2024年高考物理真題分類匯編(全一本附答案)

PAGEPAGE1目錄2024年高考物理真題分類匯編-1_物理學史、直線運動……………22024年高考物理真題分類匯編-2_相互作用…………52024年高考物理真題分類匯編-3_牛頓運動定律……72024年高考物理真題分類匯編-4_曲線運動…………112024年高考物理真題分類匯編-5_萬有引力與航天…182024年高考物理真題分類匯編-6_機械能……………232024年高考物理真題分類匯編-7_靜電場……………342024年高考物理真題分類匯編-9_磁場………………382024年高考物理真題分類匯編-10_電磁感應(yīng)………512024年高考物理真題分類匯編-11_交流電…………63

2024年高考物理試題分類匯編：物理學史、直線運動1.〔2024山東卷〕.以下表達正確的選項是A．法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象B．慣性是物體的固有屬性，速度大的物體慣性一定大C．牛頓最早通過理想斜面實驗得出力不是維持物體運動的必然結(jié)果D．感應(yīng)電流遵從楞次定律所描述的方向，這是能量守恒定律的必然結(jié)果2.〔2024海南卷〕．自然界的電、熱和磁等現(xiàn)象都是相互聯(lián)系的，很多物理學家為尋找它們之間的聯(lián)系做出了奉獻。以下說法正確的選項是A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，揭示了電現(xiàn)象和磁現(xiàn)象之間的聯(lián)系B.歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系C.法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，揭示了磁現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間的聯(lián)系D.焦耳發(fā)現(xiàn)了電流的熱效應(yīng)，定量得出了電能和熱能之間的轉(zhuǎn)換關(guān)系3.〔2024海南卷〕.一物體自t=0時開始做直線運動，其速度圖線如以下列圖。以下選項正確的選項是()A.在0～6s內(nèi)，物體離出發(fā)點最遠為30mXXK]B.在0～6s內(nèi)，物體經(jīng)過的路程為40m[C.在0～4s內(nèi)，物體的平均速率為7.5m/sD.5～6s內(nèi)，物體所受的合外力做負功4.〔2024上海卷〕．小球每隔0.2s從同一高度拋出，做初速為6m/s的豎直上拋運動，設(shè)它們在空中不相碰。第一個小球在拋出點以上能遇到的小球數(shù)為〔取g＝10m/s2〕〔 〕〔A〕三個 〔B〕四個 〔C〕五個 〔D〕六個5.〔2024上海卷〕．質(zhì)點做直線運動，其s-t關(guān)系如以下列圖，質(zhì)點在0-20s內(nèi)的平均速度大小為_________m/s質(zhì)點在_________時的瞬時速度等于它在6-20s內(nèi)的平均速度。6.〔2024山東卷〕．將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中，圖像如以下列圖。以下判斷正確的選項是A．前3s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B．最后2s內(nèi)貨物只受重力作用C．前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D．第3s末至第5s末的過程中，貨物的機械能守恒7.〔2024山東卷〕〔1〕某同學利用圖甲所示德實驗裝置，探究物塊在水平桌面上的運動規(guī)律。物塊在重物的牽引下開始運動，重物落地后，物塊再運動一段距離停在桌面上〔尚未到達滑輪處〕。從紙帶上便于測量的點開始，每5個點取1個計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的距離如圖議所示。打點計時器電源的頻率為50Hz。eq\o\ac(○,1)通過分析紙帶數(shù)據(jù)，可判斷物塊在相鄰計數(shù)點和之間某時刻開始減速。eq\o\ac(○,2)計數(shù)點5對應(yīng)的速度大小為m/s，計數(shù)點6對應(yīng)的速度大小為m/s?！脖４嫒挥行?shù)字〕。eq\o\ac(○,3)物塊減速運動過程中加速度的大小為=m/s2,假設(shè)用來計算物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)〔g為重力加速度〕，那么計算結(jié)果比動摩擦因數(shù)的真實值〔填“偏大〞或“偏小〞〕。1答案：AD2解析：考察科學史，選ACD3答案：BC解析：A，0—5s,物體向正向運動，5—6s向負向運動，故5s末離出發(fā)點最遠，A錯B由面積法求出0—5s的位移s1=35m,5—6s的位移s2=-5m,總路程為：40m,B對C由面積法求出0—4s的位移s=30m，平度速度為：v=s/t=7.5m/sC對D由圖像知5～6s過程物體加速，合力和位移同向，合力做正功，D錯4答案：C5答案：0.8，10s和14s，6答案：AC7〔1〕eq\o\ac(○,1)6；7【或7；6】eq\o\ac(○,2)1.00；1.20eq\o\ac(○,3)2.00；偏大解析：①由于計數(shù)點前后的間隔距離都小于它們的間隔距離，說明計數(shù)點6之前物塊在加速，計數(shù)點7之后物塊在減速，那么開始減速的時刻在6和7之間。答案6；7【或7；6】。②計數(shù)點5對應(yīng)的速度等于4和6間的平均速度m/s，同理m/s，又可解得計數(shù)點6對應(yīng)的速度大小為1.20m/s。③在減速階段cm，那么加速度為m/s2。在減速階段產(chǎn)生加速度的力是滑動摩擦力和紙帶受到的阻力，所以計算結(jié)果比動摩擦因數(shù)的真實值“偏大〞。

2024年高考物理試題分類匯編:相互作用1.〔2024海南卷〕如圖，墻上有兩個釘子a和b，它們的連線與水平方向的夾角為45°，兩者的高度差為l。一條不可伸長的輕質(zhì)細繩一端固定于a點，另一端跨過光滑釘子b懸掛一質(zhì)量為m1的重物。在繩子距a端得c點有一固定繩圈。假設(shè)繩圈上懸掛質(zhì)量為m2的鉤碼，平衡后繩的ac段正好水平，那么重物和鉤碼的質(zhì)量比為()A.B.2C.D.2.〔2024上海卷〕．兩個共點力的合力為50N，分力F1的方向與合力F的方向成30角，分力F2的大小為30N。那么〔 〕A．F1的大小是唯一的 B．F2的方向是唯一的C．F2有兩個可能的方向 D．F2可取任意方向3.〔2024廣東卷〕.如圖3所示，兩根等長的輕繩將日光燈懸掛在天花板上，兩繩與豎直方向的夾角為45°，日光保持水平，所受重力為G，左右兩繩的拉力大小分別為()A.G和GB.和C.和D.和4.〔2024上海卷〕．如圖，豎直輕質(zhì)懸線上端固定，下端與均質(zhì)硬棒AB中點連接，棒長為線長的二倍。棒的A端用鉸鏈墻上，棒處于水平狀態(tài)。改變懸線的長度，使線與棒的連接點逐漸右移，并保持棒仍處于水平狀態(tài)。那么懸線拉力〔 〕A.逐漸減小 B．逐漸增大C．先減小后增大 D．先增大后減小5.〔2024天津卷〕．如以下列圖，金屬棒MN兩端由等長的輕質(zhì)細線水平懸掛，處于豎直向上的勻強磁場中，棒中通以由M向N的電流，平衡時兩懸線與豎直方向夾角均為θ，如果僅改變以下某一個條件，θ角的相應(yīng)變化情況是〔〕A．棒中的電流變大，θ角變大B．兩懸線等長變短，θ角變小C．金屬棒質(zhì)量變大，θ角變大D．磁感應(yīng)強度變大，θ角變小6.〔2024海南卷〕.如圖，粗糙的水平地面上有一斜劈，斜劈上一物塊正在沿斜面以速度v0勻速下滑，斜劈保持靜止，那么地面對斜劈的摩擦力()A.等于零B.不為零，方向向右C.不為零，方向向左D.不為零，v0較大時方向向左，v0較小時方向向右7.〔2024山東卷〕.如以下列圖，兩相同輕質(zhì)硬桿、可繞其兩端垂直紙面的水平軸、、轉(zhuǎn)動，在點懸掛一重物M，將兩相同木塊m緊壓在豎直擋板上，此時整個系統(tǒng)保持靜止。表示木塊與擋板間摩擦力的大小，表示木塊與擋板間正壓力的大小。假設(shè)擋板間的距離稍許增大后，系統(tǒng)仍靜止且、始終等高，那么A．變小B．不變C．變小D．變大8.(2024全國新課標).如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間。設(shè)墻面對球的壓力大小為N1，球?qū)δ景宓膲毫Υ笮镹2。以木板與墻連接點所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置。不計摩擦，在此過程中()A.N1始終減小，N2始終增大B.N1始終減小，N2始終減小C.N1先增大后減小，N2始終減小D.N1先增大后減小，N2先減小后增大9.〔2024浙江卷〕.如以下列圖，與水平面夾角為300的固定斜面上有一質(zhì)量m=1.0kg的物體。細繩的一端與物體相連。另一端經(jīng)摩擦不計的定滑輪與固定的彈簧秤相連。物體靜止在斜面上，彈簧秤的示數(shù)為4.9N。關(guān)于物體受力的判斷〔取g=9.8m/s2〕.以下說法正確的選項是〔〕A.斜面對物體的摩擦力大小為零B.斜面對物體的摩擦力大小為4.9N,方向沿斜面向上C.斜面對物體的支持力大小為4.9QUOTEN，方向豎直向上D.斜面對物體的支持力大小為4.9N，方向垂直斜面向上

2024年高考物理試題匯編：牛頓運動定律1．〔2024上海卷〕．如圖，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對靜止，A上外表水平。那么在斜面上運動時，B受力的示意圖為〔 〕2．〔2024廣東卷〕圖4是滑道壓力測試的示意圖，光滑圓弧軌道與光滑斜面相切，滑道底部B處安裝一個壓力傳感器，其示數(shù)N表示該處所受壓力的大小，某滑塊從斜面上不同高度h處由靜止下滑，通過B是，以下表述正確的有A.N小于滑塊重力B.N大于滑塊重力C.N越大說明h越大D.N越大說明h越小3．〔2024山東卷〕．將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運動至最高點的過程中，圖像如以下列圖。以下判斷正確的選項是A．前3s內(nèi)貨物處于超重狀態(tài)B．最后2s內(nèi)貨物只受重力作用C．前3s內(nèi)與最后2s內(nèi)貨物的平均速度相同D．第3s末至第5s末的過程中，貨物的機械能守恒4．〔2024四川卷〕．如以下列圖，勁度系數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體接觸〔未連接〕，彈簧水平且無形變。用水平力，緩慢推動物體，在彈性限度內(nèi)彈簧長度被壓縮了x0，此時物體靜止。撤去F后，物體開始向左運動，運動的最大距離為4x0。物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為μ，重力加速度為g。那么A．撤去F后，物體先做勻加速運動，再做勻減速運動B．撤去F后，物體剛運動時的加速度大小為C．物體做勻減速運動的時間為2D．物體開始向左運動到速度最大的過程中克服摩擦力做的功為5．(2024全國新課標).伽利略根據(jù)小球在斜面上運動的實驗和理想實驗，提出了慣性的概念，從而奠定了牛頓力學的根底。早期物理學家關(guān)于慣性有以下說法，其中正確的選項是()A.物體抵抗運動狀態(tài)變化的性質(zhì)是慣性B.沒有力作用，物體只能處于靜止狀態(tài)C.行星在圓周軌道上保持勻速率運動的性質(zhì)是慣性D.運動物體如果沒有受到力的作用，將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運動Fa6．〔2024安徽卷〕.如以下列圖，放在固定斜面上的物塊以加速度沿斜面勻加速下滑，假設(shè)在物塊上再施加一豎直向下的恒力，那么()FaA.物塊可能勻速下滑B.物塊仍以加速度勻加速下滑C.物塊將以大于的加速度勻加速下滑D.物塊將以小于的加速度勻加速下滑7．〔2024江蘇卷〕．將一只皮球豎直向上拋出，皮球運動時受到空氣阻力的大小與速度的大小成正比，以下描繪皮球在上升過程中加速度大小a與時間t關(guān)系圖象，可能正確的選項是()8．〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，一夾子夾住木塊，在力F作用下向上提升，夾子和木塊的質(zhì)量分別為m、M，夾子與木塊兩側(cè)間的最大靜摩擦有均為f，假設(shè)木塊不滑動，力F的最大值是()B．D．第23題圖9．(2024浙江卷)．為了研究魚所受水的阻力與其形狀的關(guān)系，小明同學用石臘做成兩條質(zhì)量均為m、形狀不同的“A魚〞和“B魚〞，如以下列圖。在高出水面H處分別靜止釋放“A魚〞和“B魚〞，“A魚〞豎直下潛hA后速度減為零，“B魚〞豎直下潛hB后速度減為零?！棒~〞在水中運動時，除受重力外，還受浮力和術(shù)的阻力?！棒~〞在水中所受浮力是其重力的倍，重力加速度為g，“魚〞運動的位移值遠大于“魚〞的長度。假設(shè)“魚〞運動時所受水的阻力恒定，空氣阻力不計。求：第23題圖(1)“A魚〞入水瞬間的速度VA1；(2)“A魚〞在水中運動時所受阻力fA；(3)“A魚〞與“B魚〞在水中運動時所受阻力之比fA:fB。10．〔2024上海卷〕．如圖，將質(zhì)量m＝0.1kg的圓環(huán)套在固定的水平直桿上。環(huán)的直徑略大于桿的截面直徑。環(huán)與桿間動摩擦因數(shù)＝0.8。對環(huán)施加一位于豎直平面內(nèi)斜向上，與桿夾角＝53的拉力F，使圓環(huán)以a＝4.4m/s2的加速度沿桿運動，求F的大小。〔取sin53＝0.8，cos53＝0.6，g＝10m/s2〕。9解析：〔1〕A從H處自由下落，機械能守恒：,解得：〔2〕方法一：小魚A從開始下落到下落到水面下hA位置過程中，根據(jù)動能定理得解得方法二：小魚A入水后做勻減速運動，得減速時加速度：，由牛頓第二定律：解得：〔3〕同理可得,得：2024年高考物理試題分類匯編:曲線運動1.〔2024上海卷〕．如圖，斜面上a、b、c三點等距，小球從a點正上方O點拋出，做初速為v0的平拋運動，恰落在b點。假設(shè)小球初速變?yōu)関，其落點位于c，那么()A.v0＜v＜2v0 B.v＝2v0C.2v0＜v＜3v0 D.v＞3v02.(2024全國新課標).如圖，x軸在水平地面內(nèi)，y軸沿豎直方向。圖中畫出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個小球a、b和c的運動軌跡，其中b和c是從同一點拋出的，不計空氣阻力，那么()A.a的飛行時間比b的長B.b和c的飛行時間相同C.a的水平速度比b的小D.b的初速度比c的大BAFO3〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，細線的一端固定于O點，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由ABAFOA．逐漸增大B．逐漸減小C．先增大，后減小D．先減小，后增大．4〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，相距l(xiāng)的兩小球A、B位于同一高度h〔l、h為定值〕，將A向B水平拋出的同時，B自由下落，A、B與地面碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變，方向相反，不計空氣阻力及小球與地面碰撞的時間，那么()A．A、B在第一次落地前能否相碰，取決于A的初速度B．A、B在第一次落地前假設(shè)不碰，此后就不會相碰C．A、B不可能運動到最高處相碰D．A、B一定能相碰5〔2024浙江卷〕.由光滑細管組成的軌道如以下列圖，其中AB段和BC段是半徑為R的四分之一圓弧，軌道固定在豎直平面內(nèi)。一質(zhì)量為m的小球，從距離水平地面為H的管口D處靜止釋放，最后能夠從A端水平拋出落到地面上。以下說法正確的選項是〔〕第18題圖A.小球落到地面時相對于A點的水平位移值為QUOTE/第18題圖B.小球落到地面時相對于A點的水平位移值為QUOTE/C.小球能從細管A端水平拋出的條件是H>2RD.小球能從細管A端水平拋出的最小高度Hmin=QUOTE/R6.(2024全國理綜)一探險隊員在探險時遇到一山溝，山溝的一側(cè)豎直，另一側(cè)的坡面呈拋物線形狀。此隊員從山溝的豎直一側(cè)，以速度v0沿水平方向跳向另一側(cè)坡面。如以下列圖，以溝底的O點為原點建立坐標系Oxy。，山溝豎直一側(cè)的高度為2h，坡面的拋物線方程為y=，探險隊員的質(zhì)量為m。人視為質(zhì)點，忽略空氣阻力，重力加速度為g。(1)求此人落到破面試的動能；(2)此人水平跳出的速度為多大時，他落在坡面時的動能最??？動能的最小值為多少？υ0shυl7.〔2024北京高考卷〕．如以下列圖質(zhì)量為m的小物塊在粗糙水平桌面上做直線運動經(jīng)距離l后以速度υ飛離桌面最終落在水平地面上．l=1.4m，υ=3.0m/s，m=0.10kg，物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，桌面高hυ0shυl〔1〕小物塊落地點距飛出點的水平距離s；〔2〕小物塊落地時的動能Ek；〔3〕小物塊的初速度大小υ0．8.〔2024福建卷〕如圖，置于圓形水平轉(zhuǎn)臺邊緣的小物塊隨轉(zhuǎn)臺加速轉(zhuǎn)動，當轉(zhuǎn)速到達某一數(shù)值時，物塊恰好滑離轉(zhuǎn)臺開始做平拋運動?，F(xiàn)測得轉(zhuǎn)臺半徑R=0.5m,離水平地面的高度H=0.8m,物塊平拋落地過程水平位移的大小s=0.4m。設(shè)物塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度g=10m/s2求：〔1〕物塊做平拋運動的初速度大小V0；〔2〕物塊與轉(zhuǎn)臺間的動摩擦因數(shù)。9.〔2024海南卷〕如圖，水平地面上有一個坑，其豎直截面為半圓。ab為沿水平方向的直徑。假設(shè)在a點以初速度沿ab方向拋出一小球，小球會擊中坑壁上的c點。c點與水平地面的距離為圓半徑的一半，求圓的半徑。10.如以下列圖，一工件置于水平地面上，其AB段為一半徑的光滑圓弧軌道，BC段為一長度的粗糙水平軌道，二者相切與B點，整個軌道位于同一豎直平面內(nèi)，P點為圓弧軌道上的一個確定點。一可視為質(zhì)點的物塊，其質(zhì)量，與BC 間的動摩擦因數(shù)。工件質(zhì)，與地面間的動摩擦因數(shù)?！踩　?〕假設(shè)工件固定，將物塊由P點無初速度釋放，滑至C點時恰好靜止，求P、C兩點間的高度差h?！?〕假設(shè)將一水平恒力F作用于工件，使物體在P點與工件保持相對靜止，一起向左做勻加速直線運動eq\o\ac(○,1)求F的大小eq\o\ac(○,2)當速度時，使工件立刻停止運動〔即不考慮減速的時間和位移〕，物塊飛離圓弧軌道落至BC段，求物塊的落點與B點間的距離。A.BCD.AAD.BC6.【解析】平拋運動的分解：，，得平拋運動的軌跡方程，此方程與坡面的拋物線方程為y=的交點為，。根據(jù)機械能守恒，解得〔2〕求關(guān)于的導數(shù)并令其等于0，解得當此人水平跳出的速度為時，他落在坡面時的動能最小，動能的最小值為。7.解：〔1〕，解得sm?！?〕根據(jù)動能定理：，解得=0.90J〔3〕根據(jù)動能定理解得m/s8.【答案】：1m/s0.2

【解析】：〔1〕物體下落時間為t;自由落體運動有：水平方向有：解得：〔2〕物體剛要離開平臺時向心力由摩擦力提供：有代入數(shù)據(jù)得：【考點定位】：平拋運動和圓周運動的綜合運用。容易題。9.解析：設(shè)圓半徑為r，質(zhì)點做平拋運動，那么：①②過c點做cd⊥ab與d點，Rt△acd∽Rt△cbd可得即為：③由①②③得：10〔1〕物塊從P點下滑經(jīng)B點至C點的整個過程，根據(jù)動能定理得代入數(shù)據(jù)得eq\o\ac(○,2)〔2〕eq\o\ac(○,1)設(shè)物塊的加速度大小為，P點與圓心的連線與豎直方向間的夾角為，由幾何關(guān)系可得eq\o\ac(○,3)根據(jù)牛頓第二定律，對物體有eq\o\ac(○,4)對工件和物體整體有eq\o\ac(○,5)聯(lián)立eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,3)eq\o\ac(○,4)eq\o\ac(○,5)式，代入數(shù)據(jù)得eq\o\ac(○,6)eq\o\ac(○,2)設(shè)物體平拋運動的時間為，水平位移為，物塊落點與B間的距離為，由運動學公式可得eq\o\ac(○,7)eq\o\ac(○,8)eq\o\ac(○,9)聯(lián)立eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,3)eq\o\ac(○,7)eq\o\ac(○,8)eq\o\ac(○,9)式，代入數(shù)據(jù)得eq\o\ac(○,10)

2024年高考物理試題分類匯編：萬有引力與航天1〔2024廣東卷〕.如圖6所示，飛船從軌道1變軌至軌道2。假設(shè)飛船在兩軌道上都做勻速圓周運動，不考慮質(zhì)量變化，相對于在軌道1上，飛船在軌道2上的()A.動能大B.向心加速度大C.運行周期長D.角速度小2〔2024北京高考卷〕．關(guān)于環(huán)繞地球衛(wèi)星的運動，以下說法正確的選項是()A．分別沿圓軌道和橢圓軌道運行的兩顆衛(wèi)星，不可能具有相同的周期B．沿橢圓軌道運行的一顆衛(wèi)星，在軌道不同位置可能具有相同的速率C．在赤道上空運行的兩顆地球同時衛(wèi)星，它們的軌道半徑有可能不同D．沿不同軌道經(jīng)過北京上空的兩顆衛(wèi)星，它們的軌道平面一定會重合3〔2024山東卷〕.2024年11月3日，“神州八號〞飛船與“天宮一號〞目標飛行器成功實施了首次交會對接。任務(wù)完成后“天宮一號〞經(jīng)變軌升到更高的軌道，等待與“神州九號〞交會對接。變軌前和變軌完成后“天宮一號〞的運行軌道均可視為圓軌道，對應(yīng)的軌道半徑分別為R1、R2，線速度大小分別為、。那么等于()A.B.C.D.4〔2024福建卷〕．一衛(wèi)星繞某一行星外表附近做勻速圓周運動，其線速度大小為假設(shè)宇航員在該行星外表上用彈簧測力計測量一質(zhì)量為m的物體重力，物體靜止時，彈簧測力計的示數(shù)為，引力常量為G,那么這顆行星的質(zhì)量為()A．B.C．D.5〔2024四川卷〕．今年4月30日，西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射的中圓軌道衛(wèi)星，其軌道半徑為2.8×l07m。它與另一顆同質(zhì)量的同時軌道衛(wèi)星〔軌道半徑為4.2×l07m〕相比()A．向心力較小B．動能較大C．發(fā)射速度都是第一宇宙速度D．角速度較小6(2024全國新課標).假設(shè)地球是一半徑為R、質(zhì)量分布均勻的球體。一礦井深度為d。質(zhì)量分布均勻的球殼對殼內(nèi)物體的引力為零。礦井底部和地面處的重力加速度大小之比為()A.B.C.D.7〔2024浙江卷〕．如以下列圖，在火星與木星軌道之間有一小行星帶。假設(shè)該帶中的小行星只受到太陽的引力，并繞太陽做勻速圓周運動。以下說法正確的選項是〔〕A.太陽隊各小行星的引力相同B.各小行星繞太陽運動的周期均小于一年C.小行星帶內(nèi)側(cè)小行星的向心加速度值大于外側(cè)小行星的向心加速度值D.小行星帶內(nèi)個小行星圓周運動的線速度值大于地球公轉(zhuǎn)的線速度值8〔2024天津卷〕.一人造地球衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，參加該衛(wèi)星變軌后仍做勻速圓周運動，動能減小為原來的，不考慮衛(wèi)星質(zhì)量的變化，那么變軌前后衛(wèi)星的〔〕A．向心加速度大小之比為4:1B．角速度大小之比為2:1C．周期之比為1:8D．軌道半徑之比為1:29〔2024安徽卷〕.我國發(fā)射的“天宮一號〞和“神州八號〞在對接前，“天宮一號〞的運行軌道高度為350km,“神州八號〞的運行軌道高度為343km.它們的運行軌道均視為圓周，那么()A．“天宮一號〞比“神州八號〞速度大B．“天宮一號〞比“神州八號〞周期長C．“天宮一號〞比“神州八號〞角速度大D．“天宮一號〞比“神州八號〞加速度大拉格朗日點地球太陽10〔2024江蘇卷〕．2024年8月，“嫦娥二號〞成功進入了繞“日地拉格朗日點〞的軌道，我國成為世界上第三個造訪該點的國家，如以下列圖，該拉格朗日點位于太陽與地球連線的延長線上，一飛行器位于該點，在幾乎不消耗燃料的情況下與地球拉格朗日點地球太陽A．線速度大于地球的線速度B．向心加速度大于地球的向心加速度C．向心力僅由太陽的引力提供D．向心力僅由地球的引力提供11〔2024重慶卷〕．冥王星與其附近的星體卡戎可視為雙星系統(tǒng)，質(zhì)量比約為7：1，同時繞它們連線上某點O做勻速圓周運動。由此可知冥王星繞O點運動的()A.半徑約為卡戎的1/7B.度大小約為卡戎的1/7C.大小約為卡戎的7倍D.力小約為卡戎的7倍12〔2024海南卷〕.2024年4月10日，我國成功發(fā)射第8顆北斗導航衛(wèi)星，建成以后北斗導航衛(wèi)星系統(tǒng)將包含多可地球同時衛(wèi)星，這有助于減少我國對GPS導航系統(tǒng)的依賴，GPS由運行周期為12小時的衛(wèi)星群組成，設(shè)北斗星的同時衛(wèi)星和GPS導航的軌道半徑分別為和，向心加速度分別為和，那么=_____。=_____〔可用根式表示〕13．B．人造地球衛(wèi)星做半徑為r，線速度大小為v的勻速圓周運動。當其角速度變?yōu)樵瓉淼腅Q\F(EQ\R(2),4)倍后，運動半徑為_________，線速度大小為_________。14(2024全國理綜).一單擺在地面處的擺動周期與在某礦井底部擺動周期的比值為k。設(shè)地球的半徑為R。假定地球的密度均勻。質(zhì)量均勻分布的球殼對殼內(nèi)物體的引力為零，求礦井的深度d。1.答案：CD2.答案：B3.答案：B4.答案：B5.答案：B6.[答案]A[解析]物體在地面上時的重力加速度可由得出。根據(jù)題中條件，球殼對其內(nèi)部物體的引力為零，可認為礦井局部為一質(zhì)量均勻球殼，故礦井底部處重力加速度可由得出，故7.答案：C8.解析：根據(jù)向心加速度表達式知在動能減小時勢能增大，地球衛(wèi)星的軌道半徑增大，那么向心加速度之比大于4；根據(jù)萬有引力和牛頓第二定律有化簡為，知在動能減小速度減小那么軌道半徑增大到原來的4倍；同理有化簡為，那么周期的平方增大到8倍；根據(jù)角速度關(guān)系式，角速度減小為。答案C。9.\B；解析：有萬有引力提供向心力易知：、、；即軌道半徑越大，線速度越小、角速度越小、周期越大。而由牛頓第二定律知:,說明軌道半徑越大，加速度越小。故只有B正確。10【解析】根據(jù)，A正確；根據(jù)，B正確，向心力由太陽和地球的引力的合力提供，C、D錯誤?！敬鸢浮緼B11答案：A12.解析：，由得：，因而：，13答案：2r，EQ\F(EQ\R(2),2)v，14【解析】單擺在地面處的擺動周期，在某礦井底部擺動周期，，根據(jù)，〔表示某礦井底部以下的地球的質(zhì)量，表示某礦井底部處的重力加速度〕以及,，解得

2024年高考物理試題匯編：機械能1〔2024福建卷〕如圖，外表光滑的固定斜面頂端安裝一定滑輪，小物塊A、B用輕繩連接并跨過滑輪〔不計滑輪的質(zhì)量和摩擦〕。初始時刻，A、B處于同一高度并恰好靜止狀態(tài)。剪斷輕繩后A下落、B沿斜面下滑，那么從剪斷輕繩到物塊著地，兩物塊()速率的變化量不同B．機械能的變化量不同C．重力勢能的變化量相同D．重力做功的平均功率相同2．〔2024天津卷〕.如圖甲所示，靜止在水平地面的物塊A，受到水平向右的拉力F作用，F(xiàn)與時間t的關(guān)系如圖乙所示，設(shè)物塊與地面的靜摩擦力最大值fm與滑動摩擦力大小相等，那么()A．0–t1時間內(nèi)F的功率逐漸增大B．t2時刻物塊A的加速度最大C．t2時刻后物塊A做反向運動D．t3時刻物塊A的動能最大3．〔2024上海卷〕．質(zhì)量相等的均質(zhì)柔軟細繩A、B平放于水平地面，繩A較長。分別捏住兩繩中點緩慢提起，直到全部離開地面，兩繩中點被提升的高度分別為hA、hB，上述過程中克服重力做功分別為WA、WB。假設(shè)〔 〕〔A〕hA＝hB，那么一定有WA＝WB 〔B〕hA＞hB，那么可能有WA＜WB〔C〕hA＜hB，那么可能有WA＝WB 〔D〕hA＞hB，那么一定有WA＞W(wǎng)B4．〔2024上海卷〕．如圖，可視為質(zhì)點的小球A、B用不可伸長的細軟輕線連接，跨過固定在地面上半徑為R有光滑圓柱，A的質(zhì)量為B的兩倍。當B位于地面時，A恰與圓柱軸心等高。將A由靜止釋放，B上升的最大高度是〔 〕〔A〕2R 〔B〕5R/3 〔C〕4R/3 〔D〕2R/35．〔2024上海卷〕．位于水平面上的物體在水平恒力F1作用下，做速度為v1的勻速運動；假設(shè)作用力變?yōu)樾泵嫔系暮懔2，物體做速度為v2的勻速運動，且F1與F2功率相同。那么可能有〔 〕〔A〕F2＝F1，v1＞v2 〔B〕F2＝F1，v1＜v2〔C〕F2＞F1，v1＞v2 〔D〕F2＜F1，v1＜v2OBR2RPA6．〔2024安徽卷〕.如以下列圖，在豎直平面內(nèi)有一半徑為的圓弧軌道，半徑水平、豎直，一個質(zhì)量為的小球自的正上方點由靜止開始自由下落，小球沿軌道到達最高點時恰好對軌道沒有壓力。=2,重力加速度為，那么小球從到的運動過程中()OBR2RPAA.重力做功B.機械能減少C.合外力做功D.克服摩擦力做功BAFO7．〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，細線的一端固定于O點，另一端系一小球，在水平拉力作用下，小球以恒定速率在豎直平面內(nèi)由ABAFOA．逐漸增大B．逐漸減小C．先增大，后減小D．先減小，后增大．8．〔2024海南卷〕.一質(zhì)量為1kg的質(zhì)點靜止于光滑水平面上，從t=0時起，第1秒內(nèi)受到2N的水平外力作用，第2秒內(nèi)受到同方向的1N的外力作用。以下判斷正確的選項是()A.0～2s內(nèi)外力的平均功率是WB.第2秒內(nèi)外力所做的功是JC.第2秒末外力的瞬時功率最大D.第1秒內(nèi)與第2秒內(nèi)質(zhì)點動能增加量的比值是9．〔2024廣東卷〕圖18〔a〕所示的裝置中，小物塊A、B質(zhì)量均為m，水平面上PQ段長為l，與物塊間的動摩擦因數(shù)為μ，其余段光滑。初始時，擋板上的輕質(zhì)彈簧處于原長；長為r的連桿位于圖中虛線位置；A緊靠滑桿〔A、B間距大于2r〕。隨后，連桿以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動，帶動滑桿作水平運動，滑桿的速度-時間圖像如圖18〔b〕所示。A在滑桿推動下運動，并在脫離滑桿后與靜止的B發(fā)生完全非彈性碰撞?！?〕求A脫離滑桿時的速度uo，及A與B碰撞過程的機械能損失ΔE。〔2〕如果AB不能與彈簧相碰，設(shè)AB從P點到運動停止所用的時間為t1，求ω得取值范圍，及t1與ω的關(guān)系式。〔3〕如果AB能與彈簧相碰，但不能返回道P點左側(cè)，設(shè)每次壓縮彈簧過程中彈簧的最大彈性勢能為Ep，求ω的取值范圍，及Ep與ω的關(guān)系式〔彈簧始終在彈性限度內(nèi)〕。10.〔2024四川卷〕四川省“十二五〞水利開展規(guī)劃指出，假設(shè)按現(xiàn)有供水能力測算，我省供水缺口極大，蓄引提水是目前解決供水問題的重要手段之一。某地要把河水抽高20m，進入蓄水池，用一臺電動機通過傳動效率為80%的皮帶，帶動效率為60%的離心水泵工作。工作電壓為380V，此時輸入電動機的電功率為9kW，電動機的內(nèi)阻為0.4Ω。水的密度為1×l03kg/m3，重力加速度取10m/s2。求：(1)電動機內(nèi)阻消耗的熱功率；(2)將蓄水池蓄入864m3的水需要的時間〔不計進、出水口的水流速度〕。11.〔2024安徽卷〕.質(zhì)量為0.1kg的彈性球從空中某高度由靜止開始下落，該下落過程對應(yīng)的圖象如以下列圖。球與水平地面相碰后離開地面時的速度大小為碰撞前的3/4。該球受到的空氣阻力大小恒為，取=10m/s2,求：Oov(Oov(m/s)0.54t(s)〔2〕彈性球第一次碰撞后反彈的高度。12〔2024安徽卷〕如以下列圖，裝置的左邊是足夠長的光滑水平面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接著質(zhì)量M=2kg的小物塊A。裝置的中間是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接。傳送帶始終以u=2m/s的速度逆時針轉(zhuǎn)動。裝置的右邊是一光滑的曲面，質(zhì)量m=1kg的小物塊B從其上距水平臺面h=1.0m處由靜止釋放。物塊B與傳送帶之間的摩擦因數(shù)μ=0.2,l=1.0m。設(shè)物塊A、B中間發(fā)生的是對心彈性碰撞，第一次碰撞前物塊A靜止且處于平衡狀態(tài)。取g=10m/s2。(1)求物塊B與物塊A第一次碰撞前的速度大??；(2)通過計算說明物塊B與物塊A第一次碰撞后能否運動到右邊曲面上？A⊙A⊙⊙Bhlu=2m/s13.〔2024江蘇卷〕．某緩沖裝置的理想模型如以下列圖，勁度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧與輕桿相連，輕桿可在固定的槽內(nèi)移動，與槽間的滑動摩擦力恒為f，輕桿向右移動不超過l時，裝置可平安工作，一質(zhì)量為m的小車假設(shè)以速度v0撞擊彈簧，將導致輕桿向右移動l/4，輕桿與槽間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，且不計小車與地面的摩擦?！?〕假設(shè)彈簧的勁度系數(shù)為k，求輕桿開始移動時，彈簧的壓縮量x；〔2〕為這使裝置平安工作，允許該小車撞擊的最大速度vm〔3〕討論在裝置平安工作時，該小車彈回速度vˊ與撞擊速度v的關(guān)系mmvl輕桿14.〔2024重慶卷〕．題23圖所示為一種擺式摩擦因數(shù)測量儀，可測量輪胎與地面間動摩擦因數(shù)，其中主要部件有：底部固定有輪胎橡膠片的擺錘和連接擺錘的輕質(zhì)細桿。擺錘的質(zhì)量為m，細桿可繞軸O在豎直平面內(nèi)自由轉(zhuǎn)動，擺錘重心到O點的距離為L.測量時，測量儀固定于水平地面，將擺錘從與0等高的位置由靜止釋放。擺錘到最低點附近時，橡膠片緊壓地面擦過一小段距離s(s<<L),之后繼續(xù)擺動至與堅直方向成θ角的最高位置。假設(shè)擺錘對地面的壓力可視為大小為F的恒力，重力加速度為g，求⑴擺錘在上述過程中損失的機械能⑵在上述過程中摩擦力對擺錘所做的功⑶橡膠片與地面間的動摩擦因數(shù)15.〔2024福建卷〕如圖，用跨過光滑定滑輪的纜繩將海面上一搜失去動力的小船沿直線拖向岸邊。拖動纜繩的電動機功率恒為P，小船的質(zhì)量為m，小船受到的阻力大小恒為f，經(jīng)過A點時的速度大小為，小船從A點沿直線加速運動到B點經(jīng)歷時間為t1，A、B兩點間距離為d,纜繩質(zhì)量忽略不計。求：〔1〕小船從A點運動到B點的全過程克服阻力做的功；〔2〕小船經(jīng)過B點時的速度大小；〔3〕小船經(jīng)過B點時的加速度大小a。1.答案：D2.解析：由F與t的關(guān)系圖像0～t1拉力小于最大靜摩擦力物塊靜止F的功率為0，A錯誤；在t1～t2階段拉力大于最大靜摩擦力物塊做加速度增大的加速運動，在t2～t3階段拉力大于最大靜摩擦力物塊做加速度減小的加速運動，在t2時刻加速度最大，B正確，C錯誤；在t1～t3物塊一直做加速運動，在t3～t4拉力小于最大靜摩擦力物塊開始減速，在時刻速度最大，動能最大，D正確。答案BD。3.答案：B4.答案：C，5.答案：B、D，6D；解析：小球從P到B高度下降R，故重力做功mgR，A錯。在B點小球?qū)壍狼『脽o壓力，由重力提供向心力得，取B點所在平面為零勢能面，易知機械能減少量，B錯。由動能定理知合外力做功W=,C錯。根據(jù)動能定理，可得，D選項正確。7.【解析】設(shè)F與速度的夾角為，那么，力的分解，在切線上〔速度方向上〕合力為0，即，所以，隨增大，P增大。【答案】A8.答案；CD解析：由動量定理求出1s末、2s末速度分別為：v1=2m/s、v2=3m/s故合力做功為w=功率為1s末、2s末功率分別為：4w、3w第1秒內(nèi)與第2秒動能增加量分別為：、，比值：4：59答案：解：〔1〕由題知，A脫離滑桿時的速度uo=ωr設(shè)A、B碰后的速度為v1，由動量守恒定律muo=2mv1A與B碰撞過程損失的機械能解得〔2〕AB不能與彈簧相碰，設(shè)AB在PQ上運動的加速度大小為a,由牛頓第二定律及運動學規(guī)律v1=at1由題知聯(lián)立解得〔3〕AB能與彈簧相碰不能返回道P點左側(cè)解得AB在的Q點速度為v2，AB碰后到達Q點過程，由動能定理AB與彈簧接觸到壓縮最短過程，由能量守恒解得10．解：(l)設(shè)電動機的電功率為P，那么P=UI ①設(shè)電動機內(nèi)阻r上消耗的熱功率為Pr，那么Pr=I2r ②代入數(shù)據(jù)解得Pr=1×103W ③說明：①③式各2分，②式3分。(2)設(shè)蓄水總質(zhì)量為M，所用抽水時間為t。抽水高度為h，容積為V，水的密度為ρ，那么M=ρV ④設(shè)質(zhì)量為M的河水增加的重力勢能為△Ep，那么△Ep=Mgh ⑤設(shè)電動機的輸出功率為P0，那么P0=P-Pr ⑥根據(jù)能量守恒定律得 P0t×60%×80%=△Ep ⑦代人數(shù)據(jù)解得 t=2×l04s ⑧說明：④⑤式各1分，⑥⑧式各2分，⑦式3分。11(1)0.2N；(2)0.375m解析：(1)由v—t圖像可知:小球下落作勻加速運動，由牛頓第二定律得：解得(2)由圖知：球落地時速度，那么反彈時速度設(shè)反彈的加速度大小為a＇，由動能定理得解得12答案：.〔1〕4m/s〔2〕不能滑到右邊的曲面上〔3〕解：〔1〕設(shè)B滑到曲面底部速度為v,根據(jù)機械能守恒定律，得由于＞u,B在傳送帶上開始做勻減速運動。設(shè)B一直減速滑過傳送帶的速度為由動能定理的解得由于仍大于u，說明假設(shè)成立，即B與A碰前速度為4m/s設(shè)地一次碰后A的速度為，B的速度為，取向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律和機械等守恒定律得：解得上式說明B碰后以的速度向右反彈?；蟼魉蛶Ш笞鲈谀Σ亮Φ淖饔孟聹p速，設(shè)向左減速的最大位移為，由動能定理得：解得因，故B不能滑上右邊曲面?！?〕B的速度減為零后，將在傳送帶的帶動下向左勻加速，加速度與向右勻減速時相同，且由于小于傳送帶的速度u，故B向左返回到平臺上時速度大小仍為。由于第二次碰撞仍為對心彈性碰撞，故由〔2〕中的關(guān)系可知碰后B仍然反彈，且碰后速度大小仍為B碰前的，即同理可推：B每次碰后都將被傳送帶帶回與A發(fā)生下一次碰撞。那么B與A碰撞n次后反彈，速度大小為。13【答案】〔1〕輕桿開始移動時，彈簧的彈力=1\*GB3①且=2\*GB3②解得=3\*GB3③〔2〕設(shè)輕桿移動前小車對彈簧所做的功為W，那么小車從撞擊到停止的過程中，動能定理小車以撞擊彈簧時=4\*GB3④小車以撞擊彈簧時=5\*GB3⑤解=6\*GB3⑥〔3〕設(shè)輕桿恰好移動時，小車撞擊速度為，=7\*GB3⑦由=4\*GB3④=7\*GB3⑦解得當時，當時，。14⑴損失的機械能ΔE=mgL⑵摩擦力做的功=-mgL⑶動摩擦因數(shù)μ=mgL/FS15【解析】：〔1〕：小船從A點到達B點，受到的阻力恒為f,其克服阻力做的功為：〔2〕：從A到B由動能定理可知：解得：

2024年高考物理試題分類匯編：靜電場1．〔2024福建卷〕.如圖，在點電荷Q產(chǎn)生的電場中，將兩個帶正電的試探電荷q1、q2分別置于A、B兩點，虛線為等勢線。取無窮遠處為零電勢點，假設(shè)將q1、q2移動到無窮遠的過程中外力克服電場力做的功相等，那么以下說法正確的選項是()A．A點電勢大于B點電勢B．A、B兩點的電場強度相等C．q1的電荷量小于q2的電荷量D．q1在A點的電勢能小于q2在B點的電勢能2．〔2024江蘇卷〕．真空中，A、B兩點與點電荷Q的距離分別為r和3r那么A、B兩點的電場強度大小之比為()A．3：1B．1：3C．9：1D．1：93．〔2024江蘇卷〕．一充電后的平行板電容器保持兩板間的正對面積、間距和電荷量不變，在兩板間插入一電介質(zhì)，其電容C和兩極板間的電勢差U的變化情況是()A．C和U均增大B．C增大，U減小C．C減小，U增大D．C和U均減小4．〔2024上海卷〕．A、B、C三點在同一直線上，AB:BC＝1:2，B點位于A、C之間，在B處固定一電荷量為Q的點電荷。當在A處放一電荷量為＋q的點電荷時，它所受到的電場力為F；移去A處電荷，在C處放一電荷量為－2q的點電荷，其所受電場力為〔 )A．－F/2 B．F/2 C．－F D．F5〔2024天津卷〕.兩個固定的等量異號點電荷所產(chǎn)生電場的等勢面如圖中虛線所示，一帶負電的粒子以某一速度從圖中A點沿圖示方向進入電場在紙面內(nèi)飛行，最后離開電場，粒子只受靜電力作用，那么粒子在電場中()A．做直線運動，電勢能先變小后變大B．做直線運動，電勢能先變大后變小C．做曲線運動，電勢能先變小后變大D．做曲線運動，電勢能先變大后變小6．〔2024浙江卷〕.用金屬做成一個不帶電的圓環(huán)，放在枯燥的絕緣桌面上。小明同學用絕緣材料做的筆套與頭發(fā)摩擦后，將筆套與頭發(fā)摩擦后，將筆套自上向下慢慢靠近圓環(huán)，當距離約為0.5cm是圓環(huán)被吸引到筆套上，如以下列圖。對上述現(xiàn)象的判斷與分析，以下說法正確的選項是()A．摩擦使筆套帶電B．筆套靠近圓環(huán)時，圓環(huán)上、下都感應(yīng)出異號電荷C．圓環(huán)被吸引到筆套的過程中，圓環(huán)所受靜電力的合力大于圓環(huán)的重力D．筆套碰到圓環(huán)后，筆套所帶的電荷立刻被全部中和7．(2024全國新課標).如圖，平行板電容器的兩個極板與水平地面成一角度，兩極板與一直流電源相連。假設(shè)一帶電粒子恰能沿圖中所示水平直線通過電容器，那么在此過程中，該粒子A．所受重力與電場力平衡B．.電勢能逐漸增加C．動能逐漸增加D．做勻變速直線運動8．〔2024上海卷〕．如圖，質(zhì)量分別為mA和mB的兩小球帶有同種電荷，電荷量分別為qA和qB，用絕緣細線懸掛在天花板上。平衡時，兩小球恰處于同一水平位置，細線與豎直方向間夾角分別為1與2〔1＞2〕。兩小球突然失去各自所帶電荷后開始擺動，最大速度分別為vA和vB，最大動能分別為EkA和EkB。那么〔 〕A．mA一定小于mB B．qA一定大于qBC．vA一定大于vB D．EkA一定大于EkBOox(cm)y(cm)A(6,0)B(0,Oox(cm)y(cm)A(6,0)B(0,)●●A.200V/mB.200V/mC.100V/mD.100V/m10．〔2024重慶卷〕．空中P、Q兩點處各固定一個點電荷，其中P點處為正點電荷，P、Q兩點附近電場的等勢面分布如題20圖所示，a、b、c、d為電場中的四個點。那么()A．P、Q兩點處的電荷等量同種B．a(chǎn)點和b點的電場強度相同C．c點的電熱低于d點的電勢D．負電荷從a到c，電勢能減少11.〔2024海南卷〕關(guān)于靜電場，以下說法正確的選項是()A．電勢等于零的物體一定不帶電B．電場強度為零的點，電勢一定為零C．同一電場線上的各點，電勢一定相等D．負電荷沿電場線方向移動時，電勢能一定增加12．〔2024廣東卷〕.圖5是某種靜電礦料分選器的原理示意圖，帶電礦粉經(jīng)漏斗落入水平勻強電場后，分落在收集板中央的兩側(cè)，對礦粉別離的過程，以下表述正確的有()A.帶正電的礦粉落在右側(cè)B.電場力對礦粉做正功C.帶負電的礦粉電勢能變大D.帶正電的礦粉電勢能變小13．〔2024北京高考卷〕．“約瑟夫森結(jié)〞由超導體和絕緣體制成．假設(shè)在結(jié)兩端加恒定電壓U，那么它會輻射頻率為ν的電磁波，且ν與U成正比，即ν=kU．比例系數(shù)k僅與元電荷的2倍和普朗克常數(shù)h有關(guān)，你可能不了解此現(xiàn)象的機理，但仍可運用物理學中常用的方法，在以下選項中，推理比例系數(shù)的值可能為()A．B．C．2heD．14.〔2024山東卷〕.圖中虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場，實線為粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c三點是實線與虛線的交點。那么該粒子()A．帶負電B．在c點受力最大C．在b點的電勢能大于在c點的電勢能D．由a點到b點的動能變化大于有b點到c點的動能變化15．(2024全國理綜).如圖，一平行板電容器的兩個極板豎直放置，在兩極板間有一帶電小球，小球用一絕緣清線懸掛于O點。先給電容器緩慢充電，使兩級板所帶電荷量分別為﹢Q和﹣Q，此時懸線與豎直方向的夾角為π/6。再給電容器緩慢充電，直到懸線和豎直方向的夾角增加到π/3，且小球與兩極板不接觸。求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量。16.〔2024四川卷〕．如以下列圖，ABCD為固定在豎直平面內(nèi)的軌道，AB段光滑水平，BC段為光滑圓弧，對應(yīng)的圓心角θ=370，半徑r=2.5m，CD段平直傾斜且粗糙，各段軌道均平滑連接，傾斜軌道所在區(qū)域有場強大小為E=2×l05N/C、方向垂直于斜軌向下的勻強電場。質(zhì)量m=5×l0-2kg、電荷量q=+1×10-6C的小物體〔視為質(zhì)點〕被彈簧槍發(fā)射后，沿水平軌道向左滑行，在C點以速度v0=3m/s沖上斜軌。以小物體通過C點時為計時起點，0.1s以后，場強大小不變，方向反向。斜軌與小物體間的動摩擦因數(shù)μ=0.25。設(shè)小物體的電荷量保持不變，取g=10m/s2．sin370=0.6，cos370=0.8。(1)求彈簧槍對小物體所做的功；(2)在斜軌上小物體能到達的最高點為P，求CP的長度。CCBBCABCBDACDADDBDBCD2024年高考物理試題分類匯編：磁場1．〔2024天津卷〕．如以下列圖，金屬棒MN兩端由等長的輕質(zhì)細線水平懸掛，處于豎直向上的勻強磁場中，棒中通以由M向N的電流，平衡時兩懸線與豎直方向夾角均為θ，如果僅改變以下某一個條件，θ角的相應(yīng)變化情況是〔〕A．棒中的電流變大，θ角變大B．兩懸線等長變短，θ角變小C．金屬棒質(zhì)量變大，θ角變大D．磁感應(yīng)強度變大，θ角變小2．(2024全國理綜)質(zhì)量分別為m1和m2、電荷量分別為q1和q2的兩粒子在同一勻強磁場中做勻速圓周運動，兩粒子的動量大小相等。以下說法正確的選項是A.假設(shè)q1=q2，那么它們作圓周運動的半徑一定相等B.假設(shè)m1=m2，那么它們作圓周運動的周期一定相等C.假設(shè)q1≠q2，那么它們作圓周運動的半徑一定不相等D.假設(shè)m1≠m2，那么它們作圓周運動的周期一定不相等3．(2024全國理綜).如圖，兩根互相平行的長直導線過紙面上的M、N兩點，且與紙面垂直，導線中通有大小相等、方向相反的電流。a、o、b在M、N的連線上，o為MN的中點，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到o點的距離均相等。關(guān)于以上幾點處的磁場，以下說法正確的選項是A.o點處的磁感應(yīng)強度為零B.a、b兩點處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相反C.c、d兩點處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同D.a、c兩點處磁感應(yīng)強度的方向不同4．〔2024海南卷〕.空間存在方向垂直于紙面向里的勻強磁場，圖中的正方形為其邊界。一細束由兩種粒子組成的粒子流沿垂直于磁場的方向從O點入射。這兩種粒子帶同種電荷，它們的電荷量、質(zhì)量均不同，但其比荷相同，且都包含不同速率的粒子。不計重力。以下說法正確的選項是A.入射速度不同的粒子在磁場中的運動時間一定不同B.入射速度相同的粒子在磁場中的運動軌跡一定相同C.在磁場中運動時間相同的粒子，其運動軌跡一定相同D.在磁場中運動時間越長的粒子，其軌跡所對的圓心角一定越大5．〔2024廣東卷〕.質(zhì)量和電量都相等的帶電粒子M和N，以不同的速度率經(jīng)小孔S垂直進入勻強磁場，運行的半圓軌跡如圖2種虛線所示，以下表述正確的選項是A．M帶負電，N帶正電B.M的速度率小于N的速率C.洛倫磁力對M、N做正功D.M的運行時間大于N的運行時間6．〔2024北京高考卷〕．處于勻強磁場中的一個帶電粒子，僅在磁場力作用下做勻速圓周運動．將該粒子的運動等效為環(huán)形電流，那么此電流值A(chǔ)．與粒子電荷量成正比B．與粒子速率成正比C．與粒子質(zhì)量成正比D．與磁感應(yīng)強度成正比×××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××××ABOC●B.2C.D.38.〔2024江蘇卷〕．如以下列圖，MN是磁感應(yīng)強度B勻強磁場的邊界，一質(zhì)量為m、電荷量為q粒子在紙面內(nèi)從O點射入磁場，假設(shè)粒子速度為v0，最遠可落在邊界上的A點，以下說法正確的有A．假設(shè)粒子落在A點的左側(cè)，其速度一定小于v0B．假設(shè)粒子落在A點的右側(cè)，其速度一定大于v0C．假設(shè)粒子落在A點左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能小于D．假設(shè)粒子落在A點左右兩側(cè)d的范圍內(nèi)，其速度不可能大于9.(2024全國新課標)如圖，一半徑為R的圓表示一柱形區(qū)域的橫截面〔紙面〕。在柱形區(qū)域內(nèi)加一方向垂直于紙面的勻強磁場，一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子沿圖中直線在圓上的a點射入柱形區(qū)域，在圓上的b點離開該區(qū)域，離開時速度方向與直線垂直。圓心O到直線的距離為?，F(xiàn)將磁場換為平等于紙面且垂直于直線的勻強電場，同一粒子以同樣速度沿直線在a點射入柱形區(qū)域，也在b點離開該區(qū)域。假設(shè)磁感應(yīng)強度大小為B，不計重力，求電場強度的大小。10〔2024山東卷〕.(18分)如圖甲所示，相隔一定距離的豎直邊界兩側(cè)為相同的勻強磁場區(qū)，磁場方向垂直紙面向里，在邊界上固定兩長為L的平行金屬極板MN和PQ，兩極板中心各有一小孔、，兩極板間電壓的變化規(guī)律如圖乙所示，正反向電壓的大小均為，周期為。在時刻將一個質(zhì)量為、電量為〔〕的粒子由靜止釋放，粒子在電場力的作用下向右運動，在時刻通過垂直于邊界進入右側(cè)磁場區(qū)?！膊挥嬃Ｗ又亓?，不考慮極板外的電場〕〔1〕求粒子到達時德速度大小和極板距離?！?〕為使粒子不與極板相撞，求磁感應(yīng)強度的大小應(yīng)滿足的條件?！?〕假設(shè)已保證了粒子未與極板相撞，為使粒子在時刻再次到達，且速度恰好為零，求該過程中粒子在磁場內(nèi)運動的時間和磁感強度的大小11(2024四川卷〕如以下列圖，水平虛線X下方區(qū)域分布著方向水平、垂直紙面向里、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場，整個空間存在勻強電場〔圖中未畫出〕。質(zhì)量為m，電荷量為+q的小球P靜止于虛線X上方A點，在某一瞬間受到方向豎直向下、大小為I的沖量作用而做勻速直線運動。在A點右下方的磁場中有定點O，長為l的絕緣輕繩一端固定于O點，另一端連接不帶電的質(zhì)量同為m的小球Q，自然下垂。保持輕繩伸直，向右拉起Q，直到繩與豎直方向有一小于50的夾角，在P開始運動的同時自由釋放Q，Q到達O點正下方W點時速率為v0。P、Q兩小球在W點發(fā)生正碰，碰后電場、磁場消失，兩小球粘在一起運動。P、Q兩小球均視為質(zhì)點，P小球的電荷量保持不變，繩不可伸長，不計空氣阻力，重力加速度為g。(1)求勻強電場場強E的大小和P進入磁場時的速率v；(2)假設(shè)繩能承受的最大拉力為F，要使繩不斷，F(xiàn)至少為多大？(3)求A點距虛線X的距離s。12〔2024天津卷〕.對鈾235的進一步研究在核能的開發(fā)和利用中具有重要意義，如以下列圖，質(zhì)量為m、電荷量為q的鈾235離子，沉著器A下方的小孔S1不斷飄入加速電場，其初速度可視為零，然后經(jīng)過小孔S2垂直于磁場方向進入磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，做半徑為R的勻速圓周運動，離子行進半個圓周后離開磁場并被收集，離開磁場時離子束的等效電流為I，不考慮離子重力及離子間的相互作用?！?〕求加速電場的電壓U〔2〕求出在離子被收集的過程中任意時間t內(nèi)收集到離子的質(zhì)量M〔3〕實際上加速電壓的大小會在U±?U范圍內(nèi)微小變化，假設(shè)容器A中有電荷量相同的鈾235和鈾238兩種離子，如前述情況它們經(jīng)電場加速后進入磁場中會發(fā)生別離，為使這兩種離子在磁場中運動的軌跡不發(fā)生交疊，應(yīng)小于多少？〔結(jié)果用百分數(shù)表示，保存兩位有效數(shù)字〕13.〔2024上海卷〕載流長直導線周圍磁場的磁感應(yīng)強度大小為B＝kI/r，式中常量k＞0，I為電流強度，r為距導線的距離。在水平長直導線MN正下方，矩形線圈abcd通以逆時針方向的恒定電流，被兩根輕質(zhì)絕緣細線靜止地懸掛，如以下列圖。開始時MN內(nèi)不通電流，此時兩細線內(nèi)的張力均為T0。當MN通以強度為I1的電流時，兩細線內(nèi)的張力均減小為T1，當MN內(nèi)電流強度變?yōu)镮2時，兩細線內(nèi)的張力均大于T0?！?〕分別指出強度為I1、I2的電流的方向；〔2〕求MN分別通以強度為I1、I2的電流時，線框受到的安培力F1與F2大小之比；〔3〕當MN內(nèi)的電流強度為I3時兩細線恰好斷裂，在此瞬間線圈的加速度大小為a，求I3。14〔2024江蘇卷〕如以下列圖，待測區(qū)域中存在勻強電場與勻強磁場，根據(jù)帶電粒子射入時的受力情況可推測其電場和磁場，圖中裝置由加速器和平移器組成，平移器由兩對水平放置、相距為l的相同平行金屬板構(gòu)成，極板長度為l，問距為d，兩極板間偏轉(zhuǎn)電壓大小相等，電場方向相反，質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子經(jīng)加速電壓U0加速后，水平射入偏轉(zhuǎn)電壓為U1的平移器，最終從A點水平射入待測區(qū)域，不考慮粒子受到的重力?！?〕求粒子射出平移器時的速度大小v1；〔2〕當加速電壓變?yōu)?U0時，欲使粒子仍從A點射入待測區(qū)域，求此時的偏轉(zhuǎn)電壓U；ylll-U1U2m+qU0Uylll-U1U2m+qU0U0o0+0-0oxz待測區(qū)域A射入方向y-yz-z受力大小1析：水平的直線電流在豎直磁場中受到水平的安培力而偏轉(zhuǎn)，與豎直方向形成夾角，此時它受拉力、重力和安培力而到達平衡，根據(jù)平衡條件有，所以棒子中的電流增大θ角度變大；兩懸線變短，不影響平衡狀態(tài)，θ角度不變；金屬質(zhì)量變大θ角度變?。淮鸥袘?yīng)強度變大θ角度變大。答案A。2解析】根據(jù)半徑公式及周期公式知AC正確?！敬鸢浮緼C3解析】A錯誤，兩磁場方向都向下，不能；a、b兩點處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同，B錯誤；c、d兩點處的磁感應(yīng)強度大小相等，方向相同，C正確；c、d兩點處的磁感應(yīng)強度方向相同，都向下，D錯誤?！敬鸢浮緾4案：BD解析：在磁場中半徑運動時間：〔θ為轉(zhuǎn)過圓心角〕，故BD正確，當粒子從O點所在的邊上射出的粒子時：軌跡可以不同，但圓心角相同為1800，因而AC錯5案：A6案：D×××××××××××××××××××××××××××××ABOC●O＇●O＇＇D解析：根據(jù)作圖法找出速度為v時的粒子軌跡圓圓心O＇，由幾何關(guān)系可求出磁場中的軌跡弧所對圓心角∠AO＇C=60°，軌跡圓半徑，當粒子速度變?yōu)関/3時，其軌跡圓半徑，磁場中的軌跡弧所對圓心角∠AO＇＇D=120°，由知，應(yīng)選B。8.析】當粒子以速度垂直于MN進入磁場時，最遠，落在A點，假設(shè)粒子落在A點的左側(cè)，速度不一定小于，可能方向不垂直，落在A點的右側(cè)，速度一定大于，所以A錯誤，B正確；假設(shè)粒子落在A點的右側(cè)處，那么垂直MN進入時，軌跡直徑為，即，,解得，不垂直MN進時，，所以C正確，D錯誤?！敬鸢浮緽C9[答案][解析]粒子在磁場中做圓周運動，設(shè)圓周的半徑為r，由牛頓第二定律和洛侖茲力公式得eqqvB=m\f(v2,r)①式中v為粒子在a點的速度。過b點和O點作直線的垂線，分別與直線交于c和d點。由幾何關(guān)系知，線段、和過a、b兩點的軌跡圓弧的兩條半徑圍成一正方形。因此，②設(shè)=x，由幾何關(guān)系得③④聯(lián)立式得⑤再考慮粒子在電場中的運動。設(shè)電場強度的大小為E，粒子在電場中做類平拋運動。設(shè)其加速度大小為a，由牛頓第二定律和帶電粒子在電場中受力公式得⑥粒子在電場方向和直線方向所走的距離均為r，由運動學公式得⑦vt⑧式中t是粒子在電場中運動的時間，聯(lián)立式得⑨10：〔1〕粒子由至的過程中，根據(jù)動能定理得eq\o\ac(○,1)由eq\o\ac(○,1)式得eq\o\ac(○,2)設(shè)粒子的加速度大小為，由牛頓第二定律得eq\o\ac(○,3)由運動學公式得eq\o\ac(○,4)聯(lián)立eq\o\ac(○,3)eq\o\ac(○,4)式得eq\o\ac(○,5)(2)設(shè)磁感應(yīng)強度大小為B，粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為R，由牛頓第二定律得eq\o\ac(○,6)要使粒子在磁場中運動時不與極板相撞，須滿足eq\o\ac(○,7)聯(lián)立eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,6)eq\o\ac(○,7)式得eq\o\ac(○,8)〔3〕設(shè)粒子在兩邊界之間無場區(qū)向左勻速運動的過程用時為，有eq\o\ac(○,9)聯(lián)立eq\o\ac(○,2)eq\o\ac(○,5)eq\o\ac(○,9)式得eq\o\ac(○,10)假設(shè)粒子再次到達時速度恰好為零，粒子回到極板間應(yīng)做勻減速運動，設(shè)勻減速運動的時間為，根據(jù)運動學公式得eq\o\ac(○,11)聯(lián)立eq\o\ac(○,9)eq\o\ac(○,10)eq\o\ac(○,11)式得eq\o\ac(○,12)設(shè)粒子在磁場中運動的時間為eq\o\ac(○,13)聯(lián)立eq\o\ac(○,10)eq\o\ac(○,12)eq\o\ac(○,13)式得eq\o\ac(○,14)設(shè)粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動的周期為T，由eq\o\ac(○,6)式結(jié)合運動學公式得eq\o\ac(○,15)由題意得eq\o\ac(○,16)聯(lián)立eq\o\ac(○,14)eq\o\ac(○,15)eq\o\ac(○,16)式得eq\o\ac(○,17)11：．解：(1)設(shè)小球P所受電場力為F1，那么F1=qE ①在整個空間重力和電場力平衡，有Fl=mg ②聯(lián)立相關(guān)方程得 E=mg/q ③設(shè)小球P受到?jīng)_量后獲得速度為v，由動量定理得I=mv ④得 v=I/m ⑤說明：①②③④⑤式各1分。(2)設(shè)P、Q同向相碰后在W點的最大速度為vm，由動量守恒定律得mv+mv0=(m+m)vm ⑥此刻輕繩的張力也為最大，由牛頓運動定律得F-(m+m)g=eq\f((m+m),l)vm2 ⑦聯(lián)立相關(guān)方程，得 F=(eq\f(I+mv0,2ml))2+2mg ⑧說明：⑥⑦式各2分，⑧式1分。(3)設(shè)P在肖上方做勻速直線運動的時間為h，那么 tP1=eq\f(s,v) ⑨設(shè)P在X下方做勻速圓周運動的時間為tP2，那么tP2=eq\f(πm,2Bq) ⑩設(shè)小球Q從開始運動到與P球反向相碰的運動時間為tQ，由單擺周期性，有 11由題意，有tQ=tP1+tP212聯(lián)立相關(guān)方程，得 n為大于的整數(shù) 13設(shè)小球Q從開始運動到與P球同向相碰的運動時間為tQ′,由單擺周期性，有 14同理可得 n為大于的整數(shù) 15說明：⑨111214式各1分，⑩ 13 15式各2分。12：解析：〔1〕鈾粒子在電場中加速到速度v，根據(jù)動能定理有①進入磁場后在洛倫茲力作用下做圓周運動，根據(jù)牛頓第二定律有②由以上兩式化簡得③〔2〕在時間t內(nèi)收集到的粒子個數(shù)為N，粒子總電荷量為Q，那么④⑤⑥由④④⑤⑥式解得⑦〔3〕兩種粒子在磁場中運動的軌跡不發(fā)生交疊，即不要重合，由可得半徑為⑧由此可知質(zhì)量小的鈾235在電壓最大時的半徑存在最大值質(zhì)量大的鈾238質(zhì)量在電壓最小時的半徑存在最小值所以兩種粒子在磁場中運動的軌跡不發(fā)生交疊的條件為＜⑨化簡得＜﹪⑩13：〔1〕I1方向向左，I2方向向右，〔2〕當MN中通以電流I時，線圈所受安培力大小為F＝kIiL〔EQ\F(1,r1)－EQ\F(1,r2)〕，F(xiàn)1:F2＝I1:I2，〔3〕2T0＝G，2T1＋F1＝G，F(xiàn)3＋G＝G/ga，I1:I3＝F1:F3＝〔T0－T1〕g/〔a－g〕T0，I3＝〔a－g〕T0I1/〔T0－T1〕g，14案】〔1〕設(shè)粒子射出加速器的速度為，動能定理由題意得，即〔2〕在第一個偏轉(zhuǎn)電場中，設(shè)粒子的運動時間為：加速度的大小，在離開時，豎直分速度豎直位移水平位移粒子在兩偏轉(zhuǎn)電場間做勻速直線運動，經(jīng)歷時間也為豎直位移由題意知，粒子豎直總位移，解得那么當加速電壓為時，〔3〕由沿軸方向射入時的受力情況可知：B平行于軸，且由沿軸方向射入時的受力情況可知：與平面平行。,那么且解得設(shè)電場方向與軸方向夾角為,假設(shè)B沿軸方向，由沿軸方向射入時的受力情況得解得，或即E與平面平行且與軸方向的夾角為300或1500， 同理假設(shè)B沿軸方向，E與平面平行且與軸方向的夾角為-300或-1500。16.〔2024重慶卷〕．〔18分〕有人設(shè)計了一種帶電顆粒的速率分選裝置，其原理如題24圖所示。兩帶電金屬板間有勻強電場，方向豎直向上，其中PQNM矩形區(qū)域內(nèi)還有方向垂直紙面向外的勻強磁場。一束比荷〔電荷量與質(zhì)量之比〕均為1/k的帶正電顆粒，以不同的速率沿著磁場區(qū)域的中心線O進入兩金屬板之間，其中速率為v0的顆粒剛好從Q點處離開磁場，然后做勻速直線運動到達收集板。重力加速度為g，PQ=3d，NQ=2d，收集板與NQ的距離為，不計顆粒間相互作用，求⑴電場強度E的大?、拼鸥袘?yīng)強度B的大小⑶速率為λv0〔λ＞1〕的顆粒打在收集板上的位置到O點的距離。24．〔18分〕⑴設(shè)帶電顆粒的電量為q，質(zhì)量為m有將q/m=1/k代入得⑵如答24圖1，有得⑶如答24圖2有得17.(2024浙江卷)．〔20分〕如以下列圖，兩塊水平放置、相距為d的長金屬板接在電壓可調(diào)的電源上。兩板之間的右側(cè)區(qū)域存在方向垂直紙面向里的勻強磁場。將噴墨打印機的噴口靠近上板下外表，從噴口連續(xù)不斷噴出質(zhì)量均為m、水平速度均為v帶相等電荷量的墨滴。調(diào)節(jié)電源電壓至U，墨滴在電場區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運動；進入電場、磁場共存區(qū)域后，最終垂直打在下板的M點。(1)判斷墨滴所帶電荷的種類，并求其電荷量；(2)求磁感應(yīng)強度B的值；(3)現(xiàn)保持噴口方向不變，使其豎直下移到兩板中間的位置。為了使墨滴仍能到達下板M點，應(yīng)將磁感應(yīng)強度調(diào)至B’，那么B’的大小為多少？答案：2024年高考物理試題分類匯編：電磁感應(yīng)1．〔2024福建卷〕．如圖甲，一圓形閉合銅環(huán)由高處從靜止開始下落，穿過一根豎直懸掛的條形磁鐵，銅環(huán)的中心軸線與條形磁鐵的中軸始終保持重合。假設(shè)取磁鐵中心O為坐標原點，建立豎直向下正方向的x軸，那么圖乙中最能正確反映環(huán)中感應(yīng)電流i隨環(huán)心位置坐標x變化的關(guān)系圖像是()2．(2024全國新課標).如圖，均勻磁場中有一由半圓弧及其直徑構(gòu)成的導線框，半圓直徑與磁場邊緣重合；磁場方向垂直于半圓面〔紙面〕向里，磁感應(yīng)強度大小為B0.使該線框從靜止開始繞過圓心O、垂直于半圓面的軸以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動半周，在線框中產(chǎn)生感應(yīng)電流?，F(xiàn)使線框保持圖中所示位置，磁感應(yīng)強度大小隨時間線性變化。為了產(chǎn)生與線框轉(zhuǎn)動半周過程中同樣大小的電流，磁感應(yīng)強度隨時間的變化率的大小應(yīng)為()B.C.D.3．〔2024北京高考卷〕．物理課上，老師做了一個奇妙的“跳環(huán)實驗〞．如圖，她把一個