江蘇省常州市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題（含答案）

江蘇省常州市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期中物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分．每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意．1．2021年7月4日，我們?cè)陔娨曋锌吹胶教靻T湯洪波走出離地面高約400km的中國空間站，標(biāo)志著我國空間站航天員首次出艙活動(dòng)取得圓滿成功，航天員出艙的畫面是通過電磁波傳輸?shù)降孛娼邮照镜?，下列關(guān)于電磁波的說法正確的是（）A．電磁波波長(zhǎng)越長(zhǎng)，其能量子越大B．只要空間某處的電場(chǎng)或磁場(chǎng)發(fā)生變化，就會(huì)在其周圍產(chǎn)生電磁波C．赫茲通過實(shí)驗(yàn)捕捉到電磁波，并證實(shí)了麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論D．湯洪波出艙活動(dòng)的畫面從空間站傳到地面接收站最少需要約0.013s2．電子車票，也稱“無紙化”車票，乘客網(wǎng)上購票后，直接通過“刷身份證”或“掃手機(jī)”即可順利進(jìn)站。如圖所示是乘客通過“刷身份證”進(jìn)站時(shí)的情景，將身份證靠近檢驗(yàn)口，機(jī)器感應(yīng)電路中就會(huì)產(chǎn)生電流，從而識(shí)別乘客身份。圖中能說明這一原理的是（）A． B．C． D．3．已知磁敏電阻在沒有磁場(chǎng)時(shí)電阻很小，有磁場(chǎng)時(shí)電阻變大，并且磁場(chǎng)越強(qiáng)電阻值越大。為探測(cè)有無磁場(chǎng)，利用磁敏電阻作為傳感器設(shè)計(jì)了如圖所示電路，電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r不變，在沒有磁場(chǎng)時(shí)調(diào)節(jié)變阻器R使電燈L正常發(fā)光。若探測(cè)裝置從無磁場(chǎng)區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，則（）A．電燈L變暗 B．磁敏電阻兩端的電壓增大C．電流表的示數(shù)增大 D．電源的輸出功率變小4．在地球赤道面上有一點(diǎn)P，其上方有一小段沿東西方向放置的通電直導(dǎo)線，電流方向由東向西，通電直導(dǎo)線在P點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，地磁場(chǎng)在P點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B，地球視為球體，則P點(diǎn)處實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為（）A．2B B．2B C．B 5．閉合金屬線圈或線框在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的情景如下各圖所示，有關(guān)線圈或線框中磁通量變化或產(chǎn)生感應(yīng)電流的說法中正確的有（）①甲圖，線框從P進(jìn)入垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域到達(dá)Q的過程中，線框中始終有感應(yīng)電流②乙圖，磁感線向右，垂直紙面的線圈從P到達(dá)Q的過程中，線圈中有感應(yīng)電流③丙圖，線圈從磁鐵的上端M到達(dá)N的過程中，線圈中磁通量先減小后增大④丁圖，與通電導(dǎo)線在同一平面內(nèi)的線框遠(yuǎn)離的過程中，線框中有感應(yīng)電流A．①③ B．①④ C．②③ D．②④6．如圖甲所示為“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖，已知a、b小球的質(zhì)量分別為ma、mb。先單獨(dú)將a球從斜槽上某點(diǎn)釋放，小球a從軌道末端飛出后在水平地面上的平均落點(diǎn)為圖甲中的P點(diǎn)；再將b球放于軌道末端，將a球從斜槽上相同的位置釋放，多次實(shí)驗(yàn)，兩球碰后在水平地面上的平均落點(diǎn)分別是圖甲中M、N點(diǎn)。本實(shí)驗(yàn)必須滿足的條件是（）A．斜槽軌道必須是光滑的B．入射小球a的質(zhì)量必須小于被碰小球b的質(zhì)量C．要測(cè)量小球離開斜槽末端到水平面的飛行時(shí)間D．入射小球a每次都從斜槽上的同一位置無初速度釋放7．如圖所示，顛球是足球運(yùn)動(dòng)中的一項(xiàng)基本功，若某次顛球中，顛出去的足球豎直向上運(yùn)動(dòng)后又落回到原位置，設(shè)整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中足球所受阻力大小不變。下列說法正確的是（）A．球從顛出到落回原位置的時(shí)間內(nèi)，重力的沖量為零B．球從顛出到落回原位置的時(shí)間內(nèi)，阻力的沖量為零C．球上升階段合外力的沖量比下降階段合外力的沖量大D．球上升階段動(dòng)能的減少量等于下降階段動(dòng)能的增加量8．質(zhì)量為1kg的皮球以v1=3m/s的速率垂直撞擊天花板，以v2A．30N B．40N C．50N D．60N9．如圖所示是流過一個(gè)小燈泡的電流隨其兩端電壓變化的關(guān)系圖，不考慮燈絲體積的變化，則根據(jù)小燈泡的伏安特性曲線可判定，下列說法中正確的是（）A．圖中M點(diǎn)切線斜率的倒數(shù)即為小燈泡電壓為4V時(shí)的阻值B．當(dāng)小燈泡兩端的電壓為1V時(shí)，其燈絲阻值為0C．小燈泡燈絲的電阻率隨著燈絲溫度的升高而減小D．把小燈泡接到電動(dòng)勢(shì)為5V，內(nèi)阻為10Ω的電源上時(shí)，電源的效率約為40%10．如圖所示，固定于水平面上的金屬架CDEF處在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒MN沿框架以速度v向右做勻速運(yùn)動(dòng)。t=0時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，此時(shí)MN到達(dá)的位置恰好使MDEN構(gòu)成一個(gè)邊長(zhǎng)為l的正方形。為使MN棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，從t=0開始，磁感應(yīng)強(qiáng)度B應(yīng)該怎樣隨時(shí)間tA．B=B0lC．B=B0l11．如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為M的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個(gè)質(zhì)量為m(m<M)的小球從槽高h(yuǎn)處開始自由下滑，下列說法正確的是（）A．在下滑過程中小球和槽之間的作用力對(duì)槽不做功B．在下滑過程中小球和槽所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒、動(dòng)量守恒C．全過程小球和槽、彈簧所組成系統(tǒng)機(jī)械能守恒，且水平方向動(dòng)量守恒D．被彈簧反彈后，小球和槽的機(jī)械能守恒，但小球不能回到槽高h(yuǎn)處二、非選擇題：共5題，共60分．其中第13題～16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位．12．某實(shí)驗(yàn)小組選用以下器材測(cè)定一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，要求盡量減少實(shí)驗(yàn)誤差。電壓表（量程0?3V，內(nèi)阻約為3kΩ）電流表（量程0?0.6A，內(nèi)阻約為滑動(dòng)變阻器（0?20Ω，額定電流1A）待測(cè)干電池開關(guān)、導(dǎo)線若干．實(shí)驗(yàn)過程如下：（1）該小組連接的實(shí)物電路如圖所示，經(jīng)仔細(xì)檢查并結(jié)合現(xiàn)有條件，發(fā)現(xiàn)電路中有一條導(dǎo)線連接不當(dāng)會(huì)造成誤差較大，這條導(dǎo)線對(duì)應(yīng)的編號(hào)是。（2）改正這條導(dǎo)線的連接。（3）開始實(shí)驗(yàn)，閉合開關(guān)前滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)置于滑動(dòng)變阻器的（選填“a”或者“b”）端。（4）該小組滑動(dòng)變阻器的滑片，記錄了6組數(shù)據(jù)如下表所示，請(qǐng)?jiān)谙聢D的坐標(biāo)紙上畫出U?I圖線。序號(hào)123456電壓U1.451.401.301.251.201.10電流I0.0600.1200.2400.2600.3600.480（5）根據(jù)所畫圖線可得出干電池電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)電阻r=Ω。（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）13．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.8T，矩形線圈abcd的面積S=0.5m2，共10匝，開始B與S垂直且線圈有一半在磁場(chǎng)中，如圖所示。（1）當(dāng)線圈繞ab邊轉(zhuǎn)過60°時(shí)，求線圈此過程中磁通量的改變量。（2）當(dāng)線圈繞dc邊轉(zhuǎn)過60°時(shí)，求線圈此過程中磁通量的改變量。14．A、B兩個(gè)物塊在光滑的水平地面上發(fā)生正碰，碰撞時(shí)間極短，兩物塊運(yùn)動(dòng)的位移隨時(shí)間變化的x?t圖像，如圖所示。（1）求A、B兩物塊的質(zhì)量之比；（2）判斷該碰撞是否為彈性碰撞。15．汽車發(fā)動(dòng)機(jī)啟動(dòng)時(shí)，汽車的車燈會(huì)瞬時(shí)變暗．汽車的電源、電流表、車燈、電動(dòng)機(jī)連接的簡(jiǎn)化電路如圖所示，車燈電阻不變。已知汽車電源電動(dòng)勢(shì)為E=12V，內(nèi)阻為r=0.1Ω，電流表內(nèi)阻為RA=0.（1）車燈的阻值為多少？（2）電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)前后，車燈的功率變化了多少？（3）若電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻為RM16．如圖所示，光滑固定水平桿上套有質(zhì)量均為m=0.5kg的滑塊A和B。長(zhǎng)l=1.0m的輕質(zhì)細(xì)線一端固定在滑塊B上，另一端系住一質(zhì)量為m0=1.0kg的小球C?，F(xiàn)將C球向左拉起至細(xì)線與豎直方向成（1）A、B兩滑塊分離時(shí)，A、B、C的速度大??；（2）A、B兩滑塊分離時(shí)，滑塊A位移大小；（3）A、B兩滑塊分離后，C球能向上擺動(dòng)的最大高度。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A、電磁波波長(zhǎng)越長(zhǎng)，頻率越小，其能量子越小，故A錯(cuò)誤；

B、只要空間某處的電場(chǎng)或磁場(chǎng)發(fā)生周期性變化，就會(huì)在其周圍產(chǎn)生電磁波，故B錯(cuò)誤；

C、赫茲通過實(shí)驗(yàn)捕捉到電磁波，并證實(shí)了麥克斯韋的電磁場(chǎng)理論，故C正確；

D、湯洪波出艙活動(dòng)的畫面從空間站傳到地面接收站最少需要約為t=故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】電磁波波長(zhǎng)越長(zhǎng)，頻率越小，其能量子越小?？臻g某處的電場(chǎng)或磁場(chǎng)發(fā)生周期性變化，就會(huì)在其周圍產(chǎn)生電磁波。2．【答案】B【解析】【解答】A、由題意可知，刷身份證時(shí)會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，即由磁產(chǎn)生電，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，所以其工作原理為電磁感應(yīng)現(xiàn)象，圖中有電源，為電動(dòng)機(jī)的工作原理，是根據(jù)通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中受力而運(yùn)動(dòng)的原理制成的，故A錯(cuò)誤；

B、圖中沒有電源，為發(fā)電機(jī)的工作原理，是根據(jù)電磁感應(yīng)現(xiàn)象制成的，故B正確；

C、圖中的實(shí)驗(yàn)是探究通電螺線管的磁性強(qiáng)弱與電流大小的關(guān)系，運(yùn)用了電流的磁效應(yīng)，故C錯(cuò)誤；

D、圖中為奧斯特實(shí)驗(yàn)，說明通電導(dǎo)線周圍存在磁場(chǎng)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】掌握電磁感應(yīng)定律的具體內(nèi)容。閉合線圈內(nèi)磁通量發(fā)生變化，則閉合線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電流。3．【答案】B【解析】【解答】若探測(cè)裝置從無磁場(chǎng)區(qū)進(jìn)入強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)，磁敏電阻的阻值增大，電路中總電阻增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，回路中電流減小，電流表讀數(shù)減小，內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，燈泡電流增大，燈泡變亮，流過磁敏電阻電流減小，滑動(dòng)變阻器的電壓減小，磁敏電阻電壓增大，根據(jù)電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系可知，電源的輸出功率可能增大，也可能減小。

故答案為：B。

【分析】確定電路中總電阻的變化情況，再根據(jù)閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)電路的規(guī)律進(jìn)行分析解答。4．【答案】D【解析】【解答】根據(jù)安培定則可知沿東西方向放置的、電流方向由東向西的通電導(dǎo)線，在P點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向由北指向南，而地磁場(chǎng)在P點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向由南指向北，二者大小均為B，則P點(diǎn)處實(shí)際磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為0。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)安培定則確定通電導(dǎo)線在P處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，根據(jù)地磁場(chǎng)的特點(diǎn)確定地磁場(chǎng)在P點(diǎn)磁場(chǎng)方向，再根據(jù)磁場(chǎng)矢量求和法則確定合磁場(chǎng)大小。5．【答案】D【解析】【解答】①甲圖，線框從P進(jìn)入垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域到達(dá)Q的過程中，線框從P進(jìn)入垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，穿過線框的磁通量發(fā)生變化，有感應(yīng)電流，在相框完全進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域到達(dá)Q的過程中，穿過線框的磁通量不會(huì)發(fā)生變化，沒有有感應(yīng)電流，故①錯(cuò)誤；

②乙圖，磁感線向右，垂直紙面的線圈從P到達(dá)Q的過程中，穿過線圈的磁通量減小，線圈中有感應(yīng)電流，故②正確；

③丙圖，線圈從磁鐵的上端M到達(dá)N的過程中，穿過線圈的磁感線先變多后變少，線圈中磁通量先增大后減小，故③錯(cuò)誤；

④丁圖，與通電導(dǎo)線在同一平面內(nèi)的線框遠(yuǎn)離的過程中，穿過相框的磁通量減少，線框中有感應(yīng)電流，故④正確。

故答案為：D。

【分析】產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件為穿過閉合線框的磁通量發(fā)生變化則產(chǎn)生感應(yīng)電流。磁感線是疏密表示磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小。遠(yuǎn)離磁場(chǎng)場(chǎng)源，磁感應(yīng)強(qiáng)度減弱。6．【答案】D【解析】【解答】AD、本實(shí)驗(yàn)要求a球每次運(yùn)動(dòng)至斜槽末端時(shí)的速度都相等，只需要每次將a球從斜槽軌道同一位置由靜止釋放即可，斜槽軌道是否光滑對(duì)上述要求無影響，所以斜槽軌道不必須光滑，故A錯(cuò)誤，D正確；

B、為使碰撞后a球不反彈，a球的質(zhì)量必須大于b球的質(zhì)量，故B錯(cuò)誤；

C、本實(shí)驗(yàn)通過位移信息來間接反應(yīng)速度大小，因此不需要測(cè)量離開斜槽末端到水平面的飛行時(shí)間，故C錯(cuò)誤；

故答案為：D。

【分析】熟悉掌握“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)的操作步驟和實(shí)驗(yàn)要求。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。7．【答案】C【解析】【解答】AB、由沖量定義I=Ft球從擊出到落回的時(shí)間內(nèi)，重力和阻力的沖量為力乘以力作用的時(shí)間，大小不為零，AB錯(cuò)誤；

C、球上升時(shí)合力為重力加阻力，下降時(shí)合力為重力減阻力，故上升時(shí)合外力比下降時(shí)合外力大，由牛頓第二定律，上升時(shí)加速度a=大于下降時(shí)加速度a'=設(shè)上升階段球的初速度為v，末速度為0，由動(dòng)量定理下降階段末速度為v1，由于上升時(shí)加速度比下降時(shí)加速度大，根據(jù)速度位移關(guān)系v其末速度v動(dòng)量的變化量I可得，球上升階段動(dòng)量的變化量大于下降階段動(dòng)量的變化量，則球上升階段合外力的沖量比下降階段合外力的沖量大，故C錯(cuò)誤；

D、由C分析，結(jié)合動(dòng)能表達(dá)式可知，球上升階段動(dòng)能的減少量E球下降階段動(dòng)能的增加量E由于v則球下降階段動(dòng)能的增加量小球球上升階段動(dòng)能的減少量，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】明確足球上升和下落的過程中所受摩擦力的方向，上升和下落過程足球經(jīng)過的位移相等。根據(jù)牛頓第二定律確定兩過程加速度的大小，再根據(jù)位移關(guān)系及勻變速直線規(guī)律確定兩過程足球運(yùn)動(dòng)時(shí)間和初末速度的關(guān)系。再結(jié)合沖量的定義及動(dòng)能的定義進(jìn)行分析。8．【答案】B【解析】【解答】以向下為正方向，由動(dòng)量定理得mgt+Ft=m代入數(shù)據(jù)解得F=40故答案為：B。

【分析】明確球撞擊天花板時(shí)的受力情況，注意重力始終存在。明確足球的初末速度，規(guī)定正方向，根據(jù)動(dòng)量定理進(jìn)行解答。9．【答案】D【解析】【解答】A、圖像上的點(diǎn)與原點(diǎn)的連線斜率表示該點(diǎn)電阻的倒數(shù)，過圖M點(diǎn)做切線其斜率的倒數(shù)不等于燈泡兩端所加電壓為4V時(shí)燈泡的電阻值，故A錯(cuò)誤；

B、由圖可知當(dāng)小燈泡兩端電壓為1V時(shí)，電流大小為0.2A。則根據(jù)歐姆定律其阻值為R=故B錯(cuò)誤；

C、題圖可知小燈泡燈絲的電阻隨電壓的增大而增大，所以小燈泡燈絲的電阻率隨燈絲溫度的升高而增大，故C錯(cuò)誤；

D、將小燈泡接在電動(dòng)勢(shì)為5V，內(nèi)阻為10Ω的電源上，設(shè)燈泡的電壓為U，電流為I，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得E=U+Ir可得5=U+10I在燈泡的I-U圖像畫出對(duì)應(yīng)關(guān)系圖像，如圖所示

電源的效率約為η=故D正確。

故答案為：D。

【分析】I-U圖像上的點(diǎn)與原點(diǎn)的連線斜率表示該點(diǎn)電阻的倒數(shù)。根據(jù)閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)電路規(guī)律畫出路端電壓與電流的關(guān)系圖，圖像與燈泡的伏安特性曲線圖的交點(diǎn)即為燈泡的工作電壓，再根據(jù)電源的效率公式進(jìn)行解答。10．【答案】A【解析】【解答】當(dāng)通過閉合回路的磁通量不變，則MN棒中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，有B整理得B=故答案為：A。

【分析】MN棒不產(chǎn)生感應(yīng)電流，即導(dǎo)體棒切割磁場(chǎng)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和磁場(chǎng)變化產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小相等，電流方向相反使得電路中的等效電流為零。根據(jù)電磁感應(yīng)定律及導(dǎo)體切割磁場(chǎng)公式進(jìn)行解答即可。11．【答案】D【解析】【解答】A、下滑過程中槽在壓力作用下向左運(yùn)動(dòng)，對(duì)槽做正功，A錯(cuò)誤；

B、在下滑過程中小球和槽所組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，只有在水平方向上動(dòng)量守恒，B錯(cuò)誤；

C、全程整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，由于彈簧彈力的作用，系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，C錯(cuò)誤；

D、小球被彈簧以v1大小的速度反彈。小球下滑過程中和小球滑上弧形槽至共速的過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒分別有mgh=1得mgh=可知，小球回到槽最高點(diǎn)的高度小于h。故D正確。

故答案為：D。

【分析】明確小球下滑過程中，槽和小球的受力情況及各力的做功情況。根據(jù)系統(tǒng)的受力情況及動(dòng)量守恒定律的條件和吉祥年守恒條件判斷系統(tǒng)是否動(dòng)量守恒和機(jī)械能是否守恒。小球滑上斜面到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，兩者的速度相等且不為零。根據(jù)機(jī)械能守恒定律判斷小球上升的高度與槽高的關(guān)系。12．【答案】（1）6（2）無（3）b（4）（5）1.5；0.83【解析】【解答】（1）干電池內(nèi)阻較小，為了保證準(zhǔn)確性，安培表應(yīng)采用相對(duì)電源的外接法，電路中有一條導(dǎo)線連接不當(dāng)，這條導(dǎo)線對(duì)應(yīng)的編號(hào)是6。

（3）連接電路時(shí)，在開關(guān)閉合前應(yīng)將滑動(dòng)變阻器滑片滑至最大阻值處，即滑動(dòng)變阻器的滑片P應(yīng)置于滑動(dòng)變阻器的b端。

（4）如圖

（4）U-I圖線與縱軸交點(diǎn)代表電池電動(dòng)勢(shì)，則E=1.5圖線斜率的絕對(duì)值代表內(nèi)電阻，則r=【分析】誤差主要是由于電壓表的分流和電流表分壓導(dǎo)致的，根據(jù)題意判斷電流表的連接方式，并確定導(dǎo)線連接的問題。在開關(guān)閉合前應(yīng)將滑動(dòng)變阻器滑片滑至最大阻值處以確保電路安全。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理及電路圖推導(dǎo)得出圖像的表達(dá)式，繼而根據(jù)圖像斜率和截距的物理意義進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。13．【答案】（1）解：線圈轉(zhuǎn)動(dòng)前，磁通量為Φ當(dāng)線圈繞ab轉(zhuǎn)過60°時(shí)，線圈恰好全部進(jìn)入磁場(chǎng)中，磁通量為Φ磁通量的改變量為Δ（2）解：當(dāng)線圈繞dc邊轉(zhuǎn)過60°時(shí)，線圈恰好全部穿出磁場(chǎng)，磁通量為Φ磁通量的改變量為Δ【解析】【分析】（1）確定線圈初末位置磁場(chǎng)穿過的有效面積，再根據(jù)磁通量的定義得出初末狀態(tài)磁通量的大小，繼而得出磁通量的變化量；

（2）確定線圈初末位置磁場(chǎng)穿過的有效面積，再根據(jù)磁通量的定義得出初末狀態(tài)磁通量的大小，繼而得出磁通量的變化量；14．【答案】（1）解：由圖可知碰前vv碰后vvAB系統(tǒng)碰撞過程動(dòng)量守恒m解得m（2）解：碰前系統(tǒng)動(dòng)能E碰后系統(tǒng)動(dòng)能E由此可知E因此該碰撞為彈性碰撞?！窘馕觥俊痉治觥浚?）x-t圖像的斜率表示速度，根據(jù)圖像確定碰撞前后AB的速度，再根據(jù)動(dòng)量守恒定律確定AB的質(zhì)量關(guān)系；

（2）若系統(tǒng)發(fā)生彈性碰撞，則系統(tǒng)的初動(dòng)能與系統(tǒng)的末動(dòng)能相等。根據(jù)題意分別推導(dǎo)得出系統(tǒng)的初末動(dòng)能，根據(jù)初末動(dòng)能的關(guān)系確定是否為彈性碰撞。15．【答案】（1）解：電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)前，S1斷開，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得車燈