2024年高考物理終極押題密卷2（浙江卷）含答案

2024年高考物理終極押題密卷2（浙江卷）一．選擇題（共13小題）1．（2024?臺州二模）下列四組物理量中均為標(biāo)量的是（）A．動量變化量磁通量 B．磁感應(yīng)強度電場強度 C．感應(yīng)電流電勢差 D．電功率沖量2．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）下列有關(guān)質(zhì)點和參考系的說法中正確的是（）A．觀看花滑運動員的動作時，可以把運動員看成質(zhì)點 B．當(dāng)物體體積很小時，就可以看成質(zhì)點 C．研究運動物體時，選擇不同物體作參考系，對運動的描述都是一樣的 D．研究太陽系各行星的運行，選擇太陽比選擇地球作為參考系更好3．（2024?寧波二模）某研究小組在實驗室內(nèi)做外力作用下落體運動的研究，得到物體在豎直向下運動時的速度v隨下降高度h變化關(guān)系，如圖所示。已知，重力加速度g。則（）A．物體做勻變速直線運動 B．下落過程中物體的加速度不斷減小 C．下落過程中物體的機械能一直減小 D．物體在h2和h1處的機械能可能相等4．（2024?金華二模）在東北嚴(yán)寒的冬天，有一項“潑水成冰”的游戲，具體操作是把一杯滾燙的開水按一定的弧線均勻快速地潑向空中，潑灑出的小水珠和熱氣被瞬間凝結(jié)成冰而形成壯觀的場景。如圖甲所示是某人玩潑水成冰游戲的精彩瞬間，圖乙為其示意圖，假設(shè)潑水過程中杯子做勻速圓周運動。下列說法正確的是（）A．P位置的小水珠速度方向沿a方向 B．P、Q兩位置，杯子的向心加速度相同 C．P、Q兩位置，杯子的速度相同 D．從Q到P，杯子所受合外力做功為零5．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）煙霧自動報警器中裝有放射性元素镅241，其衰變方程為Am→Np+X+γ，Am的半衰期為432年。下列說法正確的是（）A．方程中的X為β粒子 B．Np的比結(jié)合能小于Am C．核反應(yīng)的三種射線中，γ射線的電離能力最弱 D．若有1000個Am原子核，經(jīng)過432年后將剩下500個Am原子核未衰變6．（2024?臺州二模）如圖所示，一根粗糙的水平橫桿上套有A、B兩個輕環(huán)，系在兩環(huán)上的等長細繩下端連接的燈籠處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)在燈籠受到垂直紙面的恒定風(fēng)力作用重新靜止，兩個輕環(huán)始終靜止，則（）A．桿對A環(huán)的力不變 B．桿對B環(huán)的彈力不變 C．A環(huán)對桿的摩擦力變大 D．與B環(huán)相連的細繩對燈籠的拉力變小7．（2024?杭州二模）如圖，有一小型水電站發(fā)電機的輸出功率為50kW，發(fā)電機的輸出電壓為250V。通過升壓變壓器升壓后向遠處輸電，輸電電壓為10kV，輸電線的總電阻R為10Ω，在用戶端用降壓變壓器把電壓降為220V，兩變壓器均視為理想變壓器，下列說法正確的是（）A．升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為1：400 B．輸電線上損失的功率為250W C．降壓變壓器原、副線圈中的電流之比為995：22 D．圖中與燈泡串聯(lián)的“250V，1000μF”的電容器一定會被擊穿8．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）如圖所示，比荷相同、重力不計的a、b兩個帶電粒子，從同一位置水平射入豎直向下的勻強電場中，a粒子打在B板的a′點，b粒子打在B板的b′點，則（）A．a(chǎn)、b均帶負(fù)電 B．a(chǎn)的初速度一定小于b的初速度 C．a(chǎn)的運動時間一定小于b的運動時間 D．該過程中a所受電場力做的功一定大于b的9．（2024?溫州二模）2024年1月17日，搭載“天舟七號”貨運飛船的運載火箭在文昌航天發(fā)射場發(fā)射。次日凌晨，“天舟七號”貨運飛船成功對接空間站“天和”核心艙，如圖所示。對接后，“天舟七號”與空間站組成組合體，運行在離地高度約為400km的圓形軌道上，下列說法正確的是（）A．組合體的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度 B．組合體的線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度 C．組合體的向心加速度小于地球同步衛(wèi)星的向心加速度 D．“天舟七號”攜帶的一未開封貨物，在發(fā)射前與對接后的重力相等10．（2024?浙江模擬）電磁驅(qū)動是與炮彈發(fā)射、航空母艦上飛機彈射起飛有關(guān)的一種新型驅(qū)動方式。電磁驅(qū)動的原理如圖所示，當(dāng)直流電流突然加到一固定線圈上，可以將置于線圈上的環(huán)彈射出去?，F(xiàn)在同一個固定線圈上，先后置有分別用銅、鋁和硅制成的形狀、大小和橫截面積均相同的三種環(huán)，當(dāng)電流突然接通時，它們所受到的推力分別為F1、F2和F3。若環(huán)的重力可忽略，下列說法正確的是（）A．F1＞F2＞F3 B．F2＞F3＞F1 C．F3＞F2＞F1 D．F1＝F2＝F311．（2024?寧波模擬）兩列頻率f和振幅A均相同的簡諧波Ⅰ和Ⅱ分別從同一繩子兩端持續(xù)在同一平面內(nèi)相向傳播，某時刻兩列波的波形如圖所示，虛線表示簡諧波Ⅰ，實線表示簡諧波Ⅱ。下列說法正確的是（）A．簡諧波Ⅰ與簡諧波Ⅱ的傳播速率一定不相等 B．x＝0到x＝8處的質(zhì)點始終處在平衡位置 C．x＝2位置的質(zhì)點振幅為2A D．x＝4位置的質(zhì)點振幅為2A12．（2024?寧波二模）如圖，用三根絕緣細繩把三個帶同種電荷的小球A、B、C懸掛在O點。小球靜止時，恰好位于同一水平面，細繩與豎直方向的夾角分別為α、β、γ，已知小球A、B、C的質(zhì)量分別為mA、mB、mC，電荷量分別為qA、qB、qC，則下列說法正確的是（）A．若小球的質(zhì)量mA＝mB＝mC，則一定有α＝β＝γ B．若小球的質(zhì)量mA＝mB＝mC，則可能有α＝β＞γ C．若小球所帶電荷量qA＝qB＝qC，則一定有α＝β＝γ D．若小球所帶電荷量qA＞qB＞qC，則一定有α＜β＜γ13．（2024?浙江模擬）單鏡頭反光相機簡稱單反相機，它用一塊放置在鏡頭與感光部件之間的透明平面鏡把來自鏡頭的圖像投射到對焦屏上。對焦屏上的圖像通過五棱鏡的反射進入人眼中。圖為單反照相機取景器的示意圖，ABCDE為五棱鏡的一個截面，AB⊥BC。光線垂直AB射入，分別在CD和EA上發(fā)生反射，且兩次反射的入射角相等，最后光線垂直BC射出。（）A．光線垂直AB射入五棱鏡后，光速增大 B．無論射向AB的入射角多大，光線一定會在CD和EA上發(fā)生全反射 C．若兩次反射都為全反射，則該五棱鏡折射率的最小值為 D．若兩次反射都為全反射，則該五棱鏡折射率的最小值為二．多選題（共3小題）（多選）14．（2024?溫州二模）下列說法正確的是（）A．大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子可以向外輻射紫外線，也可向外輻射γ射線 B．盧瑟福通過α粒子散射實驗提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，也可估算出原子核的大小 C．?dāng)U散現(xiàn)象說明組成物質(zhì)的分子在做永不停息地?zé)徇\動，也可說明分子間存在空隙 D．從單一熱庫吸收熱量可以自發(fā)地全部傳遞給低溫物體，也可以自發(fā)地完全變成功（多選）15．（2024?寧波模擬）下列說法正確的是（）A．圖甲為一定質(zhì)量的氧氣分子在0℃和100℃時的速率分布圖像，其中圖線Ⅰ溫度較高 B．從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功是可能實現(xiàn)的 C．圖乙中靜止的鈉核Na在磁場中發(fā)生衰變，曲線1為α粒子的運動軌跡 D．相對論時空觀認(rèn)為運動物體的長度和物理過程的快慢都跟物體運動狀態(tài)有關(guān)（多選）16．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）下列說法正確的是（）A．用光照射某種金屬，有光電子從金屬表面逸出，如果光的頻率不變，而減弱光的強度，則逸出的光電子數(shù)減少，光電子的最大初動能不變 B．X射線的衍射實驗，證實了物質(zhì)波假設(shè)是正確的 C．在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，因此光子散射后波長變長 D．速度相等的電子和質(zhì)子，電子的波長大三．實驗題（共3小題）17．（2024?浙江模擬）（1）某同學(xué)利用打點計時器分析自身步行時的速度特征，把接在50Hz的交流電源上的打點計時器固定在與人腰部等高的桌面上，紙帶穿過打點計時器限位孔，一端固定在人腰部，人沿直線步行時帶動紙帶運動，打點計時器記錄人步行時的運動信息。①選取點跡清晰的紙帶，每5個點取一個計數(shù)點，其中連續(xù)5個計數(shù)點A、B、C、D、E圖所示，紙帶中CD段的平均速度為CDm/s。（保留兩位有效數(shù)字）②再次實驗，沿著計數(shù)點位置把紙帶裁開并編號，按編號順序把剪出的紙帶下端對齊并排粘貼在坐標(biāo)紙上，剪出的紙帶長度代表打出這段紙帶時間內(nèi)的平均速度，把每段紙帶上邊中點連接成線，如下圖所示，若用圖中曲線描述人運動的速度一時間關(guān)系，如果用縱坐標(biāo)表示速度大小，橫坐標(biāo)表示時間，則紙帶的橫寬d對應(yīng)橫坐標(biāo)中的時間長度為s，請根據(jù)上圖估算該同學(xué)的步幅為m。（保留兩位有效數(shù)字）（2）①某同學(xué)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，下列物體中最適合用于提供拉力的是。②該同學(xué)保持懸掛的重物質(zhì)量m不變，研究小車的加速度a與小車質(zhì)量M的關(guān)系。改變小車的質(zhì)量M，得到小車的加速度a，并描繪圖線后，發(fā)現(xiàn)圖線在值較大的區(qū)間發(fā)生彎曲，其他區(qū)間為直線，他分析認(rèn)為可能是由于細繩拉力不再等于懸掛物重力引起的，于是調(diào)整了研究參數(shù)，結(jié)果得到了一條完整的直線，他的調(diào)整可能是。A.描繪a與的關(guān)系圖線B.描繪a與的關(guān)系圖線C.描繪a與（M+m）的關(guān)系圖線D.描繪a與的關(guān)系圖線18．（2024?金華二模）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，打點計時器固定在鐵架臺上，使重物帶動紙帶從靜止開始自由下落。（1）不同學(xué)生在實驗操作過程中出現(xiàn)如圖所示的四種情況，其中操作正確的是。（2）實驗中，按照正確的操作得到如圖所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O（紙帶上第一個點）的距離分別為hA、hB、hC。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為T。設(shè)重物的質(zhì)量為m，從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少量ΔEp＝，動能變化量ΔEk＝。（3）如果計算結(jié)果顯示重力勢能變化量絕對值小于動能變化量，可能的原因是。A.紙帶受到阻力較大B.先接通電源后釋放紙帶C.先釋放紙帶后接通電源D.阻力與重力之比很小19．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）某同學(xué)為了研究歐姆表的改裝原理和練習(xí)使用歐姆表，設(shè)計了如下實驗。利用一個滿偏電流為100μA的電流表改裝成倍率可調(diào)為“×1”或“×10”的歐姆表，其電路原理圖如圖甲所示。（1）請根據(jù)圖甲中的電路原理圖，在答題卡上的圖乙中連接實物圖，并正確連接紅、黑表筆。使用時進行歐姆調(diào)零發(fā)現(xiàn)電流表指針指在如圖丙所示位置，此時應(yīng)將滑動變阻器的滑片P向（選填“上”或“下”）移動；（2）將單刀雙擲開關(guān)S與2接通后，先短接，再歐姆調(diào)零。兩表筆再與一電阻R0連接，表針指向表盤中央圖丁中的a位置處，然后用另一電阻Rx代替R0，結(jié)果發(fā)現(xiàn)表針指在b位置，則Rx＝Ω；（3）該同學(xué)進一步探測黑箱問題。黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由三個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2之間的電阻為5Ω，2、3之間的電阻為10Ω，1、3之間的電阻為15Ω，在答題卡圖戊所示虛線框中畫出黑箱中的電阻可能的連接方式（一種即可）。四．解答題（共4小題）20．（2024?臺州二模）海洋溫差發(fā)電安全無污染，儲量巨大。在某次發(fā)電測試實驗中，探測到490m深處的海水溫度為290K，如圖所示，在此處將氨水蒸氣封閉在橫截面積S＝2m2的氣缸內(nèi)，氣缸從深海490m深處上浮到海面，隨著海水溫度升高，封閉氣體的體積增大，活塞緩慢上升且始終未脫離氣缸。氨水蒸氣可看作理想氣體，氣缸導(dǎo)熱性能良好，活塞質(zhì)量不計。已知海面處溫度T0＝300K、此處氣體體積V0＝3m3，大氣壓強恒為p0＝1×105Pa，海水密度ρ＝1.0×103kg/m3。（1）氣缸從深海上浮到海面，氣缸內(nèi)氣體的分子平均動能（選填“變大”、“變小”或者“不變”）及內(nèi)能（選填“變大”、“變小”或者“不變”）；（2）求氣缸在深海中上浮490m到海平面的過程中，活塞相對缸底上升的距離（計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（3）在上述過程中，氣缸內(nèi)含蒸氣1.7kg，上升過程吸收的總熱量為105kJ，已知1摩爾蒸氣的內(nèi)能U＝kT，其中常量k＝25J/K，1摩爾蒸氣質(zhì)量為17g。求蒸氣對外做的功。21．（2024?溫州二模）一游戲裝置豎直截面如圖所示，該裝置由傾角θ＝53°的固定斜面CD、水平傳送帶EF、粗糙水平軌道FG、光滑圓弧軌道GPQ、及固定在Q處的彈性擋板組成。斜面CD高度h0＝0.4m，傳送帶EF與軌道FG離地面高度均為h，兩者長度分別為l1＝4m、l2＝1.5m，OG、OP分別為圓弧軌道的豎直與水平半徑，半徑R＝0.8m，圓弧PQ所對應(yīng)的圓心角α＝37°，軌道各處平滑連接?，F(xiàn)將質(zhì)量m＝1kg的滑塊（可視為質(zhì)點）從斜面底端的彈射器彈出，沿斜面從D點離開時速度大小v0＝5m/s，恰好無碰撞從E點沿水平方向滑上傳送帶。當(dāng)傳送帶以v＝5m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動，滑塊恰好能滑至P點。已知滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ1＝0.5，滑塊與擋板碰撞后原速率反向彈回，不計空氣阻力。sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：（1）高度h；（2）滑塊與水平軌道FG間的動摩擦因數(shù)μ2；（3）滑塊最終靜止時離G點的距離x；（4）若傳送帶速度大小可調(diào)，要使滑塊與擋板僅碰一次，且始終不脫離軌道，則傳送帶速度大小v的范圍。22．（2024?鹿城區(qū)校級模擬）如圖，半徑為l的金屬圓環(huán)水平固定，處于磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，金屬棒OA可繞圓心O在圓環(huán)上轉(zhuǎn)動。金屬棒CD放在寬度也為l的足夠長光滑平行金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌傾角為θ，處于垂直導(dǎo)軌平面向下、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。用導(dǎo)線分別將金屬圓環(huán)、金屬棒OA的O端分別與D端導(dǎo)軌和C端導(dǎo)軌連接，已知金屬棒OA和CD的長度均為l、質(zhì)量均為m、電阻均為r，其他電阻不計。重力加速度大小為g。（1）將金屬棒OA固定，使金屬棒CD從靜止開始下滑，求金屬棒CD的最大速度；（2）讓金屬棒OA勻速轉(zhuǎn)動，使金屬棒CD保持靜止，求①金屬棒OA的轉(zhuǎn)動方向；②金屬棒OA轉(zhuǎn)動的角速度；③金屬棒OA兩端的電勢差UOA。23．（2024?寧波模擬）如圖所示，在Oxy平面的第一象限內(nèi)有一過原點的無限長擋板，擋板與x軸成60°角放置。擋板上方有無限長、邊界平行于擋板的區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，分別存在磁感應(yīng)強度大小為B0和2B0的勻強磁場，方向均垂直紙面向里，磁場邊界與y軸分別交于y＝2h和y＝4h處。在y＝3h處有一離子源射出平行x軸、方向與x軸正向相同、質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子。不計正離子的重力以及離子間的相互作用，并忽略磁場的邊緣效應(yīng)。（1）若沒有離子進入?yún)^(qū)域Ⅰ，求離子初速度最大值v1；（2）若離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后垂直y軸離開第一象限，求離子初速度的最大值v2；（3）若離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰好能打到擋板上，求離子初速度v3。

2024年菁優(yōu)高考物理終極押題密卷2（浙江卷）參考答案與試題解析一．選擇題（共13小題）1．（2024?臺州二模）下列四組物理量中均為標(biāo)量的是（）A．動量變化量磁通量 B．磁感應(yīng)強度電場強度 C．感應(yīng)電流電勢差 D．電功率沖量【考點】磁通量；矢量和標(biāo)量；電場強度與電場力；磁感應(yīng)強度．【專題】定性思想；推理法；恒定電流專題；磁場磁場對電流的作用；理解能力．【分析】根據(jù)各個物理量的矢標(biāo)性進行判斷即可?！窘獯稹拷猓篈、磁通量的加減符合代數(shù)法則，是標(biāo)量，動量變化量是矢量，故A錯誤；B、磁感應(yīng)強度電場和強度都既有大小，又有方向，且運算法則遵循平行四邊形法則，都是矢量，故B錯誤；C、電流和電勢差都是標(biāo)量，故C正確；D、電功率沒有方向，是標(biāo)量，沖量是矢量，故D錯誤。故選：C?！军c評】本題考查對矢量與標(biāo)量區(qū)別的理解，明確矢量是既有大小，又有方向且運算法則遵循平行四邊形法則的物理量，標(biāo)量是只有大小，沒有方向的物理量。2．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）下列有關(guān)質(zhì)點和參考系的說法中正確的是（）A．觀看花滑運動員的動作時，可以把運動員看成質(zhì)點 B．當(dāng)物體體積很小時，就可以看成質(zhì)點 C．研究運動物體時，選擇不同物體作參考系，對運動的描述都是一樣的 D．研究太陽系各行星的運行，選擇太陽比選擇地球作為參考系更好【考點】參考系；質(zhì)點．【專題】應(yīng)用題；學(xué)科綜合題；定性思想；直線運動規(guī)律專題；理解能力．【分析】在描述一個物體的運動時，選來作為標(biāo)準(zhǔn)的另外的某個物體叫參考系；當(dāng)物體的大小和形狀在研究的問題中可以忽略，物體可以看成質(zhì)點，據(jù)此解得即可?！窘獯稹拷猓篈、質(zhì)點是理想化模型，只有當(dāng)物體的形狀和大小對所要研究的問題可忽略不計時才能把物體看作質(zhì)點，觀看花滑運動員運動員的動作時，不可以把運動員看成質(zhì)點，故A錯誤；B、物體能否看成質(zhì)點，不是看物體的體積和質(zhì)量大小，而是看物體的大小和形狀在所研究的問題中能否忽略，故B錯誤；C、選擇不同的參考系，運動的描述是不一樣的，故C錯誤；D、應(yīng)選擇使運動的描述更簡單的物體作為參考系，選擇太陽更容易描述行星的運動，故D正確。故選：D?！军c評】本題考查運動描述中的基本概念，了解物體何時可看作質(zhì)點，參照物如何選擇即可作答，基礎(chǔ)概念題。3．（2024?寧波二模）某研究小組在實驗室內(nèi)做外力作用下落體運動的研究，得到物體在豎直向下運動時的速度v隨下降高度h變化關(guān)系，如圖所示。已知，重力加速度g。則（）A．物體做勻變速直線運動 B．下落過程中物體的加速度不斷減小 C．下落過程中物體的機械能一直減小 D．物體在h2和h1處的機械能可能相等【考點】功能關(guān)系；v﹣t圖像．【專題】定量思想；推理法；功能關(guān)系能量守恒定律；分析綜合能力．【分析】根據(jù)題圖可得v＝kh，再結(jié)合加速度公式可得加速度與速度關(guān)系，據(jù)此分析物體的運動情況；再根據(jù)判斷外力做功情況，結(jié)合牛頓第二定律分析加速度變化情況，確定外力做功變化情況，分析其機械能變化情況?！窘獯稹拷猓篈B、由圖可知，物體的速度隨位移均勻變化，可得v＝kh根據(jù)，即物體的加速度與速度成正比，依題意物體速度一直在增加，所以加速度不斷增加，故AB錯誤；CD、依題意，則物體所受外力與重力反向，方向豎直向上，由牛頓第二定律可得mg﹣F＝ma外力先做負(fù)功，機械能減小，當(dāng)a＞g時外力與重力同向，機械能開始增大，物體在h1和h2處的機械能可能相等，故C錯誤，D正確。故選：D?！军c評】解決本題的關(guān)鍵是理解v﹣h的含義，結(jié)合加速度公式和牛頓第二定律分析。4．（2024?金華二模）在東北嚴(yán)寒的冬天，有一項“潑水成冰”的游戲，具體操作是把一杯滾燙的開水按一定的弧線均勻快速地潑向空中，潑灑出的小水珠和熱氣被瞬間凝結(jié)成冰而形成壯觀的場景。如圖甲所示是某人玩潑水成冰游戲的精彩瞬間，圖乙為其示意圖，假設(shè)潑水過程中杯子做勻速圓周運動。下列說法正確的是（）A．P位置的小水珠速度方向沿a方向 B．P、Q兩位置，杯子的向心加速度相同 C．P、Q兩位置，杯子的速度相同 D．從Q到P，杯子所受合外力做功為零【考點】向心力；牛頓第二定律．【專題】定性思想；推理法；勻速圓周運動專題；推理能力．【分析】根據(jù)圖乙中水珠做離心運動的方向，可以判斷杯子的旋轉(zhuǎn)方向，進而判斷P位置的小水珠速度方向。根據(jù)向心加速度的矢量特性，判斷P、Q兩位置，杯子的向心加速度是否相同。根據(jù)速度的矢量性分析速度是否相同；杯子做勻速圓周運動，根據(jù)杯子所受合外力的特點、與位移的角度關(guān)系，判斷從Q到P，杯子所受合外力做功是否為零?！窘獯稹拷猓篈．根據(jù)圖乙中水珠做離心運動的方向，可知杯子旋轉(zhuǎn)方向為逆時針方向，則P位置的小水珠速度方向應(yīng)沿b方向，故A錯誤；B．杯子做勻速圓周運動，向心加速度方向指向圓心，P、Q兩位置，杯子的向心加速度大小相同，方向不同，向心加速度是矢量，則P、Q兩位置，杯子的向心加速度不同，故B錯誤；C．杯子的速度為矢量，P、Q兩位置，杯子的速度不相同，故C錯誤；D．杯子做勻速圓周運動，杯子所受合外力提供向心力，合外力方向始終指向圓心、且與速度（位移）方向始終垂直，所以合外力始終不做功，即從Q到P，杯子所受合外力做功為零，故D正確。故選：D?！军c評】解答本題，要掌握速度、向心加速度、速度變化量均為矢量；要掌握勻速圓周運動合外力充當(dāng)向心力、且合外力指向圓心、不做功。5．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）煙霧自動報警器中裝有放射性元素镅241，其衰變方程為Am→Np+X+γ，Am的半衰期為432年。下列說法正確的是（）A．方程中的X為β粒子 B．Np的比結(jié)合能小于Am C．核反應(yīng)的三種射線中，γ射線的電離能力最弱 D．若有1000個Am原子核，經(jīng)過432年后將剩下500個Am原子核未衰變【考點】結(jié)合能與比結(jié)合能；α、β、γ射線及特點；原子核的衰變及半衰期、衰變速度．【專題】定量思想；推理法；衰變和半衰期專題；愛因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題；理解能力．【分析】根據(jù)電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒判斷；根據(jù)結(jié)合能的大小與核子數(shù)的關(guān)系判斷；原子核的比結(jié)合能越大越穩(wěn)定，由此判斷；根據(jù)三種射線可知，電離能力大?。话胨テ谑撬プ兊慕y(tǒng)計規(guī)律。【解答】解：A．由衰變過程電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)A＝241﹣237＝4，電荷數(shù)Z＝95﹣93＝2，可知X為α（）粒子，故A錯誤；B．衰變的過程中釋放能量，而且α粒子的比結(jié)合能比較小，可知的比結(jié)合能大于，故B錯誤；C．核反應(yīng)的三種射線中，γ射線的穿透能力最強，電離能力最弱，故C正確；D．半衰期為大量粒子的統(tǒng)計規(guī)律，對少數(shù)粒子不一定適用，故D錯誤。故選：C?！军c評】解決本題的關(guān)鍵知道衰變的特點，會根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒與電荷數(shù)守恒判斷衰變的種類；會結(jié)合衰變的特點判斷結(jié)合能與比結(jié)合能的變化。6．（2024?臺州二模）如圖所示，一根粗糙的水平橫桿上套有A、B兩個輕環(huán)，系在兩環(huán)上的等長細繩下端連接的燈籠處于靜止?fàn)顟B(tài)。現(xiàn)在燈籠受到垂直紙面的恒定風(fēng)力作用重新靜止，兩個輕環(huán)始終靜止，則（）A．桿對A環(huán)的力不變 B．桿對B環(huán)的彈力不變 C．A環(huán)對桿的摩擦力變大 D．與B環(huán)相連的細繩對燈籠的拉力變小【考點】動態(tài)平衡分析；力的合成與分解的應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；受力分析方法專題；分析綜合能力．【分析】根據(jù)靜止?fàn)顟B(tài)與有風(fēng)后的受力平衡進行比較分析，結(jié)合受力平衡分析可得出正確答案。【解答】解：ABD.兩個輕環(huán)始終靜止，說明兩根繩子和橫桿的夾角不變。初始狀態(tài)，兩細繩拉力的合力與燈籠的重力等大，燈籠受到垂直紙面的恒定風(fēng)力作用重新靜止后，重力與風(fēng)力的合力等于此時兩細繩拉力的合力，即兩細繩拉力的合力變大，則兩細繩的拉力均變大，桿對A環(huán)的力變大，桿對B環(huán)的彈力變大，故ABD錯誤；C.桿對A環(huán)的摩擦力與細繩對A環(huán)的拉力沿桿方向的分力等大，則桿對A環(huán)的摩擦力變大，根據(jù)牛頓第三定律，A環(huán)對桿的摩擦力變大，故C正確。故選：C。【點評】學(xué)生在解答本題時，應(yīng)注意要先選擇研究對象，結(jié)合受力平衡，分析各個力的變化情況。7．（2024?杭州二模）如圖，有一小型水電站發(fā)電機的輸出功率為50kW，發(fā)電機的輸出電壓為250V。通過升壓變壓器升壓后向遠處輸電，輸電電壓為10kV，輸電線的總電阻R為10Ω，在用戶端用降壓變壓器把電壓降為220V，兩變壓器均視為理想變壓器，下列說法正確的是（）A．升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為1：400 B．輸電線上損失的功率為250W C．降壓變壓器原、副線圈中的電流之比為995：22 D．圖中與燈泡串聯(lián)的“250V，1000μF”的電容器一定會被擊穿【考點】遠距離輸電；變壓器的構(gòu)造和原理．【專題】定量思想；推理法；交流電專題；推理能力．【分析】根據(jù)變壓器原、副線圈兩端的電壓之比等于線圈匝數(shù)之比分析AC，根據(jù)電功率公式解得損失的功率，電容器的名牌代表電壓的最大值?！窘獯稹拷猓篈．由升壓變壓器的電壓關(guān)系＝解得＝故A錯誤；B、發(fā)電機的功率：P＝U1I1得發(fā)電機輸出的電流為I1＝200A由升壓變壓器的電流關(guān)系＝解得I2＝5A輸電線上損失的功率P線＝R解得P線＝250W故B正確；C．輸電線上損失的電壓ΔU＝I2R解得ΔU＝50V則U3＝U2﹣ΔU＝10000V﹣50V＝9950V由降壓變壓器的電壓關(guān)系＝解得＝由變壓器的電流關(guān)系＝可知降壓變壓器原、副線圈中的電流之比為22：995故C錯誤；D．燈泡兩端的電壓為220V，電容器與燈泡串聯(lián)，電壓不一定會達到耐壓值，故D錯誤；故選：B?！军c評】本題考查變壓器的相關(guān)計算，解題關(guān)鍵是會求解線圈匝數(shù)的比及輸電線損失的功率，知道求解電容器的耐壓值時要看峰值。8．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）如圖所示，比荷相同、重力不計的a、b兩個帶電粒子，從同一位置水平射入豎直向下的勻強電場中，a粒子打在B板的a′點，b粒子打在B板的b′點，則（）A．a(chǎn)、b均帶負(fù)電 B．a(chǎn)的初速度一定小于b的初速度 C．a(chǎn)的運動時間一定小于b的運動時間 D．該過程中a所受電場力做的功一定大于b的【考點】帶電粒子在電場中的運動綜合；電場力做功．【專題】比較思想；合成分解法；帶電粒子在電場中的運動專題；理解能力．【分析】a、b兩個帶電粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)粒子的偏轉(zhuǎn)方向確定電場力方向，再分析粒子的電性。根據(jù)牛頓第二定律和分位移公式相結(jié)合推導(dǎo)出熑速度表達式，再分析初速度大小。由豎直分位移公式分析運動時間關(guān)系。根據(jù)W＝qEy分析電場力做功關(guān)系?！窘獯稹拷猓篈、因電場線向下，兩粒子均受向下的電場力而做類平拋運動，所以兩個粒子均帶正電，故A錯誤；B、a、b兩個帶電粒子在電場中做類平拋運動，設(shè)任一粒子的初速度為v0，電荷量為q，質(zhì)量為m，加速度為a，運動的時間為t，則加速度為粒子的豎直分運動為初速度為零的勻加速直線運動，有水平分運動為勻速直線運動，有x＝v0t聯(lián)立得：因兩個粒子的比荷相同，y相同，E相同，則x大的初速度大，可知a的初速度一定小于b的初速度，故B正確；C、由豎直分運動位移有y＝，可得運動時間為，因兩個粒子的比荷相同，y相同，E相同，則a的運動時間一定等于b的運動時間，故C錯誤；D、電場力做功為W＝qEy，兩粒子的比荷相同，y相同，E相同，但無法比較電荷量關(guān)系，故無法比較電場力做功關(guān)系，故D錯誤。故選：B?！军c評】本題考查帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)，要熟練運用運動的分解法處理類平拋運動，根據(jù)牛頓第二定律和分位移公式相結(jié)合進行分析。9．（2024?溫州二模）2024年1月17日，搭載“天舟七號”貨運飛船的運載火箭在文昌航天發(fā)射場發(fā)射。次日凌晨，“天舟七號”貨運飛船成功對接空間站“天和”核心艙，如圖所示。對接后，“天舟七號”與空間站組成組合體，運行在離地高度約為400km的圓形軌道上，下列說法正確的是（）A．組合體的角速度小于地球自轉(zhuǎn)的角速度 B．組合體的線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度 C．組合體的向心加速度小于地球同步衛(wèi)星的向心加速度 D．“天舟七號”攜帶的一未開封貨物，在發(fā)射前與對接后的重力相等【考點】人造衛(wèi)星；萬有引力定律的應(yīng)用．【專題】定量思想；方程法；人造衛(wèi)星問題；推理能力．【分析】地球同步衛(wèi)星的軌道半徑大于組合體的軌道半徑，根據(jù)由萬有引力提供向心力得到角速度、線速度表達式進行分析；根據(jù)牛頓第二定律分析向心加速度大?。桓鶕?jù)萬有引力大小分析重力的大小。【解答】解：A、地球同步衛(wèi)星距離地面的高度大約是36000km，其角速度等于地球自轉(zhuǎn)的角速度。衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力有：＝mrω2，解得：ω＝，所以組合體的角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，即大于地球自轉(zhuǎn)的角速度，故A錯誤；B、衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，由萬有引力提供向心力有：＝m，解得：v＝，所以組合體的線速度大于地球同步衛(wèi)星的線速度，故B正確；C、根據(jù)牛頓第二定律可得＝ma，解得a＝，所以組合體的向心加速度大于地球同步衛(wèi)星的向心加速度，故C錯誤；D、根據(jù)萬有引力可得：F＝，“天舟七號”攜帶的一未開封貨物，在發(fā)射前受到的地球引力大于對接后受到的引力，所以“天舟七號”攜帶的一未開封貨物，在發(fā)射前的重力大于對接后的重力，故D錯誤。故選：B。【點評】本題主要是考查萬有引力定律及其應(yīng)用，解答本題的關(guān)鍵是能夠根據(jù)萬有引力提供向心力結(jié)合向心力公式進行分析。10．（2024?浙江模擬）電磁驅(qū)動是與炮彈發(fā)射、航空母艦上飛機彈射起飛有關(guān)的一種新型驅(qū)動方式。電磁驅(qū)動的原理如圖所示，當(dāng)直流電流突然加到一固定線圈上，可以將置于線圈上的環(huán)彈射出去?，F(xiàn)在同一個固定線圈上，先后置有分別用銅、鋁和硅制成的形狀、大小和橫截面積均相同的三種環(huán)，當(dāng)電流突然接通時，它們所受到的推力分別為F1、F2和F3。若環(huán)的重力可忽略，下列說法正確的是（）A．F1＞F2＞F3 B．F2＞F3＞F1 C．F3＞F2＞F1 D．F1＝F2＝F3【考點】安培力．【專題】定性思想；推理法；磁場磁場對電流的作用．【分析】依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律結(jié)合安培力表達式即可求解【解答】解：由于銅環(huán)的電阻最小，硅的電阻最大，故銅環(huán)中感應(yīng)電流最大，硅的感應(yīng)電流最小，故銅環(huán)受到的安培力最大，硅的安培力最小，故A正確，BCD錯誤；故選：A?！军c評】本題要掌握楞次定律的兩種描述，一是“增反減同”，二是“來拒去留”，并能根據(jù)它們?nèi)ヅ袛嚯娏鞣较蚝褪芰Ψ较颍?1．（2024?寧波模擬）兩列頻率f和振幅A均相同的簡諧波Ⅰ和Ⅱ分別從同一繩子兩端持續(xù)在同一平面內(nèi)相向傳播，某時刻兩列波的波形如圖所示，虛線表示簡諧波Ⅰ，實線表示簡諧波Ⅱ。下列說法正確的是（）A．簡諧波Ⅰ與簡諧波Ⅱ的傳播速率一定不相等 B．x＝0到x＝8處的質(zhì)點始終處在平衡位置 C．x＝2位置的質(zhì)點振幅為2A D．x＝4位置的質(zhì)點振幅為2A【考點】橫波的圖像；波長、頻率和波速的關(guān)系．【專題】定量思想；推理法；波的多解性；推理能力．【分析】機械波的波速由介質(zhì)決定；根據(jù)兩列波在此刻的位移，確定加強點和減弱點，從而確定合位移。【解答】解：A、波速由介質(zhì)決定，兩列機械波在同一種介質(zhì)中傳播，故傳播速率一定相等，故A錯誤；BC、根據(jù)波形可知x＝2和x＝6處的質(zhì)點，波峰和波谷相遇，故該兩處是振動減弱的，振幅為0，始終處于平衡位置。對x＝0、x＝4和x＝8處的質(zhì)點分析可知若兩列波在各自的方向上再傳播，可知該三處的質(zhì)點都處于波峰與波峰或者波谷與波谷相遇點，故可知該三處是振動加強的，振幅為2A，位移在﹣2A～2A之間變化，不可能一直處于平衡位置，故BC錯誤；D、根據(jù)前面分析可知x＝4位置的質(zhì)點是振動加強點，振幅為2A，故D正確。故選：D?！军c評】本題考查了波的疊加，振動步調(diào)一致的波，根據(jù)兩列波的形狀判斷加強點和減弱點，波峰（或波谷）與波峰（或波谷）相遇處為加速點，波峰（或波谷）與波谷（或波峰）相遇處，為振動減弱點，考查知識點比較基礎(chǔ)，難度不大。12．（2024?寧波二模）如圖，用三根絕緣細繩把三個帶同種電荷的小球A、B、C懸掛在O點。小球靜止時，恰好位于同一水平面，細繩與豎直方向的夾角分別為α、β、γ，已知小球A、B、C的質(zhì)量分別為mA、mB、mC，電荷量分別為qA、qB、qC，則下列說法正確的是（）A．若小球的質(zhì)量mA＝mB＝mC，則一定有α＝β＝γ B．若小球的質(zhì)量mA＝mB＝mC，則可能有α＝β＞γ C．若小球所帶電荷量qA＝qB＝qC，則一定有α＝β＝γ D．若小球所帶電荷量qA＞qB＞qC，則一定有α＜β＜γ【考點】庫侖定律；一般情況下的共點力平衡．【專題】計算題；信息給予題；定量思想；推理法；電荷守恒定律與庫侖定律專題；推理能力．【分析】根據(jù)整體分析列出表達式，根據(jù)選項條件結(jié)合表達式判斷即可?！窘獯稹拷猓篈.對ABC三個小球整體來看，其整體重心在豎直線上，由此得到mAlsinα＝mBlsinβ+mClsinγ當(dāng)mA＝mB＝mC時sinα＝sinβ+sinγ當(dāng)α＝β＝γ時sinα＝2sinα這是不能實現(xiàn)的，故A錯誤；B.由A項分析，當(dāng)γ＝0時α＝β＞γB正確；C.小球位置與其質(zhì)量有關(guān)，與電荷量無關(guān)，電荷量只決定小球張開的絕對大小，不影響相對大小，故C錯誤；D.由C項分析可知，故D錯誤。故選：B?！军c評】本題考查了多個帶電小球在共點力作用下平衡的問題，對學(xué)生的要求比較高，題目難度較大。13．（2024?浙江模擬）單鏡頭反光相機簡稱單反相機，它用一塊放置在鏡頭與感光部件之間的透明平面鏡把來自鏡頭的圖像投射到對焦屏上。對焦屏上的圖像通過五棱鏡的反射進入人眼中。圖為單反照相機取景器的示意圖，ABCDE為五棱鏡的一個截面，AB⊥BC。光線垂直AB射入，分別在CD和EA上發(fā)生反射，且兩次反射的入射角相等，最后光線垂直BC射出。（）A．光線垂直AB射入五棱鏡后，光速增大 B．無論射向AB的入射角多大，光線一定會在CD和EA上發(fā)生全反射 C．若兩次反射都為全反射，則該五棱鏡折射率的最小值為 D．若兩次反射都為全反射，則該五棱鏡折射率的最小值為【考點】全反射；光的折射及折射定律．【專題】定量思想；方程法；光的折射專題；全反射和臨界角專題；應(yīng)用數(shù)學(xué)處理物理問題的能力．【分析】光在介質(zhì)內(nèi)的速度小于光速；根據(jù)發(fā)生全反射的條件判斷；作出光路圖，根據(jù)幾何知識求出光在CD面上的入射角，當(dāng)光線剛好在CD面和AE面上發(fā)生全反射時，五棱鏡折射率最小，根據(jù)臨界角公式sinC＝求出折射率最小值?！窘獯稹拷猓篈、設(shè)介質(zhì)的折射率為n，則光在介質(zhì)內(nèi)的速度v＝，由于n＞1，可知光線垂直AB射入五棱鏡后，光速減小，故A錯誤；B、若射向AB的入射角滿足特定的條件，可以讓AB上的折射光線垂直射到CD上，光線一定不會在CD上發(fā)生全反射，故B錯誤；CD、由題意畫出光路圖如圖所示根據(jù)光路圖和反射定律可知：4θ＝90°，則θ＝22.5°光線在CD和AE界面上恰好發(fā)生全反射時，對應(yīng)著五棱鏡折射率的最小值n0，則sinθ＝解得n0＝，故C錯誤，D正確。故選：D?！军c評】解決該題的關(guān)鍵是能正確作出光路圖，能根據(jù)幾何知識求出臨界角。要知道光線剛好在界面上發(fā)生全反射時，棱鏡的折射率最小。二．多選題（共3小題）（多選）14．（2024?溫州二模）下列說法正確的是（）A．大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子可以向外輻射紫外線，也可向外輻射γ射線 B．盧瑟福通過α粒子散射實驗提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，也可估算出原子核的大小 C．?dāng)U散現(xiàn)象說明組成物質(zhì)的分子在做永不停息地?zé)徇\動，也可說明分子間存在空隙 D．從單一熱庫吸收熱量可以自發(fā)地全部傳遞給低溫物體，也可以自發(fā)地完全變成功【考點】熱力學(xué)第二定律；α粒子散射實驗；玻爾理論與氫原子的能級躍遷．【專題】定性思想；推理法；熱力學(xué)定律專題；物理光學(xué)綜合專題；分析綜合能力．【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻即可?！窘獯稹拷猓篈.大量處于激發(fā)態(tài)的氫原子可以向外輻射紫外線，不能向外輻射γ射線，故A錯誤；B.盧瑟福通過α粒子散射實驗提出了原子核式結(jié)構(gòu)模型，也可估算出原子核的大小，故B正確；C.擴散現(xiàn)象說明組成物質(zhì)的分子在做永不停息地?zé)徇\動，也可說明分子間存在空隙，故C正確；D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律，不可能從單一熱庫吸收熱量可以自發(fā)地全部傳遞給低溫物體，也不可能自發(fā)地完全變成功，故D錯誤。故選：BC?！军c評】本題考查物理學(xué)史，是常識性問題，對于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、著名理論要加強記憶，這也是考試內(nèi)容之一。（多選）15．（2024?寧波模擬）下列說法正確的是（）A．圖甲為一定質(zhì)量的氧氣分子在0℃和100℃時的速率分布圖像，其中圖線Ⅰ溫度較高 B．從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功是可能實現(xiàn)的 C．圖乙中靜止的鈉核Na在磁場中發(fā)生衰變，曲線1為α粒子的運動軌跡 D．相對論時空觀認(rèn)為運動物體的長度和物理過程的快慢都跟物體運動狀態(tài)有關(guān)【考點】原子核的衰變及半衰期、衰變速度；相對論時空觀；分子運動速率的統(tǒng)計規(guī)律；熱力學(xué)第二定律．【專題】定性思想；推理法；熱力學(xué)定律專題；衰變和半衰期專題；理解能力．【分析】結(jié)合不同溫度下的分子速率分布曲線判斷；根據(jù)熱力學(xué)第二定律判斷；衰變的過程中動量守恒，然后結(jié)合半徑公式判斷；根據(jù)相對論判斷?！窘獯稹拷猓篈、100℃的氧氣與0℃氧氣相比，速率大的分子數(shù)比例較多，所以圖線Ⅰ溫度較低，圖線Ⅱ溫度較高，故A錯誤；B、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功是可能實現(xiàn)的，但會引起其他的變化，故B正確；C、靜止的鈉核Na在磁場中發(fā)生衰變，產(chǎn)生的新核與粒子的動量守恒，速度的方向相反；乙圖中曲線2為內(nèi)切圓，結(jié)合左手定則可知，產(chǎn)生的粒子與新核的電性一定相反，所以粒子一定帶負(fù)電，為電子，沒有α粒子，故C錯誤；D、根據(jù)相對論時空觀認(rèn)為運動物體的長度和物理過程的快慢都跟物體運動狀態(tài)有關(guān)，故D正確。故選：BD?！军c評】本題考查分子運動速率的統(tǒng)計規(guī)律，熱力學(xué)第二定律、衰變以及相對論等內(nèi)容，都是一些記憶性的知識點，在平時的學(xué)習(xí)中多加積累即可。（多選）16．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）下列說法正確的是（）A．用光照射某種金屬，有光電子從金屬表面逸出，如果光的頻率不變，而減弱光的強度，則逸出的光電子數(shù)減少，光電子的最大初動能不變 B．X射線的衍射實驗，證實了物質(zhì)波假設(shè)是正確的 C．在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，因此光子散射后波長變長 D．速度相等的電子和質(zhì)子，電子的波長大【考點】光電效應(yīng)；粒子的波動性德布羅意波．【專題】定性思想；推理法；光電效應(yīng)專題．【分析】發(fā)生光電效應(yīng)的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，光的強弱只影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目；電子的衍射說明證實了物質(zhì)波的存在；康普頓效應(yīng)說明光具有粒子性；德布羅意波理論告訴我們，一切運動的微粒都有一種波與之對應(yīng)，即一切運動的微粒都具有波粒二象性．電子有波動性，但在一定的條件下才能表現(xiàn)出來．【解答】解：A、根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，光電子的最大初動能與入射光的頻率有關(guān)，與入射光的強度無關(guān)。故A正確；B、電子的衍射說明粒子的波動性，證實了物質(zhì)波的存在。故B錯誤；C、在康普頓效應(yīng)中，當(dāng)入射光子與晶體中的電子碰撞時，把一部分動量轉(zhuǎn)移給電子，則動量減小，根據(jù)λ＝，知波長增大。故C正確；D、速度相等的電子和質(zhì)子，電子的動量小；根據(jù)物質(zhì)波的波長公式：λ＝可知，電子的波長長。故D正確；故選：ACD。【點評】該題考查的康普頓效應(yīng)與物質(zhì)波屬于比較冷僻，以上比較簡單的知識點；解決本題的關(guān)鍵知道發(fā)生光電效應(yīng)的條件，以及知道光的強弱會影響單位時間內(nèi)發(fā)出光電子的數(shù)目．三．實驗題（共3小題）17．（2024?浙江模擬）（1）某同學(xué)利用打點計時器分析自身步行時的速度特征，把接在50Hz的交流電源上的打點計時器固定在與人腰部等高的桌面上，紙帶穿過打點計時器限位孔，一端固定在人腰部，人沿直線步行時帶動紙帶運動，打點計時器記錄人步行時的運動信息。①選取點跡清晰的紙帶，每5個點取一個計數(shù)點，其中連續(xù)5個計數(shù)點A、B、C、D、E圖所示，紙帶中CD段的平均速度為CD＝1.2m/s。（保留兩位有效數(shù)字）②再次實驗，沿著計數(shù)點位置把紙帶裁開并編號，按編號順序把剪出的紙帶下端對齊并排粘貼在坐標(biāo)紙上，剪出的紙帶長度代表打出這段紙帶時間內(nèi)的平均速度，把每段紙帶上邊中點連接成線，如下圖所示，若用圖中曲線描述人運動的速度一時間關(guān)系，如果用縱坐標(biāo)表示速度大小，橫坐標(biāo)表示時間，則紙帶的橫寬d對應(yīng)橫坐標(biāo)中的時間長度為0.10s，請根據(jù)上圖估算該同學(xué)的步幅為0.53m。（保留兩位有效數(shù)字）（2）①某同學(xué)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，下列物體中最適合用于提供拉力的是D。②該同學(xué)保持懸掛的重物質(zhì)量m不變，研究小車的加速度a與小車質(zhì)量M的關(guān)系。改變小車的質(zhì)量M，得到小車的加速度a，并描繪圖線后，發(fā)現(xiàn)圖線在值較大的區(qū)間發(fā)生彎曲，其他區(qū)間為直線，他分析認(rèn)為可能是由于細繩拉力不再等于懸掛物重力引起的，于是調(diào)整了研究參數(shù)，結(jié)果得到了一條完整的直線，他的調(diào)整可能是A。A.描繪a與的關(guān)系圖線B.描繪a與的關(guān)系圖線C.描繪a與（M+m）的關(guān)系圖線D.描繪a與的關(guān)系圖線【考點】探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系；探究小車速度隨時間變化的規(guī)律．【專題】定量思想；推理法；牛頓運動定律綜合專題；推理能力．【分析】（1）①根據(jù)紙帶平均速度的計算公式代入數(shù)據(jù)求解；②根據(jù)處理紙帶的方法計算時間，根據(jù)圖像的面積物理意義計算步幅；（2）①根據(jù)實驗原理分析誤差原因，選擇合適的鉤碼進行實驗；②根據(jù)牛頓第二定律推導(dǎo)的表達式判斷。【解答】解：（1）①CD段的平均速度＝m/s＝1.2m/s②紙帶的橫寬d對應(yīng)橫坐標(biāo)中的時間長度為T＝0.02s×5＝0.10s，可把圖像看成是v﹣t圖像，該同學(xué)的步幅為圖像一個周期內(nèi)每段紙帶面積之和，所以該同學(xué)的步幅為s＝（8.80+11.00+12.00+11.00+9.70）cm＝52.50cm＝0.53m（2）①某同學(xué)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，根據(jù)實驗原理，在平衡阻力之后，需要所掛重物的重力充當(dāng)小車所受合外力的要求m?M，下列物體中最適合用于提供拉力是10g的鉤碼，故ABC錯誤，D正確，故選：D；②根據(jù)牛頓第二定律，當(dāng)不滿足m?M時，仍滿足條件mg＝（M+m）a得a＝，根據(jù)表達式可知，a﹣圖像仍然是一條傾斜的直線，故A正確，BCD錯誤；故選：A。故答案為：（1）①＝1.2；②0.10，0.53；（2）①D；②A。【點評】考查紙帶的處理方法和牛頓第二定律問題，會根據(jù)題意進行分析求解。18．（2024?金華二模）在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，打點計時器固定在鐵架臺上，使重物帶動紙帶從靜止開始自由下落。（1）不同學(xué)生在實驗操作過程中出現(xiàn)如圖所示的四種情況，其中操作正確的是B。（2）實驗中，按照正確的操作得到如圖所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O（紙帶上第一個點）的距離分別為hA、hB、hC。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器打點的周期為T。設(shè)重物的質(zhì)量為m，從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少量ΔEp＝mghB，動能變化量ΔEk＝。（3）如果計算結(jié)果顯示重力勢能變化量絕對值小于動能變化量，可能的原因是C。A.紙帶受到阻力較大B.先接通電源后釋放紙帶C.先釋放紙帶后接通電源D.阻力與重力之比很小【考點】實驗驗證機械能守恒定律．【專題】定量思想；推理法；機械能守恒定律應(yīng)用專題；推理能力．【分析】（1）根據(jù)電源和牽拉紙帶的要求進行分析判斷；（2）根據(jù)重力勢能減少量的公式和動能的公式進行推導(dǎo)；（3）根據(jù)實際情況分析可能的原因。【解答】解：（1）打點計時器使用低壓交流電源，釋放重物之前需要用手提紙帶的上端，故ACD錯誤，B正確，故選：B；（2）設(shè)重物的質(zhì)量為m，從打O點到打B點的過程中，重物的重力勢能減少量為ΔEp＝mghB，動能變化量ΔEk＝m＝m（）2＝（3）正常情況下考慮阻力的存在，應(yīng)該是重力勢能的減少量略大于動能的增加量，但如果計算結(jié)果顯示重力勢能變化量絕對值小于動能變化量，則應(yīng)該是錯誤操作引起的，所以可能的原因是物體具有初速度，即先釋放紙帶后接通電源，故ABD錯誤，C正確，故選：C。故答案為：（1）B；（2）mghB，；（3）C?！军c評】考查機械能守恒的問題，會根據(jù)題意列式并判斷機械能是否守恒。19．（2024?鎮(zhèn)海區(qū)校級模擬）某同學(xué)為了研究歐姆表的改裝原理和練習(xí)使用歐姆表，設(shè)計了如下實驗。利用一個滿偏電流為100μA的電流表改裝成倍率可調(diào)為“×1”或“×10”的歐姆表，其電路原理圖如圖甲所示。（1）請根據(jù)圖甲中的電路原理圖，在答題卡上的圖乙中連接實物圖見解析，并正確連接紅、黑表筆。使用時進行歐姆調(diào)零發(fā)現(xiàn)電流表指針指在如圖丙所示位置，此時應(yīng)將滑動變阻器的滑片P向上（選填“上”或“下”）移動；（2）將單刀雙擲開關(guān)S與2接通后，先短接，再歐姆調(diào)零。兩表筆再與一電阻R0連接，表針指向表盤中央圖丁中的a位置處，然后用另一電阻Rx代替R0，結(jié)果發(fā)現(xiàn)表針指在b位置，則Rx＝Ω；（3）該同學(xué)進一步探測黑箱問題。黑箱面板上有三個接線柱1、2和3，黑箱內(nèi)有一個由三個阻值相同的電阻構(gòu)成的電路。用歐姆表測得1、2之間的電阻為5Ω，2、3之間的電阻為10Ω，1、3之間的電阻為15Ω，在答題卡圖戊所示虛線框中畫出黑箱中的電阻可能的連接方式（一種即可）見解析。【考點】用多用電表探測黑箱內(nèi)的電學(xué)元件；練習(xí)使用多用電表．【專題】實驗題；實驗探究題；定量思想；實驗分析法；恒定電流專題；實驗?zāi)芰Γ痉治觥浚?）歐姆表的內(nèi)部電流從黑表筆流出，紅表筆流入，因此A接黑表筆，B接紅表筆，據(jù)此完成電路圖的連接；將歐姆表的紅黑表筆短接，歐姆調(diào)零時，電流表的指針應(yīng)達到最大值；現(xiàn)電流表的指針未達到最大值，說明通過電流表的電流偏??；根據(jù)閉合電路的歐姆定律分析滑動變阻器的滑動片的移動方向；（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律，結(jié)合圖中指針對應(yīng)示數(shù)求解待測電阻；（3）根據(jù)串聯(lián)、并聯(lián)電路的特點結(jié)合題意分析黑箱內(nèi)可能的電路結(jié)構(gòu)，然后作答?！窘獯稹拷猓海?）歐姆表的內(nèi)部電流從黑表筆流出，紅表筆流入，因此A接黑表筆，B接紅表筆，根據(jù)電路圖連接實物圖如下：將歐姆表的紅黑表筆短接，歐姆調(diào)零時，電流表的指針應(yīng)達到最大值；現(xiàn)電流表的指針未達到最大值，說明通過電流表的電流偏?。辉O(shè)電流表與電阻R1和R2串聯(lián)后的并聯(lián)電阻為R并，由于電流表內(nèi)阻和電阻R1、R2的電阻不變，電流的分配不變，為了增大通過電流表的電流，就應(yīng)該增加干路電流；根據(jù)閉合電路的歐姆定律，電路中的總電流當(dāng)滑動變阻器的電阻減小時，電路中的總電流就會增大，因此滑動變阻器的滑動片應(yīng)向上滑動；（2）當(dāng)紅黑表筆短接時，根據(jù)閉合電路的歐姆定律當(dāng)兩表筆之間解電阻R0時，電流表指針位于a位置，根據(jù)歐姆定律當(dāng)兩表筆之間解電阻Rx時，電流表指針位于b位置，根據(jù)歐姆定律代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得待測電阻（3）由題意可得1、3之間的電阻可為1、2和2、3之間電阻的串聯(lián)值，所以第一情況：1、2之間接一個5Ω電阻，2、3之間接兩個5Ω電阻串聯(lián)，電路圖如圖所示：所以第二情況：1、2之間接兩個10Ω電阻并聯(lián)，2、3之間接一個10Ω電阻，電路圖如圖所示：故答案為：（1）見解析；上；（2）；（3）見解析?！军c評】本題主要考查了歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)和歐姆調(diào)零的原理，考查了歐姆表測電阻的原理；解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握閉合電路的歐姆定律，黑箱內(nèi)電路的設(shè)計是本題的難點。四．解答題（共4小題）20．（2024?臺州二模）海洋溫差發(fā)電安全無污染，儲量巨大。在某次發(fā)電測試實驗中，探測到490m深處的海水溫度為290K，如圖所示，在此處將氨水蒸氣封閉在橫截面積S＝2m2的氣缸內(nèi)，氣缸從深海490m深處上浮到海面，隨著海水溫度升高，封閉氣體的體積增大，活塞緩慢上升且始終未脫離氣缸。氨水蒸氣可看作理想氣體，氣缸導(dǎo)熱性能良好，活塞質(zhì)量不計。已知海面處溫度T0＝300K、此處氣體體積V0＝3m3，大氣壓強恒為p0＝1×105Pa，海水密度ρ＝1.0×103kg/m3。（1）氣缸從深海上浮到海面，氣缸內(nèi)氣體的分子平均動能變大（選填“變大”、“變小”或者“不變”）及內(nèi)能變大（選填“變大”、“變小”或者“不變”）；（2）求氣缸在深海中上浮490m到海平面的過程中，活塞相對缸底上升的距離（計算結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（3）在上述過程中，氣缸內(nèi)含蒸氣1.7kg，上升過程吸收的總熱量為105kJ，已知1摩爾蒸氣的內(nèi)能U＝kT，其中常量k＝25J/K，1摩爾蒸氣質(zhì)量為17g。求蒸氣對外做的功?！究键c】理想氣體及理想氣體的狀態(tài)方程；熱力學(xué)第一定律及其應(yīng)用．【專題】定量思想；推理法；理想氣體狀態(tài)方程專題；分析綜合能力．【分析】（1）根據(jù)缸內(nèi)氣體溫度升高，分析缸內(nèi)氣體分子平均動能以及內(nèi)能變化；（2）根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程列式求解；（3）根據(jù)熱力學(xué)第一定律以及題干信息列式求解?！窘獯稹拷猓海?）氣缸從深海上浮到海面過程，氣缸內(nèi)氣體溫度升高，因此氣缸內(nèi)氣體的分子平均動能變大；氣體內(nèi)能變大；（2）初始時p1＝p0+ρgh代入數(shù)據(jù)解得：p1＝5×105Pa，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程解得：V1＝0.058m3，又根據(jù)V0﹣V1＝ΔhS代入數(shù)據(jù)解得：Δh＝1.47m；（3）根據(jù)熱力學(xué)第一定律有ΔU＝W+QΔU＝100kΔt代入數(shù)據(jù)解得：ΔU＝25kJ聯(lián)立解得：Q＝﹣80kJ，即蒸氣對外做的功80kJ；答：（1）變大、變大；（2）氣缸在深海中上浮490m到海平面的過程中，活塞相對缸底上升的距離為1.47m；（3）蒸氣對外做的功為80kJ?！军c評】該題考查理想氣體內(nèi)能大小的決定因素、理想氣體狀態(tài)方程以及熱力學(xué)第一定律等知識點的綜合應(yīng)用，解答該題要明確變化過程，找準(zhǔn)初末狀態(tài)參量。21．（2024?溫州二模）一游戲裝置豎直截面如圖所示，該裝置由傾角θ＝53°的固定斜面CD、水平傳送帶EF、粗糙水平軌道FG、光滑圓弧軌道GPQ、及固定在Q處的彈性擋板組成。斜面CD高度h0＝0.4m，傳送帶EF與軌道FG離地面高度均為h，兩者長度分別為l1＝4m、l2＝1.5m，OG、OP分別為圓弧軌道的豎直與水平半徑，半徑R＝0.8m，圓弧PQ所對應(yīng)的圓心角α＝37°，軌道各處平滑連接。現(xiàn)將質(zhì)量m＝1kg的滑塊（可視為質(zhì)點）從斜面底端的彈射器彈出，沿斜面從D點離開時速度大小v0＝5m/s，恰好無碰撞從E點沿水平方向滑上傳送帶。當(dāng)傳送帶以v＝5m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動，滑塊恰好能滑至P點。已知滑塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ1＝0.5，滑塊與擋板碰撞后原速率反向彈回，不計空氣阻力。sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，求：（1）高度h；（2）滑塊與水平軌道FG間的動摩擦因數(shù)μ2；（3）滑塊最終靜止時離G點的距離x；（4）若傳送帶速度大小可調(diào)，要使滑塊與擋板僅碰一次，且始終不脫離軌道，則傳送帶速度大小v的范圍?！究键c】動能定理；牛頓第二定律；平拋運動．【專題】定量思想；推理法；動能定理的應(yīng)用專題；分析綜合能力．【分析】根據(jù)斜拋運動規(guī)律結(jié)合動能定理進行求解即可。【解答】解：（1）從D到E過程中滑塊做斜拋運動，把D點速度分解到豎直和水平方向，豎直方向：vy＝v0sinθ＝m/s＝4m/s水平方向：vx＝v0cosθ＝m/s＝3m/s運動到E點時豎直方向上速度為零，由運動學(xué)公式得y＝0.8m所以，h＝y(tǒng)+h0＝0.8m+0.4m＝1.2m（2）滑塊以vx＝3m/s滑上傳送帶，假設(shè)能被加速到v＝5m/s，則：成立。故滑塊離開F點的速度vF＝5m/s從F到P過程應(yīng)用動能定理得解得：μ2＝0.3（3）由分析可知，物塊從P返回后向左進入傳送帶，又以原速率返回，設(shè)物塊從P返回后，在FG之間滑行的總路程為s，對全過程應(yīng)用動能定理得mgR﹣μ2mgs＝0解得：所以，滑塊停止時離G點：（4）設(shè)傳送帶速度為v1時，滑塊恰能到Q點，在Q點滿足：，得：從F到Q應(yīng)用動能定理得解得：設(shè)傳送帶速度為v2時，滑塊撞擋板后恰能重新返回到P點，對該過程應(yīng)用動能定理得解得：若滑塊被傳送帶一直加速，則：可得vm＝7m/s所以，傳送帶可調(diào)節(jié)的速度范圍為m/s≤vm/s故答案為：（1）高度h為1.2m；（2）滑塊與水平軌道FG間的動摩擦因數(shù)μ2為0.3；（3）滑塊最終靜止時離G點的距離x為；（4）傳送帶可調(diào)節(jié)的速度范圍為m/s≤vm/s【點評】本題主要考查多過程運動狀態(tài)的分析，解題關(guān)鍵是對不同的運動過程列動能定理方程進行求解。22．（2024?鹿城區(qū)校級模擬）如圖，半徑為l的金屬圓環(huán)水平固定，處于磁感應(yīng)強度大小為B、方向豎直向下的勻強磁場中，金屬棒OA可繞圓心O在圓環(huán)上轉(zhuǎn)動。金屬棒CD放在寬度也為l的足夠長光滑平行金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌傾角為θ，處于垂直導(dǎo)軌平面向下、磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。用導(dǎo)線分別將金屬圓環(huán)、金屬棒OA的O端分別與D端導(dǎo)軌和C端導(dǎo)軌連接，已知金屬棒OA和CD的長度均為l、質(zhì)量均為m、電阻均為r，其他電阻不計。重力加速度大小為g。（1）將金屬棒OA固定，使金屬棒CD從靜止開始下滑，求金屬棒CD的最大速度；（2）讓金屬棒OA勻速轉(zhuǎn)動，使金屬棒CD保持靜止，求①金屬棒OA的轉(zhuǎn)動方向；②金屬棒OA轉(zhuǎn)動的角速度；③金屬棒OA兩端的電勢差UOA?！究键c】導(dǎo)體切割磁感線時產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律．【專題】整體思想；推理法；電磁感應(yīng)中的力學(xué)問題；分析綜合能力．【分析】（1）求出金屬棒CD切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律求出回路電流，根據(jù)平衡條件再求出導(dǎo)體棒CD最大速度；（2）應(yīng)用安培力公式求出金屬棒CD受到的安培力，然后應(yīng)用平衡條件結(jié)合動生電動勢公式和閉合電路歐姆定律公式求解?！窘獯稹拷猓海?）金屬棒CD達到最大速度后做勻速運動，根據(jù)平衡條件有：mgsinθ＝BIml＝B??l＝解得：vm＝（2）①要是金屬棒CD靜止，必須是金屬棒CD受到的安培力沿斜面向上，由左手定則及右手定則可知，金屬棒OA應(yīng)該沿逆時針方向轉(zhuǎn)動（自上而下看），②當(dāng)金屬棒OA以角速度ω轉(zhuǎn)動時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為：E＝Bl2ω，根據(jù)閉合電路歐姆定律有：I＝電流方向從C到D，金屬棒CD受到的安培力沿斜面向上與重力沿斜面向下的分力平衡有：F＝BIl＝mgsinθ聯(lián)立以上各式得：ω＝③金屬棒OA兩端電壓UOA＝E﹣Ir＝＝答：（1）將金屬棒OA固定，使金屬棒CD從靜止開始下滑，則金屬棒CD的最大速度為；（2）讓金屬棒OA勻速轉(zhuǎn)動，使金屬棒CD保持靜止，則①金屬棒OA的轉(zhuǎn)動方向是沿逆時針方向轉(zhuǎn)動（自上而下看）；②金屬棒OA轉(zhuǎn)動的角速度為；③金屬棒OA兩端的電勢差UOA是?！军c評】導(dǎo)體棒在勻強磁場中繞其一端做勻速圓周運動，切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢：E＝，分析清楚題意、求出導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，應(yīng)用歐姆定律、安培力公式與平衡條件可以解題。23．（2024?寧波模擬）如圖所示，在Oxy平面的第一象限內(nèi)有一過原點的無限長擋板，擋板與x軸成60°角放置。擋板上方有無限長、邊界平行于擋板的區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，分別存在磁感應(yīng)強度大小為B0和2B0的勻強磁場，方向均垂直紙面向里，磁場邊界與y軸分別交于y＝2h和y＝4h處。在y＝3h處有一離子源射出平行x軸、方向與x軸正向相同、質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子。不計正離子的重力以及離子間的相互作用，并忽略磁場的邊緣效應(yīng)。（1）若沒有離子進入?yún)^(qū)域Ⅰ，求離子初速度最大值v1；（2）若離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后垂直y軸離開第一象限，求離子初速度的最大值v2；（3）若離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰好能打到擋板上，求離子初速度v3?！究键c】帶電粒子在有界磁場中的運動；牛頓第二定律；向心力；帶電粒子在勻強磁場中的運動．【專題】計算題；定量思想；推理法；帶電粒子在磁場中的運動專題；分析綜合能力．【分析】（1）根據(jù)離子恰好與磁場I的邊界相切求出軌道半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出離子運動的速度；（2）由題可知求出半徑以及離子不會進入?yún)^(qū)域I的條件；（3）最后，在平行擋板方向由動量定理求出離子的初速度?！窘獯稹拷猓海?）由洛倫茲力提供向心力，有可得若離子恰好與磁場I的邊界相切r＝h得（2）由題可知r＝0.5h得又v2＜v1該離子不會進入?yún)^(qū)域I，滿足題目要求（3）平行擋板方向由動量定理Bqv⊥Δt＝mΔv//∑2B0qv⊥Δt2+∑B0qv⊥′Δt1＝mv3﹣mv3cos60°解得答：（1）若沒有離子進入?yún)^(qū)域Ⅰ，離子初速度最大值為；（2）若離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后垂直y軸離開第一象限，離子初速度的最大值為；（3）若離子經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)后恰好能打到擋板上，離子的初速度為?！军c評】本題考查了帶電粒子在組合場中的運動，解決本題的關(guān)鍵是熟練掌握洛倫茲力提供向心力的運動模型。

考點卡片1．質(zhì)點【知識點的認(rèn)識】（1）定義：用來代替物體的有質(zhì)量的點．①質(zhì)點是用來代替物體的具有質(zhì)量的點，因而其突出特點是“具有質(zhì)量”和“占有位置”，但沒有大小，它的質(zhì)量就是它所代替的物體的質(zhì)量．②質(zhì)點沒有體積或形狀，因而質(zhì)點是不可能轉(zhuǎn)動的．任何轉(zhuǎn)動的物體在研究其自轉(zhuǎn)時都不可簡化為質(zhì)點．③質(zhì)點不一定是很小的物體，很大的物體也可簡化為質(zhì)點．同一個物體有時可以看作質(zhì)點，有時又不能看作質(zhì)點，要具體問題具體分析．（2）物體可以看成質(zhì)點的條件：如果在研究的問題中，物體的形狀、大小及物體上各部分運動的差異是次要或不起作用的因素，就可以把物體看做一個質(zhì)點．（3）突出主要因素，忽略次要因素，將實際問題簡化為物理模型，是研究物理學(xué)問題的基本思維方法之一，這種思維方法叫理想化方法．質(zhì)點就是利用這種思維方法建立的一個理想化物理模型．【命題方向】（1）第一類?？碱}型是對具體事例進行分析：在物理學(xué)研究中，有時可以把物體看成質(zhì)點，則下列說法中正確的是（）A．研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)，可以把乒乓球看成質(zhì)點B．研究車輪的轉(zhuǎn)動，可以把車輪看成質(zhì)點C．研究跳水運動員在空中的翻轉(zhuǎn)，可以把運動員看成質(zhì)點D．研究地球繞太陽的公轉(zhuǎn)，可以把地球看成質(zhì)點分析：當(dāng)物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點，根據(jù)把物體看成質(zhì)點的條件來判斷即可．解答：A、研究乒乓球的旋轉(zhuǎn)時，不能把乒乓球看成質(zhì)點，因為看成質(zhì)點的話，就沒有旋轉(zhuǎn)可言了，所以A錯誤．B、研究車輪的轉(zhuǎn)動是，不能把車輪看成質(zhì)點，因為看成質(zhì)點的話，就沒有轉(zhuǎn)動可言了，所以B錯誤．C、研究跳水運動員在空中的翻轉(zhuǎn)時，不能看成質(zhì)點，把運動員看成質(zhì)點的話，也就不會翻轉(zhuǎn)了，所以C錯誤．D、研究地球繞太陽的公轉(zhuǎn)時，地球的大小對于和太陽之間的距離來說太小，可以忽略，所以可以把地球看成質(zhì)點，所以D正確．故選D．點評：考查學(xué)生對質(zhì)點這個概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點時的條件，看物體的大小體積對所研究的問題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略．（2）第二類常考題型是考查概念：下列關(guān)于質(zhì)點的說法中，正確的是（）A．質(zhì)點是一個理想化模型，實際上并不存在，所以，引入這個概念沒有多大意義B．只有體積很小的物體才能看作質(zhì)點C．凡輕小的物體，皆可看作質(zhì)點D．如果物體的形狀和大小對所研究的問題屬于無關(guān)或次要因素時，即可把物體看作質(zhì)點分析：物體可以看成質(zhì)點的條件是物體的大小體積對所研究的問題是否產(chǎn)生影響，同一個物體在不同的時候，有時可以看成質(zhì)點，有時不行，要看研究的是什么問題．解答：A、質(zhì)點是一個理想化模型，實際上并不存在，引入這個概念可以簡化我們分析的問題，不是沒有意義，所以A錯誤；B、體積大的物體也可以看做質(zhì)點，比如地球，所以B錯誤；C、輕小的物體，不一定可以看做質(zhì)點，要看它的形狀對分析的問題有沒有影響，所以C錯誤；D、如果物體的形狀和大小對所研究的問題屬于無關(guān)或次要因素時，即可把物體看作質(zhì)點，所以D正確．故選：D．點評：考查學(xué)生對質(zhì)點這個概念的理解，關(guān)鍵是知道物體能看成質(zhì)點時的條件，看物體的大小體積對所研究的問題是否產(chǎn)生影響，物體的大小體積能否忽略．【解題方法點撥】這部分知識難度不大，在平時的練習(xí)中可能出現(xiàn)，且往往以選擇題的形式出現(xiàn)，但是高考中單獨出現(xiàn)的幾率比較?。局R點的應(yīng)用及延伸】：理想模型及其在科學(xué)研究中的作用在自然科學(xué)的研究中，“理想模型”的建立，具有十分重要的意義．第一，引入“理想模型”的概念，可以使問題的處理大為簡化而又不會發(fā)生大的偏差．把現(xiàn)實世界中，有許多實際的事物與這種“理想模型”十分接近．在一定的場合、一定的條件下，作為一種近似，可以把實際事物當(dāng)作“理想模型”來處理，即可以將“理想模型”的研究結(jié)果直接地應(yīng)用于實際事物．例如，在研究地球繞太陽公轉(zhuǎn)的運動的時候，由于地球與太陽的平均距離（約為14960萬公里）比地球的半徑（約為6370公里）大得多，地球上各點相對于太陽的運動可以看做是相同的，即地球的形狀、大小可以忽略不計．在這種場合，就可以直接把地球當(dāng)作一個“質(zhì)點”來處理．在研究炮彈的飛行時，作為第一級近似，可以忽略其轉(zhuǎn)動性能，把炮彈看成一個“質(zhì)點”；作為第二級近似，可以忽略其彈性性能，把炮彈看成一個“剛體”．在研究一般的真實氣體時，在通常的溫度和壓強范圍內(nèi)，可以把它近似地當(dāng)作“理想氣體”，從而直接地運用“理想氣體”的狀態(tài)方程來處理．第二，對于復(fù)雜的對象和過程，可以先研究其理想模型，然后，將理想模型的研究結(jié)果加以種種的修正，使之與實際的對象相符合．這是自然科學(xué)中，經(jīng)常采用的一種研究方法．例如：“理想氣體”的狀態(tài)方程，與實際的氣體并不符合，但經(jīng)過適當(dāng)修正后的范德瓦爾斯方程，就能夠與實際氣體較好地符合了．第三，由于在“理想模型”的抽象過程中，舍去了大量的具體材料，突出了事物的主要特性，這就更便于發(fā)揮邏輯思維的力量，從而使得“理想模型”的研究結(jié)果能夠超越現(xiàn)有的條件，指示研究的方向，形成科學(xué)的預(yù)見．例如：在固體物理的理論研究中，常常以沒有“缺陷”的“理想晶體”作為研究對象．但應(yīng)用量子力學(xué)對這種“理想晶體”進行計算的結(jié)果，表明其強度竟比普通金屬材料的強度大一千倍．由此，人們想到：既然“理想晶體”的強度應(yīng)比實際晶體的強度大一千倍，那就說明常用金屬材料的強度之所以減弱，就是因為材料中有許多“缺陷”的緣故．如果能設(shè)法減少這種“缺陷”，就可能大大提高金屬材料的強度．后來，實踐果然證實了這個預(yù)言．人們沿著這一思路制造出了若干極細的金屬絲，其強度接近于“理想晶體”的強度，稱之為“金胡須”．總之，由于客觀事物具有質(zhì)的多樣性，它們的運動規(guī)律往往是非常復(fù)雜的，不可能一下子把它們認(rèn)識清楚．而采用理想化的客體（即“理想模型”）來代替實在的客體，就可以使事物的規(guī)律具有比較簡單的形式，從而便于人們?nèi)フJ(rèn)識和掌握它們．2．參考系【知識點的認(rèn)識】（1）運動與靜止：自然界的一切物體都處于永恒的運動中，運動是絕對的，靜止是相對的。（2）定義：在描述物體的運動時，被選定作為參考，假定靜止不動的物體。（3）選?。孩龠x擇不同的參考系來觀察同一物體的運動，其結(jié)果可能會不同。②參考系可以任意選擇，但選擇得當(dāng)，會使問題的研究變得簡潔、方便。③通常情況下，在討論地面上物體的運動時，都以地面為參考系。（4）參考系的四個性質(zhì)：標(biāo)準(zhǔn)性被選為參考系的物體都是假定靜止的，被研究的物體是運動還是靜止，都是相對于參考系而言的任意性任何物體都可以作為參考系同一性比較多個物體的運動或同一物體在不同階段的運動時，必須選擇同一個參考系差異性對于同一個物體的運動，選擇不同的參考系，觀察結(jié)果一般不同【命題方向】關(guān)于參考系的選取，下列說法正確的是（）A.參考系就是絕對不動的物體B.只有選好參考系以后，物體的運動才能確定C.同一物體的運動，相對于不同的參考系，觀察的結(jié)果可能不同D.我們平常所說的樓房是靜止的，是以地球為參考系的分析：參考系，是指研究物體運動時所選定的參照物體或彼此不做相對運動的物體系；參考系的選取是任意的，如何選擇參照系，必須從具體情況來考慮，一般情況下我們以地面或地面上的物體作為參考系解答：A、任何物體均可作為參考系，并不要求是否靜止，故A錯誤；B、要想描述一個物體的運動，必須先選擇參考系；故B正確；C、同一物體的運動，相對于不同的參考系，觀察的結(jié)果可能不同，故C正確；D、我們平常所說的樓房是靜止的，是以地球為參考系的；故D正確；故選：BCD。點評：為了研究和描述物體的運動，我們引入了參考系，選擇不同的參考系，同一物體相對于不同的參考系，運動狀態(tài)可以不同，選取合適的參考系可以使運動的研究簡單化?！窘忸}思路點撥】參考系的選取方法：（1）研究地面上物體的運動時，常選取地面或相對地面靜止的物體作為參考系。（2）研究某一系統(tǒng)中物體的運動時，常選取系統(tǒng)作為參考系。例如：研究宇航艙內(nèi)物體的運動情況時，選取宇航艙為參考系。3．v-t圖像【知識點的認(rèn)識】1.定義：v﹣t圖像表示的是物體速度隨時間變化的關(guān)系。2.圖像實例：3.各參數(shù)的意義：（1）斜率：表示加速度；（2）縱截距：表示初速度；（3）交點：表示速度相等。4.v﹣t曲線分析：①表示物體做初速度為零的勻加速直線運動；②表示物體沿正方向做勻速直線運動；③表示物體沿正方向做勻減速直線運動；④交點的縱坐標(biāo)表示三個物體此時的速度相同；⑤t1時刻物體的速度為v1，陰影部分的面積表示物體0～t1時間內(nèi)的位移?！久}方向】甲、乙兩汽車在同一條平直公路上同向運動，其速度—時間圖像分別如圖中甲、乙兩條曲線所示。已知兩車在t1時刻并排行駛，下列說法正確的是（）A.t1時刻到t2時刻這段時間，甲車一直在乙車之前B.t2時刻甲、乙兩車再次并排行駛C.t1時刻到t2時刻這段時間，甲車的加速度先減小后增大，乙車的加速度大小先增大后減小D.t1時刻到t2時刻這段時間，兩車的加速度都先減小后增大分析：在v﹣t圖像中，斜率表示加速度，面積表示位移，定性地判斷兩車的加速度和位移的關(guān)系即可。解答：A、由圖可知，t1時刻到t2時刻這段時間內(nèi)，甲車的速度始終大于乙車的速度，因為兩車在t1時刻并排行駛，所以t1時刻到t2時刻的這段時間內(nèi)，甲車一直在乙車前面，故A正確；B、t2時刻甲乙兩車速度相等，同A選項的分析可知，在t1～t2時間內(nèi)，甲車一直在乙車前面，故B錯誤；CD、v﹣t圖像斜率表示加速度，可知在t1時刻到t2時刻這段時間，甲車的加速度先減小后增大，乙車的加速度也是先減小后增大，故C錯誤，D正確。故選：AD。點評：本題主要考查了v﹣t圖像，理解斜率表示加速度，面積表示位移，可定性地分析兩車的運動情況即可。【解題思路點撥】圖像類問題是從數(shù)學(xué)的角度描述了物體的運動規(guī)律，能夠比較直觀地反映位移、速度的大小和方向隨時間的變化情況。針對此類問題，可以首先根據(jù)圖像還原物體的運動情景，再結(jié)合斜率、截距、面積等數(shù)學(xué)概念進行分析。4．力的合成與分解的應(yīng)用【知識點的認(rèn)識】一、物體的受力分析1．放在水平地面上靜止的物體．二力平衡：某個物體受兩個力作用時，只要兩個力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，則這兩個力合力為零，物體處于平衡狀態(tài)．2．放在水平地面上