2025屆云南省富源縣第六中學(xué)物理高二上期末檢測模擬試題含解析

2025屆云南省富源縣第六中學(xué)物理高二上期末檢測模擬試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、矩形線圈在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的電動勢如圖，則()A.t1時刻線圈中磁通量為零B.t2時刻線圈通過中性面C.t3時刻線圈中電流方向改變D.t4時刻線圈中磁通量變化率最小2、某同學(xué)在“探究感應(yīng)電流產(chǎn)生的條件”的實驗中，將直流電源、滑動變阻器、線圈A（有鐵芯）、線圈B、靈敏電流計及開關(guān)按圖連接成電路．在實驗中，該同學(xué)發(fā)現(xiàn)開關(guān)閉合的瞬間，靈敏電流計的指針向右偏．由此可以判斷，在保持開關(guān)閉合的狀態(tài)下，下列說法正確的是（）A.當(dāng)線圈A拔出時，靈敏電流計的指針向右偏B.當(dāng)線圈A中的鐵芯拔出時，靈敏電流計的指針向左偏C.當(dāng)滑動變阻器的滑片勻速滑動時，靈敏電流計的指針不偏轉(zhuǎn)D.當(dāng)滑動變阻器的滑片向N端滑動時，靈敏電流計的指針向左偏3、如圖，空間某區(qū)域存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向上（與紙面平行），磁場方向垂直于紙面向里。三個帶正電的微粒a、b、c電荷量相等，質(zhì)量分別為、、。已知在該區(qū)域內(nèi)，a在紙面內(nèi)做勻速圓周運動，b在紙面內(nèi)向右做勻速直線運動，c在紙面內(nèi)向左做勻速直線運動。下列選項正確的是（）A. B.C. D.4、靜電噴涂時，噴槍噴出涂料微粒帶電，在帶正電被噴工件的靜電作用下，向被噴工件運動，最后吸附在其表面．在涂料微粒向工件靠近的過程中()A.涂料微粒帶正電B.離工件越近所受庫侖力越小C.電場力對涂料微粒做負(fù)功D.涂料微粒的電勢能減小5、一質(zhì)量均勻的鋼管，一端支在水平地面上，另一端被豎直繩懸吊著（如圖所示），則鋼管受到幾個力的作用（）A.1 B.2C.3 D.46、回旋加速器的廣泛應(yīng)用有力推動了現(xiàn)代科學(xué)技術(shù)的發(fā)展。其工作原理圖如圖所示，置于真空中的D形金屬盒半徑為R，兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過狹縫的時間可忽略不計，磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場與盒面垂直，A處粒子源產(chǎn)生的粒子，質(zhì)量為m，電荷量為+q，在加速器中被加速.設(shè)粒子初速度為零，高頻交流電壓為U，加速過程中不考慮重力作用和相對論效應(yīng)。則（）A.增大加速電壓U，粒子獲得的最大動能增加B.增大加速電壓U，粒子達(dá)到最大動能所用時間將減少C.增大磁感應(yīng)強度B，要使該粒子仍能正常加速，必須增大交流電的周期D.增大磁感應(yīng)強度B，并使粒子能正常加速，粒子獲得的最大動能不變二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是()A.普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象,第一次提出了能量量子化理論B.大量的電子通過雙縫后在屏上能形成明暗相間的條紋,這表明所有的電子都落在明條紋處C.電子和其他微觀粒子都具有波粒二象性D.光波是一種概率波,光的波動性是由于光子之間的相互作用引起的,這是光子自身的固有性質(zhì)8、如圖所示，真空中有一均勻介質(zhì)球，一束復(fù)色光平行于BOC從介質(zhì)球的A點折射進(jìn)入介質(zhì)球內(nèi)，進(jìn)入介質(zhì)球后分成光束I、Ⅱ，其中光束Ⅰ恰好射到C點，光束Ⅱ射到D點，∠AOB＝60°，則()A.介質(zhì)球?qū)馐虻恼凵渎蚀笥贐.同時進(jìn)入介質(zhì)球的光束Ⅱ比光束Ⅰ先射出介質(zhì)球C.當(dāng)入射角大于某一特定角度時，從A點射進(jìn)介質(zhì)球的光束Ⅱ不會發(fā)生全反射D.用光束Ⅰ和光束Ⅱ分別射向同一雙縫干涉裝置，光束Ⅱ的條紋間距比光束Ⅰ大9、單匝線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉(zhuǎn)動，穿過線圈的磁通量φ隨時間t的變化圖象如圖所示，則A.在t=0時，線圈中磁通量最大，感應(yīng)電動勢也最大B.在0?2×10-2s時間內(nèi)，線圈中感應(yīng)電動勢的平均值為零C.在t=2×10-2s時，線圈中磁通量最大，感應(yīng)電動勢最小D.在t=1×10-2s時，線圈中磁通量最小，感應(yīng)電動勢最大10、如圖所示，豎直放置的兩平行金屬板，長為L，板間距離為d，接在電壓為U的直流電源上。在兩板間加一磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場。一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電油滴，從距金屬板上端高為h處由靜止開始自由下落，并經(jīng)兩板上端連線中點P進(jìn)入板間。油滴在P點所受的電場力與磁場力大小恰好相等，且最后恰好從金屬板的下邊緣離開電磁場區(qū)域?？諝庾枇Σ挥嫞亓铀俣葹間，則下列說法正確的是（）A.油滴剛進(jìn)入電磁場時的加速度為gB.油滴開始下落的高度C.油滴從左側(cè)金屬板的下邊緣離開D.油滴離開電磁場時的速度大小為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)某同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量一圓柱體的長度l，用螺旋測微器測量圓柱體的直徑d，示數(shù)如圖所示。由圖可讀出l＝________cm，d＝________mm；(2)在“測定電源的電動勢和內(nèi)阻”的實驗中，已連接好部分實驗電路。①按如圖甲所示的實驗電路，把圖乙中剩余的電路連接起來_______；②在如圖乙所示的電路中，為避免燒壞電表，閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于________端（填“A”或“B”）；③圖丙是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)作出的U—I圖象，由圖可知，電源的電動勢E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω；(3)在測定金屬電阻率的實驗中，某同學(xué)連接電路如圖所示．閉合電鍵后，發(fā)現(xiàn)電路有故障（已知電源、電表和導(dǎo)線均完好，電源電動勢為E）：①若電流表示數(shù)為零、電壓表示數(shù)為E，則發(fā)生故障的是________（填“待測金屬絲”“滑動變阻器”或“電鍵”）；②若電流表、電壓表示數(shù)均為零，該同學(xué)利用多用電表檢查故障．先將選擇開關(guān)旋至________擋（填“歐姆×100”“直流電壓10V”或“直流電流2.5mA”），再將________（填“紅”或“黑”）表筆固定在a接線柱，把另一支表筆依次接b、c、d接線柱．若只有滑動變阻器斷路，則多用電表的示數(shù)依次是________、________、________。12．（12分）某同學(xué)要將一量程為60mA的毫安表改裝為量程為0－3V的電壓表。他進(jìn)行了以下操作：(1)他先從理論上計算，得知改裝后的電壓表內(nèi)阻應(yīng)為_____________Ω。(2)他又利用甲圖的電路粗略測量毫安表內(nèi)阻，將多用電表調(diào)至×1Ω擋，調(diào)好零點，若兩電表均正常工作，則多用電表表筆a為_____________色（選填“紅”或“黑”）；若此時毫安表的示數(shù)為55.0mA，多用電表的示數(shù)如圖乙所示，且中央刻度值為15.0Ω，則此時多用電表讀數(shù)為_____________Ω，可算得此多用電表內(nèi)電池的電動勢為_____________V。（保留3位有效數(shù)字）。(3)他再經(jīng)計算后將一阻值為R的電阻與毫安表串聯(lián)，改裝為量程為0－3V的電壓表（如丙圖虛線框內(nèi)所示）。然后利用一只標(biāo)準(zhǔn)電壓表，對改裝后的電壓表進(jìn)行檢測。實驗要求滑動變阻器的滑片從左到右移動過程中，電壓表的示數(shù)從零開始逐漸增大，請按此要求用筆畫線代替導(dǎo)線在圖丙的實物接線圖中完成余下導(dǎo)線的連接_____________。(4)檢測發(fā)現(xiàn)，當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電壓表的示數(shù)為2.40V時，毫安表的示數(shù)為50.0mA，由此可以推測出他改裝的電表量程不是預(yù)期值，要達(dá)到預(yù)期目的，只需要_____________A．將阻值為R的電阻更換為一個阻值為R兩倍的電阻B．將阻值為R的電阻更換為一個阻值為R一半的電阻C．將阻值為R的電阻更換為一個阻值比R大2Ω的電阻D．將阻值為R的電阻更換為一個阻值比R小2Ω的電阻四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L，金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角為θ，在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強度B、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面向上的勻強磁場．金屬導(dǎo)軌的一端接有電動勢E、內(nèi)阻r的直流電源，導(dǎo)線電阻不計．現(xiàn)把一個質(zhì)量m且電阻R的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，此時導(dǎo)體棒靜止且緊壓于導(dǎo)軌上．導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，重力加速度取g．求：(1)畫出導(dǎo)體棒ab受力分析圖；(2)通過導(dǎo)體棒ab的電流大?。?3)導(dǎo)體棒ab所受的安培力大小和方向；(4)導(dǎo)體棒ab所受的摩擦力大小和方向14．（16分）如圖所示，水平導(dǎo)體棒AB被兩根豎直細(xì)線懸掛，置于垂直紙面向里的勻強磁場中，已知磁場的磁感應(yīng)強度B＝0.5T，導(dǎo)體棒長L＝1m，質(zhì)量m＝0.5kg，重力加速度g＝10m/s2，當(dāng)導(dǎo)體棒中通以從A到B的電流時(1)判斷導(dǎo)體棒所受安培力方向；當(dāng)電流I＝2A時，求導(dǎo)體棒所受安培力的大小F；(2)導(dǎo)體棒中通過的電流I′為多大時，細(xì)線中拉力剛好為0。15．（12分）如圖所示，在磁感應(yīng)強度為1T的勻強磁場中，讓長度為0.8m的導(dǎo)體棒MN在無摩擦的框架上以5m/s的速度向右勻速運動，電阻R1=6Ω，R2=4Ω，MN的電阻為1.6Ω，其它導(dǎo)體電阻不計，試計算導(dǎo)體棒MN受到的安培力的大小.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】A、t1時刻感應(yīng)電動勢為零，磁通量最大．故A錯誤B、t2時刻感應(yīng)電動勢最大，線圈平面與中性面垂直．故B錯誤C、t3時刻線圈通過中性面，線圈中電流方向改變．故C正確D、t4時刻線圈中感應(yīng)電動勢最大，磁通量變化率最大．故D錯誤故選C2、B【解析】當(dāng)線圈A拔出，或線圈A中的鐵芯拔出時，均導(dǎo)致磁通量減小，因此電流計指針向左偏，故A錯誤，B正確；當(dāng)滑動變阻器的滑片勻速滑動時，穿過線圈的磁通量發(fā)生變化，線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計指針都要發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；當(dāng)滑動變阻器的滑片向N端滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，則電路電流增大，穿過線圈的磁通量增大，因此靈敏電流計的指針向右偏，故D錯誤．所以B正確，ACD錯誤3、B【解析】帶正電的微粒a在紙面內(nèi)做勻速圓周運動，必有帶正電的微粒b向右做勻速直線運動，電場力豎直向上，左手定則判斷洛倫茲力豎直向上，重力豎直向下，平衡條件得得帶正電的微粒c向左做勻速直線運動，電場力豎直向上，左手定則判斷洛倫茲力豎直向下，重力豎直向下，平衡條件得得則有故選B。4、D【解析】由圖知，工件帶正電，則在涂料微粒向工件靠近的過程中，涂料微粒帶負(fù)電，A錯誤；離工件越近，根據(jù)庫侖定律得知，涂料微粒所受庫侖力越大，B錯誤；涂料微粒所受的電場力方向向左，其位移方向大體向左，則電場力對涂料微粒做正功，其電勢能減小，C錯誤，D正確．故選D考點：電勢能；靜電現(xiàn)象的解釋【名師點睛】本題抓住異種電荷相互吸收，分析涂料微粒的電性．根據(jù)電場力做功正負(fù)判斷電勢能的變化情況5、C【解析】對鋼管受力分析，受重力、細(xì)線的豎直向上拉力、地面豎直向上的支持力；地面對鋼管沒有靜摩擦力，否則水平方向不能平衡。故選C。【點睛】受力分析是解力學(xué)題的基礎(chǔ)，通常按照重力、彈力、摩擦力、已知力的順序進(jìn)行，可以結(jié)合產(chǎn)生條件、作用效果和牛頓第三定律分析。6、B【解析】A．當(dāng)粒子達(dá)最大半徑時，粒子將不能再加速；故根據(jù)得則最大動能最大動能與U無關(guān)，故A錯誤；B．由動能定理得聯(lián)立得兩盒間的狹縫很小，帶電粒子穿過的時間可以忽略不計，則時間為粒子在磁場中運動的時間，磁場中運動的周期，則所以增大加速電壓U，粒子達(dá)到最大動能Ek所用時間將減少，故B正確；C．增大磁感應(yīng)強度B，要使該粒子仍能正常加速，即粒子做圓周運動的周期與交流電周期相等，由公式可知，粒子做圓周運動的周期減小，故C錯誤；D．增大磁感應(yīng)強度B，粒子獲得的最大動能將變大，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】普朗克為了解釋黑體輻射現(xiàn)象，第一次提出了能量量子化理論，故A正確；大量的電子通過雙縫后在屏上能形成明暗相間的條紋，這表明落在明條紋處的電子較多、落在暗條紋出的電子較少，故B錯誤．電子和其他微觀粒子都具有波粒二象性，選項C正確；波粒二象性是光的根本屬性，與光子之間的相互作用無關(guān)，故D錯誤．故選AC.8、AC【解析】由幾何知識求出光束Ⅰ的折射角，求出其折射率，再分析光束Ⅱ的折射率．由v=c/n分析光在介質(zhì)球中傳播速度的大小，分析傳播時間的長短．由光路可逆原理分析能否發(fā)生全反射．由波長關(guān)系分析干涉條紋間距的大小【詳解】對于光束I：在A點的入射角i=60°，折射角r=30°，則玻璃對光束I的折射率為，由折射定律分析知，介質(zhì)球?qū)馐虻恼凵渎蚀笥诮橘|(zhì)球?qū)馐鳬的折射率，即大于，故A正確．由v=c/n分析知在介質(zhì)球中，光束Ⅰ的傳播速度大于光束Ⅱ的傳播速度，則同時進(jìn)入介質(zhì)球的光束Ⅱ比光束Ⅰ后射出介質(zhì)球，故B錯誤．從A點射進(jìn)介質(zhì)球的光束Ⅱ，再射到界面時入射角等于A點的折射角，由光路可逆原理知，光線不會發(fā)生全反射，一定能從介質(zhì)球射出，故C正確．介質(zhì)球?qū)馐虻恼凵渎蚀笥诮橘|(zhì)球?qū)馐鳬的折射率，說明光束Ⅱ的頻率大，波長短，而干涉條紋的間距與波長成正比，則光束Ⅱ的條紋間距比光束Ⅰ小，故D錯誤．故選AC.【點睛】本題考查對全反射、折射現(xiàn)象的理解與運用能力，作出光路圖，關(guān)鍵要能靈活運用光路可逆原理分析能否發(fā)生全反射9、CD【解析】A．t=0時刻，線圈中磁通量最大，線圈與磁場垂直，磁通量的變化率最小，感應(yīng)電動勢最小，故A錯誤。

B．在0～2×10-2s時間內(nèi)，磁通量的變化量不為零，則線圈中感應(yīng)電動勢的平均值不為零，故B錯誤。

C．在t=2×10-2s時刻，線圈中磁通量最大，線圈與磁場垂直，磁通量的變化率最小，感應(yīng)電動勢最小，故C正確。

D．在t=1×10-2s時，線圈中磁通量為零，最小，磁通量的變化率最大，感應(yīng)電動勢最大，故D正確。故選CD。10、ABD【解析】A．油滴剛進(jìn)入電磁場時（在P點），受重力、電場力和洛倫茲力，其中電場力與磁場力大小恰好相等，故合力等于重力G，根據(jù)牛頓第二定律，加速度為g，故A正確；B．在P點由題意可知qE=qvB自由下落過程有v2=2gh

U=Ed

由以上三式解得故B正確；C．根據(jù)左手定則，在P位置時受洛倫茲力向右，豎直方向在加速，故洛倫茲力在變大，故油滴從右側(cè)金屬板的下邊緣離開，故C錯誤；D．由左手定則可知油滴經(jīng)過P點后向右側(cè)金屬板偏轉(zhuǎn)，則油滴克服電場力做功，整個過程由動能定理有得故D正確；故選ABD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.2.25②.6.860③.④.B⑤.1.5⑥.1⑦.待測金屬絲⑧.直流電壓10V⑨.紅⑩.0?.E?.E【解析】(1)[1][2]對游標(biāo)卡尺主尺讀數(shù)為2.2cm，游標(biāo)尺讀數(shù)為5×mm＝0.5mm＝0.05cm故l＝2.2cm＋0.05cm＝2.25cm螺旋測微器先讀出固定刻度的讀數(shù)，由于半刻度線已露出，所以固定刻度為6.5mm，再讀出可動刻度上的格數(shù)×0.01mm，讀數(shù)為

5mm＋36.0×0.01mm＝6.860mm(2)①[3]由原理圖可知滑動變阻器為限流接法，電壓表并聯(lián)在滑動變阻器兩端，由原理圖連接實物圖所示；②[4]為保證實驗安全，在開始時電路中電流應(yīng)為最小值，故滑動變阻器應(yīng)接入最大阻值，由圖可知，滑動變阻器接入部分為左半部分；故滑片應(yīng)接到B端；③[5][6]由U-I圖可知，電源的電動勢E=1.5V；當(dāng)路端電壓為1V時，電流為0.5A，則由閉合電路歐姆定律可知：r=1.0Ω(3)①[7]電流表示數(shù)為零，說明電路斷路，由于電壓表示數(shù)為E，說明電壓表兩端與電源相連，因而待測金屬絲斷路。②[8][9][10][11][12]判斷電路故障問題，應(yīng)利用多用電表的直流電壓擋，電流應(yīng)從多用電表的紅表筆流入多用電表，因而紅表筆應(yīng)與a接線柱相連，當(dāng)只有滑動變阻器斷路時，黑表筆接b時，多用電表不能與電源形成閉合回路，示數(shù)為零，黑表筆接c、d時，多用電表與電源兩極相連，示數(shù)為電源電動勢。12、①.50②.黑③.11.0④.1.43⑤.⑥.C【解析】(1)[1]60mA=0.06A，根據(jù)電表改裝原理可知，毫安表串聯(lián)電阻，改裝為大量程的電壓表，根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律可知：U=IgR，解得改裝后電壓表內(nèi)阻：R=50Ω(2)[2][3][4]多用電表在使用時必須使電流從紅表筆流進(jìn)多用電表，從黑表筆流出多用電表，串聯(lián)的電流表也必須使電流從正接線柱流進(jìn)，負(fù)接線柱流出，所以可以判斷表筆a為黑表筆。根據(jù)多用電表的讀數(shù)規(guī)則可知，讀數(shù)為R毫安=1×11.0Ω=11.0Ω歐姆表的中值電阻等于內(nèi)阻，故R內(nèi)=15Ω，I=55mA=0.055A分析電路結(jié)構(gòu)可知，多用電表和毫安表串聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，E=I（R內(nèi)+R毫安）代入數(shù)據(jù)解得E=1.43V(3)[5]連接實物圖，如圖所示：(4)[6]I'=50.0mA=0.05A，定值電阻R與毫安表串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律可知U=I'（R+R毫安）解得：R+R毫安=48Ω通過(1)的計算可知，改裝后電壓表的內(nèi)阻為50Ω，故應(yīng)該將阻