高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練（一）（含解析）-人教版高三物理試題

選擇題提速練（一）一、單項(xiàng)選擇題1．如圖甲所示為雜技中的“頂竿”表演，水平地面上演員B用肩部頂住一根長直竹竿，另一演員A爬至竹竿頂端完成各種動(dòng)作。某次頂竿表演結(jié)束后，演員A自竿頂由靜止開始下落?；礁偷讜r(shí)速度正好為零，然后屈腿跳到地面上，演員A、B質(zhì)量均為50kg，竹竿質(zhì)量為5kg，演員A下滑的過程中速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示。重力加速度g取10m/s2，下列判斷正確的是()A．竹竿的總長度約為3mB．0～6s內(nèi)，演員B對(duì)地面的壓力大小始終為1050NC．0～6s內(nèi)，竹竿對(duì)演員B的壓力的沖量大小為3300N·sD．演員A落地時(shí)屈腿，是為了縮短作用時(shí)間以減小地面的沖擊力解析：選Cv-t圖像的面積等于演員A下滑過程的位移(即竹竿的總長度)，x＝eq\f(1,2)×6×2m＝6m，A錯(cuò)誤；0～4s內(nèi)演員A加速下滑，加速度a＝0.5m/s2，處于失重狀態(tài)，演員B對(duì)地面的壓力大小FN＝2M人g＋mg－M人a＝(2×50×10＋5×10－50×0.5)N＝1025N,4～6s內(nèi)演員A減速下滑，加速度a′＝1m/s2，處于超重狀態(tài)，演員B對(duì)地面的壓力大小FN′＝2M人g＋mg＋M人a′＝(2×50×10＋5×10＋50×1)N＝1100N，B錯(cuò)誤；0～4s內(nèi)竹竿對(duì)演員B的壓力大小為F＝M人g＋mg－M人a＝(50×10＋5×10－50×0.5)N＝525N，沖量大小為I1＝525×4N·s＝2100N·s,4～6s內(nèi)竹竿對(duì)演員B的壓力大小為F′＝M人g＋mg＋M人a′＝(50×10＋5×10＋50×1)N＝600N，沖量大小為I2＝600×2N·s＝1200N·s，0～6s內(nèi)，竹竿對(duì)演員B的壓力的沖量大小為I＝I1＋I(xiàn)2＝(2100＋1200)N·s＝3300N·s，C正確；演員A落地時(shí)屈腿，是為了延長作用時(shí)間以減小地面的沖擊力，D錯(cuò)誤。2．(2018·天津高考)教學(xué)用發(fā)電機(jī)能夠產(chǎn)生正弦式交變電流。利用該發(fā)電機(jī)(內(nèi)阻可忽略)通過理想變壓器向定值電阻R供電，電路如圖所示，理想交流電流表A、理想交流電壓表V的讀數(shù)分別為I、U，R消耗的功率為P。若發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速變?yōu)樵瓉淼膃q\f(1,2)，則()A．R消耗的功率變?yōu)閑q\f(1,2)PB．電壓表V的讀數(shù)變?yōu)閑q\f(1,2)UC．電流表A的讀數(shù)變?yōu)?ID．通過R的交變電流頻率不變解析：選B發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值Em＝NBSω，其中ω＝2πn，理想變壓器的輸入電壓(有效值)U1＝eq\f(Em,\r(2))，若線圈的轉(zhuǎn)速n變?yōu)樵瓉淼膃q\f(1,2)，根據(jù)eq\f(U1,U2)＝eq\f(n1,n2)，則電壓表V的讀數(shù)變?yōu)閑q\f(1,2)U，通過R的電流變?yōu)樵瓉淼膃q\f(1,2)，R消耗的功率變?yōu)閑q\f(1,4)P，根據(jù)eq\f(I1,I2)＝eq\f(n2,n1)，電流表A的讀數(shù)變?yōu)閑q\f(1,2)I，故B正確，A、C錯(cuò)誤；交變電流的頻率f等于線圈的轉(zhuǎn)速n，故D錯(cuò)誤。3.如圖所示，螺線管與電阻R相連，磁鐵從螺線管的正上方由靜止釋放，向下穿過螺線管，下列說法正確的是()A．磁鐵剛離開螺線管時(shí)的加速度等于重力加速度B．通過電阻的電流方向先由a到b，后由b到aC．磁鐵減少的重力勢(shì)能等于回路產(chǎn)生的熱量與磁鐵增加的動(dòng)能之和D．圖中a點(diǎn)的電勢(shì)始終低于b點(diǎn)的電勢(shì)解析：選C磁鐵剛離開螺線管時(shí)，正在遠(yuǎn)離螺線管，磁鐵受到的磁場力阻礙磁鐵遠(yuǎn)離螺線管(去留)，則加速度a＜g，故A錯(cuò)誤；當(dāng)磁鐵N極向下運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)致穿過線圈的磁通量變大，且方向向下，則由楞次定律可得線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流方向盤旋而上，螺線管上端相當(dāng)于電源的正極，所以通過R的電流方向?yàn)閺腷到a，當(dāng)S極離開螺線管時(shí)，穿過線圈的磁通量變小，且方向向下，則螺線管下端相當(dāng)于電源的正極，所以通過R的電流方向?yàn)閺腶到b，則a點(diǎn)的電勢(shì)先低于b點(diǎn)的電勢(shì)，后高于b點(diǎn)電勢(shì)，故B、D錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒可知磁鐵減少的重力勢(shì)能等于回路中產(chǎn)生的熱量和磁鐵增加的動(dòng)能之和，故C正確。4．“天宮一號(hào)”主要是和載人飛船配合完成空間交會(huì)對(duì)接實(shí)驗(yàn)任務(wù)，而“天宮二號(hào)”則是我國第一個(gè)具備太空補(bǔ)加功能的載人航天實(shí)驗(yàn)室，第一次實(shí)現(xiàn)航天員中期駐留、第一次試驗(yàn)推進(jìn)劑太空補(bǔ)加技術(shù)等重要的科學(xué)實(shí)驗(yàn)，“天宮二號(hào)”被稱為是我國首個(gè)真正意義上的空間實(shí)驗(yàn)室。已知“天宮二號(hào)”的軌道高度為393km，比“天宮一號(hào)”高了50km。關(guān)于“天宮二號(hào)”與“天宮一號(hào)”的比較，以下說法正確的是()A．“天宮二號(hào)”運(yùn)行的線速度比“天宮一號(hào)”的大B．“天宮二號(hào)”運(yùn)行的加速度比“天宮一號(hào)”的大C．“天宮二號(hào)”運(yùn)行的角速度比“天宮一號(hào)”的大D．“天宮二號(hào)”運(yùn)行的周期比“天宮一號(hào)”的大解析：選D萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)＝ma＝mω2r＝meq\f(4π2,T2)r，解得v＝eq\r(\f(GM,r))，a＝eq\f(GM,r2)，ω＝eq\r(\f(GM,r3))，T＝2πeq\r(\f(r3,GM))，由于“天宮二號(hào)”的軌道半徑大于“天宮一號(hào)”的軌道半徑，所以“天宮二號(hào)”運(yùn)行的線速度比“天宮一號(hào)”的小，故A錯(cuò)誤；“天宮二號(hào)”運(yùn)行的加速度比“天宮一號(hào)”的小，故B錯(cuò)誤；“天宮二號(hào)”運(yùn)行的角速度比“天宮一號(hào)”的小，故C錯(cuò)誤；“天宮二號(hào)”運(yùn)行的周期比“天宮一號(hào)”的大，故D正確。5.空間存在一靜電場，電場中的電勢(shì)φ隨x(x軸上的位置坐標(biāo))的變化規(guī)律如圖所示，下列說法正確的是()A．x＝4m處的電場強(qiáng)度可能為零B．x＝4m處電場方向一定沿x軸正方向C．沿x軸正方向，電場強(qiáng)度先增大后減小D．電荷量為e的負(fù)電荷沿x軸從0點(diǎn)移動(dòng)到6m處，電勢(shì)能增大8eV解析：選D由φ-x圖像的斜率等于電場強(qiáng)度，知x＝4m處的電場強(qiáng)度不為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；從0到x＝4m處電勢(shì)不斷降低，但x＝4m點(diǎn)的電場方向不一定沿x軸正方向，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由斜率看出，沿x軸正方向，圖像的斜率先減小后增大，則電場強(qiáng)度先減小后增大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；沿x軸正方向電勢(shì)降低，某負(fù)電荷沿x軸正方向移動(dòng)，電場力做負(fù)功，從0點(diǎn)移動(dòng)到6m的過程電勢(shì)能增大8eV，選項(xiàng)D正確。二、多項(xiàng)選擇題6.如圖所示，長為l的細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端拴住一個(gè)小球，在O點(diǎn)的正下方與O點(diǎn)相距eq\f(l,2)的地方有一枚與豎直平面垂直的釘子；把小球拉起使細(xì)繩在水平方向伸直，由靜止開始釋放，當(dāng)細(xì)繩碰到釘子的瞬間，下列說法正確的是()A．小球的線速度不發(fā)生突變B．小球的角速度突然增大到原來的2倍C．小球的向心加速度突然增大到原來的2倍D．繩子對(duì)小球的拉力突然增大到原來的2倍解析：選ABC當(dāng)細(xì)繩碰到釘子的瞬間，小球的線速度不發(fā)生突變，所以A項(xiàng)正確；根據(jù)角速度與線速度的關(guān)系ω＝eq\f(v,r)，線速度不變，圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，角速度變?yōu)樵瓉淼?倍，所以B項(xiàng)正確；向心加速度公式a＝eq\f(v2,r)，小球的向心加速度增大為原來的2倍，所以C項(xiàng)正確；根據(jù)牛頓第二定律得出T－mg＝meq\f(v2,r)，小球拉力T＝mg＋meq\f(v2,r)，向心力變?yōu)樵瓉淼?倍，由牛頓第三定律知繩子對(duì)小球的拉力不是原來的2倍，所以D項(xiàng)錯(cuò)誤。7.如圖所示，在兩個(gè)等量異號(hào)的點(diǎn)電荷連線的中垂線上有與連線中點(diǎn)O等距離的兩點(diǎn)a、b，在連線上有距中點(diǎn)O等距離的兩點(diǎn)c、d，則下列場強(qiáng)大小關(guān)系式正確的是()A．Ea＝Eb<EO B．Ea＝EO＝EbC．Ec＝Ed>EO D．Ec>EO>Ed解析：選AC因?yàn)槭堑攘慨惙N電荷的靜電場，根據(jù)電場線的疏密分布特點(diǎn)可知：在連線上從c到d，電場強(qiáng)度先變小再變大，根據(jù)對(duì)稱性知Ec＝Ed>EO，故C正確，D錯(cuò)誤；在中垂線上，根據(jù)對(duì)稱性可知Ea＝Eb<EO，故A正確，B錯(cuò)誤。8．質(zhì)量為m的球從高處由靜止開始下落，已知球所受的空氣阻力與速度大小成正比。下列圖像分別描述了球下落過程中加速度a、速度v隨時(shí)間t的變化關(guān)系和動(dòng)能Ek、機(jī)械能E隨下落位移h的變化關(guān)系，其中可能正確的是()解析：選BD已知球所受的空氣阻力與速度大小成正比，即f＝kv，根據(jù)牛頓第二定律：mg－kv＝ma，得a＝g－eq\f(kv,m)①，開始時(shí)v比較小，mg>kv，球向下加速，當(dāng)v逐漸增大，則a減小，即球做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，又v＝at②，由①②整理得：a＝eq\f(g,1＋\f(kt,m))，可見a不是均勻減小，故A錯(cuò)誤；由前面分析知球做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動(dòng)，v-t圖像斜率應(yīng)該逐漸減小，故B正確；由動(dòng)能定理：mgh－fh＝Ek，即Ek＝(mg－kv)h，由于v是變化的，故Ek-h不是線性關(guān)系，C錯(cuò)誤；機(jī)械能的變化量等于克服阻力做的功：－fh＝E－E0，v逐漸增大，則f逐漸增大，即E-h圖像的斜率逐漸變大，故D正確。9.如圖所示為牽引力F和車速倒數(shù)eq\f(1,v)的關(guān)系圖像。若汽車質(zhì)量為2×103kg，它由靜止開始沿平直公路行駛，且行駛中阻力恒定。設(shè)其最大車速為30m/s，下列判斷正確的是()A．汽車所受阻力為2×103NB．汽車車速為15m/s，功率為3×104WC．汽車勻加速的加速度為3m/s2D．汽車勻加速所需時(shí)間為5s解析：選AD當(dāng)牽引力等于阻力時(shí)，速度最大，最大速度為30m/s，由題圖得此時(shí)牽引力F＝2×103N，則阻力大小f＝2×103N，