浙江省溫州市高三下學(xué)期5月三模物理試題

溫州市普通高中2024屆高三第三次適應(yīng)性考試物理試題卷考生須知：1.本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。2.考生答題前，務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫(xiě)在答題卷上。3.選擇題的答案須用2B鉛筆將答題卷上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如要改動(dòng)，須將原填涂處用橡皮擦凈。4.非選擇題的答案須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫(xiě)在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)可先使用2B鉛筆，確定后須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫(xiě)在本試題卷上無(wú)效。5.可能用到的相關(guān)參數(shù)：未特殊說(shuō)明重力加速度g均取選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列四組物理量均為矢量的是（）A.動(dòng)量、沖量 B.質(zhì)量、電量 C.溫度、速度 D.電流、電容【答案】A【解析】【詳解】A．動(dòng)量和沖量既有大小，也有方向，二者都是矢量，故A正確；B．質(zhì)量和電量都只有大小，沒(méi)有方向，都是標(biāo)量，故B錯(cuò)誤；C．速度是矢量，溫度是標(biāo)量，故C錯(cuò)誤；D．電流和電容都是標(biāo)量，故D錯(cuò)誤。故選A。2.2023年10月30日，中國(guó)隊(duì)在男子短道速滑5000米接力賽中，以7分04秒412的成績(jī)奪冠。下列說(shuō)法正確的是（）A.題中“7分04秒412”表示時(shí)刻B.題中“5000米”表示位移大小C.運(yùn)動(dòng)員在接力過(guò)程中，慣性不變D.研究隊(duì)員沖線細(xì)節(jié)時(shí)，可以將其看成質(zhì)點(diǎn)【答案】C【解析】【詳解】A．題中“7分04秒412”表示時(shí)間，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．題中“5000米”表示路程，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員在接力過(guò)程中，質(zhì)量不變，則慣性不變，選項(xiàng)C正確；D．研究隊(duì)員沖線細(xì)節(jié)時(shí)，隊(duì)員大小形狀不可忽略，不可以將其看成質(zhì)點(diǎn)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。3.現(xiàn)代家居常用吊籃美化室內(nèi)環(huán)境。如圖所示，三根等長(zhǎng)的輕質(zhì)鐵鏈對(duì)稱(chēng)地懸掛在吊籃架上，另一端接在一起，懸掛在支架上。已知吊籃、花和花盆的總質(zhì)量為3m。下列說(shuō)法正確的是（）A.每根鐵鏈的拉力均為mgB.給花澆水后支架對(duì)墻面的作用力變大C.改變鐵鏈的長(zhǎng)度，鐵鏈的拉力大小不變D.吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)相互作用力【答案】B【解析】【詳解】A．設(shè)每根繩子和豎直方向的夾角為，則有解得A錯(cuò)誤；B．對(duì)支架、吊籃、花盆整體進(jìn)行受力分析可知，給花澆水后整體重力變大，故支架對(duì)墻面的作用力變大，B正確；C．由可知改變鐵鏈的長(zhǎng)度，每根繩子和豎直方向的夾角為發(fā)生改變，則鐵鏈的拉力大小改變，C錯(cuò)誤；D．吊籃架對(duì)花盆的支持力與花盆的重力是一對(duì)平衡力，D錯(cuò)誤。故選B。4.2024年2月19日中國(guó)科學(xué)家成功合成兩種新的核素：鋨160（）鎢156（）。鋨160發(fā)生α衰變發(fā)射出的高能粒子能使空氣電離，鎢156發(fā)生衰變（正電子）生成鉭156（）。下列說(shuō)法正確的是（）A.不同溫度下，鋨160的半衰期不同B.能使空氣電離的高能粒子主要是γ射線C.鎢156發(fā)生β?衰變產(chǎn)生的新核與鎢156是一對(duì)同位素D.鋨160發(fā)生α衰變產(chǎn)生的鎢156的比結(jié)合能大于鋨160的比結(jié)合能【答案】D【解析】【詳解】A．半衰期與溫度無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．能使空氣電離的高能粒子主要是射線，故B錯(cuò)誤；C．由題意可知核反應(yīng)方程為由于鎢156發(fā)生β?衰變產(chǎn)生的新核與鎢156質(zhì)子數(shù)不同，故二者不是同位素，故C錯(cuò)誤；D．比結(jié)合能越大越穩(wěn)定，自然衰變的產(chǎn)物比結(jié)合能會(huì)變大，故鋨160發(fā)生α衰變產(chǎn)生的鎢156的比結(jié)合能大于鋨160的比結(jié)合能，故D正確。故選D。5.2023年9月25日，中國(guó)年僅15歲的小將陳燁在杭亞會(huì)滑板男子碗池決賽中奪冠。圖示為運(yùn)動(dòng)員陳燁在比賽中騰空越過(guò)障礙物，若忽略空氣阻力，那么騰空過(guò)程中（）A.運(yùn)動(dòng)員始終處于超重狀態(tài)B.運(yùn)動(dòng)員在最高點(diǎn)的加速度為零C.運(yùn)動(dòng)員所受重力的沖量一直變大D.運(yùn)動(dòng)員和滑板構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒【答案】C【解析】【詳解】A．騰空過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員只受重力作用，有豎直向下的重力加速度，運(yùn)動(dòng)員處于完全失重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B．在最高點(diǎn)的時(shí)候人的豎直方向的速度為零，水平方向的速度不為零，故在最高點(diǎn)的時(shí)候人的速度不為零，受到重力作用，加速度為重力加速度，加速度不為零，故B錯(cuò)誤；C．運(yùn)動(dòng)員所受重力的沖量為騰空過(guò)程t一直增大，則運(yùn)動(dòng)員所受重力的沖量一直變大，故C正確；D．在騰空過(guò)程中，在豎直方向上運(yùn)動(dòng)員和滑板所受合力不為零，故運(yùn)動(dòng)員和滑板構(gòu)成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故D錯(cuò)誤。故選C。6.如圖所示，將兩小沙包a、b以不同的初速度分別從A、B兩處先后相差0.5s水平相向拋出，同時(shí)落在水平面同一處，且速度方向與豎直方向夾角相等。兩小沙包a、b視為質(zhì)點(diǎn)，并在同一豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.A處比B處高1.25mB.若將兩沙包同時(shí)水平拋出，落地前可能會(huì)相遇C.若已知B處高度和沙包b的下落時(shí)間，可求出A、B的水平距離D.若已知A處高度和沙包a的初速度，可求出A、B的水平距離【答案】D【解析】【詳解】A．設(shè)沙包a下落時(shí)間為，則沙包b下落時(shí)間為，處比處高為由此可知故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡可知，在落地前兩沙包不會(huì)相遇，故B錯(cuò)誤；CD．由于速度方向與豎直方向夾角相等，則、的水平距離為由此可知，需要已知沙包的下落時(shí)間和初速度，平拋運(yùn)動(dòng)的下落時(shí)間與高度有關(guān)，故C錯(cuò)誤；D正確。故選D7.2024年3月20日，我國(guó)“鵲橋二號(hào)”衛(wèi)星發(fā)射成功，多次調(diào)整后進(jìn)入周期為24h的環(huán)月橢圓軌道運(yùn)行，并與在月球上開(kāi)展探測(cè)任務(wù)的“嫦娥四號(hào)”進(jìn)行通訊測(cè)試。已知月球自轉(zhuǎn)周期27.3天，下列說(shuō)法正確的是（）A.月球處于“鵲橋二號(hào)”橢圓軌道的中心位置B.“鵲橋二號(hào)”在近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn)的加速度大小相同C.“鵲橋二號(hào)”在遠(yuǎn)月點(diǎn)的運(yùn)行速度小于月球第一宇宙速度D.“鵲橋二號(hào)”與月心連線和“嫦娥四號(hào)”與月心連線在相等時(shí)間內(nèi)分別掃過(guò)的面積相等【答案】C【解析】【詳解】A．由開(kāi)普勒第一定律可知，月球處于“鵲橋二號(hào)”橢圓軌道的一個(gè)焦點(diǎn)上，A錯(cuò)誤；B．“鵲橋二號(hào)”在近月點(diǎn)距離月球最近，受到的萬(wàn)有引力最大，加速度最大；在遠(yuǎn)月點(diǎn)距離月球最遠(yuǎn)，受到的萬(wàn)有引力最小，加速度最小，故“鵲橋二號(hào)”在近月點(diǎn)和遠(yuǎn)月點(diǎn)的加速度大小不相同，B錯(cuò)誤；C．“鵲橋二號(hào)”在遠(yuǎn)月點(diǎn)的速度小于軌道與遠(yuǎn)月點(diǎn)相切的衛(wèi)星的線速度，軌道與遠(yuǎn)月點(diǎn)相切的衛(wèi)星的線速度小于第一宇宙速度，故“鵲橋二號(hào)”在遠(yuǎn)月點(diǎn)的運(yùn)行速度小于月球第一宇宙速度，C正確；D．由開(kāi)普勒第二定律可知，同一顆衛(wèi)星與月球的連線在相同時(shí)間掃過(guò)的面積相等，但是“鵲橋二號(hào)”與“嫦娥四號(hào)”是兩顆軌道不同的衛(wèi)星，相同時(shí)間掃過(guò)的面積不相等，D錯(cuò)誤。故選C。8.新安江水庫(kù)蓄水后，水位落差可達(dá)55m，如圖所示。已知落差處流量為的水流沖擊水輪機(jī)發(fā)電，水流減少的機(jī)械能80%轉(zhuǎn)化為電能。發(fā)電機(jī)輸出電壓為11kV，水電站到用戶之間采用220kV高壓進(jìn)行遠(yuǎn)距離輸電，輸電線上損耗的功率不超過(guò)輸送功率5%，用戶所需電壓為220V。變壓器視為理想變壓器，下列說(shuō)法正確的是（）A.升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為1：20 B.發(fā)電機(jī)的輸出功率為C.輸電線上電阻不能超過(guò)110Ω D.降壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為1000：1【答案】A【解析】【詳解】A．升壓變壓器原副線圈匝數(shù)比為故A正確；B．水流減少的機(jī)械能為解得故B錯(cuò)誤C．輸電線上的電流為輸電線上損耗的功率為又解得則輸電線上電阻不能超過(guò)，故C錯(cuò)誤；D．降壓變壓器輸入電壓小于220kV，輸出電壓為220V，則原副線圈匝數(shù)比小于1000:1，故D錯(cuò)誤。故選A。9.蜻蜓在水面上，“點(diǎn)水”激起一圈圈波紋，如圖所示。水面上有一開(kāi)有兩小孔A、B的擋板，A、B離波源S的距離分別為30cm、40cm，AB間距為50cm，O為AB中點(diǎn)，AB中垂線上的C點(diǎn)，距O點(diǎn)100cm。波源在水面處振動(dòng)形成的水波視為簡(jiǎn)諧橫波，t=0時(shí)波源自平衡位置起振。已知波速為20cm/s，小孔A處質(zhì)點(diǎn)第一次處于波谷時(shí)，小孔B處質(zhì)點(diǎn)剛好第一次處于波峰，下列說(shuō)法正確的是（）A.波源S起振方向向下 B.t=4s時(shí)A、B兩處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向相反C.OC線段的中點(diǎn)為加強(qiáng)點(diǎn) D.若蜻蜓點(diǎn)水的頻率增大，則波速增大【答案】B【解析】【詳解】ABC．A、B離波源S的距離分別為30cm、40cm，A離波源S較近，則A先振動(dòng)，小孔A處質(zhì)點(diǎn)第一次處于波谷時(shí)，小孔B處質(zhì)點(diǎn)剛好第一次處于波峰，可知波源S起振方向向上，且A、B兩處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向總相反，故t=4s時(shí)A、B兩處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向相反，OC線段的中點(diǎn)到A、B兩點(diǎn)距離相等，則始終處于減弱點(diǎn)，故AC錯(cuò)誤，B正確；D．波速只與介質(zhì)有關(guān)，若蜻蜓點(diǎn)水的頻率增大，波速不變，故D錯(cuò)誤。故選B。10.如圖所示是粒子流擴(kuò)束技術(shù)的原理簡(jiǎn)圖。正方形區(qū)域I、II、III、IV對(duì)稱(chēng)分布，一束速度相同的質(zhì)子束射入后能夠?qū)崿F(xiàn)擴(kuò)束，四個(gè)區(qū)域內(nèi)有界磁場(chǎng)（邊界均為圓?。┓植伎赡苷_的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】A．粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖，即入射平行粒子束不會(huì)擴(kuò)束，故A錯(cuò)誤；B．由左手定則可知，平行粒子入射后，經(jīng)兩個(gè)同方向磁場(chǎng)，會(huì)向同一方向偏轉(zhuǎn)，不會(huì)平行于入射方向射出，故B錯(cuò)誤；C．如下圖所示，當(dāng)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)后做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑恰好等于有界磁場(chǎng)的圓弧半徑時(shí)，一束速度相同的質(zhì)子束射入后能夠?qū)崿F(xiàn)擴(kuò)束，故C正確；D．由左手定則可知，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖所示，平行粒子束射入后不會(huì)實(shí)現(xiàn)擴(kuò)束，故D錯(cuò)誤故選C。11.如圖，電路中電源電動(dòng)勢(shì)8V、內(nèi)阻0.5Ω，電流表內(nèi)阻不計(jì)，R為定值電阻，M為電動(dòng)機(jī)，P、Q兩極板正對(duì)，間距為d。閉合開(kāi)關(guān)S、S1電流表示數(shù)為3.2A，電子從P板以速度v?垂直于極板射出，恰能到達(dá)兩極板中央。再將S2閉合，穩(wěn)定后電流表示數(shù)為4A。下列說(shuō)法正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)M的輸出功率為6WB.電動(dòng)機(jī)M的繞線電阻為6ΩC.定值電阻R消耗的功率減小18WD.再讓電子從P板以速度2v?垂直于極板射出，能到達(dá)Q板【答案】D【解析】【詳解】AB．閉合開(kāi)關(guān)S、S1時(shí)，電流表示數(shù)為，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得解得定值電阻的阻值為再將S2閉合，穩(wěn)定后電流表示數(shù)為，此時(shí)電動(dòng)機(jī)M和定值電阻并聯(lián)，兩者電壓相等，根據(jù)閉合電路歐姆定律，有解得兩者的電壓為通過(guò)定值電阻的電流為通過(guò)電動(dòng)機(jī)的電流為因電動(dòng)機(jī)為非純電阻電路，則電動(dòng)機(jī)的繞線電阻小于，電動(dòng)機(jī)的輸出功率小于，故AB錯(cuò)誤；C．閉合開(kāi)關(guān)S、S1時(shí)，定值電阻R消耗的功率為再將S2閉合，穩(wěn)定后定值電阻R消耗的功率為定值電阻R消耗的功率的變化為因此定值電阻R消耗的功率減小，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)電子從P板以速度2v?垂直于極板射出，運(yùn)動(dòng)的距離為，根據(jù)動(dòng)能定理可得聯(lián)立解得因此讓電子從P板以速度2v?垂直于極板射出，能到達(dá)Q板，故D正確。故選D。12.如圖甲所示是一圓柱形玻璃茶壺，茶壺中央有一圓柱形茶葉濾網(wǎng)，當(dāng)茶壺中盛有水時(shí)，觀測(cè)者從側(cè)邊看到濾網(wǎng)的水下部分比水上部分粗一些，其部分光路如圖乙所示。測(cè)得濾網(wǎng)水上部分直徑濾網(wǎng)的像直徑茶壺壁直徑，忽略茶壺壁和濾網(wǎng)的厚度，可得茶水的折射率為（）A.1.31 B.1.52 C.2.00 D.2.50【答案】A【解析】【詳解】根據(jù)折射率公式由幾何知識(shí)得，解得故選A。13.如圖所示在豎直y軸上固定兩個(gè)點(diǎn)電荷，電荷量為+Q的點(diǎn)電荷在2y0處、電荷量為4Q的點(diǎn)電荷在3y0處。將質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球從坐標(biāo)原點(diǎn)O靜止釋放，經(jīng)過(guò)A點(diǎn)后，能到達(dá)最低點(diǎn)B。以y0處為電勢(shì)能零點(diǎn)、2y0處為重力勢(shì)能零點(diǎn)，小球可視為點(diǎn)電荷。小球在此運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的重力勢(shì)能、機(jī)械能、動(dòng)能及電勢(shì)能隨y變化的圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】CD．初末速度為0，中間過(guò)程不為0，所以動(dòng)能先增加后減小。設(shè)正電荷Q的正上方x處電場(chǎng)強(qiáng)度為0，則解得即A點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為0，結(jié)合圖可知，A點(diǎn)上方場(chǎng)強(qiáng)方向向下，A點(diǎn)到正電荷場(chǎng)強(qiáng)方向向上。則小球從O點(diǎn)到B點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，電勢(shì)能先減小后增加，處為0。在B點(diǎn)，小球總能量為分析可知，在A、B點(diǎn)之間動(dòng)能最大，設(shè)為C點(diǎn)，則由于，則即電勢(shì)能最大值大于動(dòng)能最大值。故CD錯(cuò)誤；AB．電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，機(jī)械能先增加后減小。而重力一直做正功，重力勢(shì)能一直減小，最后不為0。故A錯(cuò)誤，B正確。故選B。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)符合題目要求的。全部選對(duì)的得3分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.下列說(shuō)法正確的是（）A.甲圖中動(dòng)圈式揚(yáng)聲器的工作原理是電流的磁效應(yīng)B.乙圖中荷葉上的露珠呈橢球形，說(shuō)明露珠不浸潤(rùn)荷葉C.丙圖中石英玻璃是由天然石英熔化后再凝固形成，它屬于多晶體D.丁圖中玻璃管的裂口在火焰上燒熔后，其尖端會(huì)變鈍，是液體表面張力作用的結(jié)果【答案】BD【解析】【詳解】A．動(dòng)圈式揚(yáng)聲器的工作原理是基于法拉第電磁感應(yīng)定律，故A錯(cuò)誤；B．荷葉上的露珠呈橢球形，說(shuō)明露珠不能浸潤(rùn)荷葉，故B正確；C．石英玻璃是由天然石英熔化后再凝固形成，它屬于非晶體，故C錯(cuò)誤；D．玻璃管的裂口放在火焰上燒熔，其尖端變鈍，這是由于液體表面張力的作用，故D正確。故選BD。15.如圖為某款條形碼掃描筆的工作原理圖，發(fā)光二極管發(fā)出的光頻率為。將掃描筆筆口打開(kāi)，在條形碼上勻速移動(dòng)，遇到黑色線條光幾乎全部被吸收；遇到白色線條光被大量反射到光電管中的金屬表面（截止頻率），產(chǎn)生光電流，如果光電流大于某個(gè)值，會(huì)使信號(hào)處理系統(tǒng)導(dǎo)通，將條形碼變成一個(gè)個(gè)脈沖電信號(hào)。下列說(shuō)法正確的是（）A.掃描筆在條形碼上移動(dòng)的速度會(huì)影響相鄰脈沖電信號(hào)的時(shí)間間隔B.頻率為的光照到光電管的金屬表面立即產(chǎn)生光電子C.若發(fā)光二極管發(fā)出頻率為的光，則一定無(wú)法識(shí)別條形碼D.若發(fā)光二極管發(fā)出頻率為的光，掃描筆緩慢移動(dòng)，也能正常識(shí)別條形碼【答案】B【解析】【詳解】A．鄰脈沖電信號(hào)的時(shí)間間隔與掃描筆在條形碼上移動(dòng)的速度無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．頻率為的光照到光電管發(fā)生光電效應(yīng)是瞬間的，即立刻產(chǎn)生光電子，故B正確；C．若發(fā)光二極管發(fā)出頻率為的光，可以產(chǎn)生光電流，可以正常識(shí)別條形碼，故C錯(cuò)誤；D．若發(fā)光二極管發(fā)出頻率為的光，無(wú)法產(chǎn)生光電流，即無(wú)法正常識(shí)別條形碼，故D錯(cuò)誤。故選B。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.（1）某實(shí)驗(yàn)小組用“自由落體法”驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，裝置中的重物應(yīng)選擇____________（選填“甲”、“乙”或“丙”）（2）關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是；A.根據(jù)公式計(jì)算某點(diǎn)的瞬時(shí)速度B.重物下落的起始位置應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器C.用手托穩(wěn)重物，接通電源后，撤手釋放重物（3）按照正確操作得到如圖2所示的紙帶，計(jì)數(shù)點(diǎn)O、A、B、C、D、E、F是打點(diǎn)計(jì)時(shí)器連續(xù)打下的七個(gè)點(diǎn)。已知重物的質(zhì)量為200g，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用交流電的頻率為50Hz。①在紙帶BE段，重物的重力勢(shì)能減少量____________J，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打下圖中B點(diǎn)時(shí)重物的速度大小是____________（結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）；②打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打B點(diǎn)和E點(diǎn)時(shí)重物的動(dòng)能增加量比較與的大小，出現(xiàn)這一結(jié)果的原因可能是____________。A.工作電壓偏高B.存在空氣阻力和摩擦力C.接通電源前已釋放了紙帶D.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的實(shí)際打點(diǎn)頻率小于50Hz【答案】（1）甲（2）B（3）①.0.157②.0.975③.D【解析】【小問(wèn)1詳解】進(jìn)行驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)時(shí)，為了減小空氣阻力的影響，應(yīng)選擇密度較大的重物進(jìn)行研究。當(dāng)重物的材質(zhì)一致時(shí)，選擇質(zhì)量較大的進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。故選甲?！拘?wèn)2詳解】A．在進(jìn)行驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)使用公式來(lái)進(jìn)行計(jì)算速度，故A錯(cuò)誤；B．實(shí)驗(yàn)時(shí)重物靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，盡可能的多打點(diǎn)。故B正確；C．應(yīng)該用手拉住紙帶末端，接通電源后，釋放紙帶，重物帶著紙帶豎直下落，若是用手托穩(wěn)重物，釋放時(shí)，紙帶是松軟的，與限位孔的摩擦較大，故C錯(cuò)誤。【小問(wèn)3詳解】[1]由圖可知，BE長(zhǎng)度為0.0800m，由重力做功公式可得可求得重物的重力勢(shì)能的減少量為0.157J[2]AB長(zhǎng)度為0.0170m,BC長(zhǎng)度為0.0220m，故B點(diǎn)速度可由以下公式求得[3]A．工作電壓偏高會(huì)導(dǎo)致打出的點(diǎn)為短線，不會(huì)導(dǎo)致動(dòng)能增加量大于重力勢(shì)能減少量。故A錯(cuò)誤；B．空氣阻力和摩擦力會(huì)導(dǎo)致重力勢(shì)能減少量大于動(dòng)能增加量。故B錯(cuò)誤；C．先釋放紙帶后接通電源會(huì)導(dǎo)致開(kāi)頭的點(diǎn)跡不均勻，增大誤差，不會(huì)導(dǎo)致動(dòng)能增加量大于重力勢(shì)能減少量，故C錯(cuò)誤；D．若打點(diǎn)頻率小于50Hz，說(shuō)明每?jī)蓚€(gè)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔大于0.02s，但計(jì)算時(shí)所用的時(shí)間仍是0.02s，會(huì)導(dǎo)致速度的測(cè)量值偏大，出現(xiàn)動(dòng)能增加量大于重力勢(shì)能減少量的情況。故D正確。故選D。17.（1）在“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，圖1中的a、b、c三個(gè)位置對(duì)應(yīng)的器材為；A.a是濾光片、b是單縫、c是雙縫B.a是單縫、b是雙縫、c是濾光片C.a是雙縫、b是單縫、c是濾光片（2）可以從測(cè)量頭內(nèi)看到的圖像是；A. B. C.（3）為減小誤差，該實(shí)驗(yàn)并未直接測(cè)量相鄰亮條紋間的距離，而是先測(cè)量n個(gè)條紋的間距再求出Δx。下列實(shí)驗(yàn)采用了類(lèi)似方法的有。A.“用單擺測(cè)量重力加速度的大小”的實(shí)驗(yàn)中單擺周期的測(cè)量B.“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中合力的測(cè)量C.“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中彈簧的形變量的測(cè)量D.“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中1滴油酸酒精溶液的體積測(cè)量【答案】（1）C（2）B（3）AD【解析】【小問(wèn)1詳解】圖1中的a、b、c三個(gè)位置對(duì)應(yīng)的器材分別為雙縫、單縫和濾光片.故選C?！拘?wèn)2詳解】開(kāi)始時(shí)干涉圖樣里面的亮條紋與分劃板豎線可能未對(duì)齊，即可以從測(cè)量頭內(nèi)看到的圖像是B，若要使兩者對(duì)齊，可調(diào)節(jié)測(cè)量頭，分劃板豎線隨之旋轉(zhuǎn)，可使分劃板豎線與亮條紋對(duì)其?！拘?wèn)3詳解】A．“用單擺測(cè)量重力加速度的大小”的實(shí)驗(yàn)中單擺周期的測(cè)量，采用的放大測(cè)量取平均值的方法，故A正確；B．“探究?jī)蓚€(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)中合力的測(cè)量，采用等效替代的方法，故B錯(cuò)誤；C．“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中彈簧形變量的測(cè)量，采用多次測(cè)量求平均值的方法，故C錯(cuò)誤；D．“用油膜法估測(cè)油酸分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中1滴油酸酒精溶液的體積測(cè)量，屬于放大測(cè)量取平均值，故D正確。故選AD。18.（1）某實(shí)驗(yàn)小組通過(guò)測(cè)量礦泉水的電阻率，來(lái)分析其內(nèi)礦物質(zhì)含量。用多用電表的歐姆檔直接測(cè)量礦泉水的電阻，進(jìn)而得到電阻率。多用電表測(cè)電阻時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是；A.測(cè)量時(shí)電流從“+”插孔流出電表，從“”插孔流回電表B.若不能估計(jì)被測(cè)電阻大小，可先用中等倍率試測(cè)C.選擇“×10”倍率測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)指針位于20和30正中間，則測(cè)量值小于25Ω（2）取截面積12.5cm2、厚度不計(jì)的兩銅板A、B，安裝在針筒內(nèi)兩端緊密貼合。銅板A在靠近針嘴處固定，導(dǎo)線從針嘴里引出，銅板B固定在活塞上可隨活塞一起運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)線從活塞上端引出（不影響活塞的密封性）。針筒最上方靠近針嘴處有一小孔P用于液體的加入和氣體排除。實(shí)驗(yàn)步驟如下：①按圖1電路圖連接好電路；②用另一針筒從小孔P處推入適量的該品牌礦泉水，使活塞靜置于90mL處；小剛同學(xué)發(fā)現(xiàn)測(cè)量水的電阻時(shí)，阻值會(huì)逐漸增加，猜測(cè)由水電解引起。查閱資料后，電源使用如圖2所示的交流電供電可抑制電解的影響，該交流電電壓的有效值為_(kāi)_____V；③將變阻箱打到1944Ω，輸入圖2所示的交變電流，閉合開(kāi)關(guān)，用數(shù)字多用表的交流電壓擋測(cè)得電壓為0.900V，此時(shí)針筒內(nèi)水的阻值是______Ω；④向左緩慢推動(dòng)活塞，處于50ml時(shí)，礦泉水恰好未漫出P小孔。繼續(xù)推動(dòng)活塞處于40mL、30mL，…，記錄相應(yīng)數(shù)據(jù)。該礦泉水的電阻率為_(kāi)_____Ω·m（此結(jié)果保留3位有效數(shù)字）?！敬鸢浮浚?）B（2）①.1.5②.1296③.22.5【解析】【小問(wèn)1詳解】A．根據(jù)“+進(jìn)出”規(guī)律，測(cè)量時(shí)電流從“+”插孔流回電表，從“”插孔流出電表，故A錯(cuò)誤；B．若不能估計(jì)被測(cè)電阻大小，可先用中等率試測(cè)，若指針偏轉(zhuǎn)較大，換小倍率，若指針偏轉(zhuǎn)較小，換用大倍率，故B正確；C．歐姆表刻線從左到右逐漸變稀疏，讀數(shù)等于刻線示數(shù)與倍率的乘積，可知，選擇“×10”倍率測(cè)量時(shí)發(fā)現(xiàn)指針位于20和30正中間，則刻線示數(shù)小于25，即測(cè)量值小于250Ω，故C錯(cuò)誤。故選B。【小問(wèn)2詳解】[1]圖中交流電的大小不變，始終為1.5V，方向發(fā)生變化，可知，該交流電的電壓的有效值為1.5V；[2]根據(jù)電路圖可知，通過(guò)電阻箱的電流與通過(guò)針筒內(nèi)水的電流近似相等，則有解得[3]根據(jù)電阻的決定式有其中，結(jié)合上述解得19.某款氣壓式升降椅，它通過(guò)活塞上下運(yùn)動(dòng)來(lái)控制椅子的升降，其核心部件模型工作原理簡(jiǎn)圖如圖所示。圓筒形導(dǎo)熱汽缸，開(kāi)口向上豎直放置在水平地面上，筒長(zhǎng)、內(nèi)部橫截面積。橫截面積的圓柱形活塞插在汽缸內(nèi)，在卡環(huán)（可使活塞向下運(yùn)動(dòng)而不能向上運(yùn)動(dòng)，且當(dāng)活塞運(yùn)動(dòng)時(shí)與活塞間無(wú)力）的作用下保持靜止。開(kāi)始時(shí)活塞有的長(zhǎng)度伸入汽缸，缸內(nèi)封閉氣體壓強(qiáng)。已知活塞與椅面的總質(zhì)量，大氣壓強(qiáng)，缸內(nèi)氣體視為理想氣體，裝置不漏氣，環(huán)境溫度保持不變，不計(jì)摩擦。（1）椅面緩慢下降，若活塞對(duì)氣體做功32J，則缸內(nèi)氣體____________（選填“吸熱”、“放熱”），其數(shù)值為_(kāi)___________；（2）某同學(xué)先虛坐在椅面上（與椅面間恰無(wú)作用力），然后逐漸減小腳對(duì)地面的壓力，使活塞緩慢下降后腳剛好完全離開(kāi)地面，并保持穩(wěn)定。求穩(wěn)定后氣體壓強(qiáng)和該同學(xué)的質(zhì)量M?！敬鸢浮浚?）①.放熱②.（2），【解析】【小問(wèn)1詳解】[1][2]椅面緩慢下降，若活塞對(duì)氣體做功32J，由于環(huán)境溫度保持不變，可知?dú)怏w溫度不變，氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得可得可知缸內(nèi)氣體放熱，其數(shù)值為?！拘?wèn)2詳解】以密封氣體為對(duì)象，初態(tài)有，使活塞緩慢下降后腳剛好完全離開(kāi)地面，并保持穩(wěn)定，則穩(wěn)定后氣體體積為根據(jù)玻意耳定律可得解得穩(wěn)定后氣體壓強(qiáng)為根據(jù)受力平衡可得解得該同學(xué)的質(zhì)量為20.如圖所示，某固定裝置由長(zhǎng)度的水平傳送帶，圓心角、半徑的兩圓弧管道BC、CD組成，軌道間平滑連接。在軌道末端D的右側(cè)光滑水平面上緊靠著輕質(zhì)小車(chē)，其上表面與軌道末端D所在的水平面平齊，右端放置質(zhì)量的物塊b。質(zhì)量的物塊a從傳送帶左端A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過(guò)BCD滑出圓弧管道。已知傳送帶以速度順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，物塊a與傳送帶及小車(chē)的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，物塊b與小車(chē)的動(dòng)摩擦因數(shù)，其它軌道均光滑，物塊均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力。（1）求物塊a和傳送帶之間因摩擦產(chǎn)生的熱量Q；（2）求物塊a到達(dá)D點(diǎn)時(shí)對(duì)管道的作用力FN；（3）要使物塊a恰好不與物塊b發(fā)生碰撞，求小車(chē)長(zhǎng)度的最小值d。【答案】（1）30J；（2）6N，方向豎直向上；（3）2m【解析】【詳解】（1）對(duì)小物塊分析有設(shè)小物塊一直加速到傳送到右端點(diǎn)時(shí)，其速度為，有解得所以在小物塊a到達(dá)傳送帶右側(cè)時(shí)并沒(méi)有加速到與傳送帶共速，設(shè)該過(guò)程時(shí)間為t，有該時(shí)間傳送帶的位移為，有物塊a相對(duì)傳送帶的位移為摩擦產(chǎn)生的熱量為（2）由題意可知圓弧軌道光滑，所以從B到D，由動(dòng)能定理有在D點(diǎn)有解得由牛頓第三定律可知，物塊a對(duì)管道的作用力等于管道對(duì)物塊a的支持力，所以物塊a到達(dá)D點(diǎn)時(shí)對(duì)管道的作用力為6N，方向豎直向上。（3）當(dāng)物塊滑上小車(chē)后，由于所以小車(chē)與物塊a保持相對(duì)靜止，而物塊b相對(duì)于小車(chē)發(fā)生滑動(dòng)，當(dāng)兩者速度相同時(shí)，為物塊a與物塊b相碰的臨界狀態(tài)，其運(yùn)動(dòng)示意圖如圖所示該過(guò)程由動(dòng)量守恒有能量守恒方面有解得21.如圖甲所示，在光滑絕緣水平面內(nèi)建立xOy直角坐標(biāo)系，在區(qū)域I內(nèi)分布著垂直該平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)（右邊界EF的橫坐標(biāo)在間某處），其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時(shí)間變化如圖乙所示；在區(qū)域Ⅱ內(nèi)分布著垂直該平面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。該平面內(nèi)有邊長(zhǎng)為2a、電阻為R、質(zhì)量為m的正三角形金屬框，其MN邊與y軸重合，N點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)O重合。（1）若金屬框不動(dòng)，在的時(shí)間內(nèi)判斷框內(nèi)電流方向，并求出MN邊上產(chǎn)生的焦耳熱Q；（2）若在時(shí)，沿x軸正方向給金屬框一初速度，使其沿x軸運(yùn)動(dòng)。時(shí)頂點(diǎn)P剛好運(yùn)動(dòng)到邊界EF處；當(dāng)頂點(diǎn)P運(yùn)動(dòng)到和處時(shí)的速度分別為（未知）和；框頂點(diǎn)P到達(dá)處后，繼續(xù)向前運(yùn)動(dòng)直到停止（此時(shí)MN邊尚未進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ）。運(yùn)動(dòng)中MN邊始終與y軸平行。①比較與大??；②求金屬框停止時(shí)頂點(diǎn)P的橫坐標(biāo)；③若將金屬框以初速度大小為、方