2024年陜西省高考物理適應(yīng)性試卷（七）(含詳細(xì)答案解析)

2024年陜西省西安工大附中高考物理適應(yīng)性試卷（七）

一、單選題：本大題共5小題，共30分。

1.黑板擦在手施加的恒定推力尸作用下勻速擦拭黑板已知黑板擦與豎直黑板間的動摩擦因數(shù)為〃，不計(jì)黑

板擦的重力，則它所受的摩擦力大小為（）

A.FB.[1FC.ID.?〃

J1+〃2Ji+〃2

2.某質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動，運(yùn)動的時(shí)間為3位移為x,該質(zhì)點(diǎn)的?-t圖象如圖

所示，下列說法錯(cuò)誤的是（）

A.質(zhì)點(diǎn)的加速度大小洋

B.t=0到t=b這段時(shí)間質(zhì)點(diǎn)的路程為5

C.t=0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的初速度大小為C

D.t=0到1=b這段時(shí)間質(zhì)點(diǎn)的平均速度為0

3.拉格朗日點(diǎn)指的是在太空中類似于“地一月”或“日一地”的天體系

統(tǒng)中的某些特殊位置，在該位置處的第三個(gè)相對小得多（質(zhì)量可忽略不計(jì)I…\月.上。

IJ尸-他_gH口占

）的物體靠兩個(gè)天體的引力的矢量和提供其轉(zhuǎn)動所需要的向心力，進(jìn)而使\

得該物體與該天體系統(tǒng)處于相對靜止?fàn)顟B(tài)，即具有相同的角速度。如圖

所示是地一月天體系統(tǒng)，在月球外側(cè)的地月連線上存在一個(gè)拉格朗日點(diǎn)，發(fā)射一顆質(zhì)量為根的人造衛(wèi)星至

該點(diǎn)跟著月球一起轉(zhuǎn)動，距離月球的距離為S。已知地球的半徑為R,地球表面重力加速度為g,地月球心

之間的距離為r,月球的公轉(zhuǎn)周期為T,則由以上數(shù)據(jù)可以算出（）

A.地球的密度為國舁

GTzr3

B.在拉格朗日點(diǎn)的衛(wèi)星的線速度比月球的線速度小

C.在拉格朗日點(diǎn)的衛(wèi)星的向心加速度比月球的向心加速度小

D.月球?qū)υ撔l(wèi)星的引力為*（r+s）-2嗎

r7（r+s）z

4.如圖所示，半徑為廠的圓形區(qū)域內(nèi)存在方向豎直向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間|?

變化的勻強(qiáng)磁場中，關(guān)系為B=kt（k〉0且為常量）?，F(xiàn)將單位長度電阻為R、半

徑為X的金屬圓環(huán)放入這個(gè)磁場中，圓環(huán)與磁場邊界為同心圓。下列說法正確的:'??》

'、、]o1//

是（）'、3_一」

A.若尤為2r時(shí)，圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為鈾兀產(chǎn)

B.從上往下看，金屬圓環(huán)中的電流沿順時(shí)針方向，且電流隨時(shí)間均勻增大

C.若無分別為"和2r時(shí)，圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的比值為1：4

D.若x分別為"和2r時(shí)，單位時(shí)間內(nèi)圓環(huán)中產(chǎn)生焦耳熱的比值為1：

5.甲、乙兩光滑小球（均可視為質(zhì)點(diǎn)）用輕直桿連接，乙球處于粗糙水平地面

上，甲球緊靠在粗糙的豎直墻壁上，初始時(shí)輕桿豎直，桿長為4"7。施加微

小的擾動，使得乙球沿水平地面向右滑動，當(dāng)乙球距離起點(diǎn)3根時(shí)，下列說

法正確的是（

A.甲、乙兩球的速度大小之比為4：3

B.甲、乙兩球的速度大小之比為3:0

C.甲球即將落地時(shí)，乙球的速度與甲球的速度大小相等

D.甲球即將落地時(shí)，乙球的速度達(dá)到最大

二、多選題：本大題共5小題，共27分。

6.觀察水龍頭，在水龍頭出水口出水的流量（在單位時(shí)間內(nèi)通過任一橫截面的水的體積）穩(wěn)定時(shí)，發(fā)現(xiàn)自來

水水流不太大時(shí)，從龍頭中連續(xù)流出的水會形成一水柱，現(xiàn)測得高為X的水柱上端面積為S「下端面積為

52,重力加速度為g,以下說法正確的是（）

A.水柱是上粗下細(xì)B.水柱是上細(xì)下粗

C.該水龍頭的流量是S1S2]WD.該水龍頭的流量是If2

NS1-S?7S1+S2

7.芬蘭小將拉林托以兩跳240.9分的成績在跳臺滑雪世界杯芬蘭站中A

獲得冠軍。如圖所示是簡化后的跳臺滑雪的雪道示意圖，拉林托從助

滑雪道A8上由靜止開始滑下，到達(dá)C點(diǎn)后水平飛出，落到滑道上的E,

D點(diǎn)、,E是運(yùn)動軌跡上的某一點(diǎn)，在該點(diǎn)拉林托的速度方向與軌道

CD平行，設(shè)拉林托從C到E與從E到。的運(yùn)動時(shí)間分別為t1、t2,/

斯垂直C￡）,（忽略空氣阻力）則（）

cp1rp1

AW=t2B.tl>t2C.->-D,-<-

8.如圖所示，在傾角為e的光滑斜面上，存在著兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為8的勻強(qiáng)磁場，方向一個(gè)垂斜面

向上，另一個(gè)垂直斜面向下，寬度均為L一個(gè)質(zhì)量為機(jī)、電阻為R、邊長為乙的正方形金屬線框以速度V

剛進(jìn)入上邊磁場時(shí)，恰好做勻速直線運(yùn)動，當(dāng)"到達(dá)gg'與//中點(diǎn)時(shí)又恰勻速，已知重力加速度為g,則

（）

A.當(dāng)油邊剛越過"'時(shí)線框的加速度大小為2gsin。，方向沿斜面向上

B.當(dāng)"邊剛越過"'時(shí)線框的加速度大小為3gsin8,方向沿斜面向下

C.線框從開始進(jìn)入磁場到ab邊到達(dá)gg'與"'中點(diǎn)時(shí)產(chǎn)生的熱量為|mgLsin。+j|mv2

D.從ab越過//邊界到線框再做勻速直線運(yùn)動所需的時(shí)間t=花為（窄

9.下面說法正確的是（）

A.擴(kuò)散現(xiàn)象是由重力引起的，完全失重條件下不會發(fā)生擴(kuò)散現(xiàn)象

B.1加L水跟1加L酒精混合后總的體積小于2mL,說明分子間存在間隙

C.相同溫度的同種理想氣體，其內(nèi)能與其質(zhì)量成正比

D.用Ep表示分子勢能，廠表示分子間距離，島可能隨，的增大而增大，也可能隨7■的增大而減小

E.玻璃管中的液面可能為凹陷，也可能為凸起，液體表面層分子間作用力表現(xiàn)為引力時(shí)形成凹液面，液體

表面層分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)形成凸液面

10.下列說法中正確的是（）

A.光導(dǎo)纖維的內(nèi)芯材料的折射率比外套材料的折射率大

B.水中的氣泡看起來特別明亮，是因?yàn)楣鈴乃猩湎驓馀輹r(shí)在氣泡表面發(fā)生了全反射

C.某人在速度為0.5c的飛船上打開一光源，則這束光相對于地面的速度應(yīng)為1.5c

D.2021年12月9日，航天員王亞平老師進(jìn)行了太空授課，在“水球光學(xué)實(shí)驗(yàn)”中，透過含有氣泡的水球

可以看到一正一反的兩個(gè)人像，都是由光的折射引起的

E.光刻機(jī)利用光源發(fā)出的紫外線，將精細(xì)圖投影在硅片上，再經(jīng)技術(shù)處理制成芯片。為提高光刻機(jī)清晰投

影精細(xì)圖的能力，在透鏡和硅片之間填充液體。紫外線進(jìn)入液體后波長變短，光子能量增加

三、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共15分。

11.用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)1、爪2組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，爪2從高處由靜止開始下落，上拖著的

紙帶打出一系列的點(diǎn)，如圖乙給出的是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶：。是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)

間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，交流電的頻率為50Hz,計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖所示。已知7nl=50g,m2-ISOg,

則：(g取9.8m/s2,結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)

(1)在打點(diǎn)0?5過程中系統(tǒng)動能的增加量=J,系統(tǒng)勢能的減少量4琦=J；

(2)若某同學(xué)作出/-h圖像如圖丙所示，則當(dāng)?shù)氐膶?shí)際重力加速度g=m/s2o

12.某物理實(shí)驗(yàn)小組看到比亞迪一款新能源汽車末plusdmi,其中汽車電池采用的是比亞迪的刀片電池技

術(shù)，整塊電池銘牌如圖甲所示，已知該車內(nèi)的整塊電池是由15塊刀片電池串聯(lián)而成，其中一塊刀片電池

由8塊電芯串聯(lián)而成。現(xiàn)將一塊刀片電池拆解出來，測量其中一塊電芯的電動勢E和內(nèi)阻廠，現(xiàn)有如下器

材：一個(gè)電阻箱、一個(gè)電壓表、開關(guān)和若干導(dǎo)線，一塊重合，一坐標(biāo)紙和刻度尺，電路圖如圖乙所示。

⑥比亞腿友軍有限公司制造

品牌比亞迪制造國中國

整車型號BYD6470ST6HEV2乘坐人數(shù)5

制造年月2021年03月

發(fā)動機(jī)排量1498mL發(fā)動機(jī)型號BYD472QA

發(fā)動機(jī)最大凈功率78k"

驅(qū)動電機(jī)型號TZ220XYE

驅(qū)動電機(jī)峰值功率145k”

動力電池系統(tǒng)額定電壓384V

動力電池系統(tǒng)額定容量47.7Ah最大允許總質(zhì)量:2165kg

甲

(1)根據(jù)汽車電池銘牌，一塊電池所帶電量為C；

(2)為了更加精確地測量，圖乙中電壓表量程應(yīng)該接(“5”或“15”)7；

(3)某物理實(shí)驗(yàn)小組按圖乙連接電路，閉合開關(guān)，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記錄下阻值R和電壓表的相應(yīng)讀數(shù)

U,利用測量數(shù)據(jù)，作5圖線如圖丙所示，圖線的縱軸截距為。，斜率為七則一塊電芯的電動勢

UK

E=,Y=;

(4)利用圖乙所示電路測得的電動勢與和內(nèi)阻。與真實(shí)值E和Q相比，E%(填“大于”“等于”或

“小于”)。

四、簡答題：本大題共2小題，共23分。

13.如圖，豎直平面內(nèi)存在方向水平的勻強(qiáng)電場，電場區(qū)域仍間距為”，在該區(qū)域下邊界的。點(diǎn)將質(zhì)量為

力、電荷量為4的小球以一定的初速度豎直上拋，小球從上邊界離開電場，再次進(jìn)入電場后在電場中做直

線運(yùn)動，到達(dá)下邊界的點(diǎn)，已知小球到達(dá)Mi點(diǎn)的速度大小為從。點(diǎn)進(jìn)入電場時(shí)速度大小的YTU倍，動

量方向與水平面的夾角為8。不計(jì)空氣阻力，重力加速度大小為g。求：

(1)。角的正切值和該電場的電場強(qiáng)度；

(2)小球由。到Mi的運(yùn)動時(shí)間；

(3)在下邊界水平放置一足夠長的絕緣擋板，小球碰撞前后速度與擋板的夾角不變，若第二次碰撞點(diǎn)與

Mi的距離為88,求第■次碰撞過程小球的動能損失。

H「

----------------------------b

0---------------------------------M,

14.如圖所示，一塊表面平整的玻璃磚橫截面由以AB為直徑的半圓和長方形ABC。組

成。AB=2R,BD=(3+，^)R，ON與AB垂直，M在圓周上且NMON=30?！，F(xiàn)將一

束光沿方向射入玻璃磚，光恰好不從2。邊射出。

①求玻璃磚的折射率n的值。

(ii)現(xiàn)將C。邊打磨得到C'D邊，并在外表面上鍍銀，使這束光在玻璃磚內(nèi)改變2次傳

播方向后恰好經(jīng)過〃點(diǎn)。真空中的光速為c,求CC'的長度，并計(jì)算光在玻璃磚內(nèi)傳播的

總時(shí)間t(tanl5。=2—73)?

五、計(jì)算題：本大題共2小題，共22分。

15.近年來，戶外休閑娛樂活動頗受人們喜愛，“極限滑草”的速度與激情更是受到青少年追捧。圖為某

“極限滑草”滑道的簡化示意圖，小李同學(xué)為了測量其傾斜滑道的高度，做了一次探究：他乘坐滑草車從

傾斜滑道頂部A處由靜止開始沿滑道下滑，經(jīng)時(shí)間匕=5s從傾斜滑道底部2處進(jìn)入水平滑道(兩滑道連接

處無速度大小損失)，再經(jīng)時(shí)間t2=2s停在C處，測得滑草車在水平滑道上的運(yùn)動距離LBC=10mo若滑

草車與整個(gè)滑道間動摩擦因數(shù)處處相同，重力加速度g取10m/s2,不計(jì)空氣阻力，人與滑草車整體可視為

質(zhì)點(diǎn)，求：

(1)滑草車剛進(jìn)入水平滑道時(shí)的速度大小;

(2)該傾斜滑道的高度。

16.圖1是很多機(jī)械結(jié)構(gòu)中都會用到的氣彈簧裝置。其簡化模型如圖2所

示，裝有氮?dú)獾姆忾]氣缸豎直固定在水平地面上，一光滑活塞將氣缸分成

4、2兩部分，活塞上有一個(gè)透氣的小孔將氣缸中兩部分氣體連通在一起，

活塞上固定一個(gè)圓柱形的連桿。已知活塞與連桿的總質(zhì)量為偌，活塞橫截

面積為S,連桿橫截面積為：S。初始時(shí)刻活塞停在氣缸內(nèi)某處，此時(shí)A部

分氣體高《八，2部分氣體高|心已知大氣壓強(qiáng)為po，重力加速度為g,氣

體可看作理想氣體，汽缸與連桿之間無摩擦且密封良好，氣體溫度始終保持不變。

(1)求初始時(shí)刻缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)Pi;

(2)若對連桿施加向下的壓力，使得活塞緩慢向下移動距離g/l,求此時(shí)缸內(nèi)氣體壓強(qiáng)P2。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：設(shè)力廠與運(yùn)動方向之間的夾角為凡黑板擦做勻速運(yùn)動，則受力平衡，沿運(yùn)動方向上有:

Fcos9=1iFsind

可得：M

tan。

由三角函數(shù)的關(guān)系可得：cos。=下口

、1+爐

所以：f=Feos。="一故。正確，ABC錯(cuò)誤。

、1+爐

故選：Do

黑板擦做勻速運(yùn)動，受力平衡，對黑板擦進(jìn)行受力分析，然后結(jié)合力的分解即可求出。

該題考查共點(diǎn)力的平衡，解答的關(guān)鍵是設(shè)力廠與運(yùn)動方向之間的夾角為氏然后由共點(diǎn)力平衡即可求出。

2.【答案】B

【解析】解：AC、根據(jù)勻變速直線運(yùn)動位移-時(shí)間公式x=%t+：at2可得;=%+：成。根據(jù)數(shù)學(xué)知識可

得圖像的斜率/c=；a=-2可得加速度為"-與，加速度大小為胡，初速度為%=c,故AC正確;

B、t=0到速度為零這段時(shí)間通過的路程為s=一般=尋=加,所用的時(shí)間為"常刊=孤則

t=0至亞=6這段時(shí)間質(zhì)點(diǎn)的路程大于s二be,故B錯(cuò)誤;

4

D、七0到"滋段時(shí)間物體的位移為'=9+料2=-6+?部2=°，所以平均速度為。，故。

正確。

本題選錯(cuò)誤的,

故選：瓦

根據(jù)勻變速直線運(yùn)動位移-時(shí)間公式X=vot+得至耳與t的表達(dá)式，結(jié)合圖像的斜率、截距求加速度、

初速度；根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求t=0到t=6這段時(shí)間質(zhì)點(diǎn)的路程。根據(jù)方=:求質(zhì)點(diǎn)的平均速度。

解決本題的關(guān)鍵要掌握勻變速直線運(yùn)動位移-時(shí)間公式式=%t+：a/,并能變形得到，與f表達(dá)式，從而來

分析物體的運(yùn)動情況。

3.【答案】D

【解析】解：A、月球繞地球公轉(zhuǎn)時(shí)，有G*m*,地球的密度為p=蠹，解得地球的密度為：p=

號號，故A錯(cuò)誤;

BC、因?yàn)橛诶袢拯c(diǎn)的衛(wèi)星與月球具有相同的角速度，由17=3"a知，位于拉格朗日點(diǎn)的衛(wèi)星的

線速度和向心加速度均比月球的大，故BC錯(cuò)誤;

。、位于拉格朗日點(diǎn)的衛(wèi)星的向心力由地球和月球共同提供，故有

。漆+尸力”等(/)

在地球表面上，不考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，有G誓=m'g

聯(lián)立解得月球?qū)υ撔l(wèi)星的引力為：尸月=等0+5)-%篝，故。正確。

故選：Do

以月球?yàn)檠芯繉ο螅鶕?jù)萬有引力提供向心力求出地球的質(zhì)量，再求地球的密度；位于拉格朗日點(diǎn)的衛(wèi)星

與月球具有相同的角速度，由17=37?比較它們線速度大小，由a=3?r比較向心加速度大??；位于拉格朗

日點(diǎn)的衛(wèi)星的向心力由地球和月球共同提供，根據(jù)牛頓第二定律求解月球?qū)υ撔l(wèi)星的引力。

本題在分析過程中，關(guān)鍵是審清題意，理解什么是拉格朗日點(diǎn)，知道拉格日點(diǎn)的衛(wèi)星與月球具有相同的角

速度和周期，能正確分析衛(wèi)星向心力的來源。

4.【答案】C

【解析】解：4若x為2廠時(shí)，有效面積為5=兀一，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢

irr2-AB

大小為E=寫=knr2,故A錯(cuò)誤;

At

由楞次定律可得，金屬圓環(huán)中的電流沿順時(shí)針方向，由于感應(yīng)電動勢為定值，則感應(yīng)電流也為定值，故

1

2

2-根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小為E'=饕=巴泮=ifcTrr

Z1CZ1L4

若x分別為1和2r時(shí)，圓環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的比值為：>筌=：

2R

單位時(shí)間內(nèi)圓環(huán)中產(chǎn)生焦耳熱為Q="^23其中△則供=；，故0正確，D錯(cuò)誤。

rr22n(2r)R

故選：Co

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求解圓環(huán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢大小，根據(jù)楞次定律判斷電流方向，根據(jù)焦耳定律求

解產(chǎn)生的焦耳熱之比。

對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中涉及電路問題的分析方法是：確定哪部分相當(dāng)于電源，根據(jù)電路連接情況，結(jié)合法拉

第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律、以及電功率的計(jì)算公式列方程求解。

5.【答案】B

【解析】解：AB,當(dāng)乙球距離起點(diǎn)3加時(shí)，設(shè)輕桿與豎直方向夾角為8,根據(jù)幾何知識可得sin。="

4

as

cosB=—

4

將兩球的速度分別沿桿和垂直于桿的方向進(jìn)行分解，如圖所示:

則甲的速度打在沿桿方向的分量為％-=%COS。，乙的速度"2在沿桿方向的分量為七疔="2S譏8,結(jié)合

“、桿="2桿，解得甲、乙兩球的速度大小之比為%:%=3：V7,故A錯(cuò)誤，B正確；

CD、當(dāng)甲球即將落地時(shí)，8=90。，此時(shí)甲球的速度達(dá)到最大，根據(jù)/cos。=2sine,得乙球的速度畛=

0,故co錯(cuò)誤；

故選：瓦

將兩球的速度均分解到沿桿和垂直于桿方向，根據(jù)兩球沿桿方向的分速度相等，列出兩球速度的關(guān)系，即

可求解。

本題考查系統(tǒng)關(guān)聯(lián)速度問題，要知道兩球沿桿方向的速度分量相等，這是解題的關(guān)鍵。

6.【答案】AC

【解析】解：AB.設(shè)水在水柱上端處速度大小為火，水流到水柱下端處的速度畛，則有：

諺一資=2gH—@

設(shè)極短時(shí)間為At,在水柱上端處流出的水的體積：

匕=%△t?Si,

水流水柱下端處的體積：

V2=v2△t-S2,

由題意知，匕=/，即：%,Si=，$2，

解得:—U2s2，—②

因?yàn)榍?lt;〃2，所以S1>S2，水柱是上粗下細(xì)，故A錯(cuò)誤，5正確;

CD、將②代入①可解得：%=2g心

Si-sj'

則該水龍頭的流量：Q=/Si=SS逑，故C正確，D錯(cuò)誤。

12Si-Sz

故選：AC.

設(shè)水在水柱上端處速度大小為巧，水流到水柱下端處的速度％，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度位移公式和單位

時(shí)間內(nèi)流過任一橫截面的體積相等列方程聯(lián)立即可得出答案。

題以實(shí)際生活現(xiàn)象為背景考查流體力學(xué)的應(yīng)用，關(guān)鍵抓住在單位時(shí)間內(nèi)通過任一橫截面的水的體積相等，

熟練運(yùn)用相關(guān)公式即可正確解題。

7.【答案】AC

【解析】解：2B.依題意，將A8以C點(diǎn)為原點(diǎn)，CD為x軸，和C。垂直向上方向?yàn)閥軸，建立坐標(biāo)系如

圖

對運(yùn)動員的運(yùn)動進(jìn)行分解，y軸方向做類豎直上拋運(yùn)動，x軸方向做勻加速直線運(yùn)動。當(dāng)運(yùn)員動速度方向與

軌道平行時(shí)，在y軸方向上到達(dá)最高點(diǎn)，根據(jù)豎直上拋運(yùn)動的對稱性，知

tl=

故A正確，B錯(cuò)誤;

CD將初速度沿x、y方向分解為％、v2,將加速度沿x、y方向分解為由、a2,結(jié)合初速度為零的勻加速直

線運(yùn)動的比例關(guān)系知：初速度為零的勻加速直線運(yùn)動連續(xù)相同時(shí)間內(nèi)的位移比為：1：3：5：7：...：（2九-

1）。運(yùn)動員沿x軸方向做勻加速直線運(yùn)動，且

[1=

但由于初速度不為零，所以根據(jù)初速度為零的勻加速直線運(yùn)動連續(xù)相同時(shí)間內(nèi)的位移比特點(diǎn)可知

CF1

--->—

FD3

故C正確，D錯(cuò)誤。

故選：ACo

運(yùn)動員從C點(diǎn)水平飛出后做平拋運(yùn)動，可以不用通常的分解方法，而建立這樣的坐標(biāo)系：以C點(diǎn)為原點(diǎn)，

co為x軸，和s垂直向上方向?yàn)閥軸，進(jìn)行運(yùn)動分解，y軸方向做類似豎直上拋運(yùn)動，x軸方向做勻加

速直線運(yùn)動。

本題如采用常規(guī)的分解方法很難求解，而根據(jù)分解處理是等效的，可靈活建立坐標(biāo)系，進(jìn)行運(yùn)動的分解問

題就容易解答。

8.【答案】CD

【解析】A3、金屬線框剛進(jìn)入上邊磁場時(shí)，恰好做勻速直線運(yùn)動，根據(jù)平衡條件得mgsin8=F妥，又

F安=B1L=B%L=也苒"聯(lián)立得mgsin。==三①

玄KKK

當(dāng)油邊剛越過//時(shí)，湖邊和cd邊都要切割磁感線，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，線框中總的感應(yīng)電動勢為E=

2BLv,感應(yīng)電流為/=4=半，線框受到的安培力的合力大小為9=28〃=鯉牡②

KKK

根據(jù)牛頓第二定律得：mgsind-F=ma③

由①②③聯(lián)立解得a=-3gsin仇負(fù)號表示加速度方向沿斜面向上，故A3錯(cuò)誤；

C、設(shè)線框從開始進(jìn)入磁場到油邊到達(dá)gg'與中點(diǎn)時(shí)速度為M,由平衡條件得7ngsin6-F=0,即

7ngsin。-”；0=0,解得M=也學(xué)挈④

由①④得MJ⑤

線框從開始進(jìn)入磁場到邊到達(dá)gg'與//'中點(diǎn)時(shí)產(chǎn)生的熱量為Q=mgsinB-|L-(|mv，2-1mv2)=

O-1c

-mgLsind+—mv2@,故。正確；

D、從M越過邊界到線框再做勻速直線運(yùn)動的過程，根據(jù)動量定理得：mgsinO-t-Bht=mvr-

nw⑦

又此過程中通過線框截面的電荷量為q=7t=^=隼⑧

KK

由⑤⑦⑧解得t察一:nw)，故。正確。

mgsmO、R4y

故選：CD。

金屬線框剛進(jìn)入上邊磁場時(shí)，恰好做勻速直線運(yùn)動，合力為零，根據(jù)平衡條件和安培力與速度的關(guān)系分別

列式，得到速度與重力的關(guān)系；當(dāng)仍邊剛越過f「時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律列式，結(jié)合安培力與速度的關(guān)系

求線框的加速度；線框從開始進(jìn)入磁場到湖邊到達(dá)gg'與//中點(diǎn)時(shí)，先根據(jù)平衡條件求出此時(shí)線框的速

度，再根據(jù)能量守恒求產(chǎn)生的熱量。根據(jù)動量定理求從油越過邊界到線框再做勻速直線運(yùn)動所需的時(shí)

間。

導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動時(shí)，要抓住受力平衡及能量的轉(zhuǎn)化關(guān)系進(jìn)行分析判斷；在分析能量關(guān)系時(shí)一定要找出

所有發(fā)生變化的能量，知道增加的能量一定等于減少的能量。對于線框在磁場中運(yùn)動的時(shí)間，由于線框做

的是非勻變速運(yùn)動，不能根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求解，可根據(jù)動量定理求運(yùn)動時(shí)間。

9.【答案】BCD

【解析】解：4擴(kuò)散現(xiàn)象是由分子熱運(yùn)動產(chǎn)生的，與重力無關(guān)，完全失重條件下也會發(fā)生擴(kuò)散現(xiàn)象，故

A錯(cuò)誤；

8、水和酒精混合后產(chǎn)生擴(kuò)散現(xiàn)象，水分子和酒精分子彼此進(jìn)入對方擠占分子間隙，導(dǎo)致總體積減少，說

明分子間有間隙，故8正確；

C、理想氣體的內(nèi)能只考慮分子動能，即內(nèi)能等于所有分子的總動能。溫度相同分子的平均動能相同，內(nèi)

能與分子數(shù)量成正比，同種理想氣體分子數(shù)量與氣體的質(zhì)量成正比，故相同溫度的同種理想氣體，其內(nèi)能

與其質(zhì)量成正比，故C正確；

。、如果初始分子間的距離小于平衡距離隨著分子間距離的增大，分子的斥力做正功，分子勢能減

?。划?dāng)分子間距大于后，隨著分子間距離增大，分子引力做負(fù)功，分子勢能增大，故。正確；

E、無論凹液面還是凸液面，液體表面層分子之間都是引力，故E錯(cuò)誤。

故選：BCD.

擴(kuò)散現(xiàn)象是由分子熱運(yùn)動產(chǎn)生的；水和酒精混合后產(chǎn)生擴(kuò)散現(xiàn)象，說明分子間有間隙；理想氣體的內(nèi)能等

于所有分子的總動能。溫度相同分子的平均動能相同，同種理想氣體分子數(shù)量與氣體的質(zhì)量成正比；根據(jù)

分子勢能與分子間距離的關(guān)系分析；液體表面層分子之間始終是表現(xiàn)為引力。

本題考查擴(kuò)散現(xiàn)象、內(nèi)能的意義、分子勢能的變化、液體表面張力的特點(diǎn)。掌握分子動理論的內(nèi)容，并且

能夠用分子動理論解釋熱現(xiàn)象。

10.【答案】ABD

【解析】解：A、光導(dǎo)纖維利用光的全反射原理，因此內(nèi)芯材料的折射率比外套材料的折射率大，故A正

確；

3、光束從水中射向氣泡，當(dāng)入射角等于或大于臨界角時(shí)，出現(xiàn)全反射現(xiàn)象，則水中的氣泡看起來特別明

亮，故B正確；

C、在速度為0.5c的飛船上打開一光源，根據(jù)光速不變原理，則這束光相對于地面的速度應(yīng)為c,故C錯(cuò)

誤；

。、水球具有中間厚，邊緣薄的點(diǎn)，因此水球相當(dāng)于一個(gè)凸透鏡，當(dāng)物體在兩倍焦距以外時(shí)成倒立，縮小

的像，中間的氣泡和周圍的水，組成了一個(gè)凹透鏡，凹透鏡成正立縮小的虛像，所以兩種情況都是光的折

射現(xiàn)象，故。正確；

E、紫外線在傳播過程中無論進(jìn)入何種介質(zhì)，其頻率v不變，根據(jù)公式E=hv可知，光子能量不變，故E錯(cuò)

誤。

故選：ABD.

光導(dǎo)纖維是利用全反射原理；光束從水中射向氣泡，當(dāng)入射角等于或大于臨界角時(shí)，出現(xiàn)全反射現(xiàn)；由相

對論可知，光速不變原理；水球相當(dāng)于一個(gè)凸透鏡，根據(jù)成像的原因分析；根據(jù)公式石=機(jī)判斷。

本題考查了光的全反射、折射現(xiàn)象、光速不變原理、光子能量等基礎(chǔ)知識，要求學(xué)生熟練掌握相關(guān)知識，

強(qiáng)化記憶。

11.【答案】0.580.599.7

【解析】解：（1）勻變速直線運(yùn)動某段時(shí)間內(nèi)，中間時(shí)刻速度等于平均速度:

%—%486.40-38.40_

V=6------------X10z9m/s—2Amis

27

動能增加量:

AEk=2(61+爪2)〃2

代入數(shù)據(jù)解得=0.58/；

系統(tǒng)勢能的減少量:

AEp—(m2—mjgh

代入數(shù)據(jù)解得/Ep°0.59/；

（2）根據(jù)機(jī)械能守恒定律:

1,

z

(m2—mjgh=&+m2)v

得:

2(m—rrii)

v2gh

(m2+mi)

斜率:

=2（m2一四）

一（m2+恤）g

代入數(shù)據(jù)得出：g?9.7m/s2.

故答案為：（1）0.58,0.59；（2）9.7

（1）勻變速直線運(yùn)動某段時(shí)間內(nèi)，中間時(shí)刻速度等于平均速度，解得速度，根據(jù)動能和重力勢能的公式解

得;

(2)根據(jù)機(jī)械能守恒定律變形，結(jié)合圖線斜率可求得。

本題考查機(jī)械能守恒實(shí)驗(yàn)，關(guān)鍵掌握如何根據(jù)圖線變形，通過斜率計(jì)算重力加速度的方法。

12.【答案】114485i-小于

aa

【解析】解:(1)根據(jù)汽車電池銘牌，可知電池的額定容量為47.74%,則一塊電池所帶電量為

Q=〃=上X47.7X3600C=11448C；

yis

(2)電池的額定電壓為384V,則一塊電池的電壓為

1

U=4~X3847=3.2V

15X8

為了更加精確地測量，則圖乙中電壓表量程應(yīng)該接5V；

(3)根據(jù)閉合電路歐姆定律有

U

E=U+■r

K5

變形得到

11r1

--=-----1--------

UEER

可知圖線的縱截距為Q=J,斜率為

EE

解得：E=-,r=-

aa

(4)由于電壓表分流的原因?qū)е码妱觿莸臏y量值均小于真實(shí)值；

故答案為：(1)11448；(2)5；(3)：,-(4)小于

(1)(2)根據(jù)銘牌的容量和額定電壓分析解答；

(3)(4)根據(jù)閉合電路歐姆定律結(jié)合圖像斜率與截距解得電動勢與內(nèi)阻，同時(shí)分析誤差。

本題考查測量汽車上電池的電動勢和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)，要求學(xué)生會根據(jù)閉合電路歐姆定律得到:與:的函數(shù)關(guān)

UK

系，應(yīng)用圖象法去處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。

13.【答案】解：(1)令小球在。點(diǎn)的速度為幾，根據(jù)運(yùn)動的獨(dú)立性，小球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動，

則小球到達(dá)Ml時(shí)速度的豎直分量為%y=V0

由題意得：-/TOVQ=JV^y+說X

可得：=3v0

即tanb=-=1

吆3

小球到達(dá)Mi之前做直線運(yùn)動，合力方向與合速度方向共線，可得:

qE=vlx

湎一詬

解得：匈

q

(2)小球在豎直方向上做豎直上拋運(yùn)動，可知小球在電場中的兩段運(yùn)動時(shí)間相同，且水平方向做勻加速直

線運(yùn)動，電場區(qū)域上方小球水平方向做勻速運(yùn)動。令小球從A點(diǎn)離開電場，從5點(diǎn)再次進(jìn)入電場，則有:

13

=vBx=2rl%=2V°

—r/日1

可得以y=VBy=-V0

若用方4、以B、tBMl表示小球在各階段的運(yùn)動時(shí)間。由此可得：2/B

由。T/,在豎直方向上可得：2gH=VQ-v\y

解得：%=禺

由速度-時(shí)間公式有：VQ-vAy=gt0A

聯(lián)立可得：=修

I2H

所以：toM]=+3Ml+以B=4toz=4J—

(3)令第一次碰后的豎直分速度為"2y，水平分速度為U2%

由題設(shè)條件可得：V2x=3〃2y

假設(shè)第一次碰后小球未到達(dá)上邊界，那么有：

2"2y=gtM1M2

2

XM1M2=3"2yX+]X3gx(―^)=8H

解得：境〃=等

小球碰撞后上升的最大高度：W=M^<H,故假設(shè)成立。

2g3

1lOmgH

mv777

E碰后=2(2y+鄉(xiāng)/丫)=5mv2y=g

1777740mgH

E碰前=2m(viy+9viy)=5mviy=5m比=-

可得第一次碰撞過程小球的動能損失：4E=lOmgH

答：(1*角的正切值為々該電場的電場強(qiáng)度為學(xué)；

(2)小球由。到Mi的運(yùn)動時(shí)間為4厚；

(3)第一次碰撞過程小球的動能損失為10mgH。

【解析】(1)根據(jù)小球在Mi點(diǎn)的速度大小，求出在Mi點(diǎn)水平分速度大小，而豎直分速度大小不變，從而求

出。的正切值，再根據(jù)做直線運(yùn)動的條件求出電場強(qiáng)度的大??；

(2)從豎直方向上看可以確定小球兩次穿越電場的時(shí)間相等，進(jìn)而確定從上邊離開電場和進(jìn)入電場的水平

分速度相等，而豎直分速度大小也相等，再由豎直方向的位移求出向上穿越電場和離開電場的時(shí)間，進(jìn)而

求得總時(shí)間；

(3)同樣的道理求出第二次從電場離開時(shí)的水平和豎直速度，從而求出合速度，這樣