事件光學信號，關于引力波，早在1916年愛因斯坦基于廣義相對論預言了其存在，1974年拉塞爾豪爾斯和約瑟夫泰勒發(fā)現(xiàn)豪爾斯-泰勒脈沖雙星，這雙星系統(tǒng)在相互公轉時，由于不斷發(fā)射引力波而失去能量，因此逐漸相互靠近，這現(xiàn)象為引力波的存在提供了首個間接證據，上述敘述中，若不考慮豪爾斯-泰勒脈沖雙星質量的變化，則關于豪爾斯-泰勒脈沖雙星的下列說法正確的是（）A．脈沖雙星逐漸靠近的過程中，它們相互公轉的周期逐漸變小B．脈沖雙星逐漸靠近的過程中，它們相互公轉的周期不變C．脈沖雙星逐漸靠近的過程中，它們各自做圓周運動的半徑逐漸減小，但其比值保持不變D．若測出脈沖雙星相互公轉的周期，就可以求出雙星的總質量8、(本題9分)如圖所示為大型電子地磅電路圖，電源電動勢為E，內阻為r0。不稱重物時，滑片P在A端；稱重物時在壓力作用下使滑片P下滑，滑動變阻器接入電路的阻值發(fā)生變化，通過電流表的示數(shù)即可顯示被稱物體的重量值。已知P的滑動過程，彈簧始終未超出彈性限度，則閉合開關S后A．不稱重物時電流表的不數(shù)為零B．達到最大稱重值時電路中的電流為I=C．電流表示數(shù)越大，則說明所稱物體越重D．所稱物體越重，電源的總功率越大9、(本題9分)在光滑的水平面上動能為,動量大小為的小鋼球1與靜止的小剛球2發(fā)生碰撞，碰撞前后鋼球1的運動方向相反，將碰后球1的動能和動量的大小分別記為和,球2的動能和動量的大小分別記為，,則必有（）A．< B．< C．> D．>10、(本題9分)對于質量不變的物體，下列關于動量的說法正確的是（）A．若物體的速度不變，動量一定不變B．若物體的速率不變，動量一定不變C．若物體動能變化，動量一定變化D．若物體動量變化，動能一定變化二、實驗題11、（4分）(本題9分)在“研究平拋物體運動”的實驗中，下圖為一小球做平拋運動的閃光照片的其中一部分相片（與實物比例為1:1），圖中正方形方格的邊長為5cm，取g=10m/s2，則：（1）閃光周期是______s．（2）小球運動的水平分速度為______m/s．（3）小球經過B點時豎直分速度的大小為______m/s．12、（10分）(本題9分)“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”的實驗電路圖如圖所示，接通開關S，對電路中的電容器充電．充電后，該電容器______（選填“上”或“下”）極板帶正電荷．若電容器的兩個極板分別帶上了電荷量均為Q的等量異號電荷，此時電容器所帶的電荷量為______．

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、D【解題分析】

A、從最高點滑到最低點的過程中速度在增大，所以不可能是勻速圓周運動，故A錯誤；B、如圖由幾何關系：，L=80m，h=8m，代入解得，繩索的圓弧半徑r=104m，故B錯誤；C、在最低點，人對繩索的壓力大于重力，處于超重狀態(tài)，故C錯誤；D、滑到最低點時，由牛頓第二定律：，得到，由牛頓第三定律，人對繩索的壓力為570N，故D正確；故選D．【題目點撥】人借助滑輪下滑過程中，根據速度是否變化，判斷人是否做勻速圓周運動．由幾何知識求出圓弧的半徑．人在滑到最低點時由重力和繩索的合力提供向心力，根據牛頓運動定律求出人在滑到最低點時對繩索的壓力，并分析人處于超重還是失重狀態(tài)．2、B【解題分析】

A．物體豎直向上運動時所受合力為零，則物體向上做勻速直線運動，動能不變，重力勢能增加，故機械能不守恒，A錯誤；B．物體做平拋運動時，只有重力做功，機械能守恒，B正確；C．物體在豎直平面內做勻速圓周運動過程中，動能不變，勢能變化，故機械能不守恒，C錯誤；D．物體沿斜面勻速下滑時，動能恒定，勢能減小，機械能不守恒，D錯誤．故選B．【題目點撥】物體機械能守恒的條件是只有重力或者是彈力做功，根據機械能守恒的條件逐個分析物體的受力的情況，判斷做功情況，即可判斷物體是否是機械能守恒．也可以機械能的概念：機械能是動能與勢能之和，進行分析．3、C【解題分析】

自行車的鏈條不打滑，齒輪上各點的線速度大小相等，小齒輪與后輪繞同一轉軸轉動，角速度相等．由v=ωr研究角速度的關系．由向心加速度公式分別研究三處的向心加速度的關系．【題目詳解】A項：自行車的鏈條不打滑，大齒輪邊緣點與小齒輪邊緣點的線速度大小相等，故A錯誤；B項：后輪邊緣點與小齒輪邊緣點屬于繞同一轉軸轉動，角速度相等．故B錯誤；C項：后輪邊緣點與小齒輪邊緣點的角速度相等，由公式an=ω2r得，向心加速度與半徑成正比，故C正確；D項：大齒輪邊緣點與小齒輪邊緣點，線速度大小相等，由公式可知，向心加速度與半徑成反比，故D錯誤．故應選：C．【題目點撥】本題考查靈活選擇物理規(guī)律的能力．對于圓周運動，公式較多，要根據不同的條件靈活選擇公式．4、C【解題分析】B輪和C輪是皮帶傳動，皮帶傳動的特點是兩輪與皮帶接觸點的線速度的大小與皮帶的線速度大小相同，故，根據，得：，故A錯誤；由于A輪和C輪共軸，故兩輪角速度相同，根據，得：，故B錯誤；因，而，，故，，故C正確，D錯誤；故選C．【題目點撥】要求線速度之比需要知道三者線速度關系：B、C兩輪是皮帶傳動，皮帶傳動的特點是皮帶和輪子接觸點的線速度的大小相同，A、C兩輪是軸傳動，軸傳動的特點是角速度相同．5、A【解題分析】

物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上，合外力大小和方向不一定變化，由此可以分析得出結論．【題目詳解】A．曲線運動的軌跡是曲線，物體的速度方向就是該點的切線方向，所以做曲線運動的物體的速度方向在時刻改變．所以A正確．B．物體運動速度的大小不一定改變，如勻速圓周運動，故B錯誤．C．物體運動的加速度大小不一定改變，如勻速圓周運動加速度大小不變．故C錯誤；D．物體運動的加速度方向不一定改變，如平拋運動加速度不變，所以D錯誤．6、AC【解題分析】

A.物塊A由P點出發(fā)第一次到達C點過程中，繩子拉力對A做正功，動能不斷增大，速度不斷增大，故A正確。B.到C點時B的速度為零。則根據功能關系可知，在物塊A由P點出發(fā)第一次到達C點過程中，物塊B克服細線拉力做的功等于B重力勢能的減少量，故B錯誤。C.由幾何知識可得AC=h，由于AB組成的系統(tǒng)機械能守恒，由對稱性可得物塊A在桿上長為2h的范圍內做往復運動。故C正確。

D.設物塊A經過C點時的速度大小為v，此時B的速度為0。根據系統(tǒng)的機械能守恒得：，得v=2，故D錯誤。7、AC【解題分析】根據萬有引力提供向心力，距離關系為：，有：，聯(lián)立解得：，因為雙星間的距離減小，則雙星相互公轉的周期逐漸變小，故A正確，B錯誤；根據萬有引力提供向心力，即m1r1=m2r2，可知軌道半徑比等于質量之反比，因質量不變，所以脈沖雙星逐漸靠近的過程中，它們各自做圓周運動的半徑逐漸減小，但其比值保持不變，故C正確；由上可知，不知道雙星間的距離，也就無法求出總質量，故D錯誤．所以AC正確，BD錯誤．8、CD【解題分析】

A.不稱重時，P在A端，接入電路的電阻最大，電流最小，但不為零，故A錯誤；B.達到最大稱重值時，滑動端到達B端，此時滑動變阻器接入電路的電阻為零，則電路中的電流為I=EC.所稱物體越重，P越向下，接入的電阻越小，電流越大，故C正確；D、總功率P總=EI，E不變，所稱物體越重，電流I越大，則電源的總功率越大，故D正確。9、ABD【解題分析】A、B、C由題，碰撞后兩球均有速度．根據碰撞過程中總動能不增加可知，E1＜E1，E2＜E1，P1＜P1．否則，就違反了能量守恒定律．故AB正確，C錯誤．D、根據動量守恒定律得：P1=P2-P1，得到P2=P1+P1，可見，P2＞P1．故D正確．故選ABD10、AC【解題分析】

A.因為速度是矢量，速度不變，即大小和方向都不變，由可知，動量是不變的，故A正確。B.因為速度是矢量，速率不變，即速度的大小不變，但是方向可能變化，因為動量是時矢量，速度的方向變化，動量也變化，故B錯誤。C.因為動能是標量，動能變化了，說明速度的大小變化，所以動量也一定變化，故C正確。D.因為動量是矢量，動量變化，可能是速度的方向變化，而大小不變，因為動能是標量，速度的方向變化而大小不變，動能不變，故D錯誤。二、實驗題11、0.1；1.5；2；【解題分析】（1）在豎直方向上，根據得，閃光相