2023屆湖南省永州市高三下學(xué)期三模物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1永州市2023年高考第三次適應(yīng)性考試試卷物理注意事項(xiàng)：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。考試時(shí)間75分鐘，滿分100分。答題前，考生務(wù)必用黑色墨水的簽字筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上，并認(rèn)真核準(zhǔn)條形碼上的準(zhǔn)考證號(hào)、姓名及科目，在規(guī)定的位置貼好條形碼。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標(biāo)號(hào)。寫在本試卷上無效?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束時(shí)，只交答題卡。第I卷一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.人類在研究光、原子結(jié)構(gòu)及核能利用等方面經(jīng)歷了漫長(zhǎng)的過程，我國在相關(guān)研究領(lǐng)域雖然起步較晚，但是近年對(duì)核能的開發(fā)與利用卻走在了世界的前列，有關(guān)原子的相關(guān)知識(shí)，下列正確的是（）A.盧瑟福最先發(fā)現(xiàn)電子，并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說B.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都能說明光子具有粒子性，且前者可說明光子具有能量，后者除證明光子具有能量，還可證明光子具有動(dòng)量C.原子核發(fā)生β衰變時(shí)，產(chǎn)生的β射線本質(zhì)是高速電子流，因核內(nèi)沒有電子，所以β射線是核外電子逸出原子形成的D.貝克勒爾通過對(duì)天然放射性的研究，發(fā)現(xiàn)原子核是由質(zhì)子和中子組成的〖答案〗B〖解析〗A．湯姆生發(fā)現(xiàn)電子，盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)誤；B．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都能說明光子具有粒子性，光電效應(yīng)說明光子具有能量，康普頓效應(yīng)可以說明光子具有動(dòng)量，故B正確；C．β射線是高速電子流，來自原子核內(nèi)部中子的轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子和中子，故C錯(cuò)誤；D．貝克勒爾通過對(duì)天然放射性的研究，揭示了原子核有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，但并沒有發(fā)現(xiàn)質(zhì)子和中子，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖甲所示，為特高壓輸電線路上使用六分裂阻尼間隔棒的情景。其簡(jiǎn)化如圖乙，間隔棒將6條輸電導(dǎo)線分別固定在一個(gè)正六邊形的頂點(diǎn)a、b、c、d、e、f上，O為正六邊形的中心，A點(diǎn)、B點(diǎn)分別為Oa、Od的中點(diǎn)。已知通電導(dǎo)線在周圍形成磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與電流大小成正比，與到導(dǎo)線的距離成反比。6條輸電導(dǎo)線中通有垂直紙面向外，大小相等的電流，其中a導(dǎo)線中的電流對(duì)b導(dǎo)線中電流的安培力大小為F，則（）A.A點(diǎn)和B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.其中b導(dǎo)線所受安培力大小為FC.a、b、c、d、e五根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于ed向下D.a、b、c、d、e五根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于ed向上〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)對(duì)稱性可知A點(diǎn)和B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，關(guān)于點(diǎn)對(duì)稱，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知a、c對(duì)導(dǎo)線b的安培力大小F，f、d對(duì)導(dǎo)線b的安培力大小為e對(duì)導(dǎo)線b的安培力大小為，根據(jù)矢量的合成可得b導(dǎo)線所受安培力故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)安培定則，a、d兩條導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，b、e兩條導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，a、b、c、d、e五根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與c導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，垂直于ed向下，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。3.微信運(yùn)動(dòng)步數(shù)的測(cè)量是通過手機(jī)內(nèi)電容式加速度傳感器實(shí)現(xiàn)的。如圖所示，電容M極板固定，N極板可運(yùn)動(dòng)，當(dāng)手機(jī)的加速度變化時(shí)，N極板只能按圖中標(biāo)識(shí)的“前后”方向運(yùn)動(dòng)。圖中R為定值電阻。下列對(duì)傳感器描述正確的是（）A.靜止時(shí)，電流表示數(shù)為零，且電容器兩極板不帶電B.電路中的電流表示數(shù)越大，說明手機(jī)的加速度越大C.由靜止突然向后加速時(shí)，電流由a向b流過電流表D.由靜止突然向前加速時(shí)，電流由a向b流過電流表〖答案〗C〖解析〗A．靜止時(shí)，N板不動(dòng)，電容器的電容不變，則電容器電量不變，則電流表示數(shù)為零，電容器保持與電源相連，兩極板帶電，A錯(cuò)誤；C．由靜止突然向后加速時(shí)，N板相對(duì)向前移動(dòng)，則板間距減小，根據(jù)知電容C增大，電壓不變，由知電容器電量增大，電容器充電，電流由a向b流過電流表，C正確；D．由靜止突然向前加速時(shí)，N板相對(duì)向后移動(dòng)，則板間距增大，根據(jù)知電容C減小，電壓不變，由知電容器電量減小，電容器放電，電流由b向a流過電流表，D錯(cuò)誤。B．由CD項(xiàng)分析可知，手機(jī)“前后”方向運(yùn)動(dòng)的加速度越快，電容變化越大，相同時(shí)間內(nèi)電容充電或放電的電荷量大，電路中的電流表示數(shù)越大。因此電路中的電流表示數(shù)越大，說明手機(jī)“前后”方向運(yùn)動(dòng)的加速度越快。B錯(cuò)誤；故選C。4.如圖所示，在傾角為的光滑固定斜面上有兩個(gè)用輕彈簧連接的物塊A和B，它們的質(zhì)量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，在外力F的作用下系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度為，則（）A.外力F的大小為B.彈簧的形變量為C.若外力F的大小變?yōu)?，?dāng)A、B相對(duì)靜止時(shí)，彈簧彈力的大小為D.若外力F的大小變?yōu)?，?dāng)A、B相對(duì)靜止時(shí)，突然撤去外力F的瞬間，物塊B的加速度大小為〖答案〗D〖解析〗A．對(duì)物塊A和B整體受力分析，由平衡條件可得，外力的大小為故A錯(cuò)誤；B．對(duì)物塊B受力分析，由平衡條件可得，彈簧的彈力為則彈簧形變量為故B錯(cuò)誤；CD．對(duì)物塊A和B整體受力分析，由牛頓第二定律，得解得物塊A和B的加速度大小為對(duì)物塊B受力分析，由牛頓第二定律可得，彈簧彈力的大小為突然撤去外力F的瞬間，彈簧不突變，所以物塊B的加速度大小不變，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.如圖所示，在豎直平面xOy內(nèi)存在大小、方向未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m的小球從y軸上P點(diǎn)以水平速度v進(jìn)入第一象限，速度方向沿x軸正方向，經(jīng)過x軸上Q點(diǎn)時(shí)的速度大小也為v，方向與x軸夾角為37°。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小為g。不計(jì)空氣阻力，小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中（）A.速度的最小值為B.所受電場(chǎng)力最小值為C.動(dòng)能與電勢(shì)能之和一直減小D.水平位移與豎直位移的大小之比為2:1〖答案〗B〖解析〗D．小球水平分位移為小球豎直分位移為解得D錯(cuò)誤；B．根據(jù)題中所述，可知小球水平方向先向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，小球水平方向的分加速度大小為小球豎直方向的分加速度大小為令小球合加速度方向與豎直方向夾角為，則有解得可知，小球在空中做類斜拋運(yùn)動(dòng)，可以將該運(yùn)動(dòng)分解為垂直于合加速度方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)與沿合加速度方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，可知?jiǎng)蛩僦本€運(yùn)動(dòng)的分速度即為速度的最小值，則有結(jié)合上述解得A錯(cuò)誤；C．根據(jù)上述可知，小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中重力一直做正功，重力勢(shì)能一直減小，小球運(yùn)動(dòng)過程中只有重力勢(shì)能、動(dòng)能與電勢(shì)能的轉(zhuǎn)化，可知?jiǎng)幽芘c電勢(shì)能之和一直增大，C錯(cuò)誤；B．根據(jù)上述小球所受電場(chǎng)力與重力的合力大小為該合力方向與豎直方向夾角亦為，可知，當(dāng)電場(chǎng)力方向與合力方向垂直時(shí)，電場(chǎng)力達(dá)到最小值，則有B正確。故選B。6.如圖甲所示，ab兩點(diǎn)間接入電壓如圖乙變化的交流電源，電阻，滑動(dòng)變阻器R2初始狀態(tài)電阻為，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為，則（）A.若滑動(dòng)變阻器時(shí)，電流表示數(shù)為4.4AB.若滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，的功率逐漸增大C.若改變滑動(dòng)變阻器阻值，使的功率最大時(shí)，此時(shí)D.若保持滑動(dòng)變阻器不變，只改變?cè)本€圈匝數(shù)比，使功率最大時(shí)，原副線圈匝數(shù)比為〖答案〗D〖解析〗AB．輸入的交流電源的有效值為設(shè)電流表的示數(shù)為，根據(jù)電流與匝數(shù)比的關(guān)系可知原線圈的電流為副線圈的電壓為則原線圈的電壓為則聯(lián)立可得則根據(jù)可知若滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，變小，根據(jù)可知的功率逐漸減小，AB錯(cuò)誤；C．將原線圈等效為電阻阻值為，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知，原線圈消耗功率化簡(jiǎn)得可知根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，當(dāng)時(shí)，的功率最大，此時(shí)C錯(cuò)誤；D．設(shè)原副線圈的匝數(shù)比為，根據(jù)AB選項(xiàng)分析可知，可以將原線圈電阻等效為，結(jié)合C選項(xiàng)分析，當(dāng)時(shí)，功率最大，即解得可知若保持滑動(dòng)變阻器不變，只改變?cè)本€圈匝數(shù)比，使功率最大時(shí)，原副線圈匝數(shù)比為,D正確。故選D。7.如圖甲所示，三個(gè)物體A、B和C放在水平圓盤上，用兩根不可伸長(zhǎng)的輕繩分別連接A、B和B、C．物塊A、B、C與圓心距離分別為rA、rB和rC，已知，，物塊A、B、C與圓盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。當(dāng)圓盤以不同角速度ω繞軸OO＇勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，A、B之間繩中彈力和B、C之間繩中彈力隨的變化關(guān)系如圖乙所示，取，下列說法正確的是（）A.物體A的質(zhì)量B.物體C與圓心距離C.當(dāng)角速度為1rad/s時(shí)，圓盤對(duì)B的靜摩擦力大小為0.5ND.當(dāng)角速度為時(shí)，A、B即將與圓盤發(fā)生滑動(dòng)〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)題中條件無法求出A的質(zhì)量，A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，B、C繩中先出現(xiàn)彈力，根據(jù)當(dāng)時(shí)當(dāng)時(shí)代入數(shù)據(jù)解得B錯(cuò)誤；C．當(dāng)角速度為1rad/s時(shí)由圖可知B、C間繩的拉力均為1N，對(duì)B只有摩擦力提供向心力，有選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)題圖可得A、B即將與圓盤發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，滿足代入、可得解得D正確。故選D。二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示，半徑為R的半圓形玻璃磚AB面水平，O為圓心。一束單色光與水平面成30°角照射到AB面上的D點(diǎn)，D為OA中點(diǎn)，折射光線剛好照射到圓弧最低點(diǎn)C，光線在C點(diǎn)折射后照射到地面上的M點(diǎn)（圖中未畫出），將入射點(diǎn)從D點(diǎn)移到O點(diǎn)，保持入射方向不變，最終光線也照射到地面上的M點(diǎn)，已知光在真空中的傳播速度為c，不考慮光在圓弧面上的反射，則（）A.玻璃磚對(duì)光的折射率為B.C點(diǎn)離地面的高度為C.C點(diǎn)離地面的高度為D.光從D點(diǎn)入射時(shí)，光在玻璃磚中傳播的時(shí)間為〖答案〗BD〖解析〗A．畫出光路如下圖光線在AB面上的入射角為折射角則折射率為故A錯(cuò)誤；BC．因DC平行于OM，則則解得故B正確，C錯(cuò)誤。D．由幾何關(guān)系可得光在玻璃磚中傳播的速度為光從D點(diǎn)入射時(shí)，光在玻璃磚中傳播時(shí)間為故D正確。故選BD。9.兩顆相距較遠(yuǎn)的行星A、B的半徑分別為RA、RB，距A、B行星中心r處，各有一衛(wèi)星分別圍繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度的平方v2隨半徑r變化的關(guān)系如圖甲所示，兩圖線左端的縱坐標(biāo)相同；衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，的圖像如圖乙所示的兩平行直線，它們的截距分別為bA、bB．已知兩圖像數(shù)據(jù)均采用國際單位，，行星可看作質(zhì)量分布均勻的球體，忽略行星的自轉(zhuǎn)和其他星球的影響，下列說法正確的是（）A.圖乙中兩條直線的斜率均為B.行星A、B的質(zhì)量之比為1∶3C.行星A、B的密度之比為1∶9D.行星A、B表面的重力加速度大小之比為3∶1〖答案〗AC〖解析〗A．根據(jù)萬有引力提供向心力有整理得兩邊取對(duì)數(shù)得整理可得題圖乙中兩條直線的斜率均為，選項(xiàng)A正確；B．根據(jù)已知條件有解得選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．由題圖甲可知，兩行星的第一宇宙速度相等，有解得兩行星的密度滿足解得選項(xiàng)C正確；D．在星球表面解得選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖甲所示，物體以一定初速度從傾角α=37°的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為。選擇地面為參考平面，上升過程中，物體的機(jī)械能E隨高度h的變化如圖乙所示。，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A.物體的質(zhì)量B.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)C.物體上升過程的加速度大小D.物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能〖答案〗AC〖解析〗A．根據(jù)題意可知，運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，物體的速度為0，結(jié)合圖乙可知，此時(shí)的重力勢(shì)能為，又有解得故A正確；B．根據(jù)題意可知，物塊上滑過程中，除重力以外只有摩擦力做功，由功能關(guān)系可知解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，由牛頓第二定律有解得故C正確；D．根據(jù)題意可知，物塊下滑過程中摩擦力做功與上滑過程中摩擦力做功相等均為整個(gè)過程由動(dòng)能定理有其中解得故D錯(cuò)誤。故選AC。11.如圖所示，相距為L(zhǎng)=1m的兩條足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌右端連接有一定值電阻R=1Ω，整個(gè)裝置被固定在水平地面上，整個(gè)空間存在垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T，兩根質(zhì)量均為m=0.5kg且接在導(dǎo)軌間的電阻都為r=1Ω，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為的相同金屬棒MN、CD垂直放在導(dǎo)軌上?，F(xiàn)在給金屬棒MN施加一水平向左的恒力F=3.5N，使金屬棒MN從靜止開始向左做加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t=1s金屬棒CD剛好開始運(yùn)動(dòng)，若重力加速度為，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等。則下列說法正確的是（）A.金屬棒CD剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力大小為0.5N，方向水平向左B.金屬棒CD剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，水平拉力F的瞬時(shí)功率為5.25WC.從金屬棒MN開始運(yùn)動(dòng)到金屬棒CD開始運(yùn)動(dòng)的過程中流過電阻R的電荷量為1.125CD.從金屬棒MN開始運(yùn)動(dòng)到金屬棒CD開始運(yùn)動(dòng)的過程中，電路中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為9.60J〖答案〗BC〖解析〗A．金屬棒CD剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力大小為方向水平向右，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒CD剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，此時(shí)金屬棒CD受力平衡，滿足又聯(lián)立解得所以水平拉力F的瞬時(shí)功率為故B正確；C．從金屬棒MN開始運(yùn)動(dòng)到金屬棒CD開始運(yùn)動(dòng)的過程中，對(duì)金屬棒MN運(yùn)用動(dòng)量定理，得聯(lián)立解得所以流過電阻R的電荷量為故C正確；D．從金屬棒MN開始運(yùn)動(dòng)到金屬棒CD開始運(yùn)動(dòng)的過程中，由公式解得對(duì)金屬棒MN運(yùn)用動(dòng)能定理，得解得所以電路中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為故D錯(cuò)誤。故選BC。第II卷三、實(shí)驗(yàn)題（12題6分，13題9分，共15分）12.某同學(xué)在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量5種不同擺長(zhǎng)情況下單擺的振動(dòng)周期，記錄數(shù)據(jù)如下：（1）試以l為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙中作出圖線______，并利用此圖線求出重力加速度______m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（2）某同學(xué)在某次實(shí)驗(yàn)中，將每次測(cè)得的周期T及測(cè)得的擺長(zhǎng)L代入公式計(jì)算重力加速度的值，但每次的測(cè)定值總是偏大，其原因可能是______。A．計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)，只考慮了擺線長(zhǎng)度，沒有加上擺球的半徑B．?dāng)?shù)擺動(dòng)次數(shù)時(shí)，在記時(shí)的同時(shí)，就開始數(shù)1，誤將29次全振動(dòng)記成了30次C．?dāng)[線上端未牢固地固定，振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)導(dǎo)致擺線長(zhǎng)度變長(zhǎng)了〖答案〗（1）9.50（9.409.65均可）（2）B〖解析〗（1）[1]根據(jù)圖表中數(shù)據(jù)描點(diǎn)連線可得圖線如下圖所示[2]單擺的周期公式可得所以斜率是，即代入圖線中數(shù)據(jù)可知（2）[3]A．計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)，只考慮了擺線的長(zhǎng)度，沒有加上擺球的半徑會(huì)導(dǎo)致擺長(zhǎng)偏小則重力加速度測(cè)量值偏小，故A錯(cuò)誤；B．?dāng)?shù)擺動(dòng)次數(shù)時(shí)，在記時(shí)的同時(shí)，就開始數(shù)1，誤將29次全振動(dòng)記成了30次，會(huì)導(dǎo)致周期測(cè)量值偏小，則重力加速度測(cè)量值偏大，故B正確；C．?dāng)[線上端未牢固地固定，振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)導(dǎo)致擺線長(zhǎng)度變長(zhǎng)了，則記錄值比實(shí)際偏小使重力加速度測(cè)量值偏小，故C錯(cuò)誤。故選B。13.某物理實(shí)驗(yàn)小組看到一則消息：鋰硫電池的能量密度高，可使電動(dòng)汽車的續(xù)航從500km提升至1500km，手機(jī)一個(gè)星期都不需充電。這激起了同學(xué)們對(duì)電池的研究熱情，他們從市場(chǎng)上買來一新款電池，要測(cè)量這款電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，并利用這個(gè)電池提供電能測(cè)量一未知電阻的阻值，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路。器材如下：A．待測(cè)電池（電動(dòng)勢(shì)E、內(nèi)阻r）B．待測(cè)電阻Rx（約9Ω）C．電流表A1（量程1A、內(nèi)阻很?。〥．電流表A2（量程3A、內(nèi)阻很?。〦．電阻箱（最大阻值99.9Ω）F．開關(guān)一只，導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）根據(jù)電路圖，請(qǐng)?jiān)趫D乙的實(shí)物圖中畫出連線；______（2）根據(jù)記錄的電流表A1的讀數(shù)I1和電流表A2的讀數(shù)I2，以為縱坐標(biāo)，以對(duì)應(yīng)的電阻箱的阻值為橫坐標(biāo)，得到的圖像如圖丙所示。則由圖丙可得待測(cè)電阻Rx=______Ω（結(jié)果保留1位小數(shù)）；（3）圖丁是以電流表A1的讀數(shù)為橫坐標(biāo)，以電流表A2的讀數(shù)為縱坐標(biāo)得到的圖像。利用第（2）的結(jié)果，由圖可求得E=______V，r=______Ω（結(jié)果均保留1位小數(shù)）。〖答案〗（1）（2）10.0（3）14.35.3〖解析〗（1）[1]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖所示：（2）[2]電流表A1測(cè)通過Rx的電流，電流表A2測(cè)干路電流，同時(shí)R與Rx并聯(lián)，則由歐姆定律可得整理得結(jié)合丙圖可知，縱軸的截距為1；根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可知，圖線的斜率為根據(jù)公式可知，此時(shí)的斜率即為Rx的阻值，即Rx的值為10.0Ω。（3）[3][4]由題意及全電路歐姆定律可得變形可得即解得r=5.3ΩE=14.3V四、解答題（14題9分，15題13分，16題15分，共37分）14.如圖所示，足夠長(zhǎng)的A、B兩薄壁氣缸的質(zhì)量分別為m1=5kg，m2=10kg，分別用質(zhì)量與厚度均不計(jì)的活塞C、D將理想氣體M、N封閉在氣缸內(nèi)，C、D兩薄活塞用一跨過兩定滑輪且不可伸長(zhǎng)的柔軟輕繩連接，氣缸B放置在水平地面上，系統(tǒng)在圖示位置靜止時(shí)，氣缸A的底部距離地面的高度，C、D兩活塞距離氣缸底部分別為h與3h，h=28cm。外界大氣壓恒為p0=1.0×105Pa，氣體M的熱力學(xué)溫度T1=280K，C、D兩活塞的橫截面積均為S=0.01m2，取重力加速度大小g=10m/s2，不計(jì)一切摩擦。對(duì)氣體M緩慢加熱，氣體N的熱力學(xué)溫度始終保持在280K，求：（1）氣缸A的底部剛接觸地面時(shí)氣體M的熱力學(xué)溫度T2；（2）氣體M的溫度升到T3=450K時(shí)活塞D距離地面高度h'?！即鸢浮剑?）T2=420K；（2）〖解析〗（1）氣體M等壓變化解得T2=420K（2）由（1）知，T3>T2，氣缸A已經(jīng)落地，假設(shè)繩子仍繃緊，對(duì)氣體M對(duì)氣體N又解得因?yàn)?2cm<84cm假設(shè)成立故15.如圖甲所示，在xOy平面的第Ⅰ象限內(nèi)有沿x軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，在區(qū)域內(nèi)同時(shí)存在著豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)E2和垂直紙面的磁場(chǎng)B1，，，磁場(chǎng)B1隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，，設(shè)垂直紙面向外為磁場(chǎng)正方向。一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電液滴從P點(diǎn)以速度沿x軸負(fù)方向入射，恰好沿y軸負(fù)方向的速度v經(jīng)過原點(diǎn)O后進(jìn)入的區(qū)域。已知，，時(shí)液滴恰好通過O點(diǎn)，重力加速度g取10m/s2。（1）求液滴第一次到達(dá)O點(diǎn)時(shí)速度的大?。唬?）求液滴在時(shí)間內(nèi)的路程；（3）若在時(shí)撤去電場(chǎng)E1、E2和磁場(chǎng)B1，同時(shí)在整個(gè)空間區(qū)域加豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2（未畫出），，求從此時(shí)刻起，再經(jīng)過s，液滴距O點(diǎn)的距離。（本小題中?。即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）對(duì)帶電液滴在水平方向和豎直方向的運(yùn)動(dòng)解得（2）帶電液滴在第Ⅱ、Ⅲ象限有則帶電液滴在第Ⅱ、Ⅲ象限中在洛倫茲力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)當(dāng)時(shí)當(dāng)時(shí)帶電液滴在0~s內(nèi)運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示則液滴在0~s時(shí)間內(nèi)的路程解得（3）空間中只存在磁場(chǎng)時(shí)，帶電液滴在水平面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。由（2）同理得代入得再經(jīng)后，液滴在水平面x軸方向上的位移大小為，垂直于水平面向外方向的位移大小為；帶電液滴在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過故經(jīng)過后，液滴距O點(diǎn)的距離為16.如圖所示，將滑塊A無初速地輕放在長(zhǎng)s=8.0m，沿順時(shí)針以v0=8.0m/s轉(zhuǎn)動(dòng)的水平傳送帶左端，一段時(shí)間后A從傳送帶右端水平飛出，下落高度H=1.8m后，恰能從P點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入半徑R=11m的光滑圓弧軌道，并沿圓弧軌道滑至最低點(diǎn)Q，滑塊A經(jīng)Q點(diǎn)后滑上靜置于粗糙水平面上長(zhǎng)為L(zhǎng)=12.625m的木板B，A與B間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ1=0.4，B與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2=0.1，A帶動(dòng)B向右運(yùn)動(dòng)，距離B右端d=7.5m處有一與木板等高且足夠長(zhǎng)的固定光滑平臺(tái)，B與平臺(tái)碰撞后即粘在一起不再運(yùn)動(dòng)，滑塊A滑上平臺(tái)運(yùn)動(dòng)足夠長(zhǎng)時(shí)間后與左端帶有輕彈簧的滑塊C作用，已知A、B質(zhì)量均為m=1.0kg，C的質(zhì)量M=2.0kg。忽略所有滑塊大小及空氣阻力對(duì)問題的影響。sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度g=10m/s2。（1）求滑塊A與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)大小需滿足的條件；（2）求滑塊A滑上平臺(tái)時(shí)的速度大小；（3）滑塊A與彈簧接觸但不粘連，若在滑塊C的右側(cè)某處固定一彈性擋板D（未畫出），擋板的位置不同，C與D相碰時(shí)的速度不同。已知C與D碰撞時(shí)間極短，C與D碰后C的速度等大反向，且立即撤去擋板D，A與C相互作用過程一直沒有離開水平面，求此后運(yùn)動(dòng)過程中A與C組成的系統(tǒng)彈性勢(shì)能最大值Ep的范圍?！即鸢浮剑?）；（2）m/s；（3）〖解析〗（1）滑塊A離開傳送帶做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向滿足A在P點(diǎn)沿切線滑入圓軌道vy=vpsin37°vx=vpcos37°解得vx=8m/s要滿足條件，則有解得（2）A沿圓軌道滑下，機(jī)械能守恒有解得vQ=12m/sA滑上B后到與B共速前，對(duì)A對(duì)B經(jīng)過時(shí)間t，A、B共速有解得t=2sm/s此過程中A、B的位移分別為，有二者相對(duì)位移解得A、B共速后一起勻減速運(yùn)動(dòng)到B與平臺(tái)碰撞前瞬間B碰到平臺(tái)后到，對(duì)A運(yùn)動(dòng)到平臺(tái)解得m/s（3）滑塊C與擋板D碰撞前A、C系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有滑塊C與擋板D碰后滑塊C速度反向，碰后至AC共速時(shí)系統(tǒng)彈性勢(shì)能最大若則v=0若C與D剛碰撞，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，v有最大值解得則彈簧彈性勢(shì)能最大值的取值范圍為永州市2023年高考第三次適應(yīng)性考試試卷物理注意事項(xiàng)：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分?？荚嚂r(shí)間75分鐘，滿分100分。答題前，考生務(wù)必用黑色墨水的簽字筆將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上，并認(rèn)真核準(zhǔn)條形碼上的準(zhǔn)考證號(hào)、姓名及科目，在規(guī)定的位置貼好條形碼。2.回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標(biāo)號(hào)。寫在本試卷上無效。回答非選擇題時(shí)，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結(jié)束時(shí)，只交答題卡。第I卷一、選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.人類在研究光、原子結(jié)構(gòu)及核能利用等方面經(jīng)歷了漫長(zhǎng)的過程，我國在相關(guān)研究領(lǐng)域雖然起步較晚，但是近年對(duì)核能的開發(fā)與利用卻走在了世界的前列，有關(guān)原子的相關(guān)知識(shí)，下列正確的是（）A.盧瑟福最先發(fā)現(xiàn)電子，并提出了原子的核式結(jié)構(gòu)學(xué)說B.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都能說明光子具有粒子性，且前者可說明光子具有能量，后者除證明光子具有能量，還可證明光子具有動(dòng)量C.原子核發(fā)生β衰變時(shí)，產(chǎn)生的β射線本質(zhì)是高速電子流，因核內(nèi)沒有電子，所以β射線是核外電子逸出原子形成的D.貝克勒爾通過對(duì)天然放射性的研究，發(fā)現(xiàn)原子核是由質(zhì)子和中子組成的〖答案〗B〖解析〗A．湯姆生發(fā)現(xiàn)電子，盧瑟福提出了原子的核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯(cuò)誤；B．光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都能說明光子具有粒子性，光電效應(yīng)說明光子具有能量，康普頓效應(yīng)可以說明光子具有動(dòng)量，故B正確；C．β射線是高速電子流，來自原子核內(nèi)部中子的轉(zhuǎn)變?yōu)橘|(zhì)子和中子，故C錯(cuò)誤；D．貝克勒爾通過對(duì)天然放射性的研究，揭示了原子核有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，但并沒有發(fā)現(xiàn)質(zhì)子和中子，故D錯(cuò)誤。故選B。2.如圖甲所示，為特高壓輸電線路上使用六分裂阻尼間隔棒的情景。其簡(jiǎn)化如圖乙，間隔棒將6條輸電導(dǎo)線分別固定在一個(gè)正六邊形的頂點(diǎn)a、b、c、d、e、f上，O為正六邊形的中心，A點(diǎn)、B點(diǎn)分別為Oa、Od的中點(diǎn)。已知通電導(dǎo)線在周圍形成磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度與電流大小成正比，與到導(dǎo)線的距離成反比。6條輸電導(dǎo)線中通有垂直紙面向外，大小相等的電流，其中a導(dǎo)線中的電流對(duì)b導(dǎo)線中電流的安培力大小為F，則（）A.A點(diǎn)和B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度相同B.其中b導(dǎo)線所受安培力大小為FC.a、b、c、d、e五根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于ed向下D.a、b、c、d、e五根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向垂直于ed向上〖答案〗C〖解析〗A．根據(jù)對(duì)稱性可知A點(diǎn)和B點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向不同，關(guān)于點(diǎn)對(duì)稱，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知a、c對(duì)導(dǎo)線b的安培力大小F，f、d對(duì)導(dǎo)線b的安培力大小為e對(duì)導(dǎo)線b的安培力大小為，根據(jù)矢量的合成可得b導(dǎo)線所受安培力故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)安培定則，a、d兩條導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，b、e兩條導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度等大反向，a、b、c、d、e五根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與c導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向相同，垂直于ed向下，故C正確，D錯(cuò)誤。故選C。3.微信運(yùn)動(dòng)步數(shù)的測(cè)量是通過手機(jī)內(nèi)電容式加速度傳感器實(shí)現(xiàn)的。如圖所示，電容M極板固定，N極板可運(yùn)動(dòng)，當(dāng)手機(jī)的加速度變化時(shí)，N極板只能按圖中標(biāo)識(shí)的“前后”方向運(yùn)動(dòng)。圖中R為定值電阻。下列對(duì)傳感器描述正確的是（）A.靜止時(shí)，電流表示數(shù)為零，且電容器兩極板不帶電B.電路中的電流表示數(shù)越大，說明手機(jī)的加速度越大C.由靜止突然向后加速時(shí)，電流由a向b流過電流表D.由靜止突然向前加速時(shí)，電流由a向b流過電流表〖答案〗C〖解析〗A．靜止時(shí)，N板不動(dòng)，電容器的電容不變，則電容器電量不變，則電流表示數(shù)為零，電容器保持與電源相連，兩極板帶電，A錯(cuò)誤；C．由靜止突然向后加速時(shí)，N板相對(duì)向前移動(dòng)，則板間距減小，根據(jù)知電容C增大，電壓不變，由知電容器電量增大，電容器充電，電流由a向b流過電流表，C正確；D．由靜止突然向前加速時(shí)，N板相對(duì)向后移動(dòng)，則板間距增大，根據(jù)知電容C減小，電壓不變，由知電容器電量減小，電容器放電，電流由b向a流過電流表，D錯(cuò)誤。B．由CD項(xiàng)分析可知，手機(jī)“前后”方向運(yùn)動(dòng)的加速度越快，電容變化越大，相同時(shí)間內(nèi)電容充電或放電的電荷量大，電路中的電流表示數(shù)越大。因此電路中的電流表示數(shù)越大，說明手機(jī)“前后”方向運(yùn)動(dòng)的加速度越快。B錯(cuò)誤；故選C。4.如圖所示，在傾角為的光滑固定斜面上有兩個(gè)用輕彈簧連接的物塊A和B，它們的質(zhì)量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，在外力F的作用下系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。已知彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度為，則（）A.外力F的大小為B.彈簧的形變量為C.若外力F的大小變?yōu)?，?dāng)A、B相對(duì)靜止時(shí)，彈簧彈力的大小為D.若外力F的大小變?yōu)椋?dāng)A、B相對(duì)靜止時(shí)，突然撤去外力F的瞬間，物塊B的加速度大小為〖答案〗D〖解析〗A．對(duì)物塊A和B整體受力分析，由平衡條件可得，外力的大小為故A錯(cuò)誤；B．對(duì)物塊B受力分析，由平衡條件可得，彈簧的彈力為則彈簧形變量為故B錯(cuò)誤；CD．對(duì)物塊A和B整體受力分析，由牛頓第二定律，得解得物塊A和B的加速度大小為對(duì)物塊B受力分析，由牛頓第二定律可得，彈簧彈力的大小為突然撤去外力F的瞬間，彈簧不突變，所以物塊B的加速度大小不變，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。5.如圖所示，在豎直平面xOy內(nèi)存在大小、方向未知的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m的小球從y軸上P點(diǎn)以水平速度v進(jìn)入第一象限，速度方向沿x軸正方向，經(jīng)過x軸上Q點(diǎn)時(shí)的速度大小也為v，方向與x軸夾角為37°。已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，重力加速度大小為g。不計(jì)空氣阻力，小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中（）A.速度的最小值為B.所受電場(chǎng)力最小值為C.動(dòng)能與電勢(shì)能之和一直減小D.水平位移與豎直位移的大小之比為2:1〖答案〗B〖解析〗D．小球水平分位移為小球豎直分位移為解得D錯(cuò)誤；B．根據(jù)題中所述，可知小球水平方向先向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，小球水平方向的分加速度大小為小球豎直方向的分加速度大小為令小球合加速度方向與豎直方向夾角為，則有解得可知，小球在空中做類斜拋運(yùn)動(dòng)，可以將該運(yùn)動(dòng)分解為垂直于合加速度方向的勻速直線運(yùn)動(dòng)與沿合加速度方向的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，可知?jiǎng)蛩僦本€運(yùn)動(dòng)的分速度即為速度的最小值，則有結(jié)合上述解得A錯(cuò)誤；C．根據(jù)上述可知，小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn)的過程中重力一直做正功，重力勢(shì)能一直減小，小球運(yùn)動(dòng)過程中只有重力勢(shì)能、動(dòng)能與電勢(shì)能的轉(zhuǎn)化，可知?jiǎng)幽芘c電勢(shì)能之和一直增大，C錯(cuò)誤；B．根據(jù)上述小球所受電場(chǎng)力與重力的合力大小為該合力方向與豎直方向夾角亦為，可知，當(dāng)電場(chǎng)力方向與合力方向垂直時(shí)，電場(chǎng)力達(dá)到最小值，則有B正確。故選B。6.如圖甲所示，ab兩點(diǎn)間接入電壓如圖乙變化的交流電源，電阻，滑動(dòng)變阻器R2初始狀態(tài)電阻為，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為，則（）A.若滑動(dòng)變阻器時(shí)，電流表示數(shù)為4.4AB.若滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，的功率逐漸增大C.若改變滑動(dòng)變阻器阻值，使的功率最大時(shí)，此時(shí)D.若保持滑動(dòng)變阻器不變，只改變?cè)本€圈匝數(shù)比，使功率最大時(shí)，原副線圈匝數(shù)比為〖答案〗D〖解析〗AB．輸入的交流電源的有效值為設(shè)電流表的示數(shù)為，根據(jù)電流與匝數(shù)比的關(guān)系可知原線圈的電流為副線圈的電壓為則原線圈的電壓為則聯(lián)立可得則根據(jù)可知若滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)時(shí)，變小，根據(jù)可知的功率逐漸減小，AB錯(cuò)誤；C．將原線圈等效為電阻阻值為，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知，原線圈消耗功率化簡(jiǎn)得可知根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，當(dāng)時(shí)，的功率最大，此時(shí)C錯(cuò)誤；D．設(shè)原副線圈的匝數(shù)比為，根據(jù)AB選項(xiàng)分析可知，可以將原線圈電阻等效為，結(jié)合C選項(xiàng)分析，當(dāng)時(shí)，功率最大，即解得可知若保持滑動(dòng)變阻器不變，只改變?cè)本€圈匝數(shù)比，使功率最大時(shí)，原副線圈匝數(shù)比為,D正確。故選D。7.如圖甲所示，三個(gè)物體A、B和C放在水平圓盤上，用兩根不可伸長(zhǎng)的輕繩分別連接A、B和B、C．物塊A、B、C與圓心距離分別為rA、rB和rC，已知，，物塊A、B、C與圓盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。當(dāng)圓盤以不同角速度ω繞軸OO＇勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，A、B之間繩中彈力和B、C之間繩中彈力隨的變化關(guān)系如圖乙所示，取，下列說法正確的是（）A.物體A的質(zhì)量B.物體C與圓心距離C.當(dāng)角速度為1rad/s時(shí)，圓盤對(duì)B的靜摩擦力大小為0.5ND.當(dāng)角速度為時(shí)，A、B即將與圓盤發(fā)生滑動(dòng)〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)題中條件無法求出A的質(zhì)量，A錯(cuò)誤；B．由圖乙可知，B、C繩中先出現(xiàn)彈力，根據(jù)當(dāng)時(shí)當(dāng)時(shí)代入數(shù)據(jù)解得B錯(cuò)誤；C．當(dāng)角速度為1rad/s時(shí)由圖可知B、C間繩的拉力均為1N，對(duì)B只有摩擦力提供向心力，有選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)題圖可得A、B即將與圓盤發(fā)生滑動(dòng)時(shí)，滿足代入、可得解得D正確。故選D。二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.如圖所示，半徑為R的半圓形玻璃磚AB面水平，O為圓心。一束單色光與水平面成30°角照射到AB面上的D點(diǎn)，D為OA中點(diǎn)，折射光線剛好照射到圓弧最低點(diǎn)C，光線在C點(diǎn)折射后照射到地面上的M點(diǎn)（圖中未畫出），將入射點(diǎn)從D點(diǎn)移到O點(diǎn)，保持入射方向不變，最終光線也照射到地面上的M點(diǎn)，已知光在真空中的傳播速度為c，不考慮光在圓弧面上的反射，則（）A.玻璃磚對(duì)光的折射率為B.C點(diǎn)離地面的高度為C.C點(diǎn)離地面的高度為D.光從D點(diǎn)入射時(shí)，光在玻璃磚中傳播的時(shí)間為〖答案〗BD〖解析〗A．畫出光路如下圖光線在AB面上的入射角為折射角則折射率為故A錯(cuò)誤；BC．因DC平行于OM，則則解得故B正確，C錯(cuò)誤。D．由幾何關(guān)系可得光在玻璃磚中傳播的速度為光從D點(diǎn)入射時(shí)，光在玻璃磚中傳播時(shí)間為故D正確。故選BD。9.兩顆相距較遠(yuǎn)的行星A、B的半徑分別為RA、RB，距A、B行星中心r處，各有一衛(wèi)星分別圍繞行星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，線速度的平方v2隨半徑r變化的關(guān)系如圖甲所示，兩圖線左端的縱坐標(biāo)相同；衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T，的圖像如圖乙所示的兩平行直線，它們的截距分別為bA、bB．已知兩圖像數(shù)據(jù)均采用國際單位，，行星可看作質(zhì)量分布均勻的球體，忽略行星的自轉(zhuǎn)和其他星球的影響，下列說法正確的是（）A.圖乙中兩條直線的斜率均為B.行星A、B的質(zhì)量之比為1∶3C.行星A、B的密度之比為1∶9D.行星A、B表面的重力加速度大小之比為3∶1〖答案〗AC〖解析〗A．根據(jù)萬有引力提供向心力有整理得兩邊取對(duì)數(shù)得整理可得題圖乙中兩條直線的斜率均為，選項(xiàng)A正確；B．根據(jù)已知條件有解得選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．由題圖甲可知，兩行星的第一宇宙速度相等，有解得兩行星的密度滿足解得選項(xiàng)C正確；D．在星球表面解得選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖甲所示，物體以一定初速度從傾角α=37°的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為。選擇地面為參考平面，上升過程中，物體的機(jī)械能E隨高度h的變化如圖乙所示。，sin37°=0.6，cos37°=0.8，則（）A.物體的質(zhì)量B.物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)C.物體上升過程的加速度大小D.物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能〖答案〗AC〖解析〗A．根據(jù)題意可知，運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，物體的速度為0，結(jié)合圖乙可知，此時(shí)的重力勢(shì)能為，又有解得故A正確；B．根據(jù)題意可知，物塊上滑過程中，除重力以外只有摩擦力做功，由功能關(guān)系可知解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)題意，由牛頓第二定律有解得故C正確；D．根據(jù)題意可知，物塊下滑過程中摩擦力做功與上滑過程中摩擦力做功相等均為整個(gè)過程由動(dòng)能定理有其中解得故D錯(cuò)誤。故選AC。11.如圖所示，相距為L(zhǎng)=1m的兩條足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌右端連接有一定值電阻R=1Ω，整個(gè)裝置被固定在水平地面上，整個(gè)空間存在垂直于導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=1T，兩根質(zhì)量均為m=0.5kg且接在導(dǎo)軌間的電阻都為r=1Ω，與導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為的相同金屬棒MN、CD垂直放在導(dǎo)軌上?，F(xiàn)在給金屬棒MN施加一水平向左的恒力F=3.5N，使金屬棒MN從靜止開始向左做加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間t=1s金屬棒CD剛好開始運(yùn)動(dòng)，若重力加速度為，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力相等。則下列說法正確的是（）A.金屬棒CD剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力大小為0.5N，方向水平向左B.金屬棒CD剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，水平拉力F的瞬時(shí)功率為5.25WC.從金屬棒MN開始運(yùn)動(dòng)到金屬棒CD開始運(yùn)動(dòng)的過程中流過電阻R的電荷量為1.125CD.從金屬棒MN開始運(yùn)動(dòng)到金屬棒CD開始運(yùn)動(dòng)的過程中，電路中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為9.60J〖答案〗BC〖解析〗A．金屬棒CD剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力大小為方向水平向右，故A錯(cuò)誤；B．金屬棒CD剛開始運(yùn)動(dòng)時(shí)，此時(shí)金屬棒CD受力平衡，滿足又聯(lián)立解得所以水平拉力F的瞬時(shí)功率為故B正確；C．從金屬棒MN開始運(yùn)動(dòng)到金屬棒CD開始運(yùn)動(dòng)的過程中，對(duì)金屬棒MN運(yùn)用動(dòng)量定理，得聯(lián)立解得所以流過電阻R的電荷量為故C正確；D．從金屬棒MN開始運(yùn)動(dòng)到金屬棒CD開始運(yùn)動(dòng)的過程中，由公式解得對(duì)金屬棒MN運(yùn)用動(dòng)能定理，得解得所以電路中電阻R產(chǎn)生的焦耳熱為故D錯(cuò)誤。故選BC。第II卷三、實(shí)驗(yàn)題（12題6分，13題9分，共15分）12.某同學(xué)在“用單擺測(cè)定重力加速度”的實(shí)驗(yàn)中，測(cè)量5種不同擺長(zhǎng)情況下單擺的振動(dòng)周期，記錄數(shù)據(jù)如下：（1）試以l為橫坐標(biāo)，為縱坐標(biāo)，在坐標(biāo)紙中作出圖線______，并利用此圖線求出重力加速度______m/s2（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（2）某同學(xué)在某次實(shí)驗(yàn)中，將每次測(cè)得的周期T及測(cè)得的擺長(zhǎng)L代入公式計(jì)算重力加速度的值，但每次的測(cè)定值總是偏大，其原因可能是______。A．計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)，只考慮了擺線長(zhǎng)度，沒有加上擺球的半徑B．?dāng)?shù)擺動(dòng)次數(shù)時(shí)，在記時(shí)的同時(shí)，就開始數(shù)1，誤將29次全振動(dòng)記成了30次C．?dāng)[線上端未牢固地固定，振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)導(dǎo)致擺線長(zhǎng)度變長(zhǎng)了〖答案〗（1）9.50（9.409.65均可）（2）B〖解析〗（1）[1]根據(jù)圖表中數(shù)據(jù)描點(diǎn)連線可得圖線如下圖所示[2]單擺的周期公式可得所以斜率是，即代入圖線中數(shù)據(jù)可知（2）[3]A．計(jì)算擺長(zhǎng)時(shí)，只考慮了擺線的長(zhǎng)度，沒有加上擺球的半徑會(huì)導(dǎo)致擺長(zhǎng)偏小則重力加速度測(cè)量值偏小，故A錯(cuò)誤；B．?dāng)?shù)擺動(dòng)次數(shù)時(shí)，在記時(shí)的同時(shí)，就開始數(shù)1，誤將29次全振動(dòng)記成了30次，會(huì)導(dǎo)致周期測(cè)量值偏小，則重力加速度測(cè)量值偏大，故B正確；C．?dāng)[線上端未牢固地固定，振動(dòng)中出現(xiàn)了松動(dòng)導(dǎo)致擺線長(zhǎng)度變長(zhǎng)了，則記錄值比實(shí)際偏小使重力加速度測(cè)量值偏小，故C錯(cuò)誤。故選B。13.某物理實(shí)驗(yàn)小組看到一則消息：鋰硫電池的能量密度高，可使電動(dòng)汽車的續(xù)航從500km提升至1500km，手機(jī)一個(gè)星期都不需充電。這激起了同學(xué)們對(duì)電池的研究熱情，他們從市場(chǎng)上買來一新款電池，要測(cè)量這款電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，并利用這個(gè)電池提供電能測(cè)量一未知電阻的阻值，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路。器材如下：A．待測(cè)電池（電動(dòng)勢(shì)E、內(nèi)阻r）B．待測(cè)電阻Rx（約9Ω）C．電流表A1（量程1A、內(nèi)阻很?。〥．電流表A2（量程3A、內(nèi)阻很?。〦．電阻箱（最大阻值99.9Ω）F．開關(guān)一只，導(dǎo)線若干實(shí)驗(yàn)步驟如下：（1）根據(jù)電路圖，請(qǐng)?jiān)趫D乙的實(shí)物圖中畫出連線；______（2）根據(jù)記錄的電流表A1的讀數(shù)I1和電流表A2的讀數(shù)I2，以為縱坐標(biāo)，以對(duì)應(yīng)的電阻箱的阻值為橫坐標(biāo)，得到的圖像如圖丙所示。則由圖丙可得待測(cè)電阻Rx=______Ω（結(jié)果保留1位小數(shù)）；（3）圖丁是以電流表A1的讀數(shù)為橫坐標(biāo)，以電流表A2的讀數(shù)為縱坐標(biāo)得到的圖像。利用第（2）的結(jié)果，由圖可求得E=______V，r=______Ω（結(jié)果均保留1位小數(shù)）?！即鸢浮剑?）（2）10.0（3）14.35.3〖解析〗（1）[1]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖，如圖所示：（2）[2]電流表A1測(cè)通過Rx的電流，電流表A2測(cè)干路電流，同時(shí)R與Rx并聯(lián)，則由歐姆定律可得整理得結(jié)合丙圖可知，縱軸的截距為1；根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可知，圖線的斜率為根據(jù)公式可知，此時(shí)的斜率即為Rx的阻值，即Rx的值為10.0Ω。（3）[3][4]由題意及全電路歐姆定律可得變形可得即解得r=5.3ΩE=14.3V四、解答題（14題9分，15題13分，16題15分，共37分）14.如圖所示，足夠長(zhǎng)的A、B兩薄壁氣缸的質(zhì)量分別為m1=5kg，m2=10kg，分別用質(zhì)量與厚度均不計(jì)的活塞C、D將理想氣體M、N封閉在氣缸內(nèi)，C、D兩薄活塞用一跨過兩定滑輪且不可伸長(zhǎng)的柔軟輕繩連接，氣缸B放置在水平地面上，系統(tǒng)在圖示位置靜止時(shí)，氣缸A的底部距離地面的高度，C、D兩活塞距離氣缸底部分別為h與