2024屆安徽省高三年級(jí)下冊(cè)3月考試物理試卷（解析版）

絕密★啟用前（安徽卷）

物理試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。

2.回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改

動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在

本試卷上無(wú)效。

3.考試結(jié)束后，將本試題卷和答題卡一并交回。

一、選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)

符合題目要求。

1.2023年12月8日，百億級(jí)中核核能產(chǎn)業(yè)園簽約落地成都，助力打造國(guó)家級(jí)核能產(chǎn)業(yè)集聚戰(zhàn)略高地。核能

是通過(guò)核反應(yīng)從原子核釋放的能量，如氮3與笊核的核反應(yīng)方程是；He+；Hfx+；H+AE,方程中AE

為釋放的核能.已知?dú)夂说谋冉Y(jié)合能為與，氫核的比結(jié)合能為石2,則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.該反應(yīng)為核裂變反應(yīng)，生成的新核x是；He

B.氮4核中有4個(gè)質(zhì)子2個(gè)中子，氮4核與氫3核不是互為同位素

4F-2F-AF

C.該反應(yīng)中氫3的比結(jié)合能為一?----!------

3

D.該反應(yīng)生成物的質(zhì)量數(shù)將小于反應(yīng)物的質(zhì)量數(shù)

【答案】C

【解析】

【詳解】A.該反應(yīng)為核聚變反應(yīng)，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可得核反應(yīng)方程為

；He+：HfHe+；H+AE

可知生成的新核工是；He,A錯(cuò)誤；

B.氮4核中有2個(gè)質(zhì)子2個(gè)中子，質(zhì)子數(shù)相同的稱為同位素，氫4核與氫3核是互為同位素，B錯(cuò)誤;

C.根據(jù)

3513+2E]+NE=4弓

第1頁(yè)/共23頁(yè)

可得氮3的比結(jié)合能為

尸4E,—2E、一AE

E3=---------

33

C正確；

D.核反應(yīng)過(guò)程的前后，反應(yīng)體系的質(zhì)量數(shù)守恒，D錯(cuò)誤。

故選C。

2.在杭州亞運(yùn)會(huì)女子排球決賽中，中國(guó)隊(duì)?wèi)?zhàn)勝日本隊(duì)獲得冠軍。如圖所示，在決賽中，一運(yùn)動(dòng)員將排球從

A點(diǎn)斜向上以速度匕擊出，排球沿軌跡ABC運(yùn)動(dòng)；另一運(yùn)動(dòng)員將該排球從C點(diǎn)以水平速度力擊回，排球沿

B.沿軌跡ABC運(yùn)動(dòng)的最小速度為為

C.沿軌跡ABC和軌跡CD4運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度變化量大小相同

D.沿軌跡ABC和軌跡CD4運(yùn)動(dòng)過(guò)程的平均速度大小可能相同

【答案】A

【解析】

【詳解】AB.根據(jù)圖像可知，軌跡ABC最高點(diǎn)的高度大于軌跡CZM最高點(diǎn)，分析在最高點(diǎn)和A點(diǎn)之間的

運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)規(guī)律

"=3娟

x

推得軌跡CDA運(yùn)動(dòng)時(shí)間短，但水平位移大，故軌跡C"水平分速度大，豎直分速度

0y=gt

小，根據(jù)合速度原理知沿軌跡CD4運(yùn)動(dòng)的最大速度可能為匕，沿軌跡ABC運(yùn)動(dòng)的最小速度為最高點(diǎn)的速

度，即匕的水平分速度，小于匕，故A正確，B錯(cuò)誤；

第2頁(yè)/共23頁(yè)

C.沿軌跡ABC和軌跡CD4運(yùn)動(dòng)過(guò)程的時(shí)間不同，故速度變化量

Av=gbt

不同，故C錯(cuò)誤；

D.沿軌跡ABC和軌跡CD4運(yùn)動(dòng)過(guò)程的位移大小相同，但時(shí)間不同，故平均速度大小不同，故D錯(cuò)誤。

故選Ao

3.一質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其相對(duì)于平衡位置的位移x與時(shí)間f的關(guān)系圖線如圖所示，由圖可知（）

C.f=0.5x10-2$時(shí)振子的速度最大，且方向向下

D.0.25xl（T2s時(shí)振子的位移為_5cm

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由題圖知，該簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期T=2x10-2$,振幅A=7cm,故A錯(cuò)誤;

B.根據(jù)角頻率的公式有

2萬(wàn)

a>=——=lOO^rad/s

T

SJT7T

又因?yàn)椤?萬(wàn)或e=-萬(wàn)，所以振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為

x=7sinf100R+半cm或x=7sin[100^?1cm

故B正確;

C./=O.5xlO-2s時(shí)振子位于平衡位置，速度最大，由“爬坡法”知質(zhì)點(diǎn)在向上運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤;

D.當(dāng)￡=0.25義10一25時(shí)位移為

第3頁(yè)/共23頁(yè)

7V2

x=7sin1100］。+日cm=-------cm

2

故D錯(cuò)誤。

故選B。

4.如圖所示，真空中A、B,C三點(diǎn)的連線構(gòu)成一個(gè)等腰三角形，0C為A3連線的中垂線，。為連線中點(diǎn)。

A的電荷量為-Q,B的電荷量為+Q,兩點(diǎn)電荷分別固定在A、B點(diǎn)，A、B相距/,靜電力常量為人.現(xiàn)將

另一個(gè)電荷量為+4的點(diǎn)電荷放置在AB連線的中垂線上距。點(diǎn)為x=g/的C點(diǎn)處，此時(shí)+q所受的靜電力

大小為（）

<7-r

?<一?

卜

,也kQqRkQqmkQqnlyflkQq

2

2/2I/2/2

【答案】D

【解析】

【詳解】如圖所示，c處+q受到的電場(chǎng)力為

F=2FACOS0

方向由8指向A。根據(jù)幾何關(guān)系有

cos6=2

2

12I

X~\—

4

則有

1

F

2

則

第4頁(yè)/共23頁(yè)

_242kQq

r―

Q

十8

r—

故選D。

5.如圖所示，在光滑平臺(tái)上放置一長(zhǎng)度/=0.32m,質(zhì)量”=280g的文具盒，在文具盒最左端放有可視

為質(zhì)點(diǎn)的質(zhì)量根=140g的墨水瓶，墨水瓶與文具盒間動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,開始時(shí)兩者均靜止，現(xiàn)對(duì)文具

盒施加E=1.12N、水平向左的恒力，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取lOm/s?。墨水瓶在文具盒上運(yùn)動(dòng)

的時(shí)間為（）

a

A.0.2sB.0.4sC.0.8sD.1.6s

【答案】C

【解析】

【詳解】對(duì)文具盒施加E=1.12N、水平向左的恒力，以墨水瓶為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得

/jmg=max

解得墨水瓶的加速度大小為

%=2m/s2

以文具盒為對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律可得

F-/nmg=Ma2

解得文具盒的加速度大小為

2

a2=3m/s

設(shè)墨水瓶在文具盒上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為則有

代入數(shù)據(jù)解得

第5頁(yè)/共23頁(yè)

t=0.8s

故選C。

6.2023年12月11日消息，北斗在國(guó)內(nèi)導(dǎo)航地圖領(lǐng)域已實(shí)現(xiàn)主用地位，每天使用次數(shù)超過(guò)3600億次。北斗

衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由若干靜止軌道衛(wèi)星、中地球軌道衛(wèi)星組成，如圖所示，若地球半徑為R,其中地球軌道衛(wèi)星

A繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為4R,靜止軌道衛(wèi)星B繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為7凡已知地球表面

的重力加速度大小g=10m/s2,第一宇宙速度大小為7.9km/s,忽略地球自轉(zhuǎn)。下列說(shuō)法正確的是（）

A.衛(wèi)星A的運(yùn)行周期與衛(wèi)星B的運(yùn)行周期之比為4：7

B.衛(wèi)星A的向心加速度大小為0.625m

C.衛(wèi)星B在6h內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)的圓心角是45°

D.衛(wèi)星B在軌運(yùn)行速度一定大于7.9km/s

【答案】B

【解析】

【詳解】A.設(shè)M表示地球的質(zhì)量，加表示衛(wèi)星的質(zhì)量，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力

ITC

于

T=2也

4R44

故A錯(cuò)誤;

B.在地球表面為加。的物體，有

對(duì)衛(wèi)星A,根據(jù)牛頓第二定律

第6頁(yè)/共23頁(yè)

GMm

=ma

(4R)2

聯(lián)立可得衛(wèi)星A向心加速度大小為

a=0.625m/s2

故B正確；

C.衛(wèi)星B在6h內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)的圓心角為

2%義色=n

24~2

故C錯(cuò)誤;

D.根據(jù)牛頓第二定律

Mmv2

下二m—

Gr

即

v2ocl

r

第一宇宙速度為7.9km/s,故衛(wèi)星B在軌運(yùn)行速度一定小于7.9km/s,故D錯(cuò)誤。

故選B。

7.以下四幅圖片中，圖甲是單色光的衍射圖樣，圖乙是雙縫干涉示意圖，圖丙是一束復(fù)色光進(jìn)入水珠后傳

播的示意圖，圖丁是自然光通過(guò)偏振片M、N的實(shí)驗(yàn)結(jié)果，右邊是光屏，當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，光

屏上的光亮度將一明一暗交替變化。下列說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）

A.圖甲中，中央條紋特別寬特別亮，兩側(cè)的亮紋比較窄比較暗

B.圖乙中，若只增大屏到擋板間距離，兩相鄰亮條紋間距離將減小

C.圖丙中，a束光在水珠中傳播的速度一定大于6束光在水珠中傳播的速度

D.圖丁中，這種現(xiàn)象表明光波是橫波

【答案】B

【解析】

【詳解】A.圖甲中，單色光的衍射圖樣，單縫衍射條紋分布不均勻，中央條紋最寬、最亮，故A正確,

第7頁(yè)/共23頁(yè)

不符合題意;

B.根據(jù)

、I,

Ax=-A

d

圖乙中，若只增大屏到擋板間距離/,兩相鄰亮條紋間距離將增大，故B錯(cuò)誤，符合題意；

C.根據(jù)折射率和光的傳播速度之間的關(guān)系

c

V=—

n

可知，折射率越大，傳播速度越小，從圖中可以看出，。光線在水中偏折得厲害，即6的折射率大于。的

折射率，則a在水中的傳播速度大于6的傳播速度，故C正確，不符合題意；

D.圖丁中的M、N是偏振片，P是光屏。當(dāng)M固定不動(dòng)緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)N時(shí)，光屏P上的光亮度將一明一暗交

替變化，此現(xiàn)象表明光波是橫波，故D正確，不符合題意。

故選B。

8.某小型水電站的電能輸送示意圖如圖所示，發(fā)電機(jī)通過(guò)升壓變壓器和降壓變壓器向用戶供電，已知發(fā)電

機(jī)線圈ABCD的匝數(shù)N=100匝，面積S=0.03m2,線圈勻速轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度0=100〃rad/s,勻強(qiáng)磁場(chǎng)

的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小3=也T，輸電導(dǎo)線的總電阻為R=10Q,升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比

71

%:%=1：8,降壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)比〃3：%=10:1，若理想交流電流表的示數(shù)，=40A,降壓

變壓器副線圈兩端電壓。4=220V。發(fā)電機(jī)線圈電阻r不可忽略。下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.輸電線路上損耗的電功率為160W

B.升壓變壓器副線圈兩端電壓為2240V

C.升壓變壓器的原線圈輸入功率為7890W

D.交流發(fā)電機(jī)線圈電阻r上消耗的熱功率為640W

【答案】C

【解析】

【詳解】A.根據(jù)

第8頁(yè)/共23頁(yè)

k%

可得輸電線的電流為

I,=^/=—x40A=4A

24

%4W

則輸電線路上損耗的電功率為

生=I；R=42X10W=160W

故A正確，不滿足題意要求；

B.根據(jù)

U3_2

。4%

可得降壓變壓器原線圈的電壓為

4=%%=3x220V=2200V

%1

則升壓變壓器副線圈兩端電壓為

U[=I2R+。3=4x1OV+2200V=2240V

故B正確，不滿足題意要求；

C.升壓變壓器的原線圈輸入功率為

片=￡="I?=2240x4W=8960W

故C錯(cuò)誤，滿足題意要求；

D.根據(jù)

A_"

，2勺

可得升壓變壓器的原線圈的電流為

I.=七1,=-x4A=32A

1421

交流發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)最大值為

=100x—x0.03X100^-V=300A/2V

n

則電動(dòng)勢(shì)有效值為

第9頁(yè)/共23頁(yè)

E

E=^=30QN

V2

則交流發(fā)電機(jī)線圈電阻r上消耗的熱功率為

a=E/i—片=300x32W-8960W=640W

故D正確，不滿足題意要求。

故選C。

二、選擇題：本題共2小題，每小題5分，共10分。在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題

目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

9.如圖所示，固定斜面的傾角。=30。，輕彈簧下端固定在斜面底端，彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)上端位于C點(diǎn)，用一

根不可伸長(zhǎng)的輕繩通過(guò)輕質(zhì)光滑的定滑輪連接物體A和B,滑輪左側(cè)繩子與斜面平行，A的質(zhì)量是B的質(zhì)

量2倍，初始時(shí)物體A到C點(diǎn)的距離L=1m,現(xiàn)給A、B—初速度%=3m/s,使A開始沿斜面向下運(yùn)

動(dòng)，B向上運(yùn)動(dòng)，物體A向下運(yùn)動(dòng)剛到C點(diǎn)時(shí)的速度大小v=2m/s,物體A將彈簧壓縮到最短后，物體A

又恰好能彈回到C點(diǎn)。已知彈簧的最大彈性勢(shì)能為6J,重力加速度g=10m/s2,不計(jì)空氣阻力，整個(gè)過(guò)程

中輕繩始終處于伸直狀態(tài)。則（）

A.物體A與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=亍

B.物體A向下運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，A的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為B的重力勢(shì)能

C.彈簧的最大壓縮量x=0.4m

D.B的質(zhì)量為2kg

【答案】ACD

【解析】

【詳解】A.設(shè)B的質(zhì)量為冽，在物體A向下運(yùn)動(dòng)剛到C點(diǎn)的過(guò)程中，對(duì)A、B組成的系統(tǒng)應(yīng)用能量守恒

定律可得

八1>1、

〃-2mgcos0-L=-x3mVp-—X3mv+2mgLsin0-mgL

得

第10頁(yè)/共23頁(yè)

A正確；

B.物體A向下運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，A的重力勢(shì)能及AB的動(dòng)能都減小，轉(zhuǎn)化為B的重力勢(shì)能和摩擦生

熱，B錯(cuò)誤；

C.對(duì)A、B組成的系統(tǒng)分析，在物體A從C點(diǎn)壓縮彈簧至將彈簧壓縮到最大壓縮量，又恰好返回到。點(diǎn)

的過(guò)程中，系統(tǒng)動(dòng)能的減少量等于因摩擦產(chǎn)生的熱量，即

—x3mv-0=〃?2加geos6-lx

2

其中x為彈簧的最大壓縮量，得

x=0.4m

C正確;

D.從C點(diǎn)到彈簧最大壓縮量過(guò)程中由能量守恒定律可得

—x3mv+2mgxsin0-mgx=〃-2加geos6-x+Epm

得B的質(zhì)量為

D正確。

故選ACD。

10.如圖所示，邊長(zhǎng)為a的正方形MNP。區(qū)域內(nèi)有一方向垂直正方形平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，NP邊上有一點(diǎn)

S,SN=-0兩個(gè)質(zhì)量相同、帶等量異種電荷的粒子均從S點(diǎn)平行于"N方向射入磁場(chǎng)。帶正電粒子甲與

4

帶負(fù)電粒子乙重力均不計(jì)，不考慮甲、乙兩粒子間的作用。下列說(shuō)法正確的是（）

A.若兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則乙與甲的初速度大小之比一定為1：3

第11頁(yè)/共23頁(yè)

B.若兩粒子的初速度相同，則乙與甲在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比可能為1：2

C.若其中一個(gè)粒子垂直邊射出磁場(chǎng)，則乙與甲在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比一定不大于2：1

D.若兩粒子分別從M、。兩點(diǎn)射出磁場(chǎng)，則乙與甲的初速度大小之比恰好為2：1

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.設(shè)勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為8,帶電粒子的電荷量為4,質(zhì)量為機(jī)，初速度為V,運(yùn)動(dòng)半徑為

廣，根據(jù)

V2

qvB=m—

r

可得

mv

r=——

qB

根據(jù)勻速圓周運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得粒子運(yùn)動(dòng)周期為

Ilir2兀m

T=

vBq

若粒子運(yùn)動(dòng)軌跡所對(duì)應(yīng)的圓心角為a,則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為

a丁_am

2萬(wàn)Bq

若兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，則兩粒子在磁場(chǎng)中的轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角（或弦切角）必定相等，可能分別從

左右邊射出；可能負(fù)粒子從左邊射出，正粒子從上邊射出；可能都從下邊射出，此時(shí)圓心角均為180。，即

均從NP邊射出，則對(duì)于負(fù)粒子有

0<組《3

Bq4

解得初速度匕需滿足

Bqa

0<v1<

8m

對(duì)于正粒子同理可知其初速度v2需滿足

3Bqa

0<v2<

8m

第12頁(yè)/共23頁(yè)

V,1Vli

由此可見匕和均取值具有不確定性，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知U可以取任意值，不一定為§，§時(shí)對(duì)應(yīng)負(fù)

粒子恰好從N點(diǎn)射出，且正粒子恰好從尸點(diǎn)射出的特殊情況，A錯(cuò)誤；

B.若兩粒子的初速度相同，則兩粒子的運(yùn)動(dòng)半徑相同，當(dāng)負(fù)粒子的運(yùn)動(dòng)半徑為巴時(shí)，它將垂直邊射出，

4

轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為90°,正粒子將從NP邊射出，轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為180°二者在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1:2,

B正確；

C.若其中一個(gè)粒子(即正粒子)垂直邊射出磁場(chǎng)，則其轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角為90。，負(fù)粒子轉(zhuǎn)過(guò)的圓心角最

大值為180°,乙粒子與甲粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比一定不大于2:1,C正確；

D.若兩粒子分別從V、。兩點(diǎn)射出磁場(chǎng)，設(shè)乙、甲粒子半徑分別為4和弓，根據(jù)幾何關(guān)系有

解得

17

r.=——a

18

25

——a

224

所以乙粒子與甲粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的初速度大小之比恰好為

21=二上

v2r225

D錯(cuò)誤。

故選BC。

三、非選擇題：本題共5小題，共58分。

11.小組用如圖甲所示的氣墊導(dǎo)軌研究小車的勻變速直線運(yùn)動(dòng)，回答下面的問(wèn)題:

(cm)

(1)測(cè)量遮光條寬度時(shí)游標(biāo)卡尺的示數(shù)如圖乙所示，則遮光條的寬度”=.cm。

(2)滑塊在牽引力作用下先后通過(guò)兩個(gè)光電門，配套的數(shù)字計(jì)時(shí)器記錄了遮光條通過(guò)第一光電門的時(shí)間

△4=0.156s,通過(guò)第二個(gè)光電門的時(shí)間=0Q78s。遮光條通過(guò)第一個(gè)光電門的速度大小為匕=

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m/s；遮光條通過(guò)第二個(gè)光電門的速度大小為為=m/s。

（3）遮光條從開始遮住第一個(gè)光電門到開始遮住第二個(gè)光電門經(jīng)歷的時(shí)間為△/=0.5s,則估算滑塊的加

速度大小為m/s2=（計(jì)算結(jié)果保留一位有效數(shù)字）

【答案】（1）1.56

（2）①.0.1②.0.2

（3）0.2

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為1.5cm,游標(biāo)讀數(shù)為6x0.1mm=0.6mm=0.06cm,所以最終讀數(shù)為

1.5cm+0.06cm=1.56cm。

【小問(wèn)2詳解】

[1][2]遮光條通過(guò)第一個(gè)光電門的平均速度大小

d1.56x10-2

v.=一m/s=0.1m/s

1幽0.156

這個(gè)速度就是通過(guò)第一個(gè)光電門中間時(shí)刻的速度，即記時(shí)0.078s時(shí)的瞬時(shí)速度；遮光條通過(guò)第二個(gè)光電門

的平均速度大小

d1.56x10-2

%=——m/s=0.2m/s

0.078

這個(gè)速度就是通過(guò)第二個(gè)光電門中間時(shí)刻的速度，即第二個(gè)光電門記時(shí)0.039s時(shí)的瞬時(shí)速度。

【小問(wèn)3詳解】

滑塊的加速度大小

0.2-0.1.2A。,2

a==_八,―—T———m/s?0.2m/s

△”強(qiáng)+組0.1560.078

0.5-----+------

2222

12.某實(shí)驗(yàn)小組在“測(cè)量金屬絲電阻率”的實(shí)驗(yàn)中，先用多用電表進(jìn)行粗測(cè)電阻，再采用“伏安法”較準(zhǔn)確

地測(cè)量未知電阻，后計(jì)算金屬絲電阻率。

（1）在使用多用電表測(cè)電阻時(shí)，以下說(shuō)法正確的是。（選填相應(yīng)序號(hào)字母）

A.每換一次擋位，不必重新進(jìn)行歐姆調(diào)零

B.指針越接近刻度盤中央，誤差越小

C.在外電路中，電流從紅表筆流經(jīng)被測(cè)電阻到黑表筆

D.測(cè)量時(shí)，若指針偏角較小，說(shuō)明這個(gè)電阻的阻值較大，應(yīng)換倍率較大的擋位來(lái)測(cè)量

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（2）先用多用表的歐姆擋“xl”按正確操作步驟粗測(cè)其電阻，指針如圖甲所示，讀數(shù)應(yīng)記為Qo

（3）用螺旋測(cè)微器測(cè)量金屬絲直徑，某次測(cè)量示數(shù)如圖乙所示，該金屬絲直徑的測(cè)量值4=______mm。

（4）實(shí)驗(yàn)室提供的器材如下：

A.待測(cè)金屬絲的電阻凡；

B.電流表A1（量程0~0.6A,內(nèi)阻約0.1Q）；

C.電流表A2（量程0~3A,內(nèi)阻約0.010）；

D.電壓表Y（量程0~3V,內(nèi)阻約3kO）；

E.電壓表匕（量程0~15V,內(nèi)阻約20k。）；

F.滑動(dòng)變阻器R（0-20Q）；

G.電源E（電動(dòng)勢(shì)為3.0V,內(nèi)阻不計(jì)）；

H.開關(guān)、若干導(dǎo)線。

為了調(diào)節(jié)方便，測(cè)量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中電流表應(yīng)選（填“B”或"C”）,電壓表應(yīng)選（填“D”

或“E”）。

（5）請(qǐng)你根據(jù)圖丙所示電路圖用筆畫線代導(dǎo)線，將圖丁所示的實(shí)驗(yàn)電路連接完整_________。

（6）若金屬絲接入電路的長(zhǎng)度為/,直徑為力通過(guò)金屬絲的電流為/,金屬絲兩端的電壓為U,由此可計(jì)

算得出金屬絲的電阻率夕=（用題目所給字母表示）。

【答案】（1）BD（2）6

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(3)3.707(4)?.B②.D

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

A.用多用電表測(cè)電阻時(shí)，每換一次擋位，都必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零，故A錯(cuò)誤；

B.指針越接近刻度盤中央，誤差越小，故B正確；

C.在外電路中，電流從黑表筆流經(jīng)被測(cè)電阻到紅表筆，故C錯(cuò)誤；

D.測(cè)量時(shí)，若指針偏角較小，說(shuō)明這個(gè)電阻的阻值較大，應(yīng)換倍率較大的擋位來(lái)測(cè)量，故D正確。

故選BD。

【小問(wèn)2詳解】

該同學(xué)選用歐姆表“xl”擋，由圖甲可知，對(duì)應(yīng)的讀數(shù)是&=6.0x1。=6.0。。

【小問(wèn)3詳解】

螺旋測(cè)微器固定刻度為3.5mm,可動(dòng)刻度為20.7x0.01mm=0.207mm,則該次金屬絲直徑的測(cè)量值

d=3.5mm+0.207mm=3.707mm。

【小問(wèn)4詳解】

[1][2]電源電動(dòng)勢(shì)為3.0V,因此電壓表選擇電壓表Y（量程0D3V,內(nèi)阻約3kC）；測(cè)量金屬絲的電阻

E3

阻值約為6。，則電路中的最大電流/=K=ZA=0.5A,因此電流表應(yīng)選電流表AI（量程0口0.6A,

居6

內(nèi)阻約0.1C）。即電流表應(yīng)選B,電壓表應(yīng)選D。

【小問(wèn)5詳解】

由于電流表內(nèi)阻約0.1。較小，因此應(yīng)選用電流表外接法，如答圖所示：

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【小問(wèn)6詳解】

R=7

根據(jù)電阻定律有

4/

R=P—=P—

d_

71

聯(lián)立解得

兀d?U

p=-------

411

13.圖甲為氣壓式升降椅，它通過(guò)活塞上下運(yùn)動(dòng)來(lái)控制椅子的升降，圖乙為其核心部件模型簡(jiǎn)圖，圓筒形導(dǎo)

熱氣缸開口向上豎直放置在水平地面上，活塞（連同細(xì)連桿）與椅面的總質(zhì)量m=8kg,活塞的橫截面積

S=8xl0~4m2-氣缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與氣缸之間無(wú)摩擦且不漏氣，活塞上放有一質(zhì)量

M=16kg的物塊，氣柱高度”=0.65m.已知大氣壓強(qiáng)p0=lxl（）5pa,重力加速度大小g=i（）m/s2。求:

（1）若拿掉物塊活塞上升到如圖虛線所示位置，求此時(shí)氣柱的高度;

（2）拿掉物塊后，如果緩慢降低環(huán)境溫度，使活塞從虛線位置下降6cm,此過(guò)程中氣體放出熱量24J,求氣

體內(nèi)能的變化量AUo

乙

【答案】(1)1.3m；(2)14.4J

【解析】

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【詳解】(1)拿掉活塞上的物塊，氣體做等溫變化，初態(tài)：VY=hS,氣缸內(nèi)封閉氣體的壓強(qiáng)為

代入數(shù)據(jù)解得

Pi=4xIO5Pa

末態(tài)有

5

K=h'S,p2=+p0=2xlOPa

由氣體狀態(tài)方程得

PiSh=p2Sh'

整理得

h'=2h=1.3m

(2)在降溫過(guò)程中，氣體做等壓變化，外界對(duì)氣體作功為

W=p2SMi=9.6J

由熱力學(xué)第一定律

AU=W+Q

可得

△U=9.6J+(-24J)=-14.4J

14.如圖所示，空間有一寬度為2d的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2,方向垂直紙面向外。一邊長(zhǎng)為

d、電阻分布均勻的正方形導(dǎo)體框MNPQ,導(dǎo)體框總電阻值為凡從導(dǎo)體框邊進(jìn)入磁場(chǎng)開始計(jì)時(shí)，導(dǎo)體

框以恒定的速度大小v向右勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程中，求：

(1)當(dāng)邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，M、N兩端的電勢(shì)差，并指明哪端電勢(shì)高；

(2)導(dǎo)體框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱；

(3)試分析在0——時(shí)間內(nèi)M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)差U“N隨時(shí)間r變化的情況，并在乙圖中畫出變化的圖像。

v

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3°片父3

【答案】（1）—Bdv；M端電勢(shì)高；（2）Q=-------；（3）

4Rd~~i~~i~~1~d

!L1234//-

J

【解析】

【詳解】（1）MN切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

E=Bdv

回路中的感應(yīng)電流

7Bdv

1二----------

R

兩端的電勢(shì)差

33

UMN=I--R=~Bdv

M端電勢(shì)高。

（2）設(shè)線框從邊剛進(jìn)磁場(chǎng)到PQ邊剛進(jìn)磁場(chǎng)所用時(shí)間為/,由焦耳定律有

Q=2I2Rt

d=vt

解得導(dǎo)體框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，導(dǎo)體框中產(chǎn)生的焦耳熱

八2B2d3V

Q=R

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(3)在。?衛(wèi)時(shí)間內(nèi)M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)差隨時(shí)間。變化的情況可分為三段:

v

第一段：在o?4時(shí)間內(nèi)，線框中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)

V

E=Bdv

MN邊相當(dāng)于電源，電流由N流向M,M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)差相當(dāng)于路端電壓，大小為

〃33Bdv

UMN=%E=F~

1Z*%1

第二段：在----巴時(shí)間內(nèi)，線框完全在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，穿過(guò)線框的磁通量沒有變化，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，MN

VV

邊仍然在切割磁感線，M.N兩點(diǎn)的電勢(shì)差大小為

UMN=Bdv

第三段：在‘■?迫時(shí)間內(nèi)，線圈開始出磁場(chǎng)，邊離開磁場(chǎng)，只有尸。邊切割磁感線，此時(shí)尸。邊相當(dāng)

vv

于電源，邊中的電流由Af流向N,線圈中電動(dòng)勢(shì)為

E=Bdv

M,N兩點(diǎn)的電勢(shì)差為外電路部分電壓，大小為

〃_1^Bdv

UMN=^E=—

由以上三段可做出M、N兩點(diǎn)的電勢(shì)差U“N隨時(shí)間。變化的圖線如圖所示

Bdv

44

3

2

1

o

1

□

3

一4

15.如圖所示，一根長(zhǎng)R=1.44m不可伸長(zhǎng)的輕繩，一端系一小球P,另一端固定于。點(diǎn).長(zhǎng)/=3m繃緊的

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水平傳送帶始終以5m/s恒定的