版權說明:本文檔由用戶提供并上傳,收益歸屬內容提供方,若內容存在侵權,請進行舉報或認領
文檔簡介
2025屆哈爾濱市第六中學物理高二上期中質量跟蹤監(jiān)視試題注意事項:1.答卷前,考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型(B)填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2.作答選擇題時,選出每小題答案后,用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑;如需改動,用橡皮擦干凈后,再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答,答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上;如需改動,先劃掉原來的答案,然后再寫上新答案;不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4.考生必須保證答題卡的整潔??荚嚱Y束后,請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示,點電荷、分別置于M、N兩點,O點為MN連線的中點,點a、b在MN連線上,點c、d在MN中垂線上,它們均關于O點對稱下列說法正確的是A.c、d兩點的電場強度相同B.a、b兩點的電勢相同C.將電子沿直線從c移到d,電場力對電子先做負功再做正功D.將電子沿直線從a移到b,電子的電勢能一直增大2、一個帶正電的微粒,從A點射入水平方向的勻強電場中,微粒沿直線AB運動,AB與電場線夾角θ.已知帶電微粒的質量m,電量q,A、B相距L.不計阻力,則以下說法正確的是()A.微粒在電場中可能做勻速運動B.電場強度的大小為mg/qtanθ,方向水平向右C.微粒在電場中一定做勻減速運動,且加速度的大小為g/sinθD.要使微粒從A點運動到B點,微粒進入電場時的最小動能是mgL/tanθ3、如圖所示,一質量為m,長度為l的均勻柔軟細繩PQ豎直懸掛。用外力將繩的下端Q緩慢地豎直向上拉起至M點,M點與繩的上端P相距。重力加速度大小為g。在此過程中,外力做的功為()A. B. C. D.4、如圖所示,平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內阻不計)連接,下極板接地,G為一靈敏電流表.一帶電油滴位于電容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài).現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向下移動一小段距離()A.帶電油滴將沿豎直方向向下運動B.P點的電勢將降低C.帶電油滴的電勢能將減小D.上板移動過程中,有電流向右通過G表5、如圖所示為某線性元件甲和非線性元件乙的伏安特性曲線,兩圖線交于A點,A點坐標為(12V,1.5A),甲的圖線與U軸所成夾角θ為30°。下列說法正確的是A.隨電壓的增大,元件乙的圖像斜率越來越小,故其電阻隨電壓的增大而減小B.在A點,甲、乙兩元件的電阻相等C.元件甲的電阻為R=k=tanθ=D.若將甲、乙元件并聯(lián),理想電源的電壓為5V,則每秒通過干路某一橫截面的電荷量為1.5C6、下列四圖為電流產生磁場的分布圖,其中正確的是()A.①③ B.②③ C.②④ D.①④二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、如圖是質譜儀的工作原理示意圖.帶電粒子被加速電場加速后,進入速度選擇器.速度選擇器內相互正交的勻強磁場和勻強電場分別為B和E.平板S上有可讓粒子通過的狹縫P和記錄粒子位置的膠片A1A1.平板S下方有磁感應強度為B0的勻強磁場.下列表述正確的是()A.質譜儀是分析同位素的重要工具B.速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向內C.能通過的狹縫P的帶電粒子的速率等于E/BD.粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P,粒子的比荷越小8、兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上,其連線中垂線上有A、B、C三點,如圖甲所示,一個電荷量為2×10-3C質量為0.1kg的小物塊(可視為質點)從C點靜止釋放,其運動的v-t圖象如圖乙所示,其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置(A.由C到A的過程中物塊的電勢能一直增大B.B點為中垂線上電場強度最大的點,場強E=100V/mC.由C點到A點電勢逐漸降低D.A、B兩點間的電勢差U9、如圖所示是某導體的I﹣U圖象,圖中α=45°,下列說法正確的是()A.此導體的電阻R=0.5ΩB.此導體的電阻R=2ΩC.I﹣U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù),所以R="cot"45°=1.0ΩD.在R兩端加6.0V電壓時,每秒通過導體截面的電荷量是3.0C10、如圖所示,甲乙為兩個驗電器.甲不帶電,乙?guī)д娗疑隙藶閹缀醴忾]的空心金屬球(僅在上端開一小孔).讓帶有絕緣柄的小球C(尺寸比小孔小先后接觸兩個驗電器的金屬球,觀察驗電器甲的箔片,你將看到的現(xiàn)象為A.讓C先接觸乙金屬球的外部,再接觸甲的金屬球,甲的箔片不張開B.讓C先接觸乙金屬球的外部,再接觸甲的金屬球,甲的箔片將張開C.讓C先接觸乙金屬球的內部,再接觸甲的金屬球,甲的箔片將張開D.讓C先接觸乙金屬球的內部,再接觸甲的金屬球,甲的箔片不張開三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11.(6分)某同學在做測金屬絲電阻率的實驗中,取一根粗細均勻的、長度為L的康銅絲,先用螺旋測微器測出康銅絲的直徑d;然后由伏安法測出康銅絲的電阻;最后求出康銅絲的電阻率.(1)測康銅絲的直徑時螺旋測微器的示數(shù)如圖甲所示,可知康銅絲的直徑d=__mm.(2)圖乙是測量康銅絲電阻的原理圖,根據(jù)原理圖在圖丙所示的實物圖中畫出連線__.(3)利用上面的電路圖測出的電阻值比真實值__(填“偏大”或“偏小”),這種誤差叫作__誤差(填“偶然”或“系統(tǒng)”).(4)若調節(jié)滑動變阻器,通過多次測量求平均值的方法得到康銅絲的電阻值為R,請寫出求康銅絲的電阻率的表達式為__(用L、d、R等已知字母表示).12.(12分)小亮同學為研究某電學元件(最大電壓不超過2.5V,最大電流不超過0.55A)的伏安特性曲線,在實驗室找到了下列實驗器材:A.電壓表(量程3V,內阻約6kΩ)B.電壓表(量程15V,內阻約30kΩ)C.電流表(量程0.6A,內阻約0.5Ω)D.電流表(量程3A,內阻約0.1Ω)E.滑動變阻器(阻值范圍0~5Ω,額定電流為0.6A)F.滑動變阻器(阻值范圍0~100Ω,額定電流為0.6A)G.直流電源(電動勢E=3V,內阻不計)H.開關、導線若干該同學設計電路并進行實驗,通過實驗得到如下數(shù)據(jù)(I和U分別表示電學元件上的電流和電壓)。(1)為了提高實驗結果的準確程度,電流表選________________;電壓表選________________;滑動變阻器選________________。(以上均填寫器材代號)(2)請在虛線框中畫出實驗電路圖________________。四、計算題:本題共2小題,共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13.(10分)如圖所示,長為l的絕緣細線一端懸于O點,另一端系一質量為m、帶電荷+q的小球,小球靜止時處于O′點?,F(xiàn)將此裝置放在水平向右的勻強電場中,小球靜止在A點時細線與豎直方向成θ角。求:(1)該勻強電場的電場強度大?。?2)若將小球求從O′點由靜止釋放,則小球運動到A點時的速度多大?14.(16分)如圖所示,真空中平面直角坐標系xOy中有一以為圓心、半徑為r的圓形勻強磁場區(qū)域,磁場的磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里,在的范圍內,有方向沿x軸負方向的勻強電場,電場強度大小為E。從O點向不同方向發(fā)射速率相同的質子,質子的運動軌跡均在紙面內,已知質子的電量為q,質量為m,質子在磁場中的偏轉半徑也為r,不計質子重力及其它阻力作用。求:(1)質子進入磁場時速度v的大??;(2)速度方向沿x軸正方向射入磁場的質子,到達y軸所需的時間t;(3)速度方向與x軸正方向成角射入磁場的質子,到達y軸時的位置與原點O的距離。15.(12分)如圖所示,一個“V”型玻璃管倒置于豎直平面內,并處于E=1×103V/m、方向豎直向下的勻強電場中,一個帶負電的小球,重為G=1×10-3N,電量q=2×10-6C,從A點由靜止開始運動,球與管壁的摩擦因數(shù)μ=0.1.已知管長AB=BC=2m,傾角a=37°,且管頂B處有一很短的光滑圓弧.求:(1)小球第一次運動到B時的速度多大?(2)小球運動后,第一次速度為0的位置在何處?(3)從開始運動到最后靜止,小球通過的總路程是多少?(sin37°=0.6,cos37°=0.8)
參考答案一、單項選擇題:本題共6小題,每小題4分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】
根據(jù)電場線分布,比較c、d兩點的電場強度大小和方向關系.根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低,來比較a點和b點的電勢,由沿直線從a到b電勢的變化,分析電子從a移到b過程中電勢能如何變化.將電子沿直線從c點移到d點,通過電子所受的電場力與速度的方向夾角判斷電場力做正功還是負功.【詳解】A:根據(jù)電場線分布的對稱性可知,c、d兩點的電場強度大小相等,方向不同,則c、d兩點的電場強度不同.故A項錯誤.BD:MN間的電場線方向由M→N,沿電場線方向電勢逐漸降低,則a點的電勢高于b點的電勢;電子沿直線從a移到b電勢降低,電子帶負電,據(jù),則電子的電勢能一直增大.故B項錯誤,D項正確.C:對兩個電荷在中垂線上的場強進行疊加,在Oc段場強方向斜向右上,在Od段場強方向斜向右下;電子所受的電場力在Oc段斜向左下,在Od段斜向左上;電子沿直線從c移到d,電場力跟速度的方向先是銳角后是鈍角,電場力對電子先做正功后做負功.故C項錯誤.【點睛】解決本題的關鍵是進行電場的疊加,通過電場力與速度的方向關系判斷電場力做正功還是負功.2、C【解析】
由題可知,微粒所受電場力方向必定水平向左,合力方向與速度方向相反,則微粒做勻減速運動。故A錯誤。力的合成圖如圖,則有qEtanθ=mg,電場強度E=mgqtanθ.由于微粒帶正電,則電場強度方向水平向左。故B錯誤。由上分析得知,微粒在電場中一定做勻減速運動,合力為F合=mgsinθ,則加速度的大小為gsinθ.故C正確。當微粒恰好到達B點時,微粒進入電場的動能最小,由動能定理得,-mgsinθL=0-Ek,得到微粒進入電場時的最小動能是【點睛】本題關鍵要懂得物體做直線運動的條件:合力方向與速度方向在同一直線上.結合牛頓第二定律和動能定理求解.3、A【解析】
以均勻柔軟細繩MQ段為研究對象,其質量為。取M點所在的水平面為零勢能面,開始時,細繩MQ段的重力勢能當用外力將繩的下端Q緩慢地豎直向上拉起至M點時,細繩MQ段的重力勢能則外力做的功即克服重力做的功等于細繩MQ段的重力勢能的變化,即故BCD錯誤,A正確。故選A。4、C【解析】
AC.一帶電油滴位于容器中的P點且恰好處于平衡狀態(tài),知液滴的電場力和重力平衡,現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向下移動,d減小,則電場強度增加,電場力增大,液滴沿豎直方向向上運動,電場力做正功,電勢能減?。蔄錯誤,C正確.B.因為U不變,d減小,根據(jù)知,電場強度增大,P與下極板間的電勢差增大,下極板的電勢為0,則P點的電勢升高.故B錯誤.D.因為U不變,d減小,根據(jù)知,電容增大,結合Q=CU知,電荷量增加,電容器充電,因上極板帶正電,電流表中將有從向左的電流.故D錯誤.故選C.5、B【解析】
A.隨電壓的增大,元件乙的圖象斜率越來越小,根據(jù)歐姆定律可知,其電阻隨電壓的增大而增大,故A錯誤;B.在A點,甲、乙兩元件的電壓、電流相同,則電阻相等,故B正確;C.I-U圖象的斜率表示電阻的倒數(shù),元件甲的電阻故C錯誤;D.將甲、乙兩元件并聯(lián)接到5V的電源兩端時,因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等,所以兩元件兩端的電壓均為5V,由圖象可知通過兩元件的電流分別為I乙=1.0A因并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和,所以總電流I=I甲+I乙=1.625A根據(jù)電荷量定義可知,每秒通過干路某一橫截面的電荷量為1.625C,故D錯誤。故選B。6、D【解析】根據(jù)右手定則,①中磁場方向從上往下看,沿逆時針方向,①正確;②中磁場方向從上往下看,沿順時針方向,故②錯誤;③④中磁場方向從左向右,③錯誤,④正確.故選D.二、多項選擇題:本題共4小題,每小題5分,共20分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。7、AC【解析】
AD.粒子打在膠片上的位置到狹縫的距離即其做勻速圓周運動的直徑,可見D越小,則粒子的荷質比越大,因此利用該裝置可以分析同位素,A正確,D錯誤.B.粒子在題圖中的電場中加速,說明粒子帶正電.其通過速度選擇器時,電場力與洛倫茲力平衡,則洛倫茲力方向應水平向左,由左手定則知,磁場的方向應垂直紙面向外,選項B錯誤;C.由Eq=Bqv可知,v=E/B,選項C正確;8、BC【解析】
由能量守恒定律分析電勢能的變化情況.根據(jù)v-t圖可知物塊在B點的加速度最大,此處電場強度最大,根據(jù)牛頓第二定律求場強的最大值.由C到A的過程中物塊的動能一直增大,根據(jù)電場線的方向分析電勢的變化,由動能定理可求得AB兩點的電勢差?!驹斀狻緼項:從速度時間圖象可知,由C到A的過程中,物塊的速度一直增大,電場力對物塊做正功,電勢能一直減小,故A錯誤;B項:帶電粒子在B點的加速度最大,為am=47-5ms2=2ms2C項:據(jù)兩個等量同種正電荷其連線中垂線上電場強度方向由O點沿中垂線指向外側,故由C點到A點的過程中電勢逐漸減小,故C正確;D項:從速度時間圖象可知,A、B兩點的速度分別為vA=6m/s,vB=4m/s,再根據(jù)動能定理得:qUAB=12故應選:BC。【點睛】明確等量同種電荷電場的特點是解本題的關鍵,要知道v-t圖切線的斜率表示加速度,由動能定理求電勢差是常用的方法。9、BD【解析】試題分析:由可知,圖象的斜率表示電阻的倒數(shù),則由圖象可知電阻,故A錯誤;B正確;圖線的斜率表示電阻的倒數(shù),但不能等于來求,只能根據(jù)求解,故C錯誤;在兩端加的電壓時,電路中電流,則每秒通過電阻的電荷量為,故D正確.考點:歐姆定律【名師點睛】本題考查歐姆定律的應用,注意對于圖象的認識,由圖象的意義可明確電流與電壓的關系,并能求出電阻的數(shù)值,由電流的定義可求得每秒通過電阻截面的電荷量.10、BD【解析】
AB.空腔導體帶電時凈電荷分布與金屬球外側,內部不帶電,故讓C先接觸乙金屬球的外部,再接觸甲的金屬球,甲的箔片將張開,故A錯誤,B正確;
CD.空腔導體帶電時凈電荷分布與金屬球外側,內部不帶電,故讓C先接觸乙金屬球的內部,再接觸甲的金屬球,甲的箔片不張開,故C錯誤,D正確.三、實驗題:本題共2小題,共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處,不要求寫出演算過程。11、(1)0.281;(2)電路圖如圖所示(3)偏小,系統(tǒng);(4)【解析】
(1)螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù).(2)根據(jù)電路圖連接實物電路圖.(3)根據(jù)電路圖應用歐姆定律分析實驗誤差,由于實驗數(shù)據(jù)導致的誤差是系統(tǒng)誤差.(4)根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達式.【詳解】(1)由圖示螺旋測微器可知,其示數(shù)為:0mm+28.1×0.01mm=0.281mm;
(2)根據(jù)圖乙所示電路圖連接實物電路圖,實物電路圖如圖所示:
(3)由圖示電路圖可知,電流表采用外接法,由于電壓表的分流作用所測電流偏大,由歐姆定律可知,電阻的測量值小于真實值;該誤差是由于實驗設計造成的,屬于系統(tǒng)誤差.
(4)電阻阻值:,電阻率:;【點睛】本題考查了螺旋測微器讀數(shù)、連接電路圖、實驗誤差分析、求電阻率表達式,螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù),螺旋測微器需要估讀.12、(1)C;A;E;(2)【解析】(1)根據(jù)電流和電壓的測量數(shù)據(jù)可知需要選擇的電流表量程應稍大于0.5A,故選C;電壓表的測量范圍為0~2V,所以應選用電壓表A;電流電壓均是從零開始的,所以應選用滑動變阻器的分壓式接法,故應選用小電阻大電流的滑動變阻器E;(2)由于測量電阻阻值較小,電流表的分壓效果顯著,所以電流表應采用外接,又因為電流從零開始,所以滑動變阻器采用分壓式,實驗電路圖如下:四、計算題:本題共2小題,共26分。把答
溫馨提示
- 1. 本站所有資源如無特殊說明,都需要本地電腦安裝OFFICE2007和PDF閱讀器。圖紙軟件為CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.壓縮文件請下載最新的WinRAR軟件解壓。
- 2. 本站的文檔不包含任何第三方提供的附件圖紙等,如果需要附件,請聯(lián)系上傳者。文件的所有權益歸上傳用戶所有。
- 3. 本站RAR壓縮包中若帶圖紙,網頁內容里面會有圖紙預覽,若沒有圖紙預覽就沒有圖紙。
- 4. 未經權益所有人同意不得將文件中的內容挪作商業(yè)或盈利用途。
- 5. 人人文庫網僅提供信息存儲空間,僅對用戶上傳內容的表現(xiàn)方式做保護處理,對用戶上傳分享的文檔內容本身不做任何修改或編輯,并不能對任何下載內容負責。
- 6. 下載文件中如有侵權或不適當內容,請與我們聯(lián)系,我們立即糾正。
- 7. 本站不保證下載資源的準確性、安全性和完整性, 同時也不承擔用戶因使用這些下載資源對自己和他人造成任何形式的傷害或損失。
最新文檔
- 蘇州站施工組織設計方案(幕墻)
- 二零二五年度金融行業(yè)IT運維安全保障協(xié)議3篇
- 專業(yè)化海路物流合作合同(2024版)版B版
- 2025年度環(huán)保建筑材料推廣合作框架協(xié)議4篇
- 2025年度購物中心場地合作開發(fā)及商業(yè)運營合同4篇
- 二零二四圖書購置項目與圖書館無障礙閱讀服務合同3篇
- 2025年度智能攤位管理系統(tǒng)開發(fā)與實施合同4篇
- 2025年度劇本創(chuàng)作與版權授權管理合同3篇
- 二零二五版4S店汽車銷售合同樣本圖2篇
- 2025年度農產品質量安全追溯體系服務合同4篇
- 衡水市出租車駕駛員從業(yè)資格區(qū)域科目考試題庫(全真題庫)
- 護理安全用氧培訓課件
- 《三國演義》中人物性格探析研究性課題報告
- 注冊電氣工程師公共基礎高數(shù)輔導課件
- 土方勞務分包合同中鐵十一局
- 乳腺導管原位癌
- 冷庫管道應急預案
- 司法考試必背大全(涵蓋所有法律考點)
- 公共部分裝修工程 施工組織設計
- 《學習教育重要論述》考試復習題庫(共250余題)
- 裝飾裝修施工及擔保合同
評論
0/150
提交評論