新高考物理二輪復(fù)習(xí)題型突破四“3大技巧”破解計算題學(xué)案

突破四“3大技巧”破解計算題物理計算題是歷年高考拉分題，試題綜合性強(qiáng)，涉及物理過程較多，所給物理情境較復(fù)雜，物理模型較模糊甚至很隱蔽，運用的物理規(guī)律也較多，對考生的各項能力要求很高，為了在物理計算題上得到理想的分值，應(yīng)做到細(xì)心審題、用心析題、規(guī)范答題．技巧1細(xì)心審題，做到一“看”二“讀”三“思”1．看題“看題”是從題目中獲取信息的最直接的方法，一定要全面、細(xì)心，看題時不要急于求解，對題中關(guān)鍵的詞語要多加思考，搞清其含義，對特殊字、句、條件要用著重號加以標(biāo)注；不能錯看或漏看題目中的條件，重點要看清題中隱含的物理條件、括號內(nèi)的附加條件等．2．讀題“讀題”就是默讀試題，是獲取物理信息的過程，它能解決漏看、錯看等問題．不管試題難易如何，一定要懷著輕松的心情去默讀一遍，逐字逐句研究，邊讀邊思索、邊聯(lián)想，以弄清題中所涉及的現(xiàn)象和過程，排除干擾因素，充分挖掘隱含條件，準(zhǔn)確還原各種模型，找準(zhǔn)物理量之間的關(guān)系．3．思題“思題”就是充分挖掘大腦中所儲存的知識信息，準(zhǔn)確、全面、快速思考，清楚各物理過程的細(xì)節(jié)、內(nèi)在聯(lián)系、制約條件等，進(jìn)而得出解題的突破口．典例1某工廠為實現(xiàn)自動傳送工件設(shè)計了如圖所示的傳送裝置，由一個水平傳送帶AB和傾斜傳送帶CD組成．水平傳送帶長度LAB＝4m，傾斜傳送帶長度LCD＝4.45m，傾角為θ＝37°.傳送帶AB和CD通過一段極短的光滑圓弧板過渡．AB傳送帶以v1＝5m/s的恒定速率順時針運轉(zhuǎn)，CD傳送帶靜止．已知工件與兩傳送帶之間的動摩擦因數(shù)均為μ＝0.5，重力加速度g取10m/s2.現(xiàn)將一個工件(可視為質(zhì)點)無初速度地放在水平傳送帶最左端A點處．已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.(1)工件從A端開始第一次被傳送到CD傳送帶上，求工件上升的最大高度和從開始到上升到最大高度的過程中所用的時間；(2)要使工件恰好被傳送到CD傳送帶最上端，求CD傳送帶沿順時針方向運轉(zhuǎn)的速度v2的大?。?v2＜v1)【教你審題】【答案】(1)0.75m1.8s(2)4m/s【解析】(1)工件無初速度地放在水平傳送帶最左端，在摩擦力作用下做勻加速運動，設(shè)其加速度大小為a1，速度增加到v1時所用時間為t1，位移大小為s1，則由受力分析(圖甲)以及牛頓第二定律可得N1＝mg，f1＝μN(yùn)1＝ma1，解得a1＝5m/s2t1＝eq\f(v1,a1)＝1s，s1＝eq\f(1,2)a1teq\o\al(2,1)＝2.5m由于s1＜LAB，工件隨后在傳送帶AB上做勻速直線運動到B端，則勻速運動的時間t2＝eq\f(LAB－s1,v1)＝0.3s工件滑上CD傳送帶后在重力和滑動摩擦力作用下做勻減速運動，設(shè)其加速度大小為a2，速度減小到零時所用時間為t3，位移大小為s2，則由受力分析(圖乙)以及牛頓第二定律可得N2＝mgcosθ，mgsinθ＋μN(yùn)2＝ma2解得a2＝10m/s2，s2＝eq\f(0－v\o\al(2,1),－2a2)＝1.25m，h＝s2sinθ＝0.75m，t3＝eq\f(0－v1,－a2)＝0.5st＝t1＋t2＋t3＝1.8s.(2)CD傳送帶以速度v2順時針運轉(zhuǎn)，工件滑上CD傳送帶時的速度大于v2，滑動摩擦力沿CD傳送帶向下，工件減速上滑，加速度大小仍為a2；當(dāng)工件的速度減小到小于v2時，滑動摩擦力沿CD傳送帶向上，受力分析如圖丙所示，設(shè)此時工件的加速度大小為a3，兩個過程的位移大小分別為s3和s4，則由運動學(xué)公式以及牛頓第二定律可得－2a2s3＝veq\o\al(2,2)－veq\o\al(2,1)，mgsinθ－μN(yùn)2＝ma3，－2a3s4＝0－veq\o\al(2,2)，LCD＝s3＋s4，解得v2＝4m/s.技巧2用心析題，做到一“明”二“畫”三“析”1．明過程“明過程”就是建立物理模型的過程，在審題獲取一定信息的基礎(chǔ)上，要對研究對象的各個運動過程進(jìn)行剖析，建立起清晰的物理情景，確定每一個過程對應(yīng)的物理模型、規(guī)律及各過程間的聯(lián)系．2．畫草圖“畫草圖”就是根據(jù)題中各已知量的數(shù)量關(guān)系充分想象、分析、判斷，在草稿紙上或答題紙上畫出草圖(如運動軌跡圖、受力分析圖、等效圖等)以展示題述物理情境、物理模型，使物理過程更加直觀、物理特征更加明顯，進(jìn)而方便確定題給條件、物理量與物理過程的對應(yīng)關(guān)系．3．析規(guī)律“析規(guī)律”就是指在解答物理計算題時，在透徹分析題給物理情境的基礎(chǔ)上，靈活選用規(guī)律．如力學(xué)計算題可用力的觀點，即牛頓運動定律與運動學(xué)公式聯(lián)立求解，也可用能量觀點，即功能關(guān)系、機(jī)械能守恒定律和能量守恒定律聯(lián)立求解．典例2如圖，ABD為豎直平面內(nèi)的光滑絕緣軌道，其中AB段是水平的，BD段為半徑R＝0.2m的半圓，兩段軌道相切于B點，整個軌道處在豎直向下的勻強(qiáng)電場中，場強(qiáng)大小E＝5.0×103V/m.一不帶電的絕緣小球甲，以速度v0沿水平軌道向右運動，與靜止在B點帶正電的小球乙發(fā)生彈性碰撞．已知甲、乙兩球的質(zhì)量均為m＝1.0×10－2kg，乙所帶電荷量q＝2.0×10－5C，g取10m/s2.(水平軌道足夠長，甲、乙兩球可視為質(zhì)點，整個運動過程無電荷轉(zhuǎn)移)求：(1)甲、乙兩球碰撞后，乙恰能通過軌道的最高點D，求乙在軌道上的首次落點到B點的距離．(2)在滿足(1)的條件下，求甲的速度v0.(3)若甲仍以速度v0向右運動，增大甲的質(zhì)量，保持乙的質(zhì)量不變，求乙在軌道上的首次落點到B點的距離范圍．【答案】(1)0.4m(2)2eq\r(5)m/s(3)0.4m＜x′＜1.6m【試題分析】第(1)問可拆分為2個小題：①求乙恰能通過軌道最高點的速度．建模：豎直面內(nèi)圓周運動“繩”模型規(guī)律：牛頓第二定律mg＋Eq＝eq\f(mv\o\al(2,D),R)②求乙在軌道上的首次落點到B點的距離x.建模：乙離開D點后做類平拋運動規(guī)律：2R＝eq\f(1,2)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(mg＋Eq,m)))t2，x＝vDt第(2)問可拆為2個小題：③求甲、乙兩球碰后乙球的速度大?。＃贺Q直面內(nèi)圓周運動模型(B→D過程)規(guī)律：動能定理－mg·2R－qE·2R＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,D)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,乙)④求甲、乙兩球剛碰后甲球的速度大小．建模：彈性碰撞模型規(guī)律：動量守恒定律mv0＝mv甲＋mv乙機(jī)械能守恒定律eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,甲)＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,乙)第(3)問可拆分為3個小題：⑤設(shè)甲的質(zhì)量為M，求甲、乙兩球碰后，乙的速度vm的范圍．建模：彈性碰撞碰撞規(guī)律：動量守恒定律Mv0＝MvM＋mvm機(jī)械能守恒定律eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,M)＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)⑥求乙球過D點的速度v′D的范圍．建模：豎直面內(nèi)圓周運動模型(B→D過程)規(guī)律：動能定理－mg·2R－qE·2R＝eq\f(1,2)mv′eq\o\al(2,D)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)⑦求小球落點到B點的距離范圍．建模：類平拋運動規(guī)律：水平方向勻速運動x′＝v′Dt【解析】(1)由乙恰能通過軌道最高點D有mg＋Eq＝eq\f(mv\o\al(2,D),R)乙離開D點后做類平拋運動，有2R＝eq\f(1,2)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(mg＋Eq,m)))t2，x＝vDt代入數(shù)據(jù)解得x＝0.4m(2)在(1)的條件下，從B→D過程，由動能定理得－mg·2R－qE·2R＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,D)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,乙)甲、乙兩球碰撞過程中，由動量守恒定律得mv0＝mv甲＋mv乙由機(jī)械能守恒定律得eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,甲)＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,乙)代入數(shù)據(jù)解得v0＝2eq\r(5)m/s(3)設(shè)甲的質(zhì)量為M，甲、乙兩球碰后的速度分別為vM、vm由動量守恒定律得Mv0＝MvM＋mvm由機(jī)械能守恒定律得eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)Mveq\o\al(2,M)＋eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)聯(lián)立解得vm＝eq\f(2Mv0,M＋m)又M＞m，則v0＜vm＜2v0設(shè)乙球過D點時的速度為v′D，由動能定理得－mg·2R－qE·2R＝eq\f(1,2)mv′eq\o\al(2,D)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)設(shè)乙在水平軌道上的落點距B點的距離為x′，則x′＝v′Dt聯(lián)立以上各式解得0.4m＜x′＜1.6m.技巧3規(guī)范答題，做到一“有”二“分”三“準(zhǔn)”1．有必要的文字說明必要的文字說明是對題目完整解答過程中不可缺少的文字表述，它能使解題思路清晰明了，讓閱卷老師一目了然，是獲取高分的必要條件之一，主要包括：(1)研究對象、研究過程或狀態(tài)的說明．(2)題中物理量要用題中的符號，非題中的物理量或符號，一定要用假設(shè)的方式進(jìn)行說明．(3)題目中的一些隱含條件或臨界條件分析出來后，要加以說明．(4)所列方程的依據(jù)及名稱要進(jìn)行說明．(5)所列的矢量方程一定要規(guī)定正方向．(6)對題目所求或所問有一個明確的答復(fù)且對所求結(jié)果的物理意義要進(jìn)行說明．2．分步列式、聯(lián)立求解解答高考試題一定要分步列式，因高考閱卷實行按步給分，每一步的關(guān)鍵方程都是得分點．分步列式一定要注意以下幾點：(1)列原始方程，即與原始規(guī)律、公式相對應(yīng)的具體形式，而不是移項變形后的公式．(2)方程中的字母要與題目中的字母吻合，同一字母的物理意義要唯一．出現(xiàn)同類物理量，要用不同的下標(biāo)或上標(biāo)區(qū)分．(3)列純字母方程，方程全部采用物理量符號和常用字母表示(例如位移x、重力加速度g等)．(4)依次列方程，不要方程中套方程，也不要寫連等式或綜合式子．(5)所列方程式盡量簡潔，多個方程式要標(biāo)上序號，以便聯(lián)立求解．3．必要演算、明確結(jié)果解答物理計算題一定要有必要的演算過程，并明確最終結(jié)果，具體要注意：(1)演算時一般要從列出的一系列方程中推導(dǎo)出結(jié)果的計算式，然后代入數(shù)據(jù)并寫出結(jié)果(要注意簡潔，千萬不要在卷面上書寫許多化簡、數(shù)值運算式)．(2)計算結(jié)果的有效數(shù)字位數(shù)應(yīng)根據(jù)題意確定，一般應(yīng)與題干中所列的數(shù)據(jù)的有效數(shù)字位數(shù)相同，若有特殊要求，應(yīng)按要求確定．(3)計算結(jié)果是數(shù)據(jù)的要帶單位(最好采用國際單位)，是字母符號的不用帶單位．(4)字母式的答案中所用字母都必須使用題干中所給的字母，不能包含未知量，且一些已知的物理量也不能代入數(shù)據(jù)．(5)題中要求解的物理量應(yīng)有明確的答案(盡量寫在顯眼處)，待求量是矢量的必須說明其方向．(6)若在解答過程中進(jìn)行了研究對象轉(zhuǎn)換，則必須交代轉(zhuǎn)換依據(jù)，對題目所求要有明確的回應(yīng)，不能答非所問．典例3(2019·安徽合肥二模)如圖所示，直線y＝x與y軸之間有垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場B1，直線x＝d與y＝x間有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度E＝1.0×104V/m，另有一半徑R＝1.0m的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度B2＝0.20T，方向垂直坐標(biāo)平面向外，該圓與直線x＝d和x軸均相切，且與x軸相切于S點．一帶負(fù)電的粒子從S點沿y軸的正方向以速度v0進(jìn)入圓形磁場區(qū)域，經(jīng)過一段時間進(jìn)入磁場區(qū)域B1，且第一次進(jìn)入磁場B1時的速度方向與直線y＝x垂直．粒子速度大小v0＝1.0×105m/s，粒子的比荷為eq\f(q,m)＝5.0×105C/kg，粒子重力不計．求：(1)坐標(biāo)d的值；(2)要使粒子無法運動到x軸的負(fù)半軸，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B1應(yīng)滿足的條件．【答案】(1)4m(2)0＜B1≤0.10T或B1≥0.24T【試題分析】“抽象思維”eq\o(→,\s\up7(轉(zhuǎn)化為))“形象思維”(1)“一帶負(fù)電的粒子從S點沿y軸進(jìn)入圓形磁場區(qū)域”在磁場B2中，由qB2v0＝eq\f(mv\o\al(2,0),r)，得r＝1m＝R(2)“經(jīng)過……且第一次進(jìn)入磁場B1時速度方向與直線y＝x垂直”由(1)可知粒子進(jìn)入電場做“類平拋運動”(3)“要使粒子無法運動到x軸的負(fù)半軸”【解析】(1)帶電粒子在勻強(qiáng)磁場B2中運動，由牛頓第二定律得qB2v0＝eq\f(mv\o\al(2,0),r)，解得r＝1m＝R粒子進(jìn)入勻強(qiáng)電場以后，做類平拋運動，設(shè)水平方向的位移為x1，豎直方向的位移為y1，則水平方向：x1＝v0t豎直方向：y1＝eq\f(1,2)at2＝eq\f(vy,2)t，vy＝at其中a＝eq\f(qE,m)，tan45°＝eq\f(vy,v0)聯(lián)立解得x1＝2m，y1＝1m帶電粒子運動軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得d＝R＋y1＋x1＝4m.(2)①設(shè)當(dāng)勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B3時，粒子從電場垂直邊界進(jìn)入勻強(qiáng)磁場后，軌跡與y軸相切，粒子將無法運動到x軸負(fù)半軸，此時粒子在磁場中運動半徑為r1，運動軌跡如圖所示．由幾何關(guān)系得r1＋eq\r(2)r1＝eq\r(2)d－eq\