四川省宜賓市一中高中物理上學(xué)期第18周訓(xùn)練題

四川省宜賓市一中20172018學(xué)年高中物理上學(xué)期第18周訓(xùn)練題姓名：___________班級：___________考號：___________一、單選題（15為單項選擇，68為不定項選擇，每題6分，共計48分）如圖，一質(zhì)量為m，長度為l的均勻柔軟細(xì)繩PQ豎直懸掛．用外力將繩的下端Q緩慢地豎直向上拉起至M點，M點與繩的上端P相距l(xiāng)．重力加速度大小為g．在此過程中，外力做的功為（）A.mglB.mglC.mglD.mgl如圖，一物塊在水平拉力F的作用下沿水平桌面做勻速直線運動．若保持F的大小不變，而方向與水平面成60°角，物塊也恰好做勻速直線運動．物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為（）A.2B.C.D.一根輕質(zhì)彈性繩的兩端分別固定在水平天花板上相距80cm的兩點上，彈性繩的原長也為80cm．將一鉤碼掛在彈性繩的中點，平衡時彈性繩的總長度為A.86B.92C.98D.104如圖所示，電源內(nèi)阻較大，當(dāng)開關(guān)閉合、滑動變阻器滑片位于某位置時，水平放置的平行板電容器間一帶電液滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，燈泡L也能正常發(fā)光，現(xiàn)將滑動變阻器滑片由該位置向a端滑動，則（）A.燈泡將變暗，電源效率將減小

B.液滴帶正電，將向下做加速運動

C.電源的路端電壓增大，輸出功率也增大

D.滑片滑動瞬間，帶電液滴電勢能將減小如圖所示,氕核、氘核、氚核三種粒子從同一位置無初速地飄入電場線水平向右的加速電場E1,之后進(jìn)入電場線豎直向下的勻強(qiáng)電場E2發(fā)生偏轉(zhuǎn),最后打在屏上。整個裝置處于真空中,不計粒子重力及其相互作用,那么()A.偏轉(zhuǎn)電場E2對三種粒子做功不一樣

B.三種粒子打到屏上時的速度一樣大

C.三種粒子運動到屏上所用時間相同

D.三種粒子一定打到屏上的同一位置在光電效應(yīng)實驗中，分別用頻率為va、vb的單色光a、b照射到同種金屬上，測得相應(yīng)的遏制電壓分別為Ua和Ub、光電子的最大初動能分別為Eka和Ekb，h為普朗克常量．下列說法正確的是（）A.若va＞vb，則一定有Ua＜UbB.若va＞vb，則一定有Eka＞EkbC.若Ua＜Ub，則一定有Eka＜EkbD.若va＞vb，則一定有hvaEka＞hvbEkb如圖所示，質(zhì)量相同的兩個帶電粒子M、N以相同的速度同時沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場中，M從兩極板正中央射入，N從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點．不計帶電粒子重力和帶電粒子間的相互作用，則從開始射入到打在上極板的過程中（）A.它們運動的時間tN=tMB.它們電勢能減少量之比△EM：△EN=1：2C.它們的動能增量之比△EkM：△EkN=1：2D.它們所帶的電荷量之比qM：qN=1：2如圖，海王星繞太陽沿橢圓軌道運動，P為近日點，Q為遠(yuǎn)日點，M，N為軌道短軸的兩個端點，運行的周期為T0，若只考慮海王星和太陽之間的相互作用，則海王星在從P經(jīng)M，Q到N的運動過程中（）A.從P到M所用的時間等于B.從Q到N階段，機(jī)械能逐漸變大C.從P到Q階段，速率逐漸變小D.從M到N階段，萬有引力對它先做負(fù)功后做正功12345678二、實驗題探究題（16分）某同學(xué)利用圖（a）所示電路測量量程為V的電壓表的內(nèi)阻（內(nèi)阻為數(shù)千歐姆），可供選擇的器材有：電阻箱R（最大阻值），滑動變阻器R1（最大阻值50Ω），滑動變阻器R2（最大阻值5kΩ），直流電源E（電動勢3V）．開關(guān)1個，導(dǎo)線若干．

實驗步驟如下：

①按電路原理圖（a）連接線路；

②將電阻箱阻值調(diào)節(jié)為0，將滑動變阻器的滑片移到與圖（a）中最左端所對應(yīng)的位置，閉合開關(guān)S；

③調(diào)節(jié)滑動變阻器使電壓表滿偏；

④保持滑動變阻器的滑片位置不變，調(diào)節(jié)電阻箱阻值，使電壓表的示數(shù)為V，記下電阻箱的阻值．

回答下列問題：

（1）實驗中應(yīng)選擇滑動變阻器______（填“R1”或“R2”）．

（2）根據(jù)圖（a）所示電路將圖（b）中實物圖連線．

（3）實驗步驟④中記錄的電阻箱阻值為，若認(rèn)為調(diào)節(jié)電阻箱時滑動變阻器上的分壓不變，計算可得電壓表的內(nèi)阻為______Ω（結(jié)果保留到個位）．

（4）如果此電壓表是由一個表頭和電阻串聯(lián)構(gòu)成的，可推斷該表頭的滿刻度電流為______（填正確答案標(biāo)號）．

A.100μA

B.250μA

C.500μA

D.1mA．

三、計算題（本大題共2小題，共36分）10.（16分）如圖所示，一個帶正電、電荷量為q、質(zhì)量為m的小球，以大小為v0的豎直向上的初速度，從平行板電容器的兩板正中央O點進(jìn)入場強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場中，恰好垂直打在M板的N點，已知，則小球到達(dá)N點的速率和兩板間的電勢差為多少？11.（20分）如圖所示，水平固定一個光滑長桿，有一個質(zhì)量為m小滑塊A套在細(xì)桿上可自由滑動。在水平桿上豎直固定一個擋板P，小滑塊靠在擋板的右側(cè)處于靜止?fàn)顟B(tài)，在小滑塊的下端用長為L的細(xì)線懸掛一個質(zhì)量為2m的小球B，將小球拉至左端水平位置使細(xì)線處于自然長度，由靜止釋放，已知重力加速度為g。求：①小球運動過程中，相對最低點所能上升的最大高度；②小滑塊運動過程中，所能獲得的最大速度。附參考答案;宜賓市一中2015級高三第17周物理訓(xùn)練題【答案】1.A

2.C

3.B

4.D

5.D

6.BC

7.AD

8.CD

9.R1；2520；D【解析】1.解：根據(jù)功能關(guān)系可知，拉力所做的功等于MQ段系統(tǒng)重力勢能的增加量；對MQ分析，設(shè)Q點為零勢能點，則可知，MQ段的重力勢能為EP1=×=；

將Q點拉至M點時，重心離Q點的高度h=+=，故重力勢能EP2═×=

因此可知拉力所做的功W=EP2EP1=mgl，故A正確，BCD錯誤．

故選：A．

由題意可知，發(fā)生變化的只有MQ段，分析開始和最后過程，明確重力勢能的改變量，根據(jù)功能關(guān)系即可求得外力所做的功．

本題考查明確功能關(guān)系，注意掌握重力之外的其他力做功等于機(jī)械能的改變量，本題中因緩慢拉動，故動能不變，因此只需要分析重力勢能即可．2.解：當(dāng)拉力水平時，物體勻速運動，則拉力等于摩擦力，即：F=μmg；

當(dāng)拉力傾斜時，物體受力分析如圖

由f=μFN，F(xiàn)N=mgFsinθ可知摩擦力為：f=μ（mgFsinθ）

f=F

代入數(shù)據(jù)為：

μmg=μ（mgF）

聯(lián)立可得：μ=

故選：C．

拉力水平時，二力平衡；拉力傾斜時，物體勻速運動，依然是平衡狀態(tài)，根據(jù)共點力的平衡條件解題．

本題考查了共點力的平衡，解決本題的關(guān)鍵是把拉力進(jìn)行分解，然后列平衡方程．3.解：如圖所示

繩子原長是80cm，伸長為100cm，如圖，則AC段長50cm，伸長了10cm，假設(shè)繩子的勁度系數(shù)為k，則繩子拉力為Fk

把繩子的拉力分解為水平方向和豎直方向，在豎直方向的分量為Fxkk，

兩個繩子的豎直方向拉力合力為：2Fx

物體處于平衡狀態(tài)，則拉力合力等于重力，即k=mg，所以k=

當(dāng)AB兩點移動到同一點時，繩子兩個繩子的夾角為0，每段繩子伸長x，則兩個繩子的拉力合力為2kx=mg，x=cm．

所以此時繩子總長度為92cm．

故選：B．

繩長變?yōu)?004.解：A、將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，電路中總電阻增大，電路中電流減小，燈泡消耗的功率減小，則燈泡將變暗．外電路總電阻增大，路端電壓增大，則電源的效率為η=×100%=×100%，U增大，則知η增大，故A錯誤．

B、液滴受力平衡，因電容器上極板帶負(fù)電，板間場強(qiáng)向上，則知液滴帶正電．路端電壓增大，故電容器板間電壓增大，板間場強(qiáng)增大，液滴所受的電場力增大，因此液滴將向上做加速運動．故B錯誤．

C、由于電源的內(nèi)電阻與外電阻關(guān)系未知，所以不能判斷輸出功率如何變化，故C錯誤．

D、因電容器兩端的電壓增大，故電荷所在位置相對于下極板的電勢差增大，因下極板接地，故所在位置的電勢減小，因粒子帶正電，故粒子電勢能減小，故D正確．

故選：D．

將滑片由該位置向a端滑動時，變阻器接入電路的電阻增大，分析電路中總電阻的變化，判斷變阻器電壓的變化，判斷電容器充電還是放電，由板間場強(qiáng)的變化分析液滴的運動情況，根據(jù)場強(qiáng)的變化分析電勢的變化，從而明確電勢能的變化情況．

本題電容器動態(tài)變化分析與電路動態(tài)變化分析的綜合，注意抓住電容器的電壓與電阻電壓的關(guān)系進(jìn)行分析，注意下極板接地，故板間電勢均為負(fù)值．5.設(shè)粒子離開電場

時速度為v,由動能定理得,在電場

中,,L=vt,,聯(lián)立以上方程

,。所以,在電場中電場力做功,三種粒子電荷量相等,做功相等,A項錯誤。因為在電場

中y和tan

φ

與q、m無關(guān),故它們通過同一軌跡打到屏上同一點,D項正確。對全程應(yīng)用動能定理,設(shè)打到屏上的速度為v',則,解得,所以氕核打到屏上的速度最大,故B項錯誤。在加速電場中所用時間,通過偏轉(zhuǎn)電場到達(dá)屏所用時間,所以總時間

故氚核運動時間最長,C項錯誤。6.解：AB、根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hvW0知，va＞vb，逸出功相同，則Eka＞Ekb，又Ekm=eUc，則Ua＞Ub，故A錯誤，B正確．

C、根據(jù)Ekm=eUc知，若Ua＜Ub，則一定有Eka＜Ekb，故C正確．

D、逸出功W0=hvEkm，由于金屬的逸出功相同，則有：hvaEka=hvbEkb，故D錯誤．

故選：BC．

根據(jù)光電效應(yīng)方程，結(jié)合入射光頻率的大小得出光電子最大初動能，結(jié)合最大初動能和遏止電壓的關(guān)系比較遏止電壓．

解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程以及知道最大初動能與遏止電壓的關(guān)系，注意金屬的逸出功與入射光的頻率無關(guān)．7.解：A、由題可知，兩個帶電粒子都做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，而且它們的水平位移相等、初速度相等，則在電場中的運動時間相等，即tN=tM．故A正確；

B、由圖可知，豎直位移之比為yM：yN=1：2；而豎直位移y=at2=，由于m、t、E相等，則帶電荷量之比qM：qN=yM：yN=1：2．電荷在電場中運動時，由功能關(guān)系可知，電勢能減小量等于電場力做功，則電勢能減少量之比△EM：△EN=qMEyM：qNEyN=1：4．由動能定理可知，動能增量之比為1：4，故BC錯誤，D正確．

故選：AD．

兩個帶電粒子都垂直于電場射入勻強(qiáng)電場中，都做類平拋運動，水平方向做勻速直線運動，由題可知，水平位移相等、初速度相等，即可知運動時間相等，由豎直位移的關(guān)系，由牛頓定律和位移公式即可求解電量之比．由動能定理求解電場力做功之比，得到電勢能減少量之比．

本題運用運動的合成與分解法研究類平拋運動，要抓住兩個粒子水平位移和豎直位移的關(guān)系分析其他量的關(guān)系，同時明確電場力做功與電勢能和動能之間的關(guān)系．8.解：A、海王星在PM段的速度大小大于MQ段的速度大小，則PM段的時間小于MQ段的時間，所以P到M所用的時間小于，故A錯誤．

B、從Q到N的過程中，由于只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，故B錯誤．

C、從P到Q階段，萬有引力做負(fù)功，速率減小，故C正確．

D、根據(jù)萬有引力方向與速度方向的關(guān)系知，從M到N階段，萬有引力對它先做負(fù)功后做正功，故D正確．

故選：CD．

根據(jù)海王星在PM段和MQ段的速率大小比較兩段過程中的運動時間，從而得出P到M所用時間與周期的關(guān)系；抓住海王星只有萬有引力做功，得出機(jī)械能守恒；根據(jù)萬有引力做功確定速率的變化．

解決本題的關(guān)鍵知道近日點的速度比較大，遠(yuǎn)日點的速度比較小，從P到Q和Q到P的運動是對稱的，但是P到M和M到Q不是對稱的．9.解：（1）調(diào)節(jié)電阻箱時需要滑動變阻器上的分壓保持不變，需要電壓表的電阻遠(yuǎn)大于變阻器的電阻，故變阻器選阻值小的，故選滑