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2024屆三亞市重點中學物理高一第二學期期末綜合測試模擬試題注意事項:1.答題前,考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚,將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2.答題時請按要求用筆。3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答,超出答題區(qū)域書寫的答案無效;在草稿紙、試卷上答題無效。4.作圖可先使用鉛筆畫出,確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5.保持卡面清潔,不要折暴、不要弄破、弄皺,不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題(本題共12小題,每小題5分,共60分,在每小題給出的四個選項中,有的小題只有一個選項正確,有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分,選不全的得3分,有選錯的或不答的得0分)1、(本題9分)如圖,當汽車通過拱橋頂點的速度為6m/s時,車對橋頂?shù)膲毫檐囍氐?,如果要使汽車在橋面行駛至橋頂時,對橋面的壓力為零,則汽車通過橋頂?shù)乃俣葢獮椋ǎ〢.3m/s B.10m/s C.12m/s D.24m/s2、(本題9分)關(guān)于做勻速圓周運動的人造地球衛(wèi)星,下列說法中正確的是(
)A.半徑越大,周期越大B.半徑越大,周期越小C.所有衛(wèi)星的周期都相同,與半徑無關(guān)D.所有衛(wèi)星的周期都不同,與半徑無關(guān)3、(本題9分)一個物體放在電梯的底板上,物體的重力大小為G。當電梯向下做加速體運動時,底板對物體的支持力大小為F,則A.F=GB.F=0C.F>GD.F<G4、(本題9分)關(guān)于質(zhì)點的曲線運動,下列說法中正確的是A.曲線運動一定是變速運動B.變速運動一定是曲線運動C.曲線運動一定是加速度變化的運動D.曲線運動可以是速度不變的運動5、(本題9分)春秋時期齊國人的著作《考工記》中有“馬力既竭,辀(zhōu)猶能一取焉”,意思是馬拉車的時候,馬雖然對車不再施力了,但車還能繼續(xù)向前運動一段距離.這一現(xiàn)象說明了A.車有慣性B.力的作用是相互的C.力既有大小又有方向D.彈力存在于相互接觸的物體之間6、下列有關(guān)多用電表的歐姆擋說法正確的是A.歐姆擋的刻度是均勻的B.歐姆擋的“零刻線”位于刻度盤右側(cè)C.歐姆擋由“×10”擋換至“×1”擋后不需要再歐姆調(diào)零D.歐姆擋可直接測出連接在電路中的電阻的阻值7、(本題9分)老師課上用如圖所示的“牛頓擺”裝置來研究小球之間的碰撞,5個完全相同的小鋼球用輕繩懸掛在水平支架上,5根輕繩互相平行,5個鋼球彼此緊密排列,球心等高且位于同一直線上,用1、2、3、4、5分別標記5個小鋼球.當把小球1向左拉起一定高度后由靜止釋放,使它在極短時間內(nèi)撞擊其他小球,對此實驗的下列分析中,正確的是()A.上述實驗中,可觀察到球5向右擺起,且達到的最大高度與球1的釋放高度相同B.上述碰撞過程中,5個小球組成的系統(tǒng)機械能守恒,動量守恒C.如果同時向左拉起小球1、2、3到相同高度后,在同時由靜止釋放,經(jīng)碰撞后,小球4、5一起向右擺起,且上升的最大高度大于小球1、2、3的釋放高度D.若只用小球1、2進行實驗,將它們分別向左、右各拉起一個較小的高度,且小球1的高度是小球2的兩倍,由靜止釋放,可觀察到發(fā)生碰撞后兩小球均反彈并返回初始高度8、(本題9分)下列說法中正確的是A.元電荷實質(zhì)上是指電子和質(zhì)子本身B.把1.6×10-19C的電荷量叫元電荷C.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍D.帶電體間的距離比它們本身的大小大得多,以至于帶電體的形狀大小和電荷分布對它們間的相互作用力的影響可忽略不計時,帶電體就可以視為點電荷9、如圖所示,質(zhì)量為m的小球套在光滑豎直桿上,輕質(zhì)彈簧的一端與小球相連,另一端固定于O點。小球由A點靜止釋放后,沿固定豎直桿運動到B點。OA的長度小于OB的長度,彈簧處于OA、OB兩位置時彈簧的彈性勢能相等。下列說法正確的是A.小球通過B點時,其所受重力的功率不為零B.在小球從A點運動到B點的過程中彈簧的彈性勢能先減小后增大C.在小球從A點運動到B點的過程中,小球減少的重力勢能等于其增加的彈性勢能D.在小球從A點運動到B點的過程中,小球增加的動能等于重力對小球做的功10、在平直公路上,汽車由靜止開始做勻加速運動,當速度達到vm后立即關(guān)閉發(fā)動機直到停止,運動的v-t圖象如圖所示。設(shè)汽車的牽引力為F,摩擦力為f;全過程中牽引力做功W1,克服摩擦力做功W1,全程牽引力的沖量大小為I1,摩擦力的沖量大小為I1.則下列關(guān)系正確的是()A.F:f=3:1B.F:f=4:1C.W1:W1=1:1D.I1:I1=1:111、(本題9分)如圖所示,斜面體A靜置于粗糙水平面上,光滑小球B置于斜面上,用一輕繩拴住B,輕繩左端固定在豎直墻面上P處。初始時輕繩與斜面平行,若將輕繩左端從P處緩慢沿墻面上移到P′處,斜面體始終處于靜止狀態(tài),則在輕繩移動過程中A.斜面體對小球的支持力逐漸減小B.輕繩的拉力逐漸減小C.斜面體對水平面的摩擦力逐漸減小D.斜面體對水平面的壓力逐漸增大12、(本題9分)如圖所示,可視為質(zhì)點的小球用不可伸長的結(jié)實的細線懸掛起來,將細線水平拉直后從靜止釋放小球,小球運動到最低點時的速度為、重力的瞬時功率為P、繩子拉力為F,向心加速度為a,若不改變小球的質(zhì)量,把懸線的長度增加一倍,仍將細線水平拉直后從靜止釋放小球,下面說法正確的是A.改變懸線長度之后最低點的速度變?yōu)樵瓉淼谋禕.改變懸線長度之后最低點的重力瞬時功率P是原來的倍C.改變懸線長度前后最低點繩子拉力F都等于小球重力的3倍D.改變懸線長度前后最低點向心加速度a都等于重力加速度的3倍二.填空題(每小題6分,共18分)13、(本題9分)用如圖所示的實驗裝置做“研究平拋物體的運動”實驗。(1)以下是關(guān)于本實驗的一些做法,其中合理的選項有________和________A.應使坐標紙上豎線與重垂線平行B.斜槽軌道須選用光滑的C.斜槽軌道末端須調(diào)整水平D.應將坐標紙上確定的點用直線依次連接(2)若用每秒可以拍攝20幀照片的像機連拍小球做平拋運動的幾張連續(xù)照片,在坐標紙高0.5m的條件下,最多可以得到小球在坐標紙上的位置點為________A.3個B.7個C.16個D.60個(3)小球水平拋出后,在部分坐標紙上得到小球的位置點如圖所示.圖中坐標紙每小格的邊長為l,P1、P2和P3是小球平拋連續(xù)經(jīng)過的3個點。已知重力加速度為g。則小球從P1運動到P2所用的時間為________,小球拋出后的水平速度為________.14、(本題9分)在“探究彈力與彈簧伸長量的關(guān)系”的實驗中(1)以下是小明同學準備完成的實驗步驟,請你幫他按操作的先后順序,用字母排列出來:______A.以彈力為橫坐標,以彈簧伸長量為縱坐標,用描點法作出實驗圖象;B.記下彈簧不掛鉤碼時,其下端在刻度尺上的刻度L0;C.將鐵架臺固定于桌子上,并將彈簧的一端系于橫梁上,在彈簧附近豎直固定刻度尺;D.依次在彈簧下端掛上1個、2個、3個、4個…鉤碼,當鉤碼靜止時,記下彈簧下端所對應的刻度并記錄在表格內(nèi)E.以彈簧伸長量為自變量,寫出彈力與彈簧伸長量的關(guān)系式F.解釋函數(shù)表達式中常數(shù)的物理意義(2)小華同學選了甲、乙兩根規(guī)格不同的彈簧進行測試,根據(jù)測得的數(shù)據(jù)繪出如圖所示的圖象,根據(jù)圖象,可計算得到兩個彈簧的勁度系數(shù)分別為k甲=______N/m,k乙=______N/m(結(jié)果取3位有效數(shù)字)(3)從圖象上看,圖象上端為曲線,說明該同學沒能完全按實驗要求做,圖象上端成為曲線是因為______,若要制作一個精確度較高的彈簧秤,應選彈簧______(選填“甲”或“乙”)15、在做“驗證機械能守恒定律”的實驗時,打點計時器的電源頻率是50HZ。某同學先后打出兩條紙帶,紙帶Ⅰ從第1點開始的相鄰點間的距離依次為:1.9mm、6.0mm、10.0mm、14.0mm;紙帶Ⅱ上從第1點開始的相鄰各點間的距離依次為:2.5mm、6.0mm、11.5mm、16.3mm.那么應選用紙帶__________進行測量和計算。根據(jù)你所選用的紙帶,利用第2、3兩點間的距離和第4、5兩點間的距離,可以計算出當?shù)氐闹亓铀俣鹊拇笮開________,在打第3點時重物的瞬時速度為_________m/s,為了驗證機械能守恒定律,應該計算出打第2、4點時物體減少的_________和增加的_________,然后比較它們的數(shù)值在實驗允許誤差范圍內(nèi)是否近似相等。三.計算題(22分)16、(12分)(本題9分)如圖所示,勻強電場方向沿x軸的正方向,場強為E.在A(d,0)點有一個靜止的中性微粒,由于內(nèi)部作用,某一時刻突然分裂成兩個質(zhì)量均為m的帶電微粒,其中電荷量為q的微粒1沿y軸負方向運動,經(jīng)過一段時間到達(0,-d)點.不計重力和分裂后兩微粒間的作用.試求(1)分裂時兩個微粒各自的速度;(2)當微粒1到達(0,-d)點時,電場力對微粒1做功的瞬間功率;(3)當微粒1到達(0,-d)點時,兩微粒間的距離.17、(10分)如圖所示,用0.5kg的鐵睡把釘子釘進木頭里去,打擊時鐵錘的速度v=4.0m/s,如果打擊后鐵錘的速度變?yōu)?,打擊的作用時間是0.01s(取g=10m/s2),那么:(1)不計鐵錘受的重力,鐵錘釘釘子的平均作用力多大?(2)考慮鐵錘的重力,鐵錘釘釘子的平均作用力又是多大?
參考答案一、選擇題(本題共12小題,每小題5分,共60分,在每小題給出的四個選項中,有的小題只有一個選項正確,有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分,選不全的得3分,有選錯的或不答的得0分)1、C【解析】根據(jù)牛頓第二定律得:,
即
當支持力為零,有:,
解得:v′=2v=12m/s.故C正確,ABD錯誤.故選C.點睛:解決本題的關(guān)鍵知道圓周運動向心力的來源,運用牛頓第二定律進行求解.知道摩擦力為零時,此時支持力為零.2、A【解析】
勻速圓周運動的人造地球衛(wèi)星受到的萬有引力提供向心力,用周期表示向心力,得到周期的表達式,根據(jù)公式討論選擇項?!驹斀狻縿蛩賵A周運動的人造地球衛(wèi)星受到的萬有引力提供向心力,即GMmr2∵G、M一定,∴衛(wèi)星的周期與半徑有關(guān),半徑越大,周期越大,因此,選項B正確,選項B、C、D錯誤。故選:A?!军c睛】解答本題要根據(jù)人造地球衛(wèi)星受到的萬有引力提供向心力來找準衛(wèi)星的周期的決定因素,由控制變量法討論選擇。3、D【解析】
人和電梯相對靜止,一起向下做加速體運動,根據(jù)牛頓第二定律,有:mg-F=ma,解得:F<G,故D正確,A、B、C錯誤;故選D。【點睛】人和電梯相對靜止,一起向下做加速體運動,根據(jù)牛頓第二定律即可求解底板對物體的支持力大小。4、A【解析】
A.曲線運動的速度方向一定變化,則曲線運動一定是變速運動,選項A正確;B.變速運動不一定是曲線運動,例如自由落體運動,選項B錯誤;C.曲線運動不一定是加速度變化的運動,例如平拋運動,選項C錯誤;D.曲線運動的速度一定是變化的,不可以是速度不變的運動,選項D錯誤;5、A【解析】
ABC.馬對車不施加拉力了,車還能繼續(xù)向前運動一段距離。這一現(xiàn)象說明車有慣性,與力的相互作用無關(guān),與力的矢量性也無關(guān),故A正確,BC錯誤;D.慣性與存在于相互接觸的物體之間無關(guān)。故D錯誤。6、B【解析】
A.歐姆擋的刻度是不均勻的,右側(cè)疏,左側(cè)密,故A錯誤;B.歐姆擋的“零刻線”位于刻度盤右側(cè),故B正確;C.歐姆擋由“×10擋”換至“×1”擋后必須進行歐姆調(diào)零;故C錯誤;D.為了防止其他電阻的影響,利用歐姆檔測電阻時必須將電阻與電路斷開,故D錯誤。7、AB【解析】
A.上述實驗中,由于5個球是完全相同的小球,則相互碰撞時要交換速度,即第5個球被碰瞬時的速度等于第1個球剛要與2球碰撞時的速度,由能量關(guān)系可知,觀察到球5向右擺起,且達到的最大高度與球1的釋放高度相同,選項A正確;B.上述碰撞過程中,5個小球組成的系統(tǒng)碰撞過程無能量損失,則機械能守恒,水平方向受合外力為零,則系統(tǒng)的動量守恒,選項B正確;C.如果同時向左拉起小球1、2、3到相同高度同時由靜止釋放,則3與4碰后,3停止4具有向右的速度,4與5碰撞交換速度,4停止5向右擺起;3剛停止的時候2球過來與之碰撞交換速度,然后3與4碰撞,使4向右擺起;2球剛停止的時候1球過來與之碰撞交換速度,然后2與3碰撞交換速度,使3向右擺起;故經(jīng)碰撞后,小球3、4、5一起向右擺起,且上升的最大高度與小球1、2、3的釋放高度相同;故C錯誤;D.若只用小球1、2進行實驗,將它們分別向左、右各拉起一個較小的高度,且小球1的高度是小球2的兩倍,由靜止釋放,則到達最低點時1球的速度是2球的兩倍,相碰后兩球交換速度各自反彈,則可觀察到發(fā)生碰撞后小球2的高度是小球1的兩倍,選項D錯誤。8、BCD【解析】
A.元電荷是質(zhì)子和電子的帶電量,但不是質(zhì)子也不是電子,故A錯誤;B.我們是把質(zhì)子和電子的帶電量稱為元電荷,即1.6×10?19C的電荷量叫元電荷,故B正確;C.所有帶電體的電荷量一定等于元電荷的整數(shù)倍,故C正確;D.點電荷是一個理想化的模型。當帶電體間的距離比它們本身的大小大得多,以至于帶電體的形狀大小和電荷分布對它們間的相互作用力的影響可忽略不計時,帶電體就可以視為點電荷,故D正確;故選:BCD.9、AD【解析】
A.在小球運動過程中,只有重力和彈簧的彈力做功,故小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒;因A、B兩點彈簧的彈性勢能相等,小球減小的重力勢能轉(zhuǎn)化為小球的動能,所以在B點的速度不為零,則其所受重力的功率不為零;故A正確。B.在運動過程中A點為壓縮狀態(tài),B點為伸長狀態(tài),在小球從A點運動到B點的過程中,彈簧的形變量先增大后減小再增大,則彈簧的彈性勢能先增大后減小再增大,故B錯誤。C.在小球從A點運動到B點的過程中,增加的彈性勢能為零,則小球減少的重力勢能大于增加的彈性勢能。故C錯誤。D.在小球從A點運動到B點的過程中,彈簧的彈力對小球做功為零,根據(jù)動能定理知小球增加的動能等于重力對小球做的功。故D正確.10、BCD【解析】
由圖可知,物體先做勻加速直線運動,1s末速度為v,由動能定理可知(F-f)L減速過程中,只有阻力做功:(F-f)L由圖象可知,L1:L1=1:3解得:F:f=4:1對全程由動能定理得:W1-W1=0故W1:W1=1:1根據(jù)動量定理可知,合外力沖量等于動量變化I1-I1=0故I1:I1=1:1A.F:f=3:1與分析不符,故A項與題意不相符;B.F:f=4:1與分析相符合,故B項與題意相符;C.W1:W1=1:1與分析相符,故C項與題意相符;D.I1:I1=1:1與分析相符,故D項與題意相符。11、AC【解析】對小球B進行受力分析,受重力繩子的拉力和斜面的支持力,如圖所示,A、由圖象可知,當輕繩左端從P處緩慢沿墻面上移到P'處的過程中,斜面體對小球的支持力逐漸減小,故A正確。B、幾何圖象可知,開始時,繩子的拉力與支持力是垂直的,此時繩子的拉力最小,當向上移動P點,有受力圖可知,輕繩的拉力逐漸增大,故B錯誤。C、C、在水平方向上,球?qū)π泵娴膲毫υ谒椒较蛏系姆至康扔谛泵骟w對水平面的摩擦力,所以斜面體對水平面的摩擦力逐漸減小,故C正確。D、由B選項的解答可知,球?qū)π泵娴膲毫χ饾u減小,所以該壓力在豎直方向上的分量逐漸減小,在水平方向上的分量也在減小,以斜面為研究對象,在豎直方向,重力及球的壓力在豎直方向上的分量的合力大小等于斜面體對水平面的壓力,所以該壓力是逐漸減小的。故D錯誤,故選AC?!军c睛】在有關(guān)物體平衡的問題中,有一類涉及動態(tài)平衡.這類問題中的一部分力是變力,是動態(tài)力,力的大小和方向均要發(fā)生變化,故這是力平衡問題中的一類難題.解決這類問題的一般思路是:把“動”化為“靜”,“靜”中求“動”.下面就介紹幾種動態(tài)平衡問題的解題方法.方法一:三角形法則.原理:當物體受三力作用而處于平衡狀態(tài)時,其合力為零,三個力的矢量依次恰好首尾相連,構(gòu)成閉合三角形,當物體所受三個力中二個發(fā)生變化而又維持平衡關(guān)系時,這個閉合三角形總是存在,只不過形狀發(fā)生改變而已,比較這些不同形狀的矢量三角形,各力的大小及變化就一目了然了.方法二:解析法.原理:物體處于動態(tài)平衡狀態(tài)時,對研究對象的任一狀態(tài)進行受力分析,根據(jù)具體情況引入?yún)⒘?,建立平衡方程,求出應變參量與自變參量的一般函數(shù)關(guān)系,然后根據(jù)自變量的變化確定應變量的變化.方法三:相似三角形.原理:對受三力作用而平衡的物體,先正確分析物體的受力,畫出受力分析圖,再尋找與力的三角形相似的幾何三角形,利用相似三角形的性質(zhì),建立比例關(guān)系,把力的大小變化問題轉(zhuǎn)化為幾何三角形邊長的大小變化問題進行討論.方法四:幾何極值法.幾何極值法其適用條件與三角形法則相同,只不過是在三角形法則定性變化情況的基礎(chǔ)上,幾何極值法定量地求出具體極值.12、AC【解析】
A.由機械能守恒定律得,,加倍之后,低點的速度變得為原來的倍,A正確;B.最低點重力與速度垂直,重力的瞬時功率為零,B錯誤;C.在最低點繩的拉力為,則,則,與無關(guān),C正確;D.向心加速度,D錯誤。二.填空題(每小題6分,共18分)13、ACB5lg5gl【解析】
第一空.第二空.小球在豎直平面內(nèi)做平拋運動,所以坐標紙應在豎直平面內(nèi),故A正確;小球在運動中摩擦力每次都相同,故不需光滑,故B錯誤;為了保證小球做平拋運動,斜槽末端必須水平,故C正確;連線時應將坐標紙上盡可能多的點連接起來,不在線上的點分居線的兩側(cè),故D錯誤;
第二空.每兩張照片的時間間隔T=120s,小球在坐標紙所在平面下落的總時間t0=2hg=2×0.510s=0.1s,因為t0T0=0.1第四空.根據(jù)水平方向做勻速直線運動知小球的初速度為v014、CBDAEF66.7N/m200N/m彈力過大超過彈簧彈性限度甲【解析】
(1)根據(jù)實驗過程可知,實驗中先組裝器材,即CB,然后進行實驗,即D,最后數(shù)據(jù)處理,即AEF。所以先后順序為CBDAEF。(2
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