2022學(xué)年高二物理人教版必修三全冊(cè)考試復(fù)習(xí)必刷檢測(cè)卷（培優(yōu)版）考試卷

2022學(xué)年高二物理人教版必修三

全冊(cè)考試復(fù)習(xí)必刷檢源卷（培優(yōu)版）

一、單選題

1.（2022?全國(guó)?高三專(zhuān)題練習(xí)）黑體輻射的強(qiáng)度與波長(zhǎng)的關(guān)系如圖所示，由圖可知下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

輻射強(qiáng)度

A.隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)度都增加

B.隨著溫度的升高，輻射強(qiáng)度的極大值向著波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)

C.任何溫度下，黑體都會(huì)輻射各種波長(zhǎng)的電磁波

D.不同溫度下，黑體只會(huì)輻射相對(duì)應(yīng)的某些波長(zhǎng)的電磁波

2.（2020?福建?閩江學(xué)院附中高二期末）如圖，a、b、c為三根與紙面垂直的長(zhǎng)直導(dǎo)線，其橫截面位于正方

形的三個(gè)頂點(diǎn)上，導(dǎo)線中通有大小相同的電流，方向如圖所示。則置于正方形中心。點(diǎn)的小磁針N極指向

是

鍬

a0?。⑧c

X./

A.沿。到a方向

B.沿O到匕方向

C.沿。到c方向

D.沿。到d方向

3.（2020?福建省福州延安中學(xué)高二期末）如圖所示，把一個(gè)單匝矩形線圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈平面與磁

場(chǎng)方向平行時(shí)開(kāi)始，當(dāng)線圈繞。。'軸轉(zhuǎn)動(dòng)至與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，此過(guò)程中穿過(guò)線圈平面的磁通量變化為

)

0

3

B

0,

A.增大B.減小C.不變D.不能判斷

4.（2022?全國(guó)?高三專(zhuān)題練習(xí)）圖示電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定，A、8為平行板電容器，R為

定值電阻，&為滑動(dòng)變阻器，/?3為光敏電阻（電阻值隨光照強(qiáng)度的增加而減?。?，電流表A和電壓表V的

示數(shù)分別為/和下列說(shuō)法正確的是（）

A.將兄的滑動(dòng)觸頭P向左移動(dòng)，/將增大，U將減小

B.減小A、8板的正對(duì)面積，則電容器所帶電荷量增加

C.減小光照強(qiáng)度，/將減小，U將增大，電容器所帶電荷量將減小

D.減小光照強(qiáng)度，U變化量的絕對(duì)值與/變化量的絕對(duì)值的比值將變大

5.（2021.河南中原.高一月考）一橫截面積為S的銅導(dǎo)線，當(dāng)有電壓加在該導(dǎo)線上時(shí)，導(dǎo)線中的電流為/,

設(shè)每單位體積的導(dǎo)線中有〃個(gè)自由電子，電子的電荷量為e,此時(shí)電子定向移動(dòng)的速度為u,則（）

A.At時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的自由電子數(shù)目可表示為nvSM

\t時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面的自由電子數(shù)目可表示為需

B.

C.電流的微觀表達(dá)式I可表示為nev\t

D.電流的定義式/=芻

6.（2022?浙江?模擬預(yù)測(cè)）如圖所示，絕緣的水平面上有一質(zhì)量為0.1kg的帶電物體，物體與水平面間的動(dòng)

摩擦因數(shù)〃=0.75,物體恰能在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)中向右勻速運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E=1X1（）3N/C,g取10m/s2。

則下列說(shuō)法正確的是（）

///////77777777777777777777777

A.物體帶正電

B.物體所帶的電荷量絕對(duì)值為7.5xl0」C

C.若使物體向右加速運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)方向應(yīng)變?yōu)樾毕蜃笙路角遗c水平方向成37。角

D.若使物體向右加速運(yùn)動(dòng)，則加速度的最大值為1.25m/s2

7.（2021?河北?高二期中）如圖所示，正方形ABCO四邊的中點(diǎn)分別為a、b、c、d,在a、d位置分別放置

電荷量為F和+4的點(diǎn)電荷，為使。點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，則可以（）

A.在A處放置一個(gè)電荷量為-2扃的點(diǎn)電荷

B.在8處放置一個(gè)電荷量為+2心的點(diǎn)電荷

C.在C處放置一個(gè)電荷量為-24的點(diǎn)電荷

D.在。處放置一個(gè)電荷量為+2。的點(diǎn)電荷

8.（2021?全國(guó)?高二單元測(cè)試）1820年4月，丹麥物理學(xué)家?jiàn)W斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)。已知通電長(zhǎng)直導(dǎo)線

周?chē)滁c(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度8=即磁感應(yīng)強(qiáng)度8與導(dǎo)線中的電流/成正比、與該點(diǎn)到導(dǎo)線的距離『成反比。

r

如圖所示，兩根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線相距為%,分別通以大小不等、方向相同的電流，己知乙＞/2。規(guī)定磁場(chǎng)方向

垂直紙面向里為正，在0?與區(qū)間內(nèi)磁感強(qiáng)度B隨x變化的圖線可能是圖中的（）

A.粒子從K到L的過(guò)程中，靜電力做負(fù)功，電勢(shì)能增加

B.粒子從L到例的過(guò)程中，靜電力做負(fù)功，電勢(shì)能增加

C.<pa><pi>>（pc

D.（pa?ph<（Pc

11.（2021?山西?康杰中學(xué)高二月考）如圖所示，用一絕緣細(xì)線系一帶電小球，小球的質(zhì)量為帶電荷量

為伙在距離小球乙處另外放置一點(diǎn)電荷，細(xì)線與豎直方向的夾角為60。時(shí)，小球處于平衡狀態(tài)。靜電力常

量為重力加速度為g,該點(diǎn)電荷的電荷量可能為（）

12.（2021?吉林?東北師大附中高二月考）在如圖甲所示的電路中，LHL2、L3為三個(gè)相同規(guī)格的小燈泡,

這種小燈泡的伏安特性曲線如圖乙所示。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，電路中的總電流為0.25A,則此時(shí)（）

A.Li兩端的電壓為L(zhǎng)2兩端電壓的2倍

B.三個(gè)燈泡的電阻率隨電壓升高而逐漸變大

C.三個(gè)燈泡的電阻率隨電壓升高而逐漸變小

D.L,的電阻為12Q

13.（2021?四川?樹(shù)德中學(xué)高二月考）如圖所示，在豎直放置的平行金屬板A、3之間加上恒定電壓U,A、

8兩板的中央留有小孔。卜02,在B的右側(cè)有平行于極板的勻強(qiáng)電場(chǎng)E,電場(chǎng)范圍足夠大，感光板垂

直于電場(chǎng)方向放置，第一次從小孔Oi處從靜止釋放一個(gè)質(zhì)子，第二次從小孔Oi處從靜止釋放一個(gè)a粒子,

關(guān)于這兩個(gè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的判斷正確的是（）

MN

A.質(zhì)子和a粒子打到感光板上時(shí)的速度之比為2：1

B.質(zhì)子和a粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相同

C.質(zhì)子和a粒子打到感光板上時(shí)的動(dòng)能之比為1：2

D.質(zhì)子和a粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡重疊在一?起

14.（2021?河南焦作?高二期中）如圖所示，空間存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)，光滑圓軌道固定在豎直平面內(nèi)，

圓軌道用絕緣材料制成，圓軌道半徑為『，戶(hù)是圓軌道上一點(diǎn)，P與圓心。的連線與水平方向成30。角。圓

軌道上有一個(gè)質(zhì)量為，〃的帶電小球，當(dāng)小球靜止時(shí)給它一個(gè)合適的初速度，使它剛好能沿著圓軌道做完整

的圓周運(yùn)動(dòng)，每當(dāng)小球經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)它的動(dòng)能最大，已知重力加速度為g,則下面選項(xiàng)正確的是（）

A.電場(chǎng)對(duì)小球作用力大小為JJwg

B.小球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度為后

C.小球做圓周運(yùn)動(dòng)的最小速度為正

D.小球經(jīng)過(guò)圓軌道最低點(diǎn)時(shí)圓軌道對(duì)它的作用力大小為9〃?g

15.（2021.吉林?東北師大附中高二月考）如圖所示0、A是某電場(chǎng)中的一條電場(chǎng)線上兩點(diǎn)，在電場(chǎng)線上以。

點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)建立坐標(biāo)軸。一正電荷僅在電場(chǎng)力作用下沿電場(chǎng)線從O點(diǎn)到A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的v-t圖象如圖所

示。則坐標(biāo)軸上各點(diǎn)電勢(shì)隨坐標(biāo)變化的夕-x圖像和電荷電勢(shì)能3隨坐標(biāo)變化的Ep-x圖像中可能正確的是

（）

三、填空題

16.（2021?安徽?定遠(yuǎn)縣育才學(xué)校高二月考）如圖，實(shí)心金屬球A半徑為R,帶電量為Q,點(diǎn)電荷2帶電量

為4。8與A球心間的距離為人當(dāng)8不存在而只有A存在且達(dá)到靜電平衡狀態(tài)時(shí)，電荷。在球心。處的電

場(chǎng)強(qiáng)度等于。當(dāng)點(diǎn)電荷B也同時(shí)存在并達(dá)到靜電平衡時(shí)，金屬球上的電荷在球心O處產(chǎn)生的場(chǎng)

強(qiáng)的大小等于

17.（2021?西藏?拉薩市第二高級(jí)中學(xué)高二月考）如圖所示，絕緣底座上固定一電荷量為8x1（?6c的帶正電小

球A,其正上方。點(diǎn)處用輕細(xì)彈簧懸掛一質(zhì)量，"=0.06kg、電荷量為-2x1（y6c的小球B,彈簧的勁度系數(shù)

fa）=5N/m,原長(zhǎng)Lo=O.3m。若小球B恰能以A球?yàn)閳A心在水平面內(nèi)做順時(shí)針?lè)较颍◤纳贤驴矗┑膭蛩賵A周

運(yùn)動(dòng)，此時(shí)彈簧與豎直方向的夾角夕=53。，則小球B球做圓周運(yùn)動(dòng)的速度大小為m/s,此時(shí)彈簧的長(zhǎng)

度為mo（已知靜電力常量:9.0xl09N.m2/C2,5訪53。=0.8,cos53°=0.6,g=10m/s2,兩小球都視為點(diǎn)

電荷）

四、實(shí)驗(yàn)題

18.（2021.重慶市廣益中學(xué)校高二月考）某實(shí)驗(yàn)小組想要測(cè)量一量程為6V的電壓表的內(nèi)阻，他進(jìn)行了如下

的操作：

（1）先用多用電表的歐姆擋進(jìn)行測(cè)量，將歐姆擋選擇開(kāi)關(guān)撥至“xlO”倍率時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏角較小，說(shuō)明電

阻較一（填‘‘大"或‘'小"），于是改用一（填“xl”或“xioo”）倍率；歐姆表表盤(pán)如圖甲所示，根據(jù)選好的

擋位，讀出電壓表的阻值為_(kāi)。；每次換擋后都要進(jìn)行的操作是—（填“機(jī)械調(diào)零”或“歐姆調(diào)零”）；測(cè)量

時(shí)，紅表筆接電壓表的一極（填“正”或"負(fù)

5000fW

2500JW

(1)該同學(xué)發(fā)現(xiàn)電流表A的量程太大，于是他將電流表G與定值電阻R并聯(lián)，實(shí)際上是進(jìn)行了電表的改

裝，則他改裝后的電流表對(duì)應(yīng)的量程是Ao(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)

(2)為了能準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，同時(shí)為了操作方便，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的滑動(dòng)變阻器是。(填"Ri”或"R2”)

(3)該同學(xué)利用上述實(shí)驗(yàn)原理圖測(cè)得數(shù)據(jù)，以電流表G讀數(shù)為橫坐標(biāo)，以電壓表V讀數(shù)為縱坐標(biāo)繪出了

如圖所示的圖線，根據(jù)圖線可求出電源的電動(dòng)勢(shì)族V,電源的內(nèi)阻尸(結(jié)果均保留兩位

有效數(shù)字)

(4)若實(shí)驗(yàn)中電壓表內(nèi)阻的影響不能忽略，如由上述圖線求得的電動(dòng)勢(shì)將比真實(shí)值_______(填“偏大”、"不

變”或“偏小”)求得的內(nèi)阻將比真實(shí)值_______(填“偏大”、“不變”或“偏小”)

五、解答題

20.(2019?青海?涅川中學(xué)高二期中)如圖所示，在E=l()3v/m的豎直勻強(qiáng)電場(chǎng)中，有一光滑半圓形絕緣軌

道QPN與一水平絕緣軌道在N點(diǎn)平滑相接，半圓形軌道平面與電場(chǎng)線平行，其半徑R=40cm,N為

半圓形軌道最低點(diǎn)，P為QN圓弧的中點(diǎn)，一帶負(fù)電q=104c的小滑塊質(zhì)量機(jī)=10g,與水平軌道間的動(dòng)

摩擦因數(shù)〃=0.15,位于N點(diǎn)右側(cè)1.5m的M處，g取lOm/s2,求：

(1)小滑塊從M點(diǎn)到Q點(diǎn)電場(chǎng)力做的功

(2)要使小滑塊恰能運(yùn)動(dòng)到半圓形軌道的最高點(diǎn)Q,則小滑塊應(yīng)以多大的初速度vo向左運(yùn)動(dòng)？

(3)這樣運(yùn)動(dòng)的小滑塊通過(guò)P點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力是多大？

21.(2021.吉林?洪南市第一中學(xué)高二月考)如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)

中運(yùn)動(dòng)，A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩點(diǎn).已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為vo,方向與電場(chǎng)方向的夾角為60。；

它運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度方向與電場(chǎng)方向的夾角為30。.不計(jì)重力.求A、B兩點(diǎn)間的電勢(shì)差.

-------------------

_________B

/%電場(chǎng):

22.（2019?江西省遂川中學(xué)高二月考）如圖所示電路中，N=3。，R?=6C,7?3=1.5Q,C=20〃F,當(dāng)開(kāi)

關(guān)Si閉合、邑?cái)嚅_(kāi)電路穩(wěn)定時(shí)，電源消耗的總功率為七|=2卬，當(dāng)開(kāi)關(guān)，、邑都閉合電路穩(wěn)定時(shí)，電源消

耗的總功率為42=4卬，求：

LiI

⑴電源電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r；

（2）當(dāng)航閉合，邑?cái)嚅_(kāi)，電路穩(wěn)定后，電容器所帶的電量為多少；

（3）當(dāng)加、工都閉合電路穩(wěn)定時(shí)，電源的輸出功率及電容器所帶的電量各為多少？

23.（2021?全國(guó)?高二專(zhuān)題練習(xí)）如圖，兩水平面（虛線）之間的距離為H,其間的區(qū)域存在方向水平向右

的勻強(qiáng)電場(chǎng).自該區(qū)域上方的A點(diǎn)將質(zhì)量為機(jī)、電荷量分別為4和-q（?>0）的帶電小球M、N先后以相同

的初速度沿平行于電場(chǎng)的方向射出.小球在重力作用下進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開(kāi).已知N

離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的速度方向豎直向下；M在電場(chǎng)中做直線運(yùn)動(dòng)，剛離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能為N剛離開(kāi)電場(chǎng)時(shí)的動(dòng)能

的1.5倍.不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g.求

4f

I

左7右

___________________Y____

(1)M與N在電場(chǎng)中沿水平方向的位移之比;

(2)A點(diǎn)距電場(chǎng)上邊界的高度；

(3)該電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小.

全冊(cè)考試復(fù)習(xí)必刷檢測(cè)卷（培優(yōu)版）全解全析

1.D

【詳解】

A.由題圖可以看出，隨著溫度的升高，各種波長(zhǎng)的輻射強(qiáng)度都增加，故A正確，不符合題意；

B.隨著溫度的升高，輻射強(qiáng)度的極大值向波長(zhǎng)較短的方向移動(dòng)，故B正確，不符合題意；

CD.任何溫度下，黑體都會(huì)輻射各種波長(zhǎng)的電磁波，故C正確，不符合題意，D錯(cuò)誤，符合題意。

故選D。

2.C

【詳解】

根據(jù)題意，由右手螺旋定則，則有。與c導(dǎo)線電流在0點(diǎn)產(chǎn)生磁場(chǎng)正好相互抵消，則由b導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng),

由右手螺旋定則，得磁場(chǎng)方向水平向右。置于。點(diǎn)的小磁針N極指向磁場(chǎng)的方向，所以小磁針N極指向

沿0到c方向。

A.沿。到a方向。與上述結(jié)論不符，故A錯(cuò)誤；

B.沿0到6方向。與上述結(jié)論不符，故B錯(cuò)誤；

C.沿。到c方向。與上述結(jié)論相符，故C正確；

D.沿。到d方向。與上述結(jié)論不符，故D錯(cuò)誤。

故選：C

3.A

【詳解】

當(dāng)線圈平面與磁場(chǎng)方向平行時(shí)穿過(guò)線圈收尾磁通量為零；當(dāng)線圈轉(zhuǎn)動(dòng)至與磁場(chǎng)方向垂直時(shí)，磁通量最大；

則根據(jù)

①=8Ssin6

可知，隨著6增加，穿過(guò)線圈平面的磁通量增大。

故選A?

4.C

【詳解】

A.滑動(dòng)變阻器處于含電容支路中，相當(dāng)于導(dǎo)線，所以移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，/不變，U不變，A錯(cuò)誤；

B.若僅減小A、8板正對(duì)面積，因板間電壓不變，由

4/1

知電容減小，再由電容的定義式

c=2

U

可知電容器所帶電荷量減少，B錯(cuò)誤；

C.減小光照強(qiáng)度，光敏電阻阻值增大，電路總電阻增大，總電流減小，即電流表示數(shù)減小，電源內(nèi)電壓

減小，電壓表示數(shù)增大，電容器兩端電壓減小，所帶電荷量減小，c正確;

D.減小光照強(qiáng)度，U變化量的絕對(duì)值與/變化量的絕對(duì)值的比值即為電源內(nèi)阻，所以不變，D錯(cuò)誤。

故選C。

5.A

【詳解】

BD.設(shè)加時(shí)間內(nèi)通過(guò)導(dǎo)體橫截面積的自由電子數(shù)目為N,由電流定義式/=幺有

t

,Ne

/=—

可得

../加

N=——

BD錯(cuò)誤；

AC.在加時(shí)間內(nèi)，以速度口移動(dòng)的電子在銅導(dǎo)線中經(jīng)過(guò)的長(zhǎng)度為V,,由于銅導(dǎo)線的橫截面積為S,則在

加時(shí)間內(nèi)，電子經(jīng)過(guò)的導(dǎo)線對(duì)應(yīng)體積為vAfS,又由于單位體積的導(dǎo)線有〃個(gè)自由電子，則在加時(shí)間內(nèi)，

通過(guò)導(dǎo)線橫截面的自由電子數(shù)目可表示為N=nvS/^t,電流的微觀表達(dá)式為

,NenSv^te?

I=——=------=nSve

△fAZ

A正確，C錯(cuò)誤。

故選A?

6.C

【詳解】

AB.帶電物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，受重力、支持力、摩擦力水平向左和水平向右的電場(chǎng)力，電場(chǎng)方向向左，

則物體帶負(fù)電，根據(jù)平衡得

qE-〃ng

解得

^=7.5X10-4C

AB錯(cuò)誤；

CD.使物體向右加速，則合力一定水平向右，所以電場(chǎng)力的水平分力一定沿水平方向向右，電荷帶負(fù)電,

故電場(chǎng)方向斜向左上方或斜向左下方，但只有電場(chǎng)方向沿左下方時(shí)，加速度的值最大，設(shè)電場(chǎng)方向與水平

方向夾角為仇由牛頓第二定律得

qEcos0-fJ(mg-qEsin6)=ma

即

?qE)2sin(0+a)-pmg-ma

qE4

tana=——=—

ME3

即

&=53°

sin(6+a)=l

時(shí)，加速度最大，此時(shí)

，=90°-53°=37°

15.2

O

D錯(cuò)誤C正確。

故選C。

7.B

【詳解】

ACD.由圖可知，。點(diǎn)位于等量異種點(diǎn)電荷連線的垂直平分線上，結(jié)合等量異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)

可知。點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向從。點(diǎn)指向8點(diǎn)，如圖所示，根據(jù)矢量合成的特點(diǎn)可知，在4點(diǎn)或C點(diǎn)再放一

個(gè)點(diǎn)電荷，它們?cè)凇｜c(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向與原有的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不在同一條直線上，則合場(chǎng)強(qiáng)不可

能為零。在。處放置一個(gè)電荷量為+2，%/的點(diǎn)電荷，正電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向從。點(diǎn)指向B點(diǎn),

所以它們的合場(chǎng)強(qiáng)也不等于零，故ACD不符合題意。

B.設(shè)A、d之間的距離為乙，則

OB=6L

a,d兩處的點(diǎn)電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小

rrkt1

由幾何關(guān)系可知，%與穌相互垂直則它們的合場(chǎng)強(qiáng)大小為

后=這=警

在8處放置一個(gè)電荷量為+2功的點(diǎn)電荷，該電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的方向是從。點(diǎn)指向。點(diǎn)，其大

小為

_k?\llkci

5=商二丁

可知。、4兩處電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度的矢量和與8處點(diǎn)電荷在。點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向

相反，則。點(diǎn)合場(chǎng)強(qiáng)為零，故B符合題意。

故選Bo

8.A

【詳解】

由安培定則可知，左側(cè)導(dǎo)線中的電流在該導(dǎo)線右側(cè)產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向向里，而右側(cè)導(dǎo)線中的電流在該導(dǎo)線

左側(cè)產(chǎn)生的磁場(chǎng)的方向向外，故在0~x0區(qū)間內(nèi)磁場(chǎng)方向先為正后為負(fù)。根據(jù)通電長(zhǎng)直導(dǎo)線周?chē)滁c(diǎn)磁感

應(yīng)強(qiáng)度

B=k'

r

和

可知，在致的位置磁場(chǎng)方向?yàn)檎较?，故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選Ao

9.D

【詳解】

A.豎直方向合外力為重力和電場(chǎng)力沿豎直方向分力之和，則

h=-at2>-gt2

22

故重力做的功為

222

WG=mgh=gmgat>^mgt

故A錯(cuò)誤；

BC.由題可知，小球由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，動(dòng)能不變，其中重力做正功，電場(chǎng)力一定做負(fù)功，小

球的電勢(shì)能增加，由于正電荷在電勢(shì)高的地方電勢(shì)能大，則C點(diǎn)電勢(shì)一定高于A點(diǎn)電勢(shì)，且4c連線不

是等勢(shì)線，一定與電場(chǎng)線不垂直，故BC錯(cuò)誤；

D.小球受到電場(chǎng)力和重力且均為恒力，合力也為恒力且與％不共線，小球做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故D正確。

故選D。

10.AD

【詳解】

ACD.正電荷受到的是斥力，所以是正電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)，電勢(shì)關(guān)系為

（pa<q>b<q）c

粒子從K到Z.的過(guò)程，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)增加。故AD正確，C錯(cuò)誤；

B.從L到M的過(guò)程中，電場(chǎng)力先做負(fù)功，后做正功，電勢(shì)能先增加后減小。故B錯(cuò)誤；

故選ADo

11.ABC

【詳解】

對(duì)小球進(jìn)行受力分析可知，當(dāng)點(diǎn)電荷與小球之間的靜電力與繩的方向垂直時(shí)，此時(shí)靜電力最小，對(duì)應(yīng)的電

荷量最小，根據(jù)受力平衡可得，即有

mgsin60=&華

解得

八mgL：sin60

（2=—,-----

ABC正確，D錯(cuò)誤。

故選ABC。

12.BD

【詳解】

A.L2和L3并聯(lián)后與Li串聯(lián)，L?和L3的電壓相同，則電流也相同，Li的電流為L(zhǎng)2電流的2倍，由于燈

泡是非線性元件，所以Li的電壓不是L2電壓的2倍，故A錯(cuò)誤；

BC.根據(jù)小燈泡的伏安特性曲線可知，三個(gè)燈泡的電阻率隨電壓升高而逐漸變大，故B正確，C錯(cuò)誤；

D.Lt在干路中，其電流為0.25A,由小燈泡伏安特性曲線可知，L此時(shí)兩端電壓為3V,則電阻為

R.=4=12C

'I

故D正確。

故選BDo

13.CD

【詳解】

A.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到打到板上質(zhì)子的速度為四，a粒子速度為V2,根據(jù)動(dòng)能定理有

Uq+Edq=^mv2-Q

解得

片12（U+Ed）q

Vm

質(zhì)子的比荷與a粒子的比荷之比為2：1,代入得

故A錯(cuò)誤；

B.設(shè)粒子在加速電場(chǎng)中加速時(shí)間為〃，加速位移為XI,在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)間為f2,偏轉(zhuǎn)位移為y,有

12Uq2

2m2

由于質(zhì)子和a粒子的加速位移和偏轉(zhuǎn)位移相同，但是比荷不同，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間不同，故B錯(cuò)誤；

C.從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到打到板上，根據(jù)動(dòng)能定理有

Uq+Edq=EkQ

解得

Ek=q(U+Ed)

因?yàn)閁、E、d相同，則有

&=%=工

%/2

故C正確；

D.帶電粒子進(jìn)入加速電場(chǎng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)能定理可得

進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后電勢(shì)差為S,偏轉(zhuǎn)的位移為y,有

22md1%J

聯(lián)立得

u,F

y一

.4dU

速度的偏轉(zhuǎn)角正切值為tan。，有

?a匕atUJ

tan8=-=—=—―

%%2Ud

偏轉(zhuǎn)位移y與速度的偏轉(zhuǎn)角正切值tan。與帶電粒子無(wú)關(guān)，因此運(yùn)動(dòng)軌跡重疊在一起，故D正確。

故選CD。

14.AD

【詳解】

A.由題意可知小球在P點(diǎn)時(shí)所受電場(chǎng)力和重力的合力沿0P方向，則有

tan30。二駕①

FE

解得電場(chǎng)對(duì)小球作用力大小為

FE=Cmg②

故A正確；

BC.小球在電場(chǎng)力和重力的復(fù)合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，復(fù)合場(chǎng)中的等效重力大小為

F=/(mg)?+(6mg)?=2mg③

其運(yùn)動(dòng)的等效最高點(diǎn)為P點(diǎn)關(guān)于。的對(duì)稱(chēng)點(diǎn)，設(shè)為。。設(shè)小球運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)時(shí)的速度大小為UQ,運(yùn)動(dòng)到尸

點(diǎn)時(shí)的速度大小為VP,由題意可知心為小球做圓周運(yùn)動(dòng)的最小速度，VP為小球做圓周運(yùn)動(dòng)的最大速度。

在。點(diǎn)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律有

F=m—④

r

對(duì)小球從P到。的過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有

-2Fr=^mv^-mVp⑤

聯(lián)立④⑤解得

⑥

vP=JlOgr⑦

故BC錯(cuò)誤；

D.設(shè)小球經(jīng)過(guò)圓軌道最低點(diǎn)時(shí)的速度大小為v,軌道對(duì)它的作用力大小為M對(duì)小球從P到最低點(diǎn)的過(guò)

程中根據(jù)動(dòng)能定理有

〃2gr(l-sin30。)-4，cos30。=-gm%⑧

在最低點(diǎn)時(shí)根據(jù)牛頓第二定律有

2

N-mg=m—⑨

r

聯(lián)立⑧⑨解得

N=9mg⑩

故D正確。

故選ADo

15.AD

【詳解】

AB.由u"圖象可知，正電荷僅在電場(chǎng)力作用下沿電場(chǎng)線從0點(diǎn)到A點(diǎn)，由圖像可知，正電荷的加速度逐

漸減小，即有

F『qE=qg~=q巧%=ma

由圖可知，電場(chǎng)力做負(fù)功，即電勢(shì)升高的越來(lái)越慢，B錯(cuò)誤，A正確；

CD.由公式，即

可知，由于電勢(shì)升高越來(lái)越慢，則可得正電荷在電場(chǎng)中的電勢(shì)能增大越來(lái)越慢，C錯(cuò)誤，D正確。

故選ADo

16.04

r

【詳解】

口］根據(jù)靜電平衡狀態(tài)的特點(diǎn)可知，孤立導(dǎo)體內(nèi)部的電場(chǎng)強(qiáng)度為0。所以當(dāng)B不存在而只有A存在且達(dá)到靜

電平衡狀態(tài)時(shí)，電荷Q在球心。處的電場(chǎng)強(qiáng)度是0；

［2］利用靜電平衡的特點(diǎn)，內(nèi)部場(chǎng)強(qiáng)處處為零，即感應(yīng)電荷在導(dǎo)體內(nèi)部產(chǎn)生的電場(chǎng)與球外電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)

度大小相等，所以

E'=E=嗎

廣

17.叵0.5

3

【詳解】

小球AB之間的庫(kù)侖力大小

設(shè)彈簧彈力為T(mén)，小球在豎直方向上，則有

Tcos0=mg

彈簧的彈力在水平方向上的分力為

Tx=Tsin19

再由胡克定律，則有

T=MLOB-L。）

由幾何關(guān)系知

^AB=LQBsin°

聯(lián)立以上式子，代入數(shù)據(jù)可求得

T=1N,7；=0.8N,F=0.9N,L^=0.5m,LAB=0.4m

因?yàn)樾∏駼做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受合外力指向圓心A,則

2

A

FO=F+Tx=mJ—

代入數(shù)據(jù)求得

加,

v=-------m/s

3

UR。UR0

18.大xlOO2200歐姆調(diào)零負(fù)7^77二、

【詳解】

將歐姆擋選擇開(kāi)關(guān)撥至X10倍率時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏角較小，說(shuō)明電阻較大，為使指針回到中間;區(qū)域,

要減小讀數(shù)，應(yīng)增大倍率，即改用X100倍率。

⑶讀出電壓表的阻值為

/?=22xl00Q=22000

⑷⑸每次換擋后都要進(jìn)行歐姆調(diào)零，紅表筆與內(nèi)部電源的負(fù)極相連，黑表筆與內(nèi)部電源的正極相連，測(cè)量

時(shí)，紅表筆接電壓表的負(fù)極。

(2)[6]據(jù)歐姆定律可得，電壓表V的內(nèi)阻為

U_UR、

-凡-u

%

(3)⑺據(jù)歐姆定律可得，電壓表內(nèi)阻的計(jì)算表達(dá)式為

U_UR）

&=/+區(qū)=/（凡+&）

R<>

19.0.75/?i1.50.80偏小偏小

【詳解】

(1)[1]改裝后的電流表對(duì)應(yīng)的量程是

(2)⑵根據(jù)

E1.5

41it=—Q=2Q

0.75

為了能準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，同時(shí)為了操作方便，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選用的滑動(dòng)變阻器是4。

(3)[3][4]改裝后的電流表對(duì)應(yīng)的量程是電流表G的量程的250倍，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得

E=U+250lr

變形有

U=E—25QrI

根據(jù)圖像可知，電源的電動(dòng)勢(shì)為

E=1.5V

電源的內(nèi)阻為

AU1.1-1.5

250r==200Q

一（20-0）x10-3

解得

(4)[5]⑹測(cè)量電路采用的是伏安法外接法，引起誤差的原因是電壓表分流，所以上述圖線求得的電動(dòng)勢(shì)

將比真實(shí)值偏小，求得的內(nèi)阻將比真實(shí)值偏小。

20.(1)-0.08J(2)7m/s(3)0.6N

【詳解】

(1)W=-qE-2RW=-0.08J

(2)設(shè)小滑塊到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)速度為v,

由牛頓第二定律得mg+qE=m,

小滑塊從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至到達(dá)Q點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得

22

-mg-2R-qE-2R-ji(mg+qE)x=gmv-；mv0

聯(lián)立方程組，解得：vo=7m/s.

⑶設(shè)小滑塊到達(dá)P點(diǎn)時(shí)速度為短，則從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至到達(dá)P點(diǎn)過(guò)程中，由動(dòng)能定理得

/22

—(mg+qE)R-p(qE+mg)x=gmv—ymv0

又在P點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律得FN=m—

R

代入數(shù)據(jù)，解得：FN=0.6N

由牛頓第三定律得，小滑塊通過(guò)P點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FN'=FN=0.6N.

【點(diǎn)睛】

(1)根據(jù)電場(chǎng)力做功的公式求出電場(chǎng)力所做的功；

(2)根據(jù)小滑塊在Q點(diǎn)受的力求出在Q點(diǎn)的速度，根據(jù)動(dòng)能定理求出滑塊的初速度；

(3)根據(jù)動(dòng)能定理求出滑塊到達(dá)P點(diǎn)的速度，由牛頓第二定律求出滑塊對(duì)軌道的壓力，由牛頓第三定律

得，小滑塊通過(guò)P點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力.

21?潺劍=一

繆

【詳解】

設(shè)帶電粒子在B點(diǎn)的速度大小為VB,粒子在垂直于電場(chǎng)方向的速度分量不變，即

VBsin3O0=vosin6O°

由此得物，=后的：

工Q"1Q

設(shè)A、B兩點(diǎn)間的電熱差為UAB,由動(dòng)能定理有：然削闔=一僦舄-二幽確

,翦~誓

,ff

解得期?=一

霸

【考點(diǎn)定位】動(dòng)能定理；帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)

【方法技巧】本題主要是動(dòng)能定理在帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的應(yīng)用和類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)

22.(1)4V0.50：(2)6x10-5。；⑶3.5W0

【分析】

(1)當(dāng)開(kāi)關(guān)&閉合、S2斷開(kāi)電路穩(wěn)定時(shí)，R?和R3串聯(lián)，當(dāng)開(kāi)關(guān)Si、S2都閉合電路穩(wěn)定時(shí)，Ri和R2并聯(lián),

再與R3串聯(lián)，結(jié)合閉合電路歐姆定律以及功率