九年級(jí)物理下冊(cè)考點(diǎn)：15.1電能表與電功（專題訓(xùn)練）【六大題型】（解析版）

九年級(jí)物理下冊(cè)考點(diǎn)：15.1電能表與電功（專題訓(xùn)練）【六大題型】（解析版）九年級(jí)物理下冊(cè)考點(diǎn)：15.1電能表與電功（專題訓(xùn)練）【六大題型】（解析版）PAGEPAGE1九年級(jí)物理下冊(cè)考點(diǎn)：15.1電能表與電功（專題訓(xùn)練）【六大題型】（解析版）15.1電能表與電功(專題訓(xùn)練)【六大題型】TOC\o"1-3"\h\u【題型1電功與電能】 1【題型2電功的實(shí)質(zhì)】 4【題型3電功與電能的計(jì)算】 5【題型4電功計(jì)算公式的應(yīng)用】 18【題型5電能表】 20【題型6電功的測(cè)量】 26【題型1電功與電能】 1．(2022秋?越秀區(qū)校級(jí)期末)如圖所示,充電寶甲正在主機(jī)內(nèi)被充電,充電寶乙已被取出,充電寶丙正在為手機(jī)充電,則此時(shí)()A．只有甲在輸出電能 B．只有乙在輸出電能 C．只有丙在輸出電能 D．甲、乙、丙都在輸出電能【答案】C【分析】充電寶給用電器充電時(shí),充電寶相當(dāng)于電源;充電寶充電時(shí),充電寶相當(dāng)于用電器.【解答】解：根據(jù)題意可知,充電寶甲正在主機(jī)內(nèi)被充電,因此充電寶相當(dāng)于用電器,即充電寶甲正在消耗電能,并將電能以化學(xué)能的形式儲(chǔ)存起來(lái);充電寶乙已被取出,則充電寶乙既不是用電器也不是電源;充電寶丙正在為手機(jī)充電,則充電寶丙相當(dāng)于電源,將電能轉(zhuǎn)化為了其它形式能,即充電寶丙正在輸出電能.故選：C.2．(2023?漣源市一模)下列說(shuō)法正確的是()A．教室內(nèi)空間高度約為3dm B．漣源夏天的最高氣溫約為98℃ C．中學(xué)生的質(zhì)量約45kg D．1度＝3.6×103kW?h【答案】C【分析】(1)教室內(nèi)空間高度約為3m.(2)夏天的最高溫度約為40℃.(3)中學(xué)生的質(zhì)量約為45kg.(4)電能的常用單位是度,1度＝1kW?h＝3.6×106J.【解答】解：A、教室空間的高度約為一個(gè)中學(xué)生身高的兩倍,大約是3m以上,故A錯(cuò)誤;B、漣源夏天的最高氣溫不可能達(dá)到98℃,約為40℃左右,故B錯(cuò)誤;C、中學(xué)生的質(zhì)量約為45kg左右,故C正確;D、電能的常用單位是度,1度＝1kW?h＝3.6×106J,故D錯(cuò)誤.故選：C.3．(2021秋?通州區(qū)期末)(多選)甲燈標(biāo)有"12V,30W”字樣,乙燈標(biāo)有"24V,60W”字樣,若兩燈的燈絲電阻不變,比較甲、乙兩燈,下列說(shuō)法正確的是()A．電流通過(guò)甲燈做的功一定比通過(guò)乙燈做的功少 B．兩燈正常工作且消耗相同的電能,則甲燈工作的時(shí)間一定比乙燈長(zhǎng) C．將兩燈串聯(lián)接入電壓為24V的電路中,甲燈可能正常發(fā)光 D．將兩燈并聯(lián)接入電壓為12V的電路中,甲燈消耗電能比乙燈快【答案】BD【分析】A、由W＝Pt可知,電流做功與燈的實(shí)際功率和做功時(shí)間有關(guān),據(jù)此通過(guò)比較兩燈的實(shí)際功率、做功時(shí)間關(guān)系,得出答案;B、由W＝Pt可知,做功時(shí)間與燈的實(shí)際功率和電流做功(消耗的電能)有關(guān),據(jù)此通過(guò)比較兩燈的做功時(shí)間關(guān)系,得出答案;C、利用P＝得出甲、乙的電阻,將兩燈串聯(lián)接入電壓為24V的電路中,利用歐姆定律求總電流,進(jìn)而求出甲燈兩端的電壓,與其額定電壓比較得出答案;D、將兩燈并聯(lián)接入電壓為12V的電路中,甲燈正常發(fā)光,實(shí)際功率為30W;乙燈的實(shí)際電壓小于額定電壓,計(jì)算出乙燈的實(shí)際功率,繼而得出此時(shí)甲、乙燈的實(shí)際功率關(guān)系,得出答案.【解答】解：A．由W＝Pt可知,電流做功與燈的實(shí)際功率和做功時(shí)間有關(guān),由于不知道兩燈的實(shí)際功率和做功時(shí)間關(guān)系,所以無(wú)法比較做功多少關(guān)系,故A錯(cuò)誤;B、由W＝Pt可知,電流做功(消耗的電能)與燈的實(shí)際功率和做功時(shí)間有關(guān),兩燈正常發(fā)光,兩燈的實(shí)際功率都等于它們的實(shí)際功率,即甲燈的實(shí)際功率小于乙燈的實(shí)際功率,兩燈消耗相同的電能,則甲燈工作的時(shí)間一定比乙燈長(zhǎng),故B正確;C、甲的電阻R甲＝＝＝4.8Ω,乙的電阻R乙＝＝＝9.6Ω,將兩燈串聯(lián)接入電壓為24V的電路中,總電流I串＝＝＝A,甲燈兩端的電壓U甲＝I串R甲＝A×4.8Ω≈8V＜12V,不能正常發(fā)光,故C錯(cuò);D、將兩燈并聯(lián)接入電壓為12V的電路中,甲燈正常發(fā)光,實(shí)際功率為30W;乙燈的實(shí)際功率：P實(shí)乙＝＝＝15W,所以此時(shí)甲燈的實(shí)際功率大于乙燈的實(shí)際功率,甲燈消耗電能比乙燈快,故D正確.故選：BD.4．(2023?大慶模擬)小明家燒開(kāi)一壺水需要0.5kW?h電能,合1.8×106J(用科學(xué)記數(shù)法表示).如果用燃煤來(lái)燒開(kāi)這壺水,不計(jì)熱損失,標(biāo)準(zhǔn)煤的熱值為3×107J/kg,消耗60g標(biāo)準(zhǔn)煤.【答案】1.8×106;60.【分析】(1)電能的常用單位是度,1度＝1kW?h＝3.6×106J.(2)根據(jù)放熱公式Q放＝mq來(lái)計(jì)算煤的質(zhì)量.【解答】解：因?yàn)?度＝1kW?h＝3.6×106J.所以0.5kW?h＝0.5×3.6×106J＝1.8×106J.如果用燃煤來(lái)燒開(kāi)這壺水,不計(jì)熱損失,標(biāo)準(zhǔn)煤的熱值為3×107J/kg,節(jié)約標(biāo)準(zhǔn)煤的質(zhì)量為：.故答案為：1.8×106;60.【題型2電功的實(shí)質(zhì)】 5．(2022秋?雄縣校級(jí)期末)如圖所示是家用電吹風(fēng)的工作原理圖,圓弧形觸片可置于A、B、C三處,電吹風(fēng)工作時(shí)可以吹出熱風(fēng)也可以吹出涼風(fēng),下列說(shuō)法正確的是()A．電風(fēng)扇工作時(shí)將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能 B．電熱絲選材時(shí)要選擇導(dǎo)電性能好的銅絲 C．圓弧形觸片置于A處時(shí)電風(fēng)扇和電熱絲串聯(lián) D．圓弧形觸片置于B處時(shí)電吹風(fēng)吹涼風(fēng)【答案】D【分析】(1)用電器工作的過(guò)程中,消耗了電能;(2)電熱絲是利用電流的熱效應(yīng)工作的;(3)(4)根據(jù)電路圖分析電路的連接方式.【解答】解：A、電風(fēng)扇工作時(shí)將電能主要轉(zhuǎn)化為機(jī)械能,故A錯(cuò)誤;B、根據(jù)焦耳定律可知,電流產(chǎn)生的熱量與導(dǎo)體的電阻、通電時(shí)間、電流的大小有關(guān);選擇電熱絲時(shí),電熱絲要有一定的電阻值,而銅絲的導(dǎo)電性較好,同種情況下的電阻很小,容易造成電路短路,故B錯(cuò)誤;C、圓弧形觸片置于A處時(shí),電流的路徑有兩條,電風(fēng)扇和電熱絲并聯(lián),故C錯(cuò)誤;D、圓弧形觸片置于B處時(shí),只有電動(dòng)機(jī)接入電路,電吹風(fēng)吹涼風(fēng),故D正確.故選：D.6．(2023?大連一模)(多選)燜子是大連特色小吃.通常將燜子切成若干小塊,在平底電煎鍋里放適量油,將燜子煎成兩面金黃色,再將調(diào)料淋在熱燜子上,香氣撲鼻.下列說(shuō)法正確的是()A．刀磨得越鋒利越容易切開(kāi)燜子 B．電煎鍋通電發(fā)熱的過(guò)程是電流做功的過(guò)程 C．煎燜子過(guò)程中燜子內(nèi)能逐漸增大,溫度保持不變 D．"香氣撲鼻"說(shuō)明分子是在不停地運(yùn)動(dòng)【答案】ABD【分析】(1)增大壓強(qiáng)的方法：壓力一定時(shí)減小受力面積;受力面積一定時(shí)增大壓力;(2)電功的實(shí)質(zhì)上是把電能轉(zhuǎn)化其他形式的能的過(guò)程;(3)內(nèi)能的大小與質(zhì)量、溫度、狀態(tài)等因素有關(guān);(4)不同物質(zhì)組成的物體相互接觸時(shí)彼此進(jìn)入對(duì)方的現(xiàn)象是擴(kuò)散,擴(kuò)散表明分子不停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng).【解答】解：A、刀磨得很鋒利,是在壓力一定時(shí),減小受力面積來(lái)增大壓強(qiáng),故A正確;B、電煎鍋通電發(fā)熱的過(guò)程是電流做功的過(guò)程,是電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,故B正確;C、煎燜子過(guò)程中燜子吸收熱量,內(nèi)能逐漸增大,溫度升高,故C錯(cuò)誤;D、"香氣撲鼻”是擴(kuò)散現(xiàn)象,說(shuō)明分子是在不停地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng),故D正確.故選：ABD.7．(2023春?本溪月考)電熱水器在工作的過(guò)程中,把電能轉(zhuǎn)化成內(nèi)能.某電熱水器的銘牌如表所示,在該電熱水器中裝初溫為25℃,質(zhì)量為60kg的水,在額定電壓下工作1400s,水溫升高10℃.則水吸收的熱量是2.52×106J,電熱水器消耗的電能是2.8×106J.[水的比熱容為4.2×103J/(kg?℃)]額定容量：60L額定功率：2000W額定頻單：50Hz額定電壓：220V新定壓力：0.75MPa制造商：xxx電器有限公司【答案】?jī)?nèi);2.52×106;2.8×106.【分析】(1)電流在通過(guò)導(dǎo)體時(shí)會(huì)產(chǎn)生熱量,將電能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能;(2)知道水的質(zhì)量、水的比熱容、水溫度的變化,利用吸熱公式求水吸收的熱量;(3)根據(jù)銘牌上的數(shù)據(jù),可知電熱水器功率為2000W,然后利用W＝Pt可求加熱時(shí)消耗的電能.【解答】解：(1)電熱水器工作時(shí),消耗電能,轉(zhuǎn)化為水的內(nèi)能;(2)水吸收的熱量：Q吸＝cm(t﹣t0)＝4.2×103J/(kg?℃)×60kg×10℃＝2.52×106J;(3)由銘牌上的數(shù)據(jù),可知電熱水器功率P＝2000W,由P＝可得,消耗電能：W＝Pt＝2000W×1400s＝2.8×106J;故答案為：內(nèi);2.52×106;2.8×106.【題型3電功與電能的計(jì)算】8．(2022秋?南崗區(qū)期末)在相距20km的甲、乙兩地之間有兩條輸電線,已知輸電線的電阻為0.01Ω/m,現(xiàn)輸電線在某處發(fā)生短路,為確定短路位置,檢修員利用電壓表、電流表和電源組成如圖所示電路進(jìn)行檢測(cè).當(dāng)電壓表的示數(shù)為1.5V時(shí),電流表的示數(shù)為30mA,則下列說(shuō)法不正確的是()A．檢修員測(cè)量的導(dǎo)線電阻為50Ω B．檢修員測(cè)量的導(dǎo)線長(zhǎng)度為5km C．短路位置距離甲地2.5km D．檢測(cè)電路此時(shí)消耗的電能為0.045kW?h【答案】D【分析】(1)知道電壓表和電流表的示數(shù),利用歐姆定律求出連接短路位置到甲地的兩段輸電線的電阻值;(2)已知1m導(dǎo)線的電阻值,然后讓總電阻除以一米導(dǎo)線的電阻即可求出導(dǎo)線的長(zhǎng)度;(3)根據(jù)甲、乙兩地之間的距離和測(cè)量的導(dǎo)線長(zhǎng)度,確定出短路的地點(diǎn)離甲地的距離;(4)根據(jù)P＝UI求消耗的電功率,但時(shí)間未知,無(wú)法得到消耗的電能.【解答】解：A、已知電流I＝30mA＝0.03A,根據(jù)歐姆定律可知：測(cè)量的導(dǎo)線電阻R＝＝＝50Ω;故A正確;B、已知輸電線的電阻為0.01Ω/m,則測(cè)量的導(dǎo)線總長(zhǎng)度L＝＝5000m＝5km,故B正確;C、短路的地點(diǎn)離甲地的距離s＝×L＝×5000m＝2500m＝2.5km,故C正確;D、檢測(cè)電路消耗的電功率：P＝UI＝1.5V×0.03A＝0.045W,由W＝Pt可知由于不知道消耗的時(shí)間,無(wú)法得到消耗的電能,故D不正確.故選：D.9．(2023?蒙陰縣二模)如圖甲,電源電壓保持不變,閉合開(kāi)關(guān)S,變阻器滑片從a端滑到b端的過(guò)程中,電流表示數(shù)I與電壓表示數(shù)U的關(guān)系圖象如圖乙所示.以下分析正確的是()A．電源電壓是3V B．R1的電阻值是20Ω C．R2的最大電阻值是10Ω D．當(dāng)滑片P移到中點(diǎn)時(shí),電阻R1工作10s消耗4J的電能【答案】A【分析】AB、兩電阻串聯(lián),電壓表測(cè)R1的電壓,電流表測(cè)電路的電流,變阻器滑片在a端時(shí)分析電路連接,由圖知最小電流和對(duì)應(yīng)的電壓,由歐姆定律求出R1;滑片在b端時(shí)分析電路的連接,由圖乙知電電源電壓;C、根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律,變阻器滑片在a端時(shí)R2的最大值;D、當(dāng)滑片P移到中點(diǎn)時(shí)可知變阻器連入電路的電阻,由串聯(lián)電路的規(guī)律及分壓原理得出R1的電壓,根據(jù)W＝t求出電阻R1工作10s消耗的電能.【解答】解：AB、兩電阻串聯(lián),電壓表測(cè)R1的電壓,電流表測(cè)電路的電流,變阻器滑片在a端時(shí),變阻器的最大電阻與R1串聯(lián),電路的電流最小,由圖乙知I1＝0.1A,對(duì)應(yīng)的電壓表示數(shù)為1V,由歐姆定律,R1＝＝＝10Ω;B錯(cuò)誤;滑在b端時(shí),為R1的簡(jiǎn)單電路,電壓表示數(shù)即電源電壓,由圖乙知,電源電壓U＝3V;A正確;C、根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律及歐姆定律,變阻器滑片在a端時(shí),R2的最大值：R2大＝＝＝20Ω,C錯(cuò)誤;D、當(dāng)滑片P移到中點(diǎn)時(shí),變阻器連入電路的電阻為：R滑＝0.5×20Ω＝10Ω＝R1,由分壓原理,兩電阻電壓相等,根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律,R1的電壓為：U1′＝＝1.5V,電阻R1工作10s消耗的電能：W＝t＝×10s＝2.25J,D錯(cuò)誤.故選：A.10．(2023?福州模擬)甲圖是反應(yīng)身體柔韌水平的"坐位體前屈測(cè)量?jī)x”,乙圖是其內(nèi)部電路圖(電源電壓恒定),兩個(gè)身形接近但柔韌性差異較大的同學(xué)先后推動(dòng)擋板進(jìn)行測(cè)量,"顯示器”示數(shù)的大小能夠反映柔韌性的好差.下列與測(cè)量?jī)x有關(guān)的說(shuō)法正確的是()A．"顯示器”是電壓表 B．柔韌性好的同學(xué)測(cè)量時(shí),電阻絲接入電路中的電阻更大 C．柔韌性差的同學(xué)測(cè)量時(shí),電路中的電流較小 D．通過(guò)電阻R的電流做功會(huì)消耗電能,為了節(jié)約電能,可以將R去掉【答案】C【分析】(1)根據(jù)顯示器串聯(lián)在電路中結(jié)合電壓表和電流表的使用方法分析電表的類型;(2)根據(jù)圖乙結(jié)合柔韌性好的同學(xué)測(cè)量時(shí)滑片的位置分析電阻絲接入電路的長(zhǎng)度變化,進(jìn)而分析出電阻絲接入電路中電阻的變化;(3)根據(jù)圖乙結(jié)合柔韌性差的同學(xué)測(cè)量時(shí)滑片的位置分析電阻絲接入電路中電阻的變化,根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可知電路中的總電阻的變化,根據(jù)歐姆定律求出電路中電流的變化;(4)根據(jù)圖乙可知滑片移到最左端時(shí)電阻絲接入電路的電阻為零分析電路中串聯(lián)R的必要性.【解答】解：A、由圖乙可知,顯示器串聯(lián)在電路中,因此顯示器應(yīng)為電流表,故A錯(cuò)誤;B、由圖乙可知,柔韌性好的同學(xué)測(cè)量時(shí),滑片更加靠近電阻絲的左端,電阻絲接入電路的長(zhǎng)度更短,因此電阻絲接入電路中的電阻更小,故B錯(cuò)誤;C、由圖乙可知,柔韌性差的同學(xué)測(cè)量時(shí),滑片更加靠近電阻絲的右端,電阻絲接入電路的電阻較大,由串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可知,此時(shí)電路中的總電阻較大,由歐姆定律可知,電路中的電流較小,故C正確;D、由圖乙可知,若去掉R,當(dāng)滑片移到最左端時(shí),電阻絲接入電路的電阻為零,會(huì)引起電源短路,因此,為了保護(hù)電路,不能將R去掉,故D錯(cuò)誤.故選：C.11．(2023?東昌府區(qū)二模)(多選)有兩個(gè)定值電阻A和B的電流隨兩端電壓變化關(guān)系的圖象如圖甲所示,則下列判斷正確的有()A．將A和B串聯(lián)接在9V電源兩端時(shí),電路中的電流為0.5A B．將A和B并聯(lián)接在6V電源兩端,10s內(nèi)電路消耗的電能是60J C．定值電阻A的阻值為12Ω D．將A與一個(gè)滑動(dòng)變阻器R1串聯(lián)如圖乙所示,保持滑片位置不動(dòng),若用電阻B替換電阻A時(shí),電流表和電壓表示數(shù)都將變大【答案】ACD【分析】A、將A和B串聯(lián)接在9V電源兩端時(shí),串聯(lián)電路的電流處處相等,串聯(lián)電路的總電壓等于各部分電壓之和,結(jié)合圖象可知,此時(shí)電路電流和A、B兩端的電壓;B、將A和B并聯(lián)接在6V電源兩端,根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知兩電阻兩端的電壓均為6V,從圖中可知通過(guò)A、B的電流,根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知干路電流,根據(jù)W＝UIt可知10s內(nèi)電路消耗的電能;C、根據(jù)圖象數(shù)據(jù),利用歐姆定律可知定值電阻A的阻值;D、根據(jù)圖象數(shù)據(jù),利用歐姆定律可知定值電阻B的阻值,比較兩電阻的大小關(guān)系;將A與一個(gè)滑動(dòng)變阻器R1串聯(lián)如圖乙所示,電流表測(cè)量電路電流,電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓.保持滑片位置不動(dòng),若用電阻B替換電阻A時(shí),分析總電阻的變化情況,根據(jù)歐姆定律可知,電路電流變的變化情況,根據(jù)U＝IR滑可知定值電阻兩端的電壓的變化情況,進(jìn)而得出電流表、電壓表示數(shù)的變化情況.【解答】解：A、將A和B串聯(lián)接在9V電源兩端時(shí),串聯(lián)電路的電流處處相等,串聯(lián)電路的總電壓等于各部分電壓之和,結(jié)合圖象可知,此時(shí)電路電流為0.5A,A和B兩端的電壓分別為6V和3V,故A正確;B、將A和B并聯(lián)接在6V電源兩端,根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知兩電阻兩端的電壓均為6V,從圖中可知通過(guò)A、B的電流分別為0.5A、1A,根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知干路電流I＝I1+I2＝0.5A+1A＝1.5A,根據(jù)W＝UIt可知10s內(nèi)電路消耗的電能W＝UIt＝6V×1.5A×10s＝90J,故B錯(cuò)誤;C、根據(jù)圖象數(shù)據(jù),利用歐姆定律可知定值電阻A的阻值RA＝＝＝12Ω,故C正確;D、根據(jù)圖象數(shù)據(jù),利用歐姆定律可知定值電阻B的阻值RB＝＝＝6Ω＜RA;將A與一個(gè)滑動(dòng)變阻器R1串聯(lián)如圖乙所示,電流表測(cè)量電路電流,電壓表測(cè)量滑動(dòng)變阻器兩端的電壓.保持滑片位置不動(dòng),若用電阻B替換電阻A時(shí),總電阻變小,根據(jù)歐姆定律可知,電路電流變大,根據(jù)U＝IR滑可知滑動(dòng)變阻器兩端的電壓變大,故電流表的示數(shù)變大,電壓表示數(shù)變大,故D正確.故選：ACD.12．(2023秋?二七區(qū)校級(jí)月考)(多選)如圖甲所示,電源電壓保持不變,閉合開(kāi)關(guān)S,將滑動(dòng)變阻器的滑片P在某兩點(diǎn)間移動(dòng)過(guò)程中,電流表A與電壓表V1的示數(shù)關(guān)系如圖乙所示,當(dāng)電流表示數(shù)為0.4A時(shí),兩電壓表示數(shù)恰好相等.下列判斷正確的是()?A．電源電壓是6V B．滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)過(guò)程中阻值變化范圍是4﹣25Ω C．滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí),小燈泡L的阻值變大 D．小燈泡的阻值最大時(shí),電流通過(guò)它1min內(nèi)做的功為12J【答案】AC【分析】由圖甲可知,小燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián),電壓表V1測(cè)小燈泡兩端的電壓,電壓表V2測(cè)滑動(dòng)變阻器R兩端的電壓,電流表測(cè)電路中的電流;(1)根據(jù)圖乙可知,當(dāng)電流表示數(shù)為0.4A時(shí),電壓表V1的示數(shù)為U1為3V,根據(jù)兩電壓表的示數(shù)相等和串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出電源電壓;(2)根據(jù)圖乙可知電路中的最大電流,此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最小,由圖知此時(shí)燈泡兩端電壓,由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律算出滑動(dòng)變阻器此時(shí)電壓,由歐姆定律算出滑動(dòng)變阻器接入電路的最小阻值;根據(jù)圖乙可知電路中的最小電流,此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最大,由圖知此時(shí)燈泡兩端電壓,由串聯(lián)電路電壓的規(guī)律算出滑動(dòng)變阻器此時(shí)電壓,由歐姆定律算出滑動(dòng)變阻器接入電路的最大阻值,進(jìn)而判斷出滑動(dòng)變阻器的阻值范圍;(3)由圖判斷出滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí),滑動(dòng)變阻器接入電路電阻的變化,由I＝判斷出電路電流的變化,小燈泡亮度的變化、燈絲溫度的變化以及小燈泡L阻值的變化;(4)當(dāng)小燈泡的電流最大時(shí),小燈泡最亮,燈絲的溫度最高,小燈泡的阻值最大,由圖乙知此時(shí)小燈泡兩端的電壓和通過(guò)小燈泡的電流,根據(jù)W＝UIt算出電流通過(guò)它1min內(nèi)做的功.【解答】解：A、由圖甲可知,小燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián),電壓表V1測(cè)小燈泡兩端的電壓,電壓表V2測(cè)滑動(dòng)變阻器R兩端的電壓,電流表測(cè)電路中的電流;由圖乙可知,當(dāng)電流表示數(shù)為0.4A時(shí),電壓表V1示數(shù)為3V,此時(shí)兩電壓表的示數(shù)相等,根據(jù)串聯(lián)電路電壓特點(diǎn)可知,電源電壓為U＝3V×2＝6V,故A正確;B、由圖乙可知,電路中的電流最大為0.5A,此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最小,此時(shí)燈泡兩端電壓為U1＝5V,滑動(dòng)變阻器此時(shí)電壓為：U2?。?V﹣5V＝1V,則滑動(dòng)變阻器接入電路的最小阻值為：R滑?。剑剑?Ω;由圖乙可知,電路中的電流最小為0.2A,此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻最大,此時(shí)燈泡兩端電壓為U1′＝1V,滑動(dòng)變阻器此時(shí)電壓為：U2大＝6V﹣1V＝5V,則滑動(dòng)變阻器接入電路的最大阻值為：R滑大＝＝＝25Ω,所以滑動(dòng)變阻器滑片移動(dòng)過(guò)程中阻值變化范圍是2～25Ω,故B錯(cuò)誤;C、由圖知滑動(dòng)變阻器滑片P向右移動(dòng)時(shí),滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻變小,電路的總電阻變小,由I＝知電路的電流變大,小燈泡變亮,小燈泡的燈絲溫度升高,小燈泡L的阻值變大,故C正確;D、當(dāng)小燈泡的電流最大時(shí),小燈泡最亮,燈絲的溫度最高,小燈泡的阻值最大,由圖乙知此時(shí)小燈泡兩端的電壓為5V,通過(guò)小燈泡的電流為0.5A,電流通過(guò)它1min內(nèi)做的功為：W＝UIt＝5V×0.5A×60s＝150J,故D錯(cuò)誤.故選：AC.13．(2023?河南模擬)如圖所示是通過(guò)小燈泡L和電阻R的電流隨電壓變化的圖象.將L和R串聯(lián)接在電壓為4V的電源兩端,則此時(shí)L的電阻約為6.7Ω(保留一位小數(shù));若小燈泡的額定電壓為3V,將L和R串聯(lián)接在另一電源兩端,此時(shí)小燈泡恰能正常發(fā)光,則電源電壓為9V,1min內(nèi)電流通過(guò)燈泡做的功為54J.【答案】6.7;9;54.【分析】(1)根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和電壓特點(diǎn),結(jié)合圖像得出R和L兩端的電壓及通過(guò)的電流,根據(jù)歐姆定律求出燈泡L的電阻;(2)根據(jù)圖中信息,利用歐姆定律求出R的阻值;根據(jù)題意可知,當(dāng)小燈泡正常工作時(shí)的電壓,由圖可知通過(guò)小燈泡的電流和R的電流,根據(jù)歐姆定律求出R兩端的電壓,根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出電源電壓;根據(jù)W＝UIt求出1min內(nèi)電流通過(guò)燈泡做的功.【解答】解：將R和L串接在電壓為4V的電源兩端,根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知通過(guò)R和L的電流相等,結(jié)合串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知R與L兩燈的電壓分別為3V、1V,此時(shí)電路中的電流為0.15A;由I＝可知,此時(shí)小燈泡L的電阻：RL＝＝≈6.7Ω;R的阻值：R＝＝＝20Ω;根據(jù)題意可知,當(dāng)小燈泡正常工作時(shí)的電壓UL額＝3V,由圖可知,當(dāng)小燈泡兩端的電壓為3V時(shí),通過(guò)小燈泡的電流IL′＝0.3A,根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知,通過(guò)R的電流IR′＝IL′＝0.3A,由I＝可知,此時(shí)R兩端的電壓：UR′＝IR′R＝0.3A×20Ω＝6V,根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知,電源電壓：U＝UL額+UR′＝3V+6V＝9V;1min內(nèi)電流通過(guò)燈泡做的功：W＝UL額IL′t＝3V×0.3A×1×60s＝54J.故答案為：6.7;9;54.14．(2023?全椒縣模擬)如圖所示,電源電壓為6V并保持不變,電阻R1的阻值為10Ω.當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合時(shí),電壓表示數(shù)為2V.則通電2min電阻R2消耗的電能為96J.【答案】96.【分析】由圖可知,兩電阻串聯(lián),電壓表測(cè)R2兩端的電壓,根據(jù)串聯(lián)電路的電壓規(guī)律計(jì)算R1兩端的電壓,根據(jù)串聯(lián)電路電流特點(diǎn)結(jié)合歐姆定律計(jì)算通過(guò)電路的電流,根據(jù)W＝UIt計(jì)算通電2min電阻R2消耗的電能.【解答】解：由圖可知,兩電阻串聯(lián),電壓表測(cè)R2兩端的電壓;串聯(lián)電路總電壓等于各部分電壓之和,由串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知R1兩端的電壓：U1＝U﹣U2＝6V﹣2V＝4V,串聯(lián)電路各處電流相等,根據(jù)歐姆定律可得通過(guò)電路的電流：I＝＝＝0.4A,則通電2min電阻R2消耗的電能為：W＝U2It＝2V×0.4A×2×60s＝96J.故答案為：96.15．(2023?宜興市校級(jí)模擬)"保護(hù)環(huán)境,綠色出行”是現(xiàn)代社會(huì)提倡的一種環(huán)保理念,姑蘇城區(qū)內(nèi)隨處可見(jiàn)共享電動(dòng)自行車,通過(guò)掃碼開(kāi)鎖,使用之后需停在規(guī)定的線內(nèi),以實(shí)現(xiàn)循環(huán)共享.表是某型號(hào)電動(dòng)自行車主要技術(shù)參數(shù),請(qǐng)完成以下問(wèn)題：平均阻力整車蓄電池整車質(zhì)量最高車速電壓容量40N40kg≤36km/h48V10A?h(1)某位同學(xué)的質(zhì)量為50kg,當(dāng)他騎著該電動(dòng)自行車在平直的公路上行駛時(shí),輪胎與地面的總接觸面積為0.01m2,請(qǐng)計(jì)算該同學(xué)騎行時(shí)輪胎對(duì)地面的壓強(qiáng)是多大?(2)蓄電池一次充足電可儲(chǔ)存的電能是多少焦?(3)若蓄電池儲(chǔ)存能量的80%用于電動(dòng)自行車行駛中克服阻力做功,則蓄電池充滿一次電,最多能使該同學(xué)使用這種電動(dòng)自行車,在平直的公路上連續(xù)勻速行駛多遠(yuǎn)?【答案】(1)地面受到的壓強(qiáng)是9×104Pa;(2)蓄電池一次充足電可儲(chǔ)存的電能是1.728×106J;(3)蓄電池充滿一次電最多能連續(xù)電動(dòng)行駛34560m.【分析】((1)根據(jù)G＝mg求出人和車的總重力,車對(duì)地面的壓力等于人和車的總重力,然后利用p＝即可求出地面受到的壓強(qiáng);(3)根據(jù)表中提供的蓄電池電壓和容量的數(shù)據(jù),利用W＝UIt即可求出蓄電池一次充足電可儲(chǔ)存的能量;(4)因蓄電池儲(chǔ)存能量的80%用于電動(dòng)自行車行駛克服阻力做功,根據(jù)W＝Fs列方程可得蓄電池充滿一次電最多能連續(xù)電動(dòng)行駛的距離.【解答】解：(1)人和車的總重力為：G總＝m總g＝(50kg+40kg)×10N/kg＝900N,當(dāng)你騎著該電動(dòng)自行車在平直的公路上行駛時(shí),自行車對(duì)地面的壓力為：F＝G總＝900N,地面受到的壓強(qiáng)為：p＝＝＝9×104Pa;(2)蓄電池儲(chǔ)存的電能為：W＝UIt＝48V×10A×3600s＝1.728×106J;(3)因蓄電池儲(chǔ)存能量的80%用于電動(dòng)自行車行駛克服阻力做功,根據(jù)W＝Fs可得：80%W＝fs,代入數(shù)據(jù)可得：1.728×106J×80%＝40N×s,解得行駛的最遠(yuǎn)距離為：s＝34560m.答：(1)地面受到的壓強(qiáng)是9×104Pa;(2)蓄電池一次充足電可儲(chǔ)存的電能是1.728×106J;(3)蓄電池充滿一次電最多能連續(xù)電動(dòng)行駛34560m.16．(2023?惠城區(qū)二模)如圖所示,電源電壓恒定,R1、R2是定值電阻,其中R1＝10Ω,滑動(dòng)變阻器R3標(biāo)有"20Ω0.5A”字樣.只閉合開(kāi)關(guān)S1,電流表的示數(shù)為0.9A;再閉合開(kāi)關(guān)S2、S3時(shí),電流表的示數(shù)變?yōu)?.5A.求：(1)電源電壓;(2)R2的電阻值;(3)若只閉合S2,為了保證電路安全,R3允許接入電路中的阻值范圍是多少?R2在10s內(nèi)消耗的電能最多是多少?【答案】(1)電源電壓為9V;(2)R2的電阻值為15Ω;(3)若只閉合S2,為了保證電路安全,R3允許接入電路中的阻值范圍是3Ω～20Ω;R2在10s內(nèi)消耗的電能最多是37.5J.【分析】(1)由圖可知,只閉合開(kāi)關(guān)S1,電路中只有R1工作,電流表測(cè)量通過(guò)R1的電流,根據(jù)歐姆定律求出R1兩端的電壓,即電源電壓;(2)再閉合開(kāi)關(guān)S2、S3時(shí),R1、R2并聯(lián),R3被短路;根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知R1、R2兩端的電壓,根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知通過(guò)R2的電流,根據(jù)歐姆定律求出R2的阻值;(3)若只閉合S2,R3與R2串聯(lián),根據(jù)滑動(dòng)變阻器的規(guī)格可知電路中的最大電流,根據(jù)歐姆定律求出電路中的最小阻值,根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)求出滑動(dòng)變阻器接入電路的最小阻值;當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大時(shí),電路中的總電阻變大,根據(jù)歐姆定律可知電路中的電流變小,電路更安全,據(jù)此可知滑動(dòng)變阻器接入電路的最大阻值;根據(jù)W＝I2Rt求出R2在10s內(nèi)消耗的電能最大值.【解答】解：(1)由圖可知,只閉合開(kāi)關(guān)S1,電路中只有R1工作,電流表測(cè)量通過(guò)R1的電流,由I＝可知,電源電壓：U＝U1＝I1R1＝0.9A×10Ω＝9V;(2)再閉合開(kāi)關(guān)S2、S3時(shí),R1、R2并聯(lián),R3被短路;根據(jù)并聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可知,R2兩端的電壓：U2＝U1＝U＝9V,根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)可知,通過(guò)R2的電流：I2＝I﹣I1＝1.5A﹣0.9A＝0.6A,由I＝可知,R2的阻值：R2＝＝＝15Ω;(3)若只閉合S2,R3與R2串聯(lián),根據(jù)滑動(dòng)變阻器的規(guī)格可知,電路中的最大電流I大＝0.5A,由I＝可知,此時(shí)電路中的最小電阻：R?。剑剑?8Ω,根據(jù)串聯(lián)電路的電阻特點(diǎn)可知,滑動(dòng)變阻器接入電路的最小阻值：R3?。絉小﹣R2＝18Ω﹣15Ω＝3Ω,當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大時(shí),電路中的總電阻變大,根據(jù)歐姆定律可知電路中的電流變小,電路更安全,所以滑動(dòng)變阻器R3允許接入電路中的阻值范圍是3Ω～20Ω;R2在10s內(nèi)消耗的電能最大值：W＝I大2R2t＝(0.5A)2×15Ω×10s＝37.5J.答：(1)電源電壓為9V;(2)R2的電阻值為15Ω;(3)若只閉合S2,為了保證電路安全,R3允許接入電路中的阻值范圍是3Ω～20Ω;R2在10s內(nèi)消耗的電能最多是37.5J.17．(2023?江油市模擬)如圖所示,是某電飯鍋的簡(jiǎn)化電路圖,其中R1和R2為阻值一定的電熱絲,通過(guò)控制開(kāi)關(guān)S1,可使電飯鍋處于加熱或保溫狀態(tài).已知R1＝55Ω,R2＝220Ω,電源電壓保持220V不變.求：(1)電飯鍋保溫時(shí)的電流I;(2)電飯鍋加熱10min消耗的電能W.【答案】(1)保溫時(shí)電流為1A;(2)電飯鍋加熱10min消耗的電能為6.6×105J.【分析】(1)先根據(jù)P＝判斷電阻越大,功率越小;加熱時(shí)功率大,電阻小,開(kāi)關(guān)S和S1都閉合,R1和R2并聯(lián)工作;保溫時(shí)功率小,電阻大,開(kāi)關(guān)S閉合,S1斷開(kāi),R2工作,然后根據(jù)I＝計(jì)算電流;(2)根據(jù)W＝Pt計(jì)算消耗的電能即可.【解答】解：(1)由P＝可知,電阻越大時(shí),功率越小;加熱時(shí)功率大,電阻小,開(kāi)關(guān)S和S1都閉合,R1和R2并聯(lián)工作;保溫時(shí)功率小,電阻大,開(kāi)關(guān)S閉合,S1斷開(kāi),R2工作,則保溫功率P保＝＝＝220W,則保溫時(shí)的電流I＝＝＝1A;(2)R1的電功率P1＝＝＝880W,則加熱功率P加＝P1+P保＝880W+220W＝1100W,加熱10min消耗的電能W＝P加t＝1100W×10×60s＝6.6×105J.答：(1)保溫時(shí)電流為1A;(2)電飯鍋加熱10min消耗的電能為6.6×105J.18．(2023?殷都區(qū)模擬)如圖所示是一個(gè)記錄傳送帶上輸送產(chǎn)品數(shù)量的計(jì)數(shù)裝置,其原理如圖甲、乙電路所示.已知電源電壓U1＝18V,U2＝9V,電阻箱R2調(diào)到150Ω,R是一個(gè)標(biāo)有"9V5.4W”字樣的自動(dòng)計(jì)數(shù)器,R1是一種光敏元件.每當(dāng)傳送帶上的產(chǎn)品均勻通過(guò)時(shí),射向R1的紅外線會(huì)被產(chǎn)品擋住,R1的電阻會(huì)變大,信號(hào)觸發(fā)器兩端的電壓U0＝UAB時(shí)就使圖乙電路中S2閉合,使自動(dòng)計(jì)數(shù)器計(jì)數(shù)一次.圖丙是對(duì)產(chǎn)品輸送計(jì)數(shù)裝置進(jìn)行測(cè)試后,信號(hào)觸發(fā)器記錄的某一時(shí)段AB間的電壓隨時(shí)間變化的圖像.(1)請(qǐng)計(jì)算自動(dòng)計(jì)數(shù)器正常工作時(shí)的電阻為多大?(2)根據(jù)題意可知,當(dāng)有產(chǎn)品通過(guò)擋住了射向R1的紅外線時(shí),R1的電阻變大,導(dǎo)致R2兩端的電壓變大(填"變大”"變小”或"不變”)且等于2V,此時(shí)R1的阻值是多少?(3)如圖丙,傳送帶勻速輸送產(chǎn)品連續(xù)工作2min,自動(dòng)計(jì)數(shù)器R消耗的電能為多少?(4)由于整個(gè)裝置工作時(shí)間較長(zhǎng),導(dǎo)致U1的電壓逐漸減小,現(xiàn)場(chǎng)又沒(méi)有適合的電源更換,為了使計(jì)數(shù)器正常工作,可以對(duì)圖甲電路做的調(diào)節(jié)是適當(dāng)將電阻箱R2的阻值調(diào)大.【答案】(1)自動(dòng)計(jì)數(shù)器正常工作時(shí)的電阻為15Ω;(2)變大;2;R1的阻值是1200歐姆;(3)自動(dòng)計(jì)數(shù)器R消耗的電能為64.8J;(4)適當(dāng)將電阻箱R2的阻值調(diào)大.【分析】由電路圖甲知,兩電阻串聯(lián),AB間電壓為R2兩端電壓;(1)由圖乙可知,電路為R的簡(jiǎn)單電路,根據(jù)P＝UI算出自動(dòng)計(jì)數(shù)器正常工作時(shí)的電流,利用歐姆定律求得自動(dòng)計(jì)數(shù)器正常工作時(shí)的電阻;(2)根據(jù)圖丙讀出產(chǎn)品擋住了射向R1的紅外線U0的值,根據(jù)歐姆定律算出電流,根據(jù)串聯(lián)電路電壓規(guī)律算出R1兩端的電壓,最后利用歐姆定律算出R1的電阻的值;(3)根據(jù)圖丙讀出計(jì)數(shù)一次消耗電能的時(shí)間,再算出1min內(nèi)電流做功的時(shí)間,根據(jù)W＝Pt算出自動(dòng)計(jì)數(shù)器2min消耗的電能;(4)U1的電壓減小,根據(jù)歐姆定律判斷出電流的變化,要使U0不變,需要增大R2的電阻.【解答】解：由甲圖電路知,R1與R2串聯(lián),AB間電壓為R2兩端電壓;(1)由圖乙可知,受控電路為R的簡(jiǎn)單電路,根據(jù)P＝UI可得自動(dòng)計(jì)數(shù)器正常工作時(shí)的電流為：I＝＝＝0.6A,自動(dòng)計(jì)數(shù)器正常工作時(shí)的電阻＝15Ω;(2)當(dāng)產(chǎn)品擋住射向R1的紅外線時(shí),R1的電阻會(huì)變大,根據(jù)I＝可知,電路的電流減小,R2兩端的電壓減小,由圖知此時(shí)AB端的電壓為2V;此時(shí)電路的電流為：I′＝＝＝A,根據(jù)串聯(lián)電路電壓的規(guī)律知,R1兩端的電壓為：UR1＝U1﹣U0＝18V﹣2V＝16V,R1的電阻為：R1＝＝＝1200Ω;(3)根據(jù)圖丙知計(jì)數(shù)一次消耗電能的時(shí)間0.4s﹣0.36s＝0.04s,即0.4s內(nèi)有0.04s消耗電能,所以1min內(nèi)消耗電能的總時(shí)間×60s＝6s,2min內(nèi)自動(dòng)計(jì)數(shù)器消耗的電能：W＝PRt＝5.4W×2×6s＝64.8J;(4)由于整個(gè)裝置工作時(shí)間較長(zhǎng),導(dǎo)致U1的電壓逐漸減小,根據(jù)歐姆定律可知通過(guò)電路的電流減小,信號(hào)觸發(fā)器兩端的電壓U0減小,要使信號(hào)觸發(fā)器兩端的電壓U0增大為原來(lái)的電壓值,由串聯(lián)電路的分壓規(guī)律可知,需要增大R2的電阻使計(jì)數(shù)器正常工作.答：(1)自動(dòng)計(jì)數(shù)器正常工作時(shí)的電阻為15Ω;(2)變大;2;R1的阻值是1200歐姆;(3)自動(dòng)計(jì)數(shù)器R消耗的電能為64.8J;(4)適當(dāng)將電阻箱R2的阻值調(diào)大.【題型4電功計(jì)算公式的應(yīng)用】 19．(2023?西城區(qū)校級(jí)三模)額定電壓相同的電熱水壺、電烤箱和電飯鍋正常工作過(guò)程中消耗的電能W和通電時(shí)間t的關(guān)系如圖所示.關(guān)于這三個(gè)用電器,下列判斷正確的是()A．正常工作時(shí),電熱水壺比電烤箱產(chǎn)生的熱量少 B．正常工作時(shí),電熱水壺比電飯鍋的功率大 C．正常工作時(shí),通過(guò)電飯鍋的電流最大 D．在一個(gè)月內(nèi),電熱水壺消耗的電能一定最多【答案】B【分析】(1)根據(jù)圖像判斷出電熱水壺、電烤箱和電飯鍋功率的大小關(guān)系;(2)由W＝Pt可知,用電器消耗的電能與電功率和通電時(shí)間有關(guān);(3)根據(jù)P＝UI比較電熱水壺、電烤箱和電飯鍋正常工作時(shí)的電流關(guān)系.【解答】解：由圖像知額定電壓相同的電熱水壺、電烤箱和電飯鍋正常工作過(guò)程時(shí),在相同時(shí)間內(nèi),電熱水壺消耗的電能最多,電烤箱其次,電飯鍋消耗的電能最少,根據(jù)P＝知電熱水壺的功率最大、電烤箱其次,電飯鍋功率最小;A、由W＝Pt可知,用電器消耗的電能與電功率和通電時(shí)間有關(guān),因不知道通電時(shí)間,則無(wú)法比較產(chǎn)生熱量的多少,故A錯(cuò)誤;B、由上面的分析知,正常工作時(shí),電熱水壺比電飯鍋的功率大,故B正確;C、電熱水壺、電烤箱和電飯鍋正常工作過(guò)程時(shí),電熱水壺的功率最大、電烤箱其次,電飯鍋功率最小,根據(jù)I＝可知通過(guò)電飯鍋的電流最小,故C錯(cuò)誤;D、在一個(gè)月內(nèi),因不知道通電時(shí)間,則無(wú)法比較消耗的電能的多少,故D錯(cuò)誤.故選：B.20．(2023?懷遠(yuǎn)縣二模)如圖所示,這棵人造風(fēng)力發(fā)電樹(shù)可以將碎片化的風(fēng)力資源化零為整,它的外形就像一棵掛滿大綠葉的大樹(shù),這些"大樹(shù)葉”是72個(gè)豎向風(fēng)輪機(jī),只要風(fēng)速超過(guò)2m/s,風(fēng)輪機(jī)就會(huì)轉(zhuǎn)動(dòng)從而產(chǎn)生電流,為周圍的路燈提供電力.一棵樹(shù)一年下來(lái)可發(fā)電約3.2kW?h．風(fēng)輪機(jī)轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能,這棵發(fā)電樹(shù)一年的發(fā)電量可供一只額定功率為8W的節(jié)能燈正常工作400h.【答案】見(jiàn)試題解答內(nèi)容【分析】(1)發(fā)電機(jī)是利用電磁感應(yīng)的原理制成的,工作時(shí)把機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能;(2)已知電能,利用電功的公式,W＝Pt變形可求所用的時(shí)間.【解答】解：(1)風(fēng)輪機(jī)發(fā)電時(shí),是利用電磁感應(yīng)的原理,是把機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能;(2)已知W＝3.2kW?h,節(jié)能燈P＝8W＝8×10﹣3kW;由P＝可得：t＝＝＝400h.故答案為：機(jī)械;400.21．(2023?丹陽(yáng)市校級(jí)模擬)如圖為額定功率為150W的電冰箱內(nèi)部電路結(jié)構(gòu)圖,其中的壓縮機(jī)和照明燈是并聯(lián)聯(lián)的,當(dāng)壓縮機(jī)工作時(shí)打開(kāi)冷藏室的門(mén),干路電流將變大,若冰箱一天消耗的電能為1.2kW?h,則一天內(nèi)工作的時(shí)間為8h(假設(shè)冰箱在壓縮機(jī)停止工作時(shí)不消耗電能).【答案】并聯(lián);變大;8.【分析】由圖可知壓縮機(jī)和照明燈都能獨(dú)立工作,符合并聯(lián)電路的特點(diǎn);門(mén)控開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí),只有電動(dòng)機(jī)工作,電路中的電流為通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流,當(dāng)壓縮機(jī)工作時(shí)打開(kāi)冷藏室的門(mén),門(mén)控開(kāi)關(guān)閉合,電動(dòng)機(jī)和燈泡并聯(lián),根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律知干路電流將增大;根據(jù)t＝計(jì)算工作時(shí)間.【解答】解：由圖可知壓縮機(jī)和照明燈都能獨(dú)立工作,是并聯(lián)關(guān)系;門(mén)控開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí),只有電動(dòng)機(jī)工作,電路中的電流為通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流,當(dāng)壓縮機(jī)工作時(shí)打開(kāi)冷藏室的門(mén),門(mén)控開(kāi)關(guān)閉合,電動(dòng)機(jī)和燈泡并聯(lián),根據(jù)并聯(lián)電路的電流規(guī)律知干路電流等于兩條支路的電流之和,所以干路電流將變大;若冰箱一天消耗的電能為1.2k?Wh,則一天內(nèi)工作的時(shí)間t＝＝＝8h.故答案為：并聯(lián);變大;8.【題型5電能表】 22．(2023?海州區(qū)校級(jí)三模)如圖是小英家上月初和上月末電能表示數(shù).結(jié)合表盤(pán)上的信息可知,下列選項(xiàng)中正確的是()A．小英家家庭電路中的干路電流不得超過(guò)10A B．小英家上個(gè)月消耗的電能為1011kW?h C．指示燈閃爍320次,家庭電路耗電0.2J D．指示燈閃爍的次數(shù)越多,說(shuō)明耗電越多【答案】D【分析】(1)10(40)A：表示電能表的標(biāo)定電流是10A,電能表的額定最大電流是40A;(2)電能表的讀數(shù)：數(shù)字方框中最后一位是小數(shù),單位是kW?h;上月末電能表示數(shù)與上月初電能表示數(shù)之差即為上個(gè)月消耗的電能;(3)1600imp/kW?h表示電路中用電器每消耗1kW?h電能,電能表的指示燈閃爍1600次,據(jù)此可以求出電能表上指示燈閃爍320次,用電器消耗的電能;(4)電能表上指示燈閃爍的次數(shù)越多,表示電路中消耗的電能越多.【解答】解：A、10(40)A：表示電能表的標(biāo)定電流是10A,電能表的額定最大電流是40A,故小英家家庭電路中的干路電流不得超過(guò)40A,故A錯(cuò)誤;B、電能表的讀數(shù)：數(shù)字方框中最后一位是小數(shù),單位是kW?h,由此可知,上月末電能表示數(shù)為5647.8kW?h,上月初電能表示數(shù)為5546.7kW?h;則上個(gè)月小英家消耗的電能為W＝5647.8kW?h﹣5546.7kW?h＝101.1kW?h,故B錯(cuò)誤;C、由圖可知,電能表上字樣1600imp/kW?h,它表示電路中用電器每消耗1kW?h電能,電能表的指示燈閃爍1600次,則電能表上指示燈閃爍320次,用電器消耗的電能：W′＝＝0.2kW?h,故C錯(cuò)誤;D、電能表上指示燈閃爍的次數(shù)越多,說(shuō)明電路中消耗的電能越多,故D正確.故選：D.23．(2023?合陽(yáng)縣一模)如圖甲是小明家使用的一種紫外線筷子消毒機(jī),內(nèi)置"220V4W”的紫外線燈管,裝入干燥筷子只需3～5分鐘即可完成殺菌消毒.取筷子的原理結(jié)構(gòu)示意如圖乙所示,按壓A端一次能取出一雙筷子,既環(huán)保又衛(wèi)生,小明家電能表如圖丙所示.下列說(shuō)法正確的是()A．電能表是測(cè)量電功率的儀表 B．筷子消毒機(jī)的長(zhǎng)度約為4cm C．取用筷子時(shí),圖乙中F1＞F2 D．將筷子消毒機(jī)單獨(dú)接入家庭電路中正常工作5min,電能表轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)1轉(zhuǎn)【答案】D【分析】(1)電能表是測(cè)量電功的儀表;(2)根據(jù)筷子的長(zhǎng)度判斷;(3)杠桿分為三類：省力杠桿(動(dòng)力臂大于阻力臂,省力費(fèi)距離)、費(fèi)力杠桿(動(dòng)力臂小于阻力臂,費(fèi)力省距離)和等臂杠桿(動(dòng)力臂等于阻力臂,不省力不費(fèi)力,不省距離不費(fèi)距離);(4)知道用電器消耗1千瓦時(shí)的電能,電能表的水平轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)過(guò)3000轉(zhuǎn),由P＝求出該筷子消毒機(jī)正常工作5min消耗的電能,即可計(jì)算出該筷子消毒機(jī)正常工作5min電能表上的轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)過(guò)圈數(shù).【解答】解：A、電能表是測(cè)量電功的儀表,故A錯(cuò)誤;B、筷子的長(zhǎng)度約長(zhǎng)度26.8﹣27.5cm,筷子消毒機(jī)的長(zhǎng)度約為40cm,故B錯(cuò)誤;C、圖乙中取用筷子的裝置應(yīng)用了杠桿原理,O為支點(diǎn),動(dòng)力臂大于阻力臂,F1＜F2,是省力杠桿,故C錯(cuò)誤;D、用電器消耗1千瓦時(shí)的電能,電能表的水平轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)過(guò)3000轉(zhuǎn),由P＝可得,該筷子消毒機(jī)正常工作5min消耗的電能W＝0.004kW×h＝kW?h,電能表上的轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)過(guò)圈數(shù)n＝3000r/(kW?h)×kW?h＝1r,故D正確.故選：D.24．(2023?六安模擬)(多選)下列關(guān)于測(cè)量?jī)x器的說(shuō)法正確的是()A．電能表——測(cè)量電路消耗電功率的儀表 B．密度計(jì)——浸在液體中的體積越大,液體密度越小 C．電流表——指針?lè)聪蚱D(zhuǎn),一定是正負(fù)接線柱接反了 D．彈簧測(cè)力計(jì)——彈簧受到的拉力大小與彈簧的長(zhǎng)度成正比【答案】BC【分析】(1)電能表是測(cè)量電功(消耗電能多少)的儀器;(2)密度計(jì)是用來(lái)測(cè)量液體密度的測(cè)量?jī)x器,密度計(jì)在液體中漂浮,液體的密度越大,排開(kāi)液體的體積越小;(3)電流表連接時(shí)應(yīng)使電流"正入、負(fù)出”,若電表的指針?lè)聪蚱D(zhuǎn),則電流表的正、負(fù)接線柱接反了;(4)彈簧測(cè)力計(jì)是利用在一定彈性限度內(nèi),彈簧的伸長(zhǎng)與受到的拉力大小成正比的原理制成的.【解答】解：A、電能表是測(cè)量電功(消耗電能多少)的儀器,不是測(cè)量電功率,故A錯(cuò)誤;B、密度計(jì)在不同液體中漂浮,受到的浮力和自身的重力相等,重力不變,受到的浮力不變,根據(jù)阿基米德原理F?。溅岩篻V排可知,浸在液體中的體積越大,液體密度越小,故B正確;C、若電流表的指針?lè)聪蚱D(zhuǎn),則電流表的正、負(fù)接線柱接反了,故C正確;D、彈簧測(cè)力計(jì)是利用在一定彈性限度內(nèi),彈簧的伸長(zhǎng)與受到的拉力大小成正比的原理制成的,故D錯(cuò)誤.故選：BC.25．(2023?華亭市模擬)電能表是測(cè)量電能的儀表,某家庭本月用電66度,月初抄表時(shí)是：,則本月底的讀數(shù)是4878.3kW?h.【答案】4878.3kW?h.【分析】電能表是測(cè)量用戶在某段時(shí)間內(nèi)消耗電能的儀表,前后兩次讀數(shù)之差就是某段時(shí)間內(nèi)消耗的電能;單位是千瓦時(shí),最后一位是小數(shù).【解答】解：某家庭本月用電66度,月初抄表時(shí)是4812.3kW?h,則本月底的讀數(shù)為4812.3kW?h+66kW?h＝4878.3kW?h.故答案為：4878.3kW?h.26．(2023春?寧遠(yuǎn)縣期中)已知兩個(gè)小燈泡L1、L2的電阻分別為R1＝10Ω、R2＝20Ω(不計(jì)溫度對(duì)小燈泡電阻的影響),現(xiàn)將它們串聯(lián)在如圖甲所示的電路中,當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后,電壓表V1、V2的示數(shù)之比U1：U2＝3：2;在如圖乙所示的電能表中的讀數(shù)是2020.7kW?h.【答案】3：2;2020.7.【分析】(1)由電路圖可知,兩燈泡串聯(lián),電壓表V1測(cè)電源的電壓,電壓表V2測(cè)R2兩端的電壓,根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律求出兩電阻兩端的電壓之比,根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出兩電壓表的示數(shù)之比;(2)電能表是測(cè)量用戶在某段時(shí)間內(nèi)用電器消耗電能的儀表,單位是千瓦時(shí),最后一位是小數(shù).【解答】解：由電路圖可知,兩燈泡串聯(lián),電壓表V1測(cè)電源的電壓,電壓表V2測(cè)R2兩端的電壓,不計(jì)溫度對(duì)小燈泡電阻的影響,因?yàn)閮蔁襞荽?lián),所以通過(guò)的電流相等,由歐姆定律可得兩電阻兩端的電壓之比：UR1：UR2＝IR1：IR2＝R1：R2＝10Ω：20Ω＝1：2,因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和,所以,電壓表V1與V2的示數(shù)之比：U1：U2＝(UR1+UR2)：UR2＝(1+2)：2＝3：2;如圖乙所示,電能表的讀數(shù)是2020.7kW?h.故答案為：3：2;2020.7.27．(2023春?陸河縣校級(jí)期中)(1)根據(jù)圖1寫(xiě)出以下4種儀器的讀數(shù)：①圖1甲中電壓表示數(shù)是5V;②圖1乙中溫度計(jì)的示數(shù)是﹣4℃;③圖1丙中彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)是2.2N;④圖1丁中電能表的示數(shù)是2920.8kW?h.(2)將天平放在水平桌面上,游碼歸零后,發(fā)現(xiàn)指針如圖2甲所示,小明應(yīng)將平衡螺母向左(填"左”或"右”)調(diào)節(jié),使天平平衡.天平平衡時(shí)砝碼的質(zhì)量及游碼在標(biāo)尺上的位置如圖2乙所示,則被測(cè)物體的質(zhì)量為31.8g.【答案】(1)①5;②﹣4;③2.2;④2920.8;(2)31.8【分析】(1)①電壓表在讀數(shù)前要弄清楚它的零刻度、量程和分度值.②溫度計(jì)在讀數(shù)前要弄清楚它的零刻度、量程和分度值.③彈簧測(cè)力計(jì)在讀數(shù)前要弄清楚它的零刻度、量程和分度值.④電能表上的最后一位是小數(shù),單位是千瓦時(shí).(2)天平在調(diào)節(jié)時(shí),橫梁的哪一端上翹,就把平衡螺母向哪一端調(diào)節(jié);讀數(shù)時(shí)砝碼的總質(zhì)量加上游碼所對(duì)的刻度值就是被測(cè)物體的質(zhì)量.【解答】解：(1)4種儀器的讀數(shù)：①圖1甲中電壓表的分度值是0.5V,量程是0﹣15V,示數(shù)是5V;②圖1乙中溫度計(jì)的分度值是1℃,示數(shù)是﹣4℃;③圖1丙中彈簧測(cè)力計(jì)的分度值是0.2N,量程是0﹣5N,示數(shù)是2.2N;④圖1丁中電能表的示數(shù)是2920.8kW?h.(2)將天平放在水平桌面上,游碼歸零后,發(fā)現(xiàn)指針如圖2甲所示,小明應(yīng)將平衡螺母向左調(diào)節(jié),使天平平衡.天平平衡時(shí)砝碼的質(zhì)量及游碼在標(biāo)尺上的位置如圖2乙所示,此時(shí)砝碼的質(zhì)量為20g+10g;分度值為0.2g;游碼的質(zhì)量為1.8g;則被測(cè)物體的質(zhì)量為20g+10g+1.8g＝31.8g.故答案為：(1)①5;②﹣4;③2.2;④2920.8;(2)31.8.28．(2020秋?臺(tái)山市期末)(1)如題圖1中電流表的讀數(shù)是1A;如果接線的是另一個(gè)量程,則讀數(shù)是0.2A,分度值是0.02A.(A)如題圖2是電能表,它是計(jì)量消耗電能的儀器.它的轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)快,表示消耗電能快;如果這個(gè)電能表上的轉(zhuǎn)盤(pán)在30min內(nèi)轉(zhuǎn)了1500轉(zhuǎn),則消耗的電能是0.5kW?h.【答案】(1)1A;0.2A;0.02A;消耗電能;(2)消耗電能快;0.5.【分析】(1)由圖可知,電流表所選量程為0～3A,分度值為0.1A,由指針位置可讀數(shù),如果接線的是另一個(gè)量程,為小量程,0～0.3A,由指針位置可讀數(shù);(2)電能表是測(cè)量在一定時(shí)間內(nèi)消耗電能多少的儀表,電能表的轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)的越快,即在一定時(shí)間內(nèi)消耗的電能越多,即消耗電能越快;3000r/(kW?h)表示的是電路中每消耗1kW?h的電能,電能表轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)3000轉(zhuǎn),求出電能表轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)了1500轉(zhuǎn)消耗的電能.【解答】解：(1)由圖可知,電流表所選量程為0～3A,分度值為0.1A,由指針位置可知,電流表的讀數(shù)是1A;如果接線的是另一個(gè)量程,為0～0.5A,分度值為0.02A,由指針位置可知,電流表的讀數(shù)是0.2A;(2)電能表是測(cè)量在一定時(shí)間內(nèi)消耗電能多少的儀表,電能表的轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)的快;電能消耗的越快;3000r/(kW?h)表示的是電路中每消耗1kW?h的電能,電能表轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)3000轉(zhuǎn),電能表轉(zhuǎn)盤(pán)轉(zhuǎn)了1500轉(zhuǎn),消耗的電能：W＝＝0.5kW?h.故答案為：(1)1A;0.2A;0.02A;消耗電能;(2)消耗電能快;0.5.【題型6電功的測(cè)量】 29．(2022秋?鋼城區(qū)期末)如圖是小明在親戚家發(fā)現(xiàn)的一個(gè)測(cè)量?jī)x表.該儀表用來(lái)測(cè)量()A．電流 B．電壓 C．電功 D．電功率【答案】C【分析】電能表是用來(lái)測(cè)量消耗電能多少的儀器或者說(shuō)是測(cè)量電流做功多少的儀器.【解答】解：電能表是用來(lái)測(cè)量消耗電能多少的儀器.故