2022屆浙江省溫州市環(huán)大羅山聯(lián)盟高考壓軸卷物理試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

考生須知：

1,全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色

字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。

2,請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。

3.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1.人們射向未來深空探測器是以光壓為動力的，讓太陽光垂直薄膜光帆照射并全部反射，從而產(chǎn)生光壓.設(shè)探測器在

軌道上運(yùn)行時，每秒每平方米獲得的太陽光能E=L5xl04j,薄膜光帆的面積S=6.0xl02m2,探測器的質(zhì)量m=60kg,已

h

知光子的動量的計算式P=7，那么探測器得到的加速度大小最接近

A,

A.O.OOlm/s2B.0.01m/s2C.0.0005m/s2D.0.005m/s2

2.在閉合電路中，以下說法中正確的是（）

A.在外電路和電源內(nèi)部，電荷都受非靜電力作用

B.在電源內(nèi)部電荷從負(fù)極到正極過程中只受非靜電力而不存在靜電力

C.靜電力與非靜電力對電荷做功都使電荷的電勢能減少

D.靜電力對電荷做功電勢能減少，非靜電力對電荷做功電勢能增加

3.1897年英國物理學(xué)家約瑟夫?約翰?湯姆生在研究陰極射線時發(fā)現(xiàn)了電子，這是人類最早發(fā)現(xiàn)的基本粒子。下列有

關(guān)電子說法正確的是（）

A.電子的發(fā)現(xiàn)說明原子核是有內(nèi)部結(jié)構(gòu)的

B.0射線也可能是原子核外電子電離形成的電子流，它具有中等的穿透能力

C.光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，逸出的光電子來源于金屬中自由電子

D.盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型認(rèn)為核外電子的軌道半徑是量子化的

4.一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動，假如該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運(yùn)動，動能增大為原來的4倍，不考慮衛(wèi)

星質(zhì)量的變化，則變軌前后衛(wèi)星的（）

A.向心加速度大小之比為1：4B.軌道半徑之比為4：1

C.周期之比為4：1D.角速度大小之比為1：2

5.科幻電影《流浪地球》講述了這樣的故事：太陽即將毀滅，人類在地球上建造出巨大的推進(jìn)器，使地球經(jīng)歷了停止

自轉(zhuǎn)、加速逃逸、勻速滑行、減速入軌等階段，最后成為比鄰星的一顆行星。假設(shè)若干年后，地球流浪成功。設(shè)比鄰

星的質(zhì)量為太陽質(zhì)量的!，地球質(zhì)量在流浪過程中損失了!，地球繞比鄰星運(yùn)行的軌道半徑為地球繞太陽運(yùn)行軌道半

徑的則地球繞比鄰星運(yùn)行與繞太陽運(yùn)行相比較，下列關(guān)系正確的是（）

2

A.公轉(zhuǎn)周期之比為心:4=1：1

B.向心加速度之比為a比：%=3:4

C.動能之比為紇比:E*日=3:8

D.萬有引力之比為鬣：國=3:8

6.如圖所示，一個人靜止在地面上，當(dāng)a=60"時，人能拉起重物的最大重力為人重力的0.2倍，已知地面對人的最

大靜摩擦力等于滑動摩擦力（忽略定滑輪的摩擦力），則當(dāng)a=30°時，人靜止時能拉起重物的最大重力約為人重力的

（）

A.0.3倍B.0.6倍C.0.8倍D.1.61倍

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7.如圖所示，M為固定在水平桌面上的有缺口的方形木塊，Med為半徑是R的四分之三光滑圓弧形軌道，a為軌道

的最高點(diǎn)，de面水平且有一定長度.今將質(zhì)量為機(jī)的小球在d點(diǎn)的正上方高為力處由靜止釋放，讓其自由下落到d處

切入軌道內(nèi)運(yùn)動，不計空氣阻力，則（）

A.只要無大于R,釋放后小球就能通過a點(diǎn)

B.只要改變?nèi)说拇笮?，就能使小球通過a點(diǎn)后，既可能落回軌道內(nèi)，又可能落到de面上

C.無論怎樣改變，，的大小，都不可能使小球通過a點(diǎn)后落回軌道內(nèi)

D.調(diào)節(jié)〃的大小，可以使小球飛出de面之外（即e的右側(cè)）

8.目前，世界上正在研究一種新型發(fā)電機(jī)叫磁流體發(fā)電機(jī)，立體圖如圖甲所示，側(cè)視圖如圖乙所示，其工作原理是：

燃燒室在高溫下將氣體全部電離為電子與正離子，即高溫等離子體，高溫等離子體經(jīng)噴管提速后以速度v=1000m/s進(jìn)

入矩形發(fā)電通道，發(fā)電通道有垂直于噴射速度方向的勻強(qiáng)磁場（圖乙中垂直紙面向里），磁感應(yīng)強(qiáng)度大小&=5T,等

離子體在發(fā)電通道內(nèi)發(fā)生偏轉(zhuǎn),這時兩金屬薄板上就會聚集電荷，形成電勢差。已知發(fā)電通道長L=50cm,寬/?=20cm,

高d=20cm,等離子體的電阻率"=4Qm,電子的電荷量e=L6xl（）r9c。不計電子和離子的重力以及微粒間的相互作

用，則以下判斷正確的是（）

A.發(fā)電機(jī)的電動勢為2500V

B.若電流表示數(shù)為16A,則單位時間（1s）內(nèi)打在下極板的電子有1020個

C.當(dāng)外接電阻為12。時，電流表的示數(shù)為50A

D.當(dāng)外接電阻為50。時，發(fā)電機(jī)輸出功率最大

9,按照十八大“五位一體”的總體布局，全國各省市啟動“263”專項行動，打響碧水藍(lán)天保衛(wèi)戰(zhàn)，暗訪組在某化工廠的

排污管末端安裝了如圖所示的流量計，測量管由絕緣材料制成，水平放置，其長為L、直徑為左右兩端開口，勻

強(qiáng)磁場方向豎直向上，在前后兩個內(nèi)側(cè)面a、c固定有金屬板作為電極，污水充滿管口從左向右流經(jīng)測量管時，°、c

兩端電壓為U,顯示儀器顯示污水流量為。（單位時間內(nèi)排出的污水體積）。則下列說法不正確的是（）

A.a側(cè)電勢比c側(cè)電勢低

B.若污水中正離子較多，則。側(cè)電勢比c側(cè)電勢高；若污水中負(fù)離子較多，則a側(cè)電勢比e側(cè)電勢低

C.污水中離子濃度越高，顯示儀器的示數(shù)將越大

D.污水流量。與U成正比，與L無關(guān)

10.2019年央視春晚加入了非常多的科技元素，在舞臺表演中還出現(xiàn)了無人機(jī)?，F(xiàn)通過傳感器將某臺無人機(jī)上升向前

追蹤拍攝的飛行過程轉(zhuǎn)化為豎直向上的速度內(nèi)及水平方向速度均與飛行時間f的關(guān)系圖象，如圖所示。則下列說法正

確的是（）

A.無人機(jī)在有時刻處于超重狀態(tài)

B.無人機(jī)在0?打這段時間內(nèi)沿直線飛行

C.無人機(jī)在，2時刻上升至最高點(diǎn)

D.無人機(jī)在hf時間內(nèi)做勻變速運(yùn)動

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖所示是“驗(yàn)證動量守恒定律”實(shí)驗(yàn)中獲得的頻閃照片，已知A、B兩滑塊的質(zhì)量分是在碰撞，肛=L5kg,

=lkg,拍攝共進(jìn)行了四次。第一次是在兩滑塊相撞之前，以后的三次是在碰撞墻之后。B滑塊原來處于靜止?fàn)顟B(tài)，

并且A、B滑塊在拍攝頻閃照片的這段時間內(nèi)是在10cm至105cm這段范圍內(nèi)運(yùn)動（以滑塊上的箭頭位置為準(zhǔn)），試根

據(jù)頻閃照片（閃光時間間隔為0.5s）回答問題。

0102030405060708090100110120130cm

（1）根據(jù)頻閃照片分析可知碰撞發(fā)生位置在__________cm刻度處；

（2）A滑塊碰撞后的速度v；=,B滑塊碰撞后的速度v；=，A滑塊碰撞前的速度巳=

⑶根據(jù)頻閃照片分析得出碰撞前兩個滑塊各自的質(zhì)量與各自的速度的乘積之和是—kg-m/s；碰撞后兩個滑塊各自的

質(zhì)量與各自的速度的乘積之和是一kg-m/s.本實(shí)驗(yàn)中得出的結(jié)論是。

12.（12分）如圖是實(shí)驗(yàn)室測定水平面和小物塊之間動摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置，曲面AB與水平面相切于B點(diǎn)且固定.帶

有遮光條的小物塊自曲面上面某一點(diǎn)釋放后沿水平面滑行最終停在C點(diǎn)，P為光電計時器的光電門，已知當(dāng)?shù)刂亓?/p>

速度為g.

（1）利用游標(biāo)卡尺測得遮光條的寬度如圖所示，則遮光條的寬度（1=<

（2）實(shí)驗(yàn)中除了測定遮光條的寬度外，還需要測量的物理量有；

A.小物塊質(zhì)量m

B.遮光條通過光電門的時間t

C.光電門到C點(diǎn)的距離s

D.小物塊釋放點(diǎn)的高度h

(3)為了減小實(shí)驗(yàn)誤差，同學(xué)們采用圖象法來處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，他們根據(jù)(2)測量的物理量，建立圖丙所示的坐標(biāo)系

來尋找關(guān)系，其中合理的是.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，在水平面上有一個固定的,光滑圓弧軌道岫，其半徑R=0.4m。緊靠圓弧軌道的右側(cè)有一足

4

夠長的水平傳送帶與圓弧軌道相切于b點(diǎn)，在電動機(jī)的帶動下皮帶以速度yo=2m/s順時針勻速轉(zhuǎn)動，在a的正上方高

//=0.4m處將小物塊A由靜止釋放，在a點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入圓弧軌道ab,當(dāng)A滑上水平傳送帶左端的同時小物塊B在

c點(diǎn)以v=4m/s的初速度向左運(yùn)動，兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量均為2kg,與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為〃=0.4。兩物

塊在傳送帶上運(yùn)動的過程中恰好不會發(fā)生碰撞，取g=10m/s2。求：

(1)小物塊A到達(dá)圓弧軌道最低點(diǎn)時對軌道的壓力大??；

(2)小物塊B、A開始相向運(yùn)動時的距離人；

(3)由于物塊相對傳送帶滑動，電動機(jī)多消耗的電能。

14.(16分)質(zhì)量為2kg的物體靜止在足夠大的水平面上，物體與地面間的動摩擦因數(shù)為1.2,最大靜摩擦力和滑動

摩擦力大小視為相等.從t=l時刻開始，物體受到方向不變、大小呈周期性變化的水平拉力F的作用，F(xiàn)隨時間t的

變化規(guī)律如圖所示.重力加速度g取Hm/s2,則物體在t=l至IJt=12s這段時間內(nèi)的位移大小為

,N

8--------1--------->T------------->

(III

1111

till

4--------i?---1i---

IIII

iiii

IIII

IeII_

036912t/s

A.18mB.54m

C.72mD.198m

15.(12分)如圖5c是位于豎直平面內(nèi)的一段光滑的圓弧軌道，圓弧軌道的半徑為r=3m,圓心角。=53。，圓心0

的正下方C與光滑的水平面相連接，圓弧軌道的末端C處安裝了一個壓力傳感器.水平面上靜止放置一個質(zhì)量M=lkg

的木板，木板的長度，=lm,木板的上表面的最右端放置一個靜止的小滑塊P”小滑塊P的質(zhì)量如未知，小滑塊Pi

與木板之間的動摩擦因數(shù)"=0.1.另有一個質(zhì)量加=lkg的小滑塊Pi,從圓弧軌道左上方的某個位置A處以某一水平

的初速度拋出，恰好能夠沿切線無碰撞地從5點(diǎn)進(jìn)入圓弧軌道，滑到C處時壓力傳感器的示數(shù)為/N,之后滑到水平

面上并與木板發(fā)生彈性碰撞且碰撞時間極短.(不計空氣阻力，重力加速度g=10m/slcos53o=0.6).求：

(1)求小滑塊B經(jīng)過C處時的速度大??；

(1)求位置4與C點(diǎn)之間的水平距離和豎直距離分別是多少？

(3)假設(shè)小滑塊A與木板間摩擦產(chǎn)生的熱量為。，請定量地討論熱量。與小滑塊B的質(zhì)量如之間的關(guān)系.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、A

【解析】

h

由￡=的，尸=;以及光在真空中光速c=獨(dú)知，光子的動量和能量之間關(guān)系為E=Pc.設(shè)時間t內(nèi)射到探測器上的光子

個數(shù)為力每個光子能量為反光子射到探測器上后全部反射，則這時光對探測器的光壓最大，設(shè)這個壓強(qiáng)為p壓；每

秒每平方米面積獲得的太陽光能：

n

po=—?E

t

由動量定理得

i

—=2p

n

壓強(qiáng)

F

〃壓=下

對探測器應(yīng)用牛頓第二定律

F=Ma

可得

M

代入數(shù)據(jù)得

0=1.0x10-31mzs2

故A正確，BCD錯誤.

故選A.

點(diǎn)睛：該題結(jié)合光子的相關(guān)知識考查動量定理的應(yīng)用，解答本題難度并不大，但解題時一定要細(xì)心、認(rèn)真，應(yīng)用動量

定理與牛頓第二定律即可解題.

2、D

【解析】

A.在電源內(nèi)部，電荷受非靜電力作用；在外電路，電荷不受非靜電力作用；故A項錯誤；

B.在電源內(nèi)部電荷從負(fù)極到正極過程中，電荷既受非靜電力又受靜電力，故B項錯誤；

CD.在閉合電路中，靜電力對電荷做功使電荷的電勢能減少，非靜電力對電荷做功使電荷的電勢能增加，故C項錯誤,

D項正確。

3、C

【解析】

A.電子的發(fā)現(xiàn)說明了原子是有內(nèi)部結(jié)構(gòu)的，無法說明原子核有內(nèi)部結(jié)構(gòu)。原子是由原子核和核外電子組成的。故A

錯誤。

B.小射線是核內(nèi)中子衰變?yōu)橘|(zhì)子時放出的電子形成的，與核外電子無關(guān)。故B錯誤。

C.根據(jù)光電效應(yīng)現(xiàn)象的定義可知光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，逸出的光電子來源于金屬中的自由電子。故C正確。

D.玻爾理論認(rèn)為電子軌道半徑是量子化的，盧瑟福的原子核式結(jié)構(gòu)模型認(rèn)為在原子的中心有一個很小的核，叫原子

核，原子的全部正電荷和幾乎全部質(zhì)量都集中在原子核里，帶負(fù)電的電子在核外空間里繞著核旋轉(zhuǎn)，故D錯誤。

故選C。

4、B

【解析】

MmV24/\CiM

AB.根據(jù)萬有引力充當(dāng)向心力G粵=〃?匚=m笄衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動的線速度丫=」乂"，

rrT-Vr

其動能同二色幽，由題知變軌后動能增大為原來的4倍，則變軌后軌道半徑/^二1打，變軌前后衛(wèi)星的軌道半徑之比

2r4

n：r2=4：l；向心加速度斫絲，變軌前后衛(wèi)星的向心加速度之比ai：放=1：16,故A錯誤，B正確；

廠

C.衛(wèi)星運(yùn)動的周期7=4也立1,變軌前后衛(wèi)星的周期之比［件=§,故C錯誤；

VGM1

D.衛(wèi)星運(yùn)動的角速度片J空，變軌前后衛(wèi)星的角速度之比&=、修=1,故D錯誤.

Vr302Vq8

5、C

【解析】

A.萬有引力提供向心力,由牛頓第二定律得

「Mm4"2

尸='n于"

解得

4匕：4=正：2

故A錯誤；

B.萬有引力提供向心力,由牛頓第二定律得

—Mm

G「一=ma

解得

GM

故

%：%=1:1

故B錯誤；

C.萬有引力提供向心力,由牛頓第二定律得

GMmv2

=m—

r7r

動能

代入數(shù)據(jù)計算解得動能之比為

E*比:E*日=3：8

故C正確；

D.萬有引力

「GMm

F=——

r

代入數(shù)據(jù)計算解得

電：4=3:4

故D錯誤。

故選C。

6、A

【解析】

設(shè)人與地面間的動摩擦因數(shù)為〃，當(dāng)a=60,時

0.2Gsin60°=〃(G-0.2Gcos60")

當(dāng)a=30°時

kGsin30°=〃(G-ZGcos300)

求得Za().3,選項A正確，BCD錯誤。

故選Ao

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、CD

【解析】

A.小球恰能通過a點(diǎn)的條件是小球的重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律：

V2

me=m—

R

解得：

根據(jù)動能定理:

mg(h-R)=—mv2

得：

h=15R

可知只有滿足/侖1.5R,釋放后小球才能通過〃點(diǎn)，故A錯誤；

BC.小球離開〃點(diǎn)時做平拋運(yùn)動，用平拋運(yùn)動的規(guī)律，水平方向的勻速直線運(yùn)動:

豎直方向的自由落體運(yùn)動：

1,

〃=產(chǎn)

解得：

故無論怎樣改變?nèi)说拇笮?，都不可能使小球通過a點(diǎn)后落回軌道內(nèi)，則B錯誤，C正確。

D.只要改變?nèi)说拇笮?，就能改變小球到達(dá)a點(diǎn)的速度，就有可能使小球通過a點(diǎn)后，落在de之間或之外。故D正確。

故選CD。

8、BC

【解析】

A.由等離子體所受的電場力和洛倫茲力平衡得

E

qvBQ—q—

則得發(fā)電機(jī)的電動勢為

E=Borfv=1000V

故A錯誤；

ne

B.由電流的定義可知/=一，代入數(shù)據(jù)解得

及

n=1020個

故B正確；

C.發(fā)電機(jī)的內(nèi)阻為

d

r=p—=8Q

Lh

由閉合電路歐姆定律

E

1=-------=50A

R+r

故c正確：

D.當(dāng)電路中內(nèi)、外電阻相等時發(fā)電機(jī)的輸出功率最大，此時外電阻為

R=r=8Q

故D錯誤。

故選BC?

9、BC

【解析】

AB.污水中正、負(fù)離子向右移動，受到洛倫茲力，根據(jù)左手定則，正離子向前表面c偏，負(fù)離子向后表面a偏，所以

a側(cè)電勢比c側(cè)低，與污水中正、負(fù)離子的數(shù)量無關(guān)，故A正確，不符合題意；B錯誤，符合題意；

C.穩(wěn)定后，離子受到洛倫茲力和電場力作用，受力平衡，有

吟=飲8

解得

U

u=----

DB

流量為

Q-當(dāng)2”吆

24B

分析可知，顯示儀器的示數(shù)Q與離子的濃度無關(guān)，故C錯誤，符合題意;

D.同理可知。與。成正比，與乙無關(guān)，故D正確，不符合題意。

故選BC?

10、AD

【解析】

A.根據(jù)圖象可知，無人機(jī)在A時刻，在豎直方向上向上做勻加速直線運(yùn)動，有豎直向上的加速度，處于超重狀態(tài)，

故A正確；

B.由圖象可知，無人機(jī)在U0時刻，4=0,合初速度為以沿水平方向，水平與豎直方向均有加速度，那么合加速度與

合初速度不共線，所以無人機(jī)做曲線運(yùn)動，即無人機(jī)沿曲線上升，故B錯誤；

C.無人機(jī)在豎直方向，先向上做勻加速直線運(yùn)動，后向上做勻減速直線運(yùn)動，在h時刻上升至最高點(diǎn)，故C錯誤；

D.無人機(jī)在打?時間內(nèi)，在水平方向上做勻速直線運(yùn)動，而在豎直方向上向上做勻減速直線運(yùn)動，因此無人機(jī)做勻

變速運(yùn)動，故D正確；

故選AD。

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、300.4m/s0.6m/s0.8m/s1.21.2兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒

【解析】

由碰撞前A、B位置可知碰撞發(fā)生在30cm處；

⑵[2][3]⑷碰后A的位置在40cm,60cm,80cm處，則

小小貯襁=。.4mzs

A0.5

碰后B的位置在45cm,75cm,105cm處，則

人亞空i6mzs

B0.5

由碰撞前A、B位置可知碰撞發(fā)生在30cm處，碰后B從30m處運(yùn)動到45cm處，經(jīng)過時間

(45—30)x10-2

t=----------------------s=0.25s

0.6

碰前A從10cm處運(yùn)動到30cm處用時

t'=0.5s—0.25s=0.25s

則碰前

(30—10)x10-2

v.=----------------------m/s=0.8m/s

A0.25

(3)⑸碰撞前兩個滑塊各自的質(zhì)量與各自的速度的乘積之和

mAvA+mBvB-1.2kg-m/s

[6]碰撞后兩個滑塊各自的質(zhì)量與各自的速度的乘積之和

mAv'A+mHv'H-1.2kg-m/s

⑺本實(shí)驗(yàn)中得出的結(jié)論是兩滑塊組成的系統(tǒng)在相互作用過程中動量守恒

12、(1)1.060；(2)BC；(3)B.

【解析】

(D主尺的刻度：1cm,游標(biāo)卡尺上的第12個刻度與主尺的刻度對齊，讀數(shù)是：0.05x12mm=0.60mm,總讀數(shù):

10mm+0.60mm=10.60mm=1.060cm.

(2)實(shí)驗(yàn)的原理：根據(jù)遮光條的寬度與物塊通過光電門的時間即可求得物塊的速度：V=y

B到C的過程中，摩擦力做功，根據(jù)動能定理得：-nmgs=0-gmv2

聯(lián)立以上兩個公式得動摩擦因數(shù)的表達(dá)式〃~7

2gs產(chǎn)

還需要測量的物理量是：光電門到C點(diǎn)的距離s與遮光條通過光電門的時間t,故BC正確，AD錯誤.

(3)由動摩擦因數(shù)的表達(dá)式可知，口與t2和s的乘積成反比，所以十與s的圖線是過原點(diǎn)的直線，應(yīng)該建立的坐標(biāo)系

為：縱坐標(biāo)用物理量器，橫坐標(biāo)用物理量s,即B正確，ACD錯誤.

【點(diǎn)睛】

本題通過動能定理得出動摩擦因數(shù)的表達(dá)式，從而確定要測量的物理量.要先確定實(shí)驗(yàn)的原理，然后依據(jù)實(shí)驗(yàn)的原理

解答即可；游標(biāo)卡尺的讀數(shù)時先讀出主尺的刻度，然后看游標(biāo)尺上的哪一個刻度與主尺的刻度對齊，最后讀出總讀數(shù);

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(I)IOON(2)5m(3)16J

【解析】

(1)小物塊A從靜止運(yùn)動到》點(diǎn)，由動能定理得

1,

mg(h+R)=—mvb

在》點(diǎn)由牛頓第二定律得

斤Vb

FN-mg=哈

K

解得

FN=100N

根據(jù)牛頓第二定律可知小物塊A到達(dá)圓弧軌道最低點(diǎn)時對軌道的壓力大小為100N

(2)由牛頓第二定律得

可知兩個小物塊的加速度大小均為

a=ftg=4m/s2

小物塊A向右減速至與傳送帶共速的過程中所需時間

It.—一一一%

小物塊A的位移

傳送帶的位移

Xl=VotA

所以A物塊相對傳送帶的位移

小物塊B向左減速至0再反向加速至與傳送帶共速的過程所需的時間

.="+也=1.5s

a

小物塊B的位移大小

V2-V-9

傳送帶的位移

*2=匕品

所以小物塊B相對傳送帶的位移

%=/+/

小物塊B、A開始相向運(yùn)動的距離

解得

L=5m

(3)小物塊A相對傳送帶運(yùn)動產(chǎn)生的熱量

Ql=gj

小物塊動能的變化量

1212

母Ar."叫一鼻叫

小物塊B相對傳送帶運(yùn)動產(chǎn)生的熱量

。2=卬唱樂

小物塊動能的變化量

AZ7121

^=-mv0--mv

所以電動機(jī)多消耗的能量

E=Q+△然+。2+然

解得

E=16J

14、B

【解析】

試題分析：對物體受力分析可知，1到3s內(nèi)，由于滑動摩擦力為：Ff=jiFN=nmg=l.2x21N=4N,恰好等于外力F大

小'所以物體仍能保持靜止?fàn)顟B(tài)'3s到6s內(nèi)'物體產(chǎn)生的加速度為：〃=￡/=彳=2加//,發(fā)生的位移為:

1,1,

X=一必2=一*2、32〃?=9相;65到95內(nèi)，物體所受的合力為零，做勻速直線運(yùn)動，由于6s時的速度為：

22

v=at=2x3=6m/s,所以發(fā)生的位移為：X3=vt=6x(9-6)=18m；9到12s內(nèi)，物體做勻加速直線運(yùn)動，發(fā)生的位移為:

X4=vt+—at2=6x3+—x2x32=27m；所以總位移為：x=1+X2+X3+X4==9+18+27=54m,所以B正確;

22

考點(diǎn)：牛頓第二定律的應(yīng)用

【名師點(diǎn)睛】遇到多過程的動力學(xué)問題，應(yīng)分別進(jìn)行受力分析和運(yùn)動過程分析，然后選取相應(yīng)的物理規(guī)律進(jìn)行求解,

也可以借助v?t圖象求解.

49m,

15、(2)7m/s(2)3.6m,2m(3)。2(1+犯)或Q=4m2

【解析】