吉林省長春市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題（含答案）

吉林省長春2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、選擇題（本題共12小題，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分；第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題4分，全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）1．下列說法正確的是（??）A．磁場中某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與放入磁場中的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向相同B．電場線和磁感線都是客觀存在的閉合曲線C．一運(yùn)動(dòng)電荷在某處不受磁場力的作用，則該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零D．穿過線圈的磁通量為零時(shí)，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零2．如圖所示，豎直向下的勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，邊長為L的正方形線框abcd繞ab邊從水平位置Ⅰ順時(shí)針轉(zhuǎn)至豎直位置Ⅱ，再轉(zhuǎn)過30°至位置Ⅲ，則下列說法中正確的是（）A．在位置Ⅱ線框磁通量最大B．從位置Ⅰ轉(zhuǎn)至位置Ⅲ，線框磁通量不斷減小C．從位置Ⅱ轉(zhuǎn)至位置Ⅲ，線框磁通量增大了1D．在位置Ⅲ，線框磁通量大小為33．理發(fā)用的電吹風(fēng)有電熱絲和電風(fēng)扇，電熱絲給空氣加熱，電風(fēng)扇產(chǎn)生熱風(fēng)將頭發(fā)吹干．電熱絲與電風(fēng)扇串聯(lián)，設(shè)電風(fēng)扇電機(jī)線圈電阻為R1，電熱絲電阻為R2，將電吹風(fēng)接在電壓為U的電源上，工作電流為I，消耗電功率為P，則有（）A．P=I2（R1＋R2） B．P=U2/(R1＋R2)C．P=IU D．I=U/（R1＋R2）4．如圖所示，在勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B1＝2B2，當(dāng)不計(jì)重力的帶電粒子從B1磁場區(qū)域運(yùn)動(dòng)到B2磁場區(qū)域時(shí)，粒子的（）A．速率將加倍 B．軌跡半徑加倍C．周期將不變 D．做圓周運(yùn)動(dòng)的角速度將加倍5．如圖所示，在空間中存在一方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2T的勻強(qiáng)磁場。為使水平放置的導(dǎo)體棒能夠靠在墻面上保持靜止，現(xiàn)給導(dǎo)體棒通入電流。已知導(dǎo)體棒的質(zhì)量為0.2kg、長度為1m，導(dǎo)體棒與豎直墻壁的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，取重力加速度g=10m/s2，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。所通入的電流大小和方向可能為（）A．2A，垂直于紙面向里 B．3A，垂直于紙面向里C．2A，垂直于紙面向外 D．3A，垂直于紙面向外6．如圖所示，圓形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向內(nèi)的勻強(qiáng)磁場，三個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子a、b、c，以不同的速率對(duì)準(zhǔn)圓心O沿著AO方向射入磁場，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖．若帶電粒子只受磁場力的作用，則下列說法錯(cuò)誤的是（）A．三個(gè)粒子都帶正電荷 B．c粒子速率最小C．c粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短 D．它們做圓周運(yùn)動(dòng)的周期Ta=Tb=Tc7．a(chǎn)、b、c是豎直平面內(nèi)等腰直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn)，bc邊水平，d是bc中垂線上的一點(diǎn)且在a點(diǎn)下方，且ab=ac=L，在b、c、d三點(diǎn)分別固定三根垂直于三角形abc所在平面的通電直導(dǎo)線，b、c處導(dǎo)線中的電流大小為I，d處導(dǎo)線中的電流大小為2I，方向如圖所示。已知通電直導(dǎo)線在周圍產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與導(dǎo)線中電流大小成正比，與到導(dǎo)線的距離成反比（即B=kIA．垂直于紙面向里，距離為22L C．垂直于紙面向外，距離為22L 8．如圖所示，一個(gè)帶電的物體從光滑絕緣斜面頂點(diǎn)靜止釋放，處在垂直紙面向外的磁場之中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，斜面固定，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間，物體將離開斜面，已知斜面傾角θ，離開時(shí)的速度v，重力加速度g，可以判斷或計(jì)算出來的是（）A．物體帶負(fù)電 B．物體的帶電量大小C．物體的質(zhì)量 D．物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間9．如圖所示，質(zhì)量一定的導(dǎo)體棒ab放置于傾角為θ的導(dǎo)軌上，導(dǎo)軌上端連接電源和定值電阻形成閉合回路，空間內(nèi)加垂直于導(dǎo)體棒的大小相等、方向不同的勻強(qiáng)磁場，導(dǎo)體棒ab均靜止，則下列判斷正確的是（）A．四種情況下，導(dǎo)體棒受到的安培力大小不相等B．甲中導(dǎo)體棒ab與導(dǎo)軌間摩擦力可能為零C．乙中導(dǎo)體棒ab與導(dǎo)軌間摩擦力可能為零D．丙和丁中導(dǎo)體棒ab與導(dǎo)軌間摩擦力可能為零10．如圖所示為一電源路端電壓與電流關(guān)系的函數(shù)圖象，把此電源接在圖示的電路中，其中R1=1Ω，R2=R3=2Ω。則下列正確的是（）A．此電源電動(dòng)勢為3V，內(nèi)阻為2ΩB．若在C、D間連一個(gè)理想電流表，其讀數(shù)是0.75AC．若在C、D間連一個(gè)理想電壓表，其讀數(shù)是1.2VD．若在C、D間連一電容為20μF的電容器，則電容器所帶電荷量是1.5×10-5C11．如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢為E、內(nèi)阻為r，R1、R2、R3均為定值電阻，帶電粒子P在平行板電容器中恰處于靜止?fàn)顟B(tài)。不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）A．電流表讀數(shù)增大 B．電壓表讀數(shù)減小C．粒子P將向下運(yùn)動(dòng) D．R1上消耗的功率減小12．如圖，在一個(gè)邊長為a的正六邊形區(qū)域內(nèi)，存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，三個(gè)相同的帶正電粒子，比荷為qmA．從F點(diǎn)飛出磁場的粒子速度大小為3B．所有從AF邊上飛出磁場的粒子，在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間都相同C．從E點(diǎn)飛出磁場的粒子，在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為πmD．從ED邊上的某一點(diǎn)垂直ED飛出磁場的粒子，其軌道半徑為2二、填空題（本題共兩小題，第13題8分，第14題12分，共計(jì)20分。）13．在“測量干電池的電動(dòng)勢和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中（1）電路連線如圖甲所示，其中有一根導(dǎo)線（選填“①”、“②”或“③”）連接有誤。正確連接后，某次測量中電流表指針位置如圖乙所示，其示數(shù)為A。（2）測得的7組數(shù)據(jù)已標(biāo)在如圖丙所示的U—I坐標(biāo)系上，用作圖法求得干電池的電動(dòng)勢E＝V和內(nèi)阻r＝Ω。（結(jié)果均保留兩位數(shù)）14．某同學(xué)設(shè)計(jì)了兩種電路測電阻Rx.。（1）利用圖甲測電阻時(shí)：①先將滑動(dòng)變阻器R3的滑動(dòng)觸頭移動(dòng)到最（填“左”或“右”）端，再接通開關(guān)S；保持S2斷開，閉合Sl，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電流表指針偏轉(zhuǎn)至某一位置，并記下電流表示數(shù)I1。②斷開Sl，保持滑動(dòng)變阻器阻值不變，調(diào)整電阻箱R0阻值在100Ω左右，再閉合S2，調(diào)節(jié)R0阻值，使得電流表讀數(shù)為時(shí)，R0的讀數(shù)即為電阻的阻值。（2）利用圖乙測電阻時(shí)：實(shí)驗(yàn)器材如下：干電池E（電動(dòng)勢1.5V，內(nèi)阻未知）；電流表A1（量程10mA，內(nèi)阻為90Ω）；電流表A2（量程30mA，內(nèi)阻為30Ω）；定值電阻R0（阻值為150Ω）；滑動(dòng)變阻器R（最大阻值為100Ω）；待測電阻Rx；開關(guān)S，導(dǎo)線若干。①斷開開關(guān)，連接電路，將滑動(dòng)變阻器R的滑片調(diào)到阻值最大一端。將定值電阻R0接入電路；閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片位置。使電流表指針指在滿刻度的12處。該同學(xué)選用的電流表為（填“A1”或“A2”）；若不考慮電池內(nèi)阻。此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻值應(yīng)為②斷開開關(guān)，保持滑片的位置不變。用Rx替換R0，閉合開關(guān)后，電流表指針指在滿刻度的35處，若不考慮電池內(nèi)阻，則Rx的測量值為③本實(shí)驗(yàn)中未考慮電池內(nèi)阻，對(duì)Rx的測量值（填“有”或“無”）影響。三、計(jì)算題（本題共3小題，共32分。解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。）15．在下圖的電路中，若R1=4Ω，R3=6Ω，電池內(nèi)阻r=0.6Ω，電源產(chǎn)生的總功率為40W，效率為94%。求：電池電動(dòng)勢和電阻R2。16．如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L=1m，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角θ=30°，空間中存在垂直于導(dǎo)軌所在平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=2T的勻強(qiáng)磁場。金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢E=6V、內(nèi)阻不計(jì)的直流電源。現(xiàn)把一根質(zhì)量m=0.4kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止。若導(dǎo)體棒接入電路中電阻R=3Ω，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。求：（1）導(dǎo)體棒受到的安培力大??；（2）畫受力分析圖并說明分析過程；（3）導(dǎo)體棒與軌道間的滑動(dòng)摩擦因數(shù)。17．如圖所示，紙面內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，紙面內(nèi)存在一半徑為R的圓形區(qū)域，圓心為O，該區(qū)域內(nèi)無磁場。P處有一裝置，可在紙面內(nèi)垂直O(jiān)P方向向上發(fā)射速率不同的帶負(fù)電粒子，粒子質(zhì)量為m，電荷量的絕對(duì)值為q，O、P間的距離為2R，不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用，sin37°=0.（1）若粒子打不到圓形區(qū)域邊界上，求粒子發(fā)射速率的范圍；（2）求能經(jīng)過圓心O的粒子從發(fā)射到第一次經(jīng)過圓心的時(shí)間。

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A.磁場中某點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與放入磁場中的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向垂直，故A不符合題意，

B.電場線和磁感線都是假象的，電場線不是閉合曲線，磁感線是閉合曲線，故B不符合題意，

C.一運(yùn)動(dòng)電荷在某處不受磁場力的作用，可能是速度方向與磁場平行，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，故C不符合題意；

D.穿過線圈的磁通量為零時(shí)，該處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不一定為零，可能時(shí)線圈與磁場平行，故D符合題意。

故答案為：D

【分析】根據(jù)左手定則，通電直導(dǎo)線所受安培力的方向與磁場方向垂直，實(shí)際上并不存在；電荷運(yùn)動(dòng)方向與磁場方向平行時(shí)，不受洛倫茲力；線圈平面與磁場平行時(shí)，穿過線圈的磁通量為零。2．【答案】C【解析】【解答】ABD.在位置Ⅰ時(shí)，線框平面與磁感線垂直，磁通量大小為

ΦⅠ=BL2

在位置Ⅱ時(shí)，線框平面與磁感線平行，磁通量的大小為ΦⅡ=0，在位置Ⅲ時(shí)，磁通量的大小為?Φ=故C符合題意。

故答案為：C

【分析】根據(jù)Φ=BSsinθ（3．【答案】C【解析】【解答】D.電動(dòng)機(jī)的電路不是純電阻電路，所以I≠故D不符合題意；

A.電吹風(fēng)的發(fā)熱功率為P=故A不符合題意；

BC.電吹風(fēng)消耗的電功率為P=UI≠故B不符合題意，C符合題意。

故答案為：C

【分析】非純電阻電路，I≠UR1+R4．【答案】B【解析】【解答】A.洛倫茲力與速度方向垂直，只改變帶電粒子的速度方向，不改變速度大小，所以粒子的速率不變，故A不符合題意；

B.根據(jù)R=mvBq，結(jié)合題意知，半徑加倍，故B符合題意；

CD.根據(jù)T=2πmBq，結(jié)合題意知，周期加倍，根據(jù)ω=2πT知，角速度ω減半，故CD不符合題意。

故答案為：B

【分析】洛倫茲力與速度方向垂直，只改變帶電粒子的速度方向，不改變速度大??；根據(jù)5．【答案】D【解析】【解答】受力分析如圖：

要使導(dǎo)體棒靜止，需f解得I≥2.5根據(jù)左手定則知，電流方向垂直于紙面向外，故D符合題意，ABC不符合題意。

故答案為：D

【分析】導(dǎo)體棒受力平衡，根據(jù)平衡條件知，最大靜摩擦力大于等于重力時(shí)導(dǎo)體棒處于靜止?fàn)顟B(tài)，據(jù)此求得電流的大小，根據(jù)左手定則判斷電流的方向。6．【答案】B【解析】【解答】解：A、三個(gè)帶電粒子均向上偏轉(zhuǎn)，射入磁場時(shí)所受的洛倫茲力均向上，根據(jù)左手定則判斷得知：三個(gè)粒子都帶正電荷．故A正確．B、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由洛倫茲力提供向心力，根據(jù)qvB=mv2r，可得：r=C、D三個(gè)帶電粒子的質(zhì)量和電荷量都相同，由粒子運(yùn)動(dòng)的周期T=2πmqB及t=θ2πT，θ是粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，也等于速度的偏轉(zhuǎn)角，可知，三粒子運(yùn)動(dòng)的周期相同，即Ta=Tb=T由圖知，a在磁場中運(yùn)動(dòng)的偏轉(zhuǎn)角最大，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長，c在磁場中運(yùn)動(dòng)的偏轉(zhuǎn)角最小，c粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，故CD正確．本題選錯(cuò)誤的，故選：B．【分析】三個(gè)質(zhì)量和電荷量都相同的帶電粒子，以不同的速率垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場中，則運(yùn)動(dòng)半徑的不同，導(dǎo)致運(yùn)動(dòng)軌跡也不同．運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的半徑越大，粒子的速率也越大．而運(yùn)動(dòng)周期它們均一樣，運(yùn)動(dòng)時(shí)間由圓弧對(duì)應(yīng)的圓心角決定．7．【答案】D【解析】【解答】如圖

根據(jù)題意B由幾何關(guān)系得B=方向水平向右。根據(jù)a點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為0知，d導(dǎo)線電流方向垂直于紙面向外，且B=解得l=故D符合題意，ABC不符合題意。

故答案為：D

【分析】根據(jù)右手定則判斷b、c通電導(dǎo)線在a點(diǎn)產(chǎn)生的磁場的方向，利用矢量的疊加分析d點(diǎn)的磁場方向及距離。8．【答案】D【解析】【解答】A.由題意知，洛倫茲力垂直于斜面向上，根據(jù)左手定則知，物體帶正電，故A不符合題意；

BC.物體離開斜面時(shí)有qvB=mg解得q=物體的帶電量大小、質(zhì)量都未知，所以都不能算出來，故BC不符合題意；

D.物體在離開斜面前，受重力、彈力和洛倫茲力，物體沿斜面向下做初速度為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得a=物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t=故D符合題意。

故答案為：D

【分析】根據(jù)物體運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)判斷物體受力情況，進(jìn)而判斷物體的電性；根據(jù)物體離開斜面的受力特點(diǎn)，求物體的帶電量和加速度，進(jìn)而求解時(shí)間。9．【答案】B,C【解析】【解答】A.導(dǎo)體棒受到的安培力F=BIL，由于四種情況中導(dǎo)體棒的電流相同，所處的磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度相同，故受到的的安培力大小相等，A不符合題意；B.甲圖中導(dǎo)體棒受到豎直向下的重力、水平向右的安培力、垂直于傾斜導(dǎo)軌向上的彈力，若這三個(gè)力平衡，則導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的摩擦力可能為零，B符合題意；C．乙圖中，導(dǎo)體棒受豎直向下的重力、豎直向上的安培力，若這兩個(gè)力大小相等，則處于平衡狀態(tài)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的摩擦力可能為零，C符合題意；D．丙圖中，導(dǎo)體棒受到豎直向下的重力、豎直向下的安培力、垂直導(dǎo)軌向上的彈力；丁圖中，導(dǎo)體棒受到豎直向下的重力、水平向左的安培力。兩種情況中，三個(gè)力均無法使導(dǎo)體棒平衡，故導(dǎo)體棒一定受到導(dǎo)軌提供的摩擦力，即導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間摩擦力不可能為零，D不符合題意；故答案為：BC。

【分析】利用安培力的表達(dá)式可以判別四種情況安培力的大小相等；利用平衡條件可以判別摩擦力的大小及方向。10．【答案】A,C【解析】【解答】A.由U-I圖像知：電源的電動(dòng)勢E=3內(nèi)阻r=故A符合題意；

B.在C、D間連一個(gè)理想電流表，則外電路的連接方式是：R2與R3并聯(lián)后與I=電流表的讀數(shù)為I故B不符合題意；

C.在C、D間連一個(gè)理想電壓表，電壓表測R2兩端的電壓，電壓表的讀數(shù)為

UV=EU電容器所帶電量為Q=C【分析】U-I圖像的縱軸截距表示電動(dòng)勢，斜率大小表示內(nèi)阻；結(jié)合電路結(jié)構(gòu)求電流、電壓和電荷量。11．【答案】A,D【解析】【解答】AB.當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向a端移動(dòng)時(shí)，R4增大，電路的總電阻R增大，根據(jù)

I=ER+r

知，電路的總電流I減小，根據(jù)

U2=E-I（R1+r）

知，R2兩端電壓U2增大，所以電流表示數(shù)增大；根據(jù)

I3=I-I2

I2增大知，I3減小，U3減小，而并聯(lián)部分的電壓增大，所以電壓表的示數(shù)增大，故A符合題意，B不符合題意；

12．【答案】B,C,D【解析】【解答】A、從F點(diǎn)飛出的粒子在正六邊形區(qū)域磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1，洛倫茲力提供向心力，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示

由牛頓第二定律得qvB=m由幾何關(guān)系可得r聯(lián)立解得v=故A錯(cuò)誤。

B、粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為T=所有從AF邊上飛出磁場的粒子，在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角均為120°，則在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間均為t=故B正確；

C、由幾何關(guān)系可得，從E點(diǎn)飛出的粒子在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角60°，粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t=故C正確；

D、由幾何關(guān)系可得，從ED邊上的某一點(diǎn)垂直ED飛出磁場的粒子，在磁場中轉(zhuǎn)過的圓心角為30°，則有AE=2ar故D正確。

故答案為：BCD。

【分析】根據(jù)題意畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡圖，再根據(jù)幾何關(guān)系粒子運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的半徑及圓心角大小，再根據(jù)帶電粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答。13．【答案】（1）①；0.40（2）1.50；1.04【解析】【解答】（1）電壓表測量的電壓應(yīng)為路端電壓，開關(guān)應(yīng)能控制電路，所以導(dǎo)線①連接有誤，應(yīng)該連接到開關(guān)的右端；電流表量程為0~0.6A，分度值為0.02A，故圖中示數(shù)為0.40A；

（2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可得U=E-Ir根據(jù)圖像

可知，縱截距為1.50V，故E=1.50斜率的絕對(duì)值表示內(nèi)阻，則r=【分析】熟悉各部分元件在電路中的用途，再結(jié)合電路圖分析各部分導(dǎo)線的連接是否正確。讀數(shù)時(shí)注意儀器的分度值。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理結(jié)合電路圖分析圖像斜率及截距的物理意義，再結(jié)合圖像進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。14．【答案】（1）左；I1（2）A1；60；100；無【解析】【解答】（1）①本實(shí)驗(yàn)滑動(dòng)變阻器用的分壓式接法，操作前應(yīng)將其滑動(dòng)觸頭置于輸出電壓最小的最左端，即讓支路短路電流為零，保護(hù)電表達(dá)到安全的作用；

②根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，變阻器的輸出電壓U應(yīng)保持不變，根據(jù)歐姆定律，斷開S2閉合S1時(shí)應(yīng)有U=斷開S1閉合S2時(shí)應(yīng)有U=比較可知，當(dāng)I1=I2時(shí)R即調(diào)節(jié)R0阻值使得電流表讀數(shù)為I1時(shí)，R0的讀數(shù)即為電阻的阻值。

（2）①若不考慮電源內(nèi)阻，且在電源兩端只接R0時(shí)，電路中的電流約為I=由題知，閉合開關(guān)，調(diào)節(jié)滑片位置，要使電流表指針指在滿刻度的12處，則該同學(xué)選到的電流表應(yīng)為A1E=計(jì)算出R=60Ω②斷開開關(guān)，保持滑片的位置不變，用Rx替換R0，閉合開關(guān)后，有E=代入數(shù)據(jù)有R③若考慮電源內(nèi)阻，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有E=Im聯(lián)立計(jì)算出的Rx不受電源內(nèi)阻r的影響。

【分析】本實(shí)驗(yàn)圖甲的實(shí)驗(yàn)原理為等效替代法，即確保分別閉合s1和s2時(shí)，電流表的示數(shù)不變。根據(jù)閉合電路的歐姆定律及串聯(lián)電路規(guī)律確定圖乙的待測電阻和已知電阻之間的關(guān)系。15．【答案】E=20V，R2=7Ω解：電源產(chǎn)生的總功率為40W，效率為94%。內(nèi)阻上功率為P故回路電流I=輸出功率為P=94%×40W=37故路端電壓U=故電動(dòng)勢E=U+Ir=20V外電路總電阻為R=而R=解得：R2=7Ω【解析】【分析】明確電路的連接方式，電源效率等于電源輸出功率與電源總功率之比。根據(jù)電源的總功率、內(nèi)部消耗功率及輸出效率的關(guān)系確定電路中的總電路，再結(jié)合閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)電路規(guī)律進(jìn)行解答。16．【答案】（1）解：根據(jù)閉合電路歐姆定律得I=導(dǎo)體棒受到的安培力為F（2）解：根據(jù)左手定則可知安培力沿導(dǎo)軌向上，導(dǎo)體棒