2022年河南省商丘市高考物理三模試卷（附答案詳解）

2022年河南省商丘市高考物理三模試卷

1.關(guān)于近代物理知識(shí)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.核反應(yīng)方程每°Po-j°6X+￡He中，生成物X的中子數(shù)為124

B.軸235吸收慢中子裂變成中等質(zhì)量原子核的過(guò)程中，核子的平均質(zhì)量變大

C.口衰變中一個(gè)中子可轉(zhuǎn)化成一個(gè)質(zhì)子和一個(gè)電子，同時(shí)吸收能量

D.在輻射防護(hù)中，可以用電磁場(chǎng)來(lái)束縛中子

2.如圖所示，碰碰車(chē)周?chē)邢鹉z做成的緩沖裝置，可以

減小碰撞中的撞擊力。某次兩車(chē)相向而行，相撞前的

速度大小均為1.5m/s,碰撞過(guò)程作用時(shí)間約為0.2s,

每輛碰碰車(chē)和人的總質(zhì)量約為100kg。則兩車(chē)碰撞過(guò)

程中的平均作用力大小約為（）

A.125NB.375/VC.750ND.1500/V

3.家用電器使用的都是正弦式交變電流，電壓隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，若該交變

A.交變電流的頻率為0.02Hz

B.用電壓表測(cè)量該交流電壓時(shí)，讀數(shù)為311V

C.交變電流的電流有效值為3.114

D.將它加在電容器上時(shí)，電容器的耐壓值應(yīng)大于311IZ

4.如圖所示，三顆衛(wèi)星a、b、c繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),

軌道半徑相同，其中a是地球同步衛(wèi)星，b是傾斜軌道

衛(wèi)星，c是極地衛(wèi)星，貝ij（）

A.衛(wèi)星a可以經(jīng)過(guò)北京正上空

B.衛(wèi)星a、b、c的運(yùn)行角速度相等

C.衛(wèi)星b的運(yùn)行速度大于7.9km/s

D.衛(wèi)星c的運(yùn)行周期小于24小時(shí)

5.如圖所示，兩個(gè)等量正點(diǎn)電荷固定在空間中，MN為它們連線的中垂線，0點(diǎn)為二者

連線的中點(diǎn).帶負(fù)電的試探電荷，僅在電場(chǎng)力作用下由MN上的4處由靜止釋放，可

運(yùn)動(dòng)到B處（圖中未畫(huà)出）.取無(wú)限遠(yuǎn)電勢(shì)為零，則下列說(shuō)法正確的是（）

M：

人6

??

A.。4的距離大于0B的距離

B.試探電荷在4、B兩處的電勢(shì)能相等

c.試探電荷在o點(diǎn)電勢(shì)能為零

D.試探電荷在MN上運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力不做功

6.如圖所示，傾角為。=45。的斜面固定在地面上，可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從某位置自由

下落八高度后與斜面碰撞，碰撞過(guò)程中無(wú)能量損失，碰撞后小球水平拋出，最終落

到地面上。小球與斜面碰撞點(diǎn)距離水平面的高度也為/I,則下列說(shuō)法正確的有（）

A.小球從開(kāi)始到落地的總時(shí)間為2J寧

B.小球的水平位移大小為2八

C.小球落地時(shí)速度大小為2國(guó)［

D.小球落地時(shí)速度方向與水平方向成45。角

7.如圖甲所示，正方形線圈abed的匝數(shù)為n=10,處在垂直于線圈平面（紙面）的勻強(qiáng)

磁場(chǎng)中，正方形線圈邊長(zhǎng)ab=1m,線圈總電阻r=10,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間的

變化情況如圖乙所示。設(shè)圖甲所示的磁場(chǎng)方向與感應(yīng)電流方向?yàn)檎较?，則有關(guān)線

圈的電動(dòng)勢(shì)e、感應(yīng)電流i、焦耳熱Q以及ab邊所受安培力F（取沿紙面向下為正方向

）隨時(shí)間t的變化，下列各圖像正確的有（）

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8.下列關(guān)于四幅圖的說(shuō)法正確的有（）

如圖是回旋加速器,可通過(guò)增加電壓U使帶電粒子獲得的最大

動(dòng)能增大

B.如圖是磁流體發(fā)電機(jī)，B極板是發(fā)電機(jī)的正極

不計(jì)重力的電子從右向左沿直線運(yùn)動(dòng)

的速度大小為。=f

D

pi

D.,用呼民△飛士:「如圖是質(zhì)譜儀,粒子打在底片上的位置越靠近狹縫S3,說(shuō)

明粒子的比荷越大

9.某同學(xué)做研究勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，得到一條清晰的紙帶如

圖乙所示，并在紙帶上選取人B、C、D、E共5個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)(每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還

有4個(gè)點(diǎn)未畫(huà)出)，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的頻率為50Hz。

小車(chē)、抵帶接電源

打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

(1)關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是(填選項(xiàng)前字母)；

A釋放紙帶的同時(shí)，接通電源

B.先接通電源打點(diǎn)，后釋放紙帶運(yùn)動(dòng)

C.先釋放紙帶運(yùn)動(dòng)，后接通電源打點(diǎn)

D紙帶上的點(diǎn)跡越密集，說(shuō)明紙帶運(yùn)動(dòng)的速度越大

(2)小車(chē)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度大小為%=m/s(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；

(3)小車(chē)的加速度大小為a=m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。

10.圖(a)是測(cè)量電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r的原理圖。氏=2.50為定值保護(hù)電阻，電流表內(nèi)

阻不計(jì)，長(zhǎng)度為60cm的電阻絲ab上標(biāo)有長(zhǎng)度刻度。

J.0

4.0畸黑迫囤挹密第

10運(yùn)券隨麴寇葡睡

2.0i

建洲中聞?lì)}

1.0HHHHI1

OV.IQ.JQ.JQ.40.506

第4頁(yè)，共18頁(yè)

(1)在電阻絲接入電路前，使用多電表測(cè)量它的電阻，選擇倍率“X10”測(cè)量時(shí)指

針偏角過(guò)大，則應(yīng)選擇歐姆擋倍率(選填“x1”或“X100”)重新進(jìn)行測(cè)量。

正確操作后，多用表的示數(shù)如圖(b)所示，結(jié)果為,電阻絲單位長(zhǎng)度電阻

Mo=H/m；

(2)請(qǐng)根據(jù)電路圖(a)把實(shí)驗(yàn)圖(c)電路連接完整；

(3)閉合開(kāi)關(guān)S,記錄ac的長(zhǎng)度L和電流表4的示數(shù)/。多次滑動(dòng)c點(diǎn)改變ac的長(zhǎng)度，測(cè)

得多組L和/的值，并計(jì)算出對(duì)應(yīng)的亍值，則;=；(用E、八R。、L和的表示)

(4)圖9)是根據(jù)多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得到的-L圖像，由圖像得電動(dòng)勢(shì)后=V,內(nèi)

阻「=______0。(計(jì)算結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后兩位)

11.如圖所示為某滑雪賽道簡(jiǎn)化模型，運(yùn)動(dòng)員從雪道上的4點(diǎn)由靜止滑下后沿切線從B

點(diǎn)進(jìn)入半徑R=15m的豎直冰面圓弧軌道BCC,從軌道上的C點(diǎn)飛出。AB之間的豎

直高度h=27m,4B與水平地面間夾角為37。，。8與。C互相垂直，乙BOD=37°,

運(yùn)動(dòng)員和裝備的總質(zhì)量為徵=60kg,且可視為質(zhì)點(diǎn)，摩擦力和空氣阻力可忽略不

計(jì).已知重力加速度g取10m/s2,s譏37。=0.6,cos37°=0.80求：

(1)在軌道最低點(diǎn)。時(shí)，運(yùn)動(dòng)員對(duì)軌道的壓力大小；

(2)運(yùn)動(dòng)員滑離C點(diǎn)后在空中飛行過(guò)程中距。點(diǎn)的最大高度。

12.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系xOy的第一象限存在垂直于xOy平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，

第二象限存在沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E。一質(zhì)量為小，電荷量為

q的帶正電粒子在光軸上的4(-d,0)點(diǎn)沿y軸正方向射入電場(chǎng)區(qū)域，粒子第一次經(jīng)過(guò)y

軸時(shí)的速度方向與y軸正方向的夾角為60。，之后每相鄰兩次經(jīng)過(guò)y軸時(shí)的位置間距

相等。不計(jì)粒子重力。求：

(1)粒子的初速度火的大?。?/p>

(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?/p>

(3)粒子從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到第n次經(jīng)過(guò)y軸的時(shí)間。

13.下列說(shuō)法正確的()

A.分子間作用力隨分子間距離的增大而減小

B.布朗運(yùn)動(dòng)間接反映了液體分子的運(yùn)動(dòng)

C.完全失重的狀態(tài)下，氣體不會(huì)產(chǎn)生壓強(qiáng)

D.巖鹽是立方體結(jié)構(gòu)，粉碎后的巖鹽仍然是晶體

E.溫度相同的氫氣和氧氣，分子平均動(dòng)能相同

14.如圖所示，汽缸內(nèi)壁光滑且豎直放置，橫截面積為

5=2x10-3^2,厚度不計(jì)的活塞質(zhì)量為m=1kg.

活塞只能在48之間運(yùn)動(dòng)，B下方的容積為%=2.0x

10-3nl3,A、B之間的容積為4U=1.0xIO77n3,

大氣壓強(qiáng)Po=10x105Pa,取重力加速度g=

10m/s2,開(kāi)始時(shí)活塞停在B處，汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)

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為Pi=0.9po，溫度為27。3現(xiàn)緩慢加熱缸內(nèi)氣體.求:

①當(dāng)活塞恰好到達(dá)爾B中間時(shí)，缸內(nèi)氣體的溫度；

②當(dāng)汽缸內(nèi)溫度為327。（：時(shí)，汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)。

15.關(guān)于單擺，下列說(shuō)法正確的有（）

A.確定計(jì)算單擺周期公式的是惠更斯

B.單擺所受的合力就是單擺的回復(fù)力

C.在繞地球運(yùn)行的空間站中可以用單擺來(lái)計(jì)時(shí)

D.擺球經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)，回復(fù)力為零

E.單擺擺球所受回復(fù)力跟相對(duì)于平衡位置的位移成正比

16.如圖所示為半徑為R的:圓弧透明介質(zhì)的截面圖，其中。

點(diǎn)為圓心，。點(diǎn)為0B的中點(diǎn)，AC=^R.一束單色光

4

沿P】P2射入介質(zhì)，射到C點(diǎn)時(shí)恰好發(fā)生全反射且從。點(diǎn)

射出介質(zhì)，求：

①該透明介質(zhì)的折射率n；

②光線P1P2的入射角。。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：由核反應(yīng)的電荷數(shù)守恒可知，生成物X的質(zhì)子數(shù)為84-2=82,則中子數(shù)

為206—82=124,故A正確；

8、裂變的過(guò)程中會(huì)釋放能量，有質(zhì)量虧損，所以平均核子質(zhì)量會(huì)變小，故B錯(cuò)誤：

C、口裂變中一個(gè)中子變成一個(gè)質(zhì)子和電子，在衰變的過(guò)程中，同時(shí)會(huì)釋放出能量，故C

錯(cuò)誤；

￡?、中子不帶電，電磁場(chǎng)不會(huì)束縛中子，故。錯(cuò)誤。

故選：4。

根據(jù)核反應(yīng)過(guò)程質(zhì)量數(shù)守恒，可判斷生成物的中子數(shù)；根據(jù)裂變過(guò)程質(zhì)量虧損得到核子

平均質(zhì)量變??；夕衰變的過(guò)程存在質(zhì)量虧損，會(huì)釋放能量；中子不帶電。

本題比較簡(jiǎn)單，考查了有關(guān)原子核的基礎(chǔ)知識(shí)，對(duì)于這些基本知識(shí)也要注意積累和記憶，

平時(shí)加強(qiáng)理解和應(yīng)用。

2.【答案】C

【解析】解：以其中一輛小車(chē)碰前速度方向?yàn)檎较?，根?jù)動(dòng)量定理可得-=0-mv,

解得F=*|吧N=750N,故C正確，ABD錯(cuò)誤。

故選:Co

對(duì)碰撞過(guò)程進(jìn)行分析，應(yīng)用動(dòng)量定理求出相互作用力，明確合外力的沖量等于動(dòng)量的變

化量。

本題主要考查了動(dòng)量定理的應(yīng)用，動(dòng)量定理反映了沖量的作用效果是使物體動(dòng)量變化的

原因，是牛頓第二定律的另一種表達(dá)形式，它說(shuō)明了作用力等于物體動(dòng)量的變化率。

3.【答案】D

【解析】解：人由圖像可知周期為7=2x10-25,則頻率為/=%=高HZ=50Hz,

故A錯(cuò)誤；

B、由圖可知，交流電的最大值為UM=311U,電壓表的讀數(shù)為有效值，此正弦交流電

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的電壓有效值為0=母=爸V=220U,故B錯(cuò)誤；

C、交變電流的電流有效值為/=?=黑4=2.24故C錯(cuò)誤；

K1UU

。、電容器的耐壓值應(yīng)大于電壓的最大值，將它加在電容器上時(shí)，電容器的耐壓值應(yīng)大

于311V,故。正確；

故選：D。

根據(jù)圖像可知交流電的最大值和周期，即可取得頻率和有效值，根據(jù)歐姆定律求得電流,

電容器的耐壓值應(yīng)大于交流電的最大值。

本題主要考查了交流電的圖像，明確電流變和電壓表測(cè)量的為交流電的有效值，電容器

的耐壓值為交流電的瞬時(shí)值。

4.【答案】B

【解析】解：4、衛(wèi)星a是同步衛(wèi)星，只能定點(diǎn)在赤道的上空，不可能經(jīng)過(guò)北京正上空，

故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力：G^=ma)2r,可知3=用,由圖可知，衛(wèi)星a、b、c的

半徑相等，故三顆衛(wèi)星的角速度相等，故B正確；

C、根據(jù)G華=皿些可得p=怪,由于衛(wèi)星b的軌道半徑大于地球的半徑，則衛(wèi)星b的

rzryjr

運(yùn)行速率小于第一宇宙速度7.9/an/s,故C錯(cuò)誤；

D、衛(wèi)星a、c的軌道半徑相同，則兩衛(wèi)星的周期相同，即衛(wèi)星c的運(yùn)行周期為24小時(shí)，

故。錯(cuò)誤.

故選：B。

a是地球同步衛(wèi)星，其軌道平面必須在赤道平面，運(yùn)行周期與地球自轉(zhuǎn)周期相等；根據(jù)

萬(wàn)有引力提供向心力求得各量的表達(dá)式，比較速率和周期的大小。

解決本題的關(guān)鍵要掌握萬(wàn)有引力提供向心力這一思路，得到相關(guān)物理量的關(guān)系式，要明

確地球同步衛(wèi)星的軌道平面必須位于赤道平面。

5.【答案】B

【解析】解：AB,根據(jù)對(duì)稱性，。4的距離等于。8的距離，試探電荷在A、B兩處的電

勢(shì)能相等，故4錯(cuò)誤、8正確；

c、取無(wú)窮遠(yuǎn)電勢(shì)為零，試探電荷在。點(diǎn)電勢(shì)能為負(fù)值，故C錯(cuò)誤；

D、試探電荷在MN上運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，故。錯(cuò)誤.

故選：B。

本題要根據(jù)等量同種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布情況,抓住對(duì)稱性，分析試探電荷的受力情況,

分析其運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)電場(chǎng)力做功情況，分析其電勢(shì)能的變化情況。

掌握一些典型的電場(chǎng)線分布特點(diǎn)，知道電場(chǎng)線的疏密表示場(chǎng)強(qiáng)大小，會(huì)用電場(chǎng)力做功與

電勢(shì)能的變化關(guān)系分析勢(shì)能和動(dòng)能的變化。

6.【答案】ABD

【解析】解：4、小球做自由落體的時(shí)間為匕=后，小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為8=后，

總時(shí)間為土=h+今=2后，故A正確；

8、小球先自由下落八高度，與斜面碰撞前的速度大小為U=四和然后以速度v做平拋

2

運(yùn)動(dòng)，假設(shè)小球落在水平面上，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知h=\gt,x=vt=y/2gh-^=

2/i,小球的水平位移為2九，故B正確；

C、小球落地時(shí)豎直方向的分速度：vy=gt2=J2g/i,速度大小為藥=/謖+藥=

y/2gh+2gh=故C錯(cuò)誤；

。、小球落地時(shí)水平速度與豎直速度大小相等，故小球落地時(shí)速度方向與水平方向成45。

角，故。正確.

故選：ABD.

根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)的公式求出小球落到斜面上的時(shí)間，小球與斜面碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)，

將運(yùn)動(dòng)分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方向的自由落體運(yùn)動(dòng)，然后求解即可。

本題考查了自由落體運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)的應(yīng)用，解題的關(guān)鍵是清楚運(yùn)動(dòng)過(guò)程，熟練應(yīng)用運(yùn)

動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解題。

7.【答案】CD

【解析】解：4、0?1s內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為e】=嚶，代入數(shù)據(jù)，解得ei=2V,方

向?yàn)槟鏁r(shí)針，同理.1?5s內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為?2=嚓，代入數(shù)據(jù)，解得62=1（方

向?yàn)轫槙r(shí)針，故A錯(cuò)誤;

第10頁(yè)，共18頁(yè)

B、對(duì)應(yīng)0?Is內(nèi)的感應(yīng)電流大小為%=半，代入數(shù)據(jù)，解得&=24方向?yàn)槟鏁r(shí)針（負(fù)

值），同理1?5s內(nèi)的感應(yīng)電流大小為i2=14方向?yàn)轫槙r(shí)針（正值），故8錯(cuò)誤；

C、線圈產(chǎn)生的焦耳熱為Q=eit,0?1s內(nèi)8=4/,1?5s內(nèi)Qz=4/,故C正確；

D、訕邊受到的安培力大小為尸=nBiL,可知0?1s內(nèi)0W/W4N,方向向下，1?3s內(nèi)

0<F<2N,方向向上，3?5s內(nèi)0WFW2N,方向向下，故。正確.

故選：CD。

由感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)定義式計(jì)算電動(dòng)勢(shì)大小，結(jié)合楞次定律分析電流方向，由歐姆定律分析電

流大小，由焦耳定律求解焦耳熱，由安培力公式求解安培力大小。

本題考查電磁感應(yīng)，學(xué)生需熟練掌握楞次定律，閉合電路歐姆定律等綜合解題。

8.【答案】BD

【解析】解:4、甲圖中，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力quB=哈

可知〃=則，粒子獲得的最大動(dòng)能為以加=imv2=工znd空尸=選的，所以要想粒子

mKm22vm72m

獲得的最大動(dòng)能增大，可增加。形盒的半徑R和增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B,增加電壓U不能增大

最大初動(dòng)能，故A錯(cuò)誤；

8、乙圖中根據(jù)左手定則，正電荷向下偏轉(zhuǎn)，所以B極板帶正電，為發(fā)電機(jī)的正極，故8

正確；

C、丙圖中，電子從右向左運(yùn)動(dòng)通過(guò)復(fù)合場(chǎng)時(shí)，電場(chǎng)力豎直向上，根據(jù)左手定則，洛倫

茲力方向也向上，電子不會(huì)沿直線運(yùn)動(dòng)，所以不是速度選擇器，故C錯(cuò)誤；

D、由我8=噂可得5可知粒子打在底片上的位置越靠近狹縫S3,R越小，說(shuō)明

比荷越大，故。正確.

故選：BD。

根據(jù)洛倫茲力提供向心力求最大速度和最大動(dòng)能與電壓是否有關(guān)；根據(jù)左手定則判斷正

離子的偏轉(zhuǎn)方向，可知電源的正負(fù)極；根據(jù)帶電粒子沿直線運(yùn)動(dòng)的條件即勻速直線運(yùn)動(dòng)，

粒子受力平衡，可得粒子的速度；根據(jù)洛倫茲力提供向心力找到粒子的比荷與半徑的關(guān)

系。

解題時(shí)注意用左手定則判斷正粒子受力方向，注意根據(jù)洛倫茲力提供向心力找速度和動(dòng)

能、比荷的表達(dá)式。

9.【答案】B0.260.40

【解析】解：(l)ABC、由于小車(chē)速度較快，且運(yùn)動(dòng)距離有限，打出的紙帶長(zhǎng)度也有限，

為了能在長(zhǎng)度有限的紙帶上盡可能多地獲取間距適當(dāng)?shù)臄?shù)據(jù)點(diǎn)，實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源,

后釋放紙帶，故A、C錯(cuò)誤，B正確；

。、紙帶上的點(diǎn)跡越密集，說(shuō)明紙帶運(yùn)動(dòng)的速度越小，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

(2)小車(chē)經(jīng)過(guò)8點(diǎn)時(shí)的速度大小為方=退=52：0xl°-3m/s=0.26m/s.

2T2x0.1

(3)小車(chē)的加速度大小為a=也需產(chǎn)(0.12-0.052)-0.052m/s2=0.40m/s2.

(2X0.1)2

故答案為：(1)B;(2)0.26；(3)0.40

根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理了解實(shí)驗(yàn)操作的步驟；根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律計(jì)算出瞬時(shí)速度，結(jié)合

逐差法計(jì)算出小車(chē)的加速度。

本題主要考查了打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)量速度和加速度的實(shí)驗(yàn)，掌握實(shí)驗(yàn)操作和實(shí)驗(yàn)儀器的選取,

理解簡(jiǎn)單的數(shù)據(jù)分析，在計(jì)算過(guò)程中要注意單位的換算。

10.【答案】xl6010塔+饕2.001.50

EE

【解析】解：(1)在電阻絲接入電路前，使用多用電表測(cè)量待測(cè)電阻的阻值，選擇倍率

“X10”測(cè)量時(shí)指針偏角過(guò)大，應(yīng)選擇歐姆擋“xl”倍率重新進(jìn)行測(cè)量；

正確操作后，多用表的示數(shù)如圖(b)所示，結(jié)果為6。；

長(zhǎng)度為60cm的電阻絲上標(biāo)有長(zhǎng)度刻度，則

m10nm

Mo=7=急°/=/

(2)根據(jù)圖(a)畫(huà)出對(duì)應(yīng)的電路連線圖如下圖所示:

(3)因?yàn)槭谴?lián)電路，根據(jù)歐姆定律得:

E=/(Ro+U°L+r)

g|]l=等+

(4)由圖可知，鬻=2；勺="浸

EcU.56

第12頁(yè)，共18頁(yè)

聯(lián)立解得：E=2.00IZ；r=1.500

故答案為：(1)x1；60；10；(2)連線如上圖所示：(3)華+學(xué);(4)2.00；1.50

(1)熟悉歐姆擋的倍率調(diào)整，結(jié)合指針的偏角得出電阻的示數(shù)，同時(shí)根據(jù)單位長(zhǎng)度電阻

的定義式計(jì)算出具體的數(shù)值；

(2)根據(jù)圖(a)畫(huà)出完成的電路連線圖；

(3)根據(jù)歐姆定律得出對(duì)應(yīng)的表達(dá)式；

(4)根據(jù)圖像和表達(dá)式計(jì)算出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。

本題主要考查了電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是根據(jù)歐姆定律結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)

和圖像計(jì)算出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，整體難度不大。

11.【答案】解：(1)運(yùn)動(dòng)員從雪道上的4點(diǎn)由靜止滑到。點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得+

1r

R-Rcos37°)=-0

解得=10限mJs

在軌道最低點(diǎn)。時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律得FN-mg=遇

R

解得FN=3000W

由牛頓第三定律可知，在軌道最低點(diǎn)。時(shí)，運(yùn)動(dòng)員對(duì)軌道的壓力大小為F'N=3000/V

(2)運(yùn)動(dòng)員從圓弧軌道上D點(diǎn)由靜止滑到C點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得-mgRQ-sin37。)=

2

-2mv--2mvnD

解得=4V30m/s

運(yùn)動(dòng)員滑離C點(diǎn)后在空中做斜拋運(yùn)動(dòng)，拋出最高點(diǎn)與C點(diǎn)的高度差為/i,則有

(vccos37°y=2gh'

解得九'=15.36m

在空中飛行過(guò)程中距D點(diǎn)的最大高度為H=h'+/?(1-sin37。)，解得H=21.36m

答：(1)在軌道最低點(diǎn)。時(shí)，運(yùn)動(dòng)員對(duì)軌道的壓力大小為3000M

(2)運(yùn)動(dòng)員滑離C點(diǎn)后在空中飛行過(guò)程中距。點(diǎn)的最大高度為21.36m。

【解析】(1)運(yùn)動(dòng)員從4到。，根據(jù)動(dòng)能定理求得到達(dá)。點(diǎn)的速度，在。點(diǎn)，根據(jù)牛頓第

二定律求得軌道對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力；

(2)從。到C,根據(jù)動(dòng)能定理求得到達(dá)C點(diǎn)的速度，運(yùn)動(dòng)員從C點(diǎn)做斜拋運(yùn)動(dòng)，求得豎直方

向上升的高度，即可求得上升最高點(diǎn)距D的距離。

本題主要考查了動(dòng)能定理和斜拋運(yùn)動(dòng)，在。點(diǎn)利用牛頓第二定律求得相互作用力，在利

用動(dòng)能定理時(shí)抓住重力做功即可。

12.【答案】解：(1)粒子在第二象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律：qE=ma

水平方向：d=1at2

豎直方向：=vot,速度方向：tan60°="

解得：”借…。=日鏢’%=言d

(2)由題設(shè)已知條件，y2—y-i=d

由幾何關(guān)系：Rcos30°=^yi=^-d

23

從而得到：R=1d

洛倫茲力提供向心力：

而〃=2%=當(dāng)黑

從而得到：8=吃

72qd

(3)從月到丫2時(shí)間t'=理7="膽=2呼

第一次通過(guò)y軸的時(shí)間t,

第二次通過(guò)y軸的時(shí)間t+t'

第三次通過(guò)y軸的時(shí)間為2t+t'

第四次通過(guò)y軸的時(shí)間為3t+t'

當(dāng)n為奇數(shù)時(shí)7i=nt+分t'=t+十(2t+t')

當(dāng)n為偶數(shù)時(shí)&=(n-l)t+^tz=t+t,+^i(2t+t,)

代入可得：當(dāng)71為奇數(shù)時(shí)，”=n竿+(n-l)/r2dm

\qE3qE

當(dāng)n為偶數(shù)時(shí)，0=5—1)竿+?2dm

3qE

答：(1)粒子的初速度孫\2qEd

3

(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為牌;

\2md+(n-l)7i2dm

(3)粒子從4點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到第乳次經(jīng)過(guò)y軸的時(shí)間：當(dāng)n為奇數(shù)時(shí)，7\=n

qE3qE

第14頁(yè)，共18頁(yè)

當(dāng)n為偶數(shù)時(shí)，，?2=(n-1)

【解析】(1)粒子在第二象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)水平方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)和豎直方

向的勻速直線運(yùn)動(dòng)求解出粒子的初速度；

(2)進(jìn)入磁場(chǎng)后，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由幾何關(guān)系和動(dòng)力學(xué)規(guī)律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大

??；

(3)根據(jù)兒何知識(shí)求解粒子相鄰的兩次自右向左到達(dá)y軸時(shí)的距離，再根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)的周

期性分析粒子第n次到達(dá)y軸的時(shí)間。

解決該題的關(guān)鍵是掌握粒子每段過(guò)程的運(yùn)動(dòng)情況，能正確作出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)

軌跡，并能根據(jù)幾何知識(shí)求解粒子運(yùn)動(dòng)的圓心角以及相應(yīng)的長(zhǎng)度。

13.【答案】BDE

【解析】解：4、最初兩分子間的距離不明確，無(wú)法確定分子間作用力隨分子間距離的

增大是減小還是增大，故A錯(cuò)誤；

公布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，間接反映了液體分子的運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C、氣體的壓強(qiáng)是氣體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁產(chǎn)生的，不是由氣體重力產(chǎn)生的，故C

錯(cuò)誤；

。、巖鹽是立方體結(jié)構(gòu)，是晶體，且有規(guī)則的幾何形狀，粉碎后的巖鹽仍是晶體，仍有

規(guī)則的幾何形狀，故。正確；

E、溫度相同，分子的平均動(dòng)能相同，故E正確。

故選：BDE。

最初兩分子間的距離不明確，無(wú)法確定分子間作用力隨分子間距離的增大是減小還是增

大；

布朗運(yùn)動(dòng)是固體顆粒的運(yùn)動(dòng)，間接反映了液體分子的運(yùn)動(dòng)；

氣體的壓強(qiáng)是氣體分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁產(chǎn)生的；

巖鹽是立方體結(jié)構(gòu)，粉碎后的巖鹽仍然是晶體；

溫度相同，分子的平均動(dòng)能相同。

明確布朗運(yùn)動(dòng)的概念，知道分子距離與分子力之間的關(guān)系，知道晶體的概念，知道溫度

與平均動(dòng)能的關(guān)系。

14.【答案】解：①活塞剛離開(kāi)B處時(shí)壓強(qiáng)為P2=Po+詈=L0xl05pa+黛鼻尸a=

1.05x105Pa,

缸內(nèi)氣體先做等容變化，由查理定律可矢哈避

解得&=350K

33

初狀態(tài)為/=Vo=2.0x10-m,末狀態(tài)為匕=%+學(xué)=2.0xICT37n3+

-1.-0X-1-0-3m3q=2.5x10_3om3o

2

缸內(nèi)氣體做等壓變化,由蓋一呂薩克定律可知會(huì)W

解得73=437.5K

②假設(shè)活塞最終移動(dòng)到月處，則％=V0+AV=3