2022年天津三中高考物理模擬試卷二含答案

2022年天津三中高考物理模擬試卷（二）

1.下列四幅圖中包含的物理思想方法敘述錯(cuò)誤的是（）

甘西Ll工

甲乙丙丁

A.圖甲：觀察桌面微小形變的實(shí)驗(yàn)，利用了放大法

B,圖乙：探究影響電荷間相互作用力的因素時(shí)，運(yùn)用了控制變量法

C.圖丙：利用紅蠟塊的運(yùn)動(dòng)探究合運(yùn)動(dòng)和分運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)，體現(xiàn)了類比的思想

D.圖?。嘿だ匝芯苛瓦\(yùn)動(dòng)的關(guān)系時(shí)，運(yùn)用了理想實(shí)驗(yàn)方法

2.雨后太陽(yáng)光射入空氣中的水滴，先折射一次，然后在水滴的背

面發(fā)生反射，最后離開水滴時(shí)再折射一次，就形成了彩虹。如圖，太

陽(yáng)光從左側(cè)射入球形水滴,a、b是其中的兩條出射光線，在這兩條出

射光線中，一條是紅光，另一條是紫光，下列說(shuō)法正確的是（）

A.a光線是紅光，b光線是紫光

B.遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射

C.a光在水滴中的傳播時(shí)間比b光在水滴中的傳播時(shí)間短

D.增大太陽(yáng)光在水滴表面的入射角，則可能沒有光線從水滴中射出

3.18世紀(jì)，數(shù)學(xué)家莫佩爾蒂和哲學(xué)家伏爾泰，曾設(shè)想“穿透”地球：假設(shè)能夠沿著地球

兩極連線開鑿一條沿著地軸的隧道貫穿地球，一個(gè)人可以從北極入口由靜止自由落入隧道中,

忽略一切阻力，此人可以從南極出口飛出，則以下說(shuō)法正確的是已知此人的質(zhì)量

」.：地球表面處重力加速度g取I■；地球半徑城口幽鬻假設(shè)地球可視

為質(zhì)量分布均勻的球體，均勻球殼對(duì)殼內(nèi)任一點(diǎn)處的質(zhì)點(diǎn)合引力為零（）

A.人在下落過(guò)程中，受到的萬(wàn)有引力與到地心的距離成反比

B.人與地球構(gòu)成的系統(tǒng)，由于重力發(fā)生變化，故機(jī)械能不守恒

C.當(dāng)人下落經(jīng)過(guò)距地心人瞬間，人的瞬時(shí)速度大小為1?w-

D.人從北極開始下落，直到經(jīng)過(guò)地心的過(guò)程中，萬(wàn)有引力對(duì)人做功需H齷疆喻

4.負(fù)壓救護(hù)車、負(fù)壓病房在疫情防治中發(fā)揮了重要的作用，負(fù)壓是指空間內(nèi)的氣壓略低于

外界環(huán)境的大氣壓。若負(fù)壓空間的溫度和外界溫度相同，負(fù)壓空間中的氣體和外界環(huán)境中的

氣體都可以看成理想氣體，則以下說(shuō)法正確的是（）

第1頁(yè)，共14頁(yè)

A.負(fù)壓空間中氣體分子的平均動(dòng)能小于外界環(huán)境中氣體分子的平均動(dòng)能

B,負(fù)壓空間中氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù)小于外界環(huán)境中氣體單位體積內(nèi)的分子數(shù)

C.負(fù)壓空間中每個(gè)氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率都小于外界環(huán)境中每個(gè)氣體分子的運(yùn)動(dòng)速率

D.負(fù)壓空間中氣體的內(nèi)能等于外界環(huán)境中同體積的氣體的內(nèi)能

5.如圖，水平傳送帶以恒定速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，傳送帶右端上方的擋板上固定著一輕彈簧。

將小物塊P輕放在傳送帶左端，P在接觸彈簧前速度已達(dá)到匕與彈簧接觸后彈簧的最大形

變量為d。P的質(zhì)量為m,與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,

重力加速度為g。從P開始接觸彈簧到彈簧第一次達(dá)到最大形變的過(guò)程中

A.P的速度一直減小

B,傳送帶對(duì)P做功的功率一直減小

C,傳送帶對(duì)P做的功N

D.彈簧的彈性勢(shì)能變化量颯國(guó)雜承嗡

6.兩列波的振幅都是20cm,沿著同一條繩繩沿X方向放置相向傳播，實(shí)線波的頻率

為：二〃.，沿X軸正方向傳播；虛線波沿X負(fù)方向傳播.某時(shí)刻兩列波相遇，如圖所示，

則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.兩列波在相遇區(qū)域發(fā)生干涉現(xiàn)象

B.圖示時(shí)刻平衡位置..的質(zhì)點(diǎn)位于.”處

C.從圖示時(shí)刻起再過(guò)，匚，平衡位置，?一,的質(zhì)點(diǎn)將位于.處

D.從圖示時(shí)刻起再過(guò)，■,平衡位置,」的質(zhì)點(diǎn)將位于.，處

7.如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r恒定不

變，開關(guān)k閉合，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，

則以下分析正確的是（）

第2頁(yè)，共14頁(yè)

A.當(dāng)滑動(dòng)變阻器..的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)增大

B,若只讓開關(guān)從閉合到斷開，電壓表、電流表示數(shù)都變大

C,若只讓開關(guān)從閉合到斷開，；上將產(chǎn)生由M點(diǎn)到N點(diǎn)的電流

D.若實(shí)際實(shí)驗(yàn)時(shí)發(fā)現(xiàn)電流表的示數(shù)為零，電壓表示數(shù)不為零，則可能是由于，.斷路

8.如圖所示，兩平行金屬板水平放置，并接到電源上，一帶電微?！?/p>

P位于兩板間處于靜止?fàn)顟B(tài)，“、」分別為兩個(gè)金屬板的中點(diǎn)觀將-?-

兩金屬板在極短的時(shí)間內(nèi)都分別繞垂直于一、一的軸在紙面內(nèi)逆時(shí)‘P丁’

針旋轉(zhuǎn)一個(gè)角，則下列說(shuō)法中正確的是（）?zb

A.兩板間的電壓不變B.兩板間的電壓變小

C.微粒P受到的電場(chǎng)力不變D.微粒將水平向左作直線運(yùn)動(dòng)

9.如圖，用“碰撞試驗(yàn)器”可以驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即研究?jī)蓚€(gè)小球在軌道水平部分碰撞

前后的動(dòng)量關(guān)系.

試驗(yàn)中，直接測(cè)定小球碰撞前后的速度是不容易的.但是，可以通過(guò)僅測(cè)量填選

項(xiàng)前的序號(hào),間接地解決這個(gè)問(wèn)題

A小球開始釋放高度h

8.小球拋出點(diǎn)距地面得高度H

C.小球做平拋運(yùn)動(dòng)的射程

-1如圖中。點(diǎn)是小球拋出點(diǎn)在地面上的垂直投影，實(shí)驗(yàn)時(shí)，先讓入射球多次從軌道上S

位置靜止釋放，找到其平均落地點(diǎn)的位置P,測(cè)量平拋射程OP,然后把被碰小球靜止于

軌道的水平部分，再將入射小球從斜軌上S位置靜止釋放，與小球相撞，并多次重

復(fù).

接下來(lái)要完成的必要步驟是填選項(xiàng)的符號(hào)

A用天平測(cè)量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量、八測(cè)量小球開始釋放高度h

C.測(cè)量拋出點(diǎn)距地面的高度，，，分別找到,相碰后平均落地點(diǎn)的位置M、Λ/

E測(cè)量平拋射程OM,ON

，若兩球相碰前后的動(dòng)量守恒，其表達(dá)式可表示為用一中測(cè)量的量表示，；

若碰撞是彈性碰撞.那么還應(yīng)滿足的表達(dá)式為用.中測(cè)量的量表示

1經(jīng)測(cè)定，，?，■,小球落地點(diǎn)的平均位置到O點(diǎn)的距離如圖所示.碰

撞前，后的動(dòng)量分別為與，則：;若碰撞結(jié)束時(shí)，的動(dòng)量為，則

::

實(shí)驗(yàn)結(jié)果說(shuō)明，碰撞前、后總動(dòng)量的比值為

*1--------

「有同學(xué)認(rèn)為在上述實(shí)驗(yàn)中僅更換兩個(gè)小球的材質(zhì)，其它條件不變可以使被撞小球做平拋運(yùn)

第3頁(yè)，共14頁(yè)

動(dòng)的射程增大.請(qǐng)你用中已知的數(shù)據(jù)，分析計(jì)算出被撞小球平拋運(yùn)動(dòng)射程0/V的最大

值為______

10.如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌相距，與水平面成

?..；；角放置,上端接有一電源，電動(dòng)勢(shì).；「，內(nèi)阻Kb

導(dǎo)軌上水平放置一質(zhì)量為,一、電阻;，「，的導(dǎo)體棒，空間

存在與豎直平面平行的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若要使導(dǎo)體棒靜止在導(dǎo)軌上，

不計(jì)摩擦，、iuJ；I'.：,1U…I

若磁場(chǎng)沿豎直方向，求磁場(chǎng)方向和磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小

J若要使磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，求磁場(chǎng)方向和磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小.

11.如圖，相距：、電阻不計(jì)的平行光滑長(zhǎng)金屬導(dǎo)軌固定在絕緣水平面上，兩導(dǎo)軌

左端間接有阻值；.，！的電阻，導(dǎo)軌所在足夠長(zhǎng)區(qū)域內(nèi)加上與導(dǎo)軌所在平面垂直的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小/現(xiàn)有電阻,I一，質(zhì)量?的導(dǎo)體棒ab垂直導(dǎo)軌放置且

接觸良好，當(dāng)導(dǎo)體棒ab以速度._I從邊界MN進(jìn)入磁場(chǎng)后。

求棒ab剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的加速度大?。?/p>

棒ab進(jìn)入磁場(chǎng)一段距離后，速度大小變?yōu)椋髲倪M(jìn)入磁場(chǎng)到此時(shí)的過(guò)程中電阻R

產(chǎn)生的焦耳熱為多少：

,求棒ab最終停的位置。

αM

×X×××××X×

*B

×××××××××

b

12.如圖，質(zhì)量為'的滑塊’可視為質(zhì)點(diǎn)疊放在質(zhì)量為'，L、長(zhǎng)度為

；的長(zhǎng)木板8上，8放在足夠長(zhǎng)的水平面上，Z8均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用力敲B的

左端，使B瞬間獲得水平向右、大小為，,?的初速度。已知A、8間的動(dòng)摩擦因數(shù)為

,,8與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力

第4頁(yè)，共14頁(yè)

加速度大小為:，「。求：

'被敲擊后的瞬間，Z8的加速度大小：

JI最終停在B上的位置距B右端的距離：

，I、8達(dá)到共速的瞬間，一質(zhì)量為?.的滑塊，可視為質(zhì)點(diǎn)，圖中未畫出「以水平向

左、大小為Il的速度從B右端滑上8,已知B、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)為,求

最終A、C之間的距離。

0

B

r7TT777

第5頁(yè)，共14頁(yè)

答案和解析

L【答案】C

【解析】解：八、用鏡面反射觀察桌面微小變形時(shí)，是根據(jù)：入射光線不變時(shí)，當(dāng)入射角改變,

時(shí)，反射角改變，，所用的物理思想方法是放大法，故A正確。

8、探究影響電荷間相互作用力的因素時(shí)，所用的物理思想方法是控制變量法，故B正確。

C、利用紅蠟塊的運(yùn)動(dòng)探究合運(yùn)動(dòng)和分運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)，采用物理思想方法是等效替代法，故C錯(cuò)誤。

。、在研究力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系時(shí)，伽利略運(yùn)用了理想實(shí)驗(yàn)方法，巧妙地設(shè)想了兩個(gè)對(duì)接斜面的實(shí)驗(yàn),

故D正確。

本題選擇錯(cuò)誤的，

故選：C。

將微小的量放大研究的方法是放大法；

在研究多個(gè)量之間的關(guān)系時(shí)，常常要控制某些物理量不變，即控制變量法；

合運(yùn)動(dòng)與分一定是等效替代的關(guān)系。

對(duì)于常用的物理研究方法，如控制變量法、等效替代法、理想化模型法等等，要在理解的基礎(chǔ)上

掌握，更要注意科學(xué)方法的積累和應(yīng)用。

2.【答案】B

【解析】解：A、由光路圖可知，a光線的偏折程度較大，則折射率較大，頻率較大，則a是紫

光，b光線是紅光，故A錯(cuò)誤；

8、紅光的波長(zhǎng)比紫光長(zhǎng)，則遇到同樣的障礙物，b光比a光更容易發(fā)生明顯衍射，故8正確；

C、根據(jù)，可知，a光在水滴中的傳播速度較小，但是在水滴中傳播距離較大，則a光在水

滴中的傳播時(shí)間比b光在水滴中的傳播時(shí)間長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；

。、增大太陽(yáng)光在水滴表面的入射角，則光線在水滴的背面的入射角變大，光線仍能在水滴的背

面發(fā)生全反射，從而從水滴中射出，故D錯(cuò)誤。

故選：8。

太陽(yáng)光在水滴表面發(fā)生折射現(xiàn)象，入射角相同，根據(jù)折射角以及折射定律分析a、b兩中光的折

射率以及兩種光的波長(zhǎng)大小關(guān)系，依據(jù)波長(zhǎng)越長(zhǎng)的，越容易發(fā)生衍射現(xiàn)象；分析兩種色光在水滴

中傳播的路徑大小關(guān)系以及傳播速度的大小關(guān)系，根據(jù)分析兩種光的傳播時(shí)間。

解決該題的關(guān)鍵是能根據(jù)圖象分析兩種色光的折射角的大小關(guān)系，知道紅光與紫光的折射率以及

波長(zhǎng)的大小關(guān)系。

3.【答案】D

第6頁(yè)，共14頁(yè)

【解析】

【分析】

根據(jù)萬(wàn)有引力定律及球體體積公式求得不同半徑處的萬(wàn)有引力表達(dá)式，進(jìn)而得到萬(wàn)有引力做的功,

再由動(dòng)能定理求得人的速度：最后根據(jù)能量守恒，由能量轉(zhuǎn)換求得機(jī)械能變化。

萬(wàn)有引力大小的求解、比較，常需要根據(jù)球體體積公式求得中心天體的質(zhì)量，再根據(jù)萬(wàn)有引力定

律求解。

【解答】

A設(shè)人到地心的距離為r,地球密度為，那么，由萬(wàn)有引力定律可得人在下落過(guò)程中受到的萬(wàn)

有引力，CMn,I,故萬(wàn)有引力與到地心的距離成正比，故A錯(cuò)誤;

'-I.,K'I

rir23

8.人下落過(guò)程只有重力做功，重力做功效果為重力勢(shì)能轉(zhuǎn)變?yōu)閯?dòng)能，故機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤;

C.由萬(wàn)有引力厚目可知，F(xiàn)與距地心的距離r成正比，；圖像所圍成面積即為F做

功，人下落到距地心「的過(guò)程重力做功K''-(；：：..!：；",，，，"「，「，，‘：；

￡e?**

設(shè)地球質(zhì)量為M,則有：題后豳

又有地球表面物體重力等于萬(wàn)有引力，所以，嘲，故，

…1八3GΛtm3,,C

∏t(∣f?(∣ι!!/,.?l/?*；

由動(dòng)能定理可得：鬻國(guó)細(xì)感密就承，所以，當(dāng)人下落經(jīng)過(guò)距地心r瞬間，人的瞬時(shí)速度

l?>t?>

，、式""?1∣??(I1111,∏'I、.{-：11.，故C錯(cuò)誤；

。.由萬(wàn)有引力犀［≡能可得：人下落到地心的過(guò)程重力做功

111

I(?I???I?i?I??'?I√??in',/,故D正確；

故選：。。

4.【答案】B

【解析】解：入、溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，負(fù)壓病房的溫度和外界溫度相同，故負(fù)壓病房?jī)?nèi)

氣體分子的平均動(dòng)能等于外界環(huán)境中氣體分子的平均動(dòng)能，故A錯(cuò)誤：

8、決定氣體分子壓強(qiáng)的微觀因素：?jiǎn)挝惑w積氣體分子數(shù)和氣體分子撞擊器壁力度決定，現(xiàn)內(nèi)外

溫度相等，即氣體分子平均動(dòng)能相等撞擊力度相等，，壓強(qiáng)要減小形成負(fù)壓，則要求負(fù)壓病房?jī)?nèi)

單位體積氣體分子的個(gè)數(shù)小于外界環(huán)境中單位體積氣體分子的個(gè)數(shù)，故B正確；

C、負(fù)壓病房?jī)?nèi)氣體分子的平均動(dòng)能等于外界環(huán)境中氣體分子的平均動(dòng)能，二者氣體分子的平均

運(yùn)動(dòng)速率相等，故C錯(cuò)誤；

第7頁(yè)，共14頁(yè)

。、內(nèi)能的大小與物質(zhì)的量、溫度、體積等有關(guān)，內(nèi)外壓強(qiáng)不等，相同體積負(fù)壓病房?jī)?nèi)的氣體物

質(zhì)的量少，所以內(nèi)能小，故D錯(cuò)誤；

故選：Bo

溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志：氣體壓強(qiáng)微觀解釋：由單位體積氣體分子數(shù)和氣體分子撞擊器壁力

度決定；根據(jù)內(nèi)能的定義分析。

結(jié)合最新社會(huì)熱點(diǎn)，生活實(shí)際是創(chuàng)新題的特點(diǎn)，要善于審題，提取有效的解題信息。

5.【答案】C

【解析】

【分析】

對(duì)P受力分析，開始為靜摩擦力，大小隨彈力的增大而增大，次過(guò)程P做勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到彈力

與最大摩擦力相等時(shí)，P做減速運(yùn)動(dòng)直到速度為零；據(jù)此根據(jù)功率的公式分析功率的變化；根據(jù)

動(dòng)能定理分析彈性勢(shì)能變化。

本題考查了功的公式、功率的公式、動(dòng)能定理的綜合應(yīng)用，關(guān)鍵是通過(guò)受力分析明確P的運(yùn)動(dòng)規(guī)

律。

【解答】

A、P與彈簧接觸后在水平方向受彈簧力作用，P受的靜摩擦力向右，P做勻速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)到彈力

與最大摩擦力相等時(shí)，P物體由慣性繼續(xù)壓縮彈簧，P接下來(lái)做減速運(yùn)動(dòng)直到速度為零，故A錯(cuò)

誤：

8、由公式；可知，由于P先做勻速后做減速，由于靜摩擦力增大，速度不變，所以功率先

增大，后滑動(dòng)摩擦力不變，速度減小，所以功率減小，故B錯(cuò)誤；

C、由于P開始到彈力與最大靜摩擦力相等的過(guò)程中P受的為靜摩擦力，后來(lái)為滑動(dòng)摩擦力，所

以傳送帶對(duì)P做的功小于.‘，故C正確；

D、對(duì)P由動(dòng)能定理得瞬翻躅BDS≡和靜，由于M,：“，所以彈簧的彈性勢(shì)能變化量

小于簞磅嘮故。錯(cuò)誤。

故選：Co

6.【答案】BD

【解析】

【分析】

解答本題首先得明白波形圖是反應(yīng)某時(shí)刻各質(zhì)點(diǎn)的位置，而振動(dòng)圖則是反應(yīng)某質(zhì)點(diǎn)在各時(shí)刻的位

置，同時(shí)要抓住在均勻介質(zhì)中兩列波的波速相同，由得：波長(zhǎng)與頻率成反比.

本題考查波長(zhǎng)、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象：波的疊加、波的干涉.

【解答】

第8頁(yè)，共14頁(yè)

A、傳播速度大小相同，實(shí)線波的波長(zhǎng)為4m,而虛線波的波長(zhǎng)為6m,根據(jù).可知兩波的

頻率不同，不能發(fā)生干涉現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤：

8、圖示時(shí)刻平衡位置.的質(zhì)點(diǎn)，實(shí)線波和虛線波兩列波單獨(dú)引起的位移分別為,、

Ocm,故合位移為-,故8正確；

CD、兩列波波速相同，實(shí)線波的波長(zhǎng)為4m,根據(jù)根據(jù).，波速為，從圖示時(shí)

刻起再過(guò)，二，實(shí)線波和虛線波的波形沿傳播方向向前平移的距離均為?J.,由波形圖可知,

實(shí)線波和虛線波在平衡位置，I均處于波峰，所以平衡位置.的質(zhì)點(diǎn)將位于

處，故C錯(cuò)誤，。正確.

故選：BD

7.【答案】AD

【解析】解：入、將滑動(dòng)變阻器：的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，總電阻減

小，則總電流增大，則內(nèi)阻和；兩端的電壓增大，所以右邊并聯(lián)部分的電壓減小，所以通過(guò)；

得電流減小，而總電流增大，所以電流表示數(shù)增大，則；的電壓增大，所以；的電壓減小，所

以電壓表示數(shù)減小，故A正確；

8、若開關(guān)從閉合到斷開，總電阻增大，總電流減小，并聯(lián)部分電壓減小，電壓表示數(shù)變小，電

流表示數(shù)變大，故8錯(cuò)誤；

C、若開關(guān)從閉合到斷開，總電阻增大，總電流減小，并聯(lián)部分電壓減小，電容器放電，所以電

阻上將產(chǎn)生由點(diǎn)N到點(diǎn)M的電流，故C錯(cuò)誤；

。、電流表示數(shù)為零，說(shuō)明與電流表串聯(lián)的部分電路斷開，電壓表示數(shù)不為零，則與電壓表并聯(lián)

的部分電路可能斷開，即可能是由于，'斷路，故。正確。

故選：AD.

將滑動(dòng)變阻器」的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，分析外電路總電阻的變化,

由歐姆定律判斷干路電流的變化，即可知道電流表示數(shù)的變化和路端電壓的變化，即可知道電壓

表讀數(shù)的變化；

若開關(guān)從閉合到斷開，總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析電容器兩端的電壓變化情況，判

斷電容器是處于充電還是放電狀態(tài)，判斷電阻：上電流方向；

根據(jù)電路故障的分析思路逐條分析。

本題是一道閉合電路的動(dòng)態(tài)分析題，分析清楚電路結(jié)構(gòu)，明確各電路元件的連接方式、靈活應(yīng)用

歐姆定律公式是正確解題的關(guān)鍵。也可以運(yùn)用結(jié)論進(jìn)行分析：變阻器電阻增大，與之并聯(lián)的電燈

會(huì)亮，與之串聯(lián)的電燈會(huì)變暗，即“串反并同”。

8.【答案】AD

【解析】解：電容器兩端始終連接電源，則電容器兩端電壓不變

旋轉(zhuǎn)一個(gè)角度后d變小，變?yōu)?,，，

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,所以兩板間的電壓變大，故A正確，8錯(cuò)誤:

(/CXJHd

原來(lái)靜止時(shí)的電場(chǎng)力為：解電∣??管

則后來(lái)的電場(chǎng)力為：厚■確?恩熹M篇，故電場(chǎng)力變大，C錯(cuò)誤；

由，…知，,，；?，，那么合力就等于F在水平方向的分力，故后來(lái)的電場(chǎng)力與重力mg

CXJSU

的合力恰好水平向左，。正確.

故選：W

首先分析金屬板水平放置的時(shí)候兩班間的電壓和粒子的受力情況，然后再分析金屬板旋轉(zhuǎn)后的兩

板間電壓和粒子受力情況，然后進(jìn)行對(duì)比即可.

分析兩種不同情況下帶電粒子的受力情況，進(jìn)而得出運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，此題難度不大，屬于基礎(chǔ)類題目.

tl22

9.【答案】CADfmQP=mιOM+maONmiOPn∣ιO.W+m2OΛ,142.9176.H

【解析】解小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由于小球拋出點(diǎn)的高度相等，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)

間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，故選

要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律定律，即驗(yàn)證：1?蚯骨搬勰磷血，小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它

們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，

上式兩邊同時(shí)乘以t■得：回懿H回堿嘴城，得：幽3髀卷眼罐畿嗓S逐驟，

因此實(shí)驗(yàn)需要測(cè)量：兩球的質(zhì)量、小球的水平位移，故選：V，.

一由②可知，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證：髀蓋躅遵懿畬0^^；

若碰撞過(guò)程沒有動(dòng)能的損失，碰撞前后總動(dòng)能保持不變，

'■發(fā)生彈性碰撞時(shí)，被碰小球獲得速度最大，根據(jù)動(dòng)量守恒的表達(dá)式是：???jι哪觸漏幽豳,

動(dòng)能守恒的表達(dá)式是瓢點(diǎn)目朝嚕審，

得動(dòng)能守恒的表達(dá)式是：蜘■幽愚好目蜜翅脾，

聯(lián)立解得:翰曰

9m?2×15

因此最大射程為、*-OP.：一.?II、-，……；

f/iI+rr∣24θ―4?5

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故答案為：.1;?,:籟瞬口南嗓幽嘮瞰爨爐；

?i；"I;1；-7∣,、

驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量可測(cè)而瞬時(shí)速度較難.因此采用了落地高度不變的情況下，水

平射程來(lái)反映平拋的初速度大小，所以僅測(cè)量小球拋出的水平射程來(lái)間接測(cè)出速度.

過(guò)程中小球釋放高度不需要，小球拋出高度也不要求.最后可通過(guò)質(zhì)量與水平射程乘積來(lái)驗(yàn)證

動(dòng)量是否守恒.

.根據(jù)碰撞前后動(dòng)量守恒可以寫成表達(dá)式，若碰撞為彈性碰撞，則碰撞前后動(dòng)能相同；

；I-根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，應(yīng)用動(dòng)量的定義式與動(dòng)量守恒定律分析答題.

實(shí)驗(yàn)的一個(gè)重要的技巧是入射球和靶球從同一高度作平拋運(yùn)動(dòng)并且落到同一水平面上，故下落的

時(shí)間相同，所以在實(shí)驗(yàn)的過(guò)程當(dāng)中把本來(lái)需要測(cè)量的速度改為測(cè)量平拋過(guò)程當(dāng)中水平方向發(fā)生的

位移，可見掌握了實(shí)驗(yàn)原理才能順利解決此類題目.

以金屬棒為研究對(duì)象受力分析，運(yùn)用合成法如圖:

rugIHU4

l

根據(jù)閉合電路歐姆定律：/li-ι

由安培力公式：.；!.：!

聯(lián)立以上三式解得：H"”0.7511.75T

由左手定則可得，磁場(chǎng)的方向豎直向下.

要使所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，應(yīng)使安培力沿斜面向上，由左手定則可得，磁場(chǎng)的方向

應(yīng)垂直于軌道的平面向右下方，此時(shí)安培力：

t,f=37"=U,IL=U'L

R-r

代入數(shù)據(jù)解得：；，，，，；

答：所加磁場(chǎng)豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為：，，廠.，,；「若使磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，磁場(chǎng)

方向垂直于軌道的平面向右下方，磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小是，，L

【解析】由導(dǎo)體棒的平衡可得所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度i的大小.

,欲使導(dǎo)體棒靜止在導(dǎo)軌上，要使所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小，應(yīng)使安培力沿斜面向上.

本題借助安培力考查了平衡條件的應(yīng)用，判斷安培力的方向時(shí)要注意安培力一定與B垂直、與/

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垂直.

IL【答案】解：當(dāng)導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線時(shí)，導(dǎo)體棒受到的安培力:

附?喇

由牛頓第二定律得：≡

代入數(shù)據(jù)解得：“I"

.■對(duì)導(dǎo)體棒，由能量守恒定律得：

電路中的總熱量；QQ，'「，

代入數(shù)據(jù)解得：一卜；；

,在導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的極短時(shí)間內(nèi)，從時(shí)間內(nèi)，多導(dǎo)體棒，由動(dòng)量定理得:

答：棒ab剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的加速度大小為.

進(jìn)入磁場(chǎng)到此時(shí)的過(guò)程中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為3卬；

，棒ab最終停的位置距MΛ∕36m.

【解析】求出導(dǎo)體棒受到的安培力，然后由牛頓第二定律求出加速度；

由能量守恒定律求出電路產(chǎn)生的總的焦耳熱，然后求出R上產(chǎn)生的焦耳熱；

.由動(dòng)量定理求出導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)的距離。

本題考查了求棒的加速度、電阻產(chǎn)生的焦耳熱、棒的位移等問(wèn)題，應(yīng)用安培力公式、牛頓第二定

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律、能量守恒定律、動(dòng)量定理即可正確解題。

12.【答案】解：被敲擊后的瞬間，A、8的加速度分別為:

H∣f?'??J,.,

MqH12-11?.<J"「，方向向右;

蟠cgj,*??,代入數(shù)據(jù)解得：.，，.，方向向左;

霸］I≡≡≤

一！、8達(dá)到共速所用的時(shí)間為,，該過(guò)程中A、8的相對(duì)位移為、

根據(jù)速度■時(shí)間關(guān)系可得：糜口迎日比

j

根據(jù)位移之間的關(guān)系可得：≡≡s^1=^

聯(lián)立解得：匕，、，1`

假設(shè)共速之后A、8能夠保持相對(duì)靜止，則兩者的加速度大小為：角身催臂手啕

代入數(shù)據(jù)解得：