山東省濰坊市昌樂縣2025屆高三物理下學(xué)期4月模擬試題含解析VIP

PAGE23-山東省濰坊市昌樂縣2025屆高三物理下學(xué)期4月模擬試題（含解析）一、單項選擇題1.以下事實可作為“原子核可再分”的依據(jù)是A.自然放射現(xiàn)象 B.粒子散射試驗C.電子的發(fā)覺 D.氫原子發(fā)光【答案】A【解析】【詳解】A.自然放射現(xiàn)象是原子發(fā)生衰變之后會放出三種射線，這說明原子核可再分．故A正確．B.粒子散射試驗說明白原子的核式結(jié)構(gòu)模型．故B錯誤．C.電子位于原子核外，不能說明原子核可再分．故C錯誤．D.氫原子發(fā)光說明核外電子的躍遷，不能說明原子核可再分．故D錯誤．2.某同學(xué)把質(zhì)量是5kg的鉛球推出，估計鉛球出手時距地面的高度大約為2m，上升的最高點距地面的高度約為3m，最高點到落地點的水平距離約為6m。由此可估算出該同學(xué)推鉛球的過程中對鉛球做的功約為A.50J B.150J C.200J D.250J【答案】C【解析】【詳解】鉛球在最高點的速度則由能量關(guān)系可得該同學(xué)推鉛球的過程中對鉛球做的功約為A．50J，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．150J，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．200J，與結(jié)論相符，選項C正確；D．250J，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選C.3.二氧化碳是導(dǎo)致“溫室效應(yīng)”的主要緣由之一，人類在實行節(jié)能減排措施的同時，也是在探討限制溫室氣體的新方法，目前專家們正在探討二氧化碳的深海處理技術(shù)．在某次試驗中，將肯定質(zhì)量的二氧化碳氣體封閉在一個可以自由壓縮的導(dǎo)熱容器中，將容器緩慢移到海水某深處，氣體體積減小為原來的一半，溫度漸漸降低．此過程中（）A.封閉的二氧化碳氣體對外界做正功B.封閉的二氧化碳氣體壓強肯定增大C.封閉的二氧化碳氣體分子的平均動能增大D.封閉的二氧化碳氣體肯定從外界汲取熱量【答案】B【解析】【詳解】A．氣體體積減為原來的一半，外界對氣體做正功，故A錯誤．B．依據(jù)PV/T=C可知，氣體體積減小到原來的一半，但是氣體的溫度不行能減小到原來的一半，則氣體的壓強肯定增加，選項B正確；C．溫度降低，所以氣體的氣體分子的平均動能減小，故C錯誤．D．溫度降低，內(nèi)能減小，外界對氣體做正功，依據(jù)熱力學(xué)第肯定律△U=W+Q，封閉氣體向外界傳遞熱量，故D錯誤；4.如圖，某同學(xué)將一足球靜止擺放在收納架上。他估測得足球的直徑約為20cm，質(zhì)量約為0.48kg，收納架兩根平行等高的橫桿之間的距離d約為12cm。忽視足球的形變以及球與橫桿之間的摩擦，重力加速度g取10m/s2，則可估算出一根橫桿對足球的彈力約為（）A.2.4N B.3.0N C.4.0N D.【答案】B【解析】【詳解】設(shè)每根橫桿對足球的彈力方向與豎直方向夾角為α，由幾何關(guān)系可知對足球豎直方向有解得FN=3N故選B。5.按壓式圓珠筆內(nèi)裝有一根小彈簧，尾部有一個小帽，壓一下小帽，筆尖就伸出來。如圖所示，使筆的尾部朝下，將筆向下按到最低點，使小帽縮進，然后放手，筆將向上彈起至肯定的高度。忽視摩擦和空氣阻力。筆從最低點運動至最高點的過程中（）A.筆的動能始終增大B.筆的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和始終減小C.彈簧的彈性勢能削減量等于筆的動能增加量D.彈簧的彈性勢能削減量等于筆的動能和重力勢能增加量【答案】D【解析】【詳解】A．筆在最低點動能為0，在最高點動能為0，所以筆的動能先增大后減小，A錯誤；B．筆在運動過程中，筆自身包含的重力勢能、動能和彈簧的彈性勢能總和不變，即機械能守恒，筆的動能先增大后減小，所以筆的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和先減小后增大，B錯誤；CD．依據(jù)機械能守恒定律，彈簧的彈性勢能削減量等于筆的動能和重力勢能增加量，C錯誤，D正確。故選D。6.如圖a所示，志向變壓器原線圈通過志向電流表接在一溝通電源的兩端，溝通電源輸出的電壓u隨時間t變更的圖線如圖b所示，副線圈中接有志向電壓表及阻值R＝10Ω的負載電阻．已知原、副線圈匝數(shù)之比為10∶1，則下列說法中正確的是A.電壓表的示數(shù)為20VB.電流表的示數(shù)為0.28AC.電阻R消耗的電功率為80WD.通過電阻R的交變電流的頻率為100Hz【答案】A【解析】【詳解】A項：原線圈兩端電壓為，依據(jù)變壓器的變壓比可知，解得：，故A正確；B項：副線圈中的電流為依據(jù)變壓器的變流比可知，，所以電流表的示數(shù)為0.2A，故B錯誤；C項：由公式，故C錯誤；D項：由圖乙可知，交變電流的頻率為：，由于變壓器不能變更溝通電的頻率，所以通過電阻R的交變電流的頻率為50Hz，故D錯誤．故選A．7.為了探討超重和失重現(xiàn)象，某同學(xué)站在力傳感器上做“下蹲”和“站起”的動作，力傳感器將采集到的數(shù)據(jù)輸入計算機，可以繪制出壓力隨時間變更的圖線。某次試驗獲得的圖線如圖所示，a、b、c為圖線上的三點，有關(guān)圖線的說法可能正確的是A.a→b→c為一次“下蹲”過程B.a→b→c為一次“站起”過程C.a→b為“下蹲”過程，b→c為“站起”過程D.a→b為“站起”過程，b→c為“下蹲”過程【答案】A【解析】【詳解】“下蹲”過程先加速下降后減速下降，則先失重后超重；“站起”過程先加速上升后減速上升，則先超重后失重；由圖可知，人先失重后超重，可知a→b→c為一次“下蹲”過程；A．a(chǎn)→b→c為一次“下蹲”過程，與結(jié)論相符，選項A正確；B．a(chǎn)→b→c為一次“站起”過程，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；C．a(chǎn)→b為“下蹲”過程，b→c為“站起”過程，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．a(chǎn)→b為“站起”過程，b→c為“下蹲”過程，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選A.8.2019年11月5日，我國勝利放射了“北斗三號衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)”第A.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的高度大于靜止地球同步軌道衛(wèi)星的高度B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的線速度小于靜止地球同步軌道衛(wèi)星的線速度C.可以放射一顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，靜止在北京上空D.可以放射一顆傾斜地球同步軌道衛(wèi)星，每天同一時間經(jīng)過北京上空【答案】D【解析】【詳解】A．傾斜地球同步軌道衛(wèi)星與靜止地球同步軌道衛(wèi)星具有相同的周期（24h），則由可知，兩種衛(wèi)星的軌道半徑相等，即傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的高度等于靜止地球同步軌道衛(wèi)星的高度，選項A錯誤；B．兩種衛(wèi)星具有相同的周期和角速度，運轉(zhuǎn)半徑相同，則依據(jù)v=ωr可知，兩種衛(wèi)星具有相同的線速度，選項B錯誤；CD．同步衛(wèi)星相對于地球靜止，必需為地球赤道面上的同步衛(wèi)星，因為傾斜地球同步軌道衛(wèi)星為傾斜軌道，因此不能與地球保持相對靜止，但因為周期總為24h，則可以每天同一時間經(jīng)過北京上空，選項C錯誤，D正確；故選D.二、多項選擇題9.如圖所示為一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波t=ls時刻波形圖，該時刻M點起先振動，再過1.5s，N點起先振動。下列推斷正確的是（）A.波的傳播速度4m/s B.質(zhì)點M的振動方程C.質(zhì)點M、N相位相差是π D.t=0.5s時刻，x=1.0m處質(zhì)點在波峰【答案】AC【解析】【詳解】A．該波的波速為A正確；B．質(zhì)點振動的周期質(zhì)點振動的“圓頻率”為依據(jù)波的傳播方向可知此時起振方向向上，所以從0時刻起先，點的振動方程為（）B錯誤；C．、兩點相距，為半波長的奇數(shù)倍，所以二者相位差為，C正確；D．時刻，波向右傳播圖中為時刻的圖像，所以將圖像向左平移，可知處的質(zhì)點處于波谷位置，D錯誤。故選AC。10.如圖所示，導(dǎo)線框與電源、滑動變阻器、電流表、開關(guān)組成閉合回路，將導(dǎo)線框用彈簧測力計懸掛起來，導(dǎo)線框下端置于蹄形磁鐵兩極之間，與磁場方向垂直放置。在接通電路前先視察并記錄下彈簧測力計的讀數(shù)F0。接通電路，調(diào)整滑動變阻器使電流表讀數(shù)為I1,視察并記錄彈簧測力計此時的讀數(shù)F1，接著調(diào)整滑動變阻器使電流表讀數(shù)為I2，I3，…，In，視察并記錄彈簧測力計相應(yīng)的讀數(shù)F2，F(xiàn)3，…，F(xiàn)n。若試驗過程中導(dǎo)線框下端都未離開蹄形磁鐵兩極之間的區(qū)域，且該區(qū)域的磁場可看作勻強磁場，則依據(jù)以上數(shù)據(jù)描繪出的彈簧測力計彈力大小F隨電流I變更的圖像可能是A. B.C. D.【答案】BC【解析】【詳解】若線框受安培力向下，則F=F0+BIL；若安培力向上，則F=F0-BILA．該圖與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．該圖與結(jié)論相符，選項B正確；C．該圖與結(jié)論相符，選項C正確；D．該圖與結(jié)論不相符，選項D錯誤；故選BC.11.如圖，兩根平行金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面的夾角為30°，導(dǎo)軌間距為0.5m。導(dǎo)體棒a、b垂直導(dǎo)軌放置，用一不行伸長的細線繞過光滑的滑輪將b棒與物體c相連，滑輪與b棒之間的細線平行于導(dǎo)軌。整個裝置處于垂直導(dǎo)軌平面對下的勻強磁場中，磁感應(yīng)強度大小為0.2T。物體c的質(zhì)量為0.06kg，a、b棒的質(zhì)量均為0.1kg，電阻均為0.1Ω，與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為。將a、b棒和物體c同時由靜止釋放，運動過程中物體c不觸及滑輪，a、b棒始終與兩導(dǎo)軌接觸良好。導(dǎo)軌電阻不計且足夠長，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度g取10m/s2.則（）A.b棒剛要起先運動時，a棒的加速度大小為3.5m/s2B.b棒剛要起先運動時，a棒的速度大小為5.0m/sC.足夠長時間后a棒的加速度大小為D.足夠長時間后a棒的速度大小為7.0m/s【答案】BC【解析】【詳解】A．b棒所受的最大靜摩擦力而則b棒剛要起先運動時，所受的安培力方向向下，大小為此時a棒受到向上的安培力大小仍為F安=0.25N，則a棒的加速度大小為選項A錯誤；B．b棒剛要起先運動時，對a棒F安=BILE=BLv聯(lián)立解得v=5m/s選項B正確；CD．足夠長時間后，兩棒的速度差恒定，設(shè)為?v，此時兩棒受的安培力均為此時對a棒b棒其中解得此時導(dǎo)體棒a的速度不是恒定值，不等于7.0m/s，選項C正確，D錯誤；故選BC12.《大國工匠》節(jié)目中講解并描述了王進利用“秋千法”在1000kV的高壓線上帶電作業(yè)的過程。如圖所示，絕緣輕繩OD一端固定在高壓線桿塔上的O點，另一端固定在兜籃上。另一絕緣輕繩跨過固定在桿塔上C點的定滑輪，一端連接兜籃，另一端由工人限制。身穿屏蔽服的王進坐在兜籃里，緩慢地從C點運動到處于O點正下方E點的電纜處。繩OD始終處于伸直狀態(tài)，兜籃、王進及攜帶的設(shè)備總質(zhì)量為m，不計一切阻力，重力加速度大小為g。關(guān)于王進從C點運動到E點的過程中，下列說法正確的是（）A.工人對繩的拉力可能先增大后減小B.繩OD的拉力肯定越來越大C.OD、CD兩繩拉力的合力大小始終等于mgD.當繩CD與豎直方向的夾角為30°時，工人對繩的拉力為mg【答案】BCD【解析】【詳解】AB．對兜籃、王進及攜帶的設(shè)備整體受力分析繩OD的拉力為F1，與豎直方向的夾角為θ；繩CD的拉力為F2，與豎直方向的夾角為α，則由幾何關(guān)系得王進下降的過程中θ減小，α增大，由幾何關(guān)系得：F1增大，F(xiàn)2減小，故A錯誤，B正確；C．受力平衡，兩繩拉力合力大小始終等于mg，故C正確；D．α＝30°時，，利用OC=OD由幾何關(guān)系得，則θ＝30°，由受力平衡求出F2＝mg，故D正確。故選BCD。三、非選擇題13.用如圖所示的試驗裝置做“驗證機械能守恒定律”試驗時，將打點計時器固定在鐵架臺上，使重物帶動紙帶從靜止起先下落：(1)除了圖示的試驗器材，下列試驗器材中還必需運用的是________（填字母代號）。A.溝通電源B.秒表C.刻度尺D.天平（帶砝碼）(2)關(guān)于本試驗，下列說法正確的是________（填字母代號）。A.應(yīng)選擇質(zhì)量大、體積小的重物進行試驗B.釋放紙帶之前，紙帶必需處于豎直狀態(tài)C.先釋放紙帶，后接通電源(3)試驗中，得到如圖所示的一條紙帶。在紙帶上選取三個連續(xù)打出的點A、B、C，測得它們到起始點O（O點與下一點的間距接近2mm）的距離分別為hA、hB、hC。已知當?shù)刂亓铀俣葹間，打點計時器的打點周期為T。設(shè)重物質(zhì)量為m。從打O點到B點的過程中，重物的重力勢能變更量ΔEp=______，動能變更量ΔEk=________（用已知字母表示）。(4)某同學(xué)用如圖所示裝置驗證機械能守恒定律，將力傳感器固定在天花板上，細線一端系著小球，一端連在力傳感器上。將小球拉至水平位置從靜止釋放，到達最低點時力傳感器顯示的示數(shù)為F0。已知小球質(zhì)量為m，當?shù)刂亓铀俣葹間。在誤差允許范圍內(nèi)，當滿意關(guān)系式________時，可驗證機械能守恒?！敬鸢浮?1).AC(2).AB(3).(4).(5).F0=3mg【解析】【詳解】(1)[1]A．打點計時器須要接溝通電源，A正確；B．打點計時器本身就是計時工具，不須要秒表，B錯誤；C．須要用刻度尺測量紙帶上打點之間的距離，C正確；D．重物下落過程中，若滿意機械能守恒定律，則等式兩邊將重物質(zhì)量約去，不須要天平測量重物質(zhì)量，D錯誤。故選AC。(2)[2]A．應(yīng)選擇質(zhì)量大、體積小的重物進行試驗，可以減小阻力帶來的誤差，A正確；B．釋放紙帶之前，紙帶必需處于豎直狀態(tài)，使重物豎直下落，減小紙帶與打點計時器之間的摩擦，B正確；C．為了有效利用紙帶，應(yīng)先接通電源，后釋放紙帶，C錯誤。故選AB。(3)[3]重力做正功，重力勢能減小所以從到，重力勢能的變更量為[4]在點，依據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可知則動能變更量為(4)[5]若小球運動過程中機械能守恒，則滿意小球運動到最低點解得即須要驗證的表達式為14.做“測量金屬絲的電阻率”試驗。（1）用螺旋測微器測量金屬絲直徑，示數(shù)如圖甲所示，則金屬絲直徑的測量值d=_______mm。（2）在設(shè)計測量金屬絲電阻Rx的試驗電路時須要思索兩個問題：①如何選擇電流表的接法？如圖乙所示，某同學(xué)采納試觸的方法，讓電壓表的一端接在A點，另一端先后接到B點和C點。他發(fā)覺電壓表示數(shù)有明顯變更，而電流表示數(shù)沒有明顯變更。據(jù)此應(yīng)當選擇電流表_______（填寫“內(nèi)接”或“外接”）的電路。②如何選擇滑動變阻器的接法？已知待測金屬絲的電阻約為20Ω，試驗室供應(yīng)的滑動變阻器的最大阻值為5Ω，電源電動勢為3V，須要選擇滑動變阻器的_____________(填寫“分壓式”或“限流式”)接法。（3）圖丙是測量金屬絲電阻的試驗器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，滑動變阻器的滑片P置于變阻器的最左端。請依據(jù)（2）中選擇的電路，完成實物間的連線，并使閉合開關(guān)的瞬間，電壓表和電流表均處于平安狀態(tài)____________。（4）請你寫出金屬絲電阻率的計算式____________（用待測金屬絲電阻的測量值Rx、直徑的測量值d、長度的測量值L表示）。【答案】(1).0.127±0.001(2).外接(3).分壓式(4).(5).【解析】【詳解】（1）[1]．金屬絲直徑的測量值d=0.01mm×12.7=0.127mm。（2）①[2]．某同學(xué)采納試觸的方法，讓電壓表的一端接在A點，另一端先后接到B點和C點。他發(fā)覺電壓表示數(shù)有明顯變更，而電流表示數(shù)沒有明顯變更。說明電流表的分壓作用不行忽視，據(jù)此應(yīng)當選擇電流表外接的電路。②[3]．因滑動變阻器阻值小于待測電阻阻值，可知滑動變阻器應(yīng)當選擇分壓電路；（3）[4]．電路連接如圖：（4）[5]．依據(jù)解得15.如圖所示，為折射率的扇形玻璃磚截面，一束單色光照耀到面上的點，在點折射后的光線平行于。已知點是的中點，點是延長線上一點，°。①求入射光在點的入射角；②通過計算推斷光射到弧能否從弧射出。【答案】①60°；②光射到AB弧能從AB弧射出?！窘馕觥俊驹斀狻竣俟庠诮橘|(zhì)中傳播的光路圖如圖所示：

設(shè)入射光在C點的入射角為i，折射角為r，由于在C點折射后的光線平行于OB，所以∠OCP=∠AOD=60°，r=30°，

依據(jù)折射定律有：代入數(shù)據(jù)解得：i=60°；②在C點折射后的光線射到AB弧上P點，連接O、P，OP是法線，過O點做CP的垂線交CP于Q，則折射光線在AB弧的入射角為i1，玻璃磚臨界角為C，扇形半徑為L，則：，依據(jù)幾何學(xué)問有∠COQ=30°，LOQ＝LOC?cos∠COQ=依據(jù)可得：，則：i1＜C，所以光射到AB弧能從AB弧射出。16.臺球的運動和撞擊過程中，球既存在平動，也存在轉(zhuǎn)動，運動狀況較為困難。在不考慮球的轉(zhuǎn)動和球之間的摩擦的狀況下，我們可以對球的運動和撞擊過程建立簡潔的模型，用中學(xué)物理學(xué)問進行粗略探討。如圖1所示，此時球桌上只剩下兩個球，其中A球為白球，B球為黑球，且兩球球心與1號洞中心在一條直線上。請你利用學(xué)過的物理規(guī)律解決以下問題。（1）擊打白球后，白球與黑球發(fā)生碰撞，可以使黑球進入不同的洞口。請在以下兩種狀況下，畫出白球的初速度方向以及碰前瞬間的位置，作圖時請畫出必要的協(xié)助線。a.使黑球進入1號洞（在圖2中作圖）；b.使黑球進入2號洞（在圖3中作圖）。（2）黑球進入2號洞的狀況比進入1號洞的狀況困難一些。在處理困難的物理問題時，常將其分解為簡潔的問題，如運動的分解、力的分解等等。將這些矢量在相互垂直的x、y兩個方向上進行分解，然后分別進行探討。在黑球進入2號洞的情境下，若已知兩球的質(zhì)量均為m，碰前瞬間白球的速度大小為v0，碰后瞬間黑球的速度大小為v，v0與v方向的夾角θ=53o，求兩球碰撞過程中損失的機械能。（已知：sin53o=0.8，cos53o=0.6）【答案】（1）a.；b.（2）【解析】【詳解】（1）a.b.（2）以黑球碰后的速度方向以及與之垂直的方向為坐標軸方向建立平面直角坐標系，將白球碰前和碰后的速度沿著坐標軸進行正交分解，沿兩個方向分別進行探討碰撞過程中兩球組成的系統(tǒng)在x、y兩個方向上都滿意動量守恒定律設(shè)碰后白球速度大小為vA，在x、y兩個方向上的分速度分別為vAx和vAyx方向：mv0cosmv+mvAxy方向：mv0sinmvAy解得：則碰撞過程中系統(tǒng)損失的機械能其中代入得17.如圖所示，在xoy平面內(nèi)y軸右側(cè)有一范圍足夠大的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，磁場方向垂直紙面對外；分成I和II兩個區(qū)域，I區(qū)域的寬度為d，右側(cè)磁場II區(qū)域還存在平行于xoy平面的勻強電場，場強大小為E＝，電場方向沿y軸正方向。坐標原點O有一粒子源，在xoy平面對各個方向放射質(zhì)量為m，電量為q的正電荷，粒子的速率均為v＝。進入II區(qū)域時，只有速度方向平行于x軸的粒子才能進入，其余被界面汲取。不計粒子重力和粒子間的相互作用，求：(1)某粒子從O運動到O'的時間；(2)在I區(qū)域內(nèi)有粒子經(jīng)過區(qū)域的面積；(3)粒子在II區(qū)域運動