四川省射洪中學2024-2025學年高二上學期第一次月考物理（強基班）試題（解析版）

第1頁/共1頁射洪中學高2023級強基班高二上期第一學月考試物理試題注意事項：1.答卷前，考生務必將自己的班級、姓名、考號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。寫在本試卷上無效。3.回答非選擇題時，將答案寫在答題卡對應題號的位置上。寫在本試卷上無效。4.考試結束后，將答題卡交回。一、單項選擇題1.電場強度有三個公式，分別為E=、E=k、E=，關于這三個公式的理解和運用，下列說法正確的是（）A.公式E=表示，電場強度與電場力F成正比，與電荷量q成反比B.公式E=k是點電荷電場強度的定義式，它表示空間中某點的電場強度與點電荷的電荷量Q成正比，與該點到點電荷的距離r的二次方成反比C.公式E=是勻強電場中電場強度與電勢差的關系式，由此公式可知，在勻強電場中，兩點之間的電勢差與這兩點之間的距離在沿電場線方向上的投影成正比D.公式E=k只適合點電荷形成的電場，因而空間中有多個點電荷時求合場強，E=k不再適用?！敬鸢浮緾【解析】【詳解】A．公式E=是場強的定義式，不是決定式，電場強度與電場力F不成正比，與電荷量q不成反比，故選項A錯誤；B．式E=k是點電荷電場強度的決定式，不是定義式，故選項B錯誤；C．公式E=是勻強電場中電場強度與電勢差的關系式，由此公式可知，在勻強電場中，兩點之間的電勢差與這兩點之間的距離在沿電場線方向上的投影成正比，是正確的，故選項C正確；D．公式E=k只適合點電荷形成的電場，空間中有多個點電荷時求合場強，E=k是適用的，故選項D錯誤。故選C。2.在顯像管的電子槍中，從熾熱的金屬絲不斷放出的電子進入電壓為U的加速電場，設其初速度為零，經加速后形成橫截面積為S、電流為I的電子束。已知電子的電荷量為e、質量為m，則在剛射出加速電場時，一小段長為Δl的電子束內的電子個數是()A. B.C. D.【答案】B【解析】【詳解】在加速電場中有eU＝mv2得v＝在剛射出加速電場時，一小段長為Δl的電子束內電荷量為q＝IΔt＝I則電子個數n＝＝故選B。3.如圖所示，實線為某一點電荷電場的部分電場線，虛線為某帶電粒子只在電場力作用下的運動軌跡，a、b、c是軌跡上的三個點，則（）A.粒子一定帶負電B.粒子一定是從a點運動到b點C.粒子在c點的加速度一定大于在b點的加速度D.粒子c點的電勢能小于b點的電勢能【答案】C【解析】【詳解】A．由合力的方向指向運動軌跡的凹側，可知粒子受力方向與電場方向一致，所以帶正電，故A錯誤；B．只知道曲線運動軌跡不能判斷運動方向，所以粒子運動方向無法確定，故B錯誤；C．由于c點電場線比b點電場線密，在電場中根據可知c點場強大，粒子在c點受力大，加速度大，故C正確；D．沿著電場線電勢逐漸降低，可得，粒子帶正電，由，可知，故D錯誤。故選C。4.如圖，絕緣豎直圓環(huán)上均勻分布著正電荷，軸為圓環(huán)軸線，光滑細桿位于圓環(huán)軸線上，桿上套有帶正電小球。時將小球從圓環(huán)右側點由靜止釋放，則小球運動速度隨時間變化關系圖像及軸上電勢與坐標的關系圖像可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】AB．因沿著Ox方向場強先增加后減小，可知小球受電場力先增加后減小，加速度先增加后減小，v-t圖像的斜率先增加后減小，則圖像A正確，B錯誤；CD．沿Ox正向電勢逐漸降低，因小球向右移動相同距離時電場力做功越來越小，可知相同距離的電勢差不相等，則圖像不是按線性減小，選項CD錯誤。故選A。5.如圖所示，虛線為勻強電場中的一組等勢線，相鄰兩等勢線間的距離相等，電勢差也相等，實線AB為一電子在電場中的運動軌跡。已知電子在等勢線φ0上具有動能8eV，它運動到等勢線φ3上時動能為2eV。令φ0＝0，電子重力不計，下列說法正確的是（）A.電場方向水平向左B.該電子剛好能經過等勢線φ4C.電子在B點的電勢能為D.當該電子的電勢能為4eV時，其動能大小為4eV【答案】D【解析】【詳解】A．根據題意可知電子從A到B，動能減小，則電勢能增大，而電子帶負電，在電勢低處電勢能大，所以，則電場方向水平向右，故A錯誤。B．根據動能定理可得可得相鄰兩等勢線間的距離相等，電勢差也相等，則有若電子可以經過等勢線，則有可知電子可以經過等勢線時的動能為0，但圖中電子做曲線運動，電子的速度不可能減為0，所以電子不能到達等勢線，故B錯誤；C．根據，可得則電子在B點的電勢能為故C錯誤；D．由于電子只受電場力，所以電子的動能和電勢能之和保持不變，在等勢線處，有則當該電子的電勢能為4eV時，其動能大小為4eV，故D正確。故選D。6.某課外興趣小組為了將一小量程的電流表改裝成一多用電表，設計了如圖所示的電路。已知小量程電流表的內阻Rg＝100Ω，滿偏電流Ig＝1mA，電阻R1＝9900Ω，，下列判斷正確的是（）A.當S1和S2均斷開時，改裝成的表是電壓表，量程為9.9VB.當S1和S2均斷開時，改裝成的表是電壓表，量程為1VC.當S1和S2均閉合時，改裝成的表是電流表，量程為0.1AD.當S1和S2均閉合時，改裝成的表是電流表，量程為1A【答案】C【解析】【詳解】AB．當S1和S2均斷開時，小量程的電流表G與串聯，故小量程電流表G改裝成的表是電壓表，其量程為故AB錯誤；CD．當S1和S2均閉合時，小量程的電流表G與并聯，故小量程電流表G改裝成的表是電流表，其量程為故C正確，D錯誤。故選C。7.如圖所示，電源電動勢E及內電阻r恒定不變，R、R1為定值電阻，R2為滑動變阻器，電壓表V及電流表A1、A2均為理想電表。下列說法正確的是（）A.若S閉合，當R2的滑片向下滑動時，兩電流表A1、A2的示數變化量ΔI1>ΔI2B.若S閉合，當R2的滑片向下滑動時，電壓表V和電流表A1的示數變化量的絕對值之比不斷改變C.若S閉合，當R2的滑片向下滑動時，電壓表V和電流表A1的示數變化量的絕對值之比不變D.若R2接入電路的電阻值保持某一不為零的值不變，將開關S由斷開轉為閉合，則電流表A1的示數變小，電壓表V、電流表A2的示數均變大【答案】C【解析】【詳解】A．若S閉合，當R2的滑片向下滑動時，的有效阻值減小，故總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律可知干路電流增大，由閉合電路歐姆定律有可知電壓示數減小，即并聯部分電壓減小，則流過的電流減小，根據可知流過的電流變大，即A2的的示數變大，而可得故A錯誤；BC．若S閉合，當R2的滑片向下滑動時，由閉合電路歐姆定律有可得電壓表V和電流表A1的示數變化量的絕對值之比為可知比值不變，故B錯誤，C正確；D．若R2接入電路的電阻值保持某一不為零的值不變，將開關S由斷開轉為閉合，則干路總電阻減小，由閉合電路歐姆定律知電流表的示數變大，電源的內電壓和R兩端的電壓增大，電壓表V減小，電流表的示數也變小，故D錯誤。故選C。二、多項選擇題8.如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B平行水平放置并與一電源相連，開關S閉合后，兩板間有一質量為m、帶電量為q的油滴恰好在P點處于靜止狀態(tài)。則下列說法正確的是（）A.在S仍閉合的情況下，若將A板向下平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G中有方向為的電流B.在S仍閉合的情況下，若將A板向右平移一小段位移，則油滴向上加速運動，G中有方向為的電流C.若將S斷開，再將B板向下平移一小段位移，P點電勢不變D.若將S斷開，且將A板向左平移一小段位移，P點電勢降低【答案】AD【解析】詳解】A．開始時，重力和電場力平衡，故將A板向下移，由可知E變大，故油滴應向上加速運動；根據解得因電壓U不變，隨著間距d減小，故電容器電量增大將充電，故G中有的電流，故A正確；B．若將A板向右平移一小段位移，即減小正對面積，由可知，因間距d不變，那么E不變，油滴仍靜止；同理可得故電容器電量減小將放電，故G中有的電流，故B錯誤；C．若將S斷開，Q不變，根據解得將B板向下平移一小段位移，電場強度不變，因，由因變大，則P點電勢降低，故C錯誤；D．若將S斷開，Q不變，A向左平移一小段距離，同理可得可知E增大，由于可知P點電勢降低，故D正確。故選AD。9.在x軸上各點電場強度E平行于x軸且隨x的變化規(guī)律如圖所示，O、A、B、C為x軸上等間距的四個點?，F將帶正電的檢驗電荷從O點靜止釋放，檢驗電荷沿直線運動到A點時的動能為Ek。已知檢驗電荷只受電場力作用，則以下分析正確的是（）A.該電場的O、A、B、C四個點，A點的電勢最高B.檢驗電荷運動到C點時的動能小于3EkC.檢驗電荷從O點到C點，先做加速運動，后做減速運動D.O、A、B、C四個點，A點附近電場線最密【答案】BD【解析】【詳解】AC．從O到C電場方向一直向右，故電勢一直降低，O點電勢最高，且?guī)д姷脑囂诫姾伤艿碾妶隽ο蛴?，電荷將一直加速，故AC錯誤；B．根據圖像與橫軸圍成的面積表示電勢差，可知根據動能定理可得，聯立可得故B正確；D．O、A、B、C四個點，A點電場強度最大，故A附近電場線最密，故D正確。故選BD。10.如圖，一半徑為R的固定的光滑絕緣圓環(huán)，位于豎直平面內；環(huán)上有兩個相同的帶電小球a和b(可視為質點)，只能在環(huán)上移動，靜止時兩小球之間的距離為R?，F用外力緩慢推左球a使其到達圓環(huán)最低點c，然后撤除外力，下列說法正確的是（）A.左球a到達c點時，圓環(huán)對b球的支持力比剛開始小B.左球a到達c點的過程中，外力做正功，電勢能增加C.左球a到達c點的過程中，a、b兩球的重力勢能與電勢能之和增加D.撤除外力后，a、b兩球在軌道上運動過程中系統(tǒng)的機械能守恒【答案】ABC【解析】【詳解】A．初始位置受力如圖所示，由幾何關系可知，ab與圓心連線與豎直方向夾角均為60°，可知圓環(huán)對球的支持力左球a到達c點的過程中，b向上運動，做出b球的受力圖，由相似三角形關系可知則圓環(huán)對b球的支持力變小，則A正確；BC．左球a到達c點的過程中，兩者的距離變小，外力做正功，電場力做負功，電勢能增加，a、b兩球的重力勢能與電勢能之和增加，則BC正確；D．撤除外力后，只有重力與庫侖力做功，則a、b兩球在軌道上運動過程中系統(tǒng)的機械能與電勢能之和守恒，則D錯誤。故選ABC。三、實驗題11.如圖1所示，在探究影響平行板電容器電容的因素的實驗中，使電容器帶電后與電源斷開。電容器左側極板A和靜電計外殼接地，電容器右極板B與靜電計金屬球相連?，F請回答下列問題：（1）此時靜電計直接測量的是_____。A.電容C B.電荷量Q C.兩板間的電勢差U D.兩板間場強E（2）保持B板不動，將A板向右移動，靜電計指針張角_____（選填“增大”、“減小”或“不變”）（3）改變相關因素使電容器電容發(fā)生變化，從而可以測量某些物理量，因此可制作電容式傳感器。保持B板不動，將A板上下移動會使靜電計指針的偏角變化。下列傳感器電容變化和此原理相同的是_____；（4）該同學用同一電路分別給兩個不同的電容器充電，電容器的電容，充電時通過傳感器的電流隨時間變化的圖像如圖2中①②所示，其中對應電容為的電容器充電過程圖像的是_____（選填①或②）?！敬鸢浮浚?）C（2）減?。?）CD##DC（4）②【解析】【小問1詳解】根據題意，由圖可知，此時靜電計直接測量的是兩板間的電勢差U。故選C?！拘?詳解】保持B板不動，將A板向右移動，根據得電容變大，根據知電量不變，電勢差減小，靜電計指針張角減小?！拘?詳解】A．保持B板不動，將A板上下移動，目的是改變兩極板的正對面積，A圖是通過改變介電常數來改變電容的大小，故A錯誤；B．B圖是通過改變兩極板間距來改變電容的大小，故B錯誤；CD．CD圖是通過改變兩極板的正對面積來改變電容的大小，故CD正確。故選CD【小問4詳解】用同一電路分別給兩個不同的電容器充電，電容器的電容，則充電完成后，兩電容器兩端電壓相同，根據Q=CU可知，電容器的電容小則其帶電量小，而I-t圖像面積代表帶電量，所以對應電容為的電容器充電過程圖像的是②。12.用歐姆表粗測得某圓柱復合材料的電阻約為12Ω，某實驗小組通過以下實驗測量其電阻率ρ。（1）該實驗小組分別用20分度的游標卡尺、螺旋測微器測量其長度L和直徑D，某次測量結果如圖甲、乙所示：長度L=___________cm，直徑D=___________mm；（2）為了使電阻測量結果盡量準確，從實驗室找出以下供選擇的器材：A.電池組（電動勢，內阻約）B.電流表（，內阻約）C.電流表（，內阻約）D.電壓表（，內阻約）E.電壓表（，內阻約）F.滑動變阻器（，額定電流）G.滑動變阻器（，額定電流）H.開關、導線若干為使通過待測金屬絲的電流能從0開始調節(jié)，上述器材中，電流表應選___________，電壓表應選___________，滑動變阻器應選___________（填寫器材前的序號字母）。圖丙所示電流表讀數為___________A。并用筆劃線代替導線完成圖丁所示實物圖連接___________【答案】（1）①.2.325②.6.700（2）①.C②.D③.F④.0.40⑤.見解析【解析】【小問1詳解】[1]20分度游標卡尺的精確值為，由圖可知長度為[2]螺旋測微器的精確值為，由圖可知直徑為【小問2詳解】[1][2][3]圓柱復合材料的電阻約為12Ω，根據則電流表應選C；由于電動勢，則電壓表應選D；為使通過待測金屬絲電流能從0開始調節(jié)，滑動變阻器應采用分壓接法，為了調節(jié)方便，滑動變阻器應選擇阻值較小的F。[4]電流表選擇量程為，則圖丙所示電流表讀數為；[5]根據可知電流表應采用外接法；且滑動變阻器采用分壓接法，則實物連線如圖所示四、計算題13.如圖甲所示的電路中，R1、R2均為定值電阻，且R1=200Ω，R2阻值未知，R3為滑動變阻器。當其滑片P從左端滑至右端時，測得電源的路端電壓隨電源中流過的電流變化圖線如圖乙所示，其中A、B兩點是滑片P在變阻器的兩個不同端點得到的。求：（1）定值電阻R2的阻值；（2）滑動變阻器的最大阻值；（3）電源的電動勢和內阻。【答案】（1）（2）（3），【解析】【小問1詳解】當P滑到R3的右端時，此時外電路中只有電阻R2，電路參數對應圖乙中的B點，則【小問2詳解】當P滑到R3的左端時，滑動變阻器全部接入電路，電路參數對應乙圖中的A點，由圖乙所示圖像可知解得【小問3詳解】題中圖乙中AB延長線，交U軸于20V處，交I軸于1.0A處，所以電源的電動勢為內阻14.如圖，足夠長的光滑絕緣水平面上豎直固定光滑絕緣半徑為R的四分之一圓弧軌道BC，B為圓弧的最低點，A點在圓弧左側，且AB間距為2R。整個空間處于水平向右的勻強電場中，電場強度大小為E。一質量為m、電荷量為的帶正電小球從A點靜止釋放，忽略空氣阻力，重力加速度為g。求：（1）小球運動到B點時的速度大??；（2）小球在圓弧BC上運動過程中的最大動能；（3）小球運動到最高點時速度的大?。俊敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問1詳解】小球從A到B，根據動能定理可得解得【小問2詳解】當小球在運動到等效最低點時，速度最大，動能最大，而等效最低點位于圓弧BC的中點，此時小球與O點連線與豎直方向的夾角為45°，根據動能定理可得解得【小問3詳解】小球從A到C，根據動能定理有解得小球從C點飛出后，將小球的運動分解為水平方向的初速度為零的勻加速直線運動和豎直方向的豎直上拋運動，則解得即小球運動到最高點時速度的大小為。15.如圖（a），同一豎直平面內A、B、M、N四點距O點的距離均為，O為水平連線的中點，M、N在連線的中垂線上。A、B兩點分別固定有一點電荷，電荷量均為Q（）。以O為原點，豎直向下為正方向建立x軸。若取無窮遠處為電勢零點，則上的電勢隨位置x的變化關系如圖（b）所示。一電荷量為Q（）的小球以一定初動能從M點豎直下落，一段時間