四川省瀘州市瀘縣二中2025屆高二物理第一學期期中檢測試題含解析

四川省瀘州市瀘縣二中2025屆高二物理第一學期期中檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于點電荷的說法正確的是：A．點電荷的帶電量一定是1.60×10-19CB．實際存在的電荷都是點電荷C．大的帶電體不能看成是點電荷D．點電荷是理想化的物理模型2、如圖所示，將平板電容器與電池組相連，兩板間的帶電塵埃恰好處于靜止狀態(tài)。若將兩板慢慢的左右錯開一些，其它條件不變，則（）A．電容器帶電量不變B．塵埃將向下運動C．電流間中有→的電流D．電流計中有→的電流3、真空中兩個點電荷相距r時，靜電力為F；如果將它們其中一個的電荷量減半，同時將距離增大為2r時，則靜電力將變?yōu)椋ǎ〢． B．F C．2F D．4、如圖所示，質量為M的物塊鉤在水平放置的左端固定的輕質彈簧的右端，構成一彈簧振子，物塊可沿光滑水平面在BC間做簡諧運動，振幅為A．在運動過程中將一質量為m的小物塊輕輕地放在M上，第一次是當M運動到平衡位置O處時放在上面，第二次是當M運動到最大位移處C處時放在上面，觀察到第一次放后的振幅為A1，第二次放后的振幅為A2，則（）A．A1=A2=AB．A1<A2=AC．A1=A2<AD．A2<A1=A5、如圖所示，平行板電容器已經(jīng)充電，靜電計的金屬球與電容器的一個極板連接，外殼與另一個極板連接，靜電計針的偏轉示電容兩極板間的電勢差．實驗中保持極板上的電荷量不變．設電容兩極正對面積為，極板間的距離為，靜電計指針偏角為．下列關于實驗現(xiàn)象的描述正確的是（）A．保持不變，增大，則變大B．保持不變，減小，則不變C．保持不變，減小，則變小D．保持、不變，在兩板間插入電介質，則變大6、由歐姆定律I=導出U=IR和R=，下列敘述不正確的是（）A．由R=知，導體的電阻由兩端的電壓和通過的電流決定B．導體的電阻由導體本身的物理條件決定，跟導體兩端的電壓及流過導體的電流大小無關C．對確定的導體，其兩端電壓和流過它的電流的比值就是它的電阻值D．一定的電流流過導體，電阻越大，其電壓降越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、用多用電表歐姆檔測電阻時，下列說法正確的是（）A．測量前必須調零，而且每測一次電阻都要重新調零B．為了使測量值比較準確，應該用兩手分別將兩表筆與待測電阻兩端緊緊捏在一起，以使表筆與待測電阻接觸良好C．待測電阻若是連接在電路中，應當先把它與其它元件斷開后再測量D．使用完畢應當拔出表筆，并把選擇開關旋到OFF檔或交流電壓最高檔8、如圖所示，電阻R1=20Ω，電動機線圈的電阻R2=10Ω，當開關斷開時，電流表的示數(shù)是0.5A，當開關閉合后，電動機轉動起來，電路兩端的電壓不變，電流表的示數(shù)I和電路消耗的電功率P應是（）A． B．C． D．9、如圖所示的電路中，電源電動勢為12V，內阻為2Ω，四個電阻的阻值已在圖中標出．閉合開關S，下列說法正確的有A．路端電壓為10VB．電源的總功率為10WC．a(chǎn)、b間電壓的大小為5VD．a(chǎn)、b間用導線連接后，電路的總電流為1A10、在繞地球做勻速圓周運動的航天器中，物體處于完全失重狀態(tài)，可以形成一種“重力屏蔽狀態(tài)”，在航天器中建立電學實驗室，可以有效消除常態(tài)下重力的影響，空腔導體內部可以實現(xiàn)屏蔽，在空腔導體內部建立物理實驗室，可以有效消除外電場的干擾，下列說法錯誤的是（）A．場是物質存在的形式B．航天器中的“重力屏蔽狀態(tài)”指的是航天器中不存在重力C．外電場在空腔導體的內部產(chǎn)生的場強為0，所以外電場被屏蔽D．在外電場作用下處于靜電平衡的空腔導體，其內部的總電場強度為0三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為測量“12V,5W”的小電珠的伏安特性曲線，給定了以下器材：電源：12V，內阻不計；電流表：量程0～0.6A、0～3A，內阻約為0.2Ω電壓表：量程0～3V、0～15V，內阻約為15kΩ滑動變阻器：0～5Ω開關一個，導線若干(1)以上四個電路圖你認為最合適的是______(2)在本實驗中，電流表的量程應選_________（選填0～0.6A或0～3A）(3)某位同學測得小電珠的伏安特性曲線如圖所示，當電流表讀數(shù)為0.40A時小電珠的實際功率為_____W12．（12分）在測量金屬絲電阻率的試驗中，可供選用的器材如下：待測金屬絲：（阻值約，額定電流約）；電壓表：（量程，內阻約）；電流表：（量程，內阻約）；（量程，內阻約）；電源：（電動勢3V，內阻不計）（電動勢12V，內阻不計）滑動變阻器：（最大阻值約）螺旋測微器；毫米刻度尺；開關S；導線．①用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為_________mm．②若滑動變阻器采用限流接法，為使測量盡量精確，電流表應選___、電源應選__（均填器材代號），在虛線框中（間答題卡）完成電路原理圖____．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，豎直面內固定一半徑為R=0.3m的光滑四分之一圓弧軌道，光滑地面上放置一長為L=0.3m的長木板，長木板的上表面與圓弧軌道的最低點B等高，且二者接觸但不粘連，長木板質量為M=1kg，一個質量為m=1kg的鐵塊（可以看成質點）以一定初速度滑上長木板的左端，鐵塊恰好能滑到圓弧軌道的最高點C，重力加速度為g=10m/s2，求：（1）鐵塊與長木板間的動摩擦因數(shù)；（2）最終鐵塊靜止在長木板上的位置。14．（16分）如圖所示的裝置，左側兩豎直平板間存在加速電場，加速電壓U1=200V，緊靠其右側的是彼此平行的A、B兩塊水平金屬板．A、B板長L=8cm，板間距離d=8cm，板間電勢差UAB=300V．一電量q=+10-10C，質m=10-20kg的帶電粒子，在靠近加速電場的正極板附近由靜止開始經(jīng)U1加速后沿A、B兩板中心線處的小孔R水平射入A、B板間的電場，粒子飛出A、B平行板后，經(jīng)過界面MN進入固定在MN右側的孤立點電荷Q所形成的電場區(qū)域做圓周運動，最后粒子垂直打在放置于中心線上的熒光屏EF上．（假設不考慮不同電場之間的相互影響，即界面MN左側為AB板間的勻強電場，右側為點電荷Q形成的電場），靜電力常數(shù)k=9×109N·m2/C2，cos370=0.8，sin370=0.6，求：（1）粒子射入A、B兩板時的初速度v0大??；（2）粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離y；（3）點電荷Q的電量大?。?5．（12分）如圖所示，勻強電場中相距L=0.1m的A、B兩點間的電勢差V．帶電量為C的點電荷位于A點時的電勢能為J,求:(1)將該電荷從A點移到B點靜電力做的功;(2)該電荷在A點時受到的靜電力;(3)B點的電勢．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

帶電體看作點電荷的條件，當一個帶電體的形狀及大小對它們間相互作用力的影響可忽略時，這個帶電體可看作點電荷，是由研究問題的性質決定，與自身大小形狀無具體關系?！驹斀狻緼項：點電荷是將帶電物體簡化為一個帶電的點，元電荷是電量的最小值，點電荷的值可以等于元電荷，也可以是元電荷的整數(shù)倍，即點電荷的電荷量可多可少，故A錯誤；B項：在研究帶電體間的相互作用時，若帶電體的尺寸遠小于它們之間的距離時，才可把帶電體看成點電荷，并不是所有電荷都可以看成點電荷，故B錯誤；C項：大的帶電體，在間距更大的情況下，可以看成是點電荷，故C錯誤；D項：點電荷是理想化的物理模型，故D正確。故應選：D。【點睛】點電荷是一種理想模型，知道物體是否可以簡化為點電荷，關鍵是看物體的尺度在所研究的問題中是否可以忽略不計。2、C【解析】

ACD．電容器始終與電源相連，則兩端的電勢差不變，將兩板緩慢地錯開一些，正對面積減小，根據(jù)，知電容減小，根據(jù)Q=CU知，電荷量減小，檢流計中有a→b的電流。故C符合題意，AD不符合題意。B．因為兩極板間的電勢差不變，d不變，則電場強度不變，所以塵埃的電場力不變，塵埃仍然保持靜止。故B不符合題意。3、A【解析】設真空中兩個電荷量為Q與q的點電荷，相距為r時的相互作用靜電力大小為F，根據(jù)庫侖定律，有：；若它們其中一個的電荷量減半，同時將這兩個點電荷間的距離變?yōu)?r，則它們之間的靜電力大小變?yōu)椋?，故A正確，BCD錯誤；故選A．點睛：本題關鍵是根據(jù)庫侖定律直接列式求解；庫侖定律：真空中兩個靜止點電荷之間的作用力與它們電量的乘積成正比，與它們距離的二次方成反比，作用力的方向在它們的連線上，依據(jù)題目條件，即可求解．4、B【解析】試題分析：根據(jù)兩種情況下系統(tǒng)能量變化的角度分析振幅的變化情況振子運動到C點時速度恰為0，此時放上小物塊，系統(tǒng)的總能量即為此時彈簧儲存的彈性勢能不變，故振幅不變，即；振子運動到平衡位置時速度最大，彈簧的彈性勢能為零，放上小物塊后，系統(tǒng)的機械能的減小，根據(jù)能量守恒定律可得機械能轉化為彈性勢能總量減小，故彈簧的最大伸長（壓縮）量減小，即振幅減小，所以，故，B正確．5、A【解析】A：平行板電容器的電容，電容器電壓與電容的關系為，電量不變，保持不變，增大，電容減小，電壓增大，變大，故A項正確．B：電量不變，保持不變，減小，電容增大，電壓減小，變小，故B項錯誤．C：電量不變，保持不變，減小，電容減小，電壓增大，變大，故C項錯誤．D：電量不變，保持、不變，在兩板間插入電介質，電容增大，電壓變小，變小，故D項錯誤．所以選A．點睛：①平行板電容器充電后，若保持其始終與直流電源相連，則板間電壓不變。當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、、來判斷各量如何變化。②平行板電容器充電后與電源斷開，由于電荷不能移動，電容器的帶電量不變。當電容器電容的影響因素發(fā)生變化后，據(jù)、、來判斷各量如何變化。6、A【解析】

AB.R=是電阻的比值定義式，所以電阻與兩端的電壓和通過的電流無關，由導體本身的物理條件決定，故A錯誤，符合題意；B正確，不符合題意。C.根據(jù)R=可知，對確定的導體，其兩端電壓和流過它的電流的比值就是它的電阻值，故C正確，不符合題意。D.U=IR可知一定的電流流過導體，電阻越大，其電壓降越大，故D正確，不符合題意。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A、運用歐姆表測量電阻時，測量前必須歐姆調零，且每次在換擋后要重新調零，如果用同一歐姆檔測不同的電阻，不需要重新進行歐姆調零，故A錯誤；B、為了使測量值比較準確，表筆應與待測電阻緊密接觸，由于人體是導體，不應該用兩手分別將兩表筆與待測電阻兩端緊緊捏在一起，故B錯誤；C、測量電路中的電阻時，由于多用電表內部電源被接通，要將待測電阻與外部電源斷開，故C正確；D、多用電表使用完畢，應將選擇開關旋到“OFF”或交流電壓最高擋，故D正確．8、BD【解析】

當電鍵S斷開時，由歐姆定律得，U=I1R1=10V，當電鍵S閉合后，通過R1的電流仍為0.5A，電動機的電流I2＜，故電流表的電流I=I1+I2＜1.5A，電路中電功率P=UI＜15W。故AC錯誤，BD正確。故選：BD9、AC【解析】

外阻為R：，則，則外壓U=IR=10V，功率P=EI=12W，則A正確，B錯誤；根據(jù)并聯(lián)電路的特點可求流過a、b電流均為0.5A，所以Uba=0.5×(15-5)=5V，故C正確；a、b間用導線連接后，根據(jù)電路的連接可求外電路電阻為，電流，故D錯【點睛】考查串并聯(lián)電路電阻的求解及全電路歐姆定律，計算前要明確電路結構是求解問題的關鍵；10、BC【解析】

場是看不見，摸不著，但是物質形態(tài)存在的，所以A正確；航天器中的“重力屏蔽狀態(tài)”指的是航天器中物體間沒有相互作用力，但仍存在重力，所以B錯誤；外電場在空腔導體的內部產(chǎn)生的場強，與感應電荷在內部的電場強度相互疊加后為0，所以C錯誤；由于靜電屏蔽作用，導體的外殼就會對它的內部起到“保護”作用，使它的內部不受外部電場的影響，所以導體腔內任意點的場強為零，D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A0～0.6A2.4【解析】

（1）[1]電流和電壓要求從零開始連續(xù)變化，故滑動變阻器采用分壓式接法；54.8Ω燈泡電阻：28.8Ω；由于：故采用安培表外接法；故選A；（2）[2]燈泡的額定電流為：A故選擇量程為0.6A擋即可；

（3）[3]從U-I圖象可以看出，當電流為0.4A時電壓為6V，故功率為：0.4×6=2.4W12、1.773A1E1【解析】

(1)由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：1．5mm+4．5×3．31mm=1．775mm；(4)電阻絲的額定電流約為3．5A，電流表應選A1；電阻絲的額定電壓約為U=IR=3．5×5=4．5V，電源應選