備考2024年中考物理重難點精講精練：2023年中考物理模擬試卷1（解析版）

2023年中考物理模擬試卷（解析版）

一、選擇題

1.我國的古詩詞文化有幾千年的燦爛歷史，很多名句蘊含著豐富的物理知識，下列詩句從科學的

角度解釋錯誤的是（）

A.“潭清疑水淺”句中“水淺”是由于光的反射造成的

B.“舉杯邀明月”句中“明月”通過酒看到的月亮，是光的反射形成的

C.“綠樹陰濃夏日長”句中“陰濃”是光的直線傳播形成的

D.“長河落日圓”，詩人看到的“落日”是光經過大氣發(fā)生折射而成的像

【分析】（1）光在同種、均勻、透明介質中沿直線傳播，產生的現(xiàn)象有小孔成像、激光準直、影

子的形成、日食和月食等；

（2）光線傳播到兩種介質的表面上時會發(fā)生光的反射現(xiàn)象，例如水面上出現(xiàn)岸上物體的倒影、

平面鏡成像、玻璃等物體反光都是光的反射形成的；

（3）光線在同種不均勻介質中傳播或者從一種介質斜射入另一種介質時，就會出現(xiàn)光的折射

現(xiàn)象，例如水池底變淺、水中筷子變彎、海市蜃樓等都是光的折射形成的。

【解答】A.“潭清疑水淺”中“水淺”是水底看起來比較淺，這是由于光的折射形成的，故A錯

誤；

B.”舉杯邀明月”句中通過酒看到月亮，是平面鏡成像現(xiàn)象，是由光的反射形成的，故B正

確；

C.“綠樹陰濃夏II長”中“濃陰”是樹木的影子，由于光的直線傳播，光射到不透明物體上，

在不透明物體后面形成影子，故C正確；

D.“長河落日圓”中，“落日”是由于大氣分布不均勻，下部空氣密度大，上部空氣密度小,

落日發(fā)出的光在不均勻的空氣中傳播時發(fā)生折射，折射光線不斷向下偏折，我們逆著折射光

線看去所看到的落日位置比實際位置高，我們看到的“落日”是由于光的折射而形成的太陽

的虛像，故D正確。

故選：Ao

2.關于溫度、內能、熱量三者的關系，下列說法正確的是（）

A.物體的內能增加，溫度一定升高

B.物體的溫度升高，內能一定增加

C.物體的溫度升高，一定吸收了熱量

D.物體吸收了熱量，溫度一定升高

【分析】（1）改變物體的內能有做功和熱傳遞兩種方式，這兩種方式是等效的；

（2）物體的溫度升高，內能一定增加，但是物體的內能增加，物體的溫度不一定升高，比如

晶體的熔化和液體的沸騰過程。

【解答】A、物體內能增加，溫度不一定升高，如冰塊熔化，吸收熱量，內能增加，溫度不變，

故A錯誤；

B、物體溫度升高，內能一定增加，說法正確；

C,物體內能增加，可能從外界吸收熱量，也可能對物體做「功，故C錯誤；

D、物體吸收熱量，溫度不一定升高，如冰塊熔化，吸收熱量，溫度不變，故D錯誤。

故選：B?

3.由Q=cmAt可得c=T—,對于同一種物質的比熱容c,下列說法正確的是（）

A.若吸收的熱量增大一倍，則比熱容增大一倍

B.若質量增大一倍，則比熱容減至一半

C.若加熱前后的溫度差增大一倍，則比熱容減小一半

D.無論質量和溫度差是多少，比熱容都一樣

【分析】單位質量的某種物質溫度升高吸收的熱量叫做這種物質的比熱容：比熱容是物質本

身的一種特性，它不會隨物質吸收的熱量、質量、溫度的改變而改變。

【解答】比熱容是物質本身的一種特性，與物體吸收的熱量、溫度變化、質量等因素無關，只與

物質種類和狀態(tài)有關；所以，同一種物質，無論質量和溫度差是多少，比熱容都一樣；故ABC

錯誤，D正確。

故選：D。

4.祖國山河一年四季美景如畫。下列圖中描述的山河美景的形成過程中，需要吸收熱量的是（

B.夏天霧繞群山

C.秋天霜打枝頭D.冬天冰花剔透

【分析】（1）物質從固態(tài)到液態(tài)的過程叫做熔化，物質從液態(tài)變成固態(tài)的過程叫做凝固；物質從

液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫做汽化，物質從氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫做液化；物質從固態(tài)直接變成氣態(tài)叫升華，物質

從氣態(tài)直接變成固態(tài)叫凝華。

（2）六種物態(tài)變化中，需要吸熱的是：熔化、汽化和升華；需要放熱的是：凝固、液化和凝華。

【解答】解：A、圖中的冰雪消融，是固態(tài)冰變?yōu)橐簯B(tài)水的熔化，熔化吸熱，故A正確；

B、圖中的霧是水蒸氣遇冷形成的小水滴的液化現(xiàn)象，液化放熱，故B錯誤；

C、圖中的霜是水蒸氣從氣態(tài)直接變成固態(tài)形成的，是凝華現(xiàn)象，凝華放熱，故C錯誤；

D、圖中的冰花，是水蒸氣直接變?yōu)楸?，這是凝華現(xiàn)象，凝華放熱，故D錯誤。

故選：A。

5.如圖所示，下列四個圖像中屬于非晶體凝固圖像的是（）

【分析】①熔化圖像整個過程中溫度有上升的趨勢，若在熔化過程中溫度保持不變，則為晶體的

熔化圖像，否則為非晶體的熔化圖像；

②凝固圖像整個過程中溫度有卜降的趨勢，若在凝固過程中溫度保持不變，則為晶體的凝固圖像,

否則為非晶體的凝固圖像。

【解答】A、整個過程中溫度有下降的趨勢，且整個過程中溫度都在不斷下降，所以是非晶體的

凝固圖像。故A正確；

B、溫度有上升的趨勢，且整個過程中溫度都在不斷上升，所以是非晶體的熔化圖像。故B錯誤；

C、整個過程溫度有下降的趨勢，且有一段時間溫度保持不變，所以是晶體的凝固圖像。故C錯

誤；

D、整個過程溫度有上升的趨勢，旦有一段時間溫度保持不變，所以是晶體的熔化圖像。故D錯

誤。

故選：Ao

6.四個懸掛著的帶電通草小球，靜止時的位置關系如圖，下列說法正確的是（）

A.A球與C球一定帶有同種電荷

B.B球與C球一定帶有異種電荷

C.B球與D球一定帶有異種電荷

D.A球與D球一定帶有異種電荷

【分析】利用圖示的A、B、C、D四個帶電小球的相互作用情況，結合電荷間的作用規(guī)律，以

A、B球的帶電情況為突破口來解決此題。同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引，帶電體具

有吸引輕小物體的性質。

【解答】四個懸掛著的帶電通草小球，AB相互排斥，因此它們一定帶同種電荷。可能是正電，

也可能是負電；

BC相互吸引，則C一定與B和A帶異種電荷：故A錯誤，B正確：

CD相互吸引，則C與D一定帶異種電荷，所以D與A或B一定帶同種電荷，故CD錯誤。

故選：B?

7.如圖所示，開關斷開時電壓表的示數(shù)為3V,開關閉合后，電壓表的示數(shù)為2V,則Li兩端的電

壓為（）

A.IVB.2VC.3VD.5V

【分析】由電路圖可知，開關斷開時，電壓表測量電源電壓，開關閉合后，兩燈泡串聯(lián)，電壓

表測L2兩端的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓的特點即可求出燈泡Li兩端的電壓。

【解答】由電路圖可知，開關斷開時，電壓表通過燈泡L1與電源的正負兩極相連，所以，電

壓表測量電源電壓，則電源電壓為3V；

開關閉合后，Li與L2串聯(lián)，電壓表測L2兩端的電壓，電壓表示數(shù)為2V,即L2兩端的電壓

U2=2V,

串聯(lián)電路兩端電壓等于各部分電壓之和，所以燈泡Li兩端的電壓：UI=U-U2=3V-2V=

IVo

故選：Ao

8.用下列電路探究電路的電流規(guī)律時，電流表Ai、A2的示數(shù)如圖所示，則流過燈泡Li、L2的電

流分別是（）

【分析】由實物圖可知，兩燈泡并聯(lián)，電流表Ai測干路電流，A2測L2支路的電流，根據(jù)圖

示和并聯(lián)電路的電流特點求出通過兩燈的電流。

【解答】由圖可知，燈泡Li、L2并聯(lián)，電流表Ai測干路電流，A2測L2支路的電流；

因并聯(lián)電路中十路電流等于各支路電流之和，則A,的示數(shù)應大于A2的示數(shù)，而圖中電流表

Ai的指針偏轉角度比A2的小，所以電流表A1選擇的是大量程（即0?3A）,分度值為0.1A,

其示數(shù)為1.3A,即干路電流為1.3A；

電流表A2選擇的是小量程（即0~0.6A）,分度值為0.02A,其示數(shù)為0.4A,即通過燈泡L2

的電流為0.4A；

因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，所以通過燈泡Li的電流為Ii=I-l2=1.3A-

0.4A=0.9A?

綜上分析可知，A正確。

故選：Ao

9.現(xiàn)有兩個定值電阻Ri和R2(RI<R2),按照如圖所示的四種方式，分別接到電壓恒為U的電

源兩端工作相同的時間。則四個電路中電流做功大小關系正確的是()

L

A.W^>W,>W|15>W)-B.Wz_>Ww>W,->W

C.R呼>鵬網>^乙D.W丙〉W丁〉\￥乙〉W中

【分析】根據(jù)電阻的串聯(lián)和并聯(lián)以及RI>R2比較四個電路的總電阻關系，電源的電壓一定，根

TJ2

據(jù)w=uit=LLt比較四個電路中電流做功大小關系。

R

【解答】因串聯(lián)電路中總電阻大于任何一個分電阻、并聯(lián)電路中總電阻小于任何一個分電阻，

且R1<R2,

所以，四個電路中的總電阻關系為：R甲〉RT>R丙〉Rz.,

TJ2

因電源的電壓恒為U,且工作時間相等，所以，由W=UIt=U_t可知，四個電路中電流做功

T

大小關系為W乙>Wrt>W>R中。

故選：Bo

10.如圖所示是一種無線門鈴發(fā)射器，它不需要安裝電池。發(fā)射器內部提供電能的部件是由位置

固定的永磁體和可以左右滑動的繞有線圈的鐵芯組成，當按下門鈴按鈕時就會推動鐵芯向左

運動，松手后彈簧又將鐵芯向右彈回。下列實驗中和門鈴提供電能的部件工作原理相同的是

【分析】閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動，會產生感應電流，這就是電磁感

應現(xiàn)象。

【解答】當按下門鈴按鈕時就會推動鐵芯向左運動，此時線圈在磁場中做切割磁感線運動，

會產生感應電流，為門鈴提供電能，則該部件的工作原理是電磁感應現(xiàn)象：

A、該圖是探究電磁鐵磁性的實驗，屬于電流的磁效應，故A不符合題意；

B、圖中有電源，通電導體在磁場中受力的作用而運動，故B不符合題意；

C、電磁繼電器的主要部件是電磁鐵，其工作原理是電流的磁效應，故C不符合題意；

D、圖中導體在在磁場中做切割磁感線運動時，會產生感應電流，是電磁感應現(xiàn)象，故D符合

題意。

故選：D。

11.小華用如圖所示的裝置探究二力平衡的條件的實驗，物塊M放在粗糙程度相同的水平桌面上,

左右兩端用細線通過滑輪連接著兩個相同的吊盤、小華用它做實驗時發(fā)現(xiàn)：當在左盤中放200g

的祛碼、右盤中放100g的祛碼時，物塊M可以向左做勻速直線運動。如果盤中的原有祛碼

都不變，使物塊M最終可以向右勻速直線運動的方案是(滑輪的摩擦不計)()

B.在左盤中再加200g祛碼

C.在左盤中再加100g祛碼，在右盤中再加100g祛碼

D.在左盤中再加200g祛碼，在右盤中再加100g祛碼

【分析】首先由受力分析明確物體M受力情況，由M的運動狀態(tài)可判斷M受摩擦力的大小；

當M運動方向發(fā)生變化時，摩擦力方向同時發(fā)生變化，根據(jù)壓力與接觸面粗糙程度的變化確

定摩擦大小變化；最后根據(jù)物體始終受力平衡可求得左側應加祛碼。

【解答】在左盤中放質量為200g的祛碼，右盤中放質量為100g祛碼時，物體M恰好向左做

勻速直線運動，即物體受力平衡，因此物體所受向左的摩擦力與物體受到向右的合力相等，

即￡=(0.2kg-0.1kg)X10N/kg=lN；

當物體向右運動時，摩擦力方向向左，由于壓力和接觸面的粗糙程度不變，故物體受到摩擦

力不變，又因為物體仍然做勻速直線運動，則物體受到向左的摩擦力與物體受到的拉力相等，

方向相反，即物體受到的向右的拉力比向左的拉力拉力大1N,即相對于大100g祛碼的重力，

因此右盤中的祛碼質量比左盤中要多100g,故A正確。

故選：A。

12.在探究凸透鏡成像規(guī)律的實驗中，蠟燭、凸透鏡和光屏在光具座上的位置如圖所示，這時燭焰

在光屏上恰好成一清晰的像，下列說法正確的是()

委||川|川中川||川|||靦|而|川甲|川||響叫川甲|叫川甲川|川甲|叫||旭叫川||段

劫OcmlO20304050’60708090100限

A.凸透鏡的焦距可能是10cm

B.保持蠟燭和光屏不動，移動凸透鏡，光屏上只能成一次像

C.蠟燭在光具座0cm至10cm刻度范圍移動，像移動的速度比蠟燭移動的速度快

D.若在蠟燭和凸透鏡之間靠近凸透鏡放一副近視眼鏡，應將光屏向左移動才可再次呈現(xiàn)清

晰的像

【分析】（1）光屏上能承接到的像是實像。凸透鏡成實像時，物距大于像距，成倒立縮小的實像；

物距等于像距時，成倒立等大的實像；物距小于像距時，成倒立放大的實像。

（2）光折射時，光路是可逆的。

（3）根據(jù)成像的特點分析移動速度的大小關系。

（4）凹透鏡對光線有發(fā)散作用，能使光線的會聚點推遲延后，可以用來矯正近視眼；根據(jù)凹

透鏡的作用和物遠像近小的特點可判斷應進行的操作。

【解答】A、由圖可知，物距u=25.0cm,v=40.0cm,物距u<v,f<25.0cm<2f,解得，12.5cm

<f<25.0cm,40.0cm>2f,解得，f<20.0cm,由以上解得可得，12.5cm<f<20.0cm,故A

錯誤；

B、保持蠟燭和光屏不動，移動凸透鏡，當現(xiàn)在的物距等于原來的像距時，根據(jù)光路可逆可知，

光屏上能成一次清晰的像，故B正確；

C、蠟燭在光具座0cm至10cm刻度范圍移動，此時的物距大于2f,成倒立縮小的實像，則像

移動的速度比蠟燭移動的速度慢，故C錯誤；

D、近視眼鏡的鏡片為凹透鏡，對光有發(fā)散作用，可使光線的會聚點推遲延后，因此，不改變

眼鏡和透鏡的位置，要使光屏上再次呈現(xiàn)清晰的像，可以將光屏向遠離凸透鏡的方向移動適

當距離，故D錯誤。

故選：Bo

13.如圖所示的電路中，電源電壓保持不變,Ri為定值電阻且小于R2的最大阻值，閉合開關S后，

在滑片從最右端向左移動的過程中，電表均不超過量程，下列分析正確的是（）

A.電流表示數(shù)變大，電壓表V2示數(shù)變大

B.電流表示數(shù)變大，電壓表Vi示數(shù)變小

C.電壓表V2的示數(shù)與電流表示數(shù)之比變大

D.電壓表Vi的示數(shù)與電流表示數(shù)之比保持不變

【分析】由電路圖可知，Ri與R2串聯(lián)，Vi測Ri兩端的電壓，V2測R2兩端的電壓，A測電

路中的電流；

根據(jù)滑片的移動方向確定電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和Ri兩端

電壓的變化，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知滑動變阻器兩端的電壓變化；

根據(jù)R=U分析電壓表的示數(shù)與電流表示數(shù)之比的變化。

I

【解答】由電路圖可知，R1與R2串聯(lián)，Vi測Ri兩端的電壓，V2測R2兩端的電壓，A測電

路中的電流；

AB、當開關S閉合后，滑片從最右端向左端移動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻變小，

電路的總電阻變??；根據(jù)1=且可知，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大；根據(jù)U=IR

R

可知，R1兩端的電壓變大，即Vi的示數(shù)變大；根據(jù)串聯(lián)電路的電壓關系可知，滑動變阻器兩

端的電壓變小，即V2的示數(shù)變小，故AB錯誤；

CD、根據(jù)R=且可知，電壓表V2的示數(shù)與電流表示數(shù)之比為滑動變阻器接入電路的電阻，由

I

于滑動變阻器接入電路的電阻變小，所以電壓表V2的示數(shù)與電流表示數(shù)之比變??；

電壓表Vi的示數(shù)與電流表示數(shù)之比為定值電阻Ri的阻值，保持不變，故D正確，C錯誤。

故選：D。

二、填空題

1.甲、乙兩位同學分別騎自行車沿平直公路自西向東行駛，他們運動的s-t圖像如圖所示。則

甲同學騎行的速度為m/s；以甲為參照物，乙運動的方向為。

甲

【分析】（1）由圖像讀出甲15s通過的路程，利用速度公式計算甲騎行的速度；

（2）比較相同時間內甲、乙通過的路程，得出甲、乙的速度大小關系，然后根據(jù)運動和靜止

的相對性判斷以甲為參照物，乙的運動方向。

【解答】解：由圖像可知，甲、乙做勻速直線運動，t甲=15s時，通過的路程s,"=60m,所

以甲同學騎行的速度V,二士更=駟=4m/s；

t甲15s

由圖像可知，相同時間內，乙通過的路程小于甲通過的路程，所以乙騎行的的速度小于甲騎

行的速度，

因為甲、乙兩位同學分別騎自行車沿平直公路自西向東行駛，V,>V4,

所以以甲為參照物，乙向西運動。

故答案為：4；向西。

2.如圖甲，一小車正在向左做勻速直線運動，車廂內懸掛一小球，剪斷懸掛小球的細線，小球將

落在（選填"A點”“A點左側”或“A點右側若某時刻小球狀態(tài)如圖所示，可

判斷小車在向左做（選填“勻速”“加速”或“減速”）運動。

甲乙

【分析】物體具有保持原來運動狀態(tài)不變的性質叫做慣性，慣性是物體的基本屬性，任何物體

都具有慣性。

【解答】解：由題意知，在小車勻速直線行駛時，剪斷懸掛小球的細線，小球由于慣性仍保持

原來的運動狀態(tài)，繼續(xù)與小車一起向前運動，故小球將落在懸掛位置的正下方A點。

小車勻速運動時，小球和車廂保持相對靜止狀態(tài)，圖乙中小球擺向小車行駛的方向，小球的

速度大于車的速度，說明小車做減速運動。

故答案為：A點；減速。

3.如圖所示，貨架上A、B、C、D四個體積相同的實心球，已知pA=pB>pc=pD。則A與B相

比，重力勢能大，B與C相比，___重力勢能大。

【分析】（1）重力勢能大小的影響因素：質量、被舉的高度。

（2）質量一定時，高度越高，重力勢能越大。

（3）高度一定時，質量越大，重力勢能越大。

【解答】解：A、B、C、D四個體積相同的實心球，A、B密度相同，質量相同。C、D密度

相同，質量相同。B比C的密度大，相同體積時，B球的質量大于C球的質量。

（1）A和B是質量相同，A比B的位置高，A的重力勢能大。

（2）B和C高度相同，B的質量大于C的質量，B的重力勢能大。

故答案為：A；B。

4.在探究“通電螺線管的外部磁場分布”的實驗中，小明在螺線管周圍擺放了一些小磁針（涂黑

的一端為N極）。

甲乙

（1）通電后小磁針靜止時的分布如圖甲所示，此時，通電螺線管的左端是（填“N”

或或"）極；

（2）小明繼續(xù)探究，并按圖乙連接電路，他先將開關S接a。觀察電流表的示數(shù)及吸引大頭

針的數(shù)目；再將開關S從a換到b,調節(jié)變阻器的滑片P,再次觀察電流表的示數(shù)及吸引大頭

針的數(shù)目，此時調節(jié)滑動變阻器是為了來探究電磁鐵磁性強弱與的關系。

【分析】（1）根據(jù)磁極間的相互作用規(guī)律判定通電螺線管左端的極性；

（2）影響電磁鐵磁性強弱的因素有電流的大小和線圈匝數(shù)的多少；在實驗中，應注意控制變

量法的運用。

【解答】（1）圖甲中，小磁針涂黑的一端為N極；將小磁針放在通電螺線管外部，因異名磁

極相互吸引，所以可知通電螺線管左端為S極；

（2）實驗中，他將開關S從a換到b上時，連入電路中線圈的匝數(shù)發(fā)生了變化，為了保證兩

次實驗中電流的大小不變，則應調節(jié)變阻器的滑片P,通過觀察吸引大頭針的數(shù)目，可以探究

電磁鐵磁性強弱與線圈匝數(shù)的關系。

故答案為：（1）S：（2）線圈匝數(shù)。

5.如圖所示，電源電壓為3V,電阻絲Ri=20C,R2=10n,甲、乙為兩個完全相同的氣球。根據(jù)

以上信息可知，小明可以探究電流通過導體產生熱量的多少與的關系。閉合開關后，

密閉燒瓶內等量的空氣被加熱，他觀察到(選填“甲”或“乙”)氣球先鼓起來。通

電100s,整個電路產生的熱量為J。

【分析】(1)電流產生的熱量跟電流大小、電阻大小、通電時間有關。探究電流產生熱量跟電阻

關系時，控制通電時間和電流不變；當電流和通電時間相同時，電阻越大，產生的熱量越多；

(2)根據(jù)串聯(lián)電路的特點和歐姆定律求出電路中的電流，利用焦耳定律求出通電100s,整個

電路產生的熱量。

【解答】解：由圖可知，Ri、R2串聯(lián)在電路中，電流相同，通電時間相同，電阻不同，運用

控制變量法，可以探究電流產生熱量跟電阻的關系；

由于RI>R2,根據(jù)焦耳定律Q=「Rt可知，電流通過Ri產生的熱量比R2的多，所以甲氣球

會先鼓起來；

根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點可知，電路中的總電阻：R=RI+R2=20C+10C=30。，

電路中的電流：1=旦=一%=0.從，

R30Q

通電100s,整個電路產生的熱量：Q=I2Rt=(0.1A)2X30fiX100s=30Jo

故答案為：電阻；甲；30。

三、實驗探究題

1.張洋同學收集到一塊紀念幣，他想利用物理知識測量這塊紀念幣的質量，他用天平和量筒進行

了實驗，如圖16所示，他設計了下列實驗步驟:

圖I

①用調節(jié)好的天平測出紀念幣的質量m；

②向量筒中倒進適量的水，讀出水的體積Vi；

③根據(jù)密度的公式，算出紀念幣的密度p；

④將紀念幣浸沒在量筒內的水中，讀出紀念幣和水的總體積V2。

（1）他應采用的最優(yōu)實驗步驟順序為（選填下列選項前的字母）。

A、①②④③

B、①②③④

C、②③④①

D、②③①④

（2）如圖1甲所示，張洋在調節(jié)天平橫梁平衡過程中的操作錯誤是。

（3）張洋糾正錯誤后，重新調節(jié)天平平衡并測量紀念幣的質量，當天平平衡時右盤祛碼和游

碼如圖乙所示，紀念幣的質量為g；由圖丙和圖丁得出紀念幣的體積為cm3；

計算出紀念幣的密度為g/cn?；

（4）若紀念幣缺損后，它的密度將（選填“變大”、“變小”或“不變

（5）趙飛同學覺得可以只用量筒測量紀念幣的密度，他選用了一只小玻璃杯和適量的水做了

如下實驗：

a、量筒里裝有適量水體積為Vi

b、將小玻璃杯開口向上漂浮在量筒內的水面上，如2圖甲所示，此時水面對應刻度為V2。

c、將紀念幣放入小玻璃杯中，讓小玻璃杯漂浮在量筒內的水面上，如圖2乙所示，此時水面

對應刻度為V3

甲乙丙

圖2

d、取出小玻璃杯，將紀念幣沉沒在量筒內的水中（如圖丙所示），此時水面對應刻度線為V4.根

據(jù)以上數(shù)據(jù)可知，合金塊的密度是o（用測量的物理量和P水表示）

（6）張洋仔細思考了同桌趙飛的方法，結合了浮力測密度，確實巧妙，贊嘆不已！他想到了

一個利用此紀念幣測量他最愛喝的飲料唯怡豆奶的密度的方法。他找出兩個相同的溢水杯和

配套的小燒杯，一塊泡沫塑料（查閱資料泡沫塑料和合金塊的密度之比為1：4）選取一質量

和紀念幣相等的泡沫塑料小球A,利用天平做起了實驗：

a、將小球A和紀念幣和分別緩慢放入倒?jié)M豆奶的甲、乙溢水杯中，用小燒杯承接溢出的豆奶；

b、用天平測量溢出豆奶的質量，發(fā)現(xiàn)甲、乙溢出的豆奶質量之比為5：3則，豆奶的密度為

（用紀念幣的密度p幣表示）。

【分析】（1）用天平和量筒測量紀念幣的密度時，要先用天平測量紀念幣的質量，然后在量筒中

倒入適量的水記下體積，把紀念幣浸沒在水中再記下體積，求出紀念幣的體積，最后根據(jù)密度公

式求出紀念幣的密度。

（2）使用天平時，天平放在水平臺上，游碼回零，然后調節(jié)平衡螺母使天平的橫梁平衡，如圖，

張洋同學沒有游碼回零就調節(jié)平衡螺母，操作是錯誤的。

（3）紀念幣的質量等于祛碼的質量和游碼對應的刻度之和，紀念幣的體積等于紀念幣浸沒水前

后，水對應刻度的差，知道紀念幣的質量和體積，根據(jù)密度公式求出密度。

（4）物質的密度是物質的一種特性，不隨質量和體積的變化而變化。

（5）利用漂浮條件，通過甲、乙兩圖求出紀念幣的質量，利用甲、丙兩圖求出紀念幣的體積，

根據(jù)密度公式求出紀念幣的密度。

（6）由于小球A和紀念幣的質量相等，知道密度關系求出兩者的體積關系，根據(jù)小球A和紀念

幣排出豆奶的質量關系，求出浮力關系，求出豆奶的密度。

【解答】解：（1）測量紀念幣的密度，要先測量質量，然后測量體積，最后根據(jù)密度公式求出密

度，所以步驟如下：

①用調節(jié)好的天平測出紀念幣的質量m；

②向量筒中倒進適量的水，讀出水的體積Vi；

④將紀念幣浸沒在量筒內的水中，讀出紀念幣和水的總體積V2。

③根據(jù)密度的公式，算出紀念幣的密度p；

故選：Ao

(2)張洋在調節(jié)天平橫梁平衡過程中，游碼沒有回零，所以張洋的操作錯誤是：調節(jié)天平橫梁

平衡時，游碼沒有回零。

(3)紀念幣的質量：m=20g+5g+2g=27g

紀念幣的體積：V=25ml-15ml=10ml=10cm3

紀念幣的密度：0=皿=-'7之-=2.7g/cnr'

V10cm3

(4)紀念幣缺損后，物質不變，所以紀念幣的密度不變。

(5)由甲、乙兩圖得，增加的浮力等于增大的重力，

所以，Z\F浮=Z\G

P水gVJIF=G，ii

P木g(V3-V?)=p,r,gv幣

p水g(V3-V2)=pffig(V4-V|)

(6)泡沫塑料小球和合金塊的密度之比為：p母：P幣=1：4,兩者的質量相等，體積和密度成

反比，所以小球的體積和紀念幣的體積之比是：V球：V幣=4：1,

小球和紀念幣的質量相等，小球和紀念幣放在豆奶中，排開豆奶的質量不同，即排開豆奶的重力

不同，所以小球和紀念幣不能都漂浮在豆奶面上，也不能都浸沒在豆奶中，小球的密度小于紀念

幣的密度，可以判斷小球漂浮在豆奶上，紀念幣沉到豆奶底部，

由于小球和紀念幣排開豆奶的質量之比是5：3,排開豆奶的重力之比也是5：3,所以浮力之比

也是5：3,

所以，F(xiàn)浮球：F浮幣=5：3

小球漂浮是豆奶上，小球受到的浮力等于重力，

所以，F(xiàn)浮球=Gr*=p城gV球

p球gV球：pgV幣=5：3

幣gX4V幣：pvgV,^=5：3

解得，p豆=0.6p幣

故答案為：（1）A：（2）調節(jié)天平橫梁平衡時，游碼沒有回零；（3）27；10；2.7；（4）不變；（5）

Vo-Vo

-------p水；（6）0.6p市。

V4-V1

2.在“測量小燈泡額定功率”的實驗中，已知小燈泡的額定電壓為2.5V,滑動變阻器規(guī)格為“20Q

1A”。圖甲是未連接完整的實物電路圖。

（1）請用筆畫線代替導線將甲圖中的電路連接完整。（要求滑片向左移動時燈泡變亮）

（2）小華同學連接好電路后，閉合開關，發(fā)現(xiàn)燈泡不亮，他將滑片由B端向A端移動過程

中，開始一段時間燈泡仍然不亮，兩表均無示數(shù)，但當滑片移到某點M時，燈突然發(fā)光且很

亮，電壓表、電流表均有較大示數(shù)，他立即斷開開關，查找原因。你認為出現(xiàn)以上現(xiàn)象的原因

是（填序號）。

A.滑動變阻器最大阻值太大

B.滑動變阻器線圈在B、M間有斷路

C.滑動變阻器線圈在A、M間有斷路

（3）解決以上問題后，閉合開關，緩慢移動滑片使電壓表示數(shù)為2.5V,此時電流表示數(shù)如圖

乙所示，則燈泡的額定功率為Wo

（4）若實驗中電壓表電阻并非無窮大，考慮到電壓表電阻對電路的影響，則由上述方案測得

的小燈泡的額定功率將比真實值（選填“偏大”或“偏小”）。

（5）實驗結束后，小華還想用上述器材探究“電流與電壓的關系”，小林認為用上述器材不能

完成此探究，你認為小林判斷的理由是：?

（6）完成上述實驗后，小華又設計了一種測小燈泡額定功率的方案，如圖丙所示，Ro是阻值

已知的定值電阻。

①連接好電路，閉合開關S,將開關Si撥到觸點（選填"a”或"b”），移動滑片，

使電壓表的示數(shù)為小燈泡的額定電壓Ui；

②保持滑片的位置不動，再將開關Si,撥到另一觸點，讀出電壓表的示數(shù)U2；

③用Ui、U2、Ro表示小燈泡的額定功率，則表達式P=o

【分析】(1)滑動變阻器應與被控制用電器串聯(lián)，根據(jù)滑片移動方向燈泡亮度變化確定其接線

柱，根據(jù)小燈泡的額定電壓確定電壓表量程，電壓表并聯(lián)在小燈泡的兩端；

(2)燈泡不亮，兩表均無示數(shù)，說明電路有斷路；燈突然發(fā)光且很亮，電壓表、電流表均有

較大示數(shù)，說明滑動變阻器連入電路的阻值太??；

(3)弄清電流表的量程和分度值，讀出電流值，根據(jù)P=UI求出額定功率；

(4)根據(jù)實物圖分析電表所測燈泡的電壓和電流值的情況，從而分析誤差情況；

(5)探究“電流與電壓關系”時要控制電阻大小不變，據(jù)此分析；

(6)要測燈的額定功率，首先使燈正常發(fā)光，先將電壓表與燈并聯(lián)，通過移動滑片的位置,

使燈的電壓為額定電壓；保持滑片位置不動，通過開關的轉換，使電壓表測燈與定值電阻的

電壓，因此時各電阻的大小和電壓不變，燈仍正常工作，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，可求出此

時定值電阻的電壓，由歐姆定律可求出燈的額定電流，根據(jù)P=UI可求出燈的額定功率。

【解答】(1)由題知，滑動變阻器應與燈泡串聯(lián)，從而控制燈泡的亮度，滑片左移燈泡變亮，

說明變阻器連入電路的阻值減小，故應將A接線柱接入電路：電壓表與燈泡并聯(lián)測其兩端電

壓，因為燈泡的額定電壓為2.5V,所以電壓表使用0-3V量程。如圖所示：

(2)將滑片由B端向A端移動過程中，開始一段時間燈泡仍然不亮，兩表均無示數(shù)，說明電

路有斷路；但當滑片移動到線圈某點M時，燈突然發(fā)光且很亮，電壓表、電流表均有較大示

數(shù)，說明電路突然接通，且變阻器連入電路的阻值太??；綜上所述出現(xiàn)以上現(xiàn)象的原因是：滑

動變阻器線圈在B、M間有斷路；故選C；

(3)電流表的量程為。?0.6A,分度值為0.02A,讀數(shù)為0.22A,

燈泡的額定功率為：

P=UI=2.5VX0.22A=0.55W；

(4)電壓表內阻雖然大，但仍有電流通過電壓表；由實物圖可知，電壓表與燈泡并聯(lián)，所測

就是燈泡兩端電壓，但電流表測的是燈泡和電壓表的電流之和，即測得燈泡的電流偏大，由P

=UI可知所測額定功率比真實值偏大；

(5)探究“電流與電壓關系”時要控制電阻大小不變，而燈絲電阻隨溫度的升高而增大，不

是一個定值，幫用上述器材不能完成此探究；

(6)①連接好電路，閉合開關S,將開關Si撥到觸點a,移動滑片，使電壓表的示數(shù)為小燈

泡的額定電壓Ui；

②保持滑片的位置不動，再將開關Si撥到另一觸點(b),讀出電壓表的示數(shù)U2；

③在①中，電壓表測燈泡兩端的電壓，燈正常發(fā)光；

在②中，電壓表測燈與Ro兩端的電壓，因此時各電阻的大小和它們兩端的電壓不變，燈仍正

常工作，根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律，此時定值電阻兩端的電壓：Uo=U2-Ui；

由歐姆定律和串聯(lián)電路的電流特點可知，通過小燈泡的電流：

UU-U.

IL=IO=」o=」2_L,

R。RO

則小燈泡的額定功率：

Ro

故答案為：(1)見上圖；(2)C；(3)0.55；(4)偏大；(5)燈泡的電阻不是恒定的；(6)①

a；③

R0

四、計算題

I.如圖所示，用電動機和滑輪組把質量為33體積為In?的礦石，從水底勻速打撈起來，礦石露

出水面前，在10s內礦石上升1m,電動機對繩子拉力的功率為2.5kW。(g取10N/kg,水的

密度為lXl()3kg/m3)求：

(1)礦石的重力？

(2)礦石浸沒在水中受到的浮力？

(3)在10s內，繩子自由端拉力做多少功？

(4)滑輪組的機械效率？

電動中

【分析】(1)根據(jù)G=mg計算礦石重力；

(2)礦石露出水面前，浸沒在水中，礦石排開水的體積等于礦石的體積，利用阿基米德原理

計算礦石受到的浮力；

(3)根據(jù)P=乜計算繩子自由端拉力做的功；

t

W有