新教材人教A版高中數(shù)學(xué)必修第二冊平面的交線截面問題 同步講義

25、平面的交線截面問題

【例1】如圖，已知PQR分別是正方體ABCD-Aqca的棱ARBC和GA的中點，由點

p，。,R確定的平面/截該正方體所得截面為（）

四邊形C.五邊形D.六邊形

【答案】D

【分析】根據(jù)題意，取AA的中點T,AA的中點/，CG的中點S,連接尸憶加,RS,QS,

可得過P,Q,R的截面圖形.

【詳解】解：如圖，取AR的中點T，

AA的中點M,CG的中點S,連接PM,TM,RS,QS,

由正方體的性質(zhì)可知AXCXIIMSIIAC,

由中位線性質(zhì)可知PQUAC,RT11AG,

所以，PQ∕/MSHRT,

所以，由點尸，。，R確定的平面夕即為截面PQSR力W,其為六邊形.

【例2】如圖，已知尸、Q、R分別是正方體ABS-AAGA的棱AB、BC和CQ的中點,

由點P、Q、R確定的平面4截該正方體所得截面為（）.

A.三角形B.四邊形C.五邊形D.六邊形

【答案】D

【分析】分別取A。、AA、CG的中點尸、E、M,連接R尺FE、EP、PQ,QM、MR,

由正方體性質(zhì)可得答案.

【詳解】如圖，分別取AQ、A4CC1的中點F、E、M,連接RAFE、EP、PQ,QM、MR,

由正方體性質(zhì)RF//P。，所以RF、P、Qe平面夕，且R尸〃PQ〃ME,又QF、RP、EM交于

同一點0,所以區(qū)Me平面/，所以點P、Q、R確定的平面夕即為六邊形RFEPQM

【例3】在長方體ABCo-AECa中，AB=4,BC=3,M、N分別為棱A3、8片的中點,

點P在對角線AG上，且4尸=3,過點〃、N、P作一個截面，該截面的形狀為（）

A.三角形B.四邊形C.五邊形D.六邊形

【答案】C

【分析】找到截面與長方體的平面的交線，判斷為五邊形.

【詳解】如圖所示，延長MN、4用，使MNCA烏=T,連接尸。、PT,

VAB=4,BC=3、AP=3,

ACI=5、ClP=2,

M.N分別為棱A8、B片的中點,

/.BM=Bh=2,

.?.A1T=6,

ATA,P3-一-

???黃萬=M=5,又A|、p、G三點共線，

：.T.P、?三點共線，.??A在截面上，

延長MW、A1A,使NMCAA=K,連接，使RKCAo=。，

.?.Q在截面上，

連接QM、KM,

■：AQH?Dx,且AQ=NA

ΛAK=^AAt,：*AKUBN且AK=BN,

又M為AB中點，A、B、M三點共線，

二M、N、K三點共線，

???截面為五邊形ASNMQ,

【例4】在正方體ABCD-AlBlCtDi中，棱長為3,E為棱8與上靠近用的三等分點,則平面AEDt

截正方體ABC。-ABGR的截面面積為（）

A.2而B.4√ΓTC.2痙D.4√22

【答案】C

【分析】根據(jù)題意運用基本事實作出截面，根據(jù)截面的幾何特征求其面積即可.

【詳解】延長AE,交于點F,連接DF交BC于點G,如圖，

在正方體ABCD-AlBtQDt中,面ADDlAi//面BCClBt,

面AFDJ?面ADD1A,=AD1,面AFD1?面BCCtBi=EG

AD/GE,又ADl=3厄GE=母

四邊形AEG。是梯形，且為平面AEA截正方體43CZ)-ASCa的截面.

又?RG=AE=Ji5,在等腰梯形AEGR中，過G作GHLA￡＞一

22

.?.GH=y]DtG-D1H=√H

.?.S=g?（Aq+EG）?G"=;.（應(yīng)+3√∑）?√∏^=2后.

【例5】已知正方體ABC?！狝'5'C'D棱長為2,M,N,P分別是棱A4'、AB、8C的中點，

則平面MNP截正方體所得的多邊形的周長為（）

A.2√2+√6B.4√2C.6√2D.2√2?

【答案】C

【分析】利用平面基本性質(zhì)作出正方體中的截面圖，再由正方體的特征判斷截面的性質(zhì)，即

可求周長.

【詳解】過直線MN與射線BW,分別交于1,J,作射線"交CC',BC于G,H,

連接/〃交A。',C'。'于El,如下圖示：

所以六邊形MNPGFE即為面MNP截正方體所得的多邊形，

又M,N,P分別是棱A4，AB.BC的中點，易知：G,P,E均為中點，

所以截面為正六邊形，故周長為6a.

【例6】（多選）如圖，正方體ABCe-ABCA的棱長為1,P為BC的中點，Q為線段CG上

的動點，過點A,P,Q的平面截該正方形所得的截面記為S,則下列命題正確的是（）

A.異面直線AR與AB所成角為。

B.當。運動到某一點時，S可能是五邊形

C.當CQ=g時，S為等腰梯形

D.當CQ=I時，S為矩形

【答案】ABC

【分析】根據(jù)給定條件，結(jié)合正方體的結(jié)構(gòu)特征，借助異面直線夾角、平面基本事實、面面

平行的性質(zhì)逐項分析判斷作答.

【詳解】對于A,在正方體ABa)-A耳GA中，連接AC,CR,如圖，

因AR//AO〃BC,aAtD,=AD=BC,則四邊形ABCA是平行四邊形，A1B//CDt,

則異面直線A%HAB所成角為NAz)C或其補角，WAC=CD1=AD1=√2,因此NARC=。,

所以異面直線與AB所成角為?，A正確；

對于B,當g<CQ<1時，過點A,P,Q的平面與直線Aq交于點M,連AM,因平面ADDAU

平面8CG4，

貝l"M∕∕PQ,而Av/CQ,且角NAAM與角NCQP方向相反，即有NΛ,AM=NCQP,

因此曾=tanNAAM=tanNC°P=名，Λ,M?-?-e(?I),于是得點例在棱Aa中點與

點2之間(不含端點)，

平面A4GR//平面Λ58,過點4,P,。的平面與平面A與GA相交，交線必平行于直線

AP,

令此交線與直線GA交于點M而NDJ/AB,且角NRMv/與角NW方向相反，則

ZDtNM=ZBAP,

MDBP

—=tanZDl∕VM=tanZBAP=—,即有NR=2MRe(0,1),則有N在棱CQ上，連NQ,

NDlAD

如圖,

截面S與正方體ABCAAMGA的5個面相交，即S是五邊形，B正確;

對于C,當CQ=g時，即。是CG中點，連8G，如圖，則PQ//BG，

因CiDxIICDIIAB,且CQ=CQ=AB,則四邊形ABC1D1是平行四邊形,有ADJ/BCJIPQ,

而AP=4=RQ,因此S為等腰梯形，C正確；

222

對于D,當Ce=I時?，。與Cl重:合，AP=PQ=與,Λβ=ACl=√3,AP+PQ≠AQ,

則AP與PQ不可能垂直，因此截面S不可能為矩形，D不正確.

【例7】（多選題）如圖，在正方體ABeQ-ABcR中，P，。分別是棱AA，CC的中點，平

面DPQCI平面ABcR=/,則下列結(jié)論中不正確的有（）

A./過點3]

B./不一定過點Bl

C.。尸的延長線與。圈的延長線的交點不在/上

D.OQ的延長線與AG的延長線的交點在/上

【答案】BC

【分析】連接PBrDBt,在正方體中可得四邊形CPAQ是平行四邊形，由點共面得點共線可

判斷AB；。尸的延長線與RA的延長線的交點尸，。。的延長線與AG的延長線交點E,

由點共面得點共線可判斷CD.

【詳解】連接「耳、QB∣,在正方體ABCo-AMCa中，取BBI的中點N,

連接CN,則DP∕∕CN∕∕QBi,DP=CN=QBl,

所以四邊形。PBlQ是平行四邊形，平面。PB∣Q,BIe平面ABC"，

所以與€/,故A正確，B錯誤；

如圖。尸的延長線與RA的延長線的交點F,DQ的延長線與RG的延長線交點E,

因為DFU平面。Pq。，所以Fe平面Z)P片Q,

因為DIAU平面AIBlCIZ)∣,所以4∈平面ABlc1A，所以尸w/,

因為DQU平面。尸片。，所以Ee平面QP瓦。，

因為RGU平面ABcR,所以Ee平面ABCQ,所以Ee/,

故C錯誤，D正確.

【例8】(多選題)棱長為1的正方體ABCQ-ABCQ中，尸、Q分別在棱BC、CG上，CP=x,

CQ=y,x∈[0,l],ye[0,l]且V+y2≠o,過A、尸、Q三點的平面截正方體ABCO-A耳GA

A.χ=y時，截面一定為等腰梯形B.X=I時，截面一定為矩形且面積最大值為我

C.存在X,y使截面為六邊形D,存在X,y使BR與截面平行

【答案】BD

【分析】對A,舉反例判斷即可：

對B,當X=I時，點尸與點B重合，再根據(jù)面面平行的性質(zhì)與線面垂直的性質(zhì)判斷即可；

對?C,直觀想象根據(jù)截面可能的情況判定即可；

對D,根據(jù)線面平行與截面的性質(zhì)舉例當X=；,y=；時成立判定即可

【詳解】對A,x=y=l時，截面為矩形，故A錯；

對B,當*=1時,點尸與點B重合,設(shè)過A、P、Q三點的平面交Ro于M,則因為平面AA1D1D//

平面88CC，故PQ〃AM,且A8LPQ,此時截面為矩形，肖點。與點Cl重合時面積最大，

對C,截面只能為四邊形、五邊形，故C錯；

對D,當X=；，V=；時，延長與B交QP延長線于N,畫出截面APQM如圖所示.此時因為

BP=CP,BN//CQ,故RtVBPN三RtVCPQ`則BN=CQ=g.由面面平行的截面性質(zhì)可得

21

VADM:NPCQ,ΛD=2PC,故MZ)=2QC=：,此時=；,故MR=BN且岫〃8N,

故平行四邊形MnBN,故MN〃D、B,根據(jù)線面平行的判定可知3。與截面平行，故D正確.

【例9】如圖，在正方體ABCZ>-Λ18C0∣中，AB=I,OR中點為Q,過42、四三點的截

面面積為.

9

【答案】-##1.125

8

【分析】先作出經(jīng)過A、Q、A三點的截面，如圖所示為梯形AB/Q,然后求出截面的面積

即可

【詳解】解：如圖所示，取CQ的中點P,連接PQ、PB-AB^AQ和。G,

???P，。分別是CQ,DA的中點，

：.PQHCQ,且尸Q=JGO,

VABt∕∕CtD,：.PQHAB、,

所以四邊形ABFQ是過A、Q、Bl三點的截面，且四邊形ABfQ是梯形,

=AB=1,

截面面積為N坐+√∑）χ一=T，

222Λ∕2O

【例10］如圖，正方體ABCD-AsGR的棱長為1,P為BC的中點，。為棱CG上的動點，

過點AP,。的平面截該正方體所得的截面記為S,則下列命題正確的是.（請寫

出所有正確命題的編號）

②當CQ=j3時，S與GA的交點R滿足GR=；1；

3

③當:<CQ<1時，S為六邊形；

4

④當CQ=I時，S的面積為在.

2

【答案】①②④

【分析】①作出輔助線，找到S為四邊形APQQ,證明出其為等腰梯形；②作出輔助線，找

至US,利用各邊長度與相似，求出C∣R=g;③在②的分析基礎(chǔ)上，得到S為五邊形；④作出

輔助線，得到S為菱形，求出對角線，進而求出面積.

【詳解】當CQ=g時，S為等腰梯形，理由如下：

如圖1,連接4。，DtQ,因為P為BC的中點，。為Ca上的中點,

所以A2〃PQ,

所以四邊形APQA為S,其中AP=AQ=JiTJ=*，

所以S為等腰梯形，①正確；

31

當CQ=；時，S與G。的交點R滿足GR=],理由如下：

如圖2,延長CA至點E,使得。E=g,連接E4,EQ交CB于點R,

取AC中點N,OE中點M,連接MQ,MN,PN,

3

則DM=CQ=:，DN=CP,所以四邊形CQM。與四邊形PCz)N均為平行四邊形,

4

所以MQ〃NP〃CD,且MQ=M3=4CD,所以四邊形MNP。為平行四邊形，

所以PQ〃MN,由中位線的性質(zhì)可知：MN//AE,所以PQ〃AE,

所以四邊形AEQP即為S,其中ERR~QGR,

?

所以弟=靜=?=2,所以GR=?,②正確；

C∣ACl?√?3

4

E

3

當：VeQVI時，S為五邊形，理由如下：

如圖3,根據(jù)②的分析，隨著。點在圖2的基礎(chǔ)上沿著CG向上移動，

則點E點沿著射線向上移動，此時AE與相交于點G,

DBAD1

E。與GP相交于點R,連接GR,故所截得的S為五邊形，故③錯誤;

如圖4,點Q與G重合，此時G為Aa的中點，可證得：AG//PQ,AP//GQ,

其中AP=PQ=QG=AG=何邛,所以S為菱形4PQG,

旦AQ=6,PG=應(yīng),S的面積為Lχ6xV∑=?^,④正確.

22

圖4

【例11］已知正三棱柱ABe-AqCl的底面邊長為3cm,高為3cm,M、N、P分別是A4、

AC、BC的中點.

（1）用“斜二測”畫法，作出此正三棱柱的直觀圖（嚴格按照直尺刻度）；

⑵在（1）中作出過M、N、P三點的正三棱柱的截面（保留作圖痕跡）.

【答案】（1）作圖見解析；（2）作圖見解析.

【分析】（1）利用斜二測法畫出棱柱底面A4G的直觀圖，再根據(jù)斜二測畫圖的原則確定

A8,C三點，即可得直觀圖；

（2）應(yīng)用平面的基本性質(zhì)畫出截面即可.

【詳解】（1）①平面直角坐標系中作邊長為3cm的等邊三角形A4G，原點。為ABl中點,

如下圖，

②在線段Oc上找到中點Q,過。作與X軸成45。的y'軸，并在V軸找點G使OG=0。，此

時直觀圖底面A4G確定；

③過A中,G向上作與X軸垂直的射線，并在各射線上找一點A,B,C使AA=BN=CC=3cm,

連接AB,8C,BA,即得正三棱柱的直觀圖.

(2)①過MN作直線分別交射線GA,CC于E,。，連接砂,OP,分別交A4,8C于G1,

②連接MG,NF,則截面FNMGP即為所求.

【例12］如圖所示的正方體ABCQ-AB中，E是棱CG上的一點，試說明已、A、E三

點確定的平面與平面ABCD相交，并畫出這兩個平面的交線.

【分析】延長RE、OC交于點尸，連接A尸交BC十點G,利用平面的性質(zhì)可知面ARE與

平面ABC￡＞的交線為ΛF.

【詳解】解：延長RE、DC交于點F,連接的交BC于點G,則平面4。E與平面ABC。的

交線為AF,證明如下：

因為FeAE,REU平面ARE,則F∈平面ARE,

.FeCD,CDU平面ABCD,二尸G平面ABCD,

又因為A為平面ARE和平面A3C3的公共點，則平面42E與平面ABCD的交線為AF.

【例13］如圖，正方體ABCZ)-AaGA的棱長為8,M,N,P分別是A4，AD,BA的

中點.

⑴畫出過點M,N,P的平面與平面ABC。的交線；

(2)設(shè)平面PMNCAB=Q,求PQ的長.

【答案】⑴作圖見解析

⑵4?歷

【分析】(1)通過MPU平面ABgA,將MP延長后必與AB相交，設(shè)交點為Q,連接N。,

NQ即為過點M,N,P的平面與平面ABC。的交線.

(2)由BQ〃A鳥可知需=6了=1,進而可通過勾股定理求得PQ的長.

∕WΓ>lΓDl

(1)

如下圖所示，：心匚平面斗打與入，MP與AB不平行，,MP與AB必相交.設(shè)交點為Q,

連接NQ.

：NQU平面ABCD,NQU平面MNP,

，過點M,N,。的平面與平面A88的交線為NQ.

BQPB,

??BQ∕∕A,Bt,?-?-=-=1,ΛBβ=MB1=4.

Mo1rD]

2222

PQ=y∣PB+BQ=√4+4=4√2.

【題型專練】

1.在棱長為2的正方體ABCr>-A∕B∕CQ/中，E為8/G的中點，則過8,D,E三點的平面

截正方體ABCr>-A∕8∕Go/所得的截面面積為（）

A.叵B.IC.3√2D.2√10

【答案】B

【分析】作出正方體的截面圖形，利用面積公式即可求解.

【詳解】取DlG的中點尸，連接DF,EF,BE,

即等腰梯形BEFD為截面，設(shè)BEFD的高為〃,

由平面幾何知識可得〃=

所以截面面積為S=T小守、羋

2.如圖，在正方體ABC。一AAGR中，AB=2,點E為AB中點，點尸為8C中點，則過

點A與&E,G尸都平行的平面α被正方體AB8—ABCQ截得的截面面積為（）

A.立B.在C.√3D.-

242

【答案】D

【分析】首先利用平行關(guān)系，作出截面，再求截面面積.

【詳解】取44中點G,AA中點兒則AAG”就是平面。被正方體A8CO—ABCQ,截得

的截面，其中AG=A”=有，GH=&，GH邊上的高為3不￥-與=斗，所以AAGH

的面積S=-×?^2×^^-=-.

222

3.（多選題）正方體ABC。-ABCQ的棱長為4,動點P,。分別在棱8C,CC1±,將過點

A,P,Q的平面截該正方體所得的截面記為S,設(shè)3P=x,CQ=y,其中x,ye[0,4],下列命題

正確的是（）

D

iC1

A.當x=γ=2時，S的面積為9

B.當x+)=4,Xe(1,3)時，S為等腰梯形

C.當4O時，S為矩形，其面積最大值為16√∑

D.當)=4時，以片為頂點，S為底面的棱錐的體積為定值6號4

【答案】BCD

【分析】山題意可知當*,y變化時，S為不同的圖形，故可根據(jù)題意逐一判斷即可.

【詳解】對于A,當x=2,尸2時，PQ為,BCa的中位線，PQMBG，BCt/∕ADl,:.AD,//PQ,

??.S為等腰梯形APQ過P作PElAA于E,如圖，

PQ=2>∕2,ADl≈4√2..?.AE=垃.AP=2小、:.PE=3五.

SWΛPQD故不正確；

I=→672×3λ^=l8,A

對于B,當x+y=4,Xe(1,3)時，CP=4-x=y=CQ,即而=記，

Bq//A，，?！ㄊ?。，二5為等腰梯形4P。。，故B正確；

對于C,當X=O時，點P與點8重合，，ABLPQ,如圖，

此時S為矩形，當點。與點Cl重合時，S的面積最大，s=4x4垃=16正，故C正確;

對于D,當尸4時，以巴為頂點，S為底面的棱錐為4-APGH

當y=2時，以用為定點，S為底面的棱錐為四-4PG”,如圖，

1164

v2v

B,ΛFC,H=P-BlClH=2X§XQX4X4X4=§,故D正確.

4.如圖，正方體ABCz)-A耳Ca的棱長為6,GE=gcQ,點f是CQ的中點，則過用，E,

尸三點的平面α截該正方體所得截面的面積為.

【分析】過尸作小〃Ef；,連接BF,作出截面圖形，根據(jù)面面平行的性質(zhì)可得EBFF為平

行四邊形，然后利用平行四邊形面積公式即可求解.

【詳解】如圖，過點尸作FP〃E耳，連接"尸，

由面面平行的性質(zhì)可得：四邊形EBxPF為平行四邊形，

又因為正方體ABCO-A耳GA的棱長為6,C1E=^C1D1,

點尸是C。的中點，所以點BP=I,所以PF=Jl2+6?=后，

因為平行四邊形EqPF的高為6,

所以SBtEFP=屈x6=6屈，

5.正方體ABeo-AAGA中，棱長為α,E∕分別是Bc、GA的中點，0是底面ABCQ的

中心，過及F、0作截面，則所得截面的面積為.

【答案】［##竺

OO

【分析】連接EEF2O8,BE,8Q,4C,可證明所〃BD,然后可得截面為梯形￡7班，然后

求出其面積即可.

連接EEFnoB,BE,8Q,AC,因為E尸分別是BC、GR的中點，

所以EF//BQ,因為BQJ/BD,所以EF//BD,

因為O是即的中點，所以過E尸、。作截面，所得截面為梯形EmB,

因為正方體的棱長為“，所以BD=缶，EF=-a,EB=FD=-a

22

所以梯形￡77)8的高為其面積為

6.如圖，長方體ABeD-A耳Ca中，AB=BC=4,AAt=3,M是線段AG的中點，點N在

線段Be上，MN//BD,則長方體A8CO-A4G。被平面AMN所截得的截面面積為

【答案】7"

五邊形四進彩

【分析】先判斷出截面是五邊形AEMNF,再求出相關(guān)邊長,通過SAEMNF=SAAEF+SEtfNF

計算面積即可.

如圖，M是線段Rcl的中點，點N在線段8￡上，MN//BI),所以N為BC的中點.延長AA

交直線MN于點P,連接AP交。。于點E：延長ABl交直線MN于點。，

連接AQ交叫于點F.則PM=MN,NQ=MN.于是易得E、尸分別為DD1、BB1的三等分點，因此

截面為五邊形AEMNF,

AE=AF=2-45,EM=FN=下,MN=2√2,EF=4√2.

過A作ATj.PQ于7,交EF于S,由AE=AF=26,AP=AQ=3指可得

AS=2瓜AT=3小,故

?_??_1ac:?/7,2>∕2+4>∕2yτ,7r

?五邊形AEMNF=+?叫邊形EMNF=X/yJ^∣^XVJ=/?/?■

7.如圖，在正方體ABCo-A4G。中，E是棱CG上一點，且CE:EG=I:2.

⑴試畫出過R，A,E三點的平面截正方體"CD-A8CQ所得截面ɑ：

(2)證明：平面AAE與平面ABCz)相交，并指出它們的交線.

【答案】(1)作圖見解析

(2)證明見解析；AG為面RAE與面ABCD的交線

【分析】(1)在BC上取一點尸，使得CF=gcB,延長AF,OC,RE交于點G,連結(jié)所，

即可得到截面；

(2)根據(jù)兩平面有公共點A,可知兩面相交；延長。CRE,設(shè)它們交于點G,可證得G在

兩面交線上，由此可知交線為AG.

(1)

在BC上取一點F,使得CF=gc8,延長AF,DC,RE交于點G,連結(jié)EF,

則平面AF皿就是過AE三點的平面截正方體ABCO-ABCQ所得截面。.

(2)

Ae平面RAE,Ae平面ABCZJ,

.?.平面。/E1平面ABa>≠0,即平面QAE與平面468相交.

延長。C,3∣E,設(shè)它們交于點G,

Ge直線。E,直線AEU平面OAE,.?.Ge平面AAE.

Ge直線。C,宜線OCU平面488,.?.G∈平面45C3.

.?.AG為面RAE與面ABCf)的交線.

8.如圖所示,在直四棱柱A8CZ)-A4GP中，底面ABCD是等腰梯形，AB//CD,AB=ICD,

ZBAD=60,四邊形CDDG是正方形.

(1)指出棱CG與平面4。鳥的交點E的位置(無需證明)，并在圖中將平面AC片截該四棱柱所

得的截面補充完整；

【答案】(I)E為CG的中點，答案見解析

【分析】(I)E為CG的中點，取CG的中點E,連接OE,用E可得答案；

(2)連接3D,作OFJ_AB,垂足為尸，由線面垂直的判斷定理可得DFI平面ABB-

利用KO-AB耳=VB-ADel可得答案.

(1)

E為CG的中點.作圖如下：如圖，取CG的中點E,連接DE,B1E,平面ADE4即為該四

棱柱所得的截面.

9.(1)如圖，在正方體ABCQ-ABCa中，試畫出平面ABQ與平面ACGA的交線.

(2)如圖，直角梯形ABC。中，AB//CD,AB>CD,S是直角梯形ABCo所在平面外一點,

畫出平面S3。和平面SAC的交線.

【答案】詳見解析.

【分析】(1)先記BA與AG的交點為。，連接A。，即可得出交線；

(2)延長8。和AC交于點0,再連接S。，即得到交線.

【詳解】(1)記BQl與AG的交點為0,連接A。，則Ao即為平面ABIR與平面ACGA的

交線，如圖：

(2)延長3。和AC交于點。，連接S。，So即為平面S%)和平面MC的交線，如圖:

10.P,Q,R三點分別在直四棱柱A。的棱88/,CG和。D上，試畫出過P,Q,R三點的

截面作法.

【答案】答案見解析

【分析】作截面圖，就是要找到面PQR與直四棱柱相關(guān)面的交線，畫交線的關(guān)鍵就是找兩個

公共點，沒有明顯的公共點，首選延長那些同時在直四棱柱面上的線.

【詳解】作法：(1)連接QP,QR并延長，分別交CB,C。的延長線于E,F;

(2)連接E尸交A8^ΓT,交AO于S;

(3)連接RS，TP,則五邊形PQRS7即為所求截面.

11.如圖，正方體ABC。-A耳6P的棱長為1,P為BC的中點，Q為線段CG上的動點，過

點A,P,。的平面截該正方體所得截面記為S,當CO=：時，S與GA的交點為R,則CR=

；當S為四邊形時，CQ的取值范圍為.

3

【分析】設(shè)S與AR的交點為T,根據(jù)截面的性質(zhì)可得.C尸Q~,241A,從而得到珀=：,再

根據(jù)liABP,RRT可得RR=；,從而求得0/?=；；再根據(jù)截面的性質(zhì)可得S與平面"QQ

的交線經(jīng)過。Q上求S為四邊形時，CQ的取值范圍即可

CPCQ

［詳解】如圖所示,設(shè)S與AR的交點為7,根據(jù)截面的性質(zhì)可得^CPQ、昭A,?ττ=7T-

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=-從而得到3=：,故τη=w?

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一1解得RR=g,故Cm=1-：=；

4-