內(nèi)蒙古通遼市開(kāi)魯縣一中2025屆高三物理上學(xué)期第二次階段性考試試題含解析

PAGE19-內(nèi)蒙古通遼市開(kāi)魯縣一中2025屆高三物理上學(xué)期其次次階段性考試試題（含解析）說(shuō)明：1.本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）滿分110分，考試時(shí)間90分鐘。2.將第I卷的答案代表字母涂在答題卡。第Ⅰ卷（選擇題部分）一、選擇題（共13小題，每小題4分，共52分。每小題有一個(gè)或多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選不全的得2分，錯(cuò)選或不選得0分。1-8單選，9-13多選）1.“物理”二字最早出現(xiàn)在我國(guó)的晉朝，泛指事物之理，源于《莊子?天下》中的“判天地之美，析萬(wàn)物之理”關(guān)于物理思想與方法，下列敘述正確的是（）A.重心、合力的概念都體現(xiàn)了假設(shè)法B.用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法運(yùn)用了等效思想C.在試驗(yàn)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，運(yùn)用了比值法D.卡文迪許在利用扭秤試驗(yàn)裝置測(cè)量萬(wàn)有引力常量時(shí)，應(yīng)用了“放大法”【答案】D【解析】【詳解】A．重心、合力的概念采納了等效替代的思想，故A錯(cuò)誤；B．用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法采納了志向模型法，故B錯(cuò)誤；C．在試驗(yàn)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系時(shí)采納了限制變量法，故C錯(cuò)誤；D．卡文迪許在利用扭秤試驗(yàn)裝置測(cè)量萬(wàn)有引力常量時(shí)，應(yīng)用了“放大法”，故D正確。故選D。2.一物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，從某位置起先通過(guò)傳感器收集位移和速度等數(shù)據(jù)信息，然后輸入計(jì)算機(jī)自動(dòng)生成了物體運(yùn)動(dòng)的x-v圖象，如圖所示.以下說(shuō)法正確的是（）A.物體運(yùn)動(dòng)的初速度為1m/sB.物體運(yùn)動(dòng)的加速度為2m/s2C.物體速度由2m/s增加到4m/s的過(guò)程中，物體的位移大小為1mD.物體速度由2m/s增加到4m/s的過(guò)程中，物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為2s【答案】B【解析】【詳解】物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則有，有圖可知當(dāng)v=0時(shí)，x=-1m，代入上式得：；當(dāng)x=0時(shí)，代入上式得：解得：故A錯(cuò)誤；B正確；物體速度由增加到的過(guò)程中，物體的位移大小為，故C錯(cuò)誤；物體速度由增加到的過(guò)程中，物體的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，故D錯(cuò)誤；故選B3.一物體在拉力F作用下，以加速度在水平面上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，力F的水平重量為，如圖所示，若以和大小、方向都相同的力F'代替F拉物體，使物體產(chǎn)生加速度，那么（）A.當(dāng)水平面光滑時(shí)，<B.當(dāng)水平面光滑時(shí)，=C.當(dāng)水平面粗糙時(shí)，<D.當(dāng)水平面粗糙時(shí)，=【答案】BC【解析】【詳解】設(shè)拉力F與水平方向所成角度為，當(dāng)水平面光滑時(shí)，物體受到拉力、重力和支持力，依據(jù)牛頓其次定律，有：，，則，故A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)水平面粗糙時(shí)，物體受到拉力、重力、支持力和摩擦力，依據(jù)牛頓其次定律，有：，，則，故C正確，D錯(cuò)誤．4.依據(jù)我國(guó)整個(gè)月球探測(cè)活動(dòng)的安排，在第一步“繞月”工程圓滿完成各項(xiàng)目標(biāo)和科學(xué)探測(cè)任務(wù)后，其次步是“落月”工程，已在2013年以前完成。假設(shè)月球半徑為R，月球表面的重力加速度為g0，飛船沿距月球表面高度為3R的圓形軌道I運(yùn)動(dòng)，到達(dá)軌道的A點(diǎn)時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道II，到達(dá)軌道的近月點(diǎn)B時(shí)再次點(diǎn)火進(jìn)入月球近月軌道III繞月球做圓周運(yùn)動(dòng)。下列推斷正確的是（）A.飛船通過(guò)軌道I上A點(diǎn)加速度小于軌道Ⅱ上A點(diǎn)加速度B.飛船在A點(diǎn)處點(diǎn)火變軌時(shí)，應(yīng)向前噴氣加速C.飛船在軌道Ⅱ上從A到B運(yùn)行的過(guò)程中機(jī)械能變大D.飛船在軌道III繞月球運(yùn)動(dòng)一周所需的時(shí)間T＝2π【答案】D【解析】【詳解】A．由牛頓其次定律由上式可知，飛船在兩次經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)所受的萬(wàn)有引力F相同，所以飛船通過(guò)軌道I上A點(diǎn)加速度等于軌道Ⅱ上A點(diǎn)加速度，A錯(cuò)誤；B．飛船A點(diǎn)處點(diǎn)火變軌時(shí)，應(yīng)向前噴氣減速，做向心運(yùn)動(dòng)，才能從圓軌道進(jìn)入橢圓軌道，B錯(cuò)誤；C．飛船在軌道Ⅱ上從A到B運(yùn)行的過(guò)程中，萬(wàn)有引力做功，不變更機(jī)械能，機(jī)械能不變，C錯(cuò)誤；D．由牛頓其次定律得解得，飛船在軌道III繞月球運(yùn)動(dòng)一周所需的時(shí)間T＝2πD正確。故選D。5.如圖3所示，在一個(gè)粗糙水平面上，彼此靠近地放置兩個(gè)帶同種電荷小物塊．由靜止釋放后，兩個(gè)物塊向相反方向運(yùn)動(dòng)，并最終停止．在物塊的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，下列表述正確的是A.兩個(gè)物塊的電勢(shì)能漸漸削減B.物塊受到的庫(kù)侖力不做功C.兩個(gè)物塊的機(jī)械能守恒D.物塊受到的摩擦力始終小于其受到的庫(kù)侖力【答案】A【解析】【詳解】A．由靜止釋放后，兩個(gè)物塊向相反方向運(yùn)動(dòng)，兩物塊之間的庫(kù)侖力做正功，電勢(shì)能減小．故A正確．B．兩物塊之間存在庫(kù)侖斥力，對(duì)物塊做正功．故B錯(cuò)誤．C．起先階段，庫(kù)侖力大于物塊的摩擦力，物塊做加速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能增大；當(dāng)庫(kù)侖力小于摩擦力后，物塊做減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能減小，重力勢(shì)能不變，則兩個(gè)物塊的機(jī)械能先增大，后減小，不守恒．故C錯(cuò)誤；D．起先階段，庫(kù)侖力大于物塊的摩擦力，物體做加速運(yùn)動(dòng)；而后當(dāng)庫(kù)侖力小于摩擦力后，物塊做減速運(yùn)動(dòng)．故D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】本題首先考查分析物塊受力狀況和運(yùn)動(dòng)狀況的實(shí)力，要抓住庫(kù)侖力隨距離增大而減小的特點(diǎn)．6.如圖所示，兩個(gè)完全相同的小球A、B，在同一高度處以相同大小的初速度v0分別水平拋出和豎直向上拋出，不計(jì)空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是（）A.兩小球落地時(shí)的速度相同B.兩小球落地時(shí)，重力的瞬時(shí)功率相同C.從起先運(yùn)動(dòng)至落地，兩小球機(jī)械能變更相同D.從起先運(yùn)動(dòng)至落地，兩小球動(dòng)量的變更相同【答案】C【解析】【詳解】AD．兩個(gè)小球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中都是只有重力做功，機(jī)械能守恒，從起先運(yùn)動(dòng)至落地，兩小球機(jī)械能的變更相同，所以依據(jù)機(jī)械能守恒可以知兩物體落地時(shí)速度大小相等，但是由于速度是矢量，速度方向不同，所以速度不同，故A錯(cuò)誤，C正確；B．到達(dá)底端時(shí)兩物體的速率相同，重力也相同，但A物體重力與速度有夾角，B物體重力與速度方向相同，所以落地前的瞬間B物體重力的瞬時(shí)功率大于A物體重力的瞬時(shí)功率，故B錯(cuò)誤；D．依據(jù)動(dòng)量定理，小球動(dòng)量的變更量對(duì)A、B小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間，可得故從起先運(yùn)動(dòng)至落地，兩小球動(dòng)量的變更量有故D錯(cuò)誤。故選C。7.靜止在地面上的一小物體，在豎直向上的拉力作用下起先運(yùn)動(dòng)，在向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，物體的機(jī)械能與位移的關(guān)系圖象如圖所示，其中0～s1過(guò)程的圖線是曲線，s1～s2過(guò)程的圖線為平行于橫軸的直線．關(guān)于物體上升過(guò)程（不計(jì)空氣阻力）的下列說(shuō)法正確的（）A.0～s1過(guò)程中物體所受的拉力是變力，且不斷減小B.s1～s2過(guò)程中物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)C.0～s2過(guò)程中物體的動(dòng)能先增大后減小D.0～s2過(guò)程中物體的加速度先減小再反向增大，最終保持不變且等于重力加速度【答案】ACD【解析】【詳解】A．以地面為零勢(shì)能位置，則在某一位置時(shí)的機(jī)械能E=Fs,0～s1過(guò)程中，某點(diǎn)的切線的斜率表示此時(shí)的拉力，由圖可知，物體所受的拉力是變力，且不斷減小，A對(duì)；BCD．s1～s2過(guò)程的圖線為平行于橫軸的直線，機(jī)械能守恒，說(shuō)明此過(guò)程中，拉力為零．綜合考慮得出，在上升過(guò)程先是拉力大于重力，接著是拉力小于重力，最終是拉力等于零，物體只受重力作用，故B錯(cuò)，CD正確。故選ACD。8.如圖所示,水平面上O點(diǎn)的左側(cè)光滑,O點(diǎn)的右側(cè)粗糙．有8個(gè)質(zhì)量均為m的完全相同的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn)),用輕質(zhì)的細(xì)桿相連,相鄰小滑塊間的距離為L(zhǎng),滑塊1恰好位于O點(diǎn)左側(cè),滑塊2、3……依次沿直線水平向左排開(kāi)．現(xiàn)將水平恒力F作用于滑塊1上．經(jīng)視察發(fā)覺(jué),在第3個(gè)小滑塊完全進(jìn)入粗糙地帶后到第4個(gè)小滑塊進(jìn)入粗糙地帶前這一過(guò)程中,小滑塊做勻速直線運(yùn)動(dòng),已知重力加速度為g,則下列推斷中正確的是()．A.粗糙地帶與滑塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為B.滑塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí),各段輕桿上的彈力大小相等C.第2個(gè)小滑塊完全進(jìn)入粗糙地帶到第3個(gè)小滑塊進(jìn)入粗糙地帶前這一過(guò)程中,8個(gè)小滑塊的加速度大小為D.第1個(gè)小滑塊完全進(jìn)入粗糙地帶到第2個(gè)小滑塊進(jìn)入粗糙地帶前這一過(guò)程中,5和6兩個(gè)小滑塊之間的輕桿上的彈力大小為【答案】D【解析】【詳解】A.將勻速運(yùn)動(dòng)的8個(gè)小滑塊作為一個(gè)整體，有，解得，故A項(xiàng)錯(cuò)誤；B.當(dāng)滑塊勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，處在光滑地帶上的滑塊間的輕桿上的彈力都為零，處在粗糙地帶上的滑塊間的輕桿上的彈力不為零，且各不相同，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；C.對(duì)8個(gè)滑塊，有，代入，解得，故C項(xiàng)錯(cuò)誤；D.對(duì)8個(gè)滑塊，有，解得再以6、7、8三個(gè)小滑塊作為整體，由牛頓其次定律有，故D項(xiàng)正確;9.如圖所示，電場(chǎng)中有A、B兩點(diǎn)，則下列說(shuō)法中正確的是A.電勢(shì)φA＞φB，場(chǎng)強(qiáng)EA＞EBB.電勢(shì)φA＞φB，場(chǎng)強(qiáng)EA＜EBC.將+q電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)電場(chǎng)力做了正功D.將-q電荷分別放在A、B兩點(diǎn)時(shí)具有的電勢(shì)能EPA＞EPB【答案】BC【解析】【詳解】AB．電場(chǎng)線越密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度越大，所以場(chǎng)強(qiáng)EA＜EB，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，所以電勢(shì)φA＞φB．故A錯(cuò)誤，B正確．

C．將+q電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到B點(diǎn)所受電場(chǎng)力和電場(chǎng)線方向相同，電場(chǎng)力做正功．故C正確．

D．將-q電荷分別放在A、B兩點(diǎn)，所受電場(chǎng)力和電場(chǎng)線方向相反，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，所以EPA＜EPB．故D錯(cuò)誤．10.如圖所示，一只內(nèi)壁光滑的半球形碗固定在小車上，小車置于光滑水平面上，在小車正前面碗邊緣處無(wú)初速地釋放一質(zhì)量為的小球，則小球沿碗內(nèi)壁下滑過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是（）A.小球、碗和車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B.小球、碗和車組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒C.小球的最大速度為D.小球的最大速度小于【答案】AD【解析】【分析】小球下滑過(guò)程中，只有重力做功，小球、碗和車組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒；系統(tǒng)水平方向不受外力，水平方向的動(dòng)量守恒，依據(jù)兩大守恒列式可以推斷最大速度；【詳解】A．由于沒(méi)有摩擦，對(duì)于小球，碗和車組成的系統(tǒng)，只有重力對(duì)小球做功，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A正確；B、設(shè)小球滑到最低點(diǎn)時(shí)速度為，假設(shè)小車不動(dòng)，則由機(jī)械能守恒：，由于小球下滑過(guò)程該系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，因此該過(guò)程小車有向右的速度，小球下滑過(guò)程系統(tǒng)的重力勢(shì)能減小等于小球、碗和小車三者動(dòng)能的增加，因此小球的最大速度小于，故BC錯(cuò)誤，AD正確．【點(diǎn)睛】解答本題關(guān)鍵要把握好動(dòng)量守恒與機(jī)械能守恒的條件，依據(jù)兩大守恒定律進(jìn)行分析，要留意探討的對(duì)象．11.兩質(zhì)量相同小球A、B同向運(yùn)動(dòng)，已知pA=6kg·m/s，pB=4kg·m/s，某時(shí)刻兩小球發(fā)生碰撞，碰后A、B球的動(dòng)量pA′、pB′可能為（）A.pA′=5kg·m/s，pB′=5kg·m/sB.pA′=8kg·m/s，pB′=3kg·m/sC.pA′=2kg·m/s，pB′=8kg·m/sD.pA′=4kg·m/s，pB′=6kg·m/s【答案】AD【解析】【詳解】以兩球組成的系統(tǒng)為探討對(duì)象，取甲球碰撞前的速度方向?yàn)檎较?，兩球的質(zhì)量均為m，碰撞前系統(tǒng)的總動(dòng)能系統(tǒng)的總動(dòng)量A．若碰撞后甲、乙兩球動(dòng)量為pA′＝5kg·m/s，pB′＝5kg·m/s，則系統(tǒng)上的總動(dòng)量動(dòng)量守恒，總動(dòng)能總動(dòng)能不增加，符合實(shí)際狀況，故A正確；B．若碰撞后甲、乙兩球動(dòng)量為pA′＝8kg·m/s，pB′＝3kg·m/s，系統(tǒng)上的總動(dòng)量動(dòng)量不守恒，不符合實(shí)際狀況，故B錯(cuò)誤；C．若碰撞后甲、乙兩球動(dòng)量為pA′＝2kg·m/s，pB′＝8kg·m/s，系統(tǒng)上的總動(dòng)量動(dòng)量守恒，總動(dòng)能總動(dòng)能增加，不符合實(shí)際狀況，故C錯(cuò)誤；D．若碰撞后甲、乙兩球動(dòng)量為pA′＝4kg·m/s，pB′＝6kg·m/s，系統(tǒng)上的總動(dòng)量動(dòng)量守恒，總動(dòng)能總動(dòng)能不增加，符合實(shí)際狀況，故D正確。故選AD。12.如圖所示的勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)為1×103N/C，ab=dc=4cm，bc=ad=3cm．則下述計(jì)算結(jié)果正確的是（）A.ab之間的電勢(shì)差為40VB.ac之間的電勢(shì)差為50VC.將q=-5×10-3C的點(diǎn)電荷沿矩形路徑abcdD.將q=-5×10-3C的點(diǎn)電荷沿abc或adc從a移動(dòng)到c，電場(chǎng)力做功都是【答案】AC【解析】【詳解】A．a(chǎn)b之間的電勢(shì)差Uab=E?ab=103×0.04V=40V．故A正確；B．由圖看出，b．c在同一等勢(shì)面上，電勢(shì)相等，則ac之間的電勢(shì)差等于ab之間的電勢(shì)差，為40V．故B錯(cuò)誤；C．將q=-5×10-3C的點(diǎn)電荷沿矩形路徑abcd移動(dòng)一周，電場(chǎng)力不做功．故CD．將q=-5×10-3C的點(diǎn)電荷沿abc或adc從a移動(dòng)到c，電場(chǎng)力做功相等，電場(chǎng)力做功為W=qU=-5×10-3C×40V=-0.2J．故故選AC。13.如圖甲所示，物塊A、B間拴接一個(gè)壓縮后被鎖定的輕彈簧，整個(gè)系統(tǒng)靜止放在光滑水平地面上，其中A物塊最初與左側(cè)固定的擋板相接觸，B物塊的質(zhì)量為4kg。現(xiàn)解除對(duì)彈簧的鎖定，在A離開(kāi)擋板后，B物塊的圖象如圖乙所示，則可知（）A.物塊A的質(zhì)量為2kgB.運(yùn)動(dòng)過(guò)程中物塊A的最大速度為vm=4m/sC.在物塊A離開(kāi)擋板后彈簧的最大彈性勢(shì)能為6JD.在物塊A離開(kāi)擋板前，系統(tǒng)動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒【答案】ABC【解析】【詳解】AB．由圖知，A離開(kāi)擋板瞬間B的速度為，B的速度最小值為，B的速度最小時(shí)，彈簧第一次復(fù)原原長(zhǎng)，的最大速度，取向右為正方向，依據(jù)系統(tǒng)動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得解得選項(xiàng)AB正確；C．分析從A離開(kāi)擋板后A、B的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，彈簧伸長(zhǎng)到最長(zhǎng)時(shí)，彈性勢(shì)能最大，此時(shí)A、B的共同速度為，依據(jù)動(dòng)量守恒解得依據(jù)機(jī)械能守恒定律解得選項(xiàng)C正確。D．在A離開(kāi)擋板前，由于擋板對(duì)A有作用力，A、B系統(tǒng)所受合外力不為零，所以系統(tǒng)動(dòng)量不守恒；D錯(cuò)誤；故選ABC。第II卷（非選擇題部分）二、試驗(yàn)題（每空2分共16分）14.某同學(xué)在做“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的試驗(yàn)中，試驗(yàn)室具備的試驗(yàn)器材有：斜槽軌道，兩個(gè)小鋼球A、B，刻度尺，白紙，圓規(guī)，重垂線一條。試驗(yàn)裝置及試驗(yàn)中小球運(yùn)動(dòng)軌跡及落點(diǎn)平均位置如圖2所示。(1)對(duì)于試驗(yàn)中留意事項(xiàng)、測(cè)量器材和需測(cè)量物理量，下列說(shuō)法中正確的是______。A．試驗(yàn)前軌道的調(diào)整應(yīng)留意使槽的末端的切線水平B．試驗(yàn)中要保證每次A球從同一高處由靜止釋放C．試驗(yàn)中還缺少的試驗(yàn)器材有復(fù)寫(xiě)紙和秒表D．試驗(yàn)中需測(cè)量的物理量只有線段OE、OF和OJ的長(zhǎng)度(2)為減小試驗(yàn)誤差所選用的兩小球質(zhì)量關(guān)系應(yīng)為mA____mB（選填“小于”、“大于”或“等于”）；E、F、J是試驗(yàn)中小球落點(diǎn)的平均位置，請(qǐng)你依據(jù)該同學(xué)試驗(yàn)中所選小球和試驗(yàn)的記錄紙推斷，A球沒(méi)有碰撞B球時(shí)的落點(diǎn)是____點(diǎn)（在E、F、J三個(gè)落點(diǎn)中選填），A球與B球碰撞后A球的落點(diǎn)是____點(diǎn)（在E、F、J三個(gè)落點(diǎn)中選填）。(3)請(qǐng)用圖2中的字母寫(xiě)出該同學(xué)推斷動(dòng)量守恒的表達(dá)式是___________________。若滿意______則說(shuō)明碰撞前后動(dòng)能也相等。【答案】(1).AB(2).大于(3).F(4).E(5).(6).【解析】【詳解】(1)[1]A．因?yàn)槌跛俣妊厮椒较?，所以必需保證槽的末端的切線是水平的，故A正確；B．因?yàn)樵囼?yàn)要重復(fù)進(jìn)行多次以確定同一個(gè)彈性碰撞后兩小球的落點(diǎn)的準(zhǔn)確位置，所以每次碰撞前入射球A的速度必需相同，則要保證每次A球從同一高處由靜止釋放，故B正確；C．要測(cè)量A球的質(zhì)量和B球的質(zhì)量，故須要天平；在地板上合適的位置鋪上白紙并在相應(yīng)的位置鋪上復(fù)寫(xiě)紙，用重垂線把斜槽末端即被碰小球的重心投影到白紙上O點(diǎn)，故須要復(fù)寫(xiě)紙，不須要秒表，故C錯(cuò)誤；D．由可知試驗(yàn)中需測(cè)量的物理量是A球的質(zhì)量和B球的質(zhì)量，線段OF、OE和OJ的長(zhǎng)度，故D錯(cuò)誤。故選AB。(2)[2]為減小試驗(yàn)誤差，碰撞后球A不能反彈，所選用的兩小球質(zhì)量關(guān)系應(yīng)為。[3]A球沒(méi)有碰撞B球時(shí)的落點(diǎn)是F點(diǎn)。[4]A球與B球碰撞后A球的落點(diǎn)是E點(diǎn)。(3)[5]要驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，即驗(yàn)證小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，上式兩邊同時(shí)乘以得即[6]若碰撞前后動(dòng)能相等，則有解得15.“測(cè)定滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)”的試驗(yàn)裝置如圖甲所示，試驗(yàn)器材有：右端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板、帶有遮光條的滑塊、光電門(mén)（包含數(shù)字計(jì)時(shí)器）、拉力傳感器、托盤(pán)、砝碼及細(xì)線、游標(biāo)卡尺等。試驗(yàn)時(shí)，讓滑塊從A處由靜止起先運(yùn)動(dòng)，測(cè)得拉力傳感器的示數(shù)F，遮光條擋光的時(shí)間Δt，滑塊（包括遮光條和拉力傳感器）的總質(zhì)量為M，滑塊上的遮光條從A到光電門(mén)的距離為s，遮光條的寬度為d，重力加速度為g。(1)為了減小試驗(yàn)誤差，下列試驗(yàn)要求正確的是________。A．將帶有定滑輪的長(zhǎng)木板調(diào)至水平B．調(diào)整定滑輪，使?fàn)恳瑝K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板平行C．托盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量（設(shè)為m）必需遠(yuǎn)小于MD．A與光電門(mén)之間的距離應(yīng)適當(dāng)大些(2)用題中已知的物理量符號(hào)表示，滑塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)表達(dá)式為μ=____________?！敬鸢浮?1).ABD(2).【解析】【詳解】(1)[1]A．將帶有定滑輪的長(zhǎng)木板調(diào)至水平,使滑塊對(duì)木板的壓力等于重力，A正確；B．調(diào)整定滑輪，使?fàn)恳瑝K的細(xì)繩與長(zhǎng)木板平行，使滑塊對(duì)木板的壓力等于重力，B正確；C．拉力傳感器可以干脆測(cè)量繩的拉力，不須要用托盤(pán)和砝碼的總重力代替繩的拉力，沒(méi)有必要托盤(pán)和砝碼的總質(zhì)量（設(shè)為m）必需遠(yuǎn)小于M，C錯(cuò)誤；D．A與光電門(mén)之間的距離應(yīng)適當(dāng)大些，可以減小運(yùn)動(dòng)時(shí)間的測(cè)量誤差，D正確。故選ABD。(2)[2]由牛頓其次定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得解得三、計(jì)算題（共3小題，共42分。要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最終答案的，不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必需明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。）16.如圖所示，空間有E＝100V/m豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，長(zhǎng)L＝0.4m不行伸長(zhǎng)的輕繩固定于O點(diǎn)。另一端系一質(zhì)量m＝0.5kg，電量q＝0.05C的帶正電小球。拉起小球至繩水平后在A點(diǎn)無(wú)初速度釋放，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)的正下方B點(diǎn)時(shí)繩恰好斷裂，小球接著運(yùn)動(dòng)，最終落至地面上C點(diǎn)，B點(diǎn)離地的高度hB＝0.1m，g＝10m/s2。求：(1)繩子張力的最大值；(2)落地點(diǎn)C到B點(diǎn)的水平距離?！敬鸢浮?1)30N；(2)0.4m?！窘馕觥俊驹斀狻?1)當(dāng)帶電小球擺至B點(diǎn)時(shí)，繩子達(dá)到最大張力，設(shè)為T(mén)，小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度為vB，小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，由動(dòng)能定理可得：mgl-Eql=mvB2小球在B點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓其次定律可得聯(lián)立解得T=30N(2)小球離開(kāi)B點(diǎn)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，下落加速度m/s2設(shè)落地點(diǎn)C到B點(diǎn)的水平距離為x，則=0.4m17.如圖所示，以A、B為端點(diǎn)的光滑圓弧軌道固定于豎直平面，一長(zhǎng)滑板靜止在光滑水平地面上，左端緊靠B點(diǎn)，上表面所在平面與圓弧軌道相切于B點(diǎn)。一物塊從A點(diǎn)由靜止起先沿軌道滑下，經(jīng)B滑上滑板且最終滑塊與木板一起向右運(yùn)動(dòng)并保持相對(duì)靜止。已知物塊可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量為m，滑板質(zhì)量M=2m，圓弧軌道半徑為R，物塊與滑板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度為g?；迮c端的碰撞沒(méi)有機(jī)械能損失。求：(1)物塊滑到點(diǎn)的速度大??；(2)滑板與木板一起運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小；(3)若離滑板右端足夠遠(yuǎn)處有一豎直固定的擋板，且木板與擋板碰撞沒(méi)有能量損失，要使物塊始終不從滑板右邊掉下，求滑板長(zhǎng)度最小值L?！敬鸢浮?1)；(2)；(3)?！窘馕觥俊驹斀狻?1)物塊由到過(guò)程中機(jī)械能守恒，有解得(2)從物塊滑上滑板到兩者相對(duì)靜止一起運(yùn)動(dòng)，依據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得(3)由于滑板與擋板的碰撞沒(méi)有機(jī)械能損失，所以滑板與擋板碰撞后速度v1大小不變，方向向左。此后滑板作勻減速運(yùn)動(dòng)，物塊先向右減速，再向左加速運(yùn)動(dòng)直至再次達(dá)到共同速度。設(shè)兩者其次次具有共同速度為v2，取向左為正，有Mv1－mv1=（M+m）v2依據(jù)能量守恒,第一次二者達(dá)到共速有其次次二者達(dá)到共速有木板的最小長(zhǎng)度L=s1+s2代入數(shù)據(jù)解得18.下列說(shuō)法中正確的是____________A.肯定質(zhì)量的志向氣體體積增大時(shí)，其內(nèi)能肯定