2025屆上海市崇明區(qū)市級名校物理高二第一學期期末達標檢測模擬試題含解析

2025屆上海市崇明區(qū)市級名校物理高二第一學期期末達標檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、現(xiàn)有四條完全相同的垂直于紙面放置的平行長直導線，橫截面分別位于一正方形abcd的四個頂點上，內部分別通有方向垂直于紙面向里，大小為，，，的恒定電流．已知載流長直導線周圍磁場的磁感應強度大小為，式中常量，I為電流強度，r為距導線的距離．若電流Ia在正方形的幾何中心O點處產生的磁感應強度大小為B，則O點處實際的磁感應強度的大小及方向為（忽略電流間的相互作用）（）A.，方向指向ad中點 B.，方向指向ab中點C.10B，方向垂直于紙面向里 D.10B，方向垂直于紙面向外2、如圖所示，一帶電粒子進入一固定的正點電荷Q的電場中，沿圖中實線軌跡從a運動到b，a、b兩點到點電荷Q的距離分別為ra、rb（ra＞rb），不計粒子的重力，則可知rA.運動粒子帶負電B.b點的場強小于a點的場強C.a到b的過程中，電場力對粒子做負功D.a到b的過程中，粒子動能和電勢能之和減小3、下列關于磁感應強度的說法中，正確的是（）A.小磁針靜止時N極所指的方向就是該處磁感應強度的方向B.磁場中某處磁感應強度的大小，和放在該處的試探電流元中的電流大小成正比C.如果磁場中一小段通電導體在該處受到的安培力為零，則此處的磁感應強度一定為零D.由可知，電流強度I越大，導線L越長，某點的磁感應強度就越小4、如圖所示，兩根長直通電導線互相平行，電流方向相同．它們的截面處于一個等邊三角形ABC的A和B處，且A、B兩點處于同一水平面上．兩通電電線在C處的磁場的磁感應強度的值都是B，則C處磁場的總磁感應強度的大小和方向是A.B豎直向上B.B水平向右C.水平向右D豎直向上5、如圖，a、b是真空中兩個帶等量正電的點電荷，A、B兩點在兩電荷連線上且關于兩電荷連線的中垂線對稱，O為中點．現(xiàn)將一負點電荷q由A點沿ab連線移到B點，下列說法中正確的是A.A點電勢高于O點電勢B.A點電勢高于B點電勢C.電荷q移動過程中，電勢能一直減少D.電荷q移動過程中，電場力先做正功后做負功6、下列說法正確的是（）A.地磁兩極跟地理兩極完全重合B.世界上第一個論述磁偏角的科學家是我國的張衡C.地球的地磁北極與地理南極重合D.地球的地磁北極在地理南極附近二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中錯誤是()A.電感線圈對交流具有阻礙作用的主要原因是線圈具有電阻B.電容器對交流具有阻礙作用的原因是兩板間的絕緣體電阻很大C.在交流電路中，電阻、感抗、容抗可以同時存在D.感抗、容抗和電阻一樣，交流電通過它們做功時都是電能轉化為內能8、如圖所示是一直流電動機提升重物的裝置；已知重物質量為m=50kg，電源輸出電壓U=110V保持不變，電動機線圈電阻R=4Ω，不計各處摩擦，當電動機以某一速度勻速向上提升重物時，電路中的電流I=5A（g=10m/s2）則：A.電源的輸出功率為100WB.電動機線圈電阻R的發(fā)熱功率550WC.提升重物的功率為450WD.電動機的效率為81.8％9、圖是通過變壓器降壓給用戶供電的示意圖．負載變化時變壓器輸入電壓基本保持不變．輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示，開關S閉合后，相當于接入電路中工作的用電器增加．如果變壓器上的能量損失可以忽略，則開關S閉合后，以下說法正確的是A.電表V1示數(shù)與V2示數(shù)的比值不變B.電表A1示數(shù)不變，A2示數(shù)增大C.輸電線的電阻R0消耗的功率增大D.流過電阻R1的電流減小10、如圖所示，阻值為R的金屬棒從圖示位置ab分別以、的速度沿光滑導軌（電阻不計）勻速滑到位置，若，則在這兩次過程中（）A.回路電流B.外力的功率C.通過任一截面的電荷量D.產生的熱量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學利用圖(a)中的電路測量電流表的內阻RA(約為5Ω)和直流電源的電動勢E(約為10V)．圖中R1和R2為電阻箱，S1和S2為開關．已知電流表的量程為100mA，直流電源的內阻為r(1)斷開S2，閉合S1，調節(jié)R1的阻值，使?jié)M偏；保持R1的阻值不變，閉合S2，調節(jié)R2，當R2的阻值為4.8Ω時的示數(shù)為48.0mA．忽略S2閉合后電路中總電阻的變化，經計算得RA=________Ω(2)保持S1閉合，斷開S2，多次改變R1的阻值，并記錄電流表的相應示數(shù)．若某次R1的示數(shù)如圖(b)所示，則此次R1的阻值為________Ω；(3)利用記錄的R1的阻值和相應的電流表示數(shù)I，作出I-1-R1圖線，如圖(c)所示．用電池的電動勢E、內阻r和電流表內阻RA表示I-1隨R1變化的關系式為I-1=________．利用圖(c)可求得E=________V．(保留2位有效數(shù)字)12．（12分）（1）如圖1所示為多用電表的刻度盤。若選用倍率為“”的歐姆擋測電阻時，表針指示如圖所示，為了使測量結果更精確些，則下列操作正確的是____A．將選擇開關旋轉到歐姆擋“”B．將選擇開關旋轉到歐姆擋“”C．換擋后直接接入待測電阻測量D．換擋后先將兩表筆短接調零，再接入待測電阻進行測量（2）若選用2.5V電壓擋測電壓時，表針也指于圖示位置，則所測電壓為________V。（3）若該歐姆表表頭如圖2所示，已知電流計的量程為，電池電動勢為E＝1.5V，則該歐姆表的表盤上刻度線對應的電阻值是______KΩ。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩塊平行金屬板豎直放置，兩板間的電勢差U=1.5×103V(僅在兩板間有電場)，現(xiàn)將一質量m=1×10-2kg、電荷量q=4×10-5C的帶電小球從兩板的左上方距兩板上端的高度h=20cm的地方以初速度v0=4m/s水平拋出，小球恰好從左板的上邊緣進入電場，在兩板間沿直線運動，從右板的下邊緣飛出電場，g取10m/s2，求：（1）金屬板的長度L；（2）小球飛出電場時的動能Ek．14．（16分）如圖所示，一塊質量為M=0.5kg長木板，靜止在水平地面上，其左端正好與地面上的A點平齊。地面上A點右側是光滑的，A點左側是粗糙的。木板右端放一個質量為m=0.2kg的木塊，木板與木塊之間的滑動摩擦因數(shù)為μ=0.2，在距木板左端距離為s0的D點，有一質量為m0=0.1kg的小木塊以v0=8m/s的速度向木板運動，并與木板相碰，碰撞時間極短可忽略，碰后兩物體粘在一起，經過一段時間木塊m在木板上滑行的距離為△s=0.25m后相對于木板靜止．已知木塊m0與地面間的動摩擦因數(shù)也是μ=0.2，求：（1）最終長木板和兩木塊的共同速度大小；（2）s0大??；（3）木塊m0從D點開始到最終速度穩(wěn)定這一過程所需的時間。15．（12分）abcd是質量為m，長和寬分別為b和l的矩形金屬線框，由靜止沿兩條平行光滑的傾斜軌道下滑，軌道平面與水平面成θ角。efmn為一矩形磁場區(qū)域，磁感應強度為B，方向垂直于軌道平面向上。已知da=an=ne=b，線框的cd邊剛要離開磁場區(qū)域時的瞬時速度為v，整個線框的電阻為R，求：（1）ab剛進入磁區(qū)域時產生的感應電動勢；（2）此時線框的加速度大小；（3）線框下滑過程中產生的總熱量。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】假設，則根據(jù)矢量的合成法則，可知，四棒在O點產生的磁場為零；而如今，，，，的恒定電流，且電流Ia在正方形的幾何中心O點處產生的磁感應強度大小為B，由右手螺旋定則可知，方向O指向b；根據(jù)矢量的合成法則可知，由a、c兩棒產生的磁場方向，由右手螺旋定則可知，方向O指向d；而根據(jù)矢量的合成法則可知，b、d兩棒產生的磁場方向：O指向a；所以再由矢量合成法則可知，a、b、c、d長直通電導線在O點產生合磁場的方向：由O點指向ad中點，根據(jù)磁感應強度大小為，a、c兩棒產生的磁場大小為2B，同理b、d兩棒產生的磁場也為2B，則合磁場大小為A正確，BCD錯誤。故選A。2、C【解析】A．根據(jù)粒子軌跡的彎曲方向向左彎曲，可知粒子受到排斥力，則帶電粒子帶正電，故A不符合題意；B．由公式，由于ra＞rb，可知，b點的場強大于a點的場強，故B不符合題意；C．a到b的過程中，電場力方向與粒子的速度方向成鈍角，對粒子做負功，故C符合題意；D．粒子在運動過程中，只有電場力做功，所以動能與電勢能總和不變，故D不符合題意。故選C。3、A【解析】小磁針靜止時N極所指的方向就是該處磁感應強度的方向，選項A正確；磁場中某處磁感應強度的大小是由磁場本身決定的物理量，和放在該處的試探電流元中的電流大小無關，選項B錯誤；如果磁場中一小段通電導體在該處受到的安培力為零，可能是導線放置的方向與磁場方向平行，而此處的磁感應強度不一定為零，選項C錯誤；由可知，磁場中某點的磁感應強度用F與IL的比值來量度，與電流強度I，導線長度L，均無關，選項D錯誤；故選A.4、C【解析】根據(jù)安培定則判斷出A、B兩導線在C處產生的磁場方向，根據(jù)磁場的疊加原理，分析C處的磁感應強度的大小和方向【詳解】根據(jù)安培定則可知，導線A在C處產生磁場方向垂直于AC方向向右，導線B在C處產生的磁場方向垂直于BC方向向右，則磁場在C處相互疊加，如圖所示根據(jù)幾何關系知合磁感強度為，方向水平向右．故C正確，ABD錯誤故選C【點睛】解決本題的關鍵掌握右手螺旋定則判斷通電電流周圍的磁場方向，以及知道磁感應強度是矢量，合成遵循平行四邊形定則5、A【解析】由于a、b帶電量相同，故兩電荷合電場的方向為由A指向O，由B指向O，由此可知由于沿著電場線的方向電勢將降低，故A項說法正確；由a、b帶電量相同，可知其中垂線上各點電勢相等，由對稱性可知AB兩點電場強度相等，從AB兩點移動相同電荷到O點電場力的功相等，故其電勢相同，B項說法不正確；負點電荷q由A點沿ab連線移到B點的過程中，從A點到O點電場力做負功電勢能增加，從O點到B點電場力做正功電勢能減小，故C項、D項說法均不正確考點：本題考查了靜電荷的電場、電勢、電勢能6、D【解析】A.地磁的南極在地理的北極附近，地磁的北極在地理的南極附近，兩者并不完全重合。故A錯誤；B.世界上第一個論述磁偏角的即第一個發(fā)現(xiàn)地磁的兩極與地理的兩極并不完全重合的科學家是我國的沈括，而不是張衡，故B錯誤；CD.地球的地磁北極在地理南極附近，故C錯誤，D正確；故選：D；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】A．電感線圈對交流具有阻礙作用的主要原因是線圈具有感抗，故A與題意相符；B．電容器對交流不具有阻礙作用，只對直流電有阻礙，故B與題意相符；C．交流電路中，電阻、感抗、容抗可以同時存在，故C與題意不符；D．電流通過電阻時，電能轉化為內能；電流通過電感時，當電流增大，電能轉變成磁場能，電流減小時，磁場能又轉變成電能；電流通過電容時，當電容兩端電壓增大，電能轉變成電場能，當電容兩端電壓減小時，電容中的電場能又轉變成電能。故D與題意相符。故選ABD。8、CD【解析】電源輸出P="UI=550"W，選項A錯誤；電動機線圈電阻R的發(fā)熱功率P熱=I2R="100"W，選項B錯誤；提升中重物的功率為P機="550"W–100W="450"W，選項C正確；電動機的效率為，選項D正確【名師點睛】此題是關于電功率的計算問題；關鍵是搞清電動機內部的能量轉化關系，知道電熱的求解公式P熱=I2R9、ACD【解析】根據(jù)電壓和匝數(shù)成正比可求出副線圈的電壓，在根據(jù)電路中的串并聯(lián)關系可以知道電流及功率的變化狀況【詳解】A、因為輸入電壓幾乎不變，原副線圈的電壓比等于匝數(shù)之比，所以比值不變，故A對；B、因為輸入電壓幾乎不變，原副線圈的電壓比等于匝數(shù)之比，則副線圈的電壓幾乎不變，閉合開關后，負載增加，副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，即A2示數(shù)增大，原副線圈電流之比等于匝數(shù)之反比，所以電表A1示數(shù)也增大，故B錯；C、由于A2示數(shù)增大，所以流過輸電線的電阻R0的電流增大，根據(jù)則輸電線的電阻R0消耗的功率增大，故C對；D、閉合開關，電壓表V2示數(shù)不變，副線圈電流增大，R0兩端電壓增大，根據(jù)串聯(lián)分壓得R1兩端電壓減小，所以流過電阻R1的電流減小，故D對；故選ACD【點睛】電壓是前決定后，電流是后決定前，并且前后功率相等10、AB【解析】根據(jù)電路判斷回路中產生的電流之比；根據(jù)判斷外力F的功率；根據(jù)判斷電荷量比值根據(jù)來判斷回路中產生的熱量之比；【詳解】A、金屬棒切割磁感應產生的感應電動勢為，感應電流，若，所以兩次感應電流之比也為，故A對；B、外力的功率就等于克服安培力的功率，所以，若，所以功率之比為1:4，故B對；C、通過任一截面的電荷量，由于兩次掃過的面積相等，所以兩次通過任一截面的電荷量也相等，故C錯；D、產生的熱量，兩次棒掃過的面積相等，若，則，故D錯；故選AB第II卷三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.5.2②.148.2③.④.9.1(8.9至9.4之間)【解析】本題考查是一個半偏法測表頭內阻的實驗，附帶測量電源的電動勢【詳解】（1）因為忽略S2閉合后電路中總電阻的變化，總電流還是為100mA，表頭與R2并聯(lián)，電流按電阻成反比分配，即：，易知：RA=5.2Ω（2）由圖可知（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律，易得由斜率，可求出.12、①.AD②.2.20③.2【解析】（1）[1]．AB由表盤看出，若選用倍率為“×100”的歐姆擋測電阻時，指針偏轉較大過大，則說明倍率檔選擇過大，應改用“×100”的歐姆擋測量；選項A正確，B錯誤；CD．換擋后先將兩表筆短接調零，再接入待測電阻進行測量，選項C錯誤，D正確；故選AD.（2）[2]．若選用2.5V電壓擋測電壓時，最小分度為0.05A，則表針所指圖示位置，則所測電壓為2.20V。（3）[3]．當電流表滿偏時：當電流為300μA時：帶入數(shù)據(jù)解