2022-2023學年浙江省麗水市景寧縣民族中學高三物理月考試題含解析

2022-2023學年浙江省麗水市景寧縣民族中學高三物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（單選）如圖所示，A、B兩物體緊靠著放在粗糙水平面上．A、B間接觸面光滑．在水平推力F作用下兩物體一起加速運動，物體A恰好不離開地面，則物體關于A、B兩物體的受力個數(shù)，下列說法正確的是（） A．A受3個力，B受4個力 B． A受4個力，B受3個力 C．A受3個力，B受3個力 D． A受4個力，B受4個力參考答案：考點： 牛頓第二定律；力的合成與分解的運用．專題： 牛頓運動定律綜合專題．分析： 物體A恰好不離開地面時，地面對A沒有支持力，按重力、彈力和摩擦力的順序分析兩物體受力．解答： 解：對于A物體：由題，物體A恰好不離開地面，地面對A沒有支持力，也沒有摩擦力，則A受到重力、F和B對A的支持力共3個力作用．對于B物體：受到重力、A對B的壓力和地面的支持力和摩擦力，共4個力作用．故選A點評： 解答本題的關鍵是分析臨界條件：A恰好不離開地面，A與地間無彈力，也就無摩擦力．分析受力的一般順序是：重力、彈力和摩擦力．2.質點做直線運動的v﹣t圖象如圖所示，規(guī)定向右為正方向，則該質點在前8s內平均速度的大小和方向分別為（）A．0.25m/s向右 B．1m/s向右C．0.25m/s向左 D．1m/s向左參考答案：C【考點】勻變速直線運動的圖像．【分析】質點做直線運動的v﹣t圖象中，圖象與橫坐標所圍成的面積表示位移，平均速度等于總位移除以總時間，根據即可解題．【解答】解：由v﹣t圖象可知質點前8s內的運動的位移為：S=×3×2+×5×（﹣2）=﹣2m因而=﹣0.25m/s故平均速度大小為0.25m/s，方向向左，故C正確．故選：C3.（單選）半徑為r的帶缺口剛性金屬圓環(huán)在紙面上固定放置，并處在變化的磁場中，在圓環(huán)的缺口兩端引出兩根導線，分別與兩塊垂直于紙面固定放置的平行金屬板連接，兩板間距為d，如甲圖所示．磁場的方向垂直于紙面，規(guī)定垂直紙面向里為正，變化規(guī)律如乙圖所示．則以下說法正確的是（）A．第2秒內上極板為正極B．第3秒內上極板為負極C．第2秒末兩極板之間的電場強度大小為零D．第4秒末兩極板之間的電場強度大小為參考答案：：解：A、第2s內情況：由楞次定律可知，金屬板上極板帶正電，金屬板下極板帶負電；故A正確；B、第3s內情況：由楞次定律可知，金屬板上極板帶正電，金屬板下極板帶負電；故B錯誤；C、根據法拉第電磁感應定律可知，第2秒末感應電動勢不變，則兩極板之間的電場強度大小不為零，故C錯誤；D、由題意可知，第4秒末兩極板間的電場強度大小E===，故D錯誤；故選：A．4.如圖所示是甲和乙兩物體同時同地沿同一方向做直線運動的v-t圖象，則由圖象可知A.40s末乙在甲之前B.20s末乙物體運動方向發(fā)生改變C.60s內甲乙兩物體相遇兩次D.60s末乙物體回到出發(fā)點參考答案：AC在v-t圖中圖象與橫坐標圍成的面積大小與物體發(fā)生的位移大小相等，由圖可知當t=20s和t=60s時，兩圖象與橫坐標圍成面積相等，說明發(fā)生的位移相等，由于兩物體同時從同一地點沿同一方向做直線運動，因此兩物體兩次相遇的時刻是20s和60s，60s內甲乙兩物體相遇兩次；由運動的速度圖象分析可知20s時刻乙從后面追上甲，而后乙做減速運動，40s末乙在甲之前，60s時刻甲從后面追上乙；60s末乙物體的速度減為0，但是乙物體一直沿正方向做直線運動，離出發(fā)點最遠。只有AC正確。5.如圖所示，鉛盒A中裝有天然放射性物質，放射線從其小孔中豎直向上射出，因在小孔和足夠大的熒光屏之間有水平方向的勻強電場，結果放射線分為三束。則下列說法中正確的有（

）A.打在圖中a、b、c三點的依次是α射線、γ射線和β射線B.打在圖中a、b、c三點的依次是β射線、γ射線和α射線C.電場方向一定水平向左D.如果在鉛盒和熒光屏間再加一垂直紙面的勻強磁場，則屏上的亮斑可能只剩下b參考答案：AC由題圖可知打在b點的射線軌跡不偏折，故打在b點的為γ射線，打在c點的射線軌跡偏折程度大，故打在c點的為β射線，進而可知電場方向水平向左，選項AC正確B錯誤。如果在鉛盒和熒光屏間再加一垂直紙面的勻強磁場，由于兩帶電粒子受到的洛倫茲力與受到的電場力不可能都同時相等，故α射線和β射線不可能都沿直線運動，屏上的亮斑不可能只剩下b，D錯誤。二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示電路中，電源電動勢E=12V，內阻r=2Ω，R1＝4Ω，R2＝6Ω，R3＝3Ω。若在C、D間連一個理想電流表，其讀數(shù)是

A；若在C、D間連一個理想電壓表，其讀數(shù)是

V。參考答案：

1

67.一質子束入射到能靜止

靶核上，產生如下核反應:

P+

→X+n式中P代表質子，n代表中子，X代表核反應產生的新核。由反應式可知，新核X的質子數(shù)為

，中子數(shù)為

。參考答案：8.氫原子的能級圖如圖所示，一群氫原子處于量子數(shù)n＝4能量狀態(tài)，則氫原子最多輻射

種頻率的光子。輻射光子的最大能量為

。參考答案：9.某實驗小組設計了下面的實驗電路測量電池的電動勢和內電阻，閉合開關S，調整電阻箱的阻值R，讀出電壓表相應示數(shù)U，測出多組數(shù)據，利用測的數(shù)據做出如右下圖像。則電池的電動勢為

，內電阻為

。電動勢的測量值與真實值相比

（填“偏大”、“偏小”或“相等”）參考答案：2V，0.2Ω，偏小10.如圖所示，測定氣體分子速率的部分裝置放在高真空容器中，A、B是兩個圓盤，繞一根共同軸以相同的轉速n＝25r/s勻速轉動．兩盤相距L＝20cm，盤上各開一很窄的細縫，兩盤細縫之間成6°的夾角，圓盤轉一周的時間為_________s；如果某氣體分子恰能垂直通過兩個圓盤的細縫，則氣體分子的最大速率為________m/s．參考答案：0.04；

30011.初速度為v0的勻加速直線運動，可看作是一個同方向的一個

運動和一個

運動的合運動。參考答案：勻速直線運動，初速度為0的勻加速直線運動。12.（9分）一臺小型電動機在3V電壓下工作，通過它的電流是0.2A，用此電動機提升物重4N的物體，在30秒內可以使該物體勻速提升3m，除電動機線圈生熱之外不計其它的能量損失，則電動機的輸入電功率為__________W,在提升重物的30秒內，電動機線圈所產生的熱量______J,線圈的電阻__________Ω。參考答案：

0.6W，6J，5Ω13.某同學用圖示實驗裝置測量物塊與木板間的動摩擦因數(shù).帶有窄片的物塊被一彈簧彈射裝置射出去，沿水平木板滑行，途中經過O處的光電門，最后停在了木板上的M點，重力加速度為g.①測得窄片的寬度為L，記下窄片通過光電門的時間，還需要測量的物理量有_________________；（標明相關物理量的符號）②物塊和木板間的動摩擦因數(shù)=_______________________.參考答案：還需要測量出OM間的距離s，由動能定理可知又，解得。三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（簡答）如圖12所示，一個截面為直角三角形的劈形物塊固定在水平地面上.斜面,高h=4m，a=37°,一小球以Vo=9m/s的初速度由C點沖上斜面.由A點飛出落在AB面上.不計一切阻力.(Sin37°=0.6,cos37°=0.8,g=10m/s2)求.(l)小球到達A點的速度大??；(2)小球由A點飛出至第一次落到AB面所用時間；(3)小球第一次落到AB面時速度與AB面的夾角的正切值參考答案：(1)1(2)0.25s（3）6.29N機械能守恒定律．解析：(1)從C到A對小球運用動能定理]，解得v0=1m/s(2)將小球由A點飛出至落到AB面的運動分解為沿斜面（x軸）和垂直于斜面（y軸）兩個方向;則落回斜面的時間等于垂直于斜面方向的時間所以（3）小球落回斜面時沿斜面方向速度垂直斜面方向速度vy=1m/s，所以（1）由機械能守恒定律可以求出小球到達A點的速度．

（2）小球離開A后在豎直方向上先做勻減速直線運動，后做自由落體運動，小球在水平方向做勻速直線運動，應用運動學公式求出小球的運動時間．

（3）先求出小球落在AB上時速度方向與水平方向間的夾角，然后再求出速度與AB面的夾角θ的正切值．15.（10分）一物體在A、B兩點的正中間由靜止開始運動（設不會超越A、B），其加速度隨時間變化如圖所示，設向A的加速度方向為正方向，若從出發(fā)開始計時，則：

（1）物體的運動情況是___________________。（2）4S末物體的速度是______，0-4S內物體的平均速度是________。（3）請根據圖畫出該物體運動的速度-時間圖像。參考答案：（1）一直向A運動（2分）；（2）0；2m（4分）；（3）如圖（4分）

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，兩平行金屬板A、B長＝8cm，兩板間距離d＝8cm，B板比A板電勢高300V，即UBA＝300V。一帶正電的粒子電量q＝10-10-C，質量m＝10-20-kg，從R點沿電場中心線垂直電場線飛入電場，初速度v0＝2×106m/s，粒子飛出平行板電場后經過無場區(qū)域后，進入界面為MN、PQ間勻強磁場區(qū)域，從磁場的PQ邊界出來后剛好打在中心線上離PQ邊界4L/3處的S點上。已知MN邊界與平行板的右端相距為L,兩界面MN、PQ相距為L,且L＝12cm。求（粒子重力不計）（1）粒子射出平行板時的速度大小v；（2）粒子進入界面MN時偏離中心線RO的距離多遠？（3）畫出粒子運動的軌跡，并求勻強磁場的磁感應強度B的大小。參考答案：（1）粒子在電場中做類平拋運動

（1分）

（1分）豎直方向的速度

（2分）代入數(shù)據，解得:

vy=1．5×106m/s

（1分）所以粒子從電場中飛出時沿電場方向的速度為：

（1）（2）設粒子從電場中飛出時的側向位移為h,穿過界面PS時偏離中心線OR的距離為y，則：

h=at2/2

（1分）

即：

（1分）代入數(shù)據，解得：

h=0．03m=3cm

（1分）帶電粒子在離開電場后將做勻速直線運動,由相似三角形知識得：

（2分）代入數(shù)據，解得:

y=0．12m=12cm

（1分）（3）設粒子從電場中飛出時的速度方向與水平方向的夾角為θ，則：

（1分）軌跡如圖所示

（3分）

由幾何知識可得粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑：（2分）由：

（1分）代入數(shù)據，解得：（1分）17.（8分）如圖所示，質量均為2m的完全相同的長木板A、B并排放置在光滑水平面上靜止．一個質量為m的鐵塊C以水平速度v0=1.8/s從左端滑到A木板的上表面，并最終停留在長木板B上．已知B、C最終的共同速度為v=0.4m/s．求：

⑴A木板的最終速度v1；⑵鐵塊C剛離開長木板A時刻的瞬時速度v2。參考答案：解析：對A、B、C整體，從C以v0滑上木塊到最終B、C達到共同速度V，其動量守恒即：

mv0=2mV1+3mv

(2分)

1.8=2V1+3×0.4

(1分)

V1=0.3m/s

(1分)

對A、B、C整體，從C以v0滑上木塊到C以V2剛離開長木板，

此時A、B具有共同的速度V1。其動量守恒即：

mv0=mV2+4mv1

(2分)

1.8=V2+4×0.3

(1分)

V2=0.6m/s

(1分)18.如圖甲所示，表面絕緣、傾角=30的斜面固定在水平地面上，斜面的頂端固定有彈性擋板，擋板垂直于斜面，并與斜面底邊平行。斜面所在空間有一寬度D=0.40m的勻強磁場區(qū)域，其邊界與斜面底邊平行，磁場方向垂直斜面向上，磁場上邊界到擋板的距離s=0.55m。一個質量m=0.10kg、總電阻R=0.25的單匝矩形閉合金屬框abcd放在斜面的底端，其中a邊與斜面底邊重合，a邊長L=0.50m。從t=0時刻開始，線框在垂直cd邊沿斜面向上大小恒定的拉力作用下，從靜止開始運動，當線框的ab