物理2021年高三5月大聯(lián)考（廣東卷）（全解全析）

2021年高三5月大聯(lián)考（廣東卷）

物理,全解全析

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ACBDCACBCBCBCD

1.A【解析】該核聚變要求在高溫高壓的條件下進(jìn)行，一個(gè)D（笊）核和T（瓶）核發(fā)生聚變反應(yīng)會(huì)產(chǎn)生

一個(gè)中子，并且釋放能量，反應(yīng)后平均核子質(zhì)量變小，所以BCD錯(cuò)誤，A正確。

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2.C【解析】對(duì)沙子，由動(dòng)能定理可知卬+%=八紇，%=-2.7xl0J,AEk=1.2xl0J,

IV=2.82xlO5J,所以C正確。

3.B【解析】若將運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)過(guò)程簡(jiǎn)化為平拋運(yùn)動(dòng)處理，由/z=gg/，可知.=后$,由v=±可知，v

大約為1.8m/s,所以B正確。

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4.D【解析】摩托車(chē)在鐵籠中做圓周運(yùn)動(dòng)，則在A點(diǎn)有加g+外二贊-,在B點(diǎn)有FB—%=笠~,

可得J：見(jiàn)=3:37,由牛頓第三定律可知，摩托車(chē)在48點(diǎn)對(duì)鐵籠的壓力之比同樣為3:37,所以D正確。

5.C【解析】風(fēng)速變大，氣球受到的水平向右的力變大，重力和空氣浮力不變，所以繩子的拉力一定要變

大，且6角變小，所以AB錯(cuò)誤，對(duì)氣球和人整體受力分析可知，豎直方向上的力不變，所以地面對(duì)小

朋友的支持力不變，而繩子拉力變大，地面對(duì)小朋友的摩擦力變大，則地面對(duì)小朋友的作用力變大，所

以C正確，D錯(cuò)誤。

6.A【解析】本題要求把現(xiàn)實(shí)生活的情境轉(zhuǎn)化為物理模型，兩云層間發(fā)生放電，其電場(chǎng)強(qiáng)度應(yīng)不小于空氣

被擊穿時(shí)的電場(chǎng)，則后=2=史二=1.0'106v/m,所以選A。

dIO」m

7.C【解析】由題意，燈泡正常發(fā)光，表明Ob間電壓為6V,而。為中點(diǎn)，故a、b間電壓為12V。由

于風(fēng)扇正常工作，故其額定電壓是12V,A錯(cuò)誤；流過(guò)風(fēng)扇的電流/=0.6A-0.1A=0.5A,風(fēng)扇的輸入

功率尸o=/U=6W,熱功率尸熱=府=0.25'0.8W=0.2W,風(fēng)扇輸出的機(jī)械功率P=Po-P熱=5.8W,B錯(cuò)誤；

根據(jù)能量守恒可知，變壓器的輸入功率為P總=尸。+'=6.6W,C正確；根據(jù)#=」得〃|=4400,D錯(cuò)

誤。

8.BC【解析】由赤道軌道變?yōu)闃O地軌道1,沿原軌道方向速度減小，垂直原軌道方向速度增大，除需要在

遠(yuǎn)火點(diǎn)朝運(yùn)動(dòng)的前方噴氣外，還需要向垂直于原運(yùn)動(dòng)的方向噴氣，所以A錯(cuò)誤；由極地軌道1變?yōu)闃O地

軌道2,由極地軌道2變?yōu)闃O地軌道3,都需要在近火點(diǎn)減速，所以在近火點(diǎn)朝運(yùn)動(dòng)的前方噴氣，故BC

正確，D錯(cuò)誤。

9.BC【解析】由題意，集裝箱離開(kāi)列車(chē)時(shí)的速度為0,之后在0?4m內(nèi)豎直向上做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，由

2x=V2-0，得x=4m時(shí)，集裝箱的速度v=20m/s,A錯(cuò)誤：由丫=〃得，仁20s,B正確；在

4m?6m內(nèi)，集裝箱向上做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，加速度向上，集裝箱處于超重狀態(tài)，C正確，

當(dāng)戶(hù)6m時(shí)加速度減小為0,但是向上的速度達(dá)到最大，故還會(huì)繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。

10.BCD【解析】棒到達(dá)磁場(chǎng)前做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所以A錯(cuò)誤，由于到磁場(chǎng)的距離不確定，當(dāng)達(dá)到

磁場(chǎng)的速度丫>“絲?’時(shí)，F(xiàn)A>mgsine,MN棒接著做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，所以B正確；當(dāng)達(dá)到

BU

磁場(chǎng)的速度X等詈

時(shí)，F(xiàn)A<mgsmG,MN棒接著做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，所以C正確；當(dāng)達(dá)

到磁場(chǎng)的速度丫=生絲絲C時(shí)，F(xiàn)A=mgsinf）,MN棒接著做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，所以D正確。答案：BCD。

BL

11.【答案】（1）最大靜摩擦力不等于滑動(dòng)摩擦力（合理即可）（2分）（2）擋光片的寬度4（2分）

s、hd2\lh2+13

(3)-------------------------------（2分）

L2gkL

【解析】（1）因?yàn)槟緣K與木板間的最大靜摩擦力大于滑動(dòng)摩擦力，導(dǎo)致木塊剛要滑動(dòng)時(shí)，彈簧的彈力

大于滑動(dòng)摩擦力，木塊相對(duì)滑動(dòng)后彈簧振動(dòng)，讀數(shù)不穩(wěn)定；

I,2?

（2）木塊在下滑過(guò)程中，有.（一）2=2（gsin6—〃gcos6）x,得^=——-----$7^=k

Af2（gsm6?-〃gcos61）（Ar）-

擊，而要通過(guò)圖線(xiàn)的斜率求得〃，需要測(cè)出擋光片的寬度必

d2hL

（3）由（2）分析知，k=———-------加，因sin^=~7=^==7,cos6=~^=^,解得〃=

2（gsm6-/zgcos6）"r+Z?"r+V

h

L2gkL

12.【答案】（每空2分）（1）電壓表的分流作用（2）使靈敏電流表的示數(shù)為0（3）S?1.68.0

【解析】（1）若用甲圖所示電路測(cè)量，通過(guò)電壓表的電流會(huì)導(dǎo)致系統(tǒng)誤差。

（2）采用圖乙所示電路時(shí)，第一步是進(jìn)行電阻絲上電壓刻度的校準(zhǔn)。移動(dòng)P至指針指在與標(biāo)準(zhǔn)電池電

動(dòng)勢(shì)瓦相等的電壓刻度上，閉合與、S2,調(diào)整用的阻值，使靈敏電流表的示數(shù)為0,就保證了指示值

就是心左端與指針之間電阻上電壓的實(shí)際值。為確保電阻絲R,上的電壓讀數(shù)是準(zhǔn)確的，在后續(xù)測(cè)量中，

必須確保Si閉合，Ei、R不變，開(kāi)關(guān)S2斷開(kāi)（標(biāo)準(zhǔn)電源已完成使命）。

（3）第二步是測(cè)電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻。斷開(kāi)S2,閉合S3、S4時(shí)，每次改變通的值要重新調(diào)整P的位置，使

G中電流為0,才能保證電阻絲上自左至右的電壓刻度值是待測(cè)電源的路端電壓.根據(jù)閉合電路歐姆定

律有，E^U+-r,整理得；=3+￡=，圖像應(yīng)是一條截距為斜率為高的直線(xiàn)。結(jié)合圖

RUExExRURExEx

丙可得，￡i—777TV=1.6V,t^kEx=x1.6C=8.0C。

0.620.1

13.【答案】⑴以=10m/s（2）N'=3740.4N

【解析】（1）由幾何關(guān)系可知豎直位移尸Rsin。得產(chǎn)1.8m（1分）

由vj=2gy,v）.=6m/s（2分）

V

（1分）

cos53°

vB=10m/s（1分）

（2）幾何關(guān)系可知BC的豎直高度h=R-Rsin0h=0A5m（1分）

由動(dòng)能定理可得：（M+m）g/z=g（M+m）y；-g（M+m）年（2分）

對(duì)運(yùn)動(dòng)員和滑板進(jìn)行受力分析：N—（M+〃z）g=（“；〃）.微分）

由牛頓第三定律得：N=N'（1分）

N'=3740.4N（1分）

14.【答案】（1）電場(chǎng)方向豎直向下芯。=與（2）Z,=（2+V2）d\—r2=（2->/2）d\—

ed丫紜丫紇

（3）Bo=^-d2mE^

ea

【解析】（1）只有當(dāng)電場(chǎng)方向豎直向下時(shí)，從P輻射出的電子，才能受到向上的電場(chǎng)力，向上偏轉(zhuǎn)。

當(dāng)場(chǎng)強(qiáng)增大到瓦時(shí)，電子都向上偏轉(zhuǎn)打到M上，豎直向下運(yùn)動(dòng)的電子恰好未打到N上，故所加電場(chǎng)的

方向應(yīng)豎直向下。（2分）

由動(dòng)能定理得

-eEod=0~Ek（I分）

解得氏=耳（1分）

ea

（2）從尸輻射出的電子豎直向下運(yùn)動(dòng)至N時(shí)速度減為0,之后反向到達(dá)M,此電子運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)；豎

直向上運(yùn)動(dòng)至M的電子運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短。設(shè)從P輻射出的電子的初速度為w,由動(dòng)能的表達(dá)式得

Ek=—（1分）

2

設(shè)電子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的加速度大小為小位移以向上為正方向，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得

J—vofi+-at\2（1分）

2

t/=voZ2+—a^22（1

2

由牛頓第二定律得所PE③（1分）

m

Im

聯(lián)立解得八=（2+夜）q瓦（1分）

t2-（2—夜）（1分）

（3）若從「輻射出的電子沿平行于屏的方向出射時(shí)不能打到屏上（速度方向垂直于磁場(chǎng)方向），則其

他電子均不能打到屏上，如圖所示。則有

d=2R（1分）

由牛頓第二定律得（2分）

R

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聯(lián)立，解得氏=石/瓦（1分）

15.（1）【答案】（每空2分）放熱相等

【解析】在2-7圖像中，由B到C,溫度不變，壓強(qiáng)增大，氣體對(duì)外放熱；B、。在過(guò)原點(diǎn)的直線(xiàn)上,

即野=祟，故氣體在3和。狀態(tài)時(shí)的體積相等。

（2）I答案】①「曰②弋空『整"

PoSPQS

【解析】①對(duì)活塞受力分析：pnS=p內(nèi)S即p內(nèi)=/為（1分）

②由于活塞與氣缸上表面之間沒(méi)有壓力，所以活塞與氣缸上表面之間沒(méi)有摩擦力

當(dāng)活塞受到氣缸下表面向左的摩擦力達(dá)到最大值時(shí)：poS=piS+wwg（1分）

Po_Px2、

---（1分）

A

解得『金詈"U分）

PoS

當(dāng)活塞受到氣缸下表面向右的摩擦力達(dá)到最大值時(shí)：poS+"mg=p2s（1分）

黑”分）

解得十=至±詈4。分）

PoS

的NPoS_wngPoS+T

所以----------A）s1s-----;—A）（］分）

PoSPoS

16.（1）【答案】（每空2分）0.4正

1QQ

【解析】由題圖可知2=8m,則T=—=——=0.4s：從/=（）時(shí)刻起經(jīng)過(guò)0.15s（士個(gè)周期），x=

v20m/s