2024年北京市高三寒假物理高考適應(yīng)考試試題

2024年北京市高三寒假物理高考適應(yīng)考試試題

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖，質(zhì)量為M=3kg的小滑塊，從斜面頂點A靜止開始沿ABC下滑，最后停在水平面。點，不計滑塊從A5面

滑上BC面，以及從BC面滑上CD面的機(jī)械能損失.已知：AB=BC=5m,CD=9m,，=53。,0=37。,重力加速度g=10m/s2,

在運(yùn)動過程中，小滑塊與接觸面的動摩擦因數(shù)相同.則（）

A.小滑塊與接觸面的動摩擦因數(shù)“=0.5

B.小滑塊在A3面上運(yùn)動時克服摩擦力做功，等于在面上運(yùn)動克服摩擦力做功

C.小滑塊在AB面上運(yùn)動時間大于小滑塊在BC面上的運(yùn)動時間

D.小滑塊在45面上運(yùn)動的加速度ay與小滑塊在面上的運(yùn)動的加速度的之比是5/3

2、在升降機(jī)底部安裝一個加速度傳感器，其上放置了一個質(zhì)量為機(jī)小物塊，如圖甲所示。升降機(jī)從U0時刻開始豎

直向上運(yùn)動，加速度傳感器顯示加速度。隨時間f變化如圖乙所示。取豎直向上為正方向，重力加速度為g,以下判斷

正確的是（）

A.在。?2砧時間內(nèi)，物塊先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)

B.在fo?3fo時間內(nèi)，物塊先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)

C.Ufo時刻，物塊所受的支持力大小為mg

D.U3fo時刻，物塊所受的支持力大小為2mg

3、曲柄連桿結(jié)構(gòu)是發(fā)動機(jī)實現(xiàn)工作循環(huán)，完成能量轉(zhuǎn)換的主要運(yùn)動零件如圖所示，連桿下端連接活塞Q,上端連接曲

軸P。在工作過程中，活塞在氣缸內(nèi)上下做直線運(yùn)動，帶動曲軸繞圓心O旋轉(zhuǎn)，若P做線速度大小為vo的勻速圓周運(yùn)

動，則下列說法正確的是

A.當(dāng)OP與OQ垂直時，活塞運(yùn)動的速度等于vo

B.當(dāng)OP與OQ垂直時，活塞運(yùn)動的速度大于vo

C.當(dāng)OPQ在同一直線時，活塞運(yùn)動的速度等于vo

D.當(dāng)OPQ在同一直線時，活塞運(yùn)動的速度大于vo

4、甲、乙兩物體同時同地沿同一直線運(yùn)動的速度一時間圖象如圖所示，下列說法正確的是()

A.時刻兩物體的加速度方向相同

B.。時刻兩物體的速度方向相同

C.甲物體的加速度逐漸減小

D.2%時刻兩物體相遇

5、如圖甲是建筑工地將樁料打入泥土中以加固地基的打夯機(jī)示意圖，打夯前先將樁料扶正立于地基上，樁料進(jìn)入泥土

的深度忽略不計。已知夯錘的質(zhì)量為/=450依，樁料的質(zhì)量為加=50依。每次打夯都通過卷揚(yáng)機(jī)牽引將夯錘提升

到距離樁頂％=5"處再釋放，讓夯錘自由下落，夯錘砸在樁料上后立刻隨樁料一起向下運(yùn)動。樁料進(jìn)入泥土后所受

阻力隨打入深度〃的變化關(guān)系如圖乙所示，直線斜率左=5.05xl()4N/m。S^lOm/s2,則下列說法正確的是

A.夯錘與樁料碰撞前瞬間的速度為9〃z/s

B.夯錘與樁料碰撞后瞬間的速度為4.5m/s

C.打完第一夯后，樁料進(jìn)入泥土的深度為

D.打完第三夯后，樁料進(jìn)入泥土的深度為3加

6、如圖所示，AB是一根裸導(dǎo)線，單位長度的電阻為Ro,一部分彎曲成直徑為d的圓圈，圓圈導(dǎo)線相交處導(dǎo)電接觸良

好.圓圈所在區(qū)域有與圓圈平面垂直的均勻磁場，磁感強(qiáng)度為Bo導(dǎo)線一端B點固定，A端在沿BA方向的恒力F作用

下向右緩慢移動，從而使圓圈緩慢縮小.設(shè)在圓圈縮小過程中始終保持圓的形狀，設(shè)導(dǎo)體回路是柔軟的，此圓圈從初

始的直徑d到完全消失所需時間t為（）

7id2B2d2B27id2B2d2B2

A.B.--------C.----------D.--------

16%8%4%2%

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、在大型物流貨場，廣泛的應(yīng)用著傳送帶搬運(yùn)貨物。如圖甲所示，與水平面傾斜的傳送帶以恒定速率運(yùn)動，皮帶始終

是繃緊的，將機(jī)=lkg的貨物放在傳送帶上的A處，經(jīng)過1.2s到達(dá)傳送帶的B端。用速度傳感器測得貨物與傳送帶的

速度v隨時間f變化圖象如圖乙所示，已知重力加速度g=10m/s2。由圖可知（）

A.貨物與傳送帶的摩擦因數(shù)為0.5

B.4、8兩點的距離為2.4m

C.貨物從A運(yùn)動到5過程中，傳送帶對貨物做功為-11.2J

D.貨物從A運(yùn)動到8過程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為19.2J

8、某電場在x軸上各點的場強(qiáng)方向沿x軸方向,規(guī)定場強(qiáng)沿x軸正方向為正，若場強(qiáng)E隨位移坐標(biāo)x變化規(guī)律如圖,

力點與X3點的縱坐標(biāo)相同，圖線關(guān)于。點對稱，貝!I()

A.0點的電勢最低B..2點的電勢最高

C.若電子從-X2點運(yùn)動到孫點，則此過程中電場力對電子做的總功為零D.若電子從XI點運(yùn)動到X3點，則此過程中

電場力對電子做的總功為零

9、如圖甲所示，為測定物體沖上粗糙斜面能達(dá)到的最大位移x與斜面傾角。的關(guān)系，將某一物體每次以大小不變的初

速度沿足夠長的斜面向上推出，調(diào)節(jié)斜面與水平方向的夾角。，實驗測得》與斜面傾角。的關(guān)系如圖乙所示，g取10

m/s2,根據(jù)圖象可求出

A.物體的初速度％=6m/s

B.物體與斜面間的動摩擦因數(shù)〃=0.6

C.取不同的傾角。，物體在斜面上能達(dá)到的位移X的最小值Xmin=1447〃

D.當(dāng)某次0=30°時，物體達(dá)到最大位移后將沿斜面下滑

10、一個靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，由于發(fā)生了某種衰變而形成了如圖所示的兩個圓形徑

跡，貝！I()

A.該原子核發(fā)生了e衰變

B.該原子核發(fā)生了夕衰變

C.打出衰變粒子的反沖核沿小圓逆時針運(yùn)動

D.該原子核的衰變過程結(jié)束后，其系統(tǒng)的總質(zhì)量略有增加

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)利用如圖所示的裝置探究動能定理。將木板豎直放置在斜槽末端的前方某一固定位置，在木板上依次固定

好白紙、復(fù)寫紙，將小球從不同的標(biāo)記點由靜止釋放。記錄標(biāo)記點到斜槽底端的高度"，并根據(jù)落點位置測量出小球

離開斜槽后的豎直位移y,改變小球在斜槽上的釋放位置，在斜槽比較光滑的情況下進(jìn)行多次測量，已知重力加速度

為g,記錄數(shù)據(jù)如下：

(2)已知木板與斜槽末端的水平距離為x,小球從標(biāo)記點到達(dá)斜槽底端的高度為H,測得小球在離開斜槽后的豎直位移

為v,不計小球與槽之間的摩擦及小球從斜槽滑到切線水平的末端的能量損失。小球從斜槽上滑到斜槽底端的過程中，

若動能定理成立，則應(yīng)滿足的關(guān)系式是;

(3)保持x不變，若想利用圖像直觀得到實驗結(jié)論，最好應(yīng)以〃為縱坐標(biāo)，以____為橫坐標(biāo)，描點畫圖。

12.(12分)一同學(xué)用電子秤、水壺、細(xì)線、墻釘和貼在墻上的白紙等物品，在家中驗證力的平行四邊形定則，主要

實驗步驟如下：

①如圖甲，細(xì)線0C一端連接一裝滿水的水壺，另一端連接圓環(huán)。，用電子秤的下端掛鉤鉤住圓環(huán)。，記下水壺靜上

時電子秤的示數(shù)F；

②如圖乙，將細(xì)線48一端拴在墻釘A處，另一端穿過圓環(huán)。拴在電子秤的掛鉤8處。手握電子秤沿斜上方拉住細(xì)線

的B端使水壺處于平衡狀態(tài)，在墻面的白紙上記錄圓環(huán)。的位置、三細(xì)線OB、OC的方向和電子秤的示數(shù)E；

③如圖丙，在白紙上以。為力的作用點，按定標(biāo)度作出各力的圖示，根據(jù)平行四邊形定則作出兩個用的合力產(chǎn)的圖

不。

⑴步驟①中(填“必須”或“不必”)記錄。點位置；

(2)步驟②中用細(xì)線穿過圓環(huán)0,而不用細(xì)線直接拴接在細(xì)線AB上的原因是；

(3)通過比較F與的大小和方向，即可得出實驗結(jié)論。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，半徑R=3.6m的!光滑絕緣圓弧軌道，位于豎直平面內(nèi)，與長L=5m的絕緣水平傳送帶

6

平滑連接，傳送帶以v=5m/s的速度順時針轉(zhuǎn)動，傳送帶右側(cè)空間存在互相垂直的勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場強(qiáng)度E

=20N/C,磁感應(yīng)強(qiáng)度5=2.OT,方向垂直紙面向外.a為陽=1.0x10-3kg的不帶電的絕緣物塊，b為wi2=2.0xl(F

3kg、q=L0xl(F3c帶正電的物塊.b靜止于圓弧軌道最低點，將a物塊從圓弧軌道頂端由靜止釋放，運(yùn)動到最低點與

b發(fā)生彈性碰撞(碰后b的電量不發(fā)生變化).碰后b先在傳送帶上運(yùn)動，后離開傳送帶飛入復(fù)合場中，最后以與水平

面成60。角落在地面上的P點(如圖)，已知b物塊與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)為"=0.1.(g取10m/s2,a、b均可看

做質(zhì)點)求：

(1)物塊a運(yùn)動到圓弧軌道最低點時的速度及對軌道的壓力；

(2)傳送帶上表面距離水平地面的高度；

(3)從b開始運(yùn)動到落地前瞬間，b運(yùn)動的時間及其機(jī)械能的變化量.

14.(16分)穿過閉合導(dǎo)體回路的磁通量發(fā)生變化時，回路中就有感應(yīng)電流，電路中就一定會有電動勢，這個電動勢

叫做感應(yīng)電動勢。感應(yīng)電動勢的大小可以用法拉第電磁感應(yīng)定律確定。

⑴寫出法拉第電磁感應(yīng)定律的表達(dá)式；

(2)如圖所示，把矩形線框放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為3的勻強(qiáng)磁場里，線框平面跟磁感線垂直。設(shè)線框可動部分MN的長度

為乙。它以速度v向右運(yùn)動。請利用法拉第電磁感應(yīng)定律推導(dǎo)

XXXvXX

XXXA，XX

15.(12分)質(zhì)量為桃=5kg的物體從f=0開始在水平恒力廠的作用下沿水平面做直線運(yùn)動，一段時間后撤去F,其

運(yùn)動的v-f圖象如圖所示。g取lOm/sz,求：

(1)推力尸的大?。?/p>

(2)若人時刻撤去推力凡物體運(yùn)動的總位移為14m,求心

v/(m-s->)

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A、根據(jù)動能定理得：

Mg(5sin。+Ssinj3)-piMg(S^cosO+Scos/3)-/jMgS=0,解得：|i=—,故A錯誤；

ABBCBCCD

B、小滑塊在AB面上運(yùn)動時所受的摩擦力大小fi=11Mgeos53。，小滑塊在BC面上運(yùn)動時所受的摩擦力大小

f2=nMgcos37°,則fi〈f2,而位移相等，則小滑塊在AB面上運(yùn)動時克服摩擦力做功小于小滑塊在BC面上運(yùn)動克服摩

擦力做功，故B錯誤。

C、根據(jù)題意易知小滑塊在A、B面上運(yùn)動的平均速度小于小滑塊在B、C面上的平均速度，故小滑塊在AB面上運(yùn)動

時間大于小滑塊在BC面上運(yùn)動時間，C正確；

D、小滑塊在AB面上運(yùn)動的加速度囚=gs%6-〃gcos9=w7〃/s2,小滑塊在BC面上運(yùn)動的加速度

8

5o

2

a2=gsin/3-/Ligcos(3=^m/s,貝!):<22=43:20,故D錯誤。

故選C

2、C

【解析】

A.由乙圖可知，在0?2fo時間內(nèi)，物塊先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，A錯誤；

B.由乙圖可知，在力?3砧時間內(nèi)，物塊先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)，B獵；

C.由乙圖可知，Ufo時刻，物塊所受的支持力大小為/ng,C正確；

D.由乙圖可知，U3知時刻，物塊所受的支持力大小為mg,D錯誤。

故選C。

3、A

【解析】

AB.當(dāng)OP與OQ垂直時，設(shè)NPQOF,此時活塞的速度為v,將P點的速度分解為沿桿方向和垂直于桿方向的速度;

將活塞的速度V分解為沿桿方向和垂直于桿方向的速度，則此時vocos8=vcose,即V=vo,選項A正確，B錯誤；

CD.當(dāng)OPQ在同一直線時，P點沿桿方向的速度為零，則活塞運(yùn)動的速度等于0,選項CD錯誤；

4、B

【解析】

A.由圖象可知，斜率表示加速度，則為時刻兩物體的加速度方向相反，選項A錯誤；

B.v-f圖象中速度在時間軸的同一側(cè)表示速度方向相同，則%時刻兩物體的速度方向相同，選項B正確；

C.由斜率表示物體的加速度可知，甲物體的切線斜率越來越大，即加速度逐漸增大，選項C錯誤；

D.修圖象所圍面積表示位移，相遇表示位移相等，由圖象可得，2%時刻兩物體不相遇，選項D錯誤。

故選B。

5、C

【解析】

夯錘先自由下落，然后與樁料碰撞，先由運(yùn)動學(xué)公式求出與樁料碰撞前瞬間的速度，對于碰撞過程，由于內(nèi)力遠(yuǎn)大于

外力，所以系統(tǒng)的動量守恒，由動量守恒定律求出碰后共同速度；夯錘與樁料一起下沉的過程，重力和阻力做功，由

動能定理可求得樁料進(jìn)入泥土的深度；

【詳解】

2

A、夯錘與樁料碰撞前瞬間的速度v0=2gh0，得%=J2g4=42x16x5m/s=10m/5

取向下為正方向，打擊過程遵守動量守恒定律，則得：Mv0=(M+fn)v

代入數(shù)據(jù)解得：v=9m/s,故選項AB錯誤；

C、由乙圖知，樁料下沉過程中所受的阻力是隨距離均勻變化，可用平均力求阻力做功，為也.=-二協(xié)力=-1助2

/22

打完第一夯后，對夯錘與樁料，由動能定理得：（〃+根總4+叫=0-：（河+根）丫2

即：（Af+m）g4-^左斤=0-g（Af+m）丫2

代入數(shù)據(jù)解得4=1"，故選項c正確；

D、由上面分析可知：第二次夯后樁料再次進(jìn)入泥土的深度為九

則對夯錘與樁料，由動能定理得：（M+〃z）g%—34（4+4）2=0—g（M+%）v2

同理可以得到：第三次夯后樁料再次進(jìn)入泥土的深度為加

則對夯錘與樁料，由動能定理得：（出+加皿H—:人也+4+%產(chǎn)=?！?^^^^"

則打完第三夯后，樁料進(jìn)入泥土的深度為"="+為+%

代入數(shù)據(jù)可以得到：H=hl+h2+h3<3m,故選項D錯誤。

【點睛】

本題的關(guān)鍵是要分析物體的運(yùn)動過程，抓住把握每個過程的物理規(guī)律，要知道當(dāng)力隨距離均勻變化時，可用平均力求

功，也可用圖象法，力與距離所夾面積表示阻力做功的大小。

6、B

【解析】

設(shè)在恒力戶的作用下，A端△，時間內(nèi)向右移動微小的量△x，則相應(yīng)圓半徑減小Ar,則有：

AX=2TTAr

在△，時間內(nèi)方做的功等于回路中電功

E2

FAx=——M

R

E=^=B%

AzAr

△S可認(rèn)為由于半徑減小微小量△r而引起的面積的變化，有:

△S=27tr-Ar

而回路中的電阻氏=犬02次，代入得，

B2ks2

F?2Mr=

AFRQ-2"

B2ks282As2

Az=

FRQ-(2^-)2rAr2F&?n

顯然與圓面積變化AS成正比，所以由面積Tri變化為零，所經(jīng)歷的時間t為:

82AsB2

/=Z△/=zZA5

2FRQ兀

解得:

r^B-_d2B2

2%—8F風(fēng)

_j21^2

A.——,與結(jié)論不相符，選項A錯誤;

16FRQ

空

與結(jié)論相符，選項B正確;

函

7id2B2

C.,與結(jié)論不相符，選項C錯誤;

4F國

d2B2

荻與結(jié)論不相符，選項D錯誤;

故選B.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AC

【解析】

A.由圖象可以看出貨物做兩段均做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律有：

mgsinO+jumgcosO='嗎

mgsinO-/imgcosO=ma1

由圖象得到：

22

ax=10m/s,a2=2m/s

代入解得：

6=37。，〃=0.5

選項A正確；

B.貨物的位移就是AB兩點的距離，求出貨物的v-f圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積即為兩點的距離。所以有：

SAB=^-x(2x0.2)m+^x(2+4)xlm=0.2m+3m=3.2m

選項B錯誤；

C.傳送帶對貨物做的功即為兩段運(yùn)動中摩擦力做的功：

卬=陰+嗎=0.5xlxl0x0.8x0.2J—O.5xlxlOxO.8x3J=—11.2J

選項C正確；

D.貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量：

2=/xAx!+/xA%2=0.5xlxl0x0.8[(2x0.2-0,2)+(3-2xl)]J=4.8J

選項D錯誤。

故選AC?

8、AC

【解析】

A.規(guī)定場強(qiáng)沿x軸正方向為正，依據(jù)場強(qiáng)E隨位移坐標(biāo)x變化規(guī)律如題目中圖所示，電場強(qiáng)度方向如下圖所示：

——>E-----W--E------

o

根據(jù)順著電場線電勢降低，則。電勢最低，A正確；

B.由上分析，可知，電勢從高到低，即為退、X2、%，由于-%2點與點電勢相等，那么-%點的電勢不是最高，B

錯誤；

C.若電子從一3點運(yùn)動到了2點，越過橫軸，圖像與橫軸所圍成的面積之差為零，則它們的電勢差為零，則此過程中

電場力對電子做的總功為零，c正確；

D.若電子從看點運(yùn)動到X3點，圖像與橫軸所圍成的面積不為零，它們的電勢差不為零，則此過程中電場力對電子做

的總功也不為零，D錯誤。

故選ACo

9、AC

【解析】

AB.物體在粗糙斜面上向上運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律

mgsin0+jLimgcos0=ma

得加速度為

a=gsin，+/jgcos6

___2q

由運(yùn)動學(xué)公式當(dāng)0=90。時，VQ=2gx,可得％=5斯=6叱，當(dāng)。=0時，說=2〃gx,可得〃=二2_=：,故A

/s2gx4

項正確，B項錯誤；

C.根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得物體能達(dá)到的位移

2(gsin6+〃gcos8)

由輔助角公式

VQ=2yjl+儲gsin(9+a)x

可得位移x的最小值

%=-笄〒=L44m

2gjl+/r

故C項正確；

D.由于4>/an，，所以當(dāng)物體在斜面上停止后，不會下滑，故D項錯誤。

10、BC

【解析】

AB.而衰變后兩個新的帶電粒子向相同方向偏轉(zhuǎn)，故兩粒子帶異種電荷，原子核發(fā)生了P衰變，A項錯誤、B項正確;

mv

C.由于衰變后兩帶電粒子的動量大小相等，根據(jù)圓周運(yùn)動的規(guī)律，帶電粒子的軌跡半徑一/，電荷量大的軌跡半

r=qB

徑小，再利用左手定則判斷反沖核沿逆時針方向運(yùn)動，C項正確；

D.衰變中有核能轉(zhuǎn)變?yōu)槠渌问降哪?，故系統(tǒng)發(fā)生質(zhì)量虧損，即總質(zhì)量略有減少，D項錯誤。

故選BCo

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

…卜H=上，

\2y4yy

【解析】

(1)口］小球離開斜槽底端后做平拋運(yùn)動，貝!I

12

y=2§r

x=vt

(2)［刀由(1)知

v=x

在小球下滑過程中，不計小球與槽之間的摩擦，只有重力做功，則有

口12

mgH=—mv

解得

H=—

4y

1

(3)［3］為了更直觀，應(yīng)畫成直線，根據(jù)上式可知：最好應(yīng)以〃為橫坐標(biāo)，以一為縱坐標(biāo)，描點作圖。

y

12、不必兩分力一次同時測定，減小誤差(或由于圓環(huán)的滑動，使得04、05兩細(xì)線拉力大小相同)F'

【解析】

(1)口］因為重力恒豎直向下，只要保證水壺靜止即可，讀出OC繩的拉力即可，故第一次不需要記錄。點位置。

(2)⑵由于圓環(huán)的滑動，使得。4、兩細(xì)線拉力大小相同，故可以兩分力一次同時測定，減小誤差。

(3)［3］。4和OB繩子的拉力作用效果和OC一條繩子的拉力的作用效果相同，而OC一條繩子作用力為F,OA和OB

繩子的合力為根據(jù)平行四邊形定則畫出來的所以只要比較F和^的大小和方向，即可驗證試驗。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

2

13、(1)FN=2xlO--N,方向豎直向下(2)h=3m(3)<E=-5,5x10J

【解析】

(1)根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解物塊a運(yùn)動到圓弧軌道最低點時的速度；根據(jù)牛頓第二定律求解對最低點時對軌道的

壓力；

(2)a于b碰撞時滿足動量和能量守恒，列式求解b碰后的速度；根據(jù)牛頓第二定律結(jié)合運(yùn)動公式求解b離開傳送帶

時的速度；進(jìn)入復(fù)合場后做勻速圓周運(yùn)動，結(jié)合圓周運(yùn)動的知識求解半徑，從而求解傳送帶距離地面的高度；

(3)根據(jù)功能關(guān)系求解b的機(jī)械能減少；結(jié)合圓周運(yùn)動的知識求解b運(yùn)動的時間.

【詳解】

(1)〃物塊從釋放運(yùn)動到圓弧軌道最低點C時，機(jī)械能守恒，

2

mgR(1-cos^)=-mvc

得：vc=6m/s

2

在C點，由牛頓第二定律：