2023屆浙江省溫州市普通高中高三年級下冊第二次適應性考試物理試卷(含答案)

2023屆浙江省溫州市普通高中高三下學期第二次適應性考試物理試

卷

學校：___________姓名：班級：考號：

一、單選題

1.由單位N、m、。和s組合成的單位、匹運對應的基本物理量是（）

VQs

A.功率B.電流強度C.磁通量D.物質的量

2.將一重為G的鉛球放在傾角為50。的斜面上，并用豎直擋板擋住，鉛球處于靜止狀

態(tài)。不考慮鉛球受到的摩擦力，鉛球對擋板的壓力為耳、對斜面的壓力為工，則（）

A.F、=GB.K=KC.F2>GD.F2<G

3.“福建艦”是中國完全自主設計建造的首艘電磁彈射型航空母艦，采用平直通長飛行

甲板。假設某戰(zhàn)斗機在跑道上加速時加速度大小為10m/s2,彈射系統(tǒng)向戰(zhàn)斗機提供初

速度大小為30m/s,當戰(zhàn)斗機速度達到60m/s時能離開航空母艦起飛，戰(zhàn)斗機在跑道上

運動可視為勻加速直線運動。下列說法正確的是（）

A.航空母艦靜止，戰(zhàn)斗機需在甲板上滑行6s起飛

B.航空母艦靜止，戰(zhàn)斗機需在甲板上滑行135nl起飛

C.若航空母艦沿戰(zhàn)斗機起飛方向航行，戰(zhàn)斗機需相對甲板滑行135m起飛

D.戰(zhàn)斗機在航空母艦上加速運動過程，航空母艦可以看成質點

4.2023年1月，日本確認將于“今年春夏期間”開始向太平洋排放福島核電站內儲存的

逾130萬噸核污染水。核泄漏對環(huán)境會造成污染，影響人類安全，其中核反應之一為

黑Sr-；；Y+X半衰期為28年。下列說法正確的是（）

A.該核反應為a衰變

B.環(huán)境溫度升高，襄Sr的半衰期減小

C.；；Y的比結合能比：：Sr的比結合能大

D.100個黑Sr原子核經過一個半衰期后，還剩50個未衰變

5.如圖所示，磁鐵在電動機和機械裝置的帶動下，以。點為中心在水平方向上做周

期性往復運動。兩匝數(shù)不同的線圈分別連接相同的小燈泡，且線圈到。點距離相等。

線圈電阻、自感及兩線圈間的相互影響可以忽略，不考慮燈泡阻值的變化。下列說法

正確的是（）

口

的一1固定滑槽份膽磁鐵

電動機嵋

連桿

A.兩線圈產生的電動勢有效值相等B.兩線圈產生的交變電流頻率不相等

C.兩小燈泡消耗的電功率相等D.兩線圈產生的電動勢同時為零

6.《流浪地球2》影片中，太空電梯高聳入云，在地表與太空間高速穿梭。太空電梯

上升到某高度時，質量為2.5kg的物體重力為16N。已知地球半徑為6371km,不考慮

地球自轉，則此時太空電梯距離地面的高度約為（）

A.1593kmB.3584kmC.7964kmD.9955km

7.橡膠板置于絕緣水平桌面上，某同學戴著絕緣手套先用毛皮摩擦橡膠板，使橡膠板

帶負電，然后手握絕緣手柄將鋁板靠近橡膠板，鋁板的下表面與橡膠板上凸起的接地

鐵釘接觸，并在其上表面撒上細紙屑，迅速上抬鋁板至某一位置后，可以看到細紙屑

從鋁板上飛濺出來，這就是“靜電飛花”實驗。下列說法正確的是（）

絕緣手柄

鋁板

_________一^接地鐵釘

?/廠]

橡膠板-i-

A.鋁板未與橡膠板接觸所以始終不帶電

B.紙屑是因為帶正電相互排斥而不斷飛散

C.鋁板與鐵釘接觸時，電子從大地通過鐵釘流向鋁板

D.鋁板與鐵釘接觸時，鋁板上、下表面帶等量異種電荷

8.如圖甲所示，為特高壓輸電線路上使用六分裂阻尼間隔棒的情景。其簡化如圖乙，

間隔棒將6條輸電導線分別固定在一個正六邊形的頂點a、b、c、d、e、/上，。為正

六邊形的中心，A點、5點分別為。a、CW的中點。已知通電導線在周圍形成磁場的磁

感應強度與電流大小成正比，與到導線的距離成反比。6條輸電導線中通有垂直紙面

向外，大小相等的電流，其中。導線中的電流對6導線中電流的安培力大小為F則

（）

圖甲

A.0點的磁感應強度大小為零B.A點和3點的磁感應強度相同

C.a導線所受安培力為口D.a導線所受安培力方向沿指向a

9.如圖所示，足夠大的粗糙斜面傾角為仇小滑塊以大小為%的水平初速度開始沿斜

面運動，經過一段時間后，小滑塊速度大小為丫、方向與初速度垂直。此過程小滑塊

加速度的最大值為生、最小值為%。已知小滑塊與斜面動摩擦因數(shù)〃=tan，，則（）

A.v=v0B.v>v0C.a2=y/2gsin0D.4=V^gsin8

10.我國科學家吳有訓在上世紀20年代進行X射線散射研究，為康普頓效應的確立

做出了重要貢獻。研究X射線被較輕物質散射后光的成分發(fā)現(xiàn)，散射譜線中除了有波

長與原波長相同的成分外，還有其他波長的成分，這種現(xiàn)象稱為康普頓效應。如圖所

示，在真空中，入射波長為4的光子與靜止的電子發(fā)生彈性碰撞。碰后光子傳播方向

與入射方向夾角為37°,碰后電子運動方向與光子入射方向夾角為53°

（cos37。=0.8,cos53°=0.6）,下列說法正確的是（）

A.該效應說明光具有波動性

B.碰撞后光子的波長為1.25%

C.碰撞后電子的德布羅意波長為0.620

D.碰撞后光子相對于電子的速度大于3x10'm/s

11.如圖所示，水面上加、邑、5、”是四個同振幅、同頻率、同步調的水波波源,

分布在同一直線上。SA2和邑邑間的距離是4cm,。邑和0s3間的距離是5cm,P為

邑風中垂線上的一點，且OP=12cm,若水波的波長為4cm,下列說法不正確的是（）

ra

4^

*

5

-

5

cm^

I?12cm-----

<0

-P

5cm

E

4cm

A.S］、S2發(fā)出的波傳到O點總是相互加強

B.M、司發(fā)出的波傳到尸點總是相互加強

C.S］、邑、S3、s4發(fā)出的波傳到。點總是相互加強

D.S］、邑、S3、S4發(fā)出的波傳到P點總是相互加強

12.如圖所示，一輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，自然伸長時彈簧上端處

于A點。/=0時將小球從A點正上方。點由靜止釋放，％時到達A點，與時彈簧被壓

縮到最低點3。以。為原點，向下為正方向建立x坐標軸，以3點為重力勢能零點，

彈簧形變始終處于彈性限度內。小球在運動過程中的動能EQ重力勢能可|、機械能

E。及彈簧的彈性勢能綜2變化圖像可能正確的是（）

13.如圖所示，一均勻透明體上部分為半球、下部分為圓柱，半球的半徑和圓柱上表

面的半徑均為凡圓柱高度為5R,在圓柱體的底部中心。點放一點光源，半球上發(fā)光

部分的表面積5=0.8兀犬2（已知球冠表面積的計算公式為S=2兀歷，廠為球的半徑，h

為球冠的頂端到球冠底面圓心的高度），不計光的二次反射，該透明物質對光的折射

二、多選題

14.下列說法正確的是（）

A.醫(yī)院中用于體檢的“B超”屬于電磁波

B.無線網絡信號繞過障礙物繼續(xù)傳播，利用了干涉原理

C.鐵路、民航等安檢口使用“X射線”對行李箱內物品進行檢測

D.列車鳴笛駛近乘客的過程中，乘客聽到的聲波頻率大于波源振動的頻率

15.如圖甲所示，光電編碼器由碼盤和光電檢測裝置組成，電動機轉動時，碼盤與電

動機旋轉軸同速旋轉，發(fā)光二極管發(fā)出的光經凸透鏡轉化為平行光，若通過碼盤鏤空

的明道照在光敏管上，信號端輸出高電位，反之輸出低電位，兩個光敏管分布在同一

半徑上。根據輸出兩路信號可以測量電動機的轉速和判斷旋轉方向。從左往右看，

內、外都均勻分布20個明道的碼盤如圖乙所示，電動機轉動時兩信號的圖像如圖丙所

示，則（）

乙丙

A.從左往右看，電動機順時針轉動B.從左往右看，電動機逆時針轉動

C.電動機轉動的轉速為50r/sD.電動機轉動的轉速為125r/s

三、實驗題

16.I.(1)在下列實驗中，需要用到打點計時器的有。

A.“探究平拋運動的特點”B.“探究加速度與力、質量的關系”

C.“用單擺測重力加速度大小”D.“探究向心力大小表達式”

(2)在“驗證機械能守恒定律”的實驗中，實驗裝置如圖1。按照正確操作得到如圖2

所示的紙帶。其中打。點時釋放物體，計數(shù)點43、C是打點計時器連續(xù)打下的三個

點。已知打點計時器的電源頻率為50Hz,重物質量為200g,當?shù)刂亓铀俣萭取

2

9.80m/so

圖1圖3

.....................................1...........................................

11111111111111if1111PllIIlipnnpii|n【ipIIs........

|()cm101920212223242526272829

圖2

①實驗桌上放著如圖3所示的三個物體甲、乙、丙，則實驗裝置中的重物應選擇

(填“甲”、“乙”或“丙”)O

②在紙帶段，重物的重力勢能減少量為J(結果保留三位有效數(shù)字)。

③為了計算在段重物的動能增加量，需得到計時器打3點時重物的速度大小為。

下列計算3點速度大小方法正確的O

A.vB=yl2gxOBB.vB=gt0BC.利用AC段的平均速度％=區(qū)

‘AC

（3）為了探究物體下落受空氣阻力大小的影響因素，某同學利用手機中的加速度傳感

器及相關應用程序，記錄如圖4中甲、乙兩種情況下落手機的加速度大小隨時間變化

的圖像。與甲對應的圖像為圖5中的（填“A”或"B”），在圖A中手機下落過程

中加速度逐漸減少的原因是o

甲

乙

圖4

II.（1）在“用多用表測量電學中的物理量”實驗中，按如圖6所示連接電路給燈泡

“2.5V0.8A”通電。

①一組同學閉合開關移動滑動變阻器的滑片，使燈泡正常發(fā)光。斷開開關，將多用表

選擇開關置于合適擋位，紅黑兩表筆分別接開關兩個接線柱4B,則此時多用電表測

量的是小燈泡的（填“電壓”、“電流”或“電阻”），紅表筆應接接線柱

（填“A”、“3”或“A、8都可以"）

②另一組同學閉合開關移動滑動變阻器的滑片，燈泡始終不發(fā)光。該同學用多用電表

的直流電壓擋來檢測電路哪個位置發(fā)生了故障。他在閉合開關的情況下用多用電表的

一支表筆始終接在電路的A接線柱，另一支表筆依次接觸電路中的3、C、。接線柱進

行檢測，發(fā)現(xiàn)接觸A。時電表指針沒有偏轉，接觸。時有一定偏轉。則出現(xiàn)故障的原

因可能是o

A.電池沒電了B.僅開關接觸不良

C.僅滑動變阻器滑片接觸不良D.僅燈泡和燈泡座接觸不良

（2）在“利用傳感器制作簡單的自動控制”實驗中，圖7是簡單的門窗磁控防盜報警裝

置示意圖。門的上沿嵌入一小塊永磁體門框內與“相對的位置嵌入干簧管SA,

并將干簧管接入報警電路。

①如圖8所示，干簧管SA作為傳感器，用于感知磁體磁場是否存在，繼電器（虛線方

框部分）作為執(zhí)行裝置，發(fā)光二極管LED作為電路正常工作提示，蜂鳴器H作為報警

提醒。電路中P點應接直流電源的（填“正極”或“負極”）。

②連接好電路，閉合開關S接通電源，將磁體靠近和離開干簧管，分別觀察并記錄實

驗現(xiàn)象。

磁體”靠近干簧管磁體”離開干簧管

實實驗驗現(xiàn)現(xiàn)象象——

四、計算題

17.如圖甲為汽車中使用的氮氣減振器，汽缸中充入氮氣后，能有效減少車輪遇到沖

擊時產生的高頻振動。它的結構簡圖如圖乙所示，汽缸活塞截面積S=40cm2,活塞及

支架質量機=lkg,汽缸缸體導熱性良好。現(xiàn)為了測量減震器的性能參數(shù)，將減震器豎

直放置，充入氮氣后密閉，活塞被卡環(huán)卡住，缸體內氮氣處于氣柱長度L=20cm、壓

強“=4.0xl05pa的狀態(tài)A,此時彈簧恰好處于原長?，F(xiàn)用外力R向下壓活塞，使其

緩慢下降/z=4cm,氣體達到狀態(tài)3。從狀態(tài)A到3過程氣體放出熱量Q=7L4J。汽

缸內的氮氣可視為理想氣體，不計摩擦和外界溫度變化，大氣壓強取Anl.OxlOSpa,

彈簧勁度系數(shù)左=L0xl04N/m。求：

,活塞支架

卡環(huán)

訴塞

-氣缸

1圖甲圖乙

(1)狀態(tài)3氣體的壓強4；

(2)氣體處于狀態(tài)3時外力大小R

(3)狀態(tài)A到3過程外界對氣體做的功Wo

18.如圖甲所示，某同學利用樂高拼裝積木搭建一游戲軌道，其結構簡圖如圖乙所

示。該軌道由固定的豎直軌道A3,半徑分別為r=Q4m、0.5人1.5廠的三個半圓軌道

Be。?、2。。］、FGH,半徑為廠的四分之一圓弧軌道。|E,長度L=lm的水平軌道

ER組成，軌道3CC和軌道前后錯開，除水平軌道所段外其他軌道均光滑，且各

處平滑連接。可視為質點的滑塊從A點由靜止釋放，恰好可以通過軌道的最高

點。，不計空氣阻力。

甲

（1）求A、C兩點的高度差力；

（2）要使物塊至少經過R點一次，且運動過程中始終不脫離軌道，求滑塊與水平軌道

ER間的動摩擦因數(shù)〃的范圍；

（3）若半圓軌道。3。。1中缺一塊圓心角為2。的圓弧積木（/、J關于對

稱），滑塊從/飛出后恰能無碰撞從J進入軌道，求。的值。

19.如圖所示，間距為d、折成直角的QEG和金屬導軌水平部分QF、PE足夠

長，豎直部分RG、EH底端接有電動勢為E的電源和開關K,M、N兩點間接有電容

為C的電容器。傾角為。的傾斜金屬軌道">、SC,間距也為d,S、T兩點間接有自

感系數(shù)為L的電感線圈。水平軌道和傾斜軌道用長度為/的水平粗糙絕緣材料平滑連

接。整個空間存在豎直向上的勻強磁場，磁感應強度為及閉合開關K,電容器充電

完畢后斷開開關，并將質量為機、長度為d的金屬桿仍從傾斜軌道上某一位置由靜止

釋放，下滑過程中流過湖桿的電流大小為/=生”叱x（尤為桿沿斜軌道下滑的距

L

離）。漏桿到達傾斜軌道底端CD處時加速度恰好為0,通過粗糙絕緣材料到達PQ處

時速度為%。已知根=0.3kg、d—0.5m>6=30°￡=1.0V、C=1.2F、L=0.1H>

B=1.0T,%=1.0m/s、Z=0.6mo不計除絕緣材料外的一切摩擦與空氣阻力，不計電

感線圈、金屬桿時及導軌的電阻。仍桿始終與導軌垂直且接觸良好。求：（提示：

力R與位移x共線時，可以用光圖像下的“面積”代表力R所做的功）

(1)電容器充電完畢所帶的電荷量。；

(2)仍桿釋放處距水平軌道的高度力；

(3)a。桿從EF處飛出時的速度V；

(4)時桿與粗糙絕緣材料的動摩擦因數(shù)〃。

20.如圖所示，直角坐標系中，邊長為L的正方形區(qū)域OPS。，OP、。。分別與x

軸、y軸重合，正方形內的適當區(qū)域I(圖中未畫出)中分布有勻強磁場。位于S處的

粒子源，沿紙面向正方形區(qū)域內各個方向均勻發(fā)射速率為1的帶負電粒子，粒子的質

量為機、電荷量為-q。所有粒子均從S點進入磁場，離開區(qū)域I磁場時速度方向均沿

x軸正方向，其中沿y軸正方向射入磁場的粒子從。點射出磁場。y軸右側依次有勻強

電場區(qū)域H、無場區(qū)、勻強磁場區(qū)域HL各區(qū)域沿y軸方向無限長，沿x軸方向的寬

度分別為￡d.5L、2L。電場區(qū)域H的左邊界在y軸上，電場方向沿y軸負方向；區(qū)域I

和區(qū)域ni內磁場的磁感應強度大小相等，方向均垂直紙面向里。區(qū)域ni左邊界上有長

度為L的收集板CD,。端在x軸上。粒子打在收集板上即被吸收，并通過電流表導入

(1)求磁場的磁感應強度大小&

(2)求正方形OPSO內磁場分布的最小面積S；

(3)為使從。點進入電場的粒子，最終能打到收集板的右側，求電場強度大小E的

范圍；

(4)電場強度大小E為(3)中的最大值，且從S處粒子源每秒射出粒子數(shù)為小求

穩(wěn)定后電流表的示數(shù)/o

參考答案

1.答案：B

解析：由焦耳定律得

Q=fRt

W=Fl

是電流強度的單位，故選B。

2.答案：C

解析：根據重力的作用效果，分解為垂直于擋板和垂直于斜面兩個方向的分力，有

故ABD錯誤；C正確。

故選C。

3.答案：B

解析：A.戰(zhàn)斗機需在甲板上滑行的時間為

v-v60-30.

t=------0=---------s=3s

a10

故A錯誤；

B.戰(zhàn)斗機在甲板上滑行的距離為

匕為”里x3m=135m

22

故B正確；

C.由B項知戰(zhàn)斗機相對于海面的位移大小為135m,戰(zhàn)斗機從被彈出到起飛的過程中假

設航空母艦沿戰(zhàn)斗機起飛方向航行的位移為％,則戰(zhàn)斗機相對甲板滑行的距離為

d=135m-x0

故c錯誤；

D.戰(zhàn)斗機在航空母艦上加速運動過程，涉及到跑道的長度，故航空母艦不可以看成質

點，故D錯誤。

故選B。

4.答案：C

解析：A.根據題意，由質量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X為卜,該核反應為0衰變,

故A錯誤；

B.衰變周期與溫度無關，故B錯誤；

C.比結合能越大，原子核越穩(wěn)定，則1Y的比結合能比翳Sr的比結合能大，故C正

確；

D.半衰期具有統(tǒng)計規(guī)律，是對大量原子核適用，對少數(shù)原子核不適用，故D錯誤。

故選C。

5.答案：D

解析：磁鐵運動過程中磁通量變化率絲相同，兩線圈產生的交變電流頻率相等，產

生的電動勢同時為零，兩線圈匝數(shù)不同故產生的電動勢有效值不相等，兩小燈泡電阻

相同電動勢不同故消耗的電功率不相等。

故選D。

6.答案：A

解析：設地球的半徑為R,地球質量為引力常量為G,地球表面重力加速度為

g。，太空電梯離地高度為力，太空電梯所在位置處的重力加速度為g',根據萬有引力

公式有

代入數(shù)據有

整理得

R2_16R_4

(7?+/?)2-25R+h~5

所以太空梯距離地面高度為

h=—R=1593km

4

故選A。

7.答案：B

解析：AD.橡膠板帶負電，鋁板靠近后，鋁板的下表面帶正電，上表面帶負電，當下

表面與接地鐵釘接觸后，上表面的負電荷會流到大地，只有下表面帶正電，A錯誤，

D錯誤；

B.上抬鋁板過程中，下表面的正電荷減小，上表面正電荷增加。紙屑因為與金屬板帶

同種電荷（正電荷）而不斷飛散，B正確；

C.因下表面與接地鐵釘接觸時，上表面的負電荷會流到大地，C錯誤。

故選B。

8.答案：A

解析：A.根據右手螺旋定則可知。和d導線在。點處的磁場等大反向，6和e導線在

。點處的磁場等大反向，。和/導線在。點處的磁場等大反向，故。點的磁感應強度

為零，故A正確；

B.根據對稱性可知A點和3點的磁感應強度大小相等，方向不同，關于。點對稱，故

B錯誤；

CD.根據題意可知反/對導線。的安培力大小Re、c對導線。的安培力大小為

—F,d對導線。的安培力大小為土，根據矢量的合成可得。導線所受安培力

32

F=2Fsin300+2x^^sin600+—=—

0322

所有導線的電流方向相同，所以導線直線安培力表現(xiàn)為相互吸引，則a導線所受安培

力方向沿指向。，故CD錯誤。

故選A。

9.答案：D

解析：AB.小滑塊在斜面上滑動，摩擦力大小始終不變?yōu)?/p>

f=pimgcos0=mgsin0

其大小與重力沿著斜面向下的分力大小相等，滑塊速度從水平到豎直過程中根據動能

定理

mgsin0-y-fs=*mv2—gmv：

其中y為垂直初速度方向滑塊沿斜面下滑的長度，s為滑塊運動軌跡的長度，根據幾何

關系可知

s>y

可知

"%

故AB錯誤；

CD.摩擦力速度的方向始終與滑塊相對斜面的速度方向相反，可知了的方向與重力沿斜

面向下的分力的方向mgsing的夾角為90。到180。，則合力的大小范圍

mgsmO-f<F^<《產+(nzgsinOf

結合牛頓第二定律

F合=ma

可得

0<a<y/2gsin0

則

%=42gsin0

a2=0

故D正確，C錯誤。

故選D。

10.答案：B

解析：A.該效應說明光具有粒子性，故A錯誤；

BC.根據題意，設碰撞之前光子的動量為P,碰撞之后光子的動量為耳，電子的動量為

P2,由動量守恒定律有

1=《cos37°+P2cos53°

^sin37°^^sin53°

解得

《=0.8《

P2=0.6。

又有

則碰撞后光子的波長為

h

4=尸.254

碰撞后電子的德布羅意波長為

%=晨十。

故C錯誤，B正確；

D.光子的速度等于光速，按照愛因斯坦的光速不變原理即在任何參考系中光速都不

變，可知光子相對于電子的速度等于3xlO8m/s,故D錯誤。

故選B。

11.答案：D

解析：A.S「S2發(fā)出的波傳到。點的波程差為4cm,等于波長，總是相互加強，故A

正確不符合題意；

B.S1、S,發(fā)出的波傳到P點的波程差為0,總是相互加強，故B正確不符合題意；

C.當波源發(fā)出的波到。點的波程差為半波長的偶數(shù)倍時，振動加強，可知，\、S?、

S3、S4發(fā)出的波傳到。點總是相互加強，故C正確不符合題意。

D.SrS2發(fā)出的波傳到P點的波程差為2cm,等于半波長，總是相互減弱，故D錯誤

符合題意。

故選D。

12.答案：B

解析：根據題意可知下落過程中，第一階段：0fA自由落體；第二階段：。到平衡

位置，重力大于向上的彈力；第三階段：平衡位置向下到3處，向上的彈力大于向下

的重力。平衡位置處，重力大小等于彈力。

AB.根據重力勢能表達式可知

Epi=mg(xt+x2-x)

時，彈性勢能為0,機械能等于重力勢能的最大值。X〉藥時，彈性勢能

2

Ep2=-k(x-xl)

設系統(tǒng)總能量為E,根據能量守恒定律可知

E=E。+Eg2

可知

EQ=E一5上(x—X])~

是開口向下的拋物線。故A錯誤，B正確；

CD.設小球下落到A點時的時間為小則第一階段

域=g*=gm(gA)2片

故第一階段的線一圖像是一條拋物線。第二階段中重力大于向上的彈力，且隨著壓縮

彈簧，彈力大小逐漸增大，則由

mg—F彈

a------------—

m

可知小球做加速度逐漸減小的加速運動，平衡位置處速度最大，動能也最大。第三階

段由

與一mg

a=--------

m

可知小球做加速度逐漸增加的減速運動，直至到達5處動能為0。由上述速度的分析

可知，在％＞西的范圍內，先加速后減速，XT圖像的斜率先增大后減小，貝1]與2-/的

圖像的斜率也是先增大后減小。但由于動能最大時，重力勢能和彈性勢能都不是0。

即彈性勢能的最大值大于動能的最大值。故CD錯誤。

故選B。

13.答案：B

解析：根據題意可知，半球上發(fā)光部分的表面積

5=0.8兀氏2=2兀出

解得

/i=0.47?

則距離球冠的頂端0.4H的位置為發(fā)生全反射的臨界位置。根據勾股定理可知任一全反

射的點距離光源

I=次-(R-0.4R)2+(5R+R-0.4R)2=4727?

設臨界狀態(tài)入射角為C,根據余弦定理可知

/2+R2—（5R）2A/2

cosC=

21R~T

故C=45。，sine：］。根據全反射規(guī)律可知

?「1虛

sinC=—=---

n2

解得

n=A/2?1.41

故選B。

14.答案：CD

解析：A.醫(yī)院中用于體檢的“B超”屬于機械波，故A錯誤；

B.無線網絡信號繞過障礙物繼續(xù)傳播，利用了衍射原理，故B錯誤；

C.鐵路、民航等安檢口使用“X射線”對行李箱內物品進行檢測，故C正確；

D.根據多普勒效應，列車鳴笛駛近乘客的過程中，乘客聽到的聲波頻率大于波源振動

的頻率，故D正確。

故選CD。

15.答案：AC

解析：AB.由圖丙可知，在"1x10%時，信號A開始輸出低電位，此時信號3開始輸

出高電位，結合圖乙可知，從左往右看，電動機順時針轉動，故A正確，B錯誤；

CD.由圖丙可知，電動機轉動的周期為

r=20xlxl0_3s=2xl0-2s

則角速度為

2兀

（D-二100兀rad/s

~T

根據

a)-2Tm

可得電動機轉動的轉速為

〃=0=50r/s

2兀

故C正確，D錯誤。

故選ACo

16.答案：I.(1)B

(2)丙；0.453；C

(3)B；根據牛頓第二定律可得mg-/=速度逐漸變大，空氣阻力也變大，故加

速度減小

II.(1)電流；A；C

(2)正極；二極管發(fā)光；蜂鳴器發(fā)聲

解析：I.(1)A.探究平拋運動的特點，需要描物體的運動軌跡，且軌跡是曲線，打

點計時器只能用來研究直線運動，所以不需要打點計時器，故A錯誤；

B.探究加速度與力、質量的關系實驗中需要測量加速度的大小，需要通過紙帶測量加

速度，所以需要打點計時器，故B正確；

C.用單擺測量重力加速度實驗中需要用刻度尺測擺長和秒表測周期，不需要打點計時

器，故C錯誤；

D.探究向心力大小表達式，不需要打點計時器，故D錯誤。

故選B。

(2)①紙帶下端所掛物體應該體積小，質量大，從而受到的阻力較小，而丙是重錘，

故選丙。

②在紙帶段，重物的重力勢能減少量為

Ep=mgh=200X10-3X9.8X23.10X102J?0.453J

③計算3點速度大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該段時間內的平均

速度可以求出物體在點時的速度。

故選C。

(3)甲手機下落過程中，隨著速度的增大，空氣阻力變化較小，故手機加速度近似不

變，故選B。

手機在下落過程中，對手機進行受力分析，根據牛頓第二定律可得

mg—f=ma

速度逐漸變大，空氣阻力也變大，故加速度減小。

II.(1)①紅黑兩表筆分別接開關兩個接線柱AB,多用電表測量串聯(lián)在電路中，測

量電路電流，即燈泡電流。

測電流時，紅筆在電壓高的一端，故接A接線柱。

②A.若電池沒有電，則無論接哪個接線柱，電表指針均不偏轉，故A錯誤；

B.僅開關接觸不良，接3c接線柱，電表指針均會偏轉，故B錯誤；

C.僅滑動變阻器滑片接觸不良，則接線柱接3和C,電表指針不偏轉，接。時電表指

針偏轉，故C可能存在，故C正確；

D.僅燈泡和燈泡座接觸不良，則接線柱接C和。時，電表指針均偏轉，故D錯誤。

故選C。

(2)①由于二極管具有單向導電性，故電路中P點應接直流電源的正極。

②磁體M靠近干簧管，干簧管兩片簧片被磁化相吸，繼電器的動觸點與常開觸電接

通，發(fā)光二極管發(fā)光。

磁體M離開干簧管，干簧管斷開，繼電器的動觸點與常閉觸點接通，蜂鳴器發(fā)聲。

17.答案：(1)5xlO5Pa

(2)1990N

(3)71.4J

解析：(1)汽缸缸體導熱性良好，可知從狀態(tài)A到狀態(tài)5,氣體發(fā)生等溫變化，則有

pASL^pBS(L-h)

解得狀態(tài)3氣體的壓強為

(2)活塞和支架處于平衡狀態(tài)，則有

F+p0S+mg=pBS+kh

代入數(shù)據解得

F=1990N

(3)汽缸缸體導熱性良好，可知從狀態(tài)A到狀態(tài)5,氣體發(fā)生等溫變化，氣體內能不

變，根據熱力學第一定律可得

AU=W—Q=O

解得外界對氣體做的功為

W=Q=71.4J

18.答案：(1)0.7m

(2)0.15<//<0,7

(3)60°

解析：(1)滑塊恰好經過。，重力提供向心力

/

m2-m——

0.5r

滑塊從A到D根據動能定理