2022-2023學(xué)年江蘇省連云港市重點(diǎn)中學(xué)高二（下）期中物理試卷（含解析）

2022-2023學(xué)年江蘇省連云港市重點(diǎn)中學(xué)高二（下）期中

物理試卷

一、選擇題（本大題共10小題，共40分）

1.如圖所示的下列各圖中，表示通電直導(dǎo)線在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中所受磁場(chǎng)力的情況，其中磁感應(yīng)

強(qiáng)度B、電流/、磁場(chǎng)力尸三者之間的方向關(guān)系不正確的是（）

2.如圖所示，下列圖中分別標(biāo)出了磁場(chǎng)B的方向、帶電粒子的電性及速度"方向、電荷所受

洛侖茲力F的方向，其中正確的是（）

××××

?

××t×X

?-一一＞丫B.

××yX×

X×BX×

C.Bφ→v

3.兩個(gè)帶電粒子以同一速度從同一位置進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中它們的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。

粒子α的運(yùn)動(dòng)軌跡半徑為ηl,粒子b的運(yùn)動(dòng)軌跡半徑為〃，且〃=2r1,以、q2分別是粒子a、b

所帶的電荷量，則（）

B.a帶負(fù)電、b帶正電，比荷之比為?L:饕=1：2

C.α帶正電、b帶負(fù)電，比荷之比為誓：饕=2:1

n?im2

D.α帶正電、b帶負(fù)電，比荷之比為普：誓=1：2

7∏1T∏2

4.一種用磁流體發(fā)電的裝置如圖所示。已知等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量正、

負(fù)帶電粒子）以速度V噴射入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中（速度方向與磁場(chǎng)方向垂直），在磁場(chǎng)

中有兩塊平行金屬板4、B,板間距離為d,忽略粒子的重力及粒子間的相互作用，下列說(shuō)法

不正確的是（）

等離子體

A.金屬板4是電源的正極

B.穩(wěn)定后，發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)是BdU

C.其他條件不變，只增大磁感應(yīng)強(qiáng)度，發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)增大

D.其他條件不變，只增大等離子體的射入速度，發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)增大

5.如圖，金屬圓形線圈ɑ套在條形磁鐵上，條形磁鐵與線圈ɑ所在的平面垂直且穿過(guò)線圈圓

心，若將線圈ɑ對(duì)稱地?cái)U(kuò)展為線圈b的形狀，則穿過(guò)線圈的磁通量變化情況是（）

A.增大B.不變C.減小D.不能確定

6.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，下列說(shuō)法正確的是（）

A.穿過(guò)回路的磁通量越大，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也越大

B.磁通量的變化量越大，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大

C.穿過(guò)回路的磁通量的變化率為0,回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定為0

D.某一時(shí)刻穿過(guò)回路的磁通量為0,回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定為0

7.1824年，法國(guó)科學(xué)家阿拉果完成了著名的“圓盤實(shí)驗(yàn)”。實(shí)驗(yàn)中將一銅圓盤水平放置,

在其中心正上方用柔軟細(xì)線懸掛一枚可以自由旋轉(zhuǎn)的磁針，如圖所示。實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，當(dāng)圓盤

在磁針的磁場(chǎng)中繞過(guò)圓盤中心的豎直軸旋轉(zhuǎn)時(shí)，磁針也隨著一起轉(zhuǎn)動(dòng)起來(lái)，但略有滯后。下

列說(shuō)法不正確的是（）

A.圓盤上產(chǎn)生了感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

B.圓盤內(nèi)的渦電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動(dòng)

C.在圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，磁針的磁場(chǎng)穿過(guò)整個(gè)圓盤的磁通量不變

D.圓盤中的自由電子隨圓盤一起運(yùn)動(dòng)形成電流，此電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動(dòng)

8.下列電器主要利用了電磁感應(yīng)的是（）

A.電飯煲B.電風(fēng)扇C.電吹風(fēng)D.手機(jī)無(wú)線充電裝置

9.某交變電流電壓隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示（初始部分為正弦函數(shù)的四分之一周期），下列

說(shuō)法正確的是（）

A.該交變電流的周期為2s

B.該交變電流電壓的有效值為200V

C.將該交變電流加在交流電壓表兩端時(shí)，電壓表讀數(shù)為2OOCV

D.將該交變電流加在啟輝電壓（達(dá)到或超過(guò)啟輝電壓后頰管會(huì)發(fā)光）為20OV的頰管上，頰管

未被擊穿，窟管1秒鐘內(nèi)發(fā)光次數(shù)為IOO次

10.遠(yuǎn)距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比為α,降壓變壓器

的原、副線圈的匝數(shù)之比為b,輸電線的總電阻為R,升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓

器，發(fā)電廠輸出的電壓恒為U。若由于用戶的負(fù)載變化，使電壓表V2的示數(shù)增大了AU,則下

列判斷正確的是（）

升壓變壓器降壓變壓器

A.電壓表的匕示數(shù)增大B.電流表4的示數(shù)減小了9

K

C.電流表4的示數(shù)減小了釁D.輸電線損耗的功率減小了（陪）2R

H

二、非選擇題（60分）

11.某學(xué)習(xí)小組在“研究回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小與磁通量變化快慢的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中采用

了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。

（1）實(shí)驗(yàn)需用螺旋測(cè)微器測(cè)量擋光片的寬度Ad,如圖乙所示，則Ad=m/n：若實(shí)

驗(yàn)中沒(méi)有現(xiàn)成的遮光條，某同學(xué)用金屬片替代，用20分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬片的寬度如圖

丙所示，其讀數(shù)為mm,這種做法是否合理？（填“合理”或“不合

理”）。

乙丙

（2）在實(shí)驗(yàn)中，讓小車以不同速度靠近螺線管，記錄下光電門擋光時(shí)間戊內(nèi)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均

值E,改變速度多次實(shí)驗(yàn)，得到多組數(shù)據(jù)。這樣實(shí)驗(yàn)的設(shè)計(jì)滿足了物理實(shí)驗(yàn)中常用的“控制

變量法”，你認(rèn)為小車以不同速度靠近螺線管過(guò)程中不變的量是：在戊時(shí)間內(nèi)O

(3)得到多組戊與E數(shù)據(jù)之后，若以E為縱坐標(biāo)、以Zt為橫坐標(biāo)作出E-4t圖像，發(fā)現(xiàn)圖像是

一條曲線，不容易得出清晰的實(shí)驗(yàn)結(jié)論，為了使畫出的圖像為一條直線，最簡(jiǎn)單的改進(jìn)辦法

是以為橫坐標(biāo)。

(4)根據(jù)改進(jìn)后作出的圖像得出的結(jié)論是：在誤差允許的范圍內(nèi)o

(5)其他條件都不變，若換用匝數(shù)加倍的線圈做實(shí)驗(yàn)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)所作出的那條直線圖像斜

率(填“減半”“不變”或“加倍”)。

12.如圖所示，質(zhì)量為Tn的導(dǎo)體棒MN靜止在水平導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌寬度同為L(zhǎng)已知電

源的電動(dòng)勢(shì)為E,內(nèi)阻為r,導(dǎo)體棒的電阻為R,其余部分與接觸電阻不計(jì)，磁場(chǎng)方向垂直導(dǎo)

軌平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,求：

N

(1)導(dǎo)體棒受的安培力大小和方向：

(2)軌道對(duì)導(dǎo)體棒的支持力和摩擦力大小.

13.圖甲所示為小型旋轉(zhuǎn)電樞式交流發(fā)電機(jī)的原理圖，其矩形線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁

場(chǎng)方向的固定軸按如圖所示方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈的匝數(shù)n=50匝，電阻r=20,線圈的兩端

經(jīng)集流環(huán)與電阻R連接，阻值R=8。，與R并聯(lián)的交流電壓表為理想電表。在t=0時(shí)刻，線

圈平面與磁場(chǎng)方向平行，穿過(guò)每匝線圈的磁通量0隨時(shí)間t按圖乙所示正弦規(guī)律變化。(取Tr=

3.14）求:

(1)交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值；

(2)從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90。，通過(guò)電阻R的電荷量和電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱。

14.如圖甲所示，單匝正方形線框abed的電阻R=O.50,邊長(zhǎng)L=20cm,勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直于

線框平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示，求：

(I)O?2s內(nèi)通過(guò)ab邊橫截面的電荷量q；

(2)3s時(shí)ab邊所受安培力的大小F；

(3)0?4s內(nèi)線框中產(chǎn)生的焦耳熱Q?

15.如圖所示,在無(wú)軸上方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁場(chǎng)方向垂直紙面向里,在X軸下方有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，

場(chǎng)強(qiáng)方向豎直向上。一質(zhì)量為m,電荷量為q,重力不計(jì)的帶電粒子從y軸上的a點(diǎn)(O,九)處沿y

軸正方向以初速度為開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，并以與X軸正方向成45。角的速度方向第一次進(jìn)入電場(chǎng)，且經(jīng)

過(guò)y軸上b點(diǎn)時(shí)速度方向恰好與y軸垂直，一段時(shí)間后，粒子回到a點(diǎn)。

(1)畫出粒子從a點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到再次經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)軌跡；

(2)求勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和勻強(qiáng)電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大?。?/p>

(3)若該帶電粒子到達(dá)b點(diǎn)時(shí)，撤去豎直方向電場(chǎng)，同時(shí)加上垂直紙面向外的Z軸正方向的電場(chǎng)

E'=誓和磁場(chǎng)B'=號(hào)9求經(jīng)過(guò)t=需后該帶電粒子的空間位置(用三維坐標(biāo)表示)。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】

【分析】

本題考查左手定則的應(yīng)用，正確掌握左手定則的內(nèi)容即可順利判出。

本題需要掌握左手定則的內(nèi)容，同時(shí)還要注意圖中符號(hào)的含義，正確掌握電流及磁場(chǎng)的方向。

【解答】

左手定則的內(nèi)容為伸開(kāi)左手，讓四指與大拇指相互垂直，磁場(chǎng)垂直穿過(guò)掌握，四指指向電流方向，

大拇指所指的方向?yàn)殡娏魇芰Φ姆较颍桓鶕?jù)左手定則判斷受力方向：

4受力向左，故A錯(cuò)誤；

8.受力向右，故B正確；

C受力向上，故C正確；

。.受力垂直于電流向上，故。正確。

本題選不正確的，故選A。

2.【答案】B

【解析】

【分析】

根據(jù)左手定則，讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是洛倫

茲力的方向，根據(jù)左手定則來(lái)判斷洛倫茲力即可。

本題就是對(duì)左手定則的直接考查，要注意到運(yùn)動(dòng)電荷的運(yùn)動(dòng)方向與磁場(chǎng)平行時(shí)，將不受洛倫茲力

作用，比較簡(jiǎn)單。

【解答】

A粒子帶負(fù)電，根據(jù)左手定則，粒子所受洛倫茲力方向豎直向下，月錯(cuò)誤；

8粒子帶正電，根據(jù)左手定則，粒子所受洛倫茲力方向豎直向下，B正確；

C粒子速度方向與磁場(chǎng)方向平行，粒子所受洛倫茲力為0,C錯(cuò)誤；

D粒子速度方向與磁場(chǎng)方向平行，粒子所受洛倫茲力為0,。錯(cuò)誤。

故選B。

3.【答案】C

【解析】

【分析】

通過(guò)圖示得出洛倫茲力的方向，根據(jù)左手定則得出電荷的電性，正電荷定向移動(dòng)的方向與四指方

向相同，負(fù)電荷定向移動(dòng)的方向與四指方向相反，通過(guò)洛倫茲力充當(dāng)向心力可求出荷質(zhì)比。

解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷磁場(chǎng)方向、電荷的運(yùn)動(dòng)方向以及洛倫茲力方向的關(guān)鍵，以及掌

握帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑公式。

【解答】

根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡及左手定則可判斷，α帶正電、b帶負(fù)電，根據(jù)Bvq=半，可得A=熱，所以

^?^=r2-r1=2:1,故C正確。

4.【答案】A

【解析】

【分析】

本題考查了磁流體發(fā)電的基本原理，最后粒子穩(wěn)定時(shí)洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡是解題的關(guān)鍵，難度

不大。

【解答】

4根據(jù)左手定則可知，帶正電的粒子向下偏轉(zhuǎn)，則金屬板B是電源的正極，故4錯(cuò)誤；

B.穩(wěn)定后，洛倫茲力與電場(chǎng)力平衡qoB=

發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)U=Bdv

故8正確；

CZX由上式可知，其他條件不變，只增大磁感應(yīng)強(qiáng)度或只增大等離子體的射入速度，發(fā)電機(jī)的電動(dòng)

勢(shì)增大，故C。正確。

本題選錯(cuò)誤的，故選A。

5.【答案】C

【解析】

【分析】

在磁鐵的外部，磁感線從N極出發(fā)進(jìn)入S極，在磁鐵內(nèi)部，磁感線從S極指向N極。磁感線是閉合曲

線，磁鐵內(nèi)外總條數(shù)相等。穿過(guò)環(huán)面的磁感線方向有兩種，存在抵消情況，抵消后磁感線多，磁

通量大。

【解答】

通過(guò)圓形線圈的磁通量為穿過(guò)圓環(huán)的磁感線的條數(shù)，首先明確條形磁鐵的磁感線分布情況，另外

要注意磁感線是閉合的曲線。條形磁鐵的磁感線在磁體的內(nèi)部是從S極到N極，在磁體的外部是從

N極到S極，內(nèi)部有多少根磁感線，外部的整個(gè)空間就有多少根磁感線同內(nèi)部磁感線構(gòu)成閉合曲線。

對(duì)于線圈的兩個(gè)位置，磁鐵內(nèi)部的磁感線全部穿過(guò)，但線圈面積越大，抵消越多，磁通量反而越

小，故選項(xiàng)C正確，A、B、。均錯(cuò)誤。

6.【答案】C

【解析】

【分析】本題考查對(duì)法拉第電磁感應(yīng)定律的理解，要求同學(xué)們掌握物理概念一定要理解其本質(zhì)意

義，屬于基礎(chǔ)題。

【解答】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=n竿可知，回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)正比于磁通量的變化率，與

某時(shí)刻磁通量大小及其變化量大小無(wú)直接關(guān)系。故選Co

7.【答案】D

【解析】

【分析】

通過(guò)題意明確渦流產(chǎn)生的原因，再根據(jù)磁極和電流間的相互作用分析磁針的運(yùn)動(dòng)。

本題關(guān)鍵是明確圓盤在半徑方向的金屬條切割磁感線，難度適中，基礎(chǔ)題。

【解答】

A?圓盤在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中由于半徑方向的金屬條切割磁感線，從而在圓心和邊緣之間產(chǎn)生了感應(yīng)電動(dòng)

勢(shì)，故A正確；

A圓盤在半徑方向的金屬條切割磁感線，內(nèi)部距離圓心遠(yuǎn)近距離不同的點(diǎn)電勢(shì)不等，從而形成渦

流，渦電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)導(dǎo)致磁針轉(zhuǎn)動(dòng)，故3正確；

C.在圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的過(guò)程中，圓盤面積不變，距離磁鐵的距離不變，故磁針的磁場(chǎng)穿過(guò)整個(gè)圓盤的磁

通量沒(méi)有發(fā)生變化，故C正確；

。.自由電子的定向移動(dòng)形成電流，圓盤中沒(méi)有多余的電荷，圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)不會(huì)形成電流，故。錯(cuò)誤。

本題選錯(cuò)誤的，故選。。

8.【答案】D

【解析】解：4、電飯煲利用了電流的熱效應(yīng)，故A錯(cuò)誤：

8、電風(fēng)扇利用了電流在磁場(chǎng)中受力運(yùn)動(dòng)原理，故B錯(cuò)誤；

C、電吹風(fēng)既有電流的熱效應(yīng)，又有電流在磁場(chǎng)中受力運(yùn)動(dòng)原理，故C錯(cuò)誤；

。、手機(jī)無(wú)線充電裝置，它的原理是送電線圈通過(guò)一定頻率的交流電，線圈周圍會(huì)產(chǎn)生交替變化

的磁場(chǎng)，于是在受電線圈中就產(chǎn)生了一定的電流，從而將電能從發(fā)射端轉(zhuǎn)移到接收端，給手機(jī)供

電，故。正確。

故選：D。

明確電磁感應(yīng)規(guī)律的基本內(nèi)容，同時(shí)明確各種生活常用儀器的工作原理即可正確解答.

本題考查對(duì)現(xiàn)代科技裝置和產(chǎn)品原理的理解能力，要注意在生活中掌握各種工具用到的基本原理.

9.【答案】。

【解析】

【分析】

本題考查交變電流的圖像和有效值。從圖像中可以直接讀取電流的周期，通過(guò)電流的熱效應(yīng)計(jì)算

電流的有效值。電路中電流表電壓表的示數(shù)均為有效值。

【解答】

A.由圖像可知，該交變電流的周期為0.02s,A錯(cuò)誤；

u2

A根據(jù)電流的熱效應(yīng)計(jì)算電壓的有效值，則有(渭)/.(Um)2∕=u2解得U=IoOCU,B

RX4+RX2~R

錯(cuò)誤；

C.交流電壓表讀數(shù)為交變電流電壓的有效值，所以電壓表讀數(shù)為IOOCV,C錯(cuò)誤；

D只有當(dāng)交流電壓大于或等于啟輝電壓200，時(shí),嵐管才能發(fā)光，由圖像可知，一個(gè)周期發(fā)光兩次，

則1秒內(nèi)發(fā)光100次，。正確。

故選Do

10.【答案】C

【解析】

【分析】

理想變壓器的輸入功率由輸出功率決定，輸出電壓有輸入電壓決定；根據(jù)遠(yuǎn)距離輸電過(guò)程中的功

率、電壓的損失與哪些因素有關(guān)，以及整個(gè)過(guò)程中的功率、電壓關(guān)系，即可求解。

對(duì)于遠(yuǎn)距離輸電問(wèn)題，要明確整個(gè)過(guò)程中的功率、電壓關(guān)系，尤其要注意導(dǎo)線上損失的電壓和功

率與哪些因素有關(guān)。

【解答】

A.由于發(fā)電廠輸出的電壓U不變，升壓變壓器的原、副線圈的匝數(shù)之比不變，所以電壓表匕的示數(shù)

不變，A錯(cuò)誤；

C.設(shè)降壓變壓器原線圈的電壓為則患=從所以絮=b,

所以降壓變壓器原線圈的電壓增大了4/=bΔU,

根據(jù)閉合電路歐姆定律

UVl=IAIR+U3,

因?yàn)閁Vl不變，出增大了MU,所以0ιR減小了MU,由歐姆定律可知，電流表4的示數(shù)減小了

4∕AI=釁，C正確；

A

8.根據(jù)變壓器原副線圈的電流比等于匝數(shù)比的倒數(shù)可得，々的示數(shù)減小了驍4∕A2=粵，

B錯(cuò)誤；

D設(shè)輸電線上原來(lái)的電流為/，則輸電線損失的功率減小了/P=[∕2-(∕-zl∕)2]Λ=[I2-

z1bl3U?2"∣r4/b團(tuán)r?Δ+t'O

(/--Γ)2]R彳(-Γ)2R,。錯(cuò)1天。

故選Co

11.【答案】(1)4.80070.15不合理

(2)穿過(guò)線圈的磁通量的變化量

1

⑶而

(4)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量變化率成正比(或者在磁通量變化量相同的情況下，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間成

反比)

(5)加倍

【解析】

【分析】

(1)螺旋測(cè)微器的讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，需估讀；根據(jù)游標(biāo)卡尺的讀數(shù)原理讀

數(shù)。

(2)控制磁通量的變化量不變，研究感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和時(shí)間的變化關(guān)系；

(3)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律公式推導(dǎo)，確定應(yīng)做的圖象；

(4)根據(jù)圖象特點(diǎn)得出結(jié)論；

(5)根據(jù)圖象斜率的物理意義進(jìn)行分析。

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，以及知道控制變量法在“研究回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的

大小與磁通量變化快慢的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中的運(yùn)用。

【解答】

(1)螺旋測(cè)微器固定刻度為4.5mm,可動(dòng)刻度為0.0IX30.0=0.300mm,

所以最終讀數(shù)為4.5mm+0.300mm=4.800mm0

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為70mm,游標(biāo)讀數(shù)為0.05X3mm=0.15mm,

所以最終讀數(shù)為70mm+0.15mm=70.15mm<)

小車經(jīng)過(guò)遮光條時(shí)的平均速度越接近小車的瞬時(shí)速度,遮光條的寬度越大，小車的速度誤差越大，

不能用金屬片替代遮光條。

(2)在擋光片每次經(jīng)過(guò)光電門的過(guò)程中，磁鐵與線圈之間相對(duì)位置的改變量都一樣，穿過(guò)線圈磁通

量的變化量/。都相同；

(3)E=T穿，因2。不變，E與士成正比，橫坐標(biāo)應(yīng)該是

vyI?t?t?t

(4)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量變化率成正比(或者在磁通量變化量相同的情況下，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間成

反比)(5)匝數(shù)n加倍后，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)加倍，E圖象縱坐標(biāo)加倍，橫坐標(biāo)不變，所以新圖

象的斜率加倍。

故答案為

(1)4.80070.15不合理

(2)穿過(guò)線圈的磁通量的變化量

1

⑶瓦

(4)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與磁通量變化率成正比(或者在磁通量變化量相同的情況下，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與時(shí)間成

反比)

(5)加倍

12.【答案】解：(1)棒的受力分析圖如圖所示:

根據(jù)左手定則可知，安培力方向水平向左

大小為F=B∕L,其中/=與

解得：F=≡

方向水平向左

(2)根據(jù)平衡條件得:

EBL

N=mg,f=F

R+r

答：(1)導(dǎo)體棒受的安培力大小為鬟，方向水平向左

(2)軌道對(duì)導(dǎo)體棒的支持力為mg和摩擦力大小為蕓1

κ-↑-τ

【解析】導(dǎo)體棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，合外力為零，分析受力情況，根據(jù)平衡條件、歐姆定律和安培力

公式結(jié)合進(jìn)行求解。

本題涉及安培力時(shí)的物體的平衡問(wèn)題，通過(guò)對(duì)通電棒的受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡方程求解。

13.【答案】(l)1047;(2)10C,62800/

【解析】(1)由。—t圖線可知

Φm=2.0Wb

周期為

T=6.28X10^2s

由于

Φm=BS

且

2π

ω=T=IOOrQd/s

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為

Em=nBSω=nΦmω=50×2.0×100V=IO4K

(2)從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90。，磁通量變化量為

ΔΦ=BS=Φm—2.0Wb

通過(guò)線圈的電荷量

EΔΦΔΦ2.0

q=7?t=pi2it=n4"D,=n∣n=50×,?C=IOC

R+rΔt{R+r)r+Rq8+2

電動(dòng)勢(shì)的有效值為

EIO4

E=-?=-==K=5000√^2K

。yΓ2

根據(jù)焦耳定律可得

E,5000<^2,1,

82

Q=(?ψφ)&=(-Q+2-)××4×6?28×IO-/=628007

14.【答案】解：(1)由法拉第電磁感應(yīng)定律得

電動(dòng)勢(shì)E=S穿

感應(yīng)電流/=《

A

電量q-l?t

解得q=4.8XIO-2C:

(2)安培力F=BIL

由圖得3s時(shí)的B