湖南省2024年高考物理模擬試卷及答案22

湖南省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題（本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的）得分1．根據(jù)玻爾理論，電子在第n軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)氫原子的能量En和電子在第1軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)氫原子的能量E1滿足關(guān)系式EnA．10.2eV B．6.8eV C．3.4eV D．0.54eV2．2023年9月21日，“天宮課堂”第四課開(kāi)講，航天員景海鵬、朱楊桂、桂海潮在中國(guó)空間站內(nèi)，為廣大青少年帶來(lái)了一場(chǎng)別出心裁的太空科普課。已知地球的半徑為R，空間站距離地球表面的高度為h，不考慮地球的自轉(zhuǎn)，地球表面的重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是（）A．空間站的周期T=4π2(R+?)3gRC．空間站運(yùn)行的線速度介于7.9km/s和11.2km/s之間 D．根據(jù)題中信息可以求出空間站的質(zhì)量3．物體A、B放置在粗糙的水平面上，若水平外力以恒定的功率P單獨(dú)拉著物體A運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體A的最大速度為v1；若水平外力仍以恒定的功率P拉著物體A和物體B共同運(yùn)動(dòng)時(shí)，如圖所示，物體A和物體B的最大速度為v2?？諝庾枇Σ挥?jì)，在物體A和B達(dá)到最大速度時(shí)作用在物體B上的拉力功率為（）A．v1v2P B．v2v4．某實(shí)驗(yàn)小組測(cè)得在豎直方向飛行的無(wú)人機(jī)飛行高度y隨時(shí)間t的變化曲線如圖所示，E、F、M、N為曲線上的點(diǎn)，EF、MN段可視為兩段直線，其方程分別為y=4t?26和y=?2t+140。無(wú)人機(jī)及其載物的總質(zhì)量為2kg，取豎直向上為正方向。則（）A．EF段無(wú)人機(jī)的速度大小為4m/s B．FM段無(wú)人機(jī)的貨物處于超重狀態(tài)C．FN段無(wú)人機(jī)和裝載物總動(dòng)量變化量大小為4kg·m/s D．MN段無(wú)人機(jī)機(jī)械能守恒5．某同學(xué)利用圖甲所示裝置研究物塊與長(zhǎng)木板間摩擦力。水平向左拉長(zhǎng)木板，傳感器記錄的F-t圖像如圖乙所示。下列說(shuō)法不正確的是（）A．物塊與長(zhǎng)木板先相對(duì)靜止后相對(duì)運(yùn)動(dòng)B．根據(jù)圖乙中數(shù)據(jù)可得出物塊與木板間的最大靜摩擦力C．根據(jù)圖乙中數(shù)據(jù)可得出物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)D．5.0s到5.2s圖像的波動(dòng)是由于細(xì)線的彈性引起的6．呼吸機(jī)是治療新冠肺炎的重要設(shè)備，其核心元件為呼吸機(jī)馬達(dá)（即電動(dòng)機(jī)）。圖為某品牌呼吸機(jī)馬達(dá)的技術(shù)參數(shù)，用圖示交流電源通過(guò)理想變壓器給馬達(dá)供電，使其正常工作。則（）A．馬達(dá)內(nèi)線圈的電阻為120Ω B．馬達(dá)正常工作時(shí)理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為55∶6C．該交流電源的電壓有效值為311V D．該交流電源每秒內(nèi)電流方向變化50次閱卷人二、選擇題（本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）得分7．物理課上老師做了這樣一個(gè)實(shí)驗(yàn)，將一平整且厚度均勻足夠長(zhǎng)的銅板固定在絕緣支架上。一質(zhì)量為m的永磁體放置在銅板的上端，t=0時(shí)刻給永磁體一沿斜面向下的初速度，永磁體將沿斜面向下運(yùn)動(dòng)，如圖所示。假設(shè)永磁體下滑過(guò)程中所受的摩擦力f大小不變，且f<mgsinθ（式中θ為銅板與水平面的夾角），取銅板下端所在水平面為零勢(shì)能面。則下圖中關(guān)于永磁體下滑過(guò)程中速率v、動(dòng)能EA． B．C． D．8．1966年曾在地球的上空完成了以牛頓第二定律為基礎(chǔ)的測(cè)定質(zhì)量的實(shí)驗(yàn).實(shí)驗(yàn)時(shí)，用宇宙飛船（質(zhì)量為m）去接觸正在軌道上運(yùn)行的火箭（質(zhì)量為mx，發(fā)動(dòng)機(jī)已熄火），如圖所示.接觸以后，開(kāi)動(dòng)飛船尾部的推進(jìn)器，使飛船和火箭共同加速，推進(jìn)器的平均推力為F，開(kāi)動(dòng)時(shí)間Δt，測(cè)出飛船和火箭的速度變化是Δv，下列說(shuō)法正確的是（）A．火箭質(zhì)量mx應(yīng)為FΔtB．宇宙飛船的質(zhì)量m應(yīng)為m=C．推力F越大，ΔvΔt就越大，且ΔvD．推力F通過(guò)飛船傳遞給火箭，所以飛船對(duì)火箭的彈力大小應(yīng)為F9．如圖甲所示為小勇同學(xué)收集的一個(gè)“足球”玻璃球，他學(xué)了光的折射后想用激光對(duì)該球進(jìn)行研究，某次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中他將激光水平向右照射且過(guò)球心所在的豎直截面，其正視圖如乙所示，AB是沿水平方向的直徑。當(dāng)光束從C點(diǎn)射入時(shí)恰能從右側(cè)射出且射出點(diǎn)為B，已知點(diǎn)C到AB豎直距離?=3A．B點(diǎn)的出射光相對(duì)C點(diǎn)入射光方向偏折了60°B．該“足球”的直徑為玻璃球直徑的3C．繼續(xù)增加?(?<R)則光將會(huì)在右側(cè)發(fā)生全反射D．用頻率更小的激光入射時(shí)，光在玻璃球中的傳播時(shí)間將變短10．如圖所示，水平放置的長(zhǎng)方體容器內(nèi)存在豎直方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形abcd是長(zhǎng)方體容器的橫截面，a、b、c、d四個(gè)頂點(diǎn)處均開(kāi)有小孔。一質(zhì)量為m，電荷量為+q的帶電粒子（不計(jì)重力）以速度v0A．磁場(chǎng)方向豎直向上，B=22mC．磁場(chǎng)方向豎直向下，B=4mv0閱卷人三、填空題（本題共2小題，共16分）得分11．某研究小組用如圖所示裝置探究等量同種電荷間庫(kù)侖力與距離的關(guān)系。器材有：專用支架、相同的導(dǎo)體小球A和B、刻度尺、絲線、米尺、天平、絕緣底座。（1）下列能使A，B小球帶等量同種電荷的方式是___________。A．用與A，B相同的帶電小球C，先接觸A，再接觸BB．A，B小球接觸后靠近帶電體但不接觸，然后分開(kāi)A，B小球，再移走帶電體C．A，B小球接觸后，用帶電小球接觸A，B，移除導(dǎo)體球，再分開(kāi)A，B小球（2）用天平測(cè)量小球的質(zhì)量m，懸掛點(diǎn)到小球球心的距離l，將小球B固定在絕緣底座上，A球用絲線懸掛在支架上，使小球帶上等量同種電荷。某次實(shí)驗(yàn)中小球A靜止位置和B固定位置如圖所示，則A、B小球之間的距離r=cm。（3）本實(shí)驗(yàn)中l(wèi)?r，絲線與豎直方向夾角θ很小，tanθ≈sinθ，重力加速度g=9.8m/s2。本實(shí)驗(yàn)中若小球質(zhì)量為10g，（4）緩慢移動(dòng)絕緣底座，得到五組F、r數(shù)據(jù)，根據(jù)庫(kù)侖定律，擬合的庫(kù)侖力F與距離r的關(guān)系圖像可能正確的是___________；A．B．C．12．小明做“用單擺測(cè)量重力加速度”的實(shí)驗(yàn)。（1）如圖甲所示，細(xì)線的上端固定在鐵架臺(tái)上，下端系一個(gè)小鋼球（下方吸附有小磁片），做成一個(gè)單擺。圖乙、丙分別畫出了細(xì)線上端的兩種不同的懸掛方式，你認(rèn)為應(yīng)選用圖（選填“乙”或“丙”）的懸掛方式。（2）使小球在豎直平面內(nèi)做小角度擺動(dòng)，打開(kāi)手機(jī)的磁傳感器軟件。某次采集到的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示，則單擺的振動(dòng)周期T=s（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（3）改變線長(zhǎng)l，重復(fù)上述步驟，實(shí)驗(yàn)測(cè)得數(shù)據(jù)如下表所示（實(shí)驗(yàn)前已測(cè)得小球半徑r），請(qǐng)根據(jù)表中的數(shù)據(jù)，在方格紙上作出L?T2圖像L=l+rT/sT2/s20.401.2761.6280.601.5552.4180.801.8013.2441.002.0104.0401.202.2084.875（4）測(cè)得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=（結(jié)果保留3位有效數(shù)字）；（5）有同學(xué)認(rèn)為，根據(jù)公式T=2πLg，小明在實(shí)驗(yàn)中未考慮小磁片對(duì)擺長(zhǎng)的影響，L的測(cè)量值小于真實(shí)值，所以實(shí)驗(yàn)測(cè)得的重力加速度g偏小。請(qǐng)判斷該觀點(diǎn)是否正確，簡(jiǎn)要說(shuō)明理由閱卷人四、計(jì)算題（本題共3小題，共40分。寫出必要的推理過(guò)程，僅有結(jié)果不得分）得分13．如圖所示為一超重報(bào)警裝置示意圖，高為L(zhǎng)、橫截面積為S、質(zhì)量為m、導(dǎo)熱性能良好的薄壁容器豎直倒置懸掛，容器內(nèi)有一厚度不計(jì)、質(zhì)量為m的活塞，穩(wěn)定時(shí)正好封閉一段長(zhǎng)度L3的理想氣柱?；钊赏ㄟ^(guò)輕繩連接以達(dá)到監(jiān)測(cè)重物的目的，當(dāng)所掛重物為M=1118(p0S（1）求預(yù)警傳感器到容器底部的距離；（2）在（1）條件下，若外界溫度緩慢降低為T06，求在剛好觸發(fā)超重預(yù)警到外界溫度緩慢降低為14．如圖所示，一個(gè)阻值為2R、匝數(shù)為N的圓形金屬線圈與阻值為R的電阻連接成閉合回路，線圈的半徑為r1，在線圈中半徑為r2的圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直于線圈平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0隨時(shí)間t的變化率為|ΔB0Δt|=k，電阻R的兩端通過(guò)導(dǎo)線與平行金屬板a、b相連，一質(zhì)量為m、帶電量為?q的粒子，由a板中央處?kù)o止釋放，經(jīng)（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度B0隨時(shí)間t（2）粒子進(jìn)入絕緣筒時(shí)速度v的大?。唬?）粒子與絕緣筒壁碰撞時(shí)速率、電荷量均不變，為使粒子在筒內(nèi)能與筒壁碰撞4次后又從M孔飛出，則筒內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度B應(yīng)滿足的條件。15．如圖所示，足夠長(zhǎng)的水平光滑直軌道AB和水平傳送帶平滑無(wú)縫連接，傳送帶長(zhǎng)L=4m，以10m/s的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，帶有光滑圓弧管道EF的裝置P固定于水平地面上，EF位于豎直平面內(nèi)，由兩段半徑均為R=0.8m的14圓弧細(xì)管道組成，EF管道與水平傳送帶和水平地面上的直軌道MN均平滑相切連接，MN長(zhǎng)L2=2m，右側(cè)為豎直墻壁?；瑝Ka的質(zhì)量m1=0.3kg，滑塊b與輕彈簧相連，質(zhì)量m2=0.1kg，滑塊c質(zhì)量m3=0.6kg，滑塊a、b、c均靜置于軌道AB上?，F(xiàn)讓滑塊a以一定的初速度水平向右運(yùn)動(dòng)，與滑塊b相撞后立即被粘住，之后與滑塊c發(fā)生相互作用，c與勁度系數(shù)k=1.5N/m的輕質(zhì)彈簧分離后滑上傳送帶，加速之后經(jīng)EF管道后滑上MN。已知滑塊c第一次經(jīng)過(guò)E時(shí)對(duì)軌道上方壓力大小為42N，滑塊c與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.35，與MN間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.4，其它摩擦和阻力均不計(jì)，滑塊與豎直墻壁的碰撞為彈性碰撞，各滑塊均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度大小g=10m/s2，彈簧的彈性勢(shì)能E（1）滑塊c第一次經(jīng)過(guò)F點(diǎn)時(shí)速度大?。ńY(jié)果可用根號(hào)表示）；（2）滑塊a的初速度大小v0：（3）試通過(guò)計(jì)算判斷滑塊c能否再次與彈簧發(fā)生相互作用，若能，求出彈簧第二次壓縮時(shí)最大的壓縮量。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】賴曼線系的光子中，從n=2能級(jí)躍遷到n=1基態(tài)釋放的能量最小，則有Δ巴耳末線系的光子中，從n=∞能級(jí)躍遷至n=2能級(jí)釋放的能量最大，則有Δ所以有ΔE=Δ故答案為：B。

【分析】氫原子從不同能級(jí)躍遷到同一能級(jí)，能級(jí)差越大，躍遷過(guò)程釋放的光子能量越大。再根據(jù)氫原子能級(jí)躍遷理論進(jìn)行解答。2．【答案】A【解析】【解答】A、根據(jù)GMmR+?得T=故A正確；

B、根據(jù)G得a=G空間站的運(yùn)動(dòng)半徑小于同步衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)半徑，則空間站的加速度比同步衛(wèi)星的加速度大，故B錯(cuò)誤；

C、空間站運(yùn)行的線速度一定小于第一宇宙速度7.9km/s，故C錯(cuò)誤；

D、空間站為環(huán)繞天體，無(wú)法求得質(zhì)量，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】根據(jù)題意確定空間站做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑，空間站的運(yùn)動(dòng)半徑小于同步衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)半徑，地球表面物體所受重力等于萬(wàn)有引力。第一宇宙速度為最小發(fā)射速度，最大環(huán)繞速度。再根據(jù)萬(wàn)有引力定律及牛頓第二定律進(jìn)行分析解答。3．【答案】C【解析】【解答】物體A受到的滑動(dòng)摩擦力為f以恒定的功率P拉著物體A和物體B共同運(yùn)動(dòng)有f在物體A和B達(dá)到最大速度時(shí)作用在物體B上的拉力功率為P故答案為：C。

【分析】當(dāng)物體的速度達(dá)到最大時(shí)，物體處于平衡狀態(tài)，此時(shí)物體所受拉力等于阻力。確定A、B的受力情況，再結(jié)合瞬時(shí)功率公式進(jìn)行解答。4．【答案】A【解析】【解答】A、根據(jù)EF段方程y=4t-26，可知EF段無(wú)人機(jī)的速度大小為v=故A正確；

B、根據(jù)y-t圖像的切線斜率表示無(wú)人機(jī)的速度，可知FM段無(wú)人機(jī)先向上做減速運(yùn)動(dòng)，后向下做加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向一直向下，則無(wú)人機(jī)的貨物處于失重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)MN段方程y=-2t+140，可知MN段無(wú)人機(jī)的速度為v=則有Δp=mv'?mv=12可知FN段無(wú)人機(jī)和裝載物總動(dòng)量變化量大小為12kg?m/s，故C錯(cuò)誤；

D、MN段無(wú)人機(jī)向下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不變，重力勢(shì)能減少，無(wú)人機(jī)的機(jī)械能不守恒，故D錯(cuò)誤。

故答案為：A。

【分析】x-t圖像的斜率表示速度，斜率的正負(fù)表示速度的方向。根據(jù)斜率的變化情況確定無(wú)人機(jī)速度的變化情況及加速度的方向，加速度向下，物體處于失重狀態(tài)。物體的總動(dòng)量變化量等于物體初末總動(dòng)量之差。根據(jù)無(wú)人機(jī)動(dòng)能及重力勢(shì)能的變化情況判斷無(wú)人機(jī)是否機(jī)械能守恒。5．【答案】C【解析】【解答】A、根據(jù)圖乙可知，板塊間開(kāi)始是靜摩擦力，后來(lái)是滑動(dòng)摩擦力，所以，物塊與長(zhǎng)木板先相對(duì)靜止后相對(duì)運(yùn)動(dòng)，故A正確，不符合題意；

B、根據(jù)圖乙中數(shù)據(jù)可得出物塊與木板間的最大靜摩擦力約1.08N，故B正確，不符合題意；

C、根據(jù)圖乙可求得滑動(dòng)摩擦力，但不知道正壓力，無(wú)法計(jì)算動(dòng)摩擦因數(shù)，故C錯(cuò)誤，符合題意；

D、5.0s到5.2s圖像的波動(dòng)是由于達(dá)到最大靜摩擦力后，細(xì)線的彈性引起的，故D正確，不符合題意；

故答案為：C。

【分析】明確滑動(dòng)摩擦力和靜摩擦力的區(qū)別與特點(diǎn)。確定物塊的受力情況，根據(jù)圖乙力傳感器示數(shù)變化情況確定物塊與長(zhǎng)木板之間摩擦力的類型。物塊始終處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件及滑動(dòng)摩擦力公式判斷能否求出物塊與木板之間的摩擦因數(shù)。6．【答案】B【解析】【解答】A、根據(jù)歐姆定律有R=但馬達(dá)是非純電阻元件，不能用歐姆定律求解器阻值，所以其內(nèi)阻不是120Ω，故A錯(cuò)誤；

B、理想變壓器的原副線圈匝數(shù)之比等于交流電源的電壓有效值與供電電壓之比，即n故B正確；

C、交流電源電壓的有效值應(yīng)為220V，故C錯(cuò)誤；

D、正弦交流電每個(gè)周期內(nèi)電流方向變化2次，該交流電的周期為0.02s，1s內(nèi)包含50個(gè)周期，所以該交流電每秒內(nèi)電流方向變化100次，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】電動(dòng)機(jī)為非純電阻元件，不能用歐姆定律求解器阻值。根據(jù)交變電流規(guī)律確定交流電輸出電壓的有效值及周期。再根據(jù)理想變壓器原副線圈匝數(shù)比與電壓的關(guān)系幾何交流電的規(guī)律進(jìn)行分析解答。7．【答案】A,B,D【解析】【解答】A、小磁鐵下滑時(shí)由于渦流的產(chǎn)生會(huì)有阻尼作用，且隨速度的增大而增大，所受的摩擦力阻力不變，由mg可知，隨著小磁鐵的加速下滑，阻尼作用增大，則加速度逐漸減小，v-t圖像的斜率減小，故A正確；

B、若開(kāi)始下落時(shí)小磁鐵滿足mg小磁鐵勻速下滑，此時(shí)動(dòng)能不變，故B正確；

C、小磁鐵下滑時(shí)重力勢(shì)能逐漸減小，但是不會(huì)趨近與某一定值，故C錯(cuò)誤；

D、小磁鐵下滑過(guò)程中，由于有電能產(chǎn)生，則機(jī)械能逐漸減小，故D正確。

故答案為：ABD。

【分析】小磁鐵下滑時(shí)，會(huì)在銅板產(chǎn)生渦流，對(duì)小磁鐵產(chǎn)生阻尼效果，小磁鐵運(yùn)速度越大，阻尼效果越明顯。確定下滑過(guò)程小磁鐵的受力情況，再根據(jù)牛頓第二定律確定小磁鐵加速度變化情況，當(dāng)小磁鐵所受合外力時(shí)，小磁鐵會(huì)一直做勻速運(yùn)動(dòng)，高度持續(xù)下降，再結(jié)合v-t像斜率的意義判斷v-t圖像走勢(shì)。重力勢(shì)能與物體的高度有關(guān)。小磁鐵所受阻尼作用對(duì)其做負(fù)功。8．【答案】B,C【解析】【解答】AB、對(duì)整體由動(dòng)量定理可得F?Δt=(m+火箭質(zhì)量mx應(yīng)為m整體的質(zhì)量為m故A錯(cuò)誤，B正確；

C、對(duì)整體，由動(dòng)量定理可得F?Δt=(m+整理可得F=可知，推力F越大，ΔvΔt就越大，且ΔvΔt與F成正比。故C正確。N?Δt=整理得N=故D錯(cuò)誤。

故答案為：BC。

【分析】推進(jìn)過(guò)程將飛船與火箭視為整體，確定整體在推進(jìn)過(guò)程的受力情況，再根據(jù)動(dòng)量定理確定宇宙飛船及火箭的質(zhì)量。根據(jù)動(dòng)量定理確定ΔvΔt9．【答案】A,D【解析】【解答】A、從C點(diǎn)入射的光線，進(jìn)入玻璃球后光線如圖所示

設(shè)入射角為i，折射角為r，法線與直徑AB夾角為θ，則根據(jù)幾何關(guān)系θ=i，θ=2r而sin可知i=60°，r=30°進(jìn)入玻璃時(shí)，光線沿順時(shí)針偏轉(zhuǎn)了30°，根據(jù)光的折射定律，從B點(diǎn)射出時(shí)，光線沿順時(shí)針又偏轉(zhuǎn)了30°，因此從B點(diǎn)的出射光相對(duì)C點(diǎn)入射光方向偏折了60°，故A正確；

B、根據(jù)幾何關(guān)系，足球的直徑d=2R故B錯(cuò)誤；

C、由于光線從C點(diǎn)射入玻璃中的折射角等于從B點(diǎn)出射時(shí)的入射角，離開(kāi)玻璃球的折射角等于射入玻璃球時(shí)的入射角，因此光線不會(huì)發(fā)生全反射，故C錯(cuò)誤；

D、如果用頻率更小的激光入射時(shí)，進(jìn)入玻璃的折射角增大，從而在玻璃內(nèi)傳播的距離減小，而頻率更小時(shí)，光在玻璃中的傳播速度增大，從而光在玻璃球中的傳播時(shí)間變短，故D正確。

故答案為：AD。

【分析】光束從C點(diǎn)射入時(shí)恰能從右側(cè)射出，即光線與內(nèi)部的足球恰好相切，再結(jié)合題意畫出光線從C到B的光路圖，再結(jié)合幾何關(guān)系確定光線的偏折角及足球的直徑。頻率越小，折射率越小，傳播速度越大，折射角越大，再結(jié)合光路圖動(dòng)態(tài)分析傳播時(shí)間的變化情況。熟悉掌握發(fā)生全反射的條件。10．【答案】A,C【解析】【解答】CD．若磁場(chǎng)方向豎直向下，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得r解得r由洛倫茲力提供向心力q解得r聯(lián)立可得B=C符合題意，D不符合題意。AB．磁場(chǎng)方向豎直向上，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)題意可知，反彈后的速度為v根據(jù)洛倫茲力提供向心力q解得r同理可得r根據(jù)幾何關(guān)系可得2解得r則有B=A符合題意，B不符合題意。故答案為：AC。

【分析】當(dāng)磁場(chǎng)向下時(shí)，根據(jù)左手定則的粗粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，結(jié)合幾何關(guān)系得出粒子軌跡的半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力從而得出磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式；同理磁場(chǎng)方向豎直向上時(shí)得出磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式。11．【答案】（1）C（2）2.20（3）2.2×10-3（4）C【解析】【解答】（1）A．用與A、B相同的帶電小球C，先接觸A，再接觸B，兩球?qū)喜坏攘康耐N電荷，A不符合題意；B．A、B小球接觸后靠近帶電體但不接觸，然后分開(kāi)A、B小球，再移走帶電體，能使小球帶等量異種電荷，B不符合題意；C．A、B小球接觸后，用帶電小球接觸A、B，移除導(dǎo)體球，再分開(kāi)A、B小球，能使小球帶等量同種電荷，C符合題意；故答案為：C。（2）由圖可知，A、B小球之間的距離r=2.20cm。（3）對(duì)小球受力分析可知，庫(kù)侖力F=mg代入數(shù)據(jù)解得F=0.01×9.8×（4）根據(jù)F=k可知F?1【分析】（1）根據(jù)探究等量同種電荷間庫(kù)侖力與距離的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)原理得出使A，B小球帶等量同種電荷的方式；

（2）根據(jù)刻度尺的讀數(shù)原理得出AB兩小球之間的距離；

（3）對(duì)小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)力的分解以及共點(diǎn)力平衡得出庫(kù)侖力的大小；

（4）結(jié)合庫(kù)侖定律得出F和r的關(guān)系式，并判斷圖像的形狀。12．【答案】（1）丙（2）1.36s（1.32~1.40s）均可（3）（4）9.71（9.47~9.78均可）（5）不正確。設(shè)擺球的重心下移ΔL，根據(jù)單擺周期公式T=2πLg，有L1+ΔL=g【解析】【解答】（1）圖乙的方法中當(dāng)單擺擺動(dòng)時(shí)擺長(zhǎng)會(huì)發(fā)生變化，則圖丙的懸掛方式較好；

（2）小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，相鄰兩次磁場(chǎng)最強(qiáng)的時(shí)間間隔為半個(gè)周期，由圖可知單擺的周期約為1.36s；

（3）根據(jù)表格中數(shù)據(jù)描點(diǎn)連線如圖

（4）根據(jù)T=2π可得L=則結(jié)合圖線斜率可得g=9.78（5）重力加速度根據(jù)圖像的斜率可求，由（4）的分析可知，小磁片不影響重力加速度的測(cè)量值，所以這個(gè)同學(xué)的觀點(diǎn)是不正確的。

【分析】用單擺測(cè)量重力加速度的實(shí)驗(yàn)需保證實(shí)驗(yàn)過(guò)程中擺繩長(zhǎng)度不變且節(jié)點(diǎn)不隨擺球轉(zhuǎn)動(dòng)。小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度最大，從最低點(diǎn)開(kāi)始計(jì)時(shí)，一個(gè)周期小球經(jīng)過(guò)兩次最低點(diǎn)。連線時(shí)注意舍去誤差較大的點(diǎn)，再根據(jù)單擺周期公式及圖像斜率的物理意義進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。13．【答案】（1）解：設(shè)預(yù)警傳感器到容器底部的距離為h，掛重物前，對(duì)活塞分析，有p掛上重物后，對(duì)重物和活塞組成的系統(tǒng)分析，有p又M=氣體發(fā)生等溫變化，則p解得?=（2）解：氣體發(fā)生等壓變化，則S?解得V=外界對(duì)氣體做功W=氣體內(nèi)能的變化量為ΔU=k根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU=W+Q可得，Q=?可知，氣體放出的熱量為Q【解析】【分析】（1）掛上重物前后，穩(wěn)定后，活塞均處于平衡狀態(tài)。分別對(duì)活塞及活塞與重物構(gòu)成的整體進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件確定掛上重物前后密封氣體的壓強(qiáng)。密封氣體發(fā)生等溫變化，再根據(jù)玻意耳定律及題意進(jìn)行解答；

（2）降溫過(guò)程密封氣體發(fā)生等壓變化，根據(jù)蓋呂薩克定律確定剛好觸發(fā)預(yù)警時(shí)，密封氣體的體積。根據(jù)氣體做功與壓強(qiáng)和體積的關(guān)系確定該過(guò)程氣體做功情況，結(jié)合題意及溫度變化情況確定此過(guò)程氣體內(nèi)能變化情況，再運(yùn)用熱力學(xué)第一定律進(jìn)行解答。14．【答案】（1）解：帶電量為?q的粒子，由a板中央處?kù)o止釋放，經(jīng)b板上的小孔射出，說(shuō)明b板電勢(shì)高，由楞次定律可知磁感應(yīng)強(qiáng)度B0隨時(shí)間t（2）解：由法拉第電磁感應(yīng)定律有E=NΔΦE=N|Δ由閉合電路歐姆定律有I=E平行金屬板a、b兩端的電壓U=IR④粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，由動(dòng)能定理有qU=1解得v=（3）解：粒子從M點(diǎn)進(jìn)入圓筒，速度為v，在圓筒中運(yùn)動(dòng)有qvB=mv粒子在圓筒中運(yùn)動(dòng)的可能軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可知r=r5θ=2nπ（n=1或2）⑧第一種情況θ=則B=r第二種情況θ=則B=r【解析】【分析】（1）根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)情況確定兩極板電勢(shì)的高低情況，繼而確定回路中電流的方向，再根據(jù)