陜西省咸陽市高三下學(xué)期模似考拭（二）物理試題

陜西省咸陽市2018屆高三模擬考試（二）理綜物理試題一、選擇題1.對下列各項(xiàng)敘述正確的是（）A.實(shí)物粒子只具有粒子性，沒有波動性，光子具有粒子二象性B.粒子散射實(shí)驗(yàn)中少數(shù)粒子發(fā)生較大偏轉(zhuǎn)是盧瑟福猜想原子核式結(jié)構(gòu)模型的主要依據(jù)C.當(dāng)入射光的波長低于極限波長時(shí)不會發(fā)生光電效應(yīng)D.若使放射性物質(zhì)的溫度升高，其半衰期將減小【答案】B2.如圖所示，a、b兩個(gè)小球穿在一根光滑的固定桿上，并且通過一條細(xì)繩跨過定滑輪連接。已知b的質(zhì)量為m，桿與水平面成θ角，不計(jì)所有摩擦，重力加速度為g．當(dāng)兩球靜止時(shí)，Oa段繩與桿的夾角也為θ，Ob段繩沿豎直方向，則下列說法正確的是（）A.a可能受到2個(gè)力的作用B.b可能受到3個(gè)力的作用C.繩子對a的拉力等于mgD.a的重力為mgtanθ【答案】C【解析】試題分析：對a球受力分析可知，a受到重力，繩子的拉力以及桿對a球的彈力，三個(gè)力的合力為零，故A錯(cuò)誤；對b球受力分析可知，b受到重力，繩子的拉力，兩個(gè)力合力為零，桿子對b球沒有彈力，否則b不能平衡，故B錯(cuò)誤；由于b受到重力和繩子拉力處于平衡狀態(tài)，則繩子拉力T=mg，同一根繩子上的拉力相等，故繩子對a的拉力等于mg，故C正確；分別對AB兩球分析，運(yùn)用合成法，如圖，根據(jù)正弦定理列式得：；解得：，故D錯(cuò)誤．故選C．考點(diǎn)：物體的平衡【名師點(diǎn)睛】本題考查了隔離法對兩個(gè)物體的受力分析，關(guān)鍵是抓住同一根繩子上的拉力處處相等結(jié)合幾何關(guān)系將兩個(gè)小球的重力聯(lián)系起來．3.如圖所示A、B兩個(gè)運(yùn)動物體的xt圖像，下述說法正確的是（）A.A，B兩個(gè)物體開始時(shí)相距100m，同時(shí)同向運(yùn)動B.B物體做勻減速直線運(yùn)動，加速度大小為5m/s2C.A，B兩個(gè)物體運(yùn)動8s時(shí)，在距A的出發(fā)點(diǎn)60m處相遇D.A物體在2s到6s之間做勻速直線運(yùn)動【答案】C【解析】試題分析：圖像的斜率代表速度，故B物體速率為負(fù)，即速度方向?yàn)樨?fù)方向。A的斜率為正，即速度方向?yàn)檎较颉tAB兩物體運(yùn)動方向相反，故A錯(cuò)。由圖像可知，B物體做負(fù)方向的勻速直線運(yùn)動，故加速度為零，故B錯(cuò)。圖像交點(diǎn)表示相遇，A從原點(diǎn)位置出發(fā)，當(dāng)A、B兩個(gè)物體運(yùn)動8s時(shí)，在距A的出發(fā)點(diǎn)60m處相遇，故C對。A物體在2s到6s之間縱坐標(biāo)不發(fā)生變化，故處于靜止?fàn)顟B(tài)，故D錯(cuò)。故選C?？键c(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動位移圖像?！久麕燑c(diǎn)睛】解題的關(guān)鍵是要弄清楚勻變速直線運(yùn)動位移圖像的特點(diǎn)：位移圖像的斜率代表物體運(yùn)動的速度，圖像的縱坐標(biāo)表示某一時(shí)刻物體的位置，交點(diǎn)代表相遇。4.如圖甲，匝數(shù)n=2的金屬圈（電阻不計(jì)）圍成的面積為20cm2，線圈與R=20Ω的電阻連接，置于豎直向上、均勻分布的磁場中，．磁場與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，Bt關(guān)系如圖乙，規(guī)定感應(yīng)電流i從a經(jīng)過R到b的方向?yàn)檎较颍雎跃€圈的自感影響，則下列it關(guān)系圖正確的是（）A.B.C.D.【答案】D考點(diǎn)：楞次定律【名師點(diǎn)睛】由右圖可知B的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況；本題要求學(xué)生能正確理解圖的含義，才能準(zhǔn)確的利用楞次定律進(jìn)行判定。5.空間有一勻強(qiáng)電場，在電場中建立如圖所示的直角坐標(biāo)系Oxyz，M、N、P為電場中的三個(gè)點(diǎn)，M點(diǎn)的坐標(biāo)（0，a，0），N點(diǎn)的坐標(biāo)為（a，0，0），P點(diǎn)（圖中未畫出）的坐標(biāo)為（a，，）．已知電場方向平行于直線MN，M點(diǎn)電勢為0，N點(diǎn)電勢為1V，則P點(diǎn)的電勢為（）A.B.C.D.【答案】D【解析】試題分析：根據(jù)題意已知電場方向平行于直線MN，點(diǎn)M的電勢為0，點(diǎn)N的電勢為1V，故，將電場強(qiáng)度沿著x方向和+y方向正交分解，設(shè)合場強(qiáng)為E，則x和+y方向的分量分別為：，設(shè)P在xOy平面上的投影為點(diǎn)，投影點(diǎn)的坐標(biāo)為，則聯(lián)立即得，又因N點(diǎn)電勢為1V，則電勢為，即P點(diǎn)電勢為，D正確考點(diǎn)：考查了電勢，【名師點(diǎn)睛】將電場強(qiáng)度沿坐標(biāo)軸方向正交分解，求出軸向的E的分量值，再選用U=Ed，求得電勢差，得電勢．6.如圖所示，電路中電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，C為電容器，L為小燈泡，R為定值電阻，閉合電鍵，小燈泡能正常發(fā)光，．現(xiàn)將滑動變阻器滑片向右滑動一段距離，滑動前后理想電壓表V1、V2、V3示數(shù)變化量的絕對值分別為，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為，則（）A.電源的輸出功率一定增大B.燈泡亮度逐漸變暗C.均保持不變D.當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，小燈泡立刻熄滅【答案】BC【解析】A、將滑動變阻器滑片向右滑動時(shí)接入電路的電阻減小，電路中電流增大，電源的內(nèi)電壓增大，則路端電壓減小，示數(shù)增大，A的示數(shù)增大，由于電源的內(nèi)阻與外電阻的大小關(guān)系未知，所以電源的輸出功率不一定增大，故A錯(cuò)誤；

B、電路中電流增大，通過燈泡的電流增大，所以燈泡變亮，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)，得，保持不變，，保持不變，根據(jù)閉合電路歐姆定律：，則，保持不變，故C正確；

D、當(dāng)電路穩(wěn)定后，斷開電鍵，電容器通過燈泡和變阻器放電，所以小燈泡不會立即熄滅，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：本題是電路的動態(tài)分析問題，關(guān)鍵要搞清電路的結(jié)構(gòu)，明確電表各測量哪部分電路的電壓或電流，根據(jù)閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析。7.如圖所示為一種質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，此質(zhì)譜儀由以下幾部分構(gòu)成：離子源、加速電場、靜電分析器、磁分析器、收集器，靜電分析器通道中心線半徑為R，，通道內(nèi)有均勻輻射電場，在中心線處的電場強(qiáng)度大小為E；磁分析器中分布著方向垂直于紙面，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，其左邊界與靜電分析器的右邊界平行．由離子源發(fā)出一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為q的正離子（初速度為零，重力不計(jì)），經(jīng)加速電場加速后進(jìn)入靜電分析器，沿中心線MN做勻速圓周運(yùn)動，而后由P點(diǎn)進(jìn)入磁分析器中，最終經(jīng)過Q點(diǎn)進(jìn)入收集器．下列說法中正確的是（）A.磁分析器中勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向內(nèi)B.加速電場中的加速電壓C.磁分析器中圓心O2到Q點(diǎn)的距離D.任何離子若能到達(dá)P點(diǎn)，則一定能進(jìn)入收集器【答案】BC【解析】A、離子在磁分析器中沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動，所受洛倫磁力指向圓心，根據(jù)左手定則，磁分析器中勻強(qiáng)磁場方向垂直于紙面向外，故A錯(cuò)誤；

B、離子在靜電分析器中做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律有：，

設(shè)離子進(jìn)入靜電分析器時(shí)的速度為v，離子在加速電場中加速的過程中，由動能定理有：，解得：，B正確；

C、離子在磁分析器中做勻速圓周運(yùn)動，由牛頓第二定律有：，解得：，則：，故C正確；

D、由B可知：，R與離子質(zhì)量、電量無關(guān)；離子在磁場中的軌道半徑：，離子在磁場中做圓周運(yùn)動的軌道半徑與電荷的質(zhì)量和電量有關(guān)，能夠到達(dá)P點(diǎn)的不同離子，半徑不一定都等于d，不一定能進(jìn)入收集器，故D錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：本題考查粒子在電場中加速與勻速圓周運(yùn)動，及在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，掌握電場力與洛倫茲力在各自場中應(yīng)用，注意粒子在靜電分析器中電場力不做功。8.如圖所示，弧形軌道固定于足夠長的水平軌道上，弧形軌道與水平軌道平滑連接，水平軌道上靜置一小球B和C，小球A從弧形軌道上離地面高h(yuǎn)處由靜止釋放。，小球A沿軌道下滑后與小球B發(fā)生彈性正碰，碰后小球A被彈回，B球與C球碰撞后粘在一起，A球彈同后再從弧形軌道上滾下，已知所有接觸面均光滑，A、C兩球的質(zhì)量相等，B球的質(zhì)量為A球質(zhì)量的2倍，如果讓小球A從h=0.2m處靜止釋放，則下列說法正確的是（重力加速度為g=10m/s2）（）A.A球從h處由靜止釋放則最后不會與B球冉相碰B.A球從h處由靜止釋放則最后會與B球再相碰C.A球從h=0.2m處由靜止釋放則C球的最后速度為D.A球從h=0.2m處由靜止釋放則C球的最后速度為【答案】AD【解析】A、設(shè)A球的質(zhì)量為m，A從弧形軌道滑到水平軌道的過程中，根據(jù)動能定理得：，解得：

A與B發(fā)生彈性正碰，則碰撞過程中，AB動量守恒，機(jī)械能守恒，以A的初速度方向?yàn)檎较颍蓜恿渴睾愫蜋C(jī)械能守恒定律得：

解得：，。

B與C碰撞過程中，BC組成的系統(tǒng)動量守恒，以B的速度方向?yàn)檎?，根?jù)動量守恒定律得：解得：，所以最后A球不會與B球再相碰，故A正確，B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)時(shí)，根據(jù)、可得，C球最后的速度，故C錯(cuò)誤，D正確。點(diǎn)睛：本題考查動量守恒定律及能量守恒定律的直接應(yīng)用，要注意在分析問題時(shí)，要正確選擇研究對象系統(tǒng)，明確動量守恒的條件及應(yīng)用，注意要規(guī)定正方向。二、實(shí)驗(yàn)題9.一同學(xué)用如圖甲所示實(shí)驗(yàn)裝置（打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、紙帶圖中未畫出），探究在水平固定的長木板上物體加速度隨外力變化的關(guān)系。．分別用不同的重物P掛在光滑的輕質(zhì)滑輪上，使平行于長木板的細(xì)線拉動長木板上的物體A，由靜止開始加速運(yùn)動（紙帶與打點(diǎn)計(jì)時(shí)器之間的阻力及空氣阻力可忽略）．實(shí)驗(yàn)后將物體A換成物體B重做實(shí)驗(yàn)，進(jìn)行數(shù)據(jù)處理，分別得到了物體A、B的加速度a與輕質(zhì)彈簧秤彈力F的關(guān)系圖象如圖丙A、B所示．（1）由圖甲判斷下列說法正確的是________A．實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，后釋放物體PB．彈簧秤的讀數(shù)F即為物體A或B受到的合外力C．實(shí)驗(yàn)中物體A或B的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于重物P的質(zhì)量D．彈簧秤的讀數(shù)始終是重物P的重力的一半（2）該同學(xué)實(shí)驗(yàn)時(shí)將打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接到頻率為50HZ的交流電源上，某次得到一條紙帶，打出的部分計(jì)數(shù)點(diǎn)如圖乙所示（每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)，圖中未畫出）．s1=3.61cm，s2=4.41cm，s3=5.19cm，s4=5.97cm，s5=6.78cm，s6=7.58cm．則小車的加速度a=________m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）．（3）該同學(xué)研究得到的兩物體的aF的關(guān)系圖象，發(fā)現(xiàn)兩個(gè)物體的質(zhì)量不等，且mA________mB（選填“大于”或“小于”）【答案】(1).A;(2).0.79;(3).小于；【解析】(1)A項(xiàng)：實(shí)驗(yàn)時(shí)為了能使打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)穩(wěn)定，應(yīng)先通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的電源，后釋放物體P，故A正確；B項(xiàng)：彈簧秤示數(shù)即為細(xì)線的拉力，但A或B還受木板的摩擦，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：本實(shí)驗(yàn)中細(xì)線的拉力可直接通過彈簧秤讀出，所以不要物體A或B的質(zhì)量應(yīng)遠(yuǎn)大于重物P的質(zhì)量，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：只有當(dāng)P處于平衡狀態(tài)時(shí)，彈簧秤的讀數(shù)始終是重物P的重力的一半，故D錯(cuò)誤。(2)交變電流的頻率為50Hz，所以周期為0.02s，每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)，圖中未畫出，所以相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.1s，利用逐差法可知，，代入數(shù)據(jù)可得：；(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理得，，即直線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，由圖可知，A直線斜率更大，所以A物體質(zhì)是更小。10.研究小組要測定某直流電動機(jī)正常工作時(shí)的機(jī)械功率，電動機(jī)銘牌上只有額定電壓為10V，其它字跡不清楚．現(xiàn)實(shí)驗(yàn)室提供的器材有電流表、電壓表、滑動變阻器（阻值較?。?、備用蓄電池，開關(guān)、若干導(dǎo)線、細(xì)線、重物．（1）小組成員設(shè)計(jì)如圖甲、乙兩個(gè)測量電路，其中比較合理的是__________（填寫“甲”或“乙”）圖．（2）根據(jù)選取的電路圖完成丙圖中用電動機(jī)提升重物的實(shí)物電路連接_____．（3）閉合電鍵前應(yīng)將丙圖中的滑動變阻器的滑片移到最_______端（填“左”或“右”），閉合電鍵后移動滑動變阻器，使電壓表和電流表都有明顯的示數(shù)，但電動機(jī)并未轉(zhuǎn)動，讀出此時(shí)電壓表和電流表的示數(shù)分別為2V、1A，繼續(xù)移動滑動變阻器的滑片，將電壓表的示數(shù)調(diào)為10V，這是電流表的示數(shù)為0.4A，此時(shí)電動機(jī)輸出的機(jī)械功率為_______W，若重物重為8N，則重物上升的速度大小為_________m/s?！敬鸢浮?1).乙；(2).(3).右；(4).3.68W;(5).0.46;【解析】（1）乙電路能夠使得電動機(jī)得到從零開始的連續(xù)可調(diào)的電壓，便于調(diào)節(jié)到在電壓較低的情況下電動機(jī)不轉(zhuǎn)時(shí)的電壓表和電流表的值，便于測出電動機(jī)線圈的電阻，故選乙圖較好；（2）實(shí)物圖如圖所示（3）為了使閉合電鍵時(shí)滑動變阻器的輸出電壓為零，應(yīng)將丙圖中的滑動變阻器的滑片移到最右端；由題可知電動機(jī)線圈的電阻為，加額定電壓時(shí)，電動機(jī)的輸出功率即機(jī)械功率為，若重物的重為2N，由點(diǎn)睛：電動機(jī)的總功率等于機(jī)械功率與熱功率之和，根據(jù)題意應(yīng)用歐姆定律求出電動機(jī)的內(nèi)阻，然后應(yīng)用功率公式求出電動機(jī)的熱功率，然后可以求出電動機(jī)的機(jī)械功率，應(yīng)用P=Fv可以求出物體的速度。三、計(jì)算題11.ETC是日前世界上最先進(jìn)的路橋收費(fèi)方式，它通過安裝在車輛擋風(fēng)玻璃上的車載電子標(biāo)簽與設(shè)在收費(fèi)站ETC通道上的微波天線進(jìn)行短程通信，利用網(wǎng)絡(luò)與銀行進(jìn)行后臺結(jié)算處理，從而實(shí)現(xiàn)車輛不停車就能支付路橋費(fèi)的目的．2015年我國ETC已實(shí)現(xiàn)全國聯(lián)網(wǎng)，大大縮短了車輛通過收費(fèi)站的時(shí)間．假設(shè)一輛汽車以10m/s的速度駛向收費(fèi)站，若進(jìn)入人工收費(fèi)通道，它從距收費(fèi)窗口20m處開始減速，至窗口處恰好停止，再用10s時(shí)間完成交費(fèi)；若進(jìn)入ETC通道，它從某位置開始減速，當(dāng)速度減至5m/s后，再以此速度勻速行駛5m即可完成交費(fèi)．若兩種情況下，汽車減速時(shí)加速度相同，求：（1）汽車進(jìn)入ETC通道減速行駛的位移；（2）汽車從開始減速到交費(fèi)完成，從ETC通道通行比人工收費(fèi)通道節(jié)省的時(shí)間。【答案】（1）（2）【解析】(1)根據(jù)速度位移公式得，勻減速直線運(yùn)動的加速度大小為：汽車在ETC收費(fèi)通道，勻減速直線運(yùn)動的位移為：(2)過人工收費(fèi)通道,勻減速直線運(yùn)動的時(shí)間為：t3=v/a=10/2.5s=4s，汽車進(jìn)入人工收費(fèi)通道，從開始減速到交費(fèi)完成所需的時(shí)間t=4+10s=14s.汽車在ETC收費(fèi)通道，勻減速運(yùn)動的時(shí)間為：t1=(v′?v)/a=(5?10)/(?2.5)s=2s，勻減速運(yùn)動的位移為：x1=v′2?v22a=25?100?5m=15m，勻速行駛的時(shí)間為：t2=x/′v′=5/5s=1s，從開始減速到交費(fèi)完成所需的時(shí)間為：t=t1+t2=3s.因?yàn)榻?jīng)過ETC通道勻減速運(yùn)動的位移和勻速運(yùn)動的位移之和等于經(jīng)過人工收費(fèi)通道的位移，可知節(jié)省的時(shí)間為：△t=t3+10?t=4+10?3s=11s?！久麕燑c(diǎn)睛】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的速度位移公式求出汽車減速運(yùn)動的加速度大小；根據(jù)速度時(shí)間公式求出速度減為零的時(shí)間，結(jié)合交費(fèi)的時(shí)間，求出減速到交費(fèi)完成所需的時(shí)間；根據(jù)速度時(shí)間公式求出經(jīng)過ETC通道減速的時(shí)間，以及勻速行駛5m的時(shí)間，根據(jù)速度位移公式求出勻減速運(yùn)動的位移，抓住汽車在兩種情況下通過相等位移所需的時(shí)間，從而得出節(jié)省的時(shí)間。12.如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy，在第Ⅰ象限內(nèi)有平行于y軸的勻強(qiáng)電場，方向沿y軸正方向；在第Ⅳ象限的正三角形abc區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場，方向垂直于xOy平面向里，正三角形邊長為L，且ab邊與y軸平行．一質(zhì)量為m、電荷量為q的粒子，從y軸上的P（0，h）點(diǎn)，以大小為v0的速度沿x軸正方向射入電場，通過電場后從x軸上的a（2h，0）點(diǎn)進(jìn)入第Ⅳ象限，又經(jīng)過磁場從y軸上的某點(diǎn)進(jìn)入第Ⅲ象限，且速度與y軸負(fù)方向成30°角，不計(jì)粒子所受的重力．求：（1）電場強(qiáng)度E的大??；（2）粒子到達(dá)a點(diǎn)時(shí)速度的大小和方向；（3）abc區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的最小值，并求粒子從P點(diǎn)到離開第IV象限所經(jīng)歷的時(shí)間。【答案】（1）（2），（3）【解析】試題分析：（1）、（2）粒子在電場中做類平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律可求解電場強(qiáng)度E和在a點(diǎn)的速度大小和方向；（3）粒子在進(jìn)入磁場時(shí)的速度根據(jù)（1）可求解，粒子在磁場中受洛倫茲力作用做圓周運(yùn)動，根據(jù)幾何關(guān)系可求得半徑r，從而可求磁場強(qiáng)度；分段求出粒子在電場、磁場中、及出磁場后的時(shí)間，三段時(shí)間之和即為所求總時(shí)間．（1）運(yùn)動過程如圖所示設(shè)粒子在電場中運(yùn)動的時(shí)間t，則有水平方向：豎直方向：在電場中有：聯(lián)立得：（2）粒子到達(dá)a點(diǎn)時(shí)沿y軸負(fù)方向的分速度則，則，即粒子在a點(diǎn)速度方向指向第Ⅳ象限與x軸正方向成角（3）因?yàn)榱Ｗ訌膟軸上的某點(diǎn)進(jìn)入第Ⅲ象限，且速度與y軸負(fù)方向成角，且，所以粒子只能從磁場的ab邊射出，當(dāng)粒子從b點(diǎn)射出時(shí)，r最大，此時(shí)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度有最小值，由幾何關(guān)系得：r＝L粒子在磁場中運(yùn)動時(shí)，有解得：磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值由（1）可知在電場運(yùn)動時(shí)間在磁場中，運(yùn)動時(shí)間做勻速直線運(yùn)動時(shí)間故運(yùn)動的總時(shí)間【點(diǎn)睛】帶電粒子在電磁場中的做類平拋運(yùn)動，由類平拋運(yùn)動的規(guī)律求解電場強(qiáng)度和在a點(diǎn)的速度；在磁場中要分析當(dāng)粒子從b點(diǎn)射出時(shí)，r最大，此時(shí)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度有最小值，由磁場運(yùn)動規(guī)律求出最小磁感應(yīng)強(qiáng)度．13.下列說法正確的是__________。A．物體的溫度變化時(shí)，其分子平均動能一定隨之改變B．在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而增加C．不可能從單一熱源吸收熱量使之完全變成功D．物體內(nèi)能的增加等于外界對物體所做的功與從外界吸收的熱量之和E．滿足能量守恒定律的物理過程一定能自發(fā)進(jìn)行【答案】ABD【解析】溫度是分子平均動能的標(biāo)志，則物體的溫度變化時(shí)，其分子平均動能一定隨之改變，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；氣體的壓強(qiáng)是由大量分子對器壁的碰撞而產(chǎn)生的，它包含兩方面的原因：分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)和每一次的平均撞擊力。氣體的溫度降低時(shí)，分子的平均動能減小，所以在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而增加,故B正確。根據(jù)熱力學(xué)第二定律，從單一熱源吸收熱量使之完全變成功時(shí)可能的，但要引起其它變化，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第一定律，物體內(nèi)能的增加等于外界對物體所做的功與從外界吸收的熱量之和，選項(xiàng)D正確；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，自然界的宏觀熱現(xiàn)象的過程都有方向性，滿足能量守恒定律的物理過程不一定能自發(fā)進(jìn)行，故E錯(cuò)誤；故選ABD.14.如圖所示，導(dǎo)熱性能良好的圓筒形密閉氣缸水平放置，可自由活動的活塞將氣缸分隔成A、B兩部分．活塞與氣缸左側(cè)面連接一輕質(zhì)彈簧，當(dāng)活塞與氣缸右側(cè)面接觸時(shí)彈簧恰好無形變．開始時(shí)環(huán)境溫度為t1=27℃，B內(nèi)充有一定質(zhì)量的理想氣體，A內(nèi)是真空．穩(wěn)定時(shí)B部分氣柱長度為L1=0.10m，此時(shí)彈簧彈力與活塞重力大小之比為3：4．已知活塞的質(zhì)量為m=3.6kg，截面積S=20cm2，重力加速度g=10m/s2．（i）將活塞鎖定，將環(huán)境溫度緩慢上升到t2=127℃，求此時(shí)B部分空氣柱的壓強(qiáng)；（ii）保持環(huán)境溫度t2不變，解除活塞鎖定，將氣缸緩慢旋轉(zhuǎn)90°成豎直放置狀態(tài)，B部分在上面，求穩(wěn)定時(shí)B部分空氣柱的長度。（標(biāo)準(zhǔn)大氣壓下冰的熔點(diǎn)為273K）【答案】（1）（2）【解析】【分析】根據(jù)平衡條件求出氣體初狀態(tài)的壓強(qiáng)，由查理定律求出環(huán)境溫度緩慢上升時(shí)B部分空氣柱的壓強(qiáng)，氣缸豎直放置，活塞處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件求出氣體的壓強(qiáng)，由玻意耳定律求出穩(wěn)定時(shí)B部分空氣柱的長度。