浙江省縣域教研聯(lián)盟2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期12月模擬考試物理試卷（解析版）

PAGEPAGE12023學(xué)年第一學(xué)期浙江省縣域教研聯(lián)盟高三年級(jí)模擬考試物理考生須知：1．本卷滿分100分，考試時(shí)間90分鐘2．答題前，在答題卷指定區(qū)域填寫(xiě)班級(jí)、姓名、考場(chǎng)、座位號(hào)及準(zhǔn)考證號(hào)并核對(duì)條形碼信息；3．所有〖答案〗必須寫(xiě)在答題卷上，寫(xiě)在試卷上無(wú)效，考試結(jié)束后，只需上交答題卷；選擇題部分（共45分）一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.“卡路里”是一個(gè)食物熱量的單位，如果用國(guó)際單位制的基本單位表示正確的是（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗熱量的單位是J，功的單位也是J，根據(jù)則有故選B。2.杭州亞運(yùn)會(huì)中，女子決賽時(shí)，中國(guó)隊(duì)在第四道，并遙遙領(lǐng)先于其他隊(duì)獲得冠軍，關(guān)于這次比賽下列說(shuō)法正確的是（）A.中國(guó)隊(duì)的平均速度最大B.起跑時(shí)，助跑器對(duì)腳的力大于于腳蹬助跑器的力C.接棒時(shí)，后面的運(yùn)動(dòng)員可以把前面的運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)D.運(yùn)動(dòng)員以相同大小的線速度轉(zhuǎn)彎時(shí)，跑內(nèi)圈的加速度比跑外圈的加速度大〖答案〗D〖解析〗A．接力賽各隊(duì)的路程是相同的，中國(guó)隊(duì)的用時(shí)最短，則平均速率最大；而各隊(duì)的位移不相同，則無(wú)法比較平均速度，故A錯(cuò)誤；B．起跑時(shí)助跑器對(duì)腳的力和腳蹬助跑器的力是一對(duì)作用力和反作用力，總是等大反向，故B錯(cuò)誤；C．研究接棒時(shí)要考慮姿態(tài)和形狀，則后面的運(yùn)動(dòng)員不能把前面的運(yùn)動(dòng)員看成質(zhì)點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．向心加速度為，運(yùn)動(dòng)員以相同大小的線速度轉(zhuǎn)彎時(shí)，跑內(nèi)圈的半徑小，跑外圈的半徑大，則跑內(nèi)圈的加速度比跑外圈的加速度大，故D正確。故選D。3.如圖是采用動(dòng)力學(xué)方法測(cè)量空間站質(zhì)量的原理圖。若已知飛船質(zhì)量為，在飛船與空間站對(duì)接后，其推進(jìn)器的平均推力為，推進(jìn)器工作內(nèi)，測(cè)出飛船和空間站的速度變化是，則（）A.飛船對(duì)空間站的推力為B.飛船的加速度為C.空間站的質(zhì)量為D.在內(nèi)，飛船和空間站前進(jìn)的距離是〖答案〗C〖解析〗ABC．已知飛船質(zhì)量為m=3.0×103kg，在其推進(jìn)器的平均推力F作用下，整體獲得加速度為根據(jù)牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得M=87000kg飛船對(duì)空間站的推力為故AB錯(cuò)誤，C正確；D．因?yàn)槌鯛顟B(tài)不清楚，所以無(wú)法計(jì)算在內(nèi)，飛船和空間站前進(jìn)的距離，故D錯(cuò)誤。故選C。4.把如圖所示的兩個(gè)白熾燈串聯(lián)接到的電路中，則下列判斷正確的是（）A.甲燈比較亮 B.甲燈兩端的電壓小C.相同時(shí)間內(nèi)乙燈消耗的電能較多 D.相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)乙燈的電量多〖答案〗A〖解析〗ABC.由題得，甲燈的電阻為乙燈的電阻為兩燈串聯(lián)在電路中，流過(guò)兩燈電流相同，由知甲燈兩端電壓大。又由知甲燈比較亮。故A正確，B錯(cuò)誤；C.由知相同時(shí)間內(nèi)甲燈消耗的電能較多，故C錯(cuò)誤；D.由知相同時(shí)間內(nèi)通過(guò)兩燈的電量一樣大。故D錯(cuò)誤。故選A。5.下列圖片的描述正確的是（）A.圖甲中線圈從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量先變小后變大B.圖乙中點(diǎn)的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外C.圖丙中通電液體在磁場(chǎng)中將逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)（從上往下看）D.圖丁中電焊工人帶護(hù)目鏡的原因是為了防止頻率為的紅外線對(duì)眼睛的傷害〖答案〗C〖解析〗A．圖甲中線圈從運(yùn)動(dòng)到的過(guò)程中，穿過(guò)線圈的磁通量先變大后變小。故A錯(cuò)誤；B．圖乙中雙螺線管在點(diǎn)的磁場(chǎng)大小相等，方向相反。合磁感應(yīng)強(qiáng)度為零。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)左手定則可判斷圖丙中通電液體在磁場(chǎng)中將逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)（從上往下看）。故C正確；D．圖丁中電焊工人帶護(hù)目鏡的原因是為了防止紫外線對(duì)眼睛的傷害。故D錯(cuò)誤。故選C。6.華為mate60實(shí)現(xiàn)了手機(jī)衛(wèi)星通信，只要有衛(wèi)星信號(hào)覆蓋的地方，就可以實(shí)現(xiàn)通話。如圖所示三顆赤道上空的通信衛(wèi)星就能實(shí)現(xiàn)環(huán)赤道全球通信，已知三顆衛(wèi)星離地高度均為h，地球的半徑為R，地球同步衛(wèi)星離地高度為6R，地球表面重力加速度為，引力常量為G，下列說(shuō)法正確的是（）A.三顆通信衛(wèi)星受到地球的萬(wàn)有引力的大小相等B.能實(shí)現(xiàn)全球通信時(shí)，衛(wèi)星離地高度至少2RC.其中一顆質(zhì)量為m的通信衛(wèi)星的動(dòng)能為D.通信衛(wèi)星和地球自轉(zhuǎn)周期之比為〖答案〗C〖解析〗A．通信衛(wèi)星受到的萬(wàn)有引力大小為由于不知道三顆通信衛(wèi)星的質(zhì)量大小關(guān)系，所以三顆通信衛(wèi)星受到地球的萬(wàn)有引力大小不一定相等，故A錯(cuò)誤；B．三顆通信衛(wèi)星若要全面覆蓋，則其如圖所示由幾何關(guān)系可知，，，其OA為地球半徑R，所以由幾何關(guān)系有解得所以解得所以通信衛(wèi)星高度至少為R，故B錯(cuò)誤；C．對(duì)衛(wèi)星有，其萬(wàn)有引力提供做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，有在地球表面有其動(dòng)能為故C正確；D．對(duì)通信衛(wèi)星有地球的自轉(zhuǎn)周期與同步衛(wèi)星相同，對(duì)同步衛(wèi)星有整理有故D錯(cuò)誤。故選C。7.在軸上兩點(diǎn)分別放置兩電荷和為兩電荷中垂線上一點(diǎn)，且，在軸上的電場(chǎng)強(qiáng)度與的圖線如圖所示，規(guī)定場(chǎng)強(qiáng)沿軸正方向?yàn)檎?，則（）A.兩電荷為等量異種電荷B.點(diǎn)電勢(shì)小于0C.電子從到運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電勢(shì)能增大D.電子從到運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度先增大后減小〖答案〗D〖解析〗AB．根據(jù)題意，由圖可知，點(diǎn)左側(cè)電場(chǎng)方向沿軸正方向，點(diǎn)右側(cè)電場(chǎng)方向沿軸負(fù)方向，點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為0且，可知，、為等量正電荷，中垂線上的電場(chǎng)方向?yàn)橛牲c(diǎn)指向無(wú)窮遠(yuǎn)，根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知，由于無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為0，則點(diǎn)電勢(shì)大于0，故AB錯(cuò)誤；C．結(jié)合AB分析可知，電子從到運(yùn)動(dòng)過(guò)程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)題意，設(shè)，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式和場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可得，此時(shí)點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為在連線上取一點(diǎn)，令，由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式和場(chǎng)強(qiáng)疊加原理可得，此時(shí)點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為可知結(jié)合等量同種電荷連線中垂線上的電場(chǎng)強(qiáng)度情況可知，從到電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，則電子從到運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度先增大后減小，故D正確。故選D。8.把線圈、電容器、電源和單刀雙擲開(kāi)關(guān)按照?qǐng)D甲連成電路。把電壓傳感器（或示波器）的兩端連在電容器的兩個(gè)極板上。先把開(kāi)關(guān)置于電源一側(cè)，為電容器充電；稍后再把開(kāi)關(guān)置于線圈一側(cè)，使電容器通過(guò)線圈放電。觀察電腦顯示器（或示波器）顯示的電壓的波形如圖乙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器兩端的電壓逐漸減小的原因是因?yàn)樽愿芯€圈發(fā)熱所致B.若增大，則電壓峰值衰減得更快C.在時(shí)間段線路中的電流正逐漸增大D.在時(shí)間段電流方向?yàn)閳D甲中的逆時(shí)針?lè)较颉即鸢浮紻〖解析〗A．電容器兩端的電壓逐漸減小的原因有兩個(gè)分別是電路向外輻射電磁波，和電路本身的發(fā)熱轉(zhuǎn)化為內(nèi)能。故A錯(cuò)誤；B．若增大，則會(huì)改變電路的振蕩周期，不會(huì)影響電壓峰值的衰減。故B錯(cuò)誤；C．在時(shí)間段電容器處于正向充電，線路中的電流正逐漸減小。故C錯(cuò)誤；D．在時(shí)間段電容器處于正向放電，電流方向?yàn)閳D甲中的逆時(shí)針?lè)较颉９蔇正確。故選D。9.一輛汽車(chē)以的速度行駛時(shí)，每耗油約。根據(jù)汽油的熱值進(jìn)行簡(jiǎn)單的計(jì)算可知，這時(shí)的功率約為。如圖是一輛小汽車(chē)行駛時(shí)功率分配的大致比例圖。下列判斷正確的是（）A.每小時(shí)耗油 B.汽車(chē)熱功率是C.進(jìn)入發(fā)動(dòng)機(jī)的功率為 D.整輛汽車(chē)的總效率約為〖答案〗D〖解析〗A．汽車(chē)以的速度行駛，則每小時(shí)耗油8L，A錯(cuò)誤；B．汽車(chē)熱功率等于排氣管熱損與散熱器損失之和，即52kW，B錯(cuò)誤；C．進(jìn)入發(fā)動(dòng)機(jī)的功率等于總功率減去排氣管熱損、汽油蒸發(fā)損失、散熱器損失，即17kW，C錯(cuò)誤；D．整輛汽車(chē)的總效率約為D正確。故選D。10.如圖所示，木塊靜止在光滑水平面上，子彈A、B從兩側(cè)同時(shí)水平射入木塊，木塊始終保持靜止，子彈A射入木塊的深度是B的3倍。假設(shè)木塊對(duì)子彈阻力大小恒定，A、B做直線運(yùn)動(dòng)且不會(huì)相遇，則A、B運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.木塊和子彈A、B系統(tǒng)動(dòng)量不守恒B.子彈B的初速度大小是子彈A的初速度大小的3倍C.子彈B的質(zhì)量是子彈A的質(zhì)量的3倍D.若子彈A向右射入木塊，與木塊相對(duì)靜止后，子彈B再向左射入木塊，最終A進(jìn)入的深度仍是B的3倍〖答案〗C〖解析〗A．以木塊和子彈A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，系統(tǒng)受合外力是零，則有系統(tǒng)的動(dòng)量守恒，A錯(cuò)誤；BC．以木塊和子彈A、B組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，取水平向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得則有即子彈A的初動(dòng)量與子彈B的初動(dòng)量大小相等，由于木塊始終保持靜止，木塊受合力是零，可知兩子彈對(duì)木塊的作用力大小相等，由牛頓第三定律可知，兩子彈受木塊的阻力大小相等，設(shè)為Ff，子彈射入木塊的深度為d，由動(dòng)能定理，對(duì)子彈A有可得對(duì)子彈B有可得由于則有兩子彈初動(dòng)能的關(guān)系為由動(dòng)能公式可得解得即子彈B的質(zhì)量是子彈A的質(zhì)量的3倍；由于可得即子彈A的初速度大小是子彈B的初速度大小的3倍，B錯(cuò)誤，C正確；D．若子彈A向右射入木塊，子彈A與木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，子彈A與木塊相對(duì)靜止時(shí)有共同的速度，由能量守恒定律可知，系統(tǒng)減少的機(jī)械能可得子彈B再向左射入木塊，由于子彈A、B與木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由以上分析可知?jiǎng)t有系統(tǒng)的初動(dòng)量是零，由動(dòng)量守恒定律可知，最后A、B與木塊都靜止，子彈B射入木塊運(yùn)動(dòng)中，由能量守恒定律可知，系統(tǒng)減少的機(jī)械能可得由以上分析可知D錯(cuò)誤。故選C。11.如圖甲所示同一線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度不同的磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生圖乙所示三種周期相同，峰值不同的正弦式交流電，其中峰值，圖丙為某理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為，，則下列說(shuō)法正確的是（）A.產(chǎn)生和交流電，線圈的角速度之比為B.若將電感線圈接入輸出端時(shí)，線圈對(duì)交流電的感抗最大C.若該電源作為丙圖電路的輸入電源，則電阻和產(chǎn)生的熱量之比為D.對(duì)交流電，時(shí)刻，穿過(guò)線圈的磁通量最大〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)題意可知，周期相同，則由公式可知，產(chǎn)生和交流電，線圈的角速度之比為，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)公式可知，由于交流電周期相同，即頻率相同，則線圈對(duì)三種交流電的感抗相等，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，設(shè)原線圈中電流為，由電流與線圈匝數(shù)成反比可得，副線圈中電流為，由公式可知，由于，則電阻和產(chǎn)生的熱量之比為，故C正確；D．由圖可知，時(shí)刻，交流電感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，此時(shí)線圈與中性面垂直，磁通量為零，故D錯(cuò)誤。故選C。12.某同學(xué)采用如圖所示的裝置來(lái)研究光電效應(yīng)現(xiàn)象。某頻率為的單色光照射光電管的陰極K時(shí)，能發(fā)生光電效應(yīng)現(xiàn)象，若分別用頻率為和的單色光照射陰極（且），測(cè)量到的反向截止電壓分別為和。設(shè)電子質(zhì)量為，電荷量為，則下列關(guān)系式中正確的是（）A.單色光照射時(shí)電流計(jì)中的電流方向?yàn)閺挠业阶驜.圖中滑動(dòng)觸片向右移動(dòng)少許，電流計(jì)中的電流會(huì)變大C.普朗克常量D.兩種單色光照射陰極時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能之比為〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知，光電子由右側(cè)陰極飛出運(yùn)動(dòng)到左側(cè)，在電路中形成光電流，由正電荷定向移動(dòng)的方向?yàn)殡娏鞣较蚩傻?，電流?jì)中的電流方向?yàn)閺淖蟮接?，故A錯(cuò)誤；B．由圖可知，所加電壓是反向電壓，所以將滑動(dòng)變阻器的滑片向右移動(dòng)少許，反向電壓增大，電流計(jì)的示數(shù)應(yīng)該減小，故B錯(cuò)誤；CD．設(shè)極限頻率為，根據(jù)光電效應(yīng)方程有光電子在電場(chǎng)中做減速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理有解得，由于，可知故D錯(cuò)誤，C正確。故選C。13.如圖所示是一列沿軸正方向傳播的機(jī)械波在時(shí)的波形圖，由于某種原因，中間有一部分無(wú)法看清，已知該波的波速，下列說(shuō)法正確的是（）A.此波的波長(zhǎng)為B.時(shí)刻，處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向沿軸正方向C.時(shí)間內(nèi)，處的質(zhì)點(diǎn)通過(guò)的路程為D.再經(jīng)過(guò)，處的質(zhì)點(diǎn)傳播到處〖答案〗B〖解析〗A．據(jù)題意畫(huà)出波形圖如圖可得波長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B．因?yàn)椴ㄑ剌S正方向傳播，根據(jù)上下坡法，據(jù)A中圖可知沿傳播方向看處質(zhì)點(diǎn)處于下坡階段，應(yīng)向軸正方向運(yùn)動(dòng)，故B正確；C．該波的周期為而由題意可知振幅為，得路程為故C錯(cuò)誤；D．機(jī)械波傳播的只是振動(dòng)的形式和能量，質(zhì)點(diǎn)只在各自的平衡位置附近做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，并不隨波遷移，所以處的質(zhì)點(diǎn)只能在平衡位置做上下振動(dòng)，不會(huì)遷移到處，故D錯(cuò)誤。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題2分，共6分，每小題列出的四個(gè)選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不選全的得1分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.質(zhì)子、中子屬于強(qiáng)子，電子屬于輕子B.高速行進(jìn)的火車(chē)上向前射出的光，其速度大于光速cC.量子力學(xué)是統(tǒng)一描述微觀世界物理規(guī)律的普遍性理論D.愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)理論、康普頓散射理論、玻爾氫原子理論以及德布羅意物質(zhì)波假說(shuō)等一系列理論都和普朗克常量緊密相關(guān)〖答案〗ACD〖解析〗A．強(qiáng)子是一種亞原子粒子，所有受到強(qiáng)相互作用影響的亞原子粒子都被稱為強(qiáng)子，質(zhì)子、中子屬于強(qiáng)子；輕子是不直接參與強(qiáng)相互作用的粒子，電子屬于輕子，故A正確；B．由于光速不變?cè)砜芍?，行進(jìn)火車(chē)上向前射出的光，其速度仍等于光速，故B錯(cuò)誤；C．量子力學(xué)是統(tǒng)一描述微觀世界物理規(guī)律的普遍性理論，故C正確；D．愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)理論、康普頓散射理論、玻爾氫原子理論以及德布羅意物質(zhì)波假說(shuō)等一系列理論都和普朗克常量緊密相關(guān)，故D正確。故選ACD。15.某種材料的直角三棱鏡截面如圖所示，。一束垂直邊從點(diǎn)入射的細(xì)光束，經(jīng)三棱鏡反射、折射后，有光線從邊的中點(diǎn)垂直方向射出，該光線在三棱鏡內(nèi)只經(jīng)歷一次反射。已知真空中的光速為，邊長(zhǎng)度為。下列說(shuō)法正確的是（）A.三棱鏡對(duì)該單色光的折射率為 B.該單色光在邊發(fā)生全反射C.該單色光在三棱鏡中的傳播速度為 D.從點(diǎn)射出的光線在三棱鏡中的傳播路程為〖答案〗AC〖解析〗做出光路圖如下圖A．由題意可知,光線DF與法線夾角，反射光線EF與法線夾角為，由幾何關(guān)系可得，光線EF與法線夾角，光線從邊的中點(diǎn)垂直方向射出，有幾何關(guān)系可得，出射光線與法線夾角由折射定律可得A正確；B．由A的分析可知臨界角的正弦值為該單色光邊不會(huì)發(fā)生全反射，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可得C正確；D．由CE＝，，，可得，，由幾何關(guān)系可得因此，從點(diǎn)射出的光線在三棱鏡中的傳播路程為D錯(cuò)誤。故選AC。非選擇題部分（共55分）三、非選擇題（本題共6小題，共55分）16.在探究“加速度和力、質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中。小車(chē)受到的拉力測(cè)定至關(guān)重要，用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，不計(jì)滑輪與細(xì)線、輪軸間摩擦，已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。?）實(shí)驗(yàn)前，選擇槽碼時(shí)，槽碼的質(zhì)量________（填“需要”或“不需要”）滿足遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量。此時(shí)________（填“需要”或“不需要”）測(cè)定槽碼質(zhì)量。（2）實(shí)驗(yàn)一：小車(chē)質(zhì)量不變，改變槽碼質(zhì)量，多次實(shí)驗(yàn)，測(cè)出力傳感器的值，和小車(chē)加速度。作出圖像，如圖乙所示線，則圖線與橫軸的交點(diǎn)的含義為_(kāi)_______。（3）實(shí)驗(yàn)二：改變小車(chē)的質(zhì)量，用同一裝置重復(fù)做了該實(shí)驗(yàn)小組的實(shí)驗(yàn)，作出的圖像為線，則兩線所對(duì)應(yīng)的小車(chē)質(zhì)量和相比較，________（填“大于”“等于”“小于”）?！即鸢浮剑?）不需要不需要（2）小車(chē)受到的阻力（3）小于〖解析〗（1）[1][2]根據(jù)題意，由圖甲可知，繩子對(duì)小車(chē)的拉力可以通過(guò)力傳感器測(cè)量，則不需要滿足槽碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車(chē)的質(zhì)量，也不需要測(cè)定槽碼質(zhì)量。（2）[3]由圖乙可知，由于加速度時(shí)，拉力不為零，則小車(chē)受到的阻力作用，設(shè)小車(chē)受到的阻力為，由牛頓第二定律有可知，當(dāng)時(shí)即圖線與橫軸的交點(diǎn)的含義為小車(chē)受到的阻力。（3）[4]由（2）分析，整理可得可知，圖像斜率表示小車(chē)質(zhì)量的倒數(shù)，由圖乙可知，圖線的斜率大于圖線的斜率，則小于。17.（1）某位同學(xué)用下圖所示的方法測(cè)量金屬圓環(huán)的寬度，測(cè)量值________真實(shí)值（選填“大于”，“等于”或“小于”）；（2）某位同學(xué)分別用兩種儀器來(lái)測(cè)量擺球直徑，測(cè)量結(jié)果為，該同學(xué)選用的測(cè)量?jī)x器是________（選填“螺旋測(cè)微器”或“游標(biāo)卡尺”）。〖答案〗（1）大于（2）游標(biāo)卡尺〖解析〗（1）[1]使用游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬圓環(huán)的寬度，應(yīng)該用外測(cè)量爪下端尖刀位置進(jìn)行測(cè)量，圖中使用的是外測(cè)量爪的中間部分進(jìn)行測(cè)量，因此該方法測(cè)量值大于真實(shí)值；（2）[2]螺旋測(cè)微器的最小分度是0.01mm，測(cè)量時(shí)需要估讀到最小分度的下一位，根據(jù)題意，測(cè)量結(jié)果為不符合螺旋測(cè)微器的讀數(shù)規(guī)則，因此該同學(xué)選用的測(cè)量?jī)x器是“游標(biāo)卡尺”。18.某科技小組對(duì)充電寶不同電量時(shí)的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻進(jìn)行了研究。A小組的同學(xué)對(duì)電量百分比為的充電寶進(jìn)行了如下實(shí)驗(yàn)：兩只數(shù)字多用表分別作為電壓表和電流表；滑動(dòng)變阻器用于改變電路中的電流；作為保護(hù)電阻，以防止滑動(dòng)變阻器調(diào)節(jié)過(guò)度導(dǎo)致短路；電路中的電源為充電寶，通過(guò)充電寶的連接線接入電路。剝開(kāi)充電寶連接線的外絕緣層，里面有四根導(dǎo)線，紅導(dǎo)線為充電寶的正極，黑導(dǎo)線為負(fù)極，其余兩根導(dǎo)線空置不用。實(shí)物電路如圖甲所示。（1）圖甲中作為電流表的多用電表是________（填“A”或“B”）。（2）通過(guò)實(shí)驗(yàn)作出圖像如圖乙所示，則可得到充電寶的電動(dòng)勢(shì)________，內(nèi)阻________（計(jì)算結(jié)果保留兩位小數(shù)）。（3）若考慮電表內(nèi)阻，則充電寶內(nèi)阻測(cè)量的結(jié)果________（選填“偏大”“準(zhǔn)確”“偏小”）。B小組的同學(xué)利用如下器材對(duì)電量百分比為的同一充電寶進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)：除蓄電池、開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線外，可供使用的實(shí)驗(yàn)器材還有A．電阻箱（量程為）B．電壓表（量程，內(nèi)阻）C．定值電阻D．定值電阻小組同學(xué)將電壓表進(jìn)行了改裝為量程為后用如圖丙所示電路圖進(jìn)行測(cè)量。（4）在1、2處分別放上定值電阻，則1處應(yīng)選擇的定值電阻為_(kāi)_______（填“”或者“”）。（5）電壓表的讀數(shù)為，電阻箱的讀數(shù)為，將測(cè)得的數(shù)據(jù)繪制成圖像，如圖丁所示，可得出的結(jié)論為當(dāng)充電寶的電量百分比發(fā)生變化時(shí)，其電動(dòng)勢(shì)將________，內(nèi)阻________（以上兩空均選填“變大”“變小”或“基本不變”）?！即鸢浮剑?）B（2）5.06V##5.07V##5.08V########（3）偏小（4）（5）基本不變基本不變〖解析〗（1）[1]電流表應(yīng)與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，故圖甲中作為電流表的多用電表是B。（2）[2][3]根據(jù)閉合回路歐姆定律可得可得根據(jù)圖像在縱軸上的截距可得充電寶的電動(dòng)勢(shì)充電寶的內(nèi)阻等于圖像傾斜直線的斜率的絕對(duì)值（3）[4]由于電壓表的分流作用，電流測(cè)量值小于真實(shí)值，當(dāng)外電路短路時(shí)電流測(cè)量值等于真實(shí)值，電源U-I圖像如圖所示所以內(nèi)阻的測(cè)量值偏小。（4）[5]小組同學(xué)將電壓表進(jìn)行了改裝為量程為，則需要串聯(lián)的電阻為則1處應(yīng)選擇的定值電阻為。（5）[6][7]電路的歐姆定律可得解得由圖像可知解得，所以當(dāng)充電寶的電量百分比發(fā)生變化時(shí)，其電動(dòng)勢(shì)將基本不變，內(nèi)阻基本不變。19.如圖甲所示，一導(dǎo)熱良好、足夠長(zhǎng)的汽缸水平放置在地面上。汽缸質(zhì)量，汽缸內(nèi)一質(zhì)量，面積的活塞與缸壁光滑密接。汽缸與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)，近似認(rèn)為最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等，已知大氣壓，重力加速度。（1）當(dāng)把汽缸豎起來(lái)（如圖乙）活塞下移過(guò)程中，缸內(nèi)氣體________（填“吸熱”“放熱”），豎起穩(wěn)定后缸內(nèi)氣體分子的平均速率與甲圖相比________（填“變大”、“變小”或“不變”）；（2）當(dāng)把汽缸豎起來(lái)（如圖乙）發(fā)現(xiàn)活塞相對(duì)于甲圖位置下移了，求甲圖中活塞離缸底的距離；（3）把乙圖的汽缸水浴加熱，使活塞緩慢回到甲圖位置，若氣體吸收了的熱量，求氣體內(nèi)能的改變量。〖答案〗（1）放熱，不變；（2）0.21m；（3）0.9J〖解析〗（1）根據(jù)題意可知，氣體做等溫變化，氣體分子的平均速率與甲圖相比不變，氣體溫度不變，則氣體內(nèi)能不變，氣體體積減小，外接對(duì)氣體做功，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體放熱。（2）根據(jù)題意可知，甲圖中的壓強(qiáng)為，設(shè)乙圖中的氣體壓強(qiáng)為，則有解得設(shè)甲圖中離缸底距離為，乙圖中離缸底的距離為，由玻意耳定律有又有解得（3）根據(jù)題意可知，氣體做等壓變化，氣體對(duì)外做功為由熱力學(xué)第一定律有即氣體內(nèi)能增加了。20.如圖所示，在光滑平臺(tái)上可通過(guò)彈簧將小滑塊水平彈射，右側(cè)在豎直平面內(nèi)有兩個(gè)光滑圓弧軌道和水平粗糙軌道，下端水平相連。左邊軌道對(duì)應(yīng)的圓心角為，右側(cè)為四分之一圓弧。小滑塊靜止在右邊圓弧軌道的最低點(diǎn)。現(xiàn)將小滑塊從平臺(tái)彈出后，恰好從點(diǎn)沿圓弧進(jìn)入軌道。隨后與發(fā)生彈性碰撞。已知平臺(tái)與等高，，，左邊圓弧軌道的半徑為，右邊圓弧軌道的半徑為，水平軌道長(zhǎng)為，和與水平軌道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，取重力加速度，。（1）求進(jìn)入軌道點(diǎn)時(shí)滑塊的速率；（2）求碰撞后瞬間對(duì)軌道壓力；（3）求第一次碰撞后經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間兩滑塊再次相遇?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）小滑塊剛進(jìn)入軌道時(shí)的豎直方向速度為，則得得（2）碰撞前，由動(dòng)能定理有得M與N碰撞時(shí)為彈性碰撞，有動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律有解得，由牛頓第二定律有得根據(jù)牛頓第三定律可得對(duì)軌道的壓力為（3）滑塊停止的時(shí)間為在右邊圓弧上升的高度為，由機(jī)械能守恒定律有得所以故在右邊圓弧上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)又m在水平軌道上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為則相遇時(shí)間21.現(xiàn)有一種利用電磁感應(yīng)原理測(cè)血栓的傳感器，該傳感器部分的構(gòu)成如下圖，激勵(lì)線圈和反饋線圈分別裝在兩個(gè)圓盤(pán)上，兩圓盤(pán)圓心在同一豎直線上，如圖甲。轉(zhuǎn)盤(pán)固定，其邊緣圍繞一組環(huán)形的激勵(lì)線圈，內(nèi)部鋪裝有許多點(diǎn)狀磁感應(yīng)強(qiáng)度傳感器。轉(zhuǎn)盤(pán)可轉(zhuǎn)動(dòng)，內(nèi)部單匝反饋線圈為“三葉式”，如圖乙所示。該傳感器工作原理：當(dāng)檢測(cè)部位放入兩圓盤(pán)之間時(shí)，有血栓部位將導(dǎo)致反饋線圈所在圓盤(pán)對(duì)應(yīng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化，反饋線圈以角速度轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)將產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)將導(dǎo)致磁傳感器所在處的耦合磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化，從而確定血栓所在位置和大小。某次模擬測(cè)試時(shí)，放入半徑為的扇形模擬血栓塊，使得兩圓盤(pán)之間對(duì)應(yīng)區(qū)域磁感應(yīng)強(qiáng)度為零。若反饋線圈處磁感應(yīng)強(qiáng)度與激勵(lì)線圈的電流關(guān)系為，反饋線圈單位長(zhǎng)度的電阻為，線圈內(nèi)圈半徑為，外圈半徑（相關(guān)數(shù)學(xué)知