四川省2024年高考物理模擬試卷及答案18

四川省2024年高考物理模擬試卷及答案閱卷人一、選擇題（本題共8題，每題6分。在每題給出的四個選項中，第14—18題只有一項符合題目要求，第19—21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯得0分。）得分1．如圖所示，動力小車以恒定的速率沿曲線豎直軌道上表面從A點運動到D點，A點是軌道最低點，B為軌道最高點。下列判斷正確的是（）A．小車在A、B兩點速度不同 B．運動中小車的動量不變C．運動中小車機械能不變 D．小車在A點對軌道壓力最大2．A、B兩物體如圖疊放，在豎直向上的力F作用下沿粗糙豎直墻面向上勻速運動，則A的受力個數(shù)為（）A．2 B．3 C．4 D．53．1907年起，物理學(xué)家密立根開始以精湛的技術(shù)測量光電效應(yīng)中幾個重要的物理量，得到某種金屬的遏制電壓Uc與入射光的頻率v的關(guān)系如下圖，已知e=1.6×10-19C。以下說法正確的是（）A．該金屬的截止頻率為5.5×1014Hz B．圖中斜率為普朗克常量C．由圖及已知可算出普朗克常量 D．不能求出該金屬的逸出功4．實驗室用交流發(fā)電機和理想變壓器組合給R0供電，電路如圖所示。交流發(fā)電機的線圈內(nèi)阻為4Ω，當(dāng)理想變壓器原副線圈匝數(shù)比為2：1時，R0消耗的功率與線圈內(nèi)阻消耗的功率相等，導(dǎo)線電阻不計，則R0的阻值為（）A．1Ω B．2Ω C．4Ω D．16Ω5．光滑剛性絕緣正三角形框內(nèi)存在著垂直紙面向里的勻強磁場B，長為L的CD邊中點P開有一個小孔，如圖所示。質(zhì)量為m、電荷量為q的正電粒子從P點沿垂直于CD邊射入磁場后，與正三角形的邊發(fā)生兩次碰撞，再從P點垂直于CD邊離開磁場。粒子在每次碰撞前、后瞬間，平行于邊方向的速度分量不變，垂直于邊方向的速度分量大小不變、方向相反，電荷量不變，不計重力。則粒子的初速度為（）A．qBL4m B．qBL2m C．qBLm6．如圖是某同學(xué)在足球場上把足球從地面A點踢出又落回地面C點的軌跡草圖，其中B點是足球運動的最高點。不能忽略空氣阻力，則下列判斷正確的是（）A．足球在B點加速度為重力加速度g B．足球在B點速度不是最小C．足球從A運動到B的時間小于從B運動到C的時間 D．足球在A、C兩點重力的功率相等7．兩塊相同的正方形金屬板一上一下正對水平放置，間距為4d，上板正中心O處開有一小孔，其截面圖如圖所示?，F(xiàn)將上、下板分別與電源的正負極相連后，在板間形成勻強電場。讓帶電油滴a以初速度v0從上極板中心O豎直向下進入板間，運動距離d后靜止。若空氣對油滴的阻力和速度成正比，不計油滴受到的浮力，下列說法正確的是（）A．油滴帶負電，電場力等于重力B．油滴帶正電，電場力大于重力C．若油滴初速度為2v0，則油滴運動距離2d后靜止D．若油滴初速度為2v0，則油滴運動距離4d后靜止8．如圖，足夠長的水平傳送帶AB與斜面BC在B點平滑連接，斜面傾角θ=37°，質(zhì)量為1kg的物塊從距傳送帶高為H=2.4m的C點靜止釋放，物塊與斜面和傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5，傳送帶順時針運行速度恒為5m/s。已知重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。則下列判斷正確的是（）A．物塊第二次經(jīng)過B點的速度為5m/sB．物塊第一次到達傳送帶最左端的過程中與傳送帶摩擦生熱28JC．物塊在斜面上向下運動的路程之和為6mD．物塊在斜面上向下運動的路程之和為5m閱卷人二、非選擇題（共174分，第22—32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33～38題為選考題，考生根據(jù)要求作答。）得分9．“筋膜槍”是利用內(nèi)部電機帶動“槍頭”高頻沖擊肌肉，緩解肌肉酸痛的設(shè)備。某同學(xué)為了測量“槍頭”的沖擊頻率，將帶限位孔的塑料底板固定在墻面上，下端帶重錘的紙帶穿過限位孔并豎直拉直，“槍頭”放在限位孔上方，靠近并正對紙帶，如圖甲所示。啟動筋膜槍，松開紙帶，讓紙帶在重錘帶動下運動，“槍頭”在紙帶上打下系列點跡。更換紙帶，重復(fù)操作。（1）如圖乙所示，實驗時打出一條清晰的紙帶，截取其中一段，測得相鄰點跡間的距離依次為x1、x2、x3、（2）該實驗產(chǎn)生誤差的主要原因是“槍頭”在打點瞬間阻礙紙帶的運動，這樣會導(dǎo)致沖擊頻率的測量值（選填“大于”“小于”或“等于”）實際值。10．某學(xué)習(xí)小組準(zhǔn)備測電源的電動勢和內(nèi)阻，實驗室提供以下器材：A．待測電源（電動勢約為3V內(nèi)阻未知）；B．電流表（內(nèi)阻未知，0～0.6A～3A）；C．電壓表（內(nèi)阻未知，0～3V）；D．電阻箱R1（0～99.9Ω）；E．滑動變阻器R最大阻值10Ω；開關(guān)導(dǎo)線若干。（1）小組同學(xué)發(fā)現(xiàn)：電流表正接線柱A、B量程標(biāo)識由于長期使用被磨損。同學(xué)們討論決定：先測電流表的內(nèi)阻和確定接線柱A、B的量程標(biāo)識。于是設(shè)計了如圖1所示的電路，且電流表接A接線柱。操作步驟：①閉合開關(guān)S前滑片P應(yīng)滑到（選填“左”或“右”）端。②閉合開關(guān)S1，將開關(guān)S2接1，調(diào)節(jié)R1=5.0Ω，反復(fù)調(diào)節(jié)滑片P使電壓表讀數(shù)為2.5V。此時發(fā)現(xiàn)電流表指針超過半偏，則A接線柱對應(yīng)電流表的量程為（選填“0～0.6A”或“0～3A”）。③斷開開關(guān)S1，將開關(guān)S2接2，再閉合開關(guān)S1，反復(fù)調(diào)節(jié)滑片P和R1，使電壓表示數(shù)仍為2.5V，此時R1=5.8Ω，則電流表內(nèi)阻為Ω（保留一位小數(shù)）。（2）為了更精確的測電動勢和內(nèi)阻，應(yīng)選擇電路（選填“圖2”或“圖3”）進行實驗。（3）根據(jù)小組同學(xué)的實驗數(shù)據(jù)得到如圖4所示的I—U圖像，則電源的電動勢為V，內(nèi)阻為Ω（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。11．如圖所示為某一具有電磁緩沖功能的火箭模型結(jié)構(gòu)示意圖，模型由緩沖槽、主體及主體內(nèi)的線圈構(gòu)成。匝數(shù)為N、邊長為L的閉合正方形線圈abcd固定在主體下部，總電阻為R。模型外側(cè)安裝有由絕緣材料制成的緩沖槽，槽中有垂直于線圈平面、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場。模型以速度v0著地時緩沖槽立即靜止，此后主體在線圈與緩沖槽內(nèi)磁場的作用下減速，從而實現(xiàn)緩沖。主體已知主體與線圈總質(zhì)量為m，重力加速度為g，不計摩擦和空氣阻力。求：（1）模型以速度v0著地瞬間ab邊中電流的大小和方向；（2）若主體下落距離為h時未與緩沖槽相碰，此時主體線圈瞬時發(fā)熱功率為緩沖槽著地瞬時發(fā)熱功率的一半，求該過程中線圈產(chǎn)生的熱量Q。12．如圖所示，長L=7m的水平傳送帶以速度v傳=5m/s順時針轉(zhuǎn)動，其端點A、B與光滑水平臺面平滑對接。平臺左側(cè)鎖定彈簧的彈性勢能EP=3.2J，質(zhì)量m1=0.1kg的物塊甲緊靠彈簧右端放置，物塊甲與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.2．平臺右側(cè)固定一傾角為53°，高為h=0.55m的光滑斜面（平臺與斜面平滑連接），平臺上還固定有上表面光滑的水平桌面，桌面左端依次疊放著質(zhì)量為m3=0.1kg薄木板和質(zhì)量為m2=0.2kg的物塊乙，物塊乙與木板之間的動摩擦因數(shù)為μ2=0.2，桌面上固定一彈性豎直擋板，擋板與木板右端相距x0=1.0m，木板與擋板碰撞會原速率彈回?，F(xiàn)解除鎖定，物塊甲與彈簧分離后滑上傳送帶向右運動，離開斜面后恰好在最高點與物塊乙發(fā)生彈性碰撞（碰撞時間極短），物塊乙始終未滑離木板。物塊甲、乙均可視為質(zhì)點，g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，求：（1）物塊甲滑到傳送帶上A點的速度大小；（2）物塊甲運動到最高點時的速度大小；（3）木板運動的總路程；閱卷人三、選考題：共45分請考生從給出的2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。并用2B鉛筆在答題卡上把所選題目題號后的方框涂黑。注意所選題目的題號必須與所涂題目的題號一致，在答題卡選答區(qū)域指定位置答題。如果多做，則每科按所做的第一題計分。得分13．根據(jù)熱力學(xué)定律，下列說法正確的有（）A．電冰箱的工作原理表明，熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞B．一切符合能量守恒定律的宏觀過程都能發(fā)生C．科技的不斷進步使得人類有可能生產(chǎn)出單一熱源的熱機D．盡管科技不斷進步，熱機的效率仍不能達到100%E．能量耗散是從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性14．圖甲為氣壓式升降椅，它通過活塞上下運動來控制椅子的升降，圖乙為其核心部件模型簡圖，圓筒形導(dǎo)熱汽缸開口向上豎直放置在水平地面上，活塞（連同細連桿）與椅面的總質(zhì)量m=4kg，活塞的橫截面積S=4×10-4m2，汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量的理想氣體，活塞與汽缸之間無摩擦且不漏氣，活塞上放有一質(zhì)量M=8kg的物塊，氣柱高度h=0.6m。已知大氣壓強p0=1×105pa，重力加速度g取10m/s2。（1）若拿掉物塊活塞上升，求穩(wěn)定時氣柱的高度；（2）拿掉物塊后，如果緩慢降低環(huán)境溫度，使活塞下降10cm，此過程中氣體放出熱量20J，求氣體內(nèi)能的變化量ΔU。15．在如圖所示的直角坐標(biāo)系中，xOz平面為均勻介質(zhì)I和Ⅱ的分界面（z軸垂直紙面向外）。在介質(zhì)I中的P（0，4λ）點處有一波源，產(chǎn)生波長為λ、速度為v的聲波，波傳到介質(zhì)Ⅱ中，其速度為2v。圖示時刻介質(zhì)Ⅱ中僅有一個波峰，與x軸和y軸分別交于R（3λ，0）和S點，此時OA．聲波從介質(zhì)I傳播到介質(zhì)Ⅱ中波長不變B．聲波從介質(zhì)I傳播到介質(zhì)Ⅱ中頻率不變C．S點到坐標(biāo)原點距離為2D．介質(zhì)I和介質(zhì)Ⅱ中的波相遇無干涉現(xiàn)象E．根據(jù)題中數(shù)據(jù)可求出折射角α的正弦值16．如圖甲所示，“隱身裝置”可以將兒童的身體部分隱去，卻對后面的成人沒有形成遮擋；簡化模型的俯視圖如圖乙所示，A、B為兩個厚度均為a的直角透明介質(zhì)，虛線為透明介質(zhì)的對稱軸，兒童站在介質(zhì)之間的虛線框位置處，成人位置的光線與對稱軸平行。已知介質(zhì)折射率n=2，光在真空中的傳播速度為c（1）完成光線1、2進入觀察者范圍的光路圖，解釋成人沒被遮擋的原因；（2）光線1進入介質(zhì)A中的折射角大小和通過介質(zhì)A的時間。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A、小車做曲線運動，運動方向與軌跡相切，小車在A、B兩點時，兩點分別為最低點和最高點切線沿水平方向，則小車運動方向沿水平方向，方向相同，小車的速率即速度大小也相同，所以，小車在A、B兩點速度相同，故A錯誤；

B、小車做曲線運動，運動方向時刻改變，動量為矢量，方向與速度方向相同，所以小車的動量大小不變，方向時刻改變，故B錯誤；

C、汽車在運動過程中動能不變，重力勢能變化，所以機械能變化，故C錯誤；

D、小車在A點時，為軌道的最低點，根據(jù)牛頓第二定律

N?mg=mv2r

解得

N=mv2r2．【答案】B【解析】【解答】對AB整體受力分析，整體受力平衡，受重力和力F，如果墻壁對整體有支持力，整體水平方向不能平衡，故墻壁對整體水平方向沒有彈力，也就沒有摩擦力；隔離分析物體A，受重力、B對A的支持力和靜摩擦力，共3個力。

故答案為：B。

【分析】AB整體做勻速運動，即AB均處于平衡狀態(tài)，選擇恰當(dāng)?shù)难芯繉ο?，再根?jù)整體法和隔離法結(jié)合平衡條件確定A的受力情況。3．【答案】C【解析】【解答】A、由光電效應(yīng)方程可知

Ek=?v?W0

且

Ek=eUc

所以

Uc=?ev?W0e

當(dāng)截止電壓為零時的頻率即為截止頻率

vc=4.27×1014Hz

故A錯誤；

B、根據(jù)截止電壓和頻率的關(guān)系可知，圖線的斜率為?4．【答案】A【解析】【解答】原副線圈的電流之比為

I1I2=n2n1=12

根據(jù)

P=I2R5．【答案】B【解析】【解答】正電粒子從P點沿垂直于CD邊射入磁場后，與正三角形的邊發(fā)生兩次碰撞，再從P點垂直于CD邊離開磁場，可知

L=2r

根據(jù)

qvB=mv2r

可得

v=qBL6．【答案】B,C【解析】【解答】A、足球在空中做曲線運動，在最高點B時豎直方向分速度是零，水平方向速度不是零，因此足球在B點受重力和水平空氣阻力作用，設(shè)空氣阻力產(chǎn)生的加速度為ax，則有加速度為

a=ax2+g2>g

故A錯誤；

B、足球在最高點B時，只有水平方向的分速度，剛過最高點B時，水平方向仍做減速運動，豎直方向做加速運動，由于此時的速度是水平方向的分速度與豎直方向分速度的矢量和，因此合速度可能要小于在最高點時的水平分速度，則足球在B點速度不是最小，故B正確；

C、足球從A運動到B的過程中，在豎直方向受重力和空氣阻力，方向都豎直向下，從B運動到C的過程中，豎直方向受重力豎直向下，空氣阻力豎直向上，由牛頓第二定律可知，足球從A運動到B豎直方向的加速度大于從B運動到C豎直方向的加速度，A、C兩點在同一平面內(nèi)，因此足球從A運動到B的時間小于從B運動到C的時間，故C正確；

D、由于足球從A運動到B豎直方向的分加速度大于從B運動到C豎直方向的分加速度，由運動學(xué)公式

vy=2a?7．【答案】A,C【解析】【解答】AB、油滴最終處于靜止?fàn)顟B(tài)，根據(jù)平衡條件，油滴受到的電場力豎直向上，且大小等于重力，所以油滴帶負電，故A正確，B錯誤；

CD、設(shè)平均速度為v，阻力的比例系數(shù)為k，運動時間為t，根據(jù)動量定理有

?kvt=0?mv0

又

x=vt

解得

x=mv0k=d

所以若初速度為2v0，油滴運動距離為

8．【答案】B,D【解析】【解答】A、物塊第一次下滑到B點時由動能定理

12mvB2=mgH?μmgcosθ?Hsinθ

解得

vB=4m/s

沖上傳送帶后做勻減速運動，速度減到零后反向加速，則第二次回到B點時的速度仍為4m/s，故A錯誤；

B、物塊在傳送帶上做減速運動的加速度大小為

a=μg=5m/s2

減速到零的時間

t=vBa=0.8s

物塊第一次到達傳送帶最左端的過程中與傳送帶摩擦生熱

Q=μmg(v傳t+vB2t)=28J

故B正確；

CD、物塊從B點再次沖上斜面時，向上運動的最大距離

9．【答案】（1）左；2（2）大于【解析】【解答】（1）根據(jù)題意可知，松開紙帶，紙帶在重錘作用下做加速運動，紙帶上相鄰兩點間的距離逐漸增大，由圖乙可知，紙帶左端與重錘相連。由逐差法有

x3+x4?x1+x2=g2T10．【答案】（1）左；0～0.6A；0.8（2）圖3（3）2.92；1.20【解析】【解答】（1）①閉合開關(guān)S前滑片P應(yīng)滑到左端。

②若電流表內(nèi)阻為0，R1=5.0Ω，電壓表讀數(shù)U=2.5V時，電流為

I=UR1=0.5A

由于電流表內(nèi)阻不為0，所以電流小于0.5A，由于電流表指針超過半偏，則A接線柱對應(yīng)電流表的量程為0～0.6A。

③電流表內(nèi)阻

RA=5.8Ω?5.0Ω=0.8Ω

（2）由于已知電流表內(nèi)阻，為了更精確的測電動勢和內(nèi)阻，應(yīng)選擇電路圖3進行實驗。

（3）根據(jù)

U=E?I(11．【答案】（1）解：感應(yīng)電動勢為E=NBL感應(yīng)電流為I=根據(jù)右手定則可得，感應(yīng)電流的方向為由a到b；（2）解：緩沖槽著地瞬時線圈的發(fā)熱功率為P則當(dāng)線圈瞬時發(fā)熱功率為緩沖槽著地瞬時發(fā)熱功率的一半時，設(shè)此時線圈的速度大小為v1P由能量守恒可得mg?+解得Q=mg?+【解析】【分析】（1）線圈ab邊做切割磁感線運動，產(chǎn)生感應(yīng)電動勢。根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律及閉合電路歐姆定律確定著地瞬間ab邊感應(yīng)電流的大小，再根據(jù)右手定則確定感應(yīng)電流的方向；

（2）根據(jù)題意結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律及電功率公式確定此時線圈的速度，明確該過程各力的做功情況，再根據(jù)能量守恒定律進行解答。12．【答案】（1）解：設(shè)物塊甲滑到傳送帶上A點的速度vAE解得v（2）解：設(shè)物塊甲到達斜面頂端D點的速度vD?解得v將D點的速度沿水平方向和豎直方向進行分解，在最高點時，豎直方向的速度為0，水平方向的速度設(shè)為v0v（3）解：物塊甲與物塊乙在碰撞過程中，由動量守恒和能量守恒m1解得vv以物塊乙和木板為系統(tǒng)，由動量守恒定律得m若木板向右加速至共速后再與擋板碰撞，由動能定理得μ解得x可知木板與物塊乙共速后再與擋板相碰。由動量守恒定律得m木板向左減速過程中，由動能定理可得μx同理可得x以此類推，可求得木板運動得總路程s=s=1m+2×4×【解析】【分析】（1）滑塊甲彈出到滑上傳送帶A點過程，彈簧的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為滑塊甲的動能，根據(jù)能量守恒定律進行解答即可；

（2）根據(jù)動能定理判斷可知滑塊在傳送帶上一直做減速運動。物體甲滑上滑離斜面后做斜上拋運動，到達最高點時豎直方向速度為零。對物體甲從A運動至D過程運用動能定理確定物體甲到達D點的速度，再根據(jù)運動的分解確定物體甲在最高點的速度；

（3）物塊甲與物塊乙發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒定律和能量守恒定律確定碰后物塊乙的速度。物體乙在木板上運動時，系統(tǒng)的動量守恒，由于不確定木板是否在其與物體乙共速后與擋板相撞，故根據(jù)假設(shè)法結(jié)合動量守恒定律及動能定理進行判斷及確定此過程木板運動的位移。碰后木板原速度反彈，但木板與物體乙構(gòu)成的總體仍系統(tǒng)動量守恒，再結(jié)合假設(shè)法結(jié)合動量守恒定律及動能定理進行判斷及確定此過程木板運動的位移，同理確定第n次碰撞的位移，再結(jié)合數(shù)學(xué)知識進行解答。13．【答案】A,D,E【解析】【解答】A、熱量可以從低溫物體向高溫物體傳遞，但要引起其他變化，符合電冰箱的工作原理，故A正確；

BE、熱運動的宏觀過程會有一定的方向性，符合能量守恒定律的宏觀過程并不能都真的發(fā)生，根據(jù)熱力學(xué)第二定律，不可能從單一熱源取熱使之完全轉(zhuǎn)換為有用的功而不產(chǎn)生其他影響，能量耗散是從能量轉(zhuǎn)化的角度反映出自然界中的宏觀過程具有方向性，故B錯誤，E正確；

C、不可能從單一熱源吸收熱量全部用來對外做功而不引起其他變化，故C錯誤；

D、根據(jù)熱力學(xué)第二定律，即使沒有漏氣、摩擦、不必要的散熱等損失，熱機也不可能把燃料產(chǎn)生的內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機械能，即效率達不到100%，故D正確。

故答案為：ADE。

【分析】熟練掌握熱力學(xué)第二定律的具體內(nèi)容及其描述。熱運動的宏觀過程會有一定的方向性，不可能從單一熱源吸收熱量全部用來對外做功而不引起其他變化，熱機也不可能把燃料產(chǎn)生的內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機械能。14．【答案】（1）解：由玻意耳定律p其中V1=S?V2=S解得穩(wěn)定時氣柱的高度為?（2）解：在降溫過程中，氣體做等壓變化，外界對氣體做功為W=p?ΔV=pSΔ?=8J由熱力學(xué)第一定律ΔU=Q+