2025屆內(nèi)蒙古興安市物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題含解析

2025屆內(nèi)蒙古興安市物理高二上期中學(xué)業(yè)質(zhì)量監(jiān)測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、把電阻是的一根金屬絲，均勻拉長為原來的倍，則導(dǎo)體的電阻是（）A．B．C．D．2、周期為2.0s的簡諧橫波沿x軸傳播，該波在某時刻的圖象如圖所示，此時質(zhì)點P沿y軸負方向運動，則該波（

）A．沿x軸正方向傳播，波速v=20m/s B．沿x軸正方向傳播，波速v=10m/sC．沿x軸負方向傳播，波速v=20m/s D．沿x軸負方向傳播，波速v=10m/s3、如圖為雙量程的電流表電路示意圖，其量程分別為0－10和0－1，已知表頭內(nèi)阻為Ω，滿偏電流為0.5，則有（）A．當使用、兩個端點時，量程為0－10,=ΩB．當使用、兩個端點時，量程為0－10,=ΩC．當使用兩個端點時，量程為0－1,=ΩD．當使用兩個端點時，量程為0－10,=Ω4、下列哪個選項說法正確(

)A．+q在A點的電勢能比在B點大,則B點的電勢高B．-q在C點的電勢能比在D點大,則C點的電勢高C．+q在E點的電勢能為負值,-q在F點的電勢能為負值,則F點的電勢高D．以上說法都不正確5、平行板A、B組成電容器，充電后與靜電計相連，要使靜電計指針張角變大，下列措施可行的是()A．A板向上移動B．B板向左移動C．A、B板間插入電介質(zhì)D．減少極板上的電荷量6、如圖，一個重量為100N的物體在水平地面上向右運動，物體與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.2，物體受到的滑動摩擦力大小和方向分別為A．100N，水平向右 B．100N，水平向左C．20N，水平向右 D．20N，水平向左二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在如圖所示的電路中，電源的負極接地，其電動勢為E、內(nèi)電阻為r，R1、R2為定值電阻，R3為滑動變阻器，C為電容器，A、V為理想電流表和電壓表．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，下列說法中正確的是（）A．電流表示數(shù)變小B．電壓表示數(shù)變大C．電容器C中的電場強度變小D．a(chǎn)點的電勢降低8、M、N是某電場中一條電場線上的兩點，若在M點釋放一個初速度為零的電子，電子僅受電場力作用，并沿電場線由M點運動到N點，其電勢能隨位移變化的關(guān)系如圖所示，則下列說法正確的是A．電子運動的軌跡為直線B．該電場是勻強電場C．電子在N點的加速度小于在M點的加速度D．電子在N點的動能大于在M點的動能9、某靜電場的電場線分布如圖所示，P、Q為該電場中的兩點，下列說法正確的是A．P點場強大于Q點場強B．P點電勢高于Q點電勢C．將電子從P點移動到Q點，電場力做正功D．將電子從P點移動到Q點，其電勢能增大10、如圖所示，豎直面內(nèi)，A、B、C、D位于同一半徑為r的圓上且AB⊥CD，在C點有一固定點電荷，電荷量為+Q，現(xiàn)從A點將一質(zhì)量為m，電荷量為-q的點電荷由靜止釋放，該電荷沿光滑絕緣軌道ADB運動到D點時速度為gr，規(guī)定電場中B點的電勢為零。則在+Q形成的電場中（）A．A點電勢高于D點電勢B．D點電勢為-mgrC．O點電場強度大小是A點的2倍D．點電荷-q在D點具有的電勢能為-mgr三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“測定金屬的電阻率”的實驗中，需要用刻度尺測出被測金屬絲的長度l。用螺旋測微器測出金屬絲的直徑d，用電流表和電壓表測出金屬絲的電阻Rx.①請寫出測金屬絲電阻率的表達式：ρ=_______(用上述測量量的字母表示).②若實驗中測量金屬絲的長度和直徑時，刻度尺和螺旋測微器的示數(shù)分別如圖1，則金屬絲長度的測量值為l=______cm，金屬絲直徑的測量值為d=______mm.③利用如圖2電路進行測量Rx，實驗的主要操作過程是：第一步：先將R2的滑動頭調(diào)到最左端,單刀雙擲開關(guān)S2向1閉合,閉合電鍵S1,調(diào)節(jié)滑動變阻器R1和R2,使電壓表和電流表的示數(shù)盡大些(不超過量程),讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1.第二步：保持兩滑動變阻器的滑動頭位置不變,將單刀雙擲開關(guān)S2向2閉合,讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2。請寫出由以上記錄數(shù)據(jù)計算被測電阻Rx的表達式Rx=________________（用U1、I1、U2、I2表示）12．（12分）在研究平拋物體運動的實驗中，用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長L＝1.25cm。若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋的初速度的計算式為V0＝__（用L、g表示），其值是______（取g＝9.8m/s2）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，在的區(qū)域存在方向沿y軸負方向的勻強電場，場強大小為E（未知），在y<0的區(qū)域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強磁場。一個氦核從y軸上y=h點射出，速度方向沿x軸正方向。已知進入磁場時，速度方向與x軸正方向的夾角為60°，并從坐標原點O處第一次射出磁場。的質(zhì)量為m，電荷量為q，不計重力。求：（1）第一次進入磁場的位置到原點O的距離x；（2）在磁場中的偏轉(zhuǎn)半徑R；（3）若磁感應(yīng)強度大小為B,求電場強度E的大小。14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長為L＝8cm，兩板間距離d＝8cm，A板比B板電勢高，且兩板間電壓大小為U=300V，一帶正電的粒子電荷量為q＝1.0×10－10C、質(zhì)量為m＝1.0×10－20kg，沿電場中心線RO垂直電場線飛入電場，初速度v0＝2.0×106m/s，粒子飛出電場后經(jīng)過界面MN、PS間的無電場區(qū)域，然后進入固定在O點的點電荷Q形成的電場區(qū)域（設(shè)界面PS右側(cè)點電荷的電場分布不受界面的影響）。已知兩界面MN、PS相距為s1=12cm，D是中心線RO與界面PS的交點，O點在中心線上，距離界面PS為s2=9cm，粒子穿過界面PS做勻速圓周運動，最后垂直打在放置于中心線上的熒光屏bc上。（靜電力常量k＝9.0×109N·m2/C2，粒子的重力不計）（1）在圖上粗略畫出粒子的運動軌跡；（2）求粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離為多遠；到達PS界面時離D點為多遠；（3）確定點電荷Q的電性并求其電荷量的大小。（計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）15．（12分）如圖中電路的各元件值為：R1=R2=10Ω，R3=R4=20Ω，C=600μF，電源電動勢E=6V，內(nèi)阻不計,單刀雙擲開關(guān)K開始時接通觸點2，求：(1)當開關(guān)K從觸點2改接通觸點1，且電路穩(wěn)定后，電容C的帶電量.(2)若開關(guān)K從觸點1改接觸點2后，直至電流為零止，通過電阻R1的電量.

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當金屬絲拉長為原來的2倍時，體積不變，則導(dǎo)體的面積減小為原來的;則由可知，拉長后的電阻變?yōu)樵瓉淼?倍；故選D．【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握電阻定律的公式，知道電阻與長度和橫截面積有關(guān)．并明確導(dǎo)體體積不變時，若長度改變則橫截面積也會隨之改變．2、B【解析】橫波的振動方向與傳播方向垂直，已知P點的振動方向向下，由同側(cè)法可知傳播方向右，而讀圖得波長，，則波速，故選項B正確．【考點定位】橫波的性質(zhì)、機械振動與機械波的關(guān)系．3、B【解析】

當使用a、c兩個端點時，分流電阻阻值大，電流表量程小，為0-1mA，有：當使用a、b兩個端點時，分流電阻阻值小，電流表量程大，為0-10mA，有：聯(lián)立解得：R1=20ΩR2=180ΩA．當使用、兩個端點時，量程為0－10,=Ω。故A不符合題意。B．當使用、兩個端點時，量程為0－10,=Ω。故B符合題意。C．當使用兩個端點時，量程為0－1,=Ω。故C不符合題意。D．當使用兩個端點時，量程為0－10,=Ω。故D不符合題意。4、C【解析】

A、由EP=qφ可知，+q在A點的電勢能比在B點大，則A點的電勢高，故B、由EP=qφ可知，?q在C點的電勢能比在D點大，則C點的電勢低，D點的電勢高，故C、+q在E點的電勢能為負值，則E點電勢為負值；?q在F點的電勢能為負值，則F點的電勢為正值，故F點的電勢高，故C正確；D、因C正確，故D錯誤；故選C。【點睛】關(guān)鍵是知道電勢能和電勢能關(guān)系為：EP=qφ，5、A【解析】A、A板上移時，正對面積減小，則由可知，電容減小，則由可知，電勢差增大，故張角變大，故A正確；B、B板左移時，板間距離d減小，由可知，電容增大，而電容器的電壓不變，則由可知，板間電勢差減小，故張角變小，故B錯誤；C、當A、B間插入電介質(zhì)時，C增大，則由可知，電勢差減小，故張角變小，故C錯誤；D、減小電荷量時，C不變，則由可知，電勢差減小，故夾角減小，故D錯誤；故選B．【點睛】對于電容器的動態(tài)分析，首先要明確不變量，然后再由電容的決定式和定義式判斷電勢差的變化．6、D【解析】

根據(jù)滑動摩擦力公式f=μFN=0.2×100N=20N方向與相對運動方向相反，所以為水平向左；故ABC錯誤，D正確。故選D。點睛：解決本題的關(guān)鍵掌握滑動摩擦力的大小公式和方向的判定，同時若有外力作用，注意摩擦力方向，與外力的方向無關(guān)。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】

B．在滑動變阻器滑動頭P自a端向b端滑動的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，并聯(lián)電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流I增大，電阻兩端電壓增大，則電壓表示數(shù)變大，故B正確；AD．根據(jù)外電路中順著電流方向，電勢降低，可知，a的電勢大于零，a點的電勢等于兩端的電壓，，，干路電流I增大，變小，則a點的電勢降低，通過的電流減小，通過電流表的電流，干路電流I增大，減小，則增大，即電流表示數(shù)變大，故A錯誤，D正確；C．電阻兩端的電壓，干路電流I增大，則變小，電容器板間電壓變小，電容器C中的電場強度減小，故C正確．【點睛】本題是電路動態(tài)變化分析問題，要抓住不變量：電源的電動勢、內(nèi)阻及定值電阻的阻值不變，進行分析．根據(jù)電流方向判斷電勢高低，由電壓的變化判斷電勢的變化．8、ACD【解析】

電場力做功等于電勢能的減小量，Ep-x圖線切線的斜率表示電場力的大小，通過斜率的大小判斷電場力的變化，從而得出加速度的變化．根據(jù)電場力的變化判斷動能的變化?！驹斀狻緼項：電子的初速度為零，且沿著電場線運動，其軌跡一定為直線，故A正確；B項：圖線切線的斜率逐漸減小，則電場力逐漸減小，電場強度逐漸減小，不是勻強電場，故B錯誤；C項：從M到N電場力逐漸減小，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度逐漸減小，故C正確；D項：由于電勢能減小，知電場力做正功，因為電子僅受電場力，根據(jù)動能定理，知動能增大，即N點的動能大于M點的動能，故D正確。故應(yīng)選：ACD?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵知道圖線切線的斜率表示電場力，通過電場力的大小判斷電場強度、加速度的變化，通過電場力做功判斷動能的變化。9、BD【解析】

A．因為Q點的電場線較P點密集，可知P點場強小于Q點場強，選項A錯誤；B．沿電場線電勢降低，可知P點電勢高于Q點電勢，選項B正確；CD．將電子從P點移動到Q點，電場力做負功，電勢能增大，選項C錯誤，D正確；10、AB【解析】

由題意可知，沿著電場線的方向，電勢降低，而電場線從正電荷發(fā)散，則A點的電勢高于D點電勢，故A正確；-q電荷從A到D運動，根據(jù)動能定理，則有：mgr-W電=12mv2-0，解得：W電=12mgr；規(guī)定電場中B點的電勢為零，AB兩點對稱，因由D到B點電場力做正功，則電勢能減小，因此D點的電勢能為EPD=12mgr；根據(jù)公式φD=EPDq=-mgr2q，故B正確，D錯誤；根據(jù)點電荷電場強度公式，E=kQr2，電場強度的大小與間距的平方成反比，CA=2CO，三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、πd2Rx4l；36.50；【解析】

(1)根據(jù)電阻定律求出電阻率的表達式；(2)根據(jù)圖示刻度尺確定其分度值，金屬絲兩端點所對應(yīng)刻度尺示數(shù)之差是金屬絲的長度；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；(3)單刀雙擲開關(guān)S2合向1，由電壓表和電流表的示數(shù)U1和I1，可求出Rx、電流表、變阻器串聯(lián)的電阻；將單刀雙擲開關(guān)S2合向2，讀出此時電壓表和電流表的示數(shù)U2和I2，可求出電流表和變阻器串聯(lián)的電阻；兩個阻值之差等于被測電阻。根據(jù)歐姆定律寫出表達式?！驹斀狻?1)由電阻定律可知，金屬絲電阻Rx=ρl(2)由圖示刻度尺可知，其分度值為1mm，金屬絲的長度l=36.50cm；由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器固定刻度示數(shù)為0.5mm，可動刻度示數(shù)為29.6×0.01mm=0.296mm，螺旋測微器示數(shù)為0.5mm+0.296m=0.796mm；(3)將單刀雙擲開關(guān)S2合向1時，電壓表和電流表的示數(shù)U1、I1．根據(jù)歐姆定律得：R+R將單刀雙擲開關(guān)S2向2閉合時，電壓表和電流表的示數(shù)U2、I2．根據(jù)歐姆定律得：R聯(lián)立上兩式得：R=U【點睛】本題考查了電阻定律的應(yīng)用、刻度尺與螺旋測微器的讀數(shù)，應(yīng)用電阻定律即可求出電阻率的表達式；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)，螺旋測微器需要估讀。第3題本題實驗設(shè)計比較巧妙，利用伏安法測量兩次電阻，有效消除系統(tǒng)誤差，來源于書本，又高于書本。12、0.7m/s【解析】

設(shè)相鄰兩點間的時間間隔為T

豎直方向：2L-L=gT2得到水平方向：代入數(shù)據(jù)解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】

（1）氦核在電場中做類平拋運動，在磁場中做圓周運動，運動軌跡如圖所示。

由題給條件，氦核進入磁場時速度的方向與x軸正方向夾角θ1=60°。

根據(jù)類平拋運動的推論可知：所以第一次進入磁場的位置到原點O的距離為：（2）根據(jù)幾何知識可知在磁場中的偏轉(zhuǎn)半徑為：（3）在磁場中洛倫茲力等于向心力，則有：所以的速度為：在電場中有：由運動學(xué)公式有：x=v?cosθ1?t根據(jù)牛頓第二定律可知：聯(lián)立解得電場強度E的大小為：；14、（1）圖見解析；（2）3cm；12cm（3）負電；1.0×10-8

C【解析】

（1）第一段是拋物線、第二段是直線、第三段是圓弧，軌跡如圖：

（2）粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離（偏移位移）：

y=12at2

a=Fm=qUdm

L=v0t

則y=1粒子在離開電場后將做勻速直線運動，