浙江省浙南名校聯(lián)盟2022-2023學年高一下學期期中聯(lián)考物理 含解析

2022學年高一年級第二學期浙南名校聯(lián)盟期中聯(lián)考

物理試題

選擇題部分

一、單項選擇題（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有

一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）

1.下列物理量的負號表示大小的是（）

A.速度片-2m∕sB.電量q=-0.01C

C.重力勢能EP=-50JD.力做功為W=-IOJ

【答案】C

【解析】

【詳解】A.速度為矢量，正負代表方向，故A錯誤；

B.電量的正負代表性質(zhì)不同，故B錯誤；

C.重力勢能的正負表示具有的勢能大小不同，故C正確；

D.力的正負代表做正功或做負功，故D錯誤。

故選C。

2.下列物理學習或研究中用到的方法與顯示微小形變的方法相同的是（）

探究加速度與力、質(zhì)量的關系

【答案】B

【解析】

【詳解】A.伽利略理想斜面實驗用到了理想實驗法，A錯誤；

B.測定萬有引力常量用到了微小形變放大法，B正確；

C.探究共點力合成的規(guī)律用到了等效替代法，C錯誤；

D.探究加速度與力、質(zhì)量的關系用到了控制變量法，D錯誤。

故選B0

3.如圖所示，感應起電實驗中，帶正電小球C靠近不帶電的枕形體時，枕形體的A、8兩端箔片張開。下

列說法正確的是（）

<s）<s>。

A.枕形體A、B也可以采用絕緣材料制作

B.枕形體的A端和2端箔片帶有同種電荷

C.枕形體內(nèi)部的自由電子從A端移到B端

D.感應起電前后枕形體內(nèi)部的電荷總量不變

【答案】D

【解析】

【詳解】A.枕形體要發(fā)生感應起電，枕形體中必須有能夠自由移動的電荷，即枕形體是導體，枕形體

A、B也不可以采用絕緣材料制作，A錯誤：

B.枕形體中的自由電子受到帶正電小球C的庫侖引力作用向近端A端移動，枕形體A端帶負電，枕形

體2端帶正電，即枕形體的A端和8端箔片帶有異種電荷，B錯誤；

C.根據(jù)上述可知，枕形體中的自由電子受到帶正電小球C的庫侖引力作用向近端A端移動，即枕形體內(nèi)

部的自由電子從B端移到A端，C錯誤；

D.感應起電過程只是自由電子從導體的一端移動至另一端，總的電荷量并沒有發(fā)生變化，即感應起電

前后枕形體內(nèi)部的電荷總量不變，D正確。

故選D。

4.某同學設想駕駛一輛由火箭提供動力的陸地太空兩用汽車，沿赤道行駛且汽車相對于地球的速度可以任

意增加，不計空氣阻力。當汽車速度增加到某一值時，汽車將脫離地面成為繞地球做圓周運動的“航天汽

車”。下列相關說法正確的是（已知地球半徑R=6400km,g取9.8m∕s2）（）

A.汽車在地面上速度增加時，對地面的壓力增大

B.汽車速度達到7.9km∕s時，將脫離地面

C.此“航天汽車”環(huán)繞地球做勻速圓周運動的最小周期為24/?

D.此“航天汽車”內(nèi)可用彈簧測力計測重物重力大小

【答案】B

【解析】

【詳解】A.汽車繞地心做圓周運動，其重力、地面支持力的合力提供向心力，速度越大，支持力越小，對

地面的壓力越小，故A錯誤；

B.當速度增大到某一值時，支持力恰好為零，重力全部提供向心力

2

V

m2-m一

R

v=7.9km/s

故B正確；

C.當汽車圍繞地球表面運動時周期最小，根據(jù)

4戶

mg=HyR

故C錯誤；

D.汽車完全失重，測力計不能測重力，但可以測力，故D錯誤。

故選Bo

5.圖甲是組合式推拉黑板。若在一名同學向左勻速拉動黑板時，另一名同學用粉筆從靜止開始，在該黑

板上勻加速豎直向下畫線，則粉筆在黑板上畫出軌跡可能是圖中的（）

【答案】C

【解析】

【分析】

【詳解】粉筆相對黑板水平向右做勻速運動，豎直向下做勻加速運動，則合運動為曲線運動，軌跡的凹

向向下，則軌跡為C所示。

故選C。

6.如圖所示，質(zhì)量為70kg的某運動員在做弓箭步練習，即從圖中左邊所示的姿態(tài)下蹲到圖中右邊所示姿

態(tài)，再起立回到左邊所示姿態(tài)，如此重復動作。若他在Imin內(nèi)做了30個弓箭步練習，則這段時間克服重

力做的功和相應的平均功率約為（）

A.10500J、175WB.21000J、175WC.10500J、350WD.21000J、350W

【答案】A

【解析】

【詳解】每次運動員姿態(tài)下蹲時重心下降的高度約為05m,故在一分鐘內(nèi)，運動員克服重力做的功約為

%=〃根g∕z=70χl0χ0.5*30J=10500J

Imin內(nèi)平均功率約為

產(chǎn)工四%75W

t60S

故選A?

7.天宮空間站天和核心艙的機械臂，長度約10米，是我國自主研發(fā)的七自由度系統(tǒng)，可以實現(xiàn)三維空間

的任意位置和姿態(tài)控制，與同樣屬于七自由度系統(tǒng)的人的手臂一樣靈活和機動。如圖A、8、C是三個主

要關節(jié)支點，P、Q為BC臂上的兩點，若某次作業(yè)過程保持BC臂和AB臂的夾角C=90。不變，機械臂

整體以A支點為軸抬起，則下列說法正確的是()

A.作業(yè)過程中P與。線速度大小相等

B.作業(yè)過程中P與。線速度方向相同

C.作業(yè)過程中P與。角速度大小相等

D.作業(yè)過程中P與Q加速度大小相等

【答案】C

【解析】

【詳解】ABC.由于P與。是同軸轉(zhuǎn)動，所以角速度相同，根據(jù)

V=ωr

可知AP與AQ長度、指向都不同，所以線速度大小、方向不同，故AB錯誤，C正確；

D.由

2

an=ω^r

可知P與Q加速度大小不相等，故D錯誤。

故選C。

8.2020年6月23日，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射北斗系統(tǒng)第55顆導航衛(wèi)星，至此北斗全球衛(wèi)星導

航系統(tǒng)部署全面完成。北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)由不同軌道衛(wèi)星構成，其中北斗導航系統(tǒng)第41顆衛(wèi)星為地球同

步靜止軌道衛(wèi)星，它的軌道半徑約為4.2xl()7m0第44顆衛(wèi)星為傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，運行周期等于地

球的自轉(zhuǎn)周期24ho兩種同步衛(wèi)星的繞行軌道都為圓軌道。傾斜地球同步軌道平面與地球赤道平面成一定

夾角，如圖所示。已知引力常量G=6.67*10-"N?n√∕kg，下列說法中正確的是（)

傾斜地球同步軌道

A.兩種同步衛(wèi)星都可能經(jīng)過北京的正上空

B.兩種同步衛(wèi)星向心加速度大小相等

C.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星經(jīng)過赤道正上方同一位置，一天內(nèi)只可能有1次

D.任意12小時內(nèi)，萬有引力對第41顆衛(wèi)星做功大小大于對第44顆衛(wèi)星做功大小

【答案】B

【解析】

【詳解】A.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星可能經(jīng)過北京上空，而地球同步軌道衛(wèi)星不能經(jīng)過北京上空，故A錯

誤;

B.由于兩種衛(wèi)星的周期相等，都是24h,根據(jù)萬有引力提供向心力

CMm4/

G下=布亍

可知軌道半徑相同，加速度相同，選項B正確;

C.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星周期為24h,如果開始時位于南半球上方，則一天之內(nèi)傾斜地球同步軌道衛(wèi)星

會跨過赤道某點上方到達北半球上方，然后再次跨過赤道上同一點上方回到南半球上方，故2次經(jīng)過赤

道正上方同一位置，故C錯誤;

D.兩衛(wèi)星的線速度大小相等，設為即，相等任意12小時內(nèi)，萬有引力使兩顆衛(wèi)星的速度改變180。，即

速度變?yōu)?W,則動能變化為零，則萬有引力對第41顆衛(wèi)星做功大小等于對第44顆衛(wèi)星做功大小，故D

錯誤。

故選Bo

9.如圖所示甲、乙、丙、丁是游樂場中比較常見的過山車，甲、乙兩圖的軌道車在軌道的外側(cè)做圓周運

動，丙、丁兩圖的軌道車在軌道的內(nèi)側(cè)做圓周運動，兩種過山車都有安全鎖（由上、下、側(cè)三個輪子組

成）把軌道車套在了軌道上，車中座椅是指底座、靠背以及安全卡扣組成的整體，四個圖中軌道的半徑

都為R,下列說法正確的是（）

T

A.甲圖中，當軌道車以一定的速度通過軌道最高點時，座椅一定給人向上的力

B.乙圖中，軌道車過最底點的最大速度為我

C.丙圖中，當軌道車以一定的速度通過軌道最低點時，座椅一定給人向上的力

D.丁圖中，軌道車過最高點的最小速度為J跡

【答案】C

【解析】

【詳解】A.由重力提供向心力可得

2

mg=in—

R

軌道車通過最高點的臨界速度為

v=yfgR

若通過最高點速度大于臨界速度，座椅給人的力向下，若通過最高點速度小于臨界速度，座椅給人的力向

上，故A錯誤；

B.乙圖中軌道車合力向上，可得

V2

F-mg=m—

R

由于不知軌道車和軌道彈力最大值，所以不能求出速度最大值，故B錯誤；

C.丙圖中人的合力向上提供向心力，所以座椅給人向上的力，故C正確；

D.丁圖中，軌道可以提供軌道車向上彈力，屬于圓周運動有支撐模型，所以最高點速度大于零即可，故

D錯誤。

故選C。

10.如圖所示，配送機器人作為新一代配送工具，可以做到自動規(guī)避道路障礙與往來車輛行人，做到自動

化配送的全場景適應。該配送機器人機身凈質(zhì)量為350kg,最大承載質(zhì)量為200kg,在正常行駛中，該配送

機器人受到的阻力約為總重力的木，滿載時最大時速可達5m∕s,已知重力加速度g=10m∕s2,關于該機

器人在配送貨物過程中的說法正確的是（）

A.該配送機器人的額定功率為550OW

B.該配送機器人以額定功率啟動時，先做勻加速運動，后做變加速運動直至速度達到最大速度

C.該配送機器人空載時，能達到得最大速度為?θm/s

D.滿載情況下以額定功率啟動，當速度為2m∕s時，該配送機器人的加速度大小為1.5m/S?

【答案】D

【解析】

【詳解】A.由題可知阻力為

/=L（m+M）g=550N

滿載時最大時速可達5m∕s,則額定功率為

P=fvm=2750W

故A錯誤；

B.該配送機器人以額定功率啟動時，有

P=Fn

根據(jù)牛頓第二定律有

F-f=nuι

機器人做變加速運動直至速度達到最大速度，故B錯誤；

C.該配送機器人空載時，能達到得最大速度為

,P2750,rc,

V=-........=-------m/s=7.9m∕s

一1mg350

10

故C錯誤；

D.滿載情況下以額定功率啟動，當速度為2m∕s時，牽引力為

C=空％=1375N

v'2

該配送機器人的加速度大小為

根據(jù)勾股定理

F=｛（mg?+琮=Jfn2g2+^_

故C錯誤，D正確。

故選D。

12.2019年4月10日晚，數(shù)百名科學家參與合作的“事件視界望遠鏡（EHT）”項目在全球多地同時召開

2

新聞發(fā)布會，發(fā)布了人類拍到的首張黑洞照片。理論表明：黑洞質(zhì)量M和半徑R的關系為M竺=」c一，

R2G

其中C為光速，G為引力常量。若觀察到黑洞周圍有一星體繞它做勻速圓周運動，速率為叭軌道半徑

為r,則可知（）

2

A.該黑洞的質(zhì)量M=工B.該黑洞的質(zhì)量M=vUr

2G2G

2

C.該黑洞的半徑H=當D.該黑洞的半徑R=上v：r

Cc

【答案】C

【解析】

【分析】

【詳解】AB.根據(jù)星球所受萬有引力等于向心力，轉(zhuǎn)換為公式為

GMm_mv2

rr

其中G為引力常量，M為黑洞質(zhì)量，加為環(huán)繞星體質(zhì)量，r為軌道半徑，U為環(huán)繞星體線速度；可以把

公式化簡，直接得到黑洞的質(zhì)量

M=±①；

G

故AB錯誤;

2

CD.根據(jù)光速和黑洞逃逸速度的關系，如題所知M絲=cJ,C為光速，可把公式化簡得到黑洞的半徑

R2G

把①式代入②中即可用相關的已知量得到

黑洞的半徑

故C正確，D錯誤；

故選：C0

13.從距地面高度/∕=3.2m處，將質(zhì)量Ikg的小球以3m∕s的初速度水平向右拋出。小球運動過程中受到恒

定的水平向左的風力，風力的大小為5N。重力加速度取Iom/S?.則（）

O→v0

風.

A.小球做變加速曲線運動

B.小球落地的水平距離為2.4m

C.小球落地時的動能為32.5J

D.小球拋出后經(jīng)過0.1s動能最小

【答案】C

【解析】

【詳解】A.小球所受合外力不變，做勻變速曲線運動，A錯誤;

B.小球豎直方向做自由落體運動，運動時間為

水平方向加速度為

a=—=5m∕s

m

小球落地的水平距離為

B錯誤；

C.根據(jù)動能定理

12

mgH-Fx-Ek--mv0

得

Ek=32.5J

C正確;

D.當合力與速度垂直時動能最小，設此時速度與水平方向夾角為。，即

tanθ=——=」

mgvx

又

VLVo-a/，vy=St'

聯(lián)立得

/=0.12s

D錯誤。

故選C。

二、不定項選擇題（本題共2小題，每小題4分，共8分。每小題列出的四個備選項中至少

有一個是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不選全的得2分，有選錯的得0分）

14.2022年1月22日，我國實踐21號衛(wèi)星（SJ-21）通過捕獲網(wǎng)，將一顆失效的北斗2號衛(wèi)星從擁擠的

地球同步軌道上，沿轉(zhuǎn)移軌道拖拽到了航天器稀少的更高的“墓地軌道”上，如圖所示，此舉標志著航天

器被動移位和太空垃圾處理新方式的成功執(zhí)行，若衛(wèi)星在兩個軌道上的運動均視為勻速圓周運動，則（

A.北斗2號衛(wèi)星在同步軌道上運行速度小于地球赤道上物體的運動速度

B.北斗2號衛(wèi)星在“墓地軌道”運行的機械能大于它在同步軌道運行的機械能

C.實踐21號衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過A點時的加速度與在同步軌道上經(jīng)過A點時的加速度相等

D.實踐21號衛(wèi)星從“墓地軌道”前往同步軌道時，需要加速運動

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.北斗2號衛(wèi)星在同步軌道上運行的軌道半徑大于地球赤道上物體的運動軌道半徑，兩者具有

相同的角速度，根據(jù)mor可知，北斗2號衛(wèi)星在同步軌道上運行速度大于地球赤道上物體的運動速度，

選項A錯誤；

B.北斗2號衛(wèi)星進入“墓地軌道”運行時要通過加速才能完成，則北斗2號衛(wèi)星進入“墓地軌道”運行時的

機械能大于它在同步軌道運行的機械能，選項B正確；

C.實踐21號衛(wèi)星在轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過A點時與在同步軌道上經(jīng)過A點時受到的地球的引力相同，則兩者

的加速度相等，選項C正確；

D.實踐21號衛(wèi)星從“墓地軌道”前往同步軌道時，需要減速做向心運動，選項D錯誤。

故選BCo

15.一物塊在傾角為30。的固定斜面上（足夠長）受到方向與斜面平行恒定拉力作用，由靜止開始沿斜面向

下做勻加速直線運動，物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)處處相同。若0一/0時間內(nèi)，物塊滑動過程中動能、摩擦

產(chǎn)生內(nèi)能和重力勢能隨時間的變化分別如圖曲線①、②和③所示，則下列說法正確的是（）

B.0-/0時間內(nèi)，機械能增大4J

C.0—J時間內(nèi)，物塊的加速度為12m/S?

D.若％時刻撤去拉力，則再經(jīng)過時間4f°,物塊速度減到零

【答案】CD

【解析】

【詳解】A.設0?to時間內(nèi)，物塊的位移為柒根據(jù)重力做功與重力勢能變化的關系得

∕%gxsin30°=5J

由功能關系可得

4叫XCOS30°=8J

解得

故A錯誤；

B.O?to時間內(nèi)，動能增大8J,重力勢能減小5J,所以機械能增大3J,故B錯誤;

C.根據(jù)動能定理得

max-?2i

解得

0=12m∕s2

故C正確；

D.to時刻撤去拉力，此時物塊的速度為

V-at0

此后，由牛頓第二定律得

μmgcos30°-mgsin30o=ma

解得

α=3m∕s2

設再經(jīng)過時間f物塊速度減到0,則

v=at

解得

故D正確。

故選CDo

非選擇題部分

三、非選擇題(本題共6小題，共53分)

16.(1)三個同學根據(jù)不同的實驗裝置，進行了“探究平拋運動的特點”的實驗:

乙

①甲同學采用如圖甲所示的裝置。用小錘擊打彈性金屬片,金屬片把A球沿水平方向彈出，同時B球被松

開自由下落，觀察到兩球同時落地，改變小錘打擊的力度,即改變A球被彈出時的速度，兩球仍然同時落

地，這說明;

A.豎直方向的分運動是自由落體運動B.水平方向的分運動是勻速直線運動

②乙同學采用頻閃攝影的方法拍攝到如圖乙所示的小球做平拋運動的照片，小球在平拋運動中的幾個位置

如圖中的。、b、c、d所示，圖中每個小方格的邊長為L=2.5cm,則該小球經(jīng)過b點時的速度大小為=

m/s；（結果保留三位有效數(shù)字，gIUIOmZs2）

③丙同學采用如圖內(nèi)所示的裝置。下列器材問題和操作方式不會對實驗誤差帶來影響的是。

A.槽與小球間有摩擦B.槽末端切線不水平

C.小球每次自由滾下的位置不同D.某次實驗時小球在釋放瞬間有初速度VO

（2）如圖所示是探究向心力大小與質(zhì)量〃八轉(zhuǎn)動角速度⑷和轉(zhuǎn)動半徑r之間關系的向心力演示儀?，F(xiàn)有兩

個質(zhì)量相同的鋼球和一個同體積的鋁球。

①下列說法正確的是；

A.將小球放到長槽的不同位置，可以改變小球圓周運動的半徑

B.塔輪的作用是改變兩小球圓周運動的半徑

C.小球?qū)醢宓膹椓υ酱螅瑥椈蓽y力套筒下降的越多

②探究小球所受向心力大小與小球轉(zhuǎn)動角速度之間關系是圖中的（選填“甲”、“乙”、“丙”）。

【答案】①.A②.1.25③.A?.AC##CA⑤.甲

【解析】

【詳解】(I)[1]兩小球總是同時落地，說明平拋運動在豎直方向上的分運動是自由落體運動，A正確。

故選A。

[2]豎直方向上A∕z=2.5Cm,由勻加速直線運動規(guī)律

Δ∕?=gT^

可得頻閃照片的時間間隔為

T=5×10^2S

人點豎直方向上的速度為

h7.5XlO-2.__.

v=-a?c--------------m/s=0n.75m∕s

?v2T2X5X10~2

人點水平方向上的速度為

%4x2.5x10-2...

v=-?=------------∑-m/s=Im/s

λr2T2X5X10-2

所以該小球經(jīng)過b點時的速度大小

vh-亞+v；-1.25m∕s

[3]AB.小球在空中做平拋運動，所以斜槽與球之間有摩擦不會對實驗產(chǎn)生影響，但槽末端切線不水平會

影響到小球不是做平拋運動，故A正確，B錯誤：

CD.小球每次自由滾下的位置必須相同，且由靜止釋放，才能保證小球每次平拋運動的初速度相同，C、

D錯誤；

故選A?

(2)[4]A.將小球放到長槽的不同位置，可以改變小球圓周運動的半徑，A正確；

B.塔輪通過皮帶傳動，是半徑不同的輪子轉(zhuǎn)動的角速度大小不同，所以塔輪的作用是改變兩小球圓周運

動的角速度，B錯誤；

C.小球?qū)醢宓膹椓υ酱?，彈簧測力套筒下降的越多，C正確。

故選ACo

[5]探究小球所受向心力大小與小球轉(zhuǎn)動角速度之間關系時，應選擇質(zhì)量相同的兩個小球，圓周運動軌跡

的半徑也相同，而皮帶帶動的兩個塔輪的半徑不同，符合條件的是圖甲。

17.以下是利用落體法驗證機械能守恒定律的實驗。

（1）在實驗過程中，下列說法正確的是；

A.實驗時應先接通打點計時器的電源再釋放紙帶

B.打點計時器、天平和刻度尺是實驗中必須使用的儀器

C.紙帶上端用固定的夾子夾住再釋放紙帶的效果比用手更好

D.重物的密度大小不影響實驗結果

（2）在一次實驗中，重物自由下落，在紙帶上打出一系列的點，如圖乙所示。在紙帶上選取連續(xù)打出的5

個點A、B、C、D、E,測得C、。、E三個點到起始釋放點。的距離分別為％、%、既。己知當?shù)刂亓?/p>

加速度為g,打點計時器打點的周期為一設重物的質(zhì)量為，"，則從打下。點到打下。點的過程中，重物

的重力勢能變化量大小為，動能增加量為。（用上述測量量和已知量的符號表示）

T

圖乙

【答案】①.AC##CA②.mghD〃，（〃EjC）

ST2

【解析】

【詳解】（1）[1]A.實驗時應先接通打點計時器的電源再釋放紙帶，以免浪費紙帶，A正確；

B.打點計時器和刻度尺是實驗中必須使用的儀器，本實驗無需用到天平，B錯誤；

C.用手釋放紙帶不夠穩(wěn)定，所以紙帶上端用固定的夾子夾住再釋放紙帶的效果比用手更好，C正確;

D.重物的密度大可有效減少空氣阻力的影響，故D錯誤；

故選AC。

（2）[2]從。點到。點的過程中，重物的重力勢能變化量大小為

高為1.25m,與蘋果的水平距離為1.2m。石子與蘋果的飛行軌跡在同一豎直面內(nèi)，取g=10m∕s2,不計

空氣阻力，（JδNT=0.64）.

（1）小孩斜向上拋出第一顆石子，石子到達最高點時恰好擊中樹上離地2.05m高的一個蘋果，求：

①速度大小

②石子被拋出時的速度與水平方向的夾角；

（2）若（1）問中被擊中的蘋果自由落下，小孩看到蘋果開始下落后，經(jīng)過短暫的反應時間，將第二顆

石子水平拋出，為了能在落地前擊中蘋果，求反應時間的最大值。

【答案】（1）①5m∕s,②方向與水平成53。；（2）0.4s

【解析】

【詳解】（1）假設速度大小也方向與水平成角石子上升

=^-

2g

得

Vv=4m/s

所用時間

v

Z=-Lr=0.4s

g

水平方向速度

XC,

VV=—=3m∕s

由勾股定理得拋出時的速度

V=M+片=5m∕s

方向與水平成53。斜向上。

（2）方法一：設反應時間為4,石子拋出后運動的時間為6,

因為石子拋出后運動的時間4∈(0,0.5],所以反應時間&?0.14,0.4)

即最大的反應時間趨向0.4s?

方法二：石子拋出的初速度越大，石子和蘋果相遇的位置越高，允許的反應時間越長,

相遇的位置高度不斷接近拋出點高度，反應時間趨向Δ/

20.如圖所示，有一個可視為質(zhì)點、質(zhì)量為膽=Ikg的小物塊，初速為零，經(jīng)由水平順時針轉(zhuǎn)動的傳送帶從

最左端A送到最右端8,滑過水平光滑BC面后，滑上緊靠BC面末端C點、質(zhì)量為M=2kg的靜止長木板。

已知傳送帶速度恒為％=4m∕s,傳送帶AB間長度L=3m,木板上表面與BC面相平，木板下表面光滑,

小物塊與傳送帶、長木板間的動摩擦因數(shù)均為0.4,不計空氣阻力，g取Iom八2。求：

(1)小物塊到達C點的速度大?。?/p>

(2)傳送帶將小物塊從A端送到8端過程的摩擦發(fā)熱；

(3)若長木板長度s=2m,小物塊能否滑出長木板？若能，求滑出瞬間物塊的速度大??；若不能，求小物

塊與長木板的最終共同速度大小。

4

【答案】(1)4m/s；(2)8J；(3)不能，-m∕s

【解析】

【詳解】(1)小物塊在傳送帶上的加速度大小

a=gμ=4m/S

達到與傳送帶相同速度時位移

Λ=-=2m<L

2a

可判斷物塊到達8端時己經(jīng)與傳送帶同速，且

vc=v0=4m/s

（2）達到與傳送帶相同速度的時間為

%=生=IS

a

傳送帶的移動距離為

,

x=v0r0=4m

所以摩擦發(fā)熱

Q=x)=8J

（3）設小物塊剛好滑到木板右端且達到共同速度的大小為打滑行過程中，小物塊加速度大小為

2

ax-μg=4m∕s

長木板的加速度

4=3=2m∕s2

-M

小物塊與長木板的速度分別為

v=vc-altyV=a1t

解得